2025年黑龙江省佳木斯市第二十中学中考物理三模试卷

2025年黑龙江省佳木斯二十中中考物理三模试卷 一、单选题：本大题共12小题，共24分。 1.对日常生活中相关数据的估测，符合实际的是(    ) A. 将一只鸡蛋从地面缓缓举过头顶做的功约为10J B. 教室内一盏日光灯的额定功率约30W C. 中学生双脚站在水平地面时对地面的压强约为 D. 洗澡时合适的水温约为 2.人工智能技术的不断发展，聊天机器人成为了一个备受瞩目的领域。在这个领域中，宇树科技凭借其卓越的性能和广泛的应用场景，成为了受欢迎的聊天机器人之一。如图是工程师聆听机器人唱歌表演的场景，下列说法正确的是(    ) A. 机器人“高歌一曲”中的“高”是指音调高 B. 机器人的歌声是通过空气传入工程师耳朵的 C. 机器人的歌声不是振动产生的 D. 歌声在各种介质中的传播速度均为 3.中华典籍《周礼考工记》中有“识日出之景，与日入之景”的记载，这是一种通过日出、日落时细杆的影子进行辨方正位的方法，如图所示。这种方法依据的是(    ) A. 光的反射 B. 光的折射 C. 平面镜成像 D. 光的直线传播 4.生活中处处有物理，留心观察皆学问，图中列举了厨房中的一些物态变化，对此解释正确的是(    ) A. 图甲：冻豆腐里面的小孔是由于豆腐里的水先凝固后熔化形成的 B. 图乙：把鱼埋在冰粒中利用了冰升华吸热来保鲜鱼 C. 图丙：自制简易冰箱利用了水蒸发放热来保存食物 D. 图丁：水烧开时冒出的“白气”是壶里的水汽化形成的水蒸气 5.2025年亚冬会在美丽的哈尔滨举行，下列关于比赛项目说法正确的是(    ) A. 速度滑冰运动员在水平冰道上加速冲刺的过程中，惯性在变大 B. 自由滑雪空中技巧运动员到达最高点时，运动员受到平衡力 C. 将冰壶推出后，冰壶仍继续运动是由于冰壶受到惯性的作用 D. 花样滑冰运动员在冰上沿曲线滑行时，运动状态发生改变 6.在测量液体密度时，用调好的天平测出烧杯和液体的总质量是72g，再将烧杯中的部分液体倒入量筒中图甲，用天平测出烧杯和剩余液体的质量图乙。下列分析正确的是(    ) A. 量筒中液体的体积是 B. 实验时图乙中添加砝码的合理顺序是5g、10g、20g C. 量筒中液体的质量是39g D. 液体的密度是 7.某商品展示平台，其内部电路设计要求为：只闭合开关，仅照明灯亮；再闭合开关，照明灯亮，电动机M转动；断开开关，照明灯熄灭，电动机M停止转动。则满足该设计要求的电路是(    ) A. B. C. D. 8.用焦距为10cm的凸透镜探究凸透镜成像的规律，将点燃的蜡烛、凸透镜、光屏置于光具座上如图所示的位置，下列说法中正确的是(    ) A. 只向左移动光屏至适当位置，光屏上能呈现烛焰缩小的像 B. 只向右移动光屏至适当位置，光屏上能呈现烛焰放大的像 C. 只向右移动蜡烛至适当位置，光屏上能呈现烛焰放大的像 D. 只移动凸透镜至适当位置，光屏上能呈现烛焰等大的像 9.蓝天之下、白云之上，C919国产大飞机首度服务春运，下列相关描述正确的是(    ) A. 飞机获得升力的原理是“流体流速大的地方压强大” B. 在空中飞行的飞机，与空气摩擦，飞机因失去电子而带负电 C. 飞机加速升空过程中，机械能不断增大 D. 飞机上升过程中，机舱外的大气压变大 10.家庭电路和安全用电的知识是现代公民必备的知识，下列有关图文说法正确的是(    ) A. 甲图：图中家庭电路元件的连接顺序是正确的 B. 乙图：甲站在干燥的木桌上，乙站在地上，则甲、乙都不会触电 C. 丙图：使用测电笔时，手必须接触笔尖金属体 D. 丁图：使用电冰箱时，金属外壳不需要接地 11.如图所示，电源电压恒定。若在电路中再并联一个电压表，当滑动变阻器的滑片P从b端移至a端，电压表的示数从12V变为0；当滑片P位于中点c时，电压表的示数为U，下列判断正确的是(    ) A. 电压表并联在两端， B. 电压表并联在两端， C. 电压表并联在两端， D. 电压表并联在两端， 12.如图电磁铁的右下方有一铁块，在拉力F的作用下向左做匀速直线运动，在铁块从电磁铁的右下方运动到正下方的过程中，滑片P逐渐向a端滑动，下列判断正确的是(    ) A. 电磁铁的磁性逐渐减弱 B. 铁块对地面的压强逐渐变小 C. 电磁铁的上端为N极 D. 弹簧测力计的示数逐渐变大 二、多选题：本大题共3小题，共9分。 13.如图所示，用相同的滑轮组装成甲、乙滑轮组，分别将同一重物在相等的时间内提升相同的高度，不计绳重和摩擦，则(    ) A. 甲、乙的拉力之比是3：2 B. 甲、乙绳的自由端速度之比是1：1 C. 甲、乙拉力的功率之比是3：2 D. 甲、乙的机械效率之比是1：1 14.如图，甲、乙两个质量和底面积相同的杯子盛两种液体，将同一个木块先后放入两杯中，木块静止后，两杯液面相平。则下列说法正确的是(    ) A. 甲杯中液体密度大于乙杯中液体的密度 B. 