单元检测(三) 运动和力的关系-【衡水真题密卷】2025年高考物理单元过关检测（山东专版）

衡水真题密卷 联立解得F一 umg sin 6-ucos N O F mg 2024一2025学年度单元过关检测 一、单项选择题 1.C【解析】微重力环境是指实验舱处于完全失重 状态，A错误；实验舱上抛阶段和下落阶段都处 于失重状态，B错误；实脸舱的释放点上方需要的 高度至少为A=2g=2×10×2m=20m,C 正确：在很短时间内将实验舱竖直向上加速到 20m/s后释放，所以实验轮在弹射阶段的加速度 大于重力加速度，D错误。 2.B【解析】当箱子向上做减速运动时，加速度向 下，等效重力加速度g'小于重力加速度g,A错 误；当箱子向上的加速度等于g时，由g'=g十a, a=g,可得g'=2g,B正确；当小球既不是超重状 态也不是失重状态，竖直方向的加速度a=0,由 g=g一a,可得g'=g,C错误：由牛顿第二定律 可知，mg-F=ma或F-mg=ma,即 =g一 a=8支号=g十a=君，则拉力传感器的示数F 与小球的质量m之比等于等效重力加速度，D 错误。 3.C【解析】在施加外力F前，对A、B整体受力分 析，可得2mg=k1,A、B两物体分离时，A、B间 弹力为零，此时物体B所受合力F台=F一mg= 0,即受力平衡，则两物体的加速度恰好为零，可 知此时弹簧弹力大小等于A受到的重力大小，弹 簧处于压缩状态，A,B错误：B与A分离时，对物 体A有mg=kx2,由于x1一2=h,所以弹簧的劲 度系数为k=m5,C正确；在B与A分离之前，由 h 牛顿第二定律知a=F+k2mg-F虹-g, 2m 2m 在B与A分离之前，由于弹簧弹力一直大于mg 且在减小，故加速度向上逐渐减小，所以它们向 上做加速度减小的加速直线运动，D错误。 4.C【解析】物块在传送带上的加速度a=g一 2m/,向左减速到零的时间1==3s,向左运 3 8 单元过关检测 (2)不管用多大力推门，塞在门下缝隙处的木楔 都能将门卡住而不再运动，即Fsin u(Fcos0叶 mg) 若木楔质量较小，可得tanu 故临界角的正切值为tan品=μ (三)物理·运动和力的关系 动的最大距离=爱=9m<L=10m,故物块 不会从左端滑离传送带，A错误：物块向左减速 到零后，向右加速，但只能加速到%=4m/s,B 错误：物块向右加速到功=4m/s用时2一- a 25,这段时间内向右运动的距高一要-4m, 之后做匀速直线运动，剩余在传送带上运动时间 4=西一互-1.255，小物块从滑上传送带到滑 离传送带经历的时间t=1十t十t=6.25s,C正 确；向左运动过程，划痕长度1=h1十x= 21m,向右运动过程，划痕长度l2=64一x2 4m,总划痕长度l=l1十l2=25m,D错误。 5.B【解析】匀速运动时，设每一个物块所受的摩擦 力为f,质量为m,根据平衡条件可得F=4 ngsin叶 4f,对2、3、4物块由平衡条件可得3 ngsin0+ 3了=工，可得了=驶，连接第34物块间的细蝇 突然断了，对1、2、3物块根据牛频第二定律可得 F-3 ngsin0-3f=3ma,对2、3物块根据牛顿第 二定律可得T2一2 ngsin0-2f=2ma,可得T2= 3,可得T1T=9:8,B正确。 2 6.D【解析】对石球受力分析，OA绳 与石球相切于点A',设OA'绳与竖 直方向夹角为日，如图所示，所以 h c0s0=号，对结点0受力分桥由 平衡条件得4TAc0s0=G,解得OA rO' G 绳上的拉力大小为TA=40S0 C.A错误：由题意可知T=若侧面绳 G 长不变，减小绳套的半径，则0变大，cos0变小， 则OA绳上的拉力增大，B错误；若绳套不变，将 侧面四根轻绳各增加相同的长度，日变小，c0s日 ·物理· G 变大，由T一4cOS)可得，OA蝇上的拉力减小， C错误：若加速向上提升石球，加速度向上，由牛 顿第二定律有4 TAcOs0-G=ma,可得OA绳上 的拉力T>C,D正确， 7.C【解析】松果沿平直轨道ABC做匀加速直线 运动，沿弯曲轨道ADC运动过程中，加速度逐渐 减小，且先大于匀加速运动加速度，后小于匀加 速运动加速度。