周测评(18) 电路(一)-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养周测评（福建专版）

2024一2025学年度学科素养周测评（十八） 物理·电路（一） (考试时间75分钟，总分100分》 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小置给出的国个装项中，只有 一项是符合题日要求的。 题号 4 答案 1.如图所示，将灯海的灯教与小灯渣串联接人电路，闭合开关使小灯泡发光。用清精灯给 灯维加热，下列说法正确的是 A小灯泡变请，灯丝电阻率变大 且小灯泡变骑，灯丝电阳率变小 C小灯泡变亮，灯丝电阻率变大 D小灯泡变亮，灯丝电阻率变小 2,如图所示，米自爱子源的质予（初速度为零》，经加速电压为U的都速器加速后，形成用 柱形的质子流.已如细柱形的质子流截薰面积为S,其等效电流为1：质千的质量为侧， 其电传量为。那么这束置子流内单位体积的质子数和是 m A点图 A点用 c点四 点品 3,最近两年洗地机这一新鲜家电逐渐流行，便利了人打的生活。现有某品牌洗地机，如图 所示，其工作参数如表所承，其工作模式有强效，节能两种，强效模式下，孩洗地机以领 定功率工作，节能模式下，以额定劝率的一半功率工作，两种慎式下，其工作电压均相 可，其婆就时间是按帮节能模式工作计算得珂的，则下列说法正确的是 学科素养周测评（十八）物理第1页（共8页） 衡水真 产品名释 某品牌法地肌 产品程号 QX-V6A 班圾 额定功率 220W 电装容量 400mA·h 续时间 0恤 清水整和量 800 mL. 姓名 外形尺寸 250+262·1115m 行水第容司 T20 ml. A,该徒地机在节能慎式下的工作电流为6A 得分 且该洗地机在节能模式下的工作电流为0.1A C该徒地机内阻约为30 D强藏模试下，该洗地机的工作电压约为36V 4,用如图所示的电路可以测景电用的图值。图中R,是背测电阻，R,是定值电阻，阻直是 3000.G是灵饭度很高的电流表，MN是一段长20m的均匀电阻丝。闭合开关，改变 滑动头P的位置，当通过电流表G的电流为零封，测得MP一日，期R,的阻值为 A.1000 B2000 C300n D4500 二，多项这择题：本题共+小题，每小愿6分，其24分。每小题有多项符合愿日要求，全郎 苦对的得6分，进对但不全的得3分，有远错的得0分。 题号5 6 78 容案 5,某一热做电阻的阻值随祖度的升高而减小，在一次实验中，将该热做电阻与一小灯泡串 联，酒电后各自的电流I随断如电压变化的图像如图所示，点M为两元件的伏安特 性曲线的交点。期关于热敏电阻和小灯泡，下列说法正确的是 A.。是热敏电的伏安特性由线，b是小灯泡的伏安行性由线 围：是小灯泡的伏安特性由线，是热敏电阳的伏安特性由就 C由图可求得M点对应的小灯泡及热幢电阻的阻值 DM点对空韵状态下，小灯泡的功率比热饭电阻的大 密岳 学科素养周测评十八)物理第2页（共8页引 6 6某数场设计了一款补水是示器，其工作原理如图所示，水世增加时滑片下移，电表均为 现想电表。下列说法正确的是 A若选择电压表，水量增多时电压表示数变大 B若选栉电流表，水量常多时电流表示数变小 C若选择电筐表，与电压表相比，电路更节能 D若选择电压表，减小R。可提高灵敏度 ?,某汽军无线究电站的无线究电设各充电效率的为的%，一辆新雀源汽车最大充电容量 为5kW·h,从0年10的km/h的加速时间为7s,当汽车电法容量低于最大客量的 如%时，要求进入充电站进行充电。