木块在甲、乙两杯中排开液体的质量相同 C. 甲、乙两杯底部受到液体的压力相同 D. 取出木块后，甲杯对水平面的压强比乙杯小 15.如图，电路中电源电压恒为，滑动变阻器R上标有“，1A”字样，灯泡L正常发光的电流为，灯泡L工作时的相关数据如下表所示。通电过程中，下列说法正确的是(    ) 电流 电阻 A. 滑片向左滑动，灯泡亮度变暗 B. 滑片在最右端时，灯泡的阻值最大 C. 当R接入电路的阻值为时，电压表的示数为 D. 为使滑片在最左端时灯泡正常发光，应在电路中串联一个电阻 三、填空题：本大题共12小题，共28分。 16.如图所示，为一木块在水平桌面上向右运动时的频闪摄影照片，所用闪光灯每隔相等时间闪亮一次，拍下此时木块的位置，由照片记录可知木块的速度______，此过程中，木块受到的摩擦力______两空均选填“增大”、“减小”或“不变”。 17.傍晚，小华对着清澈平静的湖面看到了湖底游动的鱼，看到的是鱼的______选填“虚”或“实”像。假设鱼也看到了小华，则鱼看到的“小华”身高比小华的实际身高来得______选填“高”或“矮”。 18.制作LED灯的材料是      选填“半导体”或“超导体”。如图为某学校电子屏中滚动播放的标语，其显示屏中的“增”字有一部分未显示出来，其它部分正常发光，由此可知，未发光部分与其它部分建设和谐校园之间是      联的。 19.如图所示，我们打开笔记本时可以把它的屏盖视为______选填“费力”、“省力”或“等臂”杠杆；若用与电脑屏幕始终垂直的力F匀速掀开屏盖到竖直位置的过程中，力F的大小将______选填“增大”、“减小”或“不变”。假设连接处的阻力不变 20.将一未装满水的密闭矿泉水瓶，先正立放置在水平桌面上，再倒立放置，如图所示，则倒立时水对瓶盖的压强是______ Pa；正立时水对瓶底的压力为，倒立时水对瓶盖的压力为，则______选填“>”、“=”或“<”。 21.如图是两灯电流随电压变化的图像，两灯额定电压均为6V，在保证电路安全的情况下，若将两灯并联后接入电路，则干路电流最大为      A；若将两灯串联后接入电路，电源电压最大为      V。 22.如图所示，用5N的力沿水平方向拉动物体B，使物体B在水平放置的木板A上向左做匀速直线运动。则物体B所受摩擦力为______ N；木板A上表面所受摩擦力的方向水平向______选填“左”或“右”。 23.如图所示为游乐园过山车的轨道示意图。过山车从高处加速滑下的过程中，轨道对车的支持力______选填“不”或“要”做功，过山车重力势能______选填“增加”、“减少”或“不变”。 24.图中为家庭电路的电能表，该电能表允许接入用电器的最大总功率是______ W；表盘上的某个参数模糊不清，为测得这个参数，仅将额定功率为1200W的空调接入电路，正常工作电能表转盘转了60转，计算可知该参数为______。 25.2022年3月23日，“天宫课堂”第二课正式开讲，授课期间，“太空教师”与地面课堂师生的实时互动交流是通过______进行传播的。空间站太阳翼上的太阳能电池板将太阳能转化成电能为空间站供电，电能是______选填“一次”或“二次”能源。 26.在如图所示的电路中，电源电压为6V，当开关S闭合后，电路总功率变化了，则电流表示数变化了______ A，电阻______。 27.小秋同学探究“冰熔化时温度变化规律”，实验装置如图甲所示。根据实验记录绘制冰加热时温度随时间变化的图像，由图像可知冰属于______选填“晶体”或“非晶体”；图乙图中b点冰水的内能______选填“大于”、“小于”或“等于”点冰水的内能。冰熔化实验结束后，小秋马上将温度计放入烧杯的水中，继续探究“水沸腾时温度变化的特点”实验，由两次实验可知：冰的熔化过程和水的沸腾过程具有的共同特点是：继续吸热，温度______。 小蕾同学用如图2所示的器材“探究平面镜成像特点”的实验。 ①为了让右座的同学也能够看清蜡烛的像，小蕾只将玻璃板向右平移，则蜡烛的像的位置______选填“向左移动”、“向右运动”或“不变”，像的大小______选填“变大”、“变小”或“不变”； ②为探究像的虚实，在蜡烛B的位置放置一个光屏，应______选填“直接”或“透过玻璃板”观察光屏。 四、实验探究题：本大题共3小题，共16分。 28.如图所示，该玩具叫做爱心温度计。由上下两个玻璃瓶和中间一段弯曲的心形细玻璃管组成，事先在下面瓶子里装有乙醚液体沸点约为。把热的手捂在下面瓶底装有液体的部位，一会儿后，乙醚沸腾起来，导致下方玻璃瓶上部气压增大，使液体顺着瓶子里的细玻璃管向上涌。松开手后，液体又会流回底部。 手握瓶底时，手掌的热通过______选填“做功”或“热传递”的方法，改变了乙醚的内能； 松开手后，玻璃瓶上方乙醚蒸气经______填物态变化名称又流回底部。 29.