单元检测(二) 相互作用-【衡水真题密卷】2025年高考物理单元过关检测（广东专版）

2024一2025学年度单元过关检测（二）】 物理·相互作用 (考选时可75分钟，惑分100分》 一、单项达择题：本题共7小盟，每小驱4分，共8分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 题号 2 7 答案 1,如利放重物件是建筑工人经常需要考唐的同题。如图所示，重杆AO可绕O轴在琴 直平面内白由转动，使杆压在置于水平电面的光滑侧桂体上，又使圆桂体繁客在竖直肾 板上到保持平衡，已知杆与水平地面的模角为品，杆的质量为两，园性体的质量为M,杆 与圆柱体在接触点P处的作用力为F,重力出速度大小为黑，测首板对屏柱体的作用 力为 A.Fsin 且mkaB C.mgeos 6+Mg D.Fsin十gseg8 2.如图所示，两个相同的物块m用两根长度相等的轻杆连接，整杆连接处可白由活动，将 物块收在挡板间，在轻杆的连接处O点悬挂一个物块M,三个物块组成的系统处干静止 状老，若在M上粉上一小物体，系统仍静止，则 A轻杆受到的力变小 Bm受到的摩擦力不变 C雪板对m的支持力变大 D挡板对知的支持力不变 3.某创新实验小组制作一个半径为1200四的圆盘，将3个相月的 弹簧的一端均匀固定在园环上，另外一端固定打结，销点恰好在园 心O处，如图所示。已知弹簧（爱量不计》的自然长度均为 9.04m,弹魔的劲度系数k一a2.5N/m,将图盘水平放置，在结点 O处悬挂一瓶矿泉水，缓慢释成直至平衡时测得结点下降了 五，D0,则矿泉水受到的重力大小为 A.05 N R1.3N C1.5N D.3.9N 单元过美检测（二}物理第1页{共8页） 衡水真 4加图所示，竖直墙啦上固定一轻杆，杆与水平方向可的夹角=30°，一轻绳一端国定于 轻杆上的A点，另一端绕过国定干B点的定滑轮后挂一物块，轻绳上有一光滑轻滑钩 P,滑购上挂一物块，初始时两物块都处于平衡状态，若将杆与水平方向何的夹角由 3缓慢减小为0°，别此过程中下列说法正镜的是 《》 A.物块5受到的合力透南减小 BPA和PB的夹角a增大 C.经轻绳上的弹力逐新增大 D.轻绳上的弹力不变 五，质量为m,粗州均匀的麻绳如图所示悬挂，悬点处切战与及直方向夹角分则为3“和 53,P点为最低点，m37=0,6,重力加速度大小为9，则 A.左侧悬点对麻绳拉力为a,g 我右侧暴点对底蝇拉力为0,8mg C最纸点P所受拉力为03mg DP点右侧麻绳质量为036而 8.如图所示，考折杆PQ国定在竖直直内，PR水平，Q限与P我闻的夹角为心，B球套在 杆Q取上，一根线连接A,君两球，丹一根闺线连接小球A与杆PR上的O点，连接在 O点的阳线与水平方向的夹角为0，连接A,B两球的细线与QR杆垂直，B球刚好不 下滑。已知A球质量为2网，B球爱量为丽，两小球均可视为爱点，显大静摩擦力等于滑 动摩擦力，期小球B与杆RQ间的动摩擦因数为 n号 了，如图所示，光带直硬杆1和阻糙硬杆2圆定在水平面上，与水平面之同的夹角分别为， 凡，经展圆环套在杆2上，轻质线两瑞分别连接看小球和圆环，维线烧过在杆1上可白 密卷 单元过美检测（二）物理第2页共8质) ) 由滑动的光滑滑轮，初如状态环和滑轮同的细线竖直。现耀慢移动滑轮至环和滑轮司 的细线水平，在整个过程中风环始终处于静止状态。题在该过程中 A图环受到的摩擦力先减小再增大 A圆环受到的支持力注渐增大 G细线对滑轮的作用力先增大再减小 D纸线的拉力逐渐州大 二、多项选择题：本题共3小驱，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多 项符合题日要求。