精品解析：贵州省毕节市七星关区2024-2025学年高一下学期5月月考物理试题

2025年春海亮教育.兰苑中学高一5月月考 物理试卷 考生注意: 1.满分100分，考试时间75分钟。 2.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 3.本卷命题范围:人教版必修第二册 一、单项选择题:本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 如图所示，用同种材料制成的一个轨道，AB段为圆弧，半径为R，水平放置的BC段长度为R．一小物块质量为m，与轨道间的动摩擦因数为μ，当它从轨道顶端A由静止下滑时，恰好运动到C点静止，那么物块在AB段克服的摩擦力做的功为（ ） A. μmgR B. mgR（1－μ） C. πμmgR D. mgR 2. 一个物体的速度从0增大到v，外力对物体做功为W1；速度再从v增大到2v，外力对物体做功为W2，则W1和W2的关系正确的是（　　） A. B. C. D. 3. 质量为的汽车在水平路面上匀速行驶，速度为，受到的阻力大小为。此时，汽车发动机输出的实际功率是（　　） A. B. C. D. 4. 一质量为m的小球，用长为l的轻绳悬挂于O点，小球在水平力F作用下，从平衡位置P点很缓慢地移动到Q点，如图所示，则力F所做的功为(　　) A. mglcos θ B. Flsin θ C. mgl(1－cos θ) D. Fl 5. 飞机与水平方向成60°角斜向上飞行，飞机的速度大小是200m/s，这个速度在水平方向的分速度为（　　） A. 100m/s B. 200m/s C. 100m/s D. 200m/s 6. 如图所示，小物体A与水平圆盘保持相对静止，跟着圆盘-起做匀速圆周运动，则A的受力情况是（　　） A. 重力、支持力 B. 重力、支持力、指向圆心的摩擦力 C. 重力、支持力、切线方向的摩擦力 D. 重力、支持力、向心力、摩擦力 7. 万有引力定律是科学史上最伟大的发现之一。发现万有引力定律的科学家是（　　） A. 爱因斯坦 B. 安培 C. 牛顿 D. 法拉第 二、多项选择题:本题共3小题，每小题5分，共15分。每小题有多个选项符合要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。 8. 如图所示，和由不可伸长的轻绳跨过定滑轮连接，，滑轮光滑且质量不计，两物体由图示位置无处速度释放，在下降一段距离未落地的过程中不计空气阻力，下列说法中正确的是　　 A. 的机械能守恒 B. 的机械能增加 C. 和的总机械能减少 D. 和的总机械能守恒 9. 一物体以初速度20m/s竖直上抛，不计空气阻力重力加速度取，则当物体的速度大小变为时所经历的时间是（ ） A. 1s B. 2s C. 3s D. 4s 10. 已知地球的第一、第二、第三宇宙速度分别为7.9 km/s/11.2 km/s和16.7 km/s，对于宇宙速度的认识，下列说法正确的是 A. 飞行器绕地球做匀速圆周运动的线速度不可能大于7.9 km/s B. 在地球上发射卫星的速度可以小于7.9 km/s C. 当飞行器的发射速度为13 km/s时，飞行器将会脱离地球的引力场 D. 当飞行器的发射速度为17 km/s时，飞行器将会脱离太阳的引力场 三、实验题 11. 采用如下图所示的实验装置做探究平抛运动的特点的实验。 （1）如图甲探究平抛运动规律，用小锤打击弹性金属片，A球沿水平方向抛出，同时B球由静止开始下落，可观察到两小球同时落地。改变装置距地面的高度和打击的力度，多次实验，都能观察到两小球_______落地（选填“同时”或“先后”），说明平抛竖直分运动的特点是________________________。若增加小锤击打的力度，则A球在空中运动的时间____（选填“不变”“增加”或“减少”）。 （2）采用图乙所示的装置获得平抛运动轨迹，关于实验条件的说法，正确的有_______。 A.斜槽轨道必须光滑 B.斜槽轨道末段必须水平 C.小球每次从斜槽上不同的位置无初速度释放 D.必须用平滑曲线把所有的点连接起来 12. 如图所示为验证机械能守恒定律的实验装置示意图。