单元检测(三) 运动和力的关系-【衡水真题密卷】2025年高考物理单元过关检测（广东专版）

·物理· 为y轴正方向建立直角坐标系，根据正交分解 和共点力平衡条件有Fcos a=Nsin37 Fsin a十m1g=Ncos37° 2024一2025学年度单元过关检 一、单项选择题 1,C【解析】微重力环境是指实验舱处于完全失重 状态，A错误；实验舱上抛阶段和下落阶段都处 于失重状态，B错误：实脸舱的释放，点上方需要的 高度至少为方=2=2×10×2m=20m,C 正确：在很短时间内将实验舱竖直向上加速到 20m/s后释放，所以实验舱在弹射阶段的加速度 大于重力加速度，D错误。 2.B【解析】当箱子向上做减速运动时，加速度向 下，等效重力加速度g'小于重力加速度g,A错 误；当箱子向上的加速度等于g时，由g=g十a, a=g,可得g'=2g,B正确：当小球既不是超重状 态也不是失重状态，竖直方向的加速度a=0,由 g=g一a,可得g'=g,C错误；由牛顿第二定律 可知，mg一F=ma或F一mg=ma,即E=g a=g我品-g十a=《,则拉力传感器的示数F 与小球的质量m之比等于等效重力加速度，D 错误。 3.C【解析】在施加外力F前，对A、B整体受力分 析，可得2mg=kx1,A、B两物体分离时，A、B间 弹力为零，此时物体B所受合力F◆=F一mg= 0,即受力平衡，则两物体的加速度恰好为零，可 知此时弹簧弹力大小等于A受到的重力大小，弹 簧处于压缩状态，A、B错误：B与A分离时，对物 体A有mg=kx2,由于工1一x2=h,所以弹簧的劲 度系数为k=,C正确：在B与A分离之前，由 牛领第二定律知a=F+kg2mg=F虹-g 2m 2m 在B与A分离之前，由于弹簧弹力一直大于mg 且在减小，故加速度向上逐渐减小，所以它们向 上做加速度减小的加速直线运动，D错误。 4,B【解析】匀速运动时，设每一个物块所受的摩擦 参考答案及解析 16 联立解得tana一 测（三）物理·运动和力的关系 力为f,质量为m,根据平衡条件可得F=4 ngsin叶 4f,对2、3、4物块由平衡条件可得3 ngsin0十 3=T,可得T)=架，连接第34物块同的知悦 突然断了，对1、2、3物块根据牛顿第二定律可得 F-3gsin0-3f=3ma,对2、3物块根据牛顿第 二定律可得T2-2 ngsin0-2f=2ma,可得T2= 背可得1：1=918，B正确 5.D【解析】对石球受力分析，OA绳 与石球相切于点A',设OA'绳与竖 直方向夹角为日，如图所示，所以 h c0s0=号，对结点0受力分析，由 A" 平衡条件得4TAc0s0=G,解得OA 绳上的拉力大小为T一G)C.A错误：由 G 题意可知TA一4c0S0若侧面绳长不变，减小绳 套的半径，则0变大，cos0变小，则OA绳上的拉 力增大，B错误；若绳套不变，将侧面四根轻绳各 增加相同的长度，0变小，cos0变大，由TA= G0可得，0A绳上的拉力减小，C错误：若加建 向上提升石球，加速度向上，由牛顿第二定律有 4Tcos0一G-ma,可得0A绳上的拉力T>是 G,D正确。 6.C【解析】松果沿平直轨道ABC做匀加速直线 运动，沿弯曲轨道ADC运动过程中，加速度逐渐 减小，且先大于匀加速运动加速度，后小于匀加 速运动加速度。v~t图线的斜率等于加速度，C 正确。 7.C【解析】设物体运动的加速度大小为a,对A、 B基体有a-品隔离B,可得A对B作月力大 2F 小F=2m·a=写，由牛顿第三定律知B对A作 Y灯 衡水真题密卷 用力大小Fm=号，对A在整直方向有Fw mg,得票，C正璃。 二、多项选择题 8.CD【解析】由图像知雪橇所受的拉力变化，做 变加速直线运动，A错误：设雪橇的质量为m,雪 桡与地面间的动摩擦因数为以，依据牛顿第二定 律，对雪有F-ang=ma,即F=mg十ma,图 线的鲜率表示雪旋的质量，得m=一名，B错误 若F=0,c=一g,得以=一C,C正确；当拉力 F=b时，加速度a=bb=c1一，D正确。 