周测评(17) 电场(三)-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养周测评（福建专版）

2024一2025学年度学科素养周测评（十七） 物理·电场（三】 (考试时何75分钟，惑分100分) 一，单项选择题：本题共4小器，每小第4分，共16分。在与小端给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 题号 1 2 3 4 答案 1,如图甲所示，计算机键盘为电容式传感器，每个键下面由相互平行.可更为d的活动金 属片和固定金展片组成，两金属片间有空气间原，两盒属片组成一个平行板电容器，如 图乙所示。其内那电路如图丙所示，按健的过程中，下列说法正确的是 定之撑板 ☆气 结动金属片 闲定金属片 A电容器的电容诚小 B电容器的电背量增大 C图丙中电掩方向从a盖向6 D电容器何的电场漫度减小 2.如图所示，G为静电计，M、N为平行板电容器的金属版，开始时开美S闭合，静电计霜 针案开一定角度。若不考虑静电计引起的电荷量变化，斯下列说法正确的是〔) A保持开关S闭合，将两极版同距观小，两极板间的电场强度E,不变 R保持开关S闭合，将带动变阻器R的滑片P向左移动，静电计指针张开角度变大 C断开开关8后，景粘N极板插人金风板，静电计指针张开角度变小 D,斯开开关S后，将两假板间距增大，两极板同的电势差U诚小 学科素养周测评（十七】物理第1页（共8页） 衡水真 3.示波#可以用来现察电信号随时间变化的情况，其核心都件是示波管，其原理图如下， 班圾 XX‘为水平偏转电极，Y为竖直篇转电极（已知T很小），以下说法正确的是《) 电子 姓名 得分 偏电畏 A 2 3 A.XX知图3破形电压，Y不知信号电压，屏上出现一个亮友 且XX都图2被形电压，YY如图1被彩电压，屏上将出观丙条竖直亮规 C,XX加图4波形电压，Y知图2被形电压，屏上将出现一条经直亮线 口XX'加图4凌形电压，Y加图1控形电压，屏上将出现图1所示图线 4,坐标系)y所在的整直平而内存在着范围足够大且方向竖直向下的匀强电场，士轴沿 水平方向，一播负电小球以初速度%从坐标原点O术平射出，一段时间后小球通过第 四象限P(山，：一上，)点《图中设有标出).已知小球质量为四，重力加违度为：，果小续 A.从O点到P点的站动过程，运动时制为 L 鼠到站P点时动能为 C,到达P点时速发偏向角正切值为t一1 D所受B电大小为+学 二，多项这译题：本题共+小题，每小6分，共4分。每小题有多顷符合题目要求，全部 选对的得6分，选对但不全的得3分，有选储的得0分。 题号 5 6 7 8 答案 5,示波等是一种多功能电学仅器，它是由加速电畅和偏转电杨组或的。如图所示，面量为 出的替电粒子由静止开始经和莲电锈相速后，沿平行干板面的方向从正中可射入篇转 电场，并从另一侧射出。已知带电粒子的电荷量为，加速电场电压为U山，偏转电场的 级板长度为L,两极板日的矩离为d,箱转电场极板间的电压为心且可國节，不计粒子 密在 学科素养周测浮（十七）物理第2页（共8页1 6 的重力。则下列膜法正确的是 A.带电子离开偏转电场时的动能为9U,+U,) 我司种电性的不同带电粒子，射出装置的位置相同 C或小U,带电魏子通过偏转电场的时间变长 卫若带电粒子州好从下板板边峰离开细将电场，受-兰 6.知图甲所示，两平行金属复竖直成置，左极板接地，中间有小孔，右极板电劳随时间变 化的规律如图乙所示。电子原来静止在左极板小孔处。电子电荷量为：，不计重力作 用。若从=0刻释成电子，下列说法中正确的是 A电子将始终向右运动，直到打到右极板上 五电子可能在两板间搬动 C在-哥格好到达右最复，则到达行批板时电子的功能为山 D在：-时解到达右能板，则到达右极板时电子的时能是受 7.如图所示a,b.c,d是知形的四个顶点，ab一cd一Lad一你-2L,空闻中有平行于形 所在平面的匀强电场。已知：点的电势为孕，b点的电势为2g,d点电势为一令，一质 子从6点以初速度：射人该电场，人射方内与x成45角，不计爱子的重力，则下列说 法正确的是 人。