全部选对的得6分，这对但不坐的得3分，有选错的得山分。 题号 8 10 答案 8肥在中国已有100年以上的历史，北镜圆思著《齐民要术》称之为“铁肉榜”，将使用 北农具的作业称作把。如图甲所示，牛通过两根思常拉把沿水平方向匀速息地。两根 肥常等长且对称，延长线的交点为Q,夹角∠AOB=60,拉力大小均为F,平面AOB 与水平面的夹角为30（为AB的中点），如图乙新示。忽略把索爱量，下列说法正确 的是 甲 乙 A两根把索的合力大小为F B两根肥常的合力大小丸，5F C地对把的水平阻力大小为要 D.地对把的水平阻方大小为写 ,如图所示，轻杆0M与轻杆(OB通过光滑较益安装在经直墙面上，另一端通过较峙连接 于O点.已知∠OMB=0,∠OBA=0,教链现量氢略不计，重力加速度为g.现将 个质量为m的物块通过轻绳最挂于O点保持静止，下列说法正确的是 A.竖真墙对A.B两点校链的总作用力方向竖直向上 我轻杆OA对0点较链的推力为2柳 C若在O点座加从零暖慢增大且水平向右的外力，周轻杆O沿的弹力一直 增大 D.若在O点笔加从零缓慢增大且水平向右的外力，侧径杆QA的弹力先减小 后增大 ) 单元过美检测（二1物理第3页{共8页） 衡水真 10,如图所示，因定在地图的OAB为半径为3d的四分之一国环，醒心O的正上方4d处有 一定滑轮C,起滑轮C右侧有另一个定滑轮D,小球】套在到环上并通过经绳饶过两个 定滑轮连接物体2，物体2又与一轻置弹簧连接在一起，轻质弹簧另一烟国定在地面 上。玩有两种情况，情况1：小缘1可在A日圆沉任悉位置保持静止：情况2：小球1在 A点时，轻绳偏好伸直但无控力，此时弹簧辰等量为2。现恰小球1轻微的找动，小球 1沿B圆强运动到B点时速度为零，物体2不会绿到滑轮。已知小球1质量为m4: 物体2质量为，弹资劲度系数为，重力加速度为g,不计带轮质量，大小和一柳摩 察。下列说法正确的县 A情视1中一置 五情配1中一装 C,情况2中m:m=4:3 D情况2中网：：m,=314 三，非迭择：本驱其5小题，共4分。考生根据要求作答。 11,(7分)某同学在探究两相同弹簧串眼时的等效劲度系数与原算簧劲度氛数的关系” 时，取两个完全相月的弹簧：，，安装好实验装量，如图甲所示，两弹装下装分别放置指 纤A,B,且两指针均与刻度尺垂直，刻度尺竖直悬挂且0刻度线与弹赞：的上幽平齐， 未悬挂钩码时指针A,B的刻度分别为：和4。实验过程中弹簧始终保持极直状态， 且没有超出弹性限度。 (1)图乙是未挂码时指针B在刻度尺上位置的敏大图，已知刻度尺的是小分度值为 1mm,喇示数4 cm. (2)在弹簧b的下骑挂1个钩弱，钩刊静止后，指针A,B对应的刘度分判用山和4表 示，已知所往的吗的质管为烘，重力加速度为。则悬挂一个物码后6单簧的钟长 量= ,弹簧b的萄度系数，一 ,两弹簧本 通密卷 单元过美检测（二）物理第4页共8页) 顺后的等效的劲度系量兔=一。〔均用题中所给的字母表示) (》如果不考虑两弹簧质量对实验的影南，通过宾验数据进行合理推导，将两弹簧中联 后的等效劲度系数与原弹簧的为度系数之比为（馆具体登值》 12,10分)某同学利用三根原长为1心.00m的相同规格的橡皮 筋（橡皮筋的弹力与形变量成正比，避从制克定律）遗行“验证 力的平行四边形定刚”实验。在水平木板上铜有白纸，符绳子 打一个结点，用这三根橡皮脑在同一早面内沿三个不同方向拉 甲 结点，当结点静止时，在白纸上标记结点位置为O点，如图甲 所承，记录三根橡皮前方向并测量出三根橡皮简此时的长度，山，。