9.AD【解析】汽车启动过程中，汽车做加速运动， 故加速度方向向前：最上面的水泥圆管的加速度 也向前，故其受到的摩擦力方向向前；汽车启动 过程中，若牵引力恒定，则加速度大小不变，最上 面的水泥圆管受到的摩擦力大小不变：若发动机 功率不变，则加速度减小，最上面的水泥圆管受 到的摩擦力逐渐减小，A正确，B错误：最上面的 水泥圈管的受力侧视图如图所示，FN一2cOS30 =3mg,最大静摩擦力为人.=2-25m 3 3 umg, 若汽车制车过程中，最上面的水泥圆管发生相对 滑动，则将撞击车头车厢壁，发生安全事故，所以 汽车制车的加速度不能超过am==254g,C m 3 错误，D正确。 mg 10.BD【解析】因为t。时刻后图像为反比例函数 曲线，即二·=k,则位移x=长为定值，可知此 时物块静止，即从6时刻开始物块已经静止，根 据坐标(4,7.5)可得物块的位移为x=30m,A、 Y灯 单元过关检测 C错误；根据x一功 可得=一2a, 1 1 可得h=20m/s,B正确；物块的加速度大小a 益-裂0n/g-智n/g,旅据mg=ma,可 6=202 得以=号，D正确， 三、非选择题 11.(1)1.400.390(2)A (3)舍去(4)m+4-1 mg 【解析】(1)测得滑块的加逢度大小为a=等 (7.80-3.20-3.20)×102 0.12 m/s=1.40m/s2, 打下计数点2时，滑块的速度大小为口一器 7.80X102m/s=0.390m/s. 0.2 (2)调节连接滑块的细线至水平，A正确：该实 验不需要满足钩码总质量要远小于滑块的质 量，也不需要平衡摩擦力，B、C错误。 (3)将测得的数据在a-n图像中描，点如题图丙 所示，在数据点连线时，加速度α=0对应的点 偏离直线过大，应含去。 (4)由牛顿第二定律可知mg-r[(6一n)m十 Mg=(6m+Ma,则a=点爱a-g,则 长-0，解得-64-1。 mg 12.(1)5.50(2)4 ω盖 (0A()2-10om 【解析】(1)游标卡尺的精度为0.05mm,读数 为5mm+10×0.05mm=5.50mm。 (2)遮光条经过光电门的时间较短，则速度为 v=d (4)同(3)可知B、A经过光电门的速度分别为 防一品根搭选度一位移的公式有访一 访=2a…壳解得a=成 d de (6)设A,B两凹槽和遮光条的质量均为M,从B ·物理· 凹槽拿一个砝码到A凹槽，有2 ngsin日 u(2M+20m)gcos0,若从B凹槽拿n个砝码到 A凹槽，由牛顿第二定律有2 mgsin0一 a(2M+20m)gcos0=(2M+20m)a,解得 (2n-2)mgsin0=(2M+20m)a,变形得a= n一1)mgsin0,图像的纵坐标为a,横坐标应为 M+10m n一1。故选A」 (7)根据斜率可得A凹槽和A凹槽上遮光条的 总质量M=mg EL -10m。 1a品 (2)(8+8√2)s264m (3)4.9×105t 【解析】(1)设原来海水密度为P,根据题意，有 mg=F年=pgV排 “跃层”内海水密度为p,有mg一F海=a F年-p'gV排 解得g异-品 (2)潜艇在匀加选下落阶段，有=司a1号 32m 又=a1th=8m/s 排水后，潜艇先匀减速下降，再匀加速上升，对 这个过程，有一h1=4一2a号 解得t2=(8+8v2)s 匀减速下降过程，有：二，=32m 潜艇最深位置h=200m十h1+h红=264m (3)排出海水后，设潜艇质量为m',有F一mg= maz 解得m=2.21×102t 则潜艇排出海水的质量△7m=2.7×10t一2.21X 10t=4.9X106t 14.