将打点计时器固定在铁架台上，用重物带动纸带从静止开始自由下落。回答下列问题： （1）实验室内已准备的器材有：直流电源、交流电源、打点计时器（带导线）、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物、天平、刻度尺。本实验不需要的器材是___________。 A．直流电源、天平 B．直流电源、刻度尺 C．交流电源、天平 D．交流电源、刻度尺 （2）实验中___________（填写“能”或者“不能”）利用计算出瞬时速度v。 （3）实验中误差产生的原因有_______________________________________________（写出两个原因即可）。 四、解答题 13. 把一小球从离地面处，以的初速度水平抛出，不计空气阻力，（）。求： （1）小球在空中飞行的时间； （2）小球落地点离抛出点的水平距离； （3）小球落地时的速度大小。 14. 如图所示，小球通过细线绕圆心O在光滑水平面上做匀速圆周运动。已知小球质量m=0.40kg，线速度大小v=1.0m/s，细线长L=0.25m。求： (1)小球的角速度大小ω； (2)细线对小球的拉力大小F。 15. 质量m=2kg的小球从高10m的楼上自由下落，g取10m/s2，求： （1）整个下落过程重力对小球做的功； （2）落地瞬间重力的功率。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025年春海亮教育.兰苑中学高一5月月考 物理试卷 考生注意: 1.满分100分，考试时间75分钟。 2.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 3.本卷命题范围:人教版必修第二册 一、单项选择题:本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 如图所示，用同种材料制成的一个轨道，AB段为圆弧，半径为R，水平放置的BC段长度为R．一小物块质量为m，与轨道间的动摩擦因数为μ，当它从轨道顶端A由静止下滑时，恰好运动到C点静止，那么物块在AB段克服的摩擦力做的功为（ ） A. μmgR B. mgR（1－μ） C. πμmgR D. mgR 【答案】B 【解析】 【详解】设在AB段物块克服摩擦力做的功为W，则物块由A到B运用动能定理可得 物块由B到C运用动能定理可得 联立解得W=mgR（1－μ），故B正确，ACD错误。 故应选B。 2. 一个物体的速度从0增大到v，外力对物体做功为W1；速度再从v增大到2v，外力对物体做功为W2，则W1和W2的关系正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】由动能定理可知：，，故，故A正确、BCD错误． 3. 质量为的汽车在水平路面上匀速行驶，速度为，受到的阻力大小为。此时，汽车发动机输出的实际功率是（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】汽车匀速行驶，则牵引力与阻力平衡 汽车发动机的功率 故选C。 4. 一质量为m的小球，用长为l的轻绳悬挂于O点，小球在水平力F作用下，从平衡位置P点很缓慢地移动到Q点，如图所示，则力F所做的功为(　　) A. mglcos θ B. Flsin θ C. mgl(1－cos θ) D. Fl 【答案】C 【解析】 【详解】对小球受力分析，受到重力、拉力F和绳子的拉力T，如图 根据共点力平衡条件，有F=mgtanα，故F随着α的增大而不断变大，故F是变力；对小球运动过程运用动能定理，得到-mgL（1-cosα）+W=0，故拉力做的功等于mgL（1-cosθ），故选C． 5. 飞机与水平方向成60°角斜向上飞行，飞机的速度大小是200m/s，这个速度在水平方向的分速度为（　　） A. 100m/s B. 200m/s C. 100m/s D. 200m/s 【答案】A 【解析】 【详解】速度在水平方向的分速度为 vｘ =vcos600=100 m/s 所以A正确；BCD错误； 故选A。 6. 