请完成下列 问题： (1》根据记录的数据，若两力合戏时遵循平行四边形定测，辉当以C,沿段橡皮商的 伸长量为第边作平行四边形，该平行四边彩的对角线长度应 〔填“大于带 “等干”或“小干”O片段橡皮商伸长量 ()在本实验中，当结点静止时，三根峰皮筋的长度可能是 。(填正确答案 标号》 A.1=1421m.h=12.79m.4=17.00m B4=13.10cmle-15.22cm-16.38cm C4=16.03m.h=12.25m.=1314m 《)关于本实验的实验操作或说法正确的是 。(填正确答案标号》 A本实验中零要用量角器测量出三段缘皮能之何的夹角 玉实验中直接滑着檬皮廊面直线确定橡皮蘑拉力的方向 在进行不同次实验操作时，不雷要每次将结点拉至同一位置 D.为减小实验误差，(C与O沿端檬皮筋方向之属的克角必须为0 (》在某次实验，三慰像皮筋的方向如图乙新示，绿持结点位置与村段橡皮蓝长度、方 向不变，保持QB段橡皮丽的方向不变，将C段橡皮筋望慢时针旋转0，则在觉 过程中B段与汇段橡皮筋的弹力大小变化正确的是 一·（殖正绳答案标号】 A.C段橡皮前弹力先减小后增大 县C段橡皮蓝掉力一减小 CQB经橡皮简弹力先增大后减小 DOB段修皮酷算力一直减小 单元过美检测（二}物理第5页{共8页） 衡水真是 13.(0分)半径为R且内壁光滑的半球形碗图定放置在水平地面上，O是球心，离的边缘A、 B两点的连线是魔的水平直径。一质量为…的均匀硬杆放置在B,C两点可处于静止状 态，硬杆很组，B,C两点做悬硬杆的两帽点，硬仟的受力分析如图所示，已知C点对硬杆 的弹力与硬杆的夹角为品，且A,B,C三点处在短直的半圈面上，重力加速度为g。求： (1)硬杆的长度. 5 (2)B点对硬杆的弹力大小以及C点对硬杆的弹力大小 密卷 单元过美检测（二）物理第6页{共8页) 切 14.13分)如图所示为某装置的箱视图。质量为网的正方体小木块改在水平解板C上， 15,(15分)如图所示，对称，粗脑程度相同的团定斜面与整直方向夹角为=53°，硬质轻杆 可时因受水平长直导航A,B的限制，只能在导轨之何移动。学轨阿更略大于小木块的 通过光滑收链与两个质量均为知：一Q.1k知的物体P,Q相连，P,Q对称放在斜面上 宽皮。现使削板似速度向右匀速运动，同时语导轨的方向水平拉动小木块，使其以 一质量为m=0,8k起的物体通过轻绳基挂在按每A上，对称调节P,Q的位置，使杆 速度，在导轨间匀速移动。若小木块与所有物体同的动摩擦因数均为，重力加违度 与斜而垂直，整个装量处于平衡状态，设最大静摩擦力等于滑动厚擦力，取g 为，求水平拉力F的大小 10m/公，sin3T=0.6,%3”'=0.8,可能用到的数学公式in(a一0-sin acos 8gdn员.e0sg十D=60s4}-g如，s到n29-2nn%9. (1)来杆对P的作用力大小， (2)求物体与斜面同对摩擦因数的最小值， (3)若斜面光滑，对称河节P,Q的位置，使得整个装置仍处于平衡状态，求此时杆与水 平方向夹角的正切值 ) 单元过美检测〔二引物理第了页{共8页) 衡水真题密卷 单元过美检周（二】物理第8页{共8页）】·物理· 0=6一at2 解得t4=4s,2=6s 甲车匀速行驶的时间4=2=1s 则甲车比乙车少用的时间△1=(2？十t) (21十3) 其中t=10s,解得△1=13s 14.(1)28m(2)8m 【解析】(1)设A车发射声波到B车接收声波 时间为，B车反射后到A车接收声波的时间 为2，声波由发射到接收的过程中，由图甲 可知 l=t红十va(+t2) t=4十t红 刹车时两车的距离d=l2十g2 解得d=28m A车发出 超声波脉神 B车接收到 7777777777777777777727 超声波脉冲 A车接收到反m产 77777777777 射超声波脉冲 甲 (2)如图乙，设经时间t,两车共速g=以一 此过程中A车的位移工A=十吧 2 B车的位移xB=Vgt3 两车的距离△d=d十xB一xA 解得△d=8m d 777777Z27777777777777777777777 XA 15.