(1)1：1(2)8mg 【解析】(1)对物块施加一水平向右的恒定拉力 后，设物块向右的加速度大小为1，由于细线长 度不变，则木板向左的加速度大小也为a1,当物 块运动到木板正中间时，设物块向右的速度大 小为口，则木板向左的速度大小也为v:设木板长 参考答案及解析 度为L。,物块向右运动的距离为1，则木板向 左运动的距离也为工1，物块和木板的加速时间 均为，有=2a1x 2=2 u=a1t有 拉力撒去后，先判断细线是否松弛，服设细线松弛， 设物块向左的加速度大小为aA,有ng=aA 解得aA=g 设木板向右的加速度大小为aa,有ng十2mg= map 解得aa=3g 由于ag>aA,连接A、B的细线长度会增大，不 符合实际，说明假设不成立，故拉力撤去后细线 不松弛，拉力撤去后，由于细线不松弛，物块向 右减速，木板向左减速，物块与木板的加速度大 小相等，设为a2,设物块向右运动的距离为x2, 则木板向左运动的距离也为2，物块和木板的 减速时间均为2，物块停在木板最右端，有 2a=2 物块减速过程有=2a2xz v=atz 联立可得a1=a2 4- (2)设拉力撤去后细线上的拉力变为T2,对物块 有T2十mg=ma2 对木板有g十2mg一T2=mag 解得a2=2μg 拉力撇去前，有a1=a2=2g 设细线上的拉力为T,对物块有F一T一mg= 7q1 对木板有T1一mg一2umg=ma1 解得F=8pmg 15.(1)>0.27(2)2m(3)2m 【解析】(1)对货物受力分析，由牛顿第二定律 可得f-mgsin0=ma 其中f=tomgcos0 货物向上运动a>0 Y灯 衡水真题密卷 单元过关检测 解得货物与传送带之间动摩擦因数0雾满足的 f+mgsin 0=maz 条件为>0.27 设经过时间红，货物再次与传送带共速，有 (2)共速前，货物满足f一mngsin0=mao h一a22 设经过时间货物与传送带达到共速，则有 货物位移为=（十北 Uo=aot 对传送带m=功一a 演过程货物住移为云=司4=2m 传送带位移为分-号助十助泊 (3)由(2)知，共速前传送带位移为x红= 货物在传送带上的痕迹长度为△x=x?一x= 又因为经=0(t红一） 再次共速阶段，痕迹长度为△工=一52一2 2m 共速后，假设货物与传送带相对静止一起做减 0.07m 速运动，对货物受力分析有fi十ngsin0=ma 因为△D1<△x 可得f>f 所以货物在传送带上的痕迹长度为2m 所以货物与传送带发生相对滑动。对货物有 2024一2025学年度单元过关检测（四） 物理·曲线运动 一、单项选择题 1.C【解析】斜向上抛运动可以分解为竖直方向的 血0由于轻杆上各点的角建度相等，则器 竖直上抛运动，由图可知炮弹运动轨迹的最高点 艺，共中n品g解得队-兴昌B正境 Rcos 0 均在同一高度，根搭A一7g可知两地弹运动时 5.B【解析】要使渡河时间最短，大龟游动的速度 间相等，所以P、Q两处的地弹同时射出，C正确， 方向应垂直河岸，渡河时间=，大家上岸的地 D错误；设初速度为6，与水平面的夹角为0，则 点与B,点的距离x=2t,又功：功=2：1，解得 竖直分速度为=%sin0,运动时间为t- g x=号B正确。 2sin日，可知t相等，由在P处射出的角度比Q 6.C【解析】由公式v=2πm可得，A点线速度为 处射出的角度小，可得P处射出的炮弹初速度大 A=12πm/s,将A点和活塞的速度沿杆和垂直杆 分解，A点的速度沿杆方向，活塞的速度分解如图 小更大，AB错误。 所示，所以阳c0s0=A,由几何关系得cos0 2.D【解析】B球对槽恰好无压力时，弹簧的压缩 量为L-Lcos37°，对B分析有k(L-Lcos37) AB 00,可得=4怀V0m/s,C =310 √AB+OA -mg,根据向心力公式有mgtan0=mLsin b, 正确。 