【图线的斜率等于加速度，C 正确。 8.C【解析】设物体运动的加速度大小为a,对A、 B整体有a=品隔离B,可得A对B作月力大 小F=2m·a=,由牛领第三定律知B对A作 用力大小Fm=罗，对A在竖直方向有F mg得一票，C正确。 二、多项选择题 9.CD【解析】由图像知雪橇所受的拉力变化，做 变加速直线运动，A错误：设雪撬的质量为m,雪 桡与地面间的动摩擦因数为4，依据牛顿第二定 律，对雪桡有F一mg=ma,即F=umg十ta,图 线的斜率表示雪撬的质量，得m=一名，B错误： 若F=0.c=一g,得a=一豆，C正确：当拉力 下=b时，加速度a=b-b-c(1一n),D正确。 10,BC【解析】物块a的上升过程分为两个阶段， 第一阶段为在物块b释放后，在细绳拉力的作用 下加速上升，与此同时物块b加速下降，速率与 物块α相同，第二个阶段为物块b落地后，物块 a在重力的作用下减速上升直至最高点。则第 一阶段对整体由动能定理有(m2一m1)gh= 2(m十m),第二阶段对物块a由动能定理 有一mg(H-)=0-包m,联立以上两式可 得H=2mh,结合图像可得k=2m,可 m1十n2 m1十m2 知四=2-1，A错误，B正确：要将物块a拉起， m2 k 则有T-mg>0,对物块b,则有meg一T>0,可 得m>m,因此有2m<2<2m,即 2十mem1十m2m2 1<k<2,C正确，D错误。 参考答案及解析 11.AD【解析】汽车启动过程中，汽车做加速运 动，故加速度方向向前：最上面的水泥圆管的加 速度也向前，故其受到的摩擦力方向向前；汽车 启动过程中，若牵引力恒定，则加速度大小不 变，最上面的水泥圆管受到的摩擦力大小不变： 若发动机功率不变，则加速度减小，最上面的水 泥圆管受到的摩擦力逐渐减小，A正确，B错误： 最上面的水泥圃管的受力侧视图如图所示， R一20=，最大静摩擦力为人。 3 2Fw-2,3 3mg,若汽车制车过程中，最上面的 水泥圆管发生相对滑动，则将撞击车头车厢壁， 发生安全事故，所以汽车制车的加速度不能超 过am--2W3g,C错误，D正确。 3 mg 12.BD【解析】因为6时刻后图像为反比例函数 曲线，即·=，则位移x=为为定值，可知此 时物块静止，即从0时刻开始物块已经静止，根 据坐标(4,7.5)可得物块的位移为x=30m,A、 C错误：根据x=上2a心可得子-一2a山， 可得=20m/s,B正确；物块的加速度大小a= =202 2x=20m/s2-29m/s,报据g=nd,可 得=号D正确。 三、非选择题 13.(1)1.400.390(2)A (3)舍去(4)6m+M4%-1 mg 【解析】1)测得滑块的加逵度大小为a=祭 (7.80-3.20-3.20)×10 0.12 -m/s=1.40m/s2, 打下计数点2时，滑块的速度大小为口一费 7.80×10-2 0.2 m/s=0.390m/s。 衡水真题密卷 (2)调节连接滑块的细线至水平，A正确：该实 验不需要满足钩码总质量要远小于滑块的质 量，也不霄要平衡摩擦力，BC错误。 (3)将测得的数据在4-n图像中描点如题图丙 所示，在数据点连线时，加速度a=0对应的点 偏离直线过大，应舍去。 (4)由牛频第二定律可知mmg一[(6一n)m十 Mg=(6m+M0a,剥a-债爱-g,则 =陆爱，解得a-点4-1 mg 14.