(1)8.03s(2)不能，1m/s 2024一2025学年度单元过关 一、单项选择题 1,A【解析】根据题意可知，杆对圆柱体的作用力 年3 参考答案及解析 【解析】(1)甲车初速度为=36km/h=10m/s 货车速度为2-57.6km/h=16m/s 公路限速为m=90km/h=25m/s 甲车速度从功加速至m所用时间为与= m-0=7.5s a 该段时间内甲车和货车的位移分别为1一 m十u=131.25m 2 x2=h4=120m 因为x<xg十s十L十L2 所以甲车加速至后还需要匀速行驶一段时 间才能完成超车，该时间为 2=十s+L1+L4-五≈0.53s m一边 则甲车在不超速的前提下完成超车的最短时间 为tm=十t红=8.03s (2)假设甲车在超车过程中一直加速，设超车时 间为，根据位移关系有十24，店一6 L1+L2十s 解得a=8s 超车完毕时甲车速度为=十a14=26m/s<1. 1m,则假设成立 乙车初速度为h=43.2km/h=12m/s 4时间内甲，乙两车行驶的路程之和为=十 乞a1号+5=240m>208m 所以甲车在不被和分和罚款的前提下不能安全超 车，若要甲车能够安全超车，乙车在6时间内行驶 的路程最大值为=208m一(4+2a4)- 64m 此时对应乙车刹车的加速度最小，则品=达一 1 24 解得amn=1m/s 检测（二）物理·相互作用 大小为F,圆柱体受力分析如图所示，水平方向根 据平衡条件可得N2=Fsin0,A正确。 Y灯 衡水真题密卷 $$N _ { 1 }$$ 0 $$N _ { 2 }$$ ^{2}θ 2.C【解析】将三个物块看成一个整体，如图甲所 示，则有 $$f = \frac { G } { 2 } ，$$ ，若在M上粘上一小物体，则G变 大，摩擦力 f 也变大，B错误；对连接点O进行受 力分析，如图乙所示，当G变大时，由 $$F = \frac { G } { 2 \cos \theta } ，$$ 则杆受到的力也变大，A错误；对左侧物块进行 受力分析，如图丙所示，则有 $$F _ { N } = F ' \sin \theta$$ ，由于 F' 变大，则 $$F _ { N }$$ 也变大，C正确，D错误。 2f $$F _ { 1 }$$ F f 0 $$\overrightarrow { F _ { N } }$$ F' G $$G _ { 1 }$$ 甲 乙 丙 3.C【解析】如图所示，由几何关系可知平衡时每根 弹簧的长度均为 $$\sqrt { 1 2 . 0 0 ^ { 2 } + 5 . 0 0 ^ { 2 } } c m = 1 3 . 0 0 c m ，$$ ，每 根弹簧的伸长量均为 △x=4.00cm， 每根弹簧的弹 力大小均为 F=k△{x}=1.3N， 根据竖直方向受力平 衡可得矿泉水瓶受到的重力大小 G=3Fcosθ=3× $$1 . 3 \times \frac { 5 } { 1 3 } N = 1 ， 5 N ， C$$ 正确。 