如图所示，小物体A与水平圆盘保持相对静止，跟着圆盘-起做匀速圆周运动，则A的受力情况是（　　） A. 重力、支持力 B. 重力、支持力、指向圆心的摩擦力 C. 重力、支持力、切线方向的摩擦力 D. 重力、支持力、向心力、摩擦力 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】对A受力分析，有重力，支持力，摩擦力，摩擦力提供向心力指向圆，所以B正确；ACD错误； 故选B。 7. 万有引力定律是科学史上最伟大的发现之一。发现万有引力定律的科学家是（　　） A. 爱因斯坦 B. 安培 C. 牛顿 D. 法拉第 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】发现万有引力定律的科学家是牛顿，C正确。 故选C。 二、多项选择题:本题共3小题，每小题5分，共15分。每小题有多个选项符合要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。 8. 如图所示，和由不可伸长的轻绳跨过定滑轮连接，，滑轮光滑且质量不计，两物体由图示位置无处速度释放，在下降一段距离未落地的过程中不计空气阻力，下列说法中正确的是　　 A. 的机械能守恒 B. 的机械能增加 C. 和的总机械能减少 D. 和的总机械能守恒 【答案】BD 【解析】 【详解】A． m1下落过程中，绳子拉力对m1做负功，其机械能减小，所以m1的机械能不守恒，故A错误． B．绳子拉力对m2做正功，其机械能增加，故B正确． CD．两个物体系统中，只有动能和重力势能相互转化，系统的机械能总量守恒，故C错误，D正确； 故选BD． 【点睛】本题关键要掌握功能关系和机械能守恒的条件，并能正确判断在两个物体构成的系统中，当只有动能和重力势能相互转化，系统的机械能总量保持不变. 9. 一物体以初速度20m/s竖直上抛，不计空气阻力重力加速度取，则当物体的速度大小变为时所经历的时间是（ ） A. 1s B. 2s C. 3s D. 4s 【答案】AC 【解析】 【详解】根据v=v0-gt可知，解得t1=1s或者t2=3s. A．1s，与结论相符，选项A正确； B．2s，与结论不相符，选项B错误； C．3s，与结论相符，选项C正确； D．4s，与结论不相符，选项D错误； 故选AC. 10. 已知地球的第一、第二、第三宇宙速度分别为7.9 km/s/11.2 km/s和16.7 km/s，对于宇宙速度的认识，下列说法正确的是 A. 飞行器绕地球做匀速圆周运动的线速度不可能大于7.9 km/s B. 在地球上发射卫星的速度可以小于7.9 km/s C. 当飞行器的发射速度为13 km/s时，飞行器将会脱离地球的引力场 D. 当飞行器的发射速度为17 km/s时，飞行器将会脱离太阳的引力场 【答案】ACD 【解析】 【详解】A．第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是做匀速圆周运动的最大的环绕速度．根据线速度得沿圆轨道绕地球运行的人造卫星的运动速度小于等于7.9km/s，故A正确； B．在地球上发射卫星的速度至少等于7.9km/s，不可以小于7.9km/s，故B错误； C．当飞行器的发射速度为13km/s>11.2km/s时，飞行器将会脱离地球的引力场，故C正确； D．在地面上发射卫星的速度17km/s>16.7km/s，卫星将脱离太阳束缚，故D正确； 故选ACD. 【点睛】第一宇宙速度是卫星沿地球表面运动时的速度，半径越大运行速度越小，故第一宇宙速度是人造地球卫星最大的运行速度；当卫星的速度大于等于第二宇宙速度时卫星脱离地球的吸引而进入绕太阳运行的轨道；当物体的速度大于等于第三宇宙速度速度16.7km/s时物体将脱离太阳的束缚成为一颗人造地球恒星． 三、实验题 11. 采用如下图所示的实验装置做探究平抛运动的特点的实验。 （1）如图甲探究平抛运动规律，用小锤打击弹性金属片，A球沿水平方向抛出，同时B球由静止开始下落，可观察到两小球同时落地。改变装置距地面的高度和打击的力度，多次实验，都能观察到两小球_______落地（选填“同时”或“先后”），说明平抛竖直分运动的特点是________________________。