下列说法正确的是 A充电过程能量不守恒 我从电池客量20%到充清电，需要清托电能5AkW·b C电机正常工作时的电流等干输人电压与电动机电阻的比值 九保持最大功率恒定不变加速时，汽车的加速度减小 &如图所示，用一根电阻为R的园：均匀的锦情合金丝嫩境一个环，在环上7个均匀分 布的点上，焊接7条不计电阻的导线，导线与接线桂连接，利用这种方法，可以在任意两 个接线柱之间获得不同阻值的电阻，下列说法正确的是 A可我得的不可阻值电阳的总个数为3 B可获得的不问阻值电阻的总个数为4 C可我得的最大电阻的阻值为号R D可软得的最小电阻的阻值为R 6 学科素养周测评（十八）物理第3页（共8页） 衡水真 三，非装择愿：共0分，其中9、10、1小为填空题.12、13为实验题，1415、16为计算题。 9.《3分)一根和细均匀的金国导线值为R,两端加上恒定电压U时，薄过金属导线的电 流强度为「，金属异线中白由电予定向移动的平均速率为，若将金属静线均匀拉长，使 其长度变为瓜来的2倍，仍给它两端加上国定电压U,已知电流的微戏表达式为【三 5,其中且为单位体积电子个数e为元电荷，S为导线横载图积，则此时金属导线的 阳值为R的倍：此时自由电予定向移动的平均蕴率为、（结果用￥ 表示)， 10.(3分)小灯泡通电后其电速「随所团电压U变化的图线知图所示，P为图线上一点， PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为」轴的垂线。喇随看所如电压的增大， 小灯池的电阻 《填“增大”成说小”：对应P点，小灯泡的电阻为R■ 一（用题目中的学母表示）。 11,《3分)如图甲所示，电动勢为0,10V的电池连接一只电流表.两者的内阻氢略不计 电池的一南连接长度为1.自m导线的右骑，电篇表的另一接上导线的某一点，江为 接点与导线左南的即离，导线由一段金属线1（电阳率为5.8X100·m)和一段金属 线2（电阻率为2,8×10·D·)率接面成，它们的横截面积相再。由电流表测得的电 流「，所推得的电路总电阻R和x的关系图像如图乙所示，则导线的右边溶分为金属 线 〔填1或“2，导线的横载面积约为 m2〔保留一位有效数字). 6r0a 40 时成6 甲 12(5分)为了测量某待测电图R,的图值.约为30，提俱了以下器材： 电压表V(量程0一3V,内阻很大)， 电压表V(量程0-一15V,内阻很大)： 电流表A,(量程0~50mA,内阳约为100)： 电源表A(量程0-3A,内阻约为0,120)： 电源E电动势约为3V,内阻约为Q2): 蹈密在 学科素养周测浮十八》物理第4页（共8页1 定值电阻R(200,允许最大电流L0A): 带动变不器R,(0一100)，允许最大电流20A: 滑动变阻翠R,(0-10,允许最大电流0,5A: 单刀单每开关S一个，异线若干 (1)为了使测量范围尽可能大，电压表应选 ,电流表成达 ,带动变阻 择应选 。(算字每代号) (2)请在虚线摆内面出测量电阻R,的实验电路图 (3)某欢测量中，电压表示数为。时，电流表示数为J,测计算待测电阻阻值的表达式 为R,= (用字母表示) 13.(8分》在“测定金属的电阻率“实验中，所用测量仪器均已校准，得测金属找接人电路部 分的长度约为50m 《1》用螺炭测微器测量金属管的直径，其中基一次测量结果如周甲所示，其读数应为 mm(该值接近多次薄量的平均值) (2》用伏变法测金属法的电阻R。实验所用器材为电泡凯（电动势3V,内阳不计），电 流表（内阻约0.10），电压表（内阻约3k0),滑动变阻器R(0~2的n,额定电藏 2A),开关、导线若干。某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量， 记录数据如下， 次数 1 4 5 6 UV 410 具0 a01.001.501.70 名30 I/A 020a,0400,16020140400520 由以上实验数暴可知，能们测量R,时采用的是 (填“乙*或“丙)图 学科素养周测评（十八）物理第s页（共8页） 衡水真见 (3)如图丁所示是测量R。