(1)5.50(2) t (6)A(7)m-10m L 【解析】(1)游标卡尺的精度为0.05mm,读数 为5mm+10×0.05mm=5.50mm. (2)遮光条经过光电门的时间较短，则速度为 v t (4)同(3)可知B、A经过光电门的速度分别为 助品助=县根据连度一位移的公式有砖一 访=2a·党，解得a=品后 d (6)设A,B两凹槽和遮光条的质量均为M,从B 凹槽拿一个砝码到A凹槽，有2 ngsin0 (2M+20m)gcos0,若从B凹槽拿n个砝码到 A凹槽，由牛顿第二定律有2 ugsin0一 u(2M+20m)gcos0=(2M+20m)a,解得 (2n-2)mgsin0=(2M+20m)a,变形得a= n一)mgsin0,图像的纵坐标为a,横坐标应为 M+10m n一1。故远A (7)根据斜率可得A凹糟和A凹槽上遮光条的 总质量M=驶-10m。 及L 15.8 (2)(8+82)s264m (3)4.9×105t 【解析】(1)设原来海水密度为，根据题意，有 mg=F海=pgV精 “跃层”内海水密度为p,有mg一F洋=a F降=p'gVe 解将日层-品 (②)潜艇在匀加速下落阶段，有=号片 3 单元过关检测 32m 又功=a14=8m/s 排水后，潜艇先匀减速下降，再匀加速上升，对 这个过程，有一h1=v一2a号 解得2=(8十8√2)s =32m 匀减速下降过程，有h一2a2 潜艇最深位置h=200m十h1十h2=264m (3)排出海水后，设潜艇质量为m',有F4一mg= maz 解得m'=2.21×102t 则潜艇排出海水的质量△m=2.7X10t一2.21× 102t=4.9×105t 16.(1)1：1(2)8mg 【解析】(1)对物块施加一水平向右的恒定拉力 后，设物块向右的加速度大小为a1,由于细线长 度不变，则木板向左的加速度大小也为1，当物 块运动到木板正中间时，设物块向右的速度大 小为，则木板向左的速度大小也为；设木板长 度为L,物块向右运动的距离为x1,则木板向 左运动的距离也为x1,物块和木板的加速时间 均为，有t=2a1 2=2 v=aiti 拉力撤去后，先判断细线是否松弛，假设细线松弛， 设物块向左的加速度大小为aA,有mg=aA 解得aA=g 设木板向右的加速度大小为aa,有mg十2mg= man 解得aB=3ug 由于ag>aA,连接A、B的细线长度会增大，不 符合实际，说明假设不成立，故拉力撤去后细线 不松弛，拉力撒去后，由于细线不松驰，物块向 右减速，木板向左减速，物块与木板的加速度大 小相等，设为a2,设物块向右运动的距离为x2, 则木板向左运动的距离也为x2,物块和木板的 减速时间均为2，物块停在木板最右端，有 2x= 物块减速过程有=2a2xg v=azte 联立可得a1=az 4=1 21 ·物理· (2)设拉力撒去后细线上的拉力变为T2,对物块 有T2十mg=ma2 对木板有pmg十24mg一T2=ma2 解得a2=2g 拉力撤去前，有a1=a2=24g 设细线上的拉力为T,对物块有F-T一g 7a1 对木板有T1一umg-2mg=ma1 解得F=8mg 17.(1)>0.27(2)2m(3)2m 【解析】(1)对货物受力分析，由牛顿第二定律 可得f-mgsin0=ma 其中f=mgcos8 货物向上运动a>0 解得赏物与传送带之间动摩擦因数需满足的 条件为m>0.27 (2)共速前，货物满足f一ngsin0=ma 设经过时间山货物与传送带达到共速，则有 To=aot 该过程货物位移为=w=2m (3)由(2)知，共速前传送带位移为x2=% 货物在传送带上的痕迹长度为△x=x2一x无1= 2m 共速后，假设货物与传送带相对静止一起做减 速运动，对货物受力分析有f十mgsin0=ma1 可得f>f 所以货物与传送带发生相对滑动。