解得u=5rad/s,D正确. 3.D【解析】球壳随转台绕转轴OO一起转动，物 块做匀速圆周运动，由沿圆周半径方向的合力提 供向心力，设物块所受摩擦力恰好为0时，角速 度为an,对物块进行分析，则有mngtan30°= 7.D【解析】小环在P点静止时，受力分析如图所 25g,D正确。 maRsin30°，解得=√3R2 示，根据平衡条件有Fn cos(90°一a十B) 4,B【解析】将半圆柱体的速度v分解为沿杆方向 mgsin a=0,Fnsin (90-a+B)-mgcos a-F=0, 的速度vn=℃cos0,垂直于杆方向的速度vy= 解得Fn一3mg,F=mg,A、B错误；小环在A点 Y灯 ·102024一2025学年度单元过关检测（三）】 物理·运动和力的关系 (考选时可75分钟，惑分100分》 一、单项迹择题：本题共7小盟，每小驱4分，共指分。在每小题给出的四个燃项中，只有 一项是符合数目要求的。 号 12 3 7 答案 1,电磁弹刻微重力实验装爱已启动试运行，该装置采用电短弹射系能，在很短时间内将实 验轮竖直向上加速到20回3后释效。实险舱在上范和下落回释放点过程中创造时长 达4。的徽重力环境，取g=10m/✉，下列说法正确的是 A微重力环境是指实验舱受到的重力很小 H实验舱上触阶段处于超重状态，下落阶段处于失重状志 C实验枪的释收点上方需要至少20m高的空间 实险舱在算射阶段的加速度小于重力加速度 2.如图所示，小球悬挂在箱子顶菊的拉力传感器上，当箱千沿经直方向徽变 议力传地浴 速运动时，传填蕃的示数会变大或者变小，当箱子的知速度向上为：时， 可认为重力加速度由算变为g'一十a,当箱予的加连度肉下为“时，可 认为重力加速度由g变为g‘=g一：，小球好像处在一个重力如速度为g 的环境里，可把这个g移为等效重力加连度。下列说法正佛的是《 A.当箱子向上做减速谧动时，等效重力扣速度g大于重力加速度： B当箱子向上的加速度等于g时，等效重力加违度g'等于2g C当箱子既不是超重状布也不是失重状态，等效重力抽速度等于。 D拉力整器韵示数F和小球的重力g的合力与小球的项量m之比等于等效重力加速度 3.如图所示，质量均为m的A,B两物体叠放在整直弹簧上并保锌静止，用 大小等于mg的恒力F向上拉B,运动距离k时，B与A分离，爱力加速度 大小为，下列说法正确的是 A日和4刚分离到，掉质长度等于原长 BB和A烈分离时，它门的加速度为 C弹绩的劲皮系数等干贸 D在B和A分离前，它们戴加速度增大的能迪直线运动 单元过美检测（三引物理第1页{共8页） 衡水真无 ,扣图所示，横角为30的相局料面上有4个完全相同的物块，在与料面平行的拉力下作 用下恰好着斜面向上微匀速直线运动，运动中连接各木块间的维绳均与斜面平行，此时 第1,2物块同细绳上的拉力大小为T,某时刻违接第3.4物块闻的细绳实然断了，其余 3个物块仍在力F的作用下滑斜而向上运动，此时第1,2物块可细绳上的拉力大小为 T,期T:T等于 《》 A.912 R9:8 C3:2 D11 5,工人用如用所示的装置匀速高起石球.装置底都ABCD为网形绳套，A,B,C、D是周上 四等分点，侧面Q4O用.OC,OD是四条完全相同，不可伸长的经绳。O点在石绿球心 正上方05m处，石球径为Q3m,石球表面光滑.重力大小为G.下列说法正确的是 A0A第上的拉力大小为号 且若侧面绳长不变，减小绳套的率径，测OA视上的拉力减小 心若绳套不变，将侧面因根程绳各增都相问的长度，划O料绳上的拉力增大 1若加速向上挺升石球，则QA绳上的教为大于希 6,如图甲所示为围江古裁古老的住宅楼和万古楼，万吉德的飞搬“擦厦是中国传统建筑 的重要表凭之一。现把住宅楼和万古棱的屋顶分别看成平直轨道AC及弯曲轨道 ADC,如图乙所示，一颗格果（可看或质点）从A点由静止开给分别沿两轨道下滑到C 点，不计阻力，下列图像可能正确的是 密卷 单元过美检测（三）物理第2页{共8页) 7.