点的电势为 我电场强使大小为空 45 C质子可能运动到c点，所用时间为2L D质子可能运动到：点，到达4点时的电势能诚少了华 6 学科素养周测浮（十七）物理第3页（共8页） 衡水真 8.如图所示为一固定在竖直面内的光滑绝撞细管轨道，A点与x轴相交，C点与y物相 交，轨道AB段竖直，长度为Q7m:BC服是半极为a,7m的四分之一图属，与AB相 切于B点。一质量为m一0.1kg,直径略小于管径的罐电小球从A点以初魂度到射人 轨道，小球到达最高点C时恰好与轨道没有作用力。已知小球带Qa1C的正电背，在 工轴上方存在着电场强度大小为10的NC,方间求平向右的匀强电场，重力加建度g取 10m/,则下说法正确的是 A.小球的初速度为6m/ B小球的初速度，为7m/s C小球从C点射出后运动轨连与x轴交点横坐标为0 口小球从C点财出后运动轨连与x转交点橘坐标为一Q7回 三，非选择量：共60分，其中9、10、1山为填空题.12、13为实验题，14、15.16为计算题。 3,(3分)用如图所示电路给电容器进行充、成电。若单刀双辑开关S接通2"位置时，电路 中电压表的示数减小，则通过图中电瓷表的电流方向向 (填“左”或右")，电容 着此时处于（填“充电或“放电”"）款态。 -2 10,(3分)如图所示，电荷量之比为写4·9：一1：3的带纯数千A.B以相等的速度”，从问 一点出发，沿著与电橘强度垂直的方向射入平行板电容普中，分别打在极板上的C,D 点，若OC一CD,忽略粒子重力的影响，则A和B在电场中运动的时间之比为 A和B的质量之比为 +干寻 B 1L,(3分)如图所示，边长为d的正方彩区城内存在沿CD方向、电场强度大小为E的匀 强电杨，电衡量为g的粒子从B点沿BC方向以速度v射人匀强电场，从AD边的中点 F离开匀强电虽，不计粒子受到的重力。则带电粒子经过F点时的道度大小为 带电粒千轻过F点时的动能为 。《结果均用题口中的字每表示) 蹈密在 学科素养周测浮十七》物理第4页（共8页1 12(5分》魔音机中可变电容作为调谐电台使用。如图甲所示为空气介置单联可变电容 器的结构，它是利用正对面积的变化改变电靠器的电容大小，某同学想要研究这种电 容器充，放电的特性，于是将之接到如阁乙断示的实验电路中，实验开始时电容#不 带电。 动片出 力片 建月 定片 左一 (260 pP 空气介质单取可变电容春们替构发电亮精号 (1)首先将开关S打向1，议时观察到灵敏电流计G有知箭的示数，稳定后，旋转整钮， 使电容帮正对面积迅速变大，从开始到最终稳定，灵敏电流计承数随时间变化的图 像可能是 。(填这寞中的字号序号) H (2)充电稳定后，斯开单刀双露开关，用电压表接在电容器两端测量电压，发观读数规 橙减小，原因是 ()该同学做完实验，得到电客器的电容后，突然想起他用的是一节旧电池（电动势不 变，内阻不可忽略)，娃想要得到尽量精确的电容值， (填·需要”建·不需 要“)重新换一竹新电池来测量。 13.(8分)某同学用传感若成察电容器的放电过程，实验授作如下： (1)本实验的电幕如图甲所示，清在图乙中用笔画铁代馨导线连接实物图（传惑韩正常 工作时电流从红鳄鱼夹流入，从黑等角夹流出。 学科素养周测浮（十七）物理第s页（共8页） 衡水真蹈 食 (2)为校酸电L箱1值，在电路断升的情况下该问学用欧，表“×1k”挡测量了电烈箱 的阻值，测量结果如图丙所示，则电表读数为？。 《3)已蓄电就的电动势为GV,内不计，实的结束后精绘的电容据放电4图像如图丁 所示，根据图像求得该电容器的电容大小约为（保留两位有藏数字）。 (《)实险结果表明，电容的测量值小于标识值，请写出静数该现集的一个主要原因： (5指电容卷放电后，该同学用微好表”×10”消检测电客器，当红黑表笔与电容器两极 连接后，发残折针光大角度向右篇转然后偏角连渐减小，经时间后返目：将该电 容器放电后换用×100”挡再次枪测，指针经1时同后返同，则 (填 “大于”“小于”或等于”)： 1.