12.00cm A 13.00cm 5.00 cm F 4.D【解析】杆与水平方向间的夹角 θ 由 $$3 0 ^ { \circ }$$ 缓慢 减小为 $$0 ^ { \circ }$$ 的过程中，物块b始终处于平衡状态， 物块b所受合力始终为 0 ，即合力不变，A错误； 杆与水平方向间的夹角 θ 由 $$3 0 ^ { \circ }$$ 缓慢减小为 $$0 ^ { \circ }$$ 的 过程中，物块a一直处于平衡状态，根据平衡条 件可得轻绳的弹力 F 始终等于物块 a 的重力 $$G _ { 1 } ，$$ 则轻绳上的弹力不变，D正确，C错误；轻绳上各 处的弹力大小均相等，则PA、PE 与竖直方向间 的夹角相等，均为 $$\frac { \alpha } { 2 } ，$$ ，如图所示，以P和b整体为 YJ 单元过关检测 研究对象，设物块b的重力为G2,根据共点力的 平衡条件可得2Fcos受=G,弹力F和重力G: 大小不变，则PA和PB间的夹角a不变，B 错误。 B A习 个0 B 白a 5.D【解析】对麻绳受力分析，受重力mg、左侧悬 点对麻绳拉力F1、右侧悉点对麻绳拉力F2,则 Fcos37°+F3cos53°=mg,Fsin3T-F2sin53°，解 得F-0.8mg,F2-0.6mg,A、B错误：对右侧麻 绳受力分析，受重力mg、最低点P所受拉力F、 右侧悬点对麻绳拉力F2,则F=F2sin53°= 0.48mg,m1g=F2cos53°=0.36mg,所以P点右 侧麻绳质量为m1=0.36m,C错误，D正确。 6.B【解析】设连接O点的细线拉力为F,连接小球 B的细线拉力为F,对A球研究，受力如图所示，有 Fcos30°=2mg十F2cos60°，F sin30°=F2sin60°， 解得F2=2mg,对B球研究，有mgsin60°=u(F一 mgcos60),解得=S,B正确。 F 2mgt 7.A【解析】细线上的拉力大小始终等于小球的 重力大小，初始时刻，圆环受到的摩擦力等于细 线上的拉力沿杆2的分力，缓慢移动滑轮至细线 与杆2垂直的过程中，细线上的拉力沿杆2的分 力逐渐减小，根据平衡条件，圆环受到的摩擦力 逐渐减小，缓慢移动滑轮从细线与杆2垂直至环 和滑轮间的细线水平的过程中，细线上的拉力沿 ·物理· 杆2的分力沿杆2向上，圆环受到的摩擦力大小 等于细线上的拉力沿杆2的分力，闻环受到的摩 擦力逐渐增大，A正确，D错误：圆环受到的支持 力等于细线的拉力垂直于杆2的分力，则圆环受 到的支持力先增大后减小，B错误：细线向上对滑 轮的拉力和向下对滑轮的拉力均等于小球的重 力，缓慢移动滑轮至环和滑轮间的细线水平的过 程中，两边细线上的拉力不变，两边细线间的夹 角在减小，对滑轮的合力在一直增大，C错误。 二、多项选择题 8.BC【解析】两根耙索的合力大小为F 2Fc0s30°=√5F,A错误，B正确：由平衡条件，地 对起的水平阻力大小为F=Fcos30°=号F,C 正确，D错误。 9.ACD【解析】对轻杆OA、OB及重物所组成的 系统进行受力分析可知，该系统受到三个外力， 分别是竖直墙对A、B两，点较链的作用力及重物 重力，由三力平衡可知竖直墙对A、B两，点较链的 总作用力方向竖直向上，大小等于mg,A正确： 对O,点受力分析如图甲所示，则有Fo4=gc0s 30°-3 mg,B错误：若在O点施加从零缓慢增大 且水平向右的外力，则O点受力情况如图乙所示， 正交分解可得FaA cos30°十Foa cos60°=mg,F十 Fon sin30°-Foa sin60°，故F缓慢增大时Fan先 减小后反向增大，FB一直增大，C、D正确。 Foa Fo Fos+ →F g白 mg白 B 甲 乙 10.AC【解析】情况1中，对小球1和物体2进行 受力分析如图所示，轻绳上的拉力为T,弹簧弹 力为F。