同学们在“探究影响浮力大小的因素”实验中，根据日常生活经验提出了以下猜想： ①浮力大小与物体浸入液体中的深度有关； ②浮力大小与物体排开液体的体积有关； ③浮力大小与液体的密度有关。 实验步骤和数据如图所示取 根据实验数据，小聪计算出该物体浸没在水中受到的浮力大小是______ N。 为了验证猜想①，分析A与C、D三次实验，得出的结论是：浸没在液体中的物体所受浮力大小与浸入液体中的深度______选填“有”或“无”关。 为了验证猜想②，分析A与______三次实验，得出的结论是：浸在液体中的物体所受浮力大小与物体排开液体的体积有关。 小聪为了验证猜想③，分析A与B、E三次实验，得出的结论是：浸在液体中的物体所受浮力大小与液体的密度有关。你认为这样操作是______选填“正确”或“错误”的，理由是______。 细心的小红利用实验数据还计算出步骤E中所用盐水的密度是______。 30.晶晶和静静利用如图甲所示的电路测定小灯泡额定电压为正常发光时的电阻。实验室有如下器材：电源电压为、电流表、、电压表、、开关各一个、导线若干、滑动变阻器三只：、、。 晶晶闭合开关后，发现电流表指针如图乙所示，则接下来的操作是______； 闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，经多次测量，晶晶画出了小灯泡关系图象，如图丙所示，由图可知晶晶使用的小灯泡正常发光时的电阻为______，一旁的静静迅速算出小灯泡的额定功率为______ W；在多次测量中，晶晶还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比______选填“变大”、“变小”或“不变”；原因是______； 灯泡的电阻测量完毕，静静将灯泡分别更换成、、、、的定值电阻，探究电流与电阻的关系，得到如图丁所示的关系图像，则静静应选用滑动变阻器______选填“”、“”或“”；若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为，则所选定值电阻的阻值为______； 晶晶依次换上、、、四个定值电阻继续实验，采用“伏安法”各测量一次，把每个定值电阻两端的电压和通过的电流在坐标系中描点，得到了图戊中甲、乙、丙、丁四点，______点是阻值为的点。 五、简答题：本大题共2小题，共8分。 31.暖气是北方人的取暖“神器”，暖气要安装在室内的下方，这是为什么？ 32.小明发现：家中的一台电热水器使用800W功率工作一段时间后，热水器的电源线温度与室温无差异，而使用3000W功率工作相同时间后，电源线温度明显升高，请你解释上述两次电源线温度不同的原因。可借助相关公式分析说明 六、计算题：本大题共2小题，共15分。 33.如图甲是我国设计并制造的无人驾驶汽车，汽车包括司乘人员的质量为，在水平路面上以恒定功率做直线运动的图象如图乙取。 汽车经过一段路段时，此处规定汽车对地面的压强不得超过，则汽车与地面接触的总面积最少为多少？ 如汽车匀速行驶过程中所受阻力大小为车重的倍，求汽车受到的牵引力和内牵引力做功的功率； 汽车在内牵引力做的功。 34.小新喜欢吃爆米花，学习电加热原理后自己制作了一个简易的爆米花机，如图是爆米花机的简易电路图，开关S接a时，加热同时电动机搅拌；开关S接b时，单独工作并处于保温状态，如表是小新设计的相关参数。小新将100g的玉米粒放入制好的爆米花机中，玉米粒初温为，加热后玉米粒温度升高到并爆成了玉米花，此后小新将爆米花机调至保温状态。求： 额定电压 220V 加热功率 200W 保温功率 22W 电机功率 20W 保温状态时电路中的电流； 电阻的阻值； 加热过程电路消耗的电能； 电阻给玉米加热的效率。 答案和解析 1.【答案】B  【解析】解：A、一个鸡蛋的重力约为，从地上到头顶的距离约为2m，所做的功约为：，故A错误； B、教室内一盏日光灯的额定功率约30W，故B正确； C、中学生双脚面积受力面积约；中学生的质量大约为50kg，压力，压强为：，故C错误； D、洗澡时合适的水温略高于人的正常体温，约为，故D错误。 故选：B。 首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。 物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。 2.【答案】B  【解析】解：A、机器人“高歌一曲”中的“高”是指响度大，故A错误； B、机器人的歌声是通过空气传入工程师耳朵的，故B正确； C、机器人的歌声是由扬声器振动产生的，故C错误； D、声音在空气中的传播速度是，故D错误。 故选：B。 声音的大小叫响度，响度与振幅和距离声源的远近有关。 声音的传播需要介质。 声音是由物体的振动产生的。 声音在空气中的传播速度是。 本题考查的是声音产生和传播的条件；知道响度和音调；知道声音在不同介质中的传播速度不同。 3.