对货物有 f+mgsin =maz 设经过时间2，货物再次与传送带共速，有) h一azt2 货物位移为s=2(十) 对传送带边=一1 传送带位移为=（十出 又因为丝=(t红一) 再次共速阶段，痕迹长度为△西=1一2一？= 0.07m 因为△x<△x 所以货物在传送带上的痕迹长度为2m 18(10.25m(21.0m（8器m<4<碧m -59 【解析】(1)若B保持静止，A减速到0的位移 2话=0.25m 为s1一2a1 参考答案及解析 要使A不从B上掉落，B的最小长度为0.25m ②A减建到0的为，有4-费=号5 A向左运动到速度为0的位移为=2a: 0.25m 在红内B的位移为5m=t红=0.5m 此过程A相对于B的位移向左△1=5十 51=0.75m A向右加速到与木板速度相等的过程1== a 专 6=0.25m A的位移为5a一2a B的位移为sm=ht2=0.5m 此过程A相对于B的位移仍向左△x2=5一 Se=0.25m 要使A不从B上掉落，B的最小长度为L2= △x1十△x2=0.75m十0.25m=1.0m (3)B以v1=6m/s做匀减速运动，当1m/s2≤ a2≤2m/s2时，A先减速后加速到与B共速随 后A、B一起减速到零，A、B共速前？共=的 a2t=-h十a1t 解得子s<号s,是m/s≤<号m/s 对A有xN=二，十 2 A,B共速后，对A,B有xu一2ag 则xA=TAI十xA 解得号m<<碧n 59 当2m/s<a2≤4m/s时，A先以a1向左减速运 动，再以a向右加速达到共速后，以1向右匀减 速到零，A、B共速前#=必一a2t=一h十a1t 解得名s<子s,号m/s<<号m/s 时A有x州=坠·，地户2 2 则xA=xL十x心 解得凳m<4<号n 23 熔上所迷，A对地的位移为影m<4<碧m2024一2025学年度单元过关检测（三）】 物理·运动和力的关系 (考选时可90分钟，惑分10分》 一、单项选择题：本题共8小题，每小盟3分，共24分。每小题只有一个选项符合题日 要求。 题号 2 3 6 7 8 答案 1,电磁弹射微重力实验装置已启动试运行，藏装置采用电适弹射系能，在很短时间内将实 验验竖直向上加速到如m/A后释成。实验舱在上撒和下落同释放点过程中创量时长 达4s的微重力环境，重力加速度g取10m/分，下判说法正确的是 A微重力环境是指实舱受到的重力很小 我实验舱上抛阶段处于媚重状态，下落阶段处于失重状态 C实教枪的释放点上方需要至少20m高的空何 D实验舱在舞射龄段的加速度小于重力加迷虔 2,知图所示，小球最挂在箱子顶路的拉力传缘墨上.当箱子沿竖直方向敏变 散力传城指 建运动时，传感蒂的乐数会变大或者变小，当箱子的如速度向上为。时， 可认为重力加速度由g变为g'一累十，当箱子的如速度向下为a时，可 认为重力加速度由变为g‘一一：，小球好像处在一个重力加违度为g 的环境里，可把这个g移为等效重力加速度。下列说法正镜的是《 A当箱子向上数就速运动时，等效重力扣速度g大于重力如速度： 弘当箱子向上的加速度等于g时，等爱重力如速度e等于2g C当箱子既不是超重状右也不量失重状态，等效重力拉速度等于。 D拉力传感器的示数F和小球的重力四的合力与小球的质量网之比等于等效重力加速瘦 3.如图所示，质量均为m的A,B两物体叠放在经直弹簧上并保持静止，用 大小等于州的恒力P向上拉B,运动距离k到，B与A分离，下列说法正 确的是 A.B和A刚分离时，弹簧长度等于原长 我B和A州分离时，它门的如建度为E C弹簧韵劲度系数等于 D,在B和A分离能，它们敏加速度增大的都速直线运动 4.