设过定滑轮C连接小球1的轻绳长度 为工，根据相似三角形相似比有"爱=了，连接 小球1的轻绳长度伸长△x,弹簧长度也会变长 参考答案及解析 △，则有△T=错△，△F=kAr,小球1可在 AB圆孤任意位置保持静止，则需满足△T △F,解得-看A正确，B错误：情况2中，小 球1、物体2和弹簧组成的系统机械能守恒，且 初、末状态弹簧形变量均为2d,弹簧的弹性势能 相同，有m1g·3d=m2g·4d,解得m：m2= 4t3,C正确，D错误。 电2 magE 三、非选择题 11.(1)35.87 (2)4+4-2-s1+,2- mg mg 3)号 【解析】(1)由毫米刻度尺的读数方法可读数为 35.87cm。 (2)未悬挂钩码时弹簧b长度为l2一1、悬挂钩 码后弹簧b长度为L4一l3,所以△12=(L4一l3)一 (l2一山)=4十l1一2一l4,弹簧b的劲度系数 mg 。一十-石，未悬挂钩码两弹簧等数原 长为2，悬挂约码后长度为4，形变量为△4= L4一，两弹簧串联后的等效的劲度系数k= mg l。-l2 (3)悬挂的马后弹簧a的形变量△山-爱，因为 两弹簧相同，k。=k,弹簧a的形变量与b的相 2四82，所以弹 同，所以等效劲度系数k=mg=1 k。 簧串联后的等效劲度系数与原弹簧的劲度系数 之此为2 12.(1)等于(2)B(3)C(4)AD 【解析】(1)三力平衡，任意两个力的合力与第 三个力等大反向，则当以OC、OB段橡皮筋的伸 长量为邻边作平行四边形，该平行四边形的对 角线长度应等于OA段橡皮筋仲长量。 Y灯 衡水真题密卷 (2)三力平衡时，三个力能合成封闭三角形，根据胡 克定律F-x可知，弹力与弹簧伸长量成正比，所 以弹簧仲长量也能合成封闭三角形，B正确。 (3)本实验中不需要用量角器测量出三段橡皮筋 之间的夹角，A错误：实验中根据橡皮筋描出两 点，确定拉力的方向，B错误：在进行不同次实验 操作时，不需要每次将结点拉至同一位置，C正确： 为减小实脸误差，QC与OB端橡皮筋方向之间拉 开合适的角度，避免夹角过大或过小，D错误。 (4)保持结，点位置与OA段橡皮筋长度、方向不 变，保持OB段橡皮筋的方向不变，将OC段橡 皮筋缓慢顺时针旋转90°，如图所示，可知OC段 橡皮筋弹力先减小后增大，OB段橡皮筋弹力一 直减小，A、D正确。 B 13.(1)2Rcos 0(2)mgcos 20 cos a mgtan 6 【解析】(1)由弹力的定义，C点对硬杆的弹力由 C点指向圆心O点，由几何关系可得OB= OC=R,∠OBC=∠OCB=0 则硬杆的长度lc=2Rcos日 (2)硬杆处于三力平衡状态，三力平衡构成的失 量三角形如图所示，由弹力的定义可知F日与硬 杆垂直，重力mg与Fg的夹角为0，FB与Fc的 夹角为受+0，重力mg与Fe的夹角为号-20， 由正弦定理可得 Fc 6 mg sin 6 sim(受-29) sin(受+0) 解得Fa=mgcos20 cos 0 Fc=mgtan 0 F B C mg Y灯 单元过关检测 十h 14.wmg√联+ 【解析】小木块受到的摩擦力的方向与相对运 动方向相反，如图甲所示，水平面内小木块受力 如图乙所示，小木块和水平钢板间的摩擦力 fc=jmg 小木块与导轨B间的压力NB=wms√+园 1 小木块与导轨B间的摩擦力∫B=NB= 世mg√+话 小木块和水平钢板间的摩擦力在？反方向的分 量f。=mg√厅十 U? 所以F=fB十f。