【答案】D  【解析】解：通过日出、日落时细杆的影子进行辨方正位，其中影子是光在均匀介质中沿直线传播形成的。 故选：D。 影子的形成是光在均匀介质中沿直线传播。 本题考查影子的形成原因，属于基础题。 4.【答案】A  【解析】解：豆腐放到冰箱里，豆腐里的水先遇冷先凝固成冰，从冰箱取出后，冰熔化成水形成的，故A正确； B.把鱼埋在冰粒中，一是利用了冰温度较低的特点，二是冰熔化时会吸收大量的热，从而鱼放出热量而保持新鲜，故B错误； C.自制简易冰箱是通过水的蒸发吸热来保持食物处于低温环境，故C错误； D.水烧开时冒出的大量“白气”，是热的水蒸气遇冷发生液化形成的小水滴，故D错误。 故选：A。 物质由液态变成气态的过程叫汽化，汽化过程中吸收热量； 物质由固态变成液态的过程叫熔化，熔化过程中吸收热量； 物质由液态变成故态的过程叫凝固，凝固过程中放出热量； 干冰升华吸收热量，水蒸气液化放出热量。 本题考查物态的变化特点是一道基础题。 5.【答案】D  【解析】解：A、速度滑冰运动员在水平冰道上加速冲刺的过程中，质量不变，所以惯性大小不变，故A错误。 B、自由滑雪空中技巧运动员到达最高点时，只受重力作用，运动员受到非平衡力，故B错误； C、运动员将冰壶推出后，冰壶仍继续运动是由于冰壶具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故C错误； D、花样滑冰运动员在冰面上沿曲线匀速滑行时，运动方向发生改变，运动状态改变，故D正确。 故选：D。 惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。 物体受力平衡时，将保持静止状态或匀速直线运动状态； 惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性大小只与物体的质量有关； 力可以改变物体的运动状态，运动状态的改变包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。 此题以亚冬会项目为背景，考查了运动状态变化的判断、惯性、平衡力的辨别等知识，体现了物理关注社会热点的特点。 6.【答案】D  【解析】解： A.量筒读数时，视线与凹液面的最低处保持水平，因此量筒中液体的体积是，故A错误； B.使用天平时，添加砝码的合理顺序是“先大后小”，即实验时图乙中添加砝码的合理顺序是20g、10g、5g，故B错误； C.量筒中液体的质量是总质量减去剩余质量，其中剩余的质量由图乙可得，即，故C错误； D.液体的密度是，故D正确。 故选：D。 常规法测液体的密度：主要器材：天平、量筒测量步骤：在烧杯中装适量的未知液体放在调节好的天平上称出其质量；将烧杯中的未知液体倒一些在量筒中测出其体积V；将盛有剩下未知液体的烧杯放在天平上，测出它们的质量；计算结果：根据得。 本题考查了天平读数、量筒读数、求密度，要掌握天平的使用方法、注意事项与读数方法，求出液体的质量与体积，应用密度公式可以求出液体的密度。 7.【答案】C  【解析】解：根据题意可知，当开关闭合时照明灯亮起，再闭合开关，照明灯亮，电动机M转动，这说明电动机和照明灯可以独立工作、互不影响即为并联；断开开关，照明灯熄灭，电动机M停止转动，这说明开关位于干路，开关位于电动机支路，故C正确。 故选：C。 根据题意分析两个开关、照明灯与电动机的连接方式，然后选出正确的电路图。 本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出各电路元件的连接方式和位置是关键。 8.【答案】D  【解析】解：AB、由题意可知，凸透镜的焦距是10cm，由图可知，蜡烛与凸透镜的距离为10cm，即物距在一倍焦距处，无论如何移动光屏，都不能成像，故AB错误； C、只向右移动蜡烛至适当位置，如图所示，蜡烛与凸透镜的距离小于10cm，即物距在一倍焦距以内，成正立放大的虚像，虚像不能呈现在光屏上，故C错误； D、如图所示，蜡烛与光屏之间的距离为40cm，移动凸透镜至55cm处，那么蜡烛与凸透镜的距离是20cm，即物距等于两倍焦距，此时光屏到凸透镜的距离，即像距也等于两倍焦距，成倒立等大的实像，故D正确。 故选：D。 物距在一倍焦距处，不成像； 物距在一倍焦距以内，成正立放大的虚像，虚像不能呈现在光屏上； 物距等于两倍焦距，像距也等于两倍焦距，此时成倒立等大的实像。 本题考查了凸透镜成像规律及应用。 9.【答案】C  【解析】解：A、飞机机翼获得升力是因流体中流速大的地方压强小，故A错误； B、在空中飞行的飞机，与空气摩擦，飞机因失去电子而带正电，故B错误； C、飞机加速升空过程中，速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增大，机械能等于动能和势能之和，则机械能不断增大，故C正确； D、飞机上升过程中，高度增加，大气压随高度的增加而减小，故D错误。 故选：C。 流体在流速大的地方，压强小，在流速小的地方，压强大； 不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电； 飞机加速升空过程中，速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增大； 大气压随高度的增加而减小。 本题考查流体流速和压强的关系、摩擦起电的实质、学生对机械能以及气压与高度的关系的理解。 10.【答案】B  【解析】解：根据家庭电路元件的安装顺序可知，甲图中电能表应装在总开关之前，故A错误； B.乙图中，甲未形成回路，乙两端没有电压，所以都不会触电，故B正确； C.丙图中，使用测电笔时，手不能接触笔尖金属体，但要接触笔尾金属体，故C错误； D.丁图中，使用电冰箱时，金属外壳需要接地，防止漏电，故D错误。 故选：B。 电能表是测量家庭电路消耗电能多少的仪表，也防止一些人偷电，一定安装在家庭电路的最前端，并且在总开关的前面；检修电路时要断开开关，在电能表的后面要接入总开关；保险装置里面的保险丝能在电路电流过大时，能自动切断电源。为了方便更换保险丝，保险装置一定要安装在总开关的后面； 触电的实质是当有一定大小的电流通过人体，就会引起人体触电； 测电笔的使用方法：使用测电笔时，手要接触测电笔尾部的金属体，笔尖接触电线，氖管发光表明接触的是火线，不发光是零线； 用电器的金属外壳要接地。 此题考查了安全用电常识和家庭电路的连接，属于基本技能的考查，难度不大。 11.【答案】B  【解析】解：闭合开关，两电阻串联。当滑动变阻器的滑片P从b端移至a端，电压表的示数从12V变为0，而定值电阻两端的电压不可能为0，故电压表并联在的两端； 当滑动变阻器的滑片P从a端移至b端，电压表的示数从零变为6伏，当变阻器连入电路中的电阻最大时，由电阻的串联和欧姆定律，电路中的电流： ，根据欧姆定律，此时电压表示数： ------①； ①两边同乘以得：------② 同理，当滑片移动到中点时，电压表示数： ------③，因③式右边的分母比②式左边分母小，故，故B正确，ACD错误． 故选：B。 闭合开关，两电阻串联，根据滑片的移动情况和电压表示数的变化情况确定电压表的连接位置，根据串联电阻的规律和欧姆定律分别得出滑片在b端和中点两种情况下电压表的示数表达式，从而得出U的大小。 本题考查串联电路的规律和欧姆定律的运用，关键是确定电压表的连接，体现了数学知识的运用，有难度。 12.【答案】B  【解析】解：A、滑片P向a端滑动，变阻器接入电阻变小，由欧姆定律，电源电压U不变，则电路电流I变大。电磁铁磁性随电流增大而增强，并非减弱，故A错误。 B、铁块靠近电磁铁，且电磁铁磁性增强，其对铁块向上的吸引力增大。铁块对地面压力 为铁块重力会变小，根据压强公式，接触面积S不变，压力变小，则压强p逐渐变小，故B正确。 C、依据安培定则，右手握住螺线管，让四指顺着电流方向，大拇指所指为N极。图中电流方向从下端流入，则电磁铁下端是N极，上端是S极，故C错误。 D、铁块做匀速直线运动，拉力F与摩擦力f平衡，即。因电磁铁吸引力变大使铁块对地面压力变小，接触面粗糙程度不变，压力变小则摩擦力变小，故弹簧测力计示数也变小，故D错误。 故选：B。 A、电磁铁磁性随电流增大而增强。 B、根据压强公式，接触面积S不变，压力变小，则压强p逐渐变小。 C、依据安培定则，判断电磁铁的极性。 D、电磁铁吸引力变大使铁块对地面压力变小，接触面粗糙程度不变，压力变小则摩擦力变小。 本题考查了电磁铁磁性、压强、摩擦力的影响因素，安培定则的应用。 13.【答案】AD  【解析】解： A、不计绳重及摩擦，拉力， 由图知，，，所以绳端的拉力分别为：，， 则甲乙拉力之比：：：2，故A正确； B、将同一重物在相等的时间内提升相同的高度，则提升物体的速度相同， 由图知，，，所以甲、乙绳的自由端速度分别为：，， 所以，甲、乙绳的自由端速度之比：：：3，故B错； C、由AB的解答可知，：：2，：：3， 由可得，甲、乙拉力的功率之比：：1，故C错； D、不计绳重及摩擦，动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，由、可知，利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，则拉力做的总功相同， 由可知，两滑轮组的机械效率相同，即甲、乙的机械效率之比：：1，故D正确。 故选：AD。 由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，则绳子自由端移动的距离； 不计绳重及摩擦，拉力，据此比较拉力大小之比； 拉力端移动距离，拉力端移动距速度等于物体提升速度的n倍，据此求甲、乙绳的自由端速度之比； 上面求出了拉力、绳的自由端速度之比，利用求甲、乙拉力的功率之比； 把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系。 本题重点理解：把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同。 14.【答案】BD  【解析】解：A、木块在甲杯中悬浮，甲密度等于木块的密度；在乙杯中漂浮，乙的密度大于木块的密度；说明甲杯中液体的密度小于乙杯中液体的密度，故A错误； B、读图可知，木块在甲杯中悬浮，在乙杯中漂浮，则根据浮沉条件可知，它们此时所受的浮力都等于自身的重力，即浮力相同，根据阿基米德原理知在两杯中排开液体的质量相等，故B正确； C、两杯中液面相平，由A知，根据可知，杯底受到液体的压强：，甲乙容器的底面积相同，根据知甲、乙两杯底部受到液体压力为，故C错误； D、由A知甲杯中液体的密度小于乙杯中液体的密度，由图知甲杯中液体的体积小于乙杯中液体的体积，根据知甲杯中液体的质量小于乙杯中液体的质量，由知取出木块后甲杯对水平面的压力比乙杯小，又因为甲乙杯的底面积相同，由知取出木块后，甲杯对水平面的压强比乙杯小，故D正确。 故选：BD。 根据木块的浮沉情况判断出杯中液体密度的大小关系； 根据物体的浮沉条件，判断两者所受浮力关系；根据阿基米德原理判断排开液体的质量关系； 根据判断杯底压强的关系，根据判断出甲、乙两杯底部受到液体压力的关系； 已知液体的密度和体积，根据密度公式判断出液体的质量，由判断出取出木块后甲乙两杯对水平面压力的关系，由判断出取出木块后甲乙杯对水平面压强的关系。 本题的解答需要用到浮沉条件、阿基米德原理等，同时还要进行严密的推理，综合性较强，难度适中。 15.【答案】CD  【解析】解：图中灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，滑片向左滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律知，通过电路的电流变大，灯泡的电流变大，则灯泡变亮，故A错误； B.滑片在最右端时，灯泡的电流最小，其阻值最小，故B错误； C.当R接入电路的阻值为时，电压表的示数为，根据欧姆定律知道，通过电路的电流， ； 灯泡两端的电压为； 电源电压；故C正确； D.灯泡正常发光时灯泡两端的电压； 为根据串联分压规律和欧姆定律知，需串联的电阻的阻值，故D正确。 故选：CD。 A、闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，滑片向右滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知通过灯泡的电流变化，据此分析灯泡亮度变化； B、滑片在最右端时，灯泡的电流最小，其阻值最小； C、当R接入电路的阻值为时，电压表的示数为，根据欧姆定律可计算通过电路的电流，根据欧姆定律结合表格数据计算灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律计算电源电压； D、根据欧姆定律计算灯泡正常发光时灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律结合欧姆定律计算为使滑片在最左端时灯泡正常发光需串联的电阻的阻值。 本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，有一定难度。 16.【答案】减小  不变  【解析】解： ①由图片知，在时间相同时，木块通过的距离逐渐减小的，根据公式得：运动速度减小； ②木块速度减小，压力和接触面的粗糙程度不变，滑动摩擦力不变。 故答案为：减小；不变。 ①已知闪光灯的频闪间隔时间相同，观察每一相同时间段木块通过的距离大小，根据公式比较木块速度变化； ②两个相互接触的物体发生相对运动时，在接触面上就会产生阻碍相对运动的力，这就是滑动摩擦力。滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，而与物体的运动速度无关，滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反。 正确读取频闪照片上反映的物理信息是解决问题的关键，照片上两个木块之间的间隙越大，说明速度越快，间隙越小，说明速度越慢。 17.【答案】虚  高  【解析】解：水中鱼反射的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入眼睛，而眼睛是逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变浅了，这实际上看到的是偏高的鱼的虚像，属于光的折射现象； 小华反射的光从空气斜射入水中，在水面处发生折射，折射角小于入射角，折射光线进入鱼的眼睛，则鱼看到的“小华”身高比小华的实际身高偏高的虚像。 故答案为：虚；高。 光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象。 本题考查生活中的折射现象，要求学生能学以致用，将物理知识应用于生活实践，考查了理论联系实际的能力。 18.【答案】半导体 并   【解析】解：LED是一种半导体发光二极管，通过电流时不用经过加热灯丝直接能发光； 由图可见当显示屏中的“增”字的土字旁未能显示出来，其它的灯仍能正常发光，由此可知，显示屏的每个小灯泡是互不影响的，所以它们之间能独立工作，一定是并联的。 故答案为：半导体；并联。 导电能力介于导体和绝缘体之间的材料叫半导体，半导体是制作二极管、三极管的材料，常用在电子元件上，LED灯中的发光二极管由半导体材料制成； 串联电路的特点：各用电器工作时相互影响，有一处有问题则整个电路都处于断路状态； 并联电路的特点：并联电路中的各用电器可以单独工作、互不影响。 本题考查半导体材料的应用、串并联电路特点的理解，知道并联电路各用电器是可以独立工作的，互不影响。 19.【答案】省力  减小  【解析】解：根据图示可知，我们打开笔记本时，阻力臂小于动力臂，为省力杠杆； 连接处的阻力不变，所以在逐渐打开的过程中，阻力臂逐渐减小，阻力与阻力臂的乘积减小，根据杠杆的平衡条件知，动力和动力臂的乘积也减小，因为动力臂不变，所以动力F逐渐减小。 故答案为：省力；减小。 根据动力臂和阻力臂的大小关系判定杠杆的种类；根据杠杆的平衡条件分析拉力F的变化。 本题考查了杠杆的平衡条件的应用、杠杆的种类，属于基础题。 20.【答案】  >  【解析】解：由图可知，倒立时水的深度为， 则倒立时水对瓶盖的压强：； 正放时，瓶子中的水柱是粗细相同的，瓶子底部受到的压力等于瓶中水的重力；倒放时，瓶子中的水柱上面粗，下面细，瓶盖受到的压力小于瓶中水的重力；瓶中水的重力是一定的，所以正放时水对瓶底的压力大于倒放时水对瓶盖的压力，即。 故答案为：；>。 根据求出倒立时水对瓶盖的压强； 水对瓶盖和瓶底的压力，可以根据水产生的压力和水重力的关系来入手上下粗细一样的容器中水对容器底的压力等于水的重力，上面粗、下面细的容器中水对容器底的压力小于水的重力，上面细、下面粗的容器中水的压力大于水的重力。 本题考查液体压强的计算，液体对容器底部的压力可以根据分析，也可以根据承装液体容器的形状进行分析得出。知道对于圆柱形容器，对容器底的压力等于液体重；对于上口粗下口细的容器，对容器底的压力小于液体重是本题的关键。 21.【答案】 8   【解析】解：若将两灯并联后接入电路，两灯电压相同，最大电压为6V，根据图像可知，两灯的电流分别为，，则干路电流最大为： ， 若将两灯串联后接入电路，两灯电流相同，在保证电路安全的情况下，当电流为时，灯乙两端电压为，灯甲的电压为，电源电压最大为： 。 故答案为：；8。 两灯并联后，根据并联电路电压的特点可知，电源电压最大等于灯的额定电压即为6V，由两灯的电流随电压变化的图象找到正常工作时的电流值，再根据并联电路电流的特点得出干路电流最大值； 两灯串联后，由两灯的电流随电压变化的图象可知，在保证电路安全的情况下，电路中的最大电流为，根据串联电路电流的特点得到甲灯的电流也为，再由图象找到甲灯和乙灯各自的电压值，利用串联电路电压的特点得出电源电压最大值。 本题考查了串联电路和并联电路电流和电压的特点、电功率公式的灵活运用以及识别图象的能力。 22.【答案】5  左  【解析】解：如图所示，用5N的力沿水平方向拉动物体B，使物体B在水平放置的木板A上向左做匀速直线运动，受力平衡，摩擦力与拉力大小相等，则物体B所受A施加的摩擦力为5N，摩擦力向右，根据相互作用力方向相反，木板A对B的摩擦力与B对A的摩擦力方向相反，故木板受的摩擦力水平向左。 故答案为：5；左。 根据二力平衡的条件分析B受到的摩擦力，根据相互作用力的特征解答。 本题考查摩擦力的大小和方向，属于基础题。 23.【答案】不  减少  【解析】解：过山车从高处加速滑下的过程中，轨道对车有支持力作用，但过山车没有在支持力的方向上通过距离，所以轨道对车的支持力不做功； 过山车从高处加速滑下的过程中，质量不变，高度变小，所以过山车重力势能减少。 故答案为：不；减少。 物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可； 重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大。 此题以过山车为载体，考查了力是否做功的判断，动能和势能的大小变化，难度不大，掌握基础知识即可正确解题。 24.【答案】4400  3000  【解析】解：该电能表允许接入用电器的最大总功率是：； 正常工作电能表转盘转了60转，空调消耗的电能为：。 设电能表的参数是N，则有：；解得：。 故答案为：4400；3000。 