的实验器材实物图，图中已连接了粥分导线，滑功变阻器的 滑片P置于滑动变I器的一增。请根据《2)所透的电路图，补充完成图中实物间的 连线。 ()这个小组的月学在坠标纸上建立、】坐标系，如图发所示，图中已标出了与测量数 紫对应的4个坐标点，请在图中标出第2,4,6次测量数据的坐标点，并指绘出-】 图线。由图线得到金属发的阻值R,= (保眉两位有效数字). 1.0 1.5 10 n 0.l0020.300.400350060A (5)银素以上数据可以估算出金属丝电阻率约为 (填选璞前的符号)。 A.1×10-40·m B1×10·m C1×1040·m D.1×1040·m (6)任何实验测量都存在误差，木实验所用测量仪器均已校准，下列关于限差的说法中 正确的是。 A,用螺黄测微暑测量金属堂直径时，由读数引起的误属于系统误差 且由电流表和电压表内阻引起的视误差属于国然误蒸 C,若将电流表和电压表的内计算在内，可以消除由测量仪表引起的系统误差 D用止！图像处见数据求金属筐电阻可以碱小偶感误差 密西 学科素养周测浮（十八）物理第6页（共B页1 6 14.10分》某同学设计了一个加速度计，结陶如图所示。原明为较重的滑块2可以在光滑 的根架1中半移，滑块两侧用相同弹簧3拉着：滑动变1器中4是滑清片，它与滑动变 阻器任一端之问的电阻值军与它可这确的E离成正比，工作时将加违度计质定在运动 的物体上，使弹簧及滑动变阻器均与物体的运功方向平行，滑块在弹簧作用下以司用 的如走贵运动。闭合开关，当运动物体的缸速度为零时，弹簧处于白然长度，滑动片在 带动变阻蓉中点处，理想电压表的示数为零（零点位于表盘中央》：当物体具有图示方 向的加速崔时，P细的电劳高于Q端，电压表指针向零点右侧偏转。已知带块质量两： 弹赞劲皮系数（弹簧在弹性限度内），电颜电动劳E(内闲不计)，滑动变阳器全长L。 (1)当电压表示数大小为时，求运动物体的加速度大小。 2定义电压表示数变化量大小与加这度变化最大小之比（二）为加速度计的灵敏度。 改变装置中的无件参数可以提高加建度计的灵镇度，请写出提高灵敏度的两钟 方法， 103 15.12分)如图断承，电那电动势E=10V,内阻-1n,R1-30,R:→60，C-的F. (1)闭合开关S.求稳是后通过R,的电流. (2)然后将开关S断开.求电容露两端的电压变化量和通过农：的总电传量 ()如果把R,换成一个可变电1，其阻值可以在0一1心0范围变化，求开关闭合并且 电路稳定时，R,酒耗的最大电功率， 6 学科素养周测评（十八）物理第7页（共8页） 衡水真见 16.(16分)图1所示的电路中，电源的U1图像知图2所示，灯泡的U1图像如图3所示， 铭佛上标有“25V0.4A"的电动机线图电阻为r。一L.02。图1所示电路中，开关S 同合后，电动机刚好正常工作。 《1》求电源内阻， 《2》求电动机正常工作时，灯泡的电功率： 《3》若某时刻出现故障，电动机卡死不转，求电动机线圈的电功率 20 15 05 5A 图 2 密西 学科素养周测浮（十八）物理第8页（共B页！·物理· 0=√0十02- 2edEo m 设B粒子发射出来时的速度方向与A板的夹角 为0，则 tan 0=%:=1 解得0-45 (3)B粒子以速度。垂直于x轴进入第N象限 后，沿y轴负方向做匀速运动，沿x轴负方向做 匀加速、匀减速运动，B粒子在x轴方向的加速 度大小 a=E_4d m Ta 2024一2025学年度学科素养周 一、单项选择题 1,A【解析】灯泡的灯丝是一种金属，金属的电阻 率P随温度的升高而变大，由电阻定律R=pS 可知，电阻率变大，灯丝的电阻变大，通过小灯泡 的电流变小，故小灯泡变暗，A正确。 