(10分)如图所示，在平面直角坠标系x方的第三象限存在竖直向下的匀强电场，电场 强度大小为E:第二象限存在水平向左的匀电场，电场强瘦E未知。质量为m,电背 量为一(g>)的槽电粒子从第三象限中的某一点Q(一L,一L)无初速度释故，经电 场加速后从P点垂直于x轴进人第二象限，然后从点A(0,2L.)进人第一象限。不计 粒子重力，求： (1)粒子经过P点时的速度大小 《2)第二象限内匀程电斯电新强度E大小。 密在 学科素养周测浮十七)物理第行页（共8页 15.12分》知图所示，两平行金属板A、B同电势差为U,电荷量为g.质量为网的带电粒 千，由静止开始从极板A出发，经电场加通后射出，沿金属板C,D的中心轴线进人偏 转电压为的偏势电场，最终从极板C的右边缘射出。偏转电据可看作匀强电场，版 问距为d。忽略重力的影响。求： (1)带电粒子进人偏转电场时动量的大小P:。 (2)偏转电杨对带电粒子冲量的大小了和方向。 [3)加建电场和偏转电场对带电较子所微的总功W。 6 学科素养周测浮（十七】物理第7页（共8页》 衡水真蹈密在 .(16分)如图甲所示，在空同中建立x仍方平而直角量标系，平行金属板A,B和平行于 金属板的细管C放置在第Ⅱ象限，解管C罚两金属板的距离相等，相管C的开口在y 轴上，开口到坐标原處的距离为d。B粒子源P在A板左端，可以沿持定方向发射某 一初速度的9程子。若金属板板长和板何距相等，当A,B板可加上某一电压时，月粒 子南好能水平射人暂管C,进人位于第I象限的静电分析器中，静电分析器中存在着 均匀辐向电属，3粒子在该电场中恰好做匀速阅周运动，该电场的电场线沿半径方向背 离圆心口，粒千运动轨诗处的电扬强度大小为E。,在1一0时刻B数子垂直于x轴 进人第W象限的交变电场中，交变电场的电场强度E团时同变化的美系如图乙所示 (丁为已知量)，规定沿x轴正方向为电场的正方向。已如数千的电有量为一(：为 元电背)，质量为两，重力不计。求： (3粒千在静电分析器中的迷度大小”。 (2)3较子从数子源P发射出来时的速度， (3)3粒子打到y结负半时到坐标原点O的距离。 胶子家 、静电分所器 E 乙 学科素养周测浮十七)物理第8页（共8页引·物理· 解得E=3×105N/C (3)质子射出电场后做匀速直线运动，由几何关 系得x2=y1,x=x1十x2 r号n 所以到达工轴的坐标为（号m0)。 15.(1)1=√2kU (2)E-2U Ul R (3)y-Uod 【解析】(1)设粒子射出加速器的速度为1，粒 子的电荷量为q,质量为m。由动能定理得 gU。=2modi 其中g=k,解得u1=√/2kU。 (2)粒子在辐向电场中做匀速圆周运动，有 qE-mR 解得E=2U R (3)在第一个偏转电场中，设粒子的运动时间为 ,加速度的大小a=g四 md 在离开时，竖直分速度v,=at 1 竖直位移y=2at 水平位移l=v1t 粒子在两偏转电场间做句速直线运动，经历时 2024一2025学年度学科素养周 一、单项选择题 1.B【解析】根据平行板电容器的电容计算公式 C一得知，按键过程中，板间距离d减小，电 容C增大，A错误：因C增大，U不变，根据Q= CU知Q增大，电容器充电，电流方向从b流向 a,B正确，C错误：根据电势差与电场强度的关系 U=Ed,可知电容器间的电场强度增大，D错误。 2.C【解析】保持开关S闭合，滑动变阻器R仅仅 充当导线功能，电容器两极板间的电势差U不 变，滑动变阻器R的滑片P向左移动不会影响静 ·2 参考答案及解析 间也为t,竖直位移y2=o,1 由题意知，粒子竖直方向总位移y=2y1十y2 Ul 解得y=Uod 16.(1)2mg,方向由B点指向A点(2)√5gR 【解析】(1)由题意可知B点是等效重力场中的 “最低点”，对小球从A点运动到B,点由动能定 理得 FasRm 对小球在B点分析有 F,=FN一FGt=mR 又有Fc电=√(mg)十F,F电=qE 解得FGt=mg,E=2mg 方向由B点指向A点。 (2)要做完整圆周运动，小球能恰好通过D 点，有 Fc电=mR 解得速度至少为vD=√gR 对小球从B点运动到D点由动能定理得 -Fes X2R-m-mv 解得a=√5gR。 测评（十七）物理·电场（三） 电计指针张角，静电计指针张开角度不变，将两 U 极板间距减小，由E一：可知两极板间的电 场强度E1增大，A、B错误；断开开关S后，电容 器的电荷量Q不变，若紧贴N极板插入金属板， 相当于两极板间距d减小，根据C一可知电 客C增大，根据C=吕可知两板板间的电势差U 减小，静电计指针张开角度变小，若将两极板间 距d增大，电容C减小，两极板问电势差U增 6 衡水真题密卷 大，C正确，D错误。 3.D【解析】XX'为水平偏转电极，其中所加电压 使得粒子发生水平方向的偏转，YY为竖直偏转 电极，其中所加电压使得粒子发生竖直方向的偏 转，YY不加信号电压，竖直侧移为0，XX'加题图 3波形电压，由于电压呈现矩形方波形式，电压一 正一负，大小一定，则屏上出现两个亮点，A错 误；XX'加题图2波形电压，则水平方向侧移 定，YY加题图1波形电压，则竖直方向侧移呈现 正弦式规律变化，但由于水平方向侧移一定，则 屏上将出现一条竖直亮线，B错误；XX加题图4 波形电压，电压呈现倾斜直线变化，即为扫描电 压，水平方向侧移也在均匀变化，YY加题图2波 形电压，电压一定，竖直方向侧移一定，则屏上将 出现一条水平亮线，C错误：XX'加题图4波形电 压，电压呈现倾斜直线变化，即为扫描电压，水平 方向侧移也在均匀变化，YY加题图1波形电压， 则竖直方向侧移呈现正弦式规律变化，则屏上将 出现题图1所示呈现正弦规律变化的图线，D 正确。 4.B【解析】从O点到P,点的运动过程，小球在水 、平方向上微匀递运动，则运动时间为1=二，A错 误；小球在竖直方向做匀加速运动，则L=, 即，=20a,到达P点时速度为p=√十o 5动能E,=mi=号mo,B正确；到达P 1 点时速度偏向角正切值为tan0=巴-2，C错误； 由动能定理有mgL一FL=之m一言md,所 1 受静电力大小为F=mg 2,D幡送。 二、多项选择题 5,BD【解析】对带电粒子从静止到离开偏转电场 由动能定理得Ek一0=W1十W2,可知带电粒子 离开偏转电场获得的动能等于加速电场做功W 和偏转电场做功W2,其中W:=qU1,W2≠qU2, 带电粒子离开偏转电场时的动能并不等于 q(U1十U2),A错误，带电粒子在加速电场中有 /2gU1 gU=2mui,化简可得1一√m 由于带电 ·2 学科素养周测评 粒子从另一侧射出，则在偏转电场极板间运动的 m 时间为=二工√20U带电粒子在偏转电场】 01 极板间的加速度为a= 卫_U9,竖直方向的位移 m。md 为y根上式可知带电粒子在电 U2L? 场中偏转，不同带电粒子均从同一位置射出，偏 移量与比荷无关，只与装置本身有关，B正确：减 小偏转电压并不会影响带电粒子离开偏转电场 的时间，因为时问由水平位移和水平速度决定， 所以时间不变，C错误；若带电粒子刚好从下极板 边缘射出，根据偏移量公式有？一，化简可 U:2d2 得花-D正确。 6.AD【解析】若t=0时刻释放电子，电子将重复 先加速后减速的运动，直到打到右极板，不会在 两板间振动，A正确，B错误；设两极板距离为d, 极板间电场强度大小E,若从1=0时刻释 放电子，在：=罗时刻到达右极板，则电子经历 了先加速再减速后加速三个过程，每段加速度大 小a=-,相同，则每段位移大小相同，均 为号全过程由动能定理得E·号-E,号十 B,号=E,得E=E·号又E-号得 少0，C错误，D正确。 E-3 7.BC【解析】在匀强电场中，沿着电场线方向每 前进相同的距离，电势变化相等，故有9。一P一 9一9，解得9.=0，A错误；ad中点与c点连线 为等势线，d点到等势线的距离为号L,则电场 强度大小为E= V=足=B2,方向与等势线 d L L 2 垂直指向d点，B正确：由上可知，质子速度与电 场强度方向垂直，做类平抛运动，垂直于电场强 [度方向做匀速运动，位移大小为工=2LX号 ·物理· 2L,运动时间为1=三-=2L,C正确：质子做类 v vo 平抛运动，不可能运动到a点，D错误。 