如图所示，版量分引为网和2m的方形物体A和B在水军恒力F作用下，沿光滑本平面 向右运动，A附好不下滑，议最大静厚报力等于滑动厚擦力，重力加速度大小为g,则A, B间的动摩振国数为 () 入学 A c罪 n带 二，多项选择恩：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多 项符合叠目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有透结的得分。 题号 8 0 答案 总用水平拉力使雪横在平坦的雪地上由静止开给沿直线运动，雪横运动后，所受拉力F与 其加速度：的关系图线如图所示，图中6，(c<0)和w均为已知量，重力如速度大小为 R。下列说法正确的是 A.雪桥一定做匀如速直线运动 我雪销的爱量为兰 C雪橇与雪地网的动章擦因数为一 D拉力F一nb时，雪桶的加速度大小为c(们一) 乐，卡车车和中装有完全相同的水泥圆管，下面的两根图管筒搭与车和续接触，上面的圆管 术与本和鏖接触，三根阀管互相援触，如图所示。已知网管之可的动厚擦因数为严，重力 加速度为《，最大静摩擦力等于滑动学擦力。下列有关说法中正确的是 ( A汽车启动过限，最上而的水彩阅管受到的摩擦力向前 我汽车启动过程，最上面的水泥周管受到的摩擦力逐渐拼大 C为了安全起见，汽军刹军过程中的加遵度不能短过 D为了安会起见，汽车料车过程中的加速度不能超过区巡 10,某载件可以记录物体的运动过程并描绘出运动图像。如图所示为该软作导出的 ·1图像4为时制为0一4时间内物体运动的位移。已知么时菊的图像为直线，山 时刻后图像为反比刷函数由线。该图像模菰某物块在粗松水平面上碰匀诚速直线运 ) 单元过美检测（三1物理第3页{共8页] 衡水真是 动直至静止的滑动情境，取重力加速度为10m/⑧。下列说法正确的有 A.物块在4。后某一时别静止 B0时制，物块的速度大小为20m/: C,物块运动的位移大小为的m D菊块与水平面阿的动啤擦因数为号 三，非选择驱：本盟共5小题，其4分。考坐根据要求作答a 11(7分)某民学用如图甲所示装置测量滑块与木板之间的动摩擦因数。把右接有滑轮 的长木板平放在实验桌上，有凹槽的滑块左端连接穿过打点计时养的纸番，右操连接 细线，虹线绕定滑轮鞋6个钩弱。启动打点计时器电氟，解收购码，滑块在妆码的牵 引下加速运诗，记录悬挂钩码的个数一6，并测得对应的加速度山，接着将悬挂的钩 码取一个放到滑块的回植里，由静止释数剩下与码，记录悬性的码的个数，并测量对应 加迪度，重复实验，直至对=1 打风计时器。册块 虹接 单位： (1)当一6时获得的纸梦如图乙所常，在纸梦上每隔4个点取一个计数点分别标记为 1,2,3,测得滑块的加速度大小为a= m/W,打下计数点2时.滑换的速度 大小为= m/,已知打点计时器的工作顿率为50z,(站果均保智三位 有效数字) (2)实险中为了减小谋差，下列做法正确的是 。(填正确答紫标号) A.调节连接滑块的能线至水平 且约丹总质禁要远小于带块的质量 C将木板无滑轮端适当垫高以平面学擦力 (3)将测得的数据在~H图像中横点如图丙所示，在数据点连线 时，相速度=0对应的点，成《填“保留”或“金去”)。 (4)若每个内码的质量均为程，滑块的质量为M,图线斜率为表，当) 熟重力加魂度为，则滑块与木板之创的动摩擦因数：= 。