2.D【解析】质子经加速电压为U的加速器加速 后，有U=2m,根搭电流的定义公式则有 【=?,这束质子流内单位体积的质子数为，则 有g=Sune,联立解得n=S2cD正确。 3.A【解析】该洗地机在节能模式下的工作电流 为I=400X10X360A=6A,A正确，B 40×60 错误；根据题中条件，无法得出该洗地机内但，C 错误：两种模式下，其工作电压均相同，根据P。 √ P-220 U,该洗地机的工作电压U= 6 V= V,D错误。 3 4.D【解析】由电桥知识可知 e_,根据R RPN R. 货有是是兴懈得R=60AD玉 ·2 参考答案及解析 在0~号时间内，日粒子洛工的负方向运动的 位移 (”-号 B粒子在x轴上的入射点到坐标原，点的距离 d=2xo 根据运动的对称性可知，阝粒子经过时间T运 动到y轴上，所以 s=v·T=T edEo Vm。 测评（十八）物理·电路（一） 二、多项选择题 5.AC【解析】小灯泡的灯丝温度随通电电流的增 大而升高，阻值也随着增大，所以图线b是小灯泡 的伏安特性曲线，同理可知，热敏电阻的温度随着 通电电流的增大而升高，其阻值会减小，所以图线 α是热敏电阻的伏安特性曲线，A正确，B错误：由 U 公式R=,可求出M点对应的小灯泡的阻值和 热敏电阻的阻值，C正确；两图线的交点M,表示此 状态下通过两元件的电流相等，两元件两端的电压 也相等，所以功率相等，D错误。 6.AD【解析】如果选择电压表，滑动变阻器R和 定值电阻R。串联在电路中，且电压表测滑动变 阻器滑片至最上端两，点间的电压，无论滑片如何 移动，滑动变阻器接入电路的阻值不变，闭合开 关S,水量增多时，滑片下移，滑动变阻器上半部 分的电阻增大，滑动变阻器上半部分两端的电压 增大，即电压表示数变大，A正确；如果选择电流 表，滑动变阻器滑片以下的部分和定值电阻R。 串联在电路中，电流表测电路中的电流，水量增 多时，滑片下移，滑动变阻器连入电路的阻值减 小，电路的总电阻减小，由欧姆定律可得，电路中 的电流增大，即电流表示数变大，B错误；与电压 表相比，选择电流表设计电路的总电阻较小，电 路中的电流较大，由P=UI可知，电路的总功率 6 衡水真题密卷 较大，不节能，C错误；若选择电压表，减小R。,电 路中的电流增大，电阻变化相同时，其两端电压 变化增大，即电压表灵敏度提高，D正确。 7.BD【解析】能量守恒定律是物理的普适定律， 充电过程遵守能量守恒定律，A错误；从电池 容量20%到充满电，需要消耗电能E 54×(1-20%2kw,h=54kW·h,B正确：电 80% 机不是纯电阻元件，不遵守欧姆定律，在电机工作 中电阻两端的电压小于电机两端电压，因此电机正 常工作时的电流小于输入电压与电动机电阻的比 值，C错误；保持最大功率恒定不变加速时，速度增 加，根据P=F0可知，牵引力减小，由牛顿第二 定律F一f=ma知，加速度减小，D正确。 8.AC【解析】选择1接线柱不动，另外一个接线 柱有2(7)、3(6)、4(5)三种选择，这三种选择组成 的并联电胆胆位分别为Rm=R-号R, 7R Ri-2RX5R_10R 7R -9R,R4=3RX4R2 7R 7 R,故总 共有三种不同的阻值，最大阻值为号，最小阻值 为9R。A,C正确. 三、非选择题 9.4号 【解析】将金属导线均匀拉长，使其长度变为原 来的2倍，横藏面积变为原来的2，根据电阻定 律R=P5分新得到，电租变为原来的4倍；电流 的微观表达式I=neSv,其中n、e不变，电流I 为原来的子，横藏面积S支为原来的2，则自由 电子定向移动的平均速率为受。 