8.BC【解析】因小球到达最高点时与轨道间没有 作用力，说明自身重力完全提供向心力，则mg= m。,小球从A一C的运动过程中，根据动能定 理，有-mg·2r-B=号m2-md,解得 o=7m/s,A错误，B正确；小球从C点出射，水 平方向做匀减速直线运动，初速度为v=√gT 万m/s,加速度为aE=10m/,竖直方向做 自由落体运动，运动到x轴时，有A=之g,解得 t一√7s,则此时横坐标为x一一t十之at2一0，⊙ 正确，D错误 三、非选择题 9.左放电 【解析】单刀双掷开关S接通“2”位置时，电容器 放电，电路中电压表的示数减小，因电容器上极 板带正电，则通过题图中电流表的电流方向 向左。 10.1:21：12 【解析】A和B在电场中运动时水平方向做匀 速运动，则时间之比等于水平位移之比，即时间 之比为1：2：竖直方向做匀加速运动，则根据 y=2a,可得a=学，根搭a-积，则m 1 E4。c9,可得A和B的质量之比为1：12。 a a .vm。是ad 【解析】带电粒子在匀强电场中运动的时间为 d t= 名-粒子在竖直方向有d受，可得 ?,=4U,带电粒子经过F点时的速度大小为 vg=√02十=√17v:根据运动学公式有？= 2ad,加速度为a=四，带电粒子的质量为m= ,带电粒子从B点到F点的过程中有 2 参考答案及解析 1 Eu一2mo2=Eqd,解得带电粒子经过F点时 13Ead。 的动能为Ew=16P 12.(1)A(2)电压表并非理想电表，电容器通过电 压表放电(3)不需要 【解析】(1)电客器充电时，刚开始电流比较大， 充电结束后，电流为0。由电容器的决定式C= E:S 4可知，当电容器正对面积迅速变大时，电容 迅速增大，又由Q=CU可得电容器的电荷量Q 增加，故电容器再次充电，充电结束后电流为0。 只有A图像满足上述描述。 (2)用电压表接在电客器两端测量电压，发现读 数缓慢减小，说明电容器在缓慢放电，电路中有 电流，电压表不是理想电压表。 (3)本实脸测量电容的原理是C-吕电客器的 电荷量Q可由步骤(1)所得的1-t图线与坐标 轴围成图形的面积求得：充电后两极板之间电 压则由步骤(2)中的电压表测得。给电容器充 电时使用了旧电池，导致充电时电流较小，但最 终充电的时间会稍长一点，当充电电流等于0 时，电容器两端电压仍然等于电源电动势，所以 电容器最终所带电荷量不变，不彩响测量结果， 所以不需要更换电池。 13.(1)见解析图(2)60000(3)4.6×10 (4)电容器的放电时间比较长，而实验测量的时 间有限，所以测得的电荷量偏小，导致电容的测 量值偏小(5)小于 【解析】(1)实物图如图所示。 数据输出 传感器 黑鳄鱼夹 红鳄鱼夹 (2)电表读数为60.0×1000n=600002. (3)根据公式Q=It可知题图丁中图线与坐标轴 衡水真题密卷 固成图形的面积为整个放电过程中释放的电荷 量，题图丁中一个小方格对应的电荷量为Q。 10×10-6×5C=5×10-5C,故整个放电过程释 放的电荷量约为Q=55Q。=55×5×105C 2.75×103C,可得该电容器的电容大小约为 C-8-是-275X0C4.6x10R, (4)导致该现象的一个主要原因为电容器的放 电时间比较长，而实验测量的时间有限，所以！ 得的电荷量偏小，导致电客的测量值偏小。 (5)将电容器放电后与欧姆表连接，相当于先对 电容器充电，充电完毕后相当于断开，所以指针 先大角度向右偏转然后偏角逐渐减小；欧姆表 “X10”挡时的内阻较小，可知此时的充电电流 较大，根据Q=CU,选用不同挡位时，充电结束 后电容器的电荷量相同，由于欧姆表“×10”挡 时的充电电流较大，结合公式Q一t,可知此时 充电时间较小，即t1<12。 14.(1D 2gEL (2)E m 【解析】(1)粒子从Q点无初速度释放，在第三 象限的匀强电场中做匀加速直线运动到达P,点 进入第二象限，设粒子经过P点时速度大小为 v。,根据动能定理有 qEl.