如图所示，阁紧的水平传送替始篷以氧定速度一4m/顺时针运行，小物块以的一 6m/s的初速度从传递带右端滑土传送带，已知物块与传送带闻的动摩擦因数为Q.2, 传送带的长度为10m,重力加速度g=10m/×,考虚小物块滑上传送带到离开传送带 单元过美检测（三引物理第1页{共8页） 衡水真夏 的过程，下列说达正确的是 A.小物块从传送带左确滑离传递蒂 且小物块滑离传送整时的速度大小为8m/s C小物块从滑上传运桥到滑离传送餐轻历的时可为6.25s D小物块在传送带上留下的划复长度为17m 瓦，如图所示，候角为0的粗制料面上有4个完全相同的物块，在与斜面平行的拉力F作 用下价好沿斜博向上做匀速直线话动，运动中违接各木块间的纸绳均与斜面军行，此时 第1,2物块同短绳上的拉力大小为T,某时刻连接第3，《物块间的细绳突然断了，其余 3个物块仍在力F的作用下沿斜面向上运动，此时第1,2物块可细绳上的拉力大小为 T,则TT等于 A,912 L9:8 C332 D11 3r 6,工人用如图所示的装置匀违品起有球，装置底露ABCD为到形绳套，A,B,C,D是圆上 四等分点，侧面Q4.O组，0C,OD是四条凳全相同，不可伸长的轻绳。0点在石球球心 正上方Q,5m处，石球平径为03m.石球表面光滑、重力大小为G。下列说法正确的是 Aa4绳上的拉力大小为号 且若侧面混长不变，减小绳套的华径，则OA绳上的拉力减小 C.若绳套不变，将侧面四根绳各增加相问的长度，则A绳上的拉力增大 Q者加速向上规升石球，则QA绳上的拉力大于治 7.如图甲所示为御江古戴古老的住宅楼和万古楼，万古楼的飞懒“属原是中国传统建筑 的重要麦现之一，现把住宅棱和万古棱的懂镇分别看成平直轨道A℃及弯曲物道 ADC,如图乙所示。一颗松果（可看或质点）从A点由静止开给分别沿两轨道下带到C 点，不计阻力，下列1图像可能正确的是 么么团 通密程 单元过美检测[三)物理第2页{共8质) 8如图所示，版量分别为m和2m的方彩物体A和B在本平 枫力F作用下，沿呢滑水平而向右运场，A刚好不下滑，设是 大静摩擦力等于滑动摩察力，重力扣速度大小为g,期A,B阿的动摩擦因数为( A学 R c罗 D. 二、多项迹择题：本题共4小题，每小愿4分，共16分。每小题有多个迹项特合题日要求， 全部选对得4分，选对但不金的得2分，有选储的得。分。 题号 9 10 11 12 答案 9.用水平拉力使雪桥在平组的雪抛上由静止开始沿直线运动，雪桥运动后，所受拉力F与 其加速度a的关系图线如图所示，图中6，(c≤0)和w均为已知量，重力加速度大小为 ,下列说法正确的是 A.雪桥一定做匀如速直线运动 ON 我雪的质量为名 C雪镜与雪地同的功摩擦因数为一日 D拉力F=n命时，雪概的加速度大小为(1一) 线字 1心.某同学利用如图甲断示的装置，探究物块4上升的最大高度，急略一钢阻力及滑轮和 细绳的质量。起初物块a故在地面上，物块b地面的高度为雨，细绳静好铝直。现由 静止释放物块，物块合碰地后不再反弹，测出物块：上升的最大高度H,每次释放物 块6时，确保物块a在地面上，改变细绳长度及物块6距地面的高度k,寻找多组(H, A),然后作出H表的图像如图乙所承，测得图线的解率为无。已知物块@，6的质量分 别为程，。则 A物块a6的版量之比编一}一 我物块46的质量之比细一是1 CH-图线的斜率是的取值范围是1<2 D,H-h图线的斜率业的取值范围是D<1 .卡车车和中装有完全相同的水瓷圆管，下而的两叔阳管的装与车和壁接触，上面的翼 管未与车和整接触，三根衡管五相接触，如图所示。已知置管之间的动摩擦因数为世， 重力加速度为意，最大都摩报力等于滑动燥擦力。下列有关说法中正确的是 A.