周测评(5) 牛顿运动定律(二)-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养周测评（安徽专版）

·物理· 参考答案及解析 13.(1)8N6N(2)2√4IN0 解得撒去F后木块能继续沿斜面上滑的距离为 【解析】(1)根据平衡条件有 x=6m。 Fra sin a=FTcsin 8 15.a04g1.4mg(2爱 (3)2mM√/2m FTABCOS a十FTc cos B-=mg 【解析】(1)将乙与丙间的线剪断，对甲、乙整体 解得FTAB=8N 根据牛顿第二定律有 Fc=6N。 mg=(1.5m+m)a (2)根据牛顿第二定律和平衡条件有 解得a=0.4g FTaa sin a-Ftcsin B=ma 对乙进行受力分析有 F'TABcos a+FTccos B=mg 解得FA=12.8N Fr-mg=ma 则Fr=1.4mg。 Fx=-0.4N (2)设甲物体质量为M,开始时弹簧处于仲长状 由Frr<0可知小车以a=8m/s2的加速度向 态，其仲长量为工1，有 右水平行驶时，小球飘起，FT匹=0，设小球飘起 kx=(2m-M)g 时AB绳与竖直方向的夹角为0，根据牛顿第二 定律和平衡条件有 解得=2m-M 8 FTan sin 0=ma 剪断轻线，甲的加速度为零时，速度达最大，设 FTAB cos 0=mg 此时弹簧压缩量为x2,有 解得F相=2√4红N。 kx2=(M-m)g 14.(1)0.75(2)2m/s2,方向沿斜面向上(3)6m 【解析】(1)木块恰能沿斜面匀速下滑，有 解得=。 mgsin37°-mgcos37°=0 所以，甲速度最大时，下降的距离x=x十x2 解得4=tan37°=0.75。 袋 (2)木块沿斜面向上匀加速时，由牛领第二定 (3)设丙到地面的距离为L,丙刚好落地时，甲、 律得 乙的速度为，对于甲、乙、丙三物体组成的系 Fcos37°-mgsin37°-F=ma 统，由机械能守恒定律有 F=uFN FN=mgcos37°+Fsin37 2mgL-MgL=号M+2mt 联主解得a=2m/s2,方向沿斜面向上。 若乙恰能着地，此时甲、乙物体速度为零，对甲、 (3)撤去F时木块的速度为v1=at=12m/s 乙两物体组成的系统，由机械能守恒定律有 撤去F后，设木块加速度大小为a2,由牛顿第二 MgL-mgL-(M+m) 定律得 mgsin37°+mgcos37°=ma2 联立解得M=√2m 解得a2=12m/s2 所以2m>M√2m时，乙物体将不会着地。 根据运动学规律有2a2x= 2024一2025学年度学科素养周测评（五）物理·牛顿运动定律（二） 一、单项选择题 增加，加速度减小，雨滴做加速度逐渐减小的加 1.B【解析】因为阻力正比于速度，所以F=kU, 速运动，当加速度减小为零时，做匀速直线运动， 而雨滴的加速度a=mg二B,当速度增加，阻力 所以速度一时间图线的切线斜率逐渐减小，B正 确，A、C、D错误。 ·13 衡水真题密卷 学科素养周测评 2.C【解析】将A、B作为一个整体，受力分析，水6.C【解析】当绳中拉力最大时，木块要相对滑动， 平方向受到拉力和摩擦力，竖直方向受到重力和支 设绳中拉力为F,对右侧的m,根据牛顿第二定 持力，根据平衡条件，则F=F2=u(mA十mg)g, 律有mg一Fr=ma,对左侧整体有Fr=3ma,联 A,B、D错误，C正确。 。3 主解得F=mg,A,B,D错误，C正确。 3.A【解析】木板撤去前，小球处于平衡状态，受 重力、支持力和弹簧的拉力，如图所示，根据共点 7.D【解析】静止时=(m十m)gsin0,当P、Q 力平衡条件，有F-Fxsin30°=0，Fxcos30° 分离时，两者加速度相等，两者间的弹力为零，则对 G=-0,解得八-2g,木板AB突然报去后，支 Q有F-mk gsin0=ma,对P有kx一mgsin0= m1a,此时弹簧仍处于压缩状态，即物体Q的位移 持力消失，重力和拉力不变，合力等于支持力F、, 小于x0,A、B错误；两物体分离之前，对整体有 方向与5反向，故a=册-28，方向套直于木 F+k(xo-x)-(m+m2)gsin 0=(m+mz)a, m 对Q有F十FN一m2gsin0=m2a,联立解得FN= 板向下。 kn-z十ngsin0m,当FR=0时解 m十2 得x=m十m)gsin0_Fm1<(m十m)gsin 0 kma =xo,C错误，D正确。 0000Q00 8.C【解析】物块B、C质量相等，设B、C质量均 B 30° 为M,A与B保持相对静止，则二者向下的加速 度是相等的，对A、B整体，由牛顿第二定律有 (M+m)gsin B-u(M++m)gcos B=(M+m)a1, 4.C【解析】对B分析，由牛顿第二定律得2g 解得a1=gsin B-gcos 8。同理，A与C保持相 Fr=m2a,对A、B整体分析，由牛顿第二定律得 对静止，则二者向下的加速度也是相等的，对A m2gmgsin0=(m十m)a,联立解得a=6m/s2, C整体，由牛顿第二定律有(M十m)gsin B一 FT=12N,A、B错误，C正确；如果将物块B换成 u(M什m)gcos B=(M十m)a2,解得a2=a= 一个竖直向下且大小为30N的力，对A由牛顿第 gsin B-ugc0sB,第一次以A为研究对象，A受 二定律得F-mgsin0=ma',解得a'=24m/s2, 重力、物块B竖直向上的支持力，弹簧水平向左 前后加速度不一样，对物块A的运动有影响，D 的弹力，因为A所受合力沿斜面向下，由力的合 错误。 成与分解知识可知，A在水平方向上所受合力一 5.C【解析】对于BM段，位移x=√2R,加速度 定向右，即A所受静摩擦力水平向右，则有 F一F#=ma1cosB,第二次仍以A为研究对 象，A受重力、物块C垂直斜面向上的支持力、弹 簧沿斜面向上的弹力，物块C对A沿斜面向上的 a ;对于AM段，位移x2=2R,加速度 静摩擦力，由牛顿第二定律有mgsin B一F华 a=gsin60°-3 .1 g,由红=乞a:线，得h= Fc=ma,又Fn=}ng,联立解得 Fic 2x= 8R ;对于CM段，设CM与竖直方向 1十3一3华，AB、D错误，C正确。 2w3μ-1 二、多项选择题 夹角为0，同理可解得tc=、 2x3 2·2Rcos0 g00s0 9.CD【解析】对A、B整体受力分析，由牛顿第二 巫，即=tc<,C正确。 定律得FA十FB=(mA十mB)ao,解得a= 2m/s2,当A、B两物体恰好分离时，对A由牛领 7 14 ·物理 参考答案及解析 第二定律得FA=mAa0,FA=(7一2t)N,解得 1 M -0.20 1.55,所以t=1.5s内A、B两物体一起向右做 1.50 kg≈0.13kg。 0.50 匀加速直线运动，t=1.5s后A、B两物体分离， 12.(1)10.30 (2)0.85 (3)见解析图0.35 由于FA、F:是变力，则两物体加速度发生改变， (4)小于 A错误，C正确：当t=1.5s时，A、B两物体之间 【解析】(1)刻度尺的分度值为0.1cm,需要估 的弹力为零，此时FA-(7一2X1.5)N-4N,FB 读到分度值的下一位，第4点读数为10.30cm。 =(3+2×1.5)N=6N,则Fa≠FB,B错误：当t (2)根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度 =6s时，对B受力分析，由牛顿第二定律有Fs =maB,其中Fa=(3十2)N,代入数据解得B物 等于该过程的平均递度，可得仍=器 体的加速度为aB=5m/s2,D正确。 10.ABC【解析】对整体进行受力分析，根据牛顿 13.70-10.30×102m/s=0.85m/s 2×0.02 第二定律有F=(M十m)a,再隔离物块，在竖直 (3)根据表中数据作出n图像如图所示，设每 方向有FNcOs0-mg=0,水平方向有F 个钩码的质量为m,所有钩码质量之和为M,木 FNsin0=ma,联立解得F=11.25N,Fv=12.5N, 块质量为m0,当细线下端挂有n个钩码时，对这 a=3.75m/g,A、BC正确；若力作用在斜面上， n个钩码，根据牛顿第二定律有mg一Fr= 对物块进行受力分析，物块仅受重力和支持力， nma,对小车及剩余钩码，根据牛顿第二定律有 二力合成有mgtan0=mao,解得ag=7.5m/s2, Fr-μ(M什m一m)g=(M+mo-m)a,联立解 再对整体根据牛顿第二定律有F=(M十m)ao, 可知外力需增大，D错误。 得a=m卫n一g,根据图像可得一g= Mmo 三、非选择题 -3.4m/5,解得4=0.35。 1.①=2c([] 1 4a/(m·s2） 4.0 (4)0.20(5)0.13(0.14亦可) 3.0 【解析】(1)调节气垫导轨下面的螺钉，在不挂 2.0 槽码的情况下轻推滑块，若滑块做匀速直线运 1.0 动，则滑块通过两光电门时速度相同，即光电门 0 的遮光时间相同，证明气垫导轨已水平。 -1.0 (2)本实验存在力传感器，示数是滑块的合外 -2.0 力，不需要满足槽码的总质量远小于小车的质 -3.0 量，A错误：用极短时间内的平均速度表示瞬时 =4.0 速度，则挡光片越窄，平均速度表示肿时速度越 准确，B正确：适当增加两光电门间的距离，可减 (4)实验中发现木板未调节水平，右端偏高，设 小因测量带来的相对误差，C正确。 木板与水平面夹角为日，根据(3)分析，纵轴截距 (3)滑块经过光电门的速度为2= D 为gos0=6,则Hg0心g若仍接照以=之计 g 品根据公式砖-时=2，解得a== 算，则μ的测量值小于真实值。 2x 13.(1)2mg(2)44g6 [a] 【解析】(1)用水平向右的推力F推动滑块B ④由于F=M,则M-F-28g=0.20kg 时，设滑块A、B一起加速运动的加速度为ao, 根据牛顿第二定律有F一umg一2mg=2mae (5)图像的斜率k= 。,解得m制一 M十m 解得a=g 15 7 衡水真题密卷 学科素养周测评 对滑块A进行受力分析，由牛顿第二定律有 解得1-品 FN一mg=mao 解得FN=2mg。 此时长木板和物块的速度为v=a.t'=1m/s (2)滑块A、B在时间为1。时的速度大小为h= 该段时间长木板的位移为==0,5m 2 3 aolo=μgto 撤去向右的水平推力F后，滑块A的加速度为 物块a的位移为a==×号m=品m aA-lumg=g 则长木板的长度至少为L=x1十x十x2一x2= m 3.6m. 滑块B的加速度为aB=2mg=2ug m 15.(1)6mgh (2费 3(月-2V2g 根据匀减速直线运动的规律知，滑块A减速运 【解析】(1)设弹簧与A分离瞬间，A、B速度大 = 动的距离为1人一2a2g6 小分别为1、2，A做竖直上抛运动，有 vi=2gh 滑块B运动的距离为xB一2a7g6 解得u=√2gh 滑块A与滑块B之间的最大距离为△x=xA 以竖直向下为正方向，根据动量守恒定律可得 xa-g. 0=mvz-2mv 14.(1)7.5N5m/s(2)3.6m 解得=2u=2√2gh 【解析】(1)重物b释放后，假设a、b、c一起运 根据能量守恒定律可得 动，根据牛顿第二定律有 E,=×2m听+zmd mbg=(ma十ms十me)a 解得a=2.5m/s2 解得E。=6mgh。 则长木板c应受到的摩擦力为Fk=m,a=5N< (2)对A,由牛顿第二定律可得 umag=7.5 N 2mg=2ma 故重物b释放后，a、b、c一起运动成立，根据牛 解得a1=g 顿第二定律有 对B,由牛顿第二定律可得 mog-T=ma mg-kmg=ma2 解得T=7.5N 解得a2=(1一k)g 长木板c与挡板P碰前的速率为u=at=5m/s。 设经过时间：两球速度相同，此时两球距离最 (2)长木板c与挡板P碰后，a、c均做减速运动， 远，有 a、c的加速度大小分别为a。=g=7.5m/s2, 一v十a1t=h十azt a.=2g=3.75m/s 解得1=十=十边-32g巫 a-az kg kg 物块α减速为零的时间为1= .2 此时A、B的位移分别为 a。3s 长木板c减速为零的时间为L2=08u=15 =-wt计2af,=wt+7af ae 15 s 则物块。先减建为家的位移为一瑟-号口 两球之间的距离为=五一着=》_助 2kg k (3)设经过时间t时，A追上B,此时有x=x 此时长木板c的速度为4-0.8u一a=1.5m/s 长木板的位移为4=0.8，十已4=55。 其中=-w+2a,=w叶2a: 2 3 m 长木板和物块共速时有at'=d一at' 解得12（十） kg 16 ·物理· 参考答案及解析 此时两球速度分别为 可得 =-h十a1t,4=2十a2t 2mv +mv2 =3mv 第一次A追上B压缩弹簧到最短距离时，A、B 解得。=（骨-2小2g五。 速度相等，设此时速度为⑦，根据动量守恒定律 2024一2025学年度学科素养周测评（六） 物理·牛顿运动定律（三） 一、单项选择题 1.B【解析】根据题意有F:=6πV,则有7 助时，有mg=R=9pS,,解得S-,且 当v减小时，a减小，B、D错误。 又由于F=ma,通过单位运算，可知空气粘 6.D【解析】以六位特战队员为研究对象有F 滞系数的单住可以表示为。A,C,D错误，B 6(k十l)mg=6ma,设第二位队员和第三位队员 间绳的拉力为T,以下面的4名特战队员为研究 正确。 2.C【解析】直升机悬挂空桶匀速飞往水源取水 对象有T-4+1Dmg=4ne,解得T=号F.a 时，空桶受力平衡，有T1sin0-f=0,T1cos0- F mg=0,解得f=mgtan0,直升机加速返回时，由牛 6m 一(k+1)g,D正确。 顿第二定律得T2sin0-f-(m十M0a,T2cos0- 7.B【解析】设AC=s,國环沿轻杆AC下滑时，圈 (m十MDg=0,解得空桶中水的质量为M=800kg, 环的加速度大小为a1=mgc0s0-=gco0s0,根据运 C正确。 m 3.B【解析】设三角形物块的质量为M,与斜面的 动学公式有5=之a1品，联立解得c=√g00s0 2s 动摩擦因数为以，斜面倾角为日，对题图甲，由牛顿 圆环沿轻杆AB下滑时，圆环做自由落体运动，则 第二定律得Mgsin0-Mgcos=Ma1,解得a1= gsin0-gcos0,对题图乙，由牛顿第二定律得 25 有猫=o3028i,解得a=√g00,圆环沿 (M+m)gsin 0-u(M+m)gcos 0=(M+m)a:, 轻杆AD下滑时，圈环的加速度大小为a2= 解得a2一gsin0-gcos0,对题图丙，由牛顿第二 定律得(M+m)gsin0-u(M十m)gcos0=Ma:, mg血（90一2迎-g0s20,根据运动学公式有0 解得a=gsin0-gos0叶得gn0-r得geos0, 1 2s a场，解得知一√gcos0s20,则有组=c< 故a1=a2<ag,B正确。 