-moi 2gEL 解得=m (2)粒子进入第二象限的电场后做类平抛运 动，有 2L=vot -2学 解得v,=0g 0,=at=E9 解得E'=E。 15.(1)/2mgU1 (2)/mgU2竖直向上 3au+受） 【解析】(1)带电粒子经过A、B间加速电场，根 据动能定理可得 2 学科素养周测评 2qU 解得一√m 则带电粒子进入偏转电场时动量的大小为p。= mvo=√2mgU (2)带电粒子在C、D间偏转电场中的加速度大 小为 a-9心 md 根据运动学公式可得 2 联立解得t=d√gU m 偏转电场对带电粒子冲量的大小为I=qE2t= U .: √mgU2,方向竖直向上。 (3)加速电场和偏转电场对带电粒子所做的总 为w=U+E,号-+g号-gU十 d 乳. 16.(1) JedEo (2) 2edEo 方向与A板的夹角 为45° edEo (3)Tm 【解析】(1)阝粒子在静电分析器中恰好做匀递 圆周运动，根据牛顿第二定律有 成，=m ledEo 解得一√m (2)B粒子从粒子源P射出后，其运动为类平抛 运动的逆向运动，水平方向有 L=vto 竖直方向有 Lotvz.to -2 edEo 解得u,=w一√m 根据运动的合成与分解可知，3粒子从粒子源P 发射出来时，速度大小 ·物理· 0=√0十02- 2edEo m 设B粒子发射出来时的速度方向与A板的夹角 为0，则 tan 0=%:=1 解得0-45 (3)B粒子以速度。垂直于x轴进入第N象限 后，沿y轴负方向做匀速运动，沿x轴负方向做 匀加速、匀减速运动，B粒子在x轴方向的加速 度大小 a=E_4d m Ta 2024一2025学年度学科素养周 一、单项选择题 1,A【解析】灯泡的灯丝是一种金属，金属的电阻 率P随温度的升高而变大，由电阻定律R=pS 可知，电阻率变大，灯丝的电阻变大，通过小灯泡 的电流变小，故小灯泡变暗，A正确。 2.D【解析】质子经加速电压为U的加速器加速 后，有U=2m,根搭电流的定义公式则有 【=?,这束质子流内单位体积的质子数为，则 有g=Sune,联立解得n=S2cD正确。 3.A【解析】该洗地机在节能模式下的工作电流 为I=400X10X360A=6A,A正确，B 40×60 错误；根据题中条件，无法得出该洗地机内但，C 错误：两种模式下，其工作电压均相同，根据P。 √ P-220 U,该洗地机的工作电压U= 6 V= V,D错误。 3 4.D【解析】由电桥知识可知 e_,根据R RPN R. 货有是是兴懈得R=60AD玉 ·2 参考答案及解析 在0~号时间内，日粒子洛工的负方向运动的 位移 (”-号 B粒子在x轴上的入射点到坐标原，点的距离 d=2xo 根据运动的对称性可知，阝粒子经过时间T运 动到y轴上，所以 s=v·T=T edEo Vm。 测评（十八）物理·电路（一） 二、多项选择题 5.AC【解析】小灯泡的灯丝温度随通电电流的增 大而升高，阻值也随着增大，所以图线b是小灯泡 的伏安特性曲线，同理可知，热敏电阻的温度随着 通电电流的增大而升高，其阻值会减小，所以图线 α是热敏电阻的伏安特性曲线，A正确，B错误：由 U 公式R=,可求出M点对应的小灯泡的阻值和 热敏电阻的阻值，C正确；两图线的交点M,表示此 状态下通过两元件的电流相等，两元件两端的电压 也相等，所以功率相等，D错误。 6.AD【解析】如果选择电压表，滑动变阻器R和 定值电阻R。串联在电路中，且电压表测滑动变 阻器滑片至最上端两，点间的电压，无论滑片如何 移动，滑动变阻器接入电路的阻值不变，闭合开 关S,水量增多时，滑片下移，滑动变阻器上半部 分的电阻增大，滑动变阻器上半部分两端的电压 增大，即电压表示数变大，A正确；如果选择电流 表，滑动变阻器滑片以下的部分和定值电阻R。 串联在电路中，电流表测电路中的电流，水量增 多时，滑片下移，滑动变阻器连入电路的阻值减 小，电路的总电阻减小，由欧姆定律可得，电路中 的电流增大，即电流表示数变大，B错误；与电压 表相比，选择电流表设计电路的总电阻较小，电 路中的电流较大，由P=UI可知，电路的总功率 6