汽奉启动过程，最上面的水泥圆管受刊的摩擦力向前 B汽车府动过程，最上面的水能管受到的摩擦力逐新增大 C为了安全起见，汽车刹车过程中的加速度不能超过g 几为了发全起见，汽车料车过塑中的加速度不能超过盟 单元过美检测（三1物理第3置{共8页） 衡水真是 12,某软件可以记录物体的运动过程并罐绘出遂动图像。如图所示为该数件导出的 一1图像为时刻：为0一时闻内物体道动的位移。已知。时期前图像为直线：6 时刻后围像为反比例函盘由线。该围橡模和某物块在粗粒水平面上做匀减速直线运 动直至静止的滑动情境，取藏力加速度为心m/。下列说法正确的有 《》 A.物块在4s后某一时刻静止 且0时则，物块的递度大小为0m/ C,物块运动的位移大小为0m 几物块与水半面间的动率擦因数为呈 三，非送择愿：本愿共6小题，共0分。 04 13,(6分)某同学用如图甲质示装置测量滑块与木板之间的功摩擦因数。把右骑描有滑挖 的长木板平收在实验桌上，有凹情的滑块左端连接穿过打点计时舞的纸带，右餐遵接 钰线，细线绕过定滑轮挂6个构码。启动打点计时器电源，释成约码，滑块在钩码的牵 下加速运动，记录悬挂钩码的个数W一6，并测得对应的加递度4。接看将悬挂的钩 码取一个故到滑块的回情男，由静止释放利下典码，记录悬挂脚码的个数，并测量对应 加道度，重复实验，直至-1 打点树站讲换 江带 1 一单位： (1)当n一6时获得的纸梦如图乙所示，在纸梦上每隔‘个点取一个计数点分知标记为 1,2,3,测得滑块的加速度大小为￥三 m/,打下计数点2时，滑换的速度 大小为。一 m/s,已知打点计时器的工作顿率为50Hz。(站果均保智三位 有效数字) (2)实险中为了减小误差。下列做法正确的是，《填正确答案标号) A测节连接滑块的氧线至本平 且购码总质量要远小于带块的质量 C将木板无滑轮精适当垫高以平衡摩擦力 (3)将测得的数据在n图像中摇点如图丙所示，在数据点连规 时，加速度@一0对应的点，成（填“保留”线“舍去"）。 (4)若每个购码的质量均为病，滑块的质量为M,图线料室为，取 当地重力加速度为，则济块与木板之问的动摩察因数丛 。(用字母M、两、★、E表示》 密程 单元过美检测（三）物理第4页{共8质) 14.(8分》某同学用如图甲所示的装置酸证牛顿第二阅律，两块刺质相同、长皮均为上的薄 木板饮接在一起，饮修上方连有一个轻小滑轮，饮链W定在一个高度可以到节的支果 上，A,B两个相同的巴情用跨过滑轮的细线莲接，两凹精上安装有宽度相同的意光条 帽线直时与两木板平行，两速光条到滑轮的距离之和正好也是L,在两版上离滑轮 江处有两个光电门. 老电门 光电江 1 cm 3 05101520 实验声深知下： (1)用避标卡尺测量邀光条的魔度d,如周乙乐示，读爱为 11 (2)若测出某意光条节光时间为，可得到意光条通过光电门的违度为 《用字 表示》. (3)两个凹槽里面分别装上1O个质量均为m的砝码，让A凹情章近滑轮，B凹槽靠近 右侧木板底端，细馒韩直，给光电门通电，现从B凹槽里拿m=1个砝码故在A包槽 里而，给A回情一个向下的初违度，到节支架的离度，使得两光电门记录的时间一 ,测出高度。 (4)保持支架高度h不变，重新在两个凹精里而分则装上10个质量均为m的陆码，让 A凹棉靠近得轮，B凹槽靠近木板底端，细线伸直，给光电门薄电，现从B凹槽里拿 w=2个砝码放在A凹情里面，给A国情-个向下的有速度，记录A、B两凹槽上的 意光条通过光电门的时间分别为4，a,期可以得到两四槽加速度的大小为 (⑤》重复第4个步骤，取性一3,4，“，并测出两凹槽对应的加速度。 (6》现在餐用图像法验迁牛顿第二定律，图像的纵争标为4，要使得图檬是如图丙所不 的过原点的直线，期图檬的战坐标应为 。(填正确答案标号》 A.w-1 且8十1 C,2w-1 D2w+1 (?)