若增加小锤击打的力度，则A球在空中运动的时间____（选填“不变”“增加”或“减少”）。 （2）采用图乙所示的装置获得平抛运动轨迹，关于实验条件的说法，正确的有_______。 A.斜槽轨道必须光滑 B.斜槽轨道末段必须水平 C.小球每次从斜槽上不同的位置无初速度释放 D.必须用平滑曲线把所有的点连接起来 【答案】 ①. 同时 ②. 自由落体运动 ③. 不变 ④. B 【解析】 【详解】（1）[1][2][3]用小锤打击弹性金属片，A球沿水平方向抛出，同时B球由静止开始下落，可观察到两小球同时落地，实验中B球做自由落体运动；改变装置距地面的高度和打击的力度，多次实验，都能观察到两小球同时落地，说明A球在竖直方向的分运动是自由落体运动。 （3）[4]A．小球与斜槽之间的摩擦不影响平抛运动的初速度，所以斜槽轨道可以不光滑，故A错误； B．通过调节斜槽末端水平，是为了保证小球初速度水平，做平抛运动，故B正确； C．因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同速度，故C错误； D．为了准确地描出小球运动的轨迹，用光滑曲线把轨迹点连接起来，偏差大的舍去，故D错误。 故选B。 12. 如图所示为验证机械能守恒定律的实验装置示意图。将打点计时器固定在铁架台上，用重物带动纸带从静止开始自由下落。回答下列问题： （1）实验室内已准备的器材有：直流电源、交流电源、打点计时器（带导线）、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物、天平、刻度尺。本实验不需要的器材是___________。 A．直流电源、天平 B．直流电源、刻度尺 C．交流电源、天平 D．交流电源、刻度尺 （2）实验中___________（填写“能”或者“不能”）利用计算出瞬时速度v。 （3）实验中误差产生的原因有_______________________________________________（写出两个原因即可）。 【答案】 ①. A ②. 不能 ③. 重物受到空气阻力；纸带与限位孔之间的摩擦力 【解析】 【详解】（1）[1]打点计时器工作时需要接交流电源，验证机械能守恒时质量可以约去，不需要使用天平，需要使用刻度尺量取各点间的距离，故本实验不需要的器材是直流电源、天平。 故选A。 （2）[2]本实验要验证表达式 所以用这一表达式计算瞬时速度，相当于用机械能守恒验证机械能守恒，所以不能利用计算出瞬时速度。 （3）[3]实验中误差产生的原因有重物受到空气阻力；纸带与限位孔之间的摩擦力。 四、解答题 13. 把一小球从离地面处，以的初速度水平抛出，不计空气阻力，（）。求： （1）小球在空中飞行的时间； （2）小球落地点离抛出点的水平距离； （3）小球落地时的速度大小。 【答案】（1）1s；（2）10m；（3） 【解析】 【详解】（1）竖直方向上有 解得 （2）水平方向有 （3）竖直方向有 水平方向有 则小球落地时的速度大小为 14. 如图所示，小球通过细线绕圆心O在光滑水平面上做匀速圆周运动。已知小球质量m=0.40kg，线速度大小v=1.0m/s，细线长L=0.25m。求： (1)小球的角速度大小ω； (2)细线对小球的拉力大小F。 【答案】(1)4rad/s；(2)1.6N 【解析】 【详解】(1)根据 v=rω 可得小球的角速度为 (2) 小球所受重力与支持力在竖直方向，故小球所受线的拉力提供小球圆周运动向心力，所以小球所受线的拉力为 15. 质量m=2kg的小球从高10m的楼上自由下落，g取10m/s2，求： （1）整个下落过程重力对小球做的功； （2）落地瞬间重力的功率。 【答案】（1）200J；（2） 【解析】 【分析】 【详解】（1）整个下落过程重力对小球做的功 WG=mgh=2×10×10J=200J （2）设落地瞬间小球的速度为v，有 v2=2gh 解得落地瞬间小球的速度 v=10m/s 所以落地瞬间重力的功率 PG=mgv=2×10×10W=200W 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $