单元检测(八) 动力学、动量和能量观点在力学中的应用-【衡水真题密卷】2025年高考物理单元过关检测（重庆甘肃贵州云南四川专版）

衡水真题密卷 单元过关检测 13.(DpSu2 M 解得滑块与木板间的动摩擦因数H一2M干7mg话 【解析】(1)设t时间内有V体积的水打在钢板 15.(1)8m/s2m/s(2)0.8m 上，则这些水的质量为 (3)大小为4m/s,方向向右 m=pV-pSut 【解析】(1)球B开始运动至绳断裂，A、B组成 (2)以这部分水为研究对象，它受到钢板的作用 的系统水平动量、机械能均守恒，则有 力为F,以水运动的方向为正方向，由动量定 mAvA=mBUB 理有 magL=muo暖+mei -=- 5mv-mu 联立解得a=8m/s,a=2m/s 解得F=写aSd (2)A、B组成的系统水平动量守恒，所以有 14.1Du=M+m0 Mm (2)Q=2M干m6 m专=m号 又xA十xB=L M (3p=2M叶mg6 解得xA=0.8m 【解析】(1)木板与滑块组成的系统动量守恒， (3)B、C发生弹性碰撞，所以系统动量守恒，以 以向右为正方向，由动量守恒定律得 向左为正方向，有 mu=(m+M)v mBwB十mcwe=mBUB十mcvC 根据机械能守恒可得 解得两者相对静止时共同速度为口M干m (2)由能量守恒定律得 2mso+2mc呢= 1 1 2 mgo1 2 mev 解得= 2+2e zm话=号m+Mf+Q 3 3 解释Q-20m6 又因为论=2到 (3)此过程产生的热量是由于摩擦产生的，因 解得c=一4m/s,t=号m/s(舍去) 而有 则碰撞前球C的速度大小为4m/s,方向向右 Mm uamglo-Q-2(Mm) 2024一2025学年度单元过关检测（八）物理·动力学、 动量和能量观点在力学中的应用 一、单项选择题 此过程中xA≠xB,所以弹簧对A、B做功的大小 1.B【解析】水平面光滑，对滑块B施加一水平推 不相等，D错误。 力F使滑块B向左缓慢运动到某一位置后保持 2.B【解析】小球在光滑圆孤轨道上运动，只有重 静止，根据功能关系可知推力F做的功等于弹簧 力做功，机械能守恒，A错误；小球在轨道最低点 增加的弹性势能，A错误：当弹簧恢复原长时，滑 块与挡板间恰好没有弹力，此时滑块A开始离开 有R、一mg=m号，根据机械能守恒E= 2n2+ 挡板，B正确；从撤去推力F到滑块A离开挡板 mgh,则小球在轨道最低，点速度最大，则小球在轨 的过程中，墙壁对系统有向右的力，所以弹簧和 道最低，点时轨道对小球的支持力最大，根据牛领 滑块A、B组成的系统动量不守恒，C错误；从滑 第三定律得小球对轨道的压力最大，B正确；设小 块A离开挡板到滑块A、B共速的过程中，弹簧 球与竖直方向的夹角为0，在“凹形”轨道运动，根 对A、B两滑块做的功等于弹簧弹力与A、B位移 据牛顿第二定律有FN一mg00s0=m ,小球的 的乘积，因为弹簧对于A、B的弹力大小相等且在 重力与轨道对小球的支持力的合力提供向心力，支 2 ·20 ·物理， 参考答案及解析 持力不可能为零，所以初速度不管有多大，小球 知h2=h1十1.5Rcos0=2R,由系统机械能守恒 都不可能飞离“凹形”轨道，C错误：在“凸形”轨道 可知2mgh1十mg(h:-1.5R)=号×2m,解得 运动，根据牛领第二定律有mg0s0一R、-m日 A=√3gR,D错误。 初速度足够大时，小球的重力与轨道对小球的支 持力的合力不足以提供向心力，小球不能通过 “凸形”轨道最高点，D错误。 3.D【解析】小球刚好运动到B点时，轻绳没有作 用力，则由牛顿第二定体得mgn0=",设小 7.C【解析】根据题意可知，当Q下降的高度为h 球由A到B的过程中克服摩擦力做功为W,由 时，细绳断裂，根据几何关系得，P上升的高度h 动能定理得-2 mgLsin0-W,=mi-司m6, 5gin37”-子h,细蝇断累的醉间P,Q线 h 解得W:=3J,D正确。 度大小相等，对P、Q整体，根据机械能守恒有 4.B【解析】运动员在空中做平抛运动，下落的高 度为=g,以b为零势能点，则有E,=B 3mgh-mgk'=之(3m十m)d,解得=√号gh, /9 细绳断裂后，P还能上升的最大高度满足mgh1 mg·h=Ee-m 2 ·产，A错误；根据动能定理有 =之m时，解得=，则物块P沿斜面上升的 B一瓦。=mg,可得=氏十"”受，B正确； 最大高度H十-，A错误当细绳断梨的 平抛过程中只受重力，故机械能守恒，E图线应 瞬间，物块Q的重力做功的功率P=3 ngusin53°= 为横线，C错误；运动员沿竖直方向上的速度为 U,=gt,则重力的功率P=mg·飞=mg2·t,D g/2gh,B错误；细绳断裂后，物块P在斜面 5 错误。 5.D【解析】先对A进行受力分析可得F一f 5匝，C正确：根 上的运动时间1=g37一景√图 mgsin37°，再对B进行分析可得F十f= 据题意可知，细绳断裂前P,Q组成的系統机械能 2 ngsin37°，联立可得F=0.9mg,f=0.3mg,根 守恒，细绳断裂后，物块P、Q的机械能均守恒，则 据fN可得A=及mgc87-D正确 =0.3mg 当物块P运动至最高，点时，物块P增加的机械能 等于物块Q的机械能相对t=0时刻的减少量， 6.B【解析】小球A下落到最低，点的过程中，A和 B组成的系统只有重力做功，故A和B组成的系 即△E=mg'+h1)一张mgh,D错汉」 统机械能守恒，A错误；刚释放小球A时，由牛顿 二、多项选择题 第二定律可知2 ngsin0=2ma,解得a=号g, 8.AD【解析】当物体运动到x=4m处时，物体的 28,B 速度达到最大，此时摩擦力f=F4=10N,根据f 正确；小环B速度最大时，小环B在竖直方向上 =mg,解得4=0.4，A正确；Fx图像与x轴园 的合力为零，轻杆的弹力竖直分量为mg,而只有 成的面积代表功，物体运动到x=4m处时，力F A到达最低点，B速度为零时，轻杆的水平分量 做功大小w,=1015×2J十15×1J+1015×1J 才为零，故小环B速度最大时，轻杆弹力大于 2 2 mg,C错误：几何关系如图所示，设A初始时刻距 =52.5J,摩擦力做功大小W:=fx=10×4J= 离最低点的距离为h1,由几何关系可知Rsin0十 40J,根据动能定理Ws一W:=Ex一0，解得Ek= 12.5J,B错误；从开始到物体停止拉力所做的功 为wn=1015×2J+15×1J+15+5×2J= tan =15Rsin0,解得M1=R,设小环B初 2 2 始时刻距离最低点D的距离为h2,由几何关系可 60J,C错误；物块从开始运动到最终停下来的过 ·21 2 衡水真题密卷 单元过关检测 程有Wm一fx=0一0，解得x=6m,所以撒去F f 后，物体还能滑行的距离为d=6m一5m=1m, (3)由(2)分桥，基理可得a=-后可知，图 D正确。 像的斜率表示小车质量的倒数，由图乙可知，图 9.BD【解析】由图乙可知，在0~5s内，摩擦力f 线A的斜率大于图线B的斜率，则M小 =6.4N,在5~10s内，摩擦力f2=6N,在 于M 5s时突变，说明在510s内物块与传送带共速， 12.(1)BC(2)1.05(3)偏小 则有f2=mgsin0,解得0=37°，A错误；在05s (④mgA=合(2M+mt(⑤)方 内为滑动摩擦力，即fi=mgcos0,解得u=0,8, 【解析】(1)为减小纸带运动过程中所受的摩擦 B正确：物块在0一5s内做匀加速运动，5~10s 阻力，打点计时器振针应置于系重物A的细线 内微匀速运动，则传送带的长度L=号十，解 的正下方，而定位轴的位置在复写纸中心，在振 得L=15m,C错误；运动过程中，物块相对传送 针旁边，所以定位轴不应在重物A的细线的正 带的位移大小为△x=t一L,解得△x=5m,D 下方，A错误：安装打点计时器时要竖直架稳， 正确。 使其两限位孔在同一竖直线上，B正确：为了能 10.BD【解析】t图像与坐标轴围成的面积表示 在长度有限的纸带上尽可能多地获取间距适当 速度变化量，若0~1s内Q的加递度均匀增大， 的数据，点，接通电源前应让重物A尽量靠近打 点计时器，C正确；本实验研究的对象不是做自 则1=1s时Q的速度大小等于0=号×1× 由落体运动，无需选取最初第1、2两点间距离 0.8m/s=0.4m/s,由图可得实际Q的a-t图像 接近2mm的纸带，D错误。 与坐标轴围成的面积大于Q的加速度均匀增大 (2)打B点时重锤的瞬时速度等于打A、C两点 时a-t图像与坐标轴固成的面积，故t=1s时Q 51=42.0X10-3 间的平均速度，即阳一 的速度大小大于0.4m/s,A错误；t=0时，对物 2×0.02m/s= 块P有F=mao=2X1N=2N,故恒力大小为 1.05m/s。 2N,B正确；施加水平向右的恒力F的过程中， (3)如果本实脸室电源频率大于50Hz,则计算 根据动量定理有Ft=mpo1十mov2 瞬时速度时所代入的T值比实际值偏大，从而 2kg·m/s,故0~1s内P的动量增加量小于 使醉时速度的测量值偏小。 2kg·m/s,C错误；t=1s时，对物块P、Q整体 (4)根据机械能守恒定律有M什m)gh=2(2M什 有F=(mp十ma)a1,解得mQ=0.5kg,撤去推 力后，P、Q共速时，弹簧最长，有F=mPw1十 mt+Mgh,整理得mgh=号(2M+m)d。 mo2=(mr十mo)U,解得撤去推力后弹簧最长 (5)对A,B、C整体根据牛顿第二定律有(M十 时，Q的速度大小为o=0.8m/s,D正确。 m)g-Mg=(2M+m)a,整理得L=2M.⊥+ 三、非选择题 a g m 11.(1)不需要 不需要(2)小车受到的阻力 上，由题意可知6=，解得g=方· 1 g (3)小于 13.(1)40N(2)2m/s 【解析】(1)根据题意，由图甲可知，细线对小车 【解析】(1)滑块1下落到圆弧轨道底端过程 的拉力可以通过力传感器测量，则不需要满足 槽码的质量m远小于小车的质量M,也不需要 中，由机械能守恒得m1gR(1一cos)= 2m6 测定槽码质量。 (2)由图乙可知，由于加速度a-0时，拉力F不 在B点时有FN一mg=m尺 为零，则小车受到阻力作用，设小车受到的阻力 解得%=2√10m/s 为f,由牛顿第二定律有F一f=Ma,可知，当 FN=40 N a=0时F=f,即图线A与横轴F的交点的含 由牛顿第二定律可知滑块1第一次到达圆孤轨 义为小车受到的阻力。 道底端B点时，对圆孤轨道的压力大小为40N; 2 ·22. ·物理· 参考答案及解析 (2)滑块1从B点到C,点过程中，由机械能守恒 Amgsin 0-u.4mgcos =4maz 得7mf-之m话=mg 设经过时间t,两者在C,点第一次相遇，对A有 两物块发生弹性碰撞，有m)=m1十m2西 10d=2a,c 2m味=之m透+之味 对B有 解得2=一4m/s 9da va=2 m/s 即滑块1第一次到达C点时，因碰撞使滑块2 朗得山一器 获得的速度为2m/s。 (2)对滑块B,因4 ngsin<g·4 ngcos0,则解 14.(1)7.5J(2)h=2m/s(3)0.5m 除对B的锁定后，B在斛面上保持静止。对 【解析】(1)小车和小物块组成的系统水平方向 A有 动量守恒，故小物块到达圆孤最高点A时，二者 2=2a1d 的共同速度铁=0，设弹簧解除锁定前的弹性势 解得u=6m/s 能为E。,上述过程中由能量转换和守恒，则有 A、B碰撞动量守恒 Ep=mgR+umgL mv=mvM十4mvg 代入数据解得E,=7.5J A、B发生弹性碰撞，机械能守恒 (2)设物块第二次经过O时的速度大小为m, 2m-1 m+号 4m% 此时小车的速度大小为，研究小物块在圆弧 解得A=-3.6m/s 面上下滑过程，由系统动量守恒和机械能守 v8=2.4 m/s 恒有 假设小球A在与滑块B第二次碰撞前，B一直 0=mum-MUM 减速到零，B减速运动的时间为1，则对B mgR=md+M 4mgsin -uz.4mgcos =4mas 解得m=2.0m/s 0=B十at1 (3)最终小车和小物块相对静止时，二者的共同 解得am=-1.5m/s2,l=1.6s 速度为0，设小物块相对平板车滑动的总路程为 若二者在t2≤1.6s时间内相遇，有 $,对系统由功能关系有 pn:+7a1=0a1十7a 1 E=umgs 解得t2=1.6s 代入数据解得s=1.5m 假设正确，A、B从第一次碰撞到第二次碰撞间 小物块最终静止在)点右侧，它距O点的距离 隔的时间为1.6s 为s-L=0.5m (3)设A、B最终停止位置到C,点距离为x,由能 15.(1)0(或者0.075)(21.6s(312m 量守恒，有 【解析】(1)由牛顿第二定律，对A有 mgsin 0(L-x)+4mgsin 0(L-d-x)=us mgsin 0=ma 4mgcos 0(L-d-x) 对B有 解得x=12m 2024一2025学年度单元过关检测（九）】 物理·电场力的性质电场能的性质 一、单项选择题 错误；电子所在位置的电势越高，电势能越低，所 1.D【解析】根据题意可知，电子从静止沿电场线 以电子在A点的电势能大于在B点的电势能，D 从A运动到B,则电子所受电场力方向为AB, 正确：根据题意，不知周国电场线的分布情况，无 电场强度的方向由B→A,A错误；沿电场线电势 法判断电场的强弱，B错误。 降低，所以A,点的电势一定低于B点的电势，C2.B【解析】沿电场线方向电势逐渐降低，C点电 ·23 22024一2025学年度单元过关检测（八）】 物理·动力学、动量和能量观点在力学中的应用 (考试时间75分钟，惑分100分》 一、单项选择题：本题共7小题，每小愿4分，共28分。在每小题给出的国个慧项中，只有 一项是符合题日要求的。 题号1 2 3 7 答案 1,如图厮示，滑块A,B用轻置弹簧连接后静止在光滑水平面节板 上，带块A与左侧竖直周定档版板接触。现对带块B瘾加一 1000数a.F 水平推力F使滑块B向左缓慢运动到某一位置后保持静止，一授时间府置去推力F。 弹簧始终处于弹性限度内，关于弹簧和附块A,成，下列说法正确的是 A.推力下做的功大于辣簧增加的弹性势能 我当弹簧恢复原长时，滑块A开始离开答板 C从撤去推力F到滑块A离开挡版的过程中，弹簧和滑块A,B组成的系统功量守国 D.从滑块A离开档板到清块A,B共速的过程中弹簧对A,B两滑块做功的大小相等 名如图所示经直面内两个完全相同的光滑圈孤轨道平带对接，P,Q是等高的两缩。让 一可视为质点的小球以沿切线的物速度从P餐进人铁道，测 A小球在轨道最低点的机械能最大 长小球在轨道量低点对轨道的压力显大 C初速度足够大时，小球可能飞离“凹形"轨道 D初速度足够大时，小球一定佳通过“凸形"就道最高点 3.如图新示，在倾角为030的属定相局斜面体上，有一可视为质点，质量为m一]kg的 小球用长为L=0.4m的整绳拴接，轻解的另一端国定在O点，小球静止时位于最低点 A。现给小球一与轻绳垂直的都速度m=4m,使小球在斜值上做周周运动，经过一段 时间小球刚好能运动到最高点B,重力加速麦取家=10m,,忽略空气阻力。则小球由 A运动到日的过程中克酸深擦力做的功为 单元过美检测（八1物理第1页（共8页） 衡水真夏 A,10J R8J C6J D.3J 气跳台滑雪运动员在助滑段加速后，从起跳区a位置处水平飞出，落在着陆区内的b点，不 计空气阻力，如图所示。E,、E、E,P分别表示运动员在空中的重力势能，动能，机械能、 重力的功率，用上表示运动员在空中的运动时问，则下列图像可能正确的是《》 B 5,加围所示，起滑轮周定在横角为3？的光滑料面上，细线跨 过滑轮，质量分别为m,2保的A,B两滑块与罪线连接并叠 放在斜面上，A,B沿着料值分别向上、向下做匀速试动，细 线与斜面平行，不计滑轮与绳之间的滑动罩擦力，B的关 度足够长，重力加速度为g,s加3产-05，os37-0.8,渊 A,之间的动摩擦因数为 A升 cy n 位，如图所示，图定光带斜而领角一如，其成端与驱直而内半轻 为取的图定光带图氧轨道相切，位置D为重轨道的最低点。 质量为2m的小球A和质量为m的小环B(均可视为质点)用 L一1.5R的轻杆通过轻置教链相连。B赛在光滑的固定竖直 长杆上，杆和圆轨道在月一显直平而内，杆过轨道心O,初始 轻杆与斜面逐直。在斜面上由静止释效A,段设在运动过程中两杆不会硬撞，小味能滑 过D点且道过轨道连接处时无能量失（速度大小不变），重力加违虔为，从小球A山 静止释放到运动至最低点的过程中，下列判断正确的是 密鞋 单元过美检测（八】物理第2页{共8质） 2 A.A和B凯成的系统机械能不守恒 我刚释技时小球A的知速度大小为享。 C小环B慕度最大时轻轩弹力为mg D小球A运动到最低点时的速度大小为配 7,如图所示，固定光滑斜面顶璃有一轻质光滑定滑轮，质量为网的物块P和质量为3m的 物块Q用轻质饪绳相连，外力作用于P,使P,Q均静止。某时刻耀去外力，当Q下降的 高度为h时，组烯断裂，重力加速度为g,n37”=06,PQ均可视为质点，斜面是够长 期 37 A物块P沿斜面上升的最大高度为 且当细绳斯袋的网间，物块Q的重力的功率为√2人 C在猫绳断裂后，物块P沿斜面向上运诗的时铜为、。 D当物块P运动至最高点时，物块Q的机械能相对=0时刻诚少了语 二，多项选拼题：本题共3小膜，每小蝶5分，共15分。在每小端命出的四个进项中，有多 项符合题日要求。全都这对的得5分，选对但不全的得3分，有遗错的得0分。 题号 10 答案 ⑧如图甲所示，质量m一2.5kg的物块置于水平桌面上，在水平力F的作用下由静止开始 运动，力F随位移x的变化情况如图乙所示。当物体运动到x=4m处时，物体的速度 达到最大，当物体运动到x一5m处时，搔去下，重力相速度g一10m/:,下列说法正确 的是 A物体与桌面问的动摩擦因数为(4 N 15 我当物体运动到x=4m处时，其动佳为525】 10 C最个过程中，拉力F所做的功为85J 2345 山置去F后物块还能滑行的距离为1m 甲 2 单元过美检测（八1物理第3置{共8页） 衡水真 B,如图甲所示，一候料传送帮以？m/s的速度沿逆时针方向匀墓转动，=0时刻，将一板 量为1kg的物块轻放在传送梦底端，物块在传送警上受到的摩擦力随时间的变化如图 乙所示（取平行传送带向上为正》。重力知速度&取10mg,37”=0.6,0o437" 0B,下列说法正确的是 N 4 10 A.传送带的倾角为30 队物块与传遂梦同的动学振国数为08 C,传送带的长度为10m 山运动过程中，物块相对传送带的位移大小为5m 10,物块P,Q中间用一根轻质弹簧相连，放在光滑水平而上，物块P的质量为2g,如图 甲所示。开始时两物块均静止，弹簧处于原长，=0时对物块P临加水平向右的氧力 F,一1s时教去，在0一】内两物体的加通度随时间变化的情况如周乙所示。关于整 个滋动过程，以下分所正确的是 m·为 10 00000 A.=1“时Q的述度大小为儿4m/s B恒力大小为2N C0一1s内P的动量增加量为2kg·m/s D觜去推力后弹簧量长时，Q的速度大小为Q8m/s 三，非这择题：本题共5小题，共7分。 11(7分)在探究加速度和力、质量的关系实验中。小车受到的拉力测定至关重要，用如 图甲所示的实验装置，不计滑轮与射线，轮输间摩擦。已知当地的重力加递度g 10m/g. 打点计时落A小材 4amA 甲 题密程 单元过美检测八】物理第4页{共8质) 1》实晚前，选择槽码时，槽码的质量网（选填需餐”或不器要“）调足运小于 小车的质量M。此时 (选城”雷要”或不需装)测定情写疑量 (》实验一：小车质量礼不变，改变槽码疑量，多次实验，测出力传滤器的值F和小车 如速度a。作出F图像，如图乙所示A线，划图规A与横轴F的交点的含义 为 《3》实验二：改变小车的质量，用同一装置重复做了减实教小组的实验，指出小车质量 为M时的F因操为B线：则两线历对应的小车霞量M和M相比较，M M(选填大于“等于或“小于)。 12.10分》在验证机械能守红定律的实险中，某司学采用如图甲所示装置，绕过定滑轮的 细线上悬挂质量相等的重物A和B,在B下面两鞋典丹C。已知打点计时器所用交瓷 电源的颜率为50H 打点到零 甲 (1)在重物A下方图定打点计时器，用纸带连接A,测量A的运情况，下列操作过料 正确的是 。(填正确答案标号) A固定打点计器时应将复写纸定位轴置于系重物A的细线的正下方 县安装打点计时器时要竖直来稳，使其两限位孔在同一竖直规上 C,接通电题前让重物A尽量常近打点计时墨 D应途取最初第1,2两点问雨离接近2mm的纸带 (2)某次实验结束后，打出的纸带的一部分如周乙所示，A,B,C为三个相第计时点。则 打下B点时重桶的速度a m/s,(靖果保智三位有效数字) (3》如果本实验室电蒙颜率大于50H,则厨时违度的测量锁 〈选填一篇大”或 “偏小)， (4)已知重物A和B的质量均为M,构骨C的厦量为m,某次实验中从纸带上测量重 物A由静止上升高度为时对应计时的速度为，最重力加速度为，喇验证系 统机械能守恒定律的表达式是 《5)为了测定当烛的重力加速度，改变肉码C的质量m,测得多组m和对应的加速度 作出是一图像如图丙所示，图线与飘轴藏里为6，则当地的重力加建度 为 单元过美检测（八】物理第5页{共8页） 衡水真是 13.(10分)如图所示，竖直平面内常径为R=4m的光带既氨轨道AB固定在是够长的水 平楚而上，轨道AB的底端与水平楚面相韧于B点，其网心O在B点的正上方，Q从与 竖直方向的夹角为9一。一质量为m一2kg的带块1从A点由静止开始下滑，另 一质量为m,=10k起的滑块2静止敏于水平地面上的C点，瓦C的长度为L=1m.两 滑块均可税为质点，两滑换的极撞为弹性砖植，两滑块与水平地而间的动摩擦因数均 为一0.2，重力加速度大小取g-10m/宝，求， (1)滑块1第一次到站圆气物道底端B点时，对圆氧轨道的压力大小： (2)滑换1第一次到透C点时，因碰植使滑块2我得的速度大小。 密卷 单元过美检测（八）物理第6页{共8质) 2 14.13分)如图所示，光滑水平雀上有一质量M=4.0kg的带有圆氧软道的小车，车的上 表面是一段长L一L0m的相水平轨道，水平转道左侧选一率径我=025m的光 滑圆氧轨道，圆甄轨道与水平轨道在心点相切，车右精固定一个尺寸可以忽略，处于 领定状态的压缩弹簧，一质量m=1.0kg的小物块餐置弹簧成置，小物块与水平轨道 可的动摩擦因数▣一自，50。整个装置处于静止状态，现将弹簧解除领定，小物块被列 出，给能到达调轨道的量高点A,取g一10m公，表： (1)解除领定前弹簧的弹性势能： (2)小物块第二次经过了点时的速度大小： [3)小物块与车量终相对静止时，它里可点的年离。 2 单元过美检测（八1物理第7页{共8页） 衡水真题密卷 5.(1了分)如图所示，一阻脑斜面固定在本平越宜上，填角8=37”，斜边长乙=0m,在距 斜而厦璃一3m处有一被领定的帝块B。现将一光滑小球A从斜而顶操静止释放， 可时解除对滑块B的领定。A.B均栈为质点，A的质量为m,B的质量为4m,可以道 过在斜面表面涂抹转殊材料，改变料面与B之闻的动檬银因数，桂得B的运动情景不 同。设A,君间爱生的碰镜均为弹性能撞且碰撞同极短，最大静保擦力等于滑功摩擦 力，不计空气力，重力加速度g取10m/公，3i加37-0.5，cos37°-0.8，求， (1)若A,B恰好在斜面底端C点第一次相锡，B与斜面之间的动摩擦因数的大小 (②若B与料面之调的动除振因数网=后A,B从销一次碳撞到第二次瑞靠间隔的 时间： (3)若B与斜面之间的动摩擦因数一得A,B在解面上多次随推后，最终停在斜血 上的位置到C点的距离。 C 单元过美检测（八】物理第5页{共8质）