1a增大号 【解析】图线上的，点与原点O连线的斜率的倒数 表示电阻值，由图像可知随着所加电压的增大，图 线斜率减小，故小灯泡的电阻增大：由欧姆定律可 得，对应P点，小灯泡的电阻为R-, 0 11.11×10-6 6 2 学科素养周测评 【解折】根据R=P后当工较大时，电阻变化较 快，则电阻率较大，所以导线的右边部分为金属 45-40 线1：根据△R=号△山，有5-0,2701× 103,解得S≈1×10$m2。 4-()图4揭(2)'出Vh()2L 【解析】(1)因为电源电动势约为3V,所以被测 电阻两端电压不会超过3V,所以电压表选择 V1:电源电压约为3V,所以电路中的最大电流 不会龙过1一景-品A-Q1人，故电洗表选锋 A;本实验要求测量范围尽可能大，所以滑动变 阻器应该选用分压式接法，故滑动变阻器应该 选用R,。 (2)因题目要求所测量的值的变化范围尽可能 大一些，故应采用滑动变阻器分压式接法；由于 电流表量程只有0~50mA,若只接待测电阻， 电路中电流过大损坏电流表，故可将定值电阻 接入与待测电阻串联；由于电压表的内阻很大， 故电压表分流较小，故应采用电流表外接法，电 路如图所示。 E S (3)由欧姆定律可知R十R.= ,解得R,= I。 o-R。 I。 13.(1)0.398(0.396~0.399均正确)(2)乙 (3)见解析图甲(4)见解析图乙4.4(4.3一 4.7均正确)(5)C(6)CD 【解析】(1)固定刻度读数为0mm,可动刻度读 效为39.8×0.01mm,则螺旋测微器的读数为 0mm+39.8×0.01mm=0.398mm。 (2)由实验记录的数据可知R,的阻值大约为 5Ω，则R,《Rv,电流表采用外接法；若滑动变 阻器采用限流式接法，电路中最小电流约为 E I血R1+R+R≈0.12A,其中R为R与 ·物理· Ry的并联电阻值。实验数据中第一组的电流 为0.020A,小于限流式接法的最小电流，所以 滑动变阻器采用的不是限流式接法，而是分压 式接法，则采用的是乙图。 (3)电流表选用0一0.6A的量程，电压表选用 0一3V的量程，结合电路图进行实物连线，如图 甲所示。 形0 甲 (4)在图中标出第2、4、6次测量数据的坐标点， 作一条直线，使尽可能多的点在这条直线上，不 在直线上的点均匀分布在直线两侧，明显偏离 的，点应合去，如图乙所示。由图线斜率可求出 金属丝的电阻值为R,=22 0.5n≈4.4n 2sfUmv 2.0 1.5 1.0 0.5 0.100.200.300.400.500.60A 乙 (5)根据电阻定律，可得金属丝的电阻率为ρ R5R2_314X44XQ398X10yn·m 4 4×0.5 1×106n·m,故选C。 (6)用螺旋测微器测量金属丝直径时，由读数引 起的误差属于偶然误差，故A错误；由电流表和 电压表内阻引起的误差属于系统误差，故B错 误：若将电流表和电压表的内阻计算在内，可以 消除由测量仪表引起的系统误差，故C正确；用 UI图像求金属丝电阻，可以减小偶然误差，故 D正确。 14.()2LU mE (2)增大m、增大E、减小k、减小L 【解析】(1)设滑动变阻器总电阻值为R,当运 2 参考答案及解析 动物体的加速度大小为a时，滑块偏离滑动变 阻器中点的距离为x(女<之)，则P,Q间电阻 为R- 此时对滑块由牛顿第二定律得2kx=ma 由闭合电路欧姆定律得I一R E 则电压表示数为U=R,=RR,=习 联立解得a 2kLU mE @南U-品特兴-咒 增大m、增大E、减小k、减小L可以提高加速 度计的灵敏度。 15.