若达择正确的机坐标后，得刊图线的斜率为，测可以得罚A凹帽和A凹槽上蓬光 条的点履量为 。(重力面速度大小为：》 单元过美检测（三1物理第5页{共8页] 衡水真是 15.(8分)深海中有一个大系图一崇底所崖，又叫“跃层”，“跃层”是海水参数随深度变化 而显著变化的水层，当滑整从高密度海规进入低密度海减时，潛艇的浮力会突然诚 小，这样潜每就会急喇下沉，专业上称这种残象为掉深”。“掉深”可能会导政潜的 实际下潜深度过设计下潜深度，登成潜艇陵裂进水，结构解体。已知潜艇的质量为 27×10t,正在水下0m处水平运动，夹然进人“联层”，以如建度@1一1m/公竖直 向下落（水平速度叙小可以忽略不计）。潜短指战员迅速朵《推版，向外排出海水，8* 后开始以向上的加速度4一】m/s运动。取R一10m/s (1)求跃层“内海水密度与原来海水密度之比。 (2)采取情随后潜艇轻过多长时可回到原米深度？最深到了多深？ (3)潜屈排出了多少海本（结果保留两位有效数字）？ 16,(8分)如图所示，术版B和物块A质量均为m,开始木板静止在水平地面上，物块位于 木板最左墙。物块与木板，木板与地面间的动摩擦因数均为：，木板和物块用不可韩长 的线绕过光滑定滑轮连接，初始时细线翻繁。观对物块能加一水平向右的属定拉 力，当物块运动到木板正中间时置去牧力，最后物块恰好停在木板的最右漫。已知细 缓足够长，整个过程术板不金撞到带轮，物块可视为规点，重力加速度为《，设最大静摩 紫力等于滑动摩擦力。求， （1)》物块冉右加速和减道质用时河之比片 (2)拉力P的大小， 密卷 单元过美检测（三）物理第6页{共8质) 3 17,14分)传送带在运透货物时往住采用但速（速率保棒不变）运行方式，但这种试行方式 效率较乐，源费大量电。为了提高传送梦输送贷物效率，实现节省电雀的日标，某公 同利用白动控刚系统根据货物运送量自动调控传透带运行速度，该公可传递带模四 如图所示，倾角为8一16，长度为L.一20m。货物静止成置在传送带核精，从传送带顶 编离开传送带。意g-10m/g,sin15-0.26,cms15-0.97,tmm15'-0.27,最大静摩 擦力等于滑动摩察力。 (1)为了使货物能被传这带缩运可顶菊，求货物与传适带之问的动摩察因数需端品 的条件. (2》根据货物输进量，浅公可将传送带运行速度设置为，一3m/,货物与传送带的动 摩擦因数为：=0.5，当货物与传送指达到共同速度时，求货物的使移大小。 (3》在(2》的情况下，山于货物运送量变少，当货物刚与传送带共速时，自动控脚系统以 大小为a一10m/s的如速度将传动带运行速度降低为n一1m/s,米货物由传送 带底端运行到传送带顶瑞时在传送墙上图下的痕连长度。 -115” 3 单元过美检测（三引物理第7页{共8页） 衡水真无 18.(15分)如图所示，长木板B放在水平地面上，小铁块A以水平向左的初速度两=1ms 自木板的右端神上木板，在以后的运动过程中，A的加速度大小为1，B的加速度大 小为，已知A,B两者有相对滑动时，A的如速皮方向与它所受的摩擦力方向相同， 大小为=2m/公.在A、B的运动过程中可能会出我两种情况，情况一：若在 两者速度相同以后A随B运动：铸况二，若山<@，在两者通度相同后，A的速度方向 不变，知速度反向（大小仍为一2四/s》,直至速度为零后保持静止。求 (1)若B保持静止，要快A不从B上掉落，B的最小长度. (2)若B保特水平向右做匀速直线运动，其速度大小为隆一1m/,要使A不从B上掉 落，B的最小长浅， (3)若B水平向右做匀诚连直线运动直至最路静止，其初速度一8m/s,加道度@：恒 定，但其大小可在1m/信至4m/s之间任意取值，周当A最终也静止时，A对地位 移大小的取值蔻围。 密卷 单元过美检测[三)物理第8页{共8质)