(用字母M,m、k,E表示》 12(10分)某民学用图甲所示的装置验证牛顿第二定律，块材疑相月，长度均为L的 薄术板纹接在一悬，饮能上方连有一个轻小滑轮，饮链国定在一个高复可以到节的支 密卷 单元过关检测（三】物理第4页{共8质） 架上，A,B两个相可的凹情用跨过滑轮的细线连接，两世槽上安装有宽皮相同的喜光 条，相线圆直时与两木板平行，两速光条到滑轮的距离之和正好也是，在两板上离滑 轮1处有两个光电门 电门 91520 实验少果知下： (1)用静标卡尺测量意光条的宽度d,如图乙乐示，读数为 m ()若测出某落光条增光时间为，可得到毫光条通过光电门的速度为 《用字 母表示》 (3》两个凹精里面分别装上10个质量均为m的融码，让A凹情靠近滑轮，B凹情靠近 右侧木板底端，细线神直，给光电门通电，现从B凹槽里拿m=1个砝码放在A门槽 里而，给A四精一个向下的初违度，到节支架的高度，使得两光电门记承的时月山 ,测出高度， (4)保持支帮高度五不变，重新在两个凹精里面分划装上10个质量均为的破码，让 A凹情摆近滑轮，B口情靠近木板能端，细线作直，给光电门通电，现从B凹情里拿 :一2个砝码放在A凹幅里面，给A回情一个向下的初速度，记录A,B两凹情上的 意光条通过光电门的时间分划为ta,a,期可以得到两四情加速度的大小为 (5)重复第4个步骤，取州一3,4，“，并测出两凹情对应的都通度。 (6)现在要用图像法跨迁牛辑第二定律，图檬的纵坐标为a,要使得图像是如图内所示 的过原点的直线，明图管的线坐际应为」 。(填正确答案标号》 Aw一1 A十1 C2w-1 D.2m+1 (7)若选择正确的候坐标后，得到图线的斜率为，划可以得到A凹懒和A凹桶上这光 条的总质量为 。(重力加速度大小为g》 单元过美检测（三1物理第5页{共8页） 衡水真是 13.(0分)保海中有一个大系图一岸底断崖，又叫“跃层“，“跃层”是海本参数随深度变化 面显著变化的水层。当潜餐从高密度海规进人低密度海城时，潜艇的浮力会突松或 小，这样滑妇就会急刚下沉，专业上称这种现象为掉深”。“掉深“可集会导数潜图的 实际下酒深度如过设计下潜裸度，造成潜领陵裂进水，结构解体，已知潜艇的质量为 2T×10t,正在本下20m处木平运动，突然进人“兵层”，以加速度一1m/g竖直 向下落（水平速度显小，可以忽略不计）。潜短指战员迅速采取措随：向外非出海水，8 后开始以向上的加速度园一1m/公运动。取g-]0m/ (门)求跃层”内海水密度与原来海水形度之比。 (2)采取情随后潜：经过多长时间回到蜕来深度？最深到了多深？ (3)潜塑排出了多少克海水（结果保留两位有效数学）？ 密卷 单元过美检测（三）物理第6页{共8页) ) 14.13分)如图所示，木板B和物块A质量均为m,开始木板静止在水平地面上，物块位 下木板量左端。物块与木板，木板与地而阿的动厚指因数均为，木板和物块用不可伸 长的帽线绕过光滑定滑轮选接，翻始时细线细紧。现对物块练加一水平向右的恒定粒 力，当物块运动到木板正中同时撇去拉力，最后物块恰好停在木版的最右菊。已知相 线足够长，整个过馨木板不会境到滑轮，物块可昆为质点，重力加速度为：，设最大静摩 擦力等于滑动摩擦力。求： 1)物块向右知速和减速所用时间之比身， ()拉力F的大小。 切 单元过美检测（三引物理第7页{共8页） 衡水真题密卷 5.(15分)传送梦在话送货物时往往采用州速（速率保持不变）途行方式，但这种运行方式 效率较低，浪贵大量电能。为了提高传送带输递货物效率，实观节省电能的日标，某公 司利用白动控制系统根据货物运透量自动调控传送描运行速度。该公司传送带模型 如图所示，模角为一15，长度为L一0坠。货物静止放置在传送带底端，从传送带顶 离离开传透带。取g-10m/g2,m15°-0.2%，c0s15=0,07,u如15=0.27，最大静摩 藏力等于滑动摩堰力。 ()为了使货物伦被传送带输送到顺增，米货物与传送梦之间的动学擦因数购需陶足 的条件 (2)根馨货物输送罐，该公司将传递带运行速度设置为路一3m/s,货物与传送梦的动 摩藏因数为“一4,5，当货物与能送带达到共月速度时，求货物的位移大小 (3)在(2)的情况下，由于货物运送量变少，当货物刚与传送带共速时，自动控制系统以 大小为：，=10m/。的加速度等传动带运行速虔降低为=1m/,求货物由传送 香底南运行可传送带端时在传送带上留下的壤迹长度。 单元过美检测（三】物理第8页{共8质）