to,B正确。 4.D【解析】对人和吊板整体，根据牛顿第二定律 8.D【解析】物块由静止开始，长木板有初速度且 有4F-(M+m)g=(M+m)a,解得F1= 220N,对人根据牛顿第二定律有F十F2 受到恒力作用，所以对长木板受力分析可知，长 木板受到滑动摩擦力作用，由牛顿第二定律知 Mg=Ma,解得F2=550N,根据牛顿第三定律得 人对吊板的压力F2=F2=550N,D正确，A、B、 a,=m=g,对物块分析可知，受到长木板水 71 C错误。 平向右的摩擦力和水平向右的恒力作用，由牛顿 5.C【解析】物体从A处由静止下落，开伞前加速 度向下，物体所受合力为F◆=ng一F,F= 第二定律得F+mg=ma,解得a,=十g,则 CS,F不断增大，加速度减小，题图乙中右侧 a做匀减速直线运动，b做匀加速直线运动，共逸 后整体合外力为水平向右的恒力，a、b组成的系 图线与此过程相符合，有mg一F=a1,解得S:= 统做匀加速直线运动，D正确。 2(mg一ma),A错误，C正确；题图乙中左侧图 二、多项选择题 9.AD【解析】小球以一定速度接触弹簧后，在开 线为开伞后的图线，有R=CpS,,当v= 始阶段，小球的重力大于电场力与弹簧弹力的合 ·17 72024一2025学年度学科素养周测评（五） 物理·牛顿运动定律（二） (考选时可75分钟，惑分100分》 一、单项迹择题：本题其8小驱，每小驱4分，共32分。在每小题给出的四个燃项中，只有 一项是符合题目要求的。 题号 1 2 4 6 7 答案 1.雨滴在空气中由静止开如下落，在其速率不太大时，雨滴所受到的力大小与其速度大 小成正比。喇在此过程中用滴的速率。随时得的变化关系最接近图中的 2.如图所承，A,B两木块发在图简水平面上，它们之间用不可种长的轻跳相连，两次违接 情况中轻绳倾等方向不同。已知两木块与水平面阿的动厚擦因数均为，先后用水平控 力F:和F:拉着B使它们一起水平向右做微匀速运动，则匀速运动过程中 A.F<F F>F C.F-F D,无法确定 3,如图所示，质量为m的小球用水平弹簧系住，并用横角为的光带木酸AB托住，小球 恰好处于静止状态。当木板AB突然向下搬离的晚间，小球的加速度为 30 A大小为。 g,方向还直于木板向下 且大小为 8，方向经直向下 C大小为停，方前水平向右 D大小为号g,方向水平向右 4.图所示，是够长的镇角0一3？的光滑斜面体周定在水平地面上，一限轻绳跨过定带 轮，一端与质量为m一1kg的物块A连接，另一操与质量为m一3kg的物块B连接 学科素养周测浮五)物理第1页共8页) 衡水真夏 绳与料面保持平行。开始时，用手按住A,使B悬于空中，释放后在B落地之前，所有摩 察均忽略不计，不计空气阻力，sin37=Q6,os7一QB,x取10m/s,下列说法正确 的是 A.强的拉力大小为30N 且绳的拉力大小为6N C物块B的加速度大小为6m/ D如果将物块B换成个经直向下且大小为30N的力，对物块A的或动授有影响 五，如图所示，在竖直平面内建立直角坐标系O,诚平而内有AM.BM,M三条光滑周定 轨道，其中B.C两点处于同一个圆上，C是圆上任意一点，B、M分料为此图与y轴，x轴 的胡点，A点在y铂上且∠A)一0°，为属心。