=mg+ 物十 f 0 F 甲 乙 15.5N(2%39 【解析】(1)由几何关系，杆与竖直方向的夹角 为37°，设杆的弹力为F,对A点根据共点力平 衡条件有2Fcos37°=m2g 解得F=5N 可知杆对P的作用力大小为5N (2)要使整个装置处于平衡状态，P受到的摩擦 力要小于最大静摩擦力，对P根据共，点力平衡 条件有F:=m1gsin37 Fm=a(mgcos37°+F) 又F≤Fm 联立解得≥号 剥物体与斜面间动摩擦因教的最小值为员 (3)斜面光滑，对称调节P、Q位置，整个装置再 次处于平衡状态时，设杆与水平方向夹角为α， 杆的弹力为F;对A点有2 sin a=mzg 以P为原，点，水平向右为x轴正方向，竖直向上 ·物理· 为y轴正方向建立直角坐标系，根据正交分解 和共点力平衡条件有Fcos a=Nsin37 Fsin a十m1g=Ncos37° 2024一2025学年度单元过关检 一、单项选择题 1,C【解析】微重力环境是指实验舱处于完全失重 状态，A错误；实验舱上抛阶段和下落阶段都处 于失重状态，B错误：实脸舱的释放，点上方需要的 高度至少为方=2=2×10×2m=20m,C 正确：在很短时间内将实验舱竖直向上加速到 20m/s后释放，所以实验舱在弹射阶段的加速度 大于重力加速度，D错误。 2.B【解析】当箱子向上做减速运动时，加速度向 下，等效重力加速度g'小于重力加速度g,A错 误；当箱子向上的加速度等于g时，由g=g十a, a=g,可得g'=2g,B正确：当小球既不是超重状 态也不是失重状态，竖直方向的加速度a=0,由 g=g一a,可得g'=g,C错误；由牛顿第二定律 可知，mg一F=ma或F一mg=ma,即E=g a=g我品-g十a=《,则拉力传感器的示数F 与小球的质量m之比等于等效重力加速度，D 错误。 3.C【解析】在施加外力F前，对A、B整体受力分 析，可得2mg=kx1,A、B两物体分离时，A、B间 弹力为零，此时物体B所受合力F◆=F一mg= 0,即受力平衡，则两物体的加速度恰好为零，可 知此时弹簧弹力大小等于A受到的重力大小，弹 簧处于压缩状态，A、B错误：B与A分离时，对物 体A有mg=kx2,由于工1一x2=h,所以弹簧的劲 度系数为k=,C正确：在B与A分离之前，由 牛领第二定律知a=F+kg2mg=F虹-g 2m 2m 在B与A分离之前，由于弹簧弹力一直大于mg 且在减小，故加速度向上逐渐减小，所以它们向 上做加速度减小的加速直线运动，D错误。 4,B【解析】匀速运动时，设每一个物块所受的摩擦 参考答案及解析 16 联立解得tana一 测（三）物理·运动和力的关系 力为f,质量为m,根据平衡条件可得F=4 ngsin叶 4f,对2、3、4物块由平衡条件可得3 ngsin0十 3=T,可得T)=架，连接第34物块同的知悦 突然断了，对1、2、3物块根据牛顿第二定律可得 F-3gsin0-3f=3ma,对2、3物块根据牛顿第 二定律可得T2-2 ngsin0-2f=2ma,可得T2= 背可得1：1=918，B正确 5.D【解析】对石球受力分析，OA绳 与石球相切于点A',设OA'绳与竖 直方向夹角为日，如图所示，所以 h c0s0=号，对结点0受力分析，由 A" 平衡条件得4TAc0s0=G,解得OA 绳上的拉力大小为T一G)C.A错误：由 G 题意可知TA一4c0S0若侧面绳长不变，减小绳 套的半径，则0变大，cos0变小，则OA绳上的拉 力增大，B错误；若绳套不变，将侧面四根轻绳各 增加相同的长度，0变小，cos0变大，由TA= G0可得，0A绳上的拉力减小，C错误：若加建 向上提升石球，加速度向上，由牛顿第二定律有 4Tcos0一G-ma,可得0A绳上的拉力T>是 G,D正确。 6.C【解析】松果沿平直轨道ABC做匀加速直线 运动，沿弯曲轨道ADC运动过程中，加速度逐渐 减小，且先大于匀加速运动加速度，后小于匀加 速运动加速度。v~t图线的斜率等于加速度，C 正确。 7.C【解析】设物体运动的加速度大小为a,对A、 B基体有a-品隔离B,可得A对B作月力大 2F 小F=2m·a=写，由牛顿第三定律知B对A作 Y灯