(1)1A(2)1.2×10-4C(3)6.25W 【解析】(1)稳定时，电容看作断开状态，电路中 的电流 E I=,+R1+R,1A (2)S闭合，电路处于稳定状态时，电容器两端的 电压 U=IR2=1×6V=6V S断开后，电容器两端的电压为10V 所以△LU=4V 通过R,的总电荷量为 △Q=△U·C=4×30X10-6C=1.2×104C E (3)P,=y+R+R2 ·R2= RtY+R+2R,+r） R2 所以当R2=R1十r=4D时，R2消耗的电功率 E2 最大，为P,=4R1+=6.25W 16.(1)12(2)0.04W(3)1.44W 【解析】(1)根据闭合电路欧姆定律可得 U=E-Ir 根据题图2可得电源电动势为 E=3.0V 图线斜率为 =r=30-2.0 1.0 n=1.0n 6 衡水真题密卷 (2)在题图1电路中，电动机正常工作电流为 0.4A,电动机两端电压为2.5V,电源内阻两端 的电压为 U,=Ir=0.4V 根据闭合电路欧姆定律可得 E=UM+U,+UL 解得U1=0.1V 所以灯泡的电功率为 P1=U1I=0.04W (3)电动机卡死不转，电动机线圈相当于一个纯 电阻，此时电路简化为一个电动势为3.0V、内 阻为2.0Ω的等效电源，外接灯泡，在灯泡的 U-I图像中作出等效电源的U-I图线，两图线 交点即为灯泡的工作点，如图所示 2024一2025学年度学科素养周 一、单项选择题 LA【解析】由题得，甲女的电阻为R,= P U22 12100,乙灯的电阻为R:=P2 =484Ω，两灯串 联在电路中，通过两灯的电流相同，由U=IR知 甲灯两端电压大，又由P=IR,知甲灯比较亮， A正确，B错误：由Q=IR:,知相同时间内甲灯 消耗的电能较多，C错误；由q一t,知相同时间 内通过两灯的电荷量一样大，D错误。 2.B【解析】由于电源内阻不计，开关S断开时，电 容器两瑞的电压为U一号，电容器所带电荐量为 Q,=CU,-C…号开关S闭合时，电容器两瑞的 电压为U2=E,电容器所带电荷量为Q2=CU2= CE则有号-B医清， 3.C【解析】由电路可知，电阻R与滑动变阻器的 下半部分并联，并联后再与上半部分串联，由并 联电路特点可知，并联部分的电阻小于滑动变阻 器电阻的一半，再由串联电路特点可知，输出端 的电压即为并联部分的电压小于气，A,B错误： 6 2 学科素养周测评 UNV 3.0 2.5 2.0 1.5 1.0 0.5 00.51.01.52.0 由图可得此时灯泡电流为 1'=1.2A 所以通过电动机线图的电流也为1.2A,此时线 圈上的热功率为 P='2ro=1.44W。 测评（十九）物理·电路（二） 滑片P向上移动，并联部分的电阻变大，由串联 电路特点可知，输出电压增大，C正确；负载电阻 R的阻值越大，并联部分的电阻越大，由串联电 路特点可知，输出电压越大，D错误。 4,B【解析】若L2断路，外电但增大，则千路电流 I减小，A错误；若L2断路，外电阻增大，通过X 和L1的电流都减小，X和L1的功率都减小，B 正确：若12短路，外电阻减小，X2两端的电压减 为0，X的功率减小，通过其他指示灯的电流增 大，功率增大，CD错误。 二、多项选择题 5.AD【解析】因为警报器两端的电压低于设定值 时，警报器就会自动报警，即热敏电阻的阻值低 于某一阻值时，温度高于某一温度时，警报器会 自动报警，A正确；当温度升高时，外电阻减小， 电源的输出效率降低，B错误；当温度降低时，热 敏电阻阻值增大，并联部分两端的电压增大，定 值电阻上消耗的功率增大，C错误；如果使报警温 度提高，需要在提高温度后，警报器上的警报电 压与之前相等，热敏电阻的阻值减小了，则回路 的电流要增加，滑动变阻器的阻值要减小，所以 滑片需要向左滑动，D正确。 6.AD【解析】无论是测电压，还是测电阻，电流都