凳将a.b,c三个小球分别从A,B.C 点问时由静止释放，它们将沿物道运动到M点，所用时间分别为Aa、,则《》 A.faCCte 且alae Ca相= D由于C点的位置不确定，故无法比较时间大小关系 ,扣图所示，光滑水平山上放置质量分料为丽和2m的四个木块，其中两个质量为m的木 块间用一不可伸长的轻绳相连，木块间的最大静摩擦力是mg。现用水平拉力下拉其 中一个质量为2四的木块，使四个术块以同一加速度运功，则轻绳对m的最大拉力为 A.mg 且g D.Sug 了，如图所示，候角为8的足够长的光滑料面固定在水平就面上，轻弹簧一端连接在斜面南 璃，另一璃检接质量为网：的物体P,另一质量为网的物体Q叠放在物体P上，PQ可 以看作质点，轻弹簧以及铸体P,Q处于静止状态，此时弹簧的形变量为中：现给物体 Q拉加一个沿斜面向上的拉力F,使它从静止开始沿到面向上做匀加速直线运动。下列 密卷 学科素养周衡坪五)物理第2页（共8页} 7 关于拉力F,两物体刘泉力下与物体Q的位移x关系的图像正确的是 D 8,如图所示，轻弹簧一端与霞量为限的物块A相连接，另一瑞与小立柱（质量忽略不针）栓 接，第一次将A放在物块B上，物块B的上表m水平，小文柱固定在B上，物块B放在 周定斜面上，A.B相封静止地一起沿解面下情，第二次将A发在物块C上，C的上表面 与斜而平行，小立柱固定在C上，物换C放在四定斜面上，A,C相对静止地一秘沿斜面 下滑。已知斜窕领角为产一30，B,C质藏相等，与斜腐网的动家擦因数均为一号<< 号.两次轻弹境均处于伸长状老，弹力大小均为mg。已知重力加速浅为g,则两次下 滑过程中A,B可的摩擦力大小与A,C可的摩擦力大小之比为 d B A1++3w B+3-3 D+3+3 23x+1 23+1 c 234-1 二，多项选择题：本题共2小膜，每小紫5分，共10分。每小燃有备项符合继目要求，全部 选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得分。 题号 9 10 答案 9,如图所示，光滑水平而上放置有紧靠在一起但井不粘合的A,B两个物体，A,B的质量 分别为mA=2gm=3从=0开始，推力Fa和较力F:分期作用于A,B上，Fa、 F,大小随时闻变化的规律分别为FA-(7一2)N,F。-(3十2)N,则 A.A,B两物体一直做匀加速直线运动 日园 学科素养周测浮（五」物理第3页共8页） 衡水真 且当F=下，时，A,B两物体之间的弹力为零 C.1一15s时，A,B两物体开始分南 D=6时，B物体的加速度为Sm/ 10,如图所示，一面量为M=2kg、领角为二37的料面体放在光带水平地面上。斜面上使 放一质量为m一1k的光滑廖形物块，物快在水平恒力下作用下与斜面体一起恰好保 持相对静止地向右运动。重力加速度为g=10m/。。下列说法正确的是 A解酯体对物块的支持力为125N 且斜面体的加速度大小为a一375m/公 C,水平恒力大小F=11,25N 几若本平作用力F作用到斜面体上系旋仍保持相对静止，划F 将变小 三，非这译愿：本题共5小题，共5移分。 11.(6分)天宫误堂中，我国筑天员演示了用动力学算现测质量的实验。受此肩发，某问学 霞计了如图甲所示测量物体质量的实验装置：滑块上国定有条形挡光片与力传感器， 纽线的两分连接在传路图上和精写上。当滑块通过G、G两个光电门时，光束被 进挡的时何的，可以被数字计时器测量并记录。已知消光片的宽度为D,光电门 闻的距离为x。 方传当卷太开 3.间 200 1.50 4.0 u.100.200.J0Q.400.50060Q70 (门)调节气丝导轨下面的螺钉，在不挂情码的情况下轻排滑块，如果△（填 通密程 学科素养周测评五)物理第4页（共8贾} “=<“或”>“)的，淡明气垫导轨已水平。 《2)以下操作能提离实哈精确度的是。填正确答案标号)》 A,让槽码的总质量远小于小车的质量 武达用宽度较小的挡光片进行实验 C,透当增加两光电门间的距离 (3》本实验中，计算滑块加速度的表达式为一 一，（用△，△，D,r表承） (4》玻同学先保持滑块（包括传螺器及挡光片）的质量M不堂，收变所挂精码的质量，多 次重复测量，作出公F图线如图乙中1所示，由此可得M= (5》在滑块上固定待测物体m,重复(A)中操作，在图乙中作出aF图线Ⅱ，期m kg。《结果保留两位有效数字) 2.(10分》某实验小组用图甲所示装置测量木块与木板间的动摩擦四数 打点计时 实验操作步骤下： ①取若干个完全相同的钩码，将那分陶码悬挂在湘线下，剩余的钩丽成在木块凹精中。 记录悬挂构码的个数 四保持长木板水平，释放木块后打点计时器打出纸静： ⑦将木境凹中的制码蓬个添加到细线下精，重复多次打出纸带 (1》如图乙断示用刻度尺测量纸带上友的位置，其中第4点读数为 cm. wwwpwptphwtpwwbwpo> 8g0123 (2)已如打点周期为T一0.02s,第5东的瞬时速度为 m/3。《销果保智两位 有效数字) (3)测得悬挂钩醉数：与相应的加速度：如表格所承，请根暴表中数据在图丙中作出 为图像。已知当地重力加速度其一，8画/分，由图线可求得木块与术板间的功深 擦因数 《结果保留两位有效数字) 4/m·s) 60 130 1,8 2,62 /个 学科素养周测浮五)物理第5页共8页) 衡水真是 -3.0 10 -30 4.0 内 (4)实验中发观本板未调节水平，右摇偏高，考虑到此因素的影响，#的测量值 (填“大于”“小于”或“等于)直实值。 13.(12分)如图所示，质量均为测的滑块4，B靠在一起，静止成置在水平地而上，滑块A 与地面间的动摩粮国数为：，滑块B与地面间的动摩蒸因数为。现用水军向右的推 方E推动滑块B,作用一段时润4后教去推力下，已知排力下一5g,重力加速度为 g。求： (1)在離力F报功滑块B的过容中，滑块B对滑块A的算力大小 (2)截去水平裤力F后，滑块A与滑块B之问的最大距离。 密鞋 学科素养周衡坪五)物理第6页（共8贾} 7 14.14分)如图所示，光滑本平桌面右端固定有一个定滑轮和挡板P,长木板。质量为 15,(15分)某机城装置可箭化为如图乐示的物理模数，面量分划为2丽和网的小球A.B 侧，一2kg,物块@静止放在长木板左结，并通过与桌面平行的轻绳与重物b相连。重 穿在足够长的竖直附定杆上，A,B之闻有一长度可忽略，劲皮系数足够大的轻质弹簧， 物6由静止释成后：一2时，长木板与当板P爱生碰道（碰植时同极矩），月时轻绳立 鲜簧下璃与B相连，上端与A球不连接。开始封弹簧处于压缩状态，同时由静止释放 即断裂，碰后长木板c以碰简速率的0,8倍反弹。已知物块a和重物6的质量均为 两减，弹簧餐其栋复原长，算簧与A分离后，A竖直上升的量大高度为为，若A与竖直 网。一m一1k每，物块￥与长木板c何的动摩擦四数为严一心.5，光滑水平桌面足够长。 杆闻摩擦不计，B与整直杆何的摩黎力大小恒为重力的是倍（使<1），重力加速度为 重物6离地面的高度是够高g=10m/。 g。求： (1)重物精开始下落时轻绳的校力及长木板c与挡板P碳前的速率为多少？ (1)开始时弹簧储存的弹性势作E, (2)长木板c至少需要多长，物块ù才不会从c上滑出： (2)运动过程中两小球之何的最大更离， (3)第-一次A追上B压缩弹簧到最短距离时，B的违搜大小。 学科素养周测浮五」物理第T页共8页) 衡水真题密程 学科素薄周测坪五)物理第8页（共8置}