电能表上的表示额定电压是220V，额定电流是10A，标定最大电流是20A；根据计算该电能表允许接入用电器的最大总功率。 根据电能表上的参数和电功的公式进行计算。 本题考查的是电能表和电功、电功率的计算；知道电能表上各个参数的含义。 25.【答案】电磁波  二次  【解析】解：电磁波的传播不需要介质，且电磁波可以传递信息，所以“太空教师”与地面课堂师生的实时互动交流是通过电磁波传递信息的。 电能是由太阳能经过转换而来的，所以电能属于二次能源。 故答案为：电磁波；二次。 电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播。 一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源．例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能． 二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源．例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气． 本题考查电磁波及一次能源和二次能源，属于基础题。 26.【答案】  20  【解析】解：由电路图可知，当开关断开时，电路中只有灯泡工作，电流表测量通过灯泡的电流；当开关闭合时，电阻和灯泡并联，电流表测量干路电流； 根据可得电流表示数的变化量： ； 由于并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以开关闭合后电路的总电流的变化量为R的电流，即：， 根据可得：。 故答案为：；20。 由电路图可知，当开关断开时，电路中只有灯泡工作，电流表测量通过灯泡的电流；当开关闭合时，电阻和灯泡并联，电流表测量干路电流； 已知电路总功率变化量，根据即可求出电流表示数的变化量； 根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知总电流的变化量为R的电流，根据欧姆定律即可求出电阻R。 本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关断开与闭合时用电器连接情况的判断。 27.【答案】晶体  大于  不变  不变  不变  直接  【解析】解：由图乙可知，冰在熔化过程中吸热，但温度保持不变，即冰有固定的熔化温度，是晶体，在熔化过程中不断吸热，温度保持不变，内能增大，所以b点冰水的内能大于a点冰水的内能；冰的熔化过程和水的沸腾过程都需要不断吸热，但是温度保持不变； ①平面镜成的像与物关于镜面对称，为了让右座的同学也能够看清蜡烛的像，小明只将玻璃板向右平移，对称面的位置和物的位置不变，则蜡烛的像的位置不变；平面镜成的像与物大小相等，因物的大小不变，故像的大小不变； ②虚像不能成在光屏上，为探究像的虚实，在蜡烛B的位置放置一个光屏，应直接透过玻璃板观察光屏。 故答案为：晶体；大于；不变；①不变；不变；②直接。 晶体有一定的熔点，而非晶体没有，晶体熔化时吸收热量，温度不变，内能增大；冰的熔化过程和水的沸腾过程都需要不断吸热，但是温度保持不变； ①平面镜成的像与物关于镜面对称、平面镜成的像与物大小相等，据此回答； ②虚像不能成在光屏上。 本题考查晶体熔化和凸透镜成规律的探究，是综合性题目，难度适中。 28.【答案】热传递  液化  【解析】解：手握住时，手掌的热通过热传递的方式转移到乙醚，改变了乙醚的内能； 松开手后，温度降低，乙醚蒸汽从气态变为液态，发生了液化现象，重新又流回底部。 故答案为：热传递；液化。 做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移； 物质从气态变为液态叫液化。 本题以一支爱心温度计为内容，考查了改变内能的方法、物态变化，题目比较新颖。 29.【答案】4  无关  B、C  错误  没有控制排开液体体积相等    【解析】解：根据浮力测量原理，利用空气中拉力A图和浸没状态拉力C图或D图相减即可得到浮力，为。 物体在C和D均为完全浸没，虽然深度不同但是所受浮力均为，因此可以说明浮力大小与浸入液体中的深度无关。 为了得到浮力与排开液体体积的关系，需要比较的是在同种液体中，排开液体体积不同的对照，因此选择B和C。 和E在两种密度不同的液体中排开液体体积不同，没有控制变量，因此得到的结论不正确。 利用A和E两图的示数之差可以得到物体在盐水中所受浮力为，而在水中所受浮力为4N，浸没状态下物体所受浮力与液体密度成正比，因此，因此盐水密度为。 故答案为：；无关；、C；错误；没有控制排开液体体积相等；。 此题为“浮力大小与哪些因素有关”的探究实验，利用基本浮力测量法、注意控制变量思想即可。 此题为浮力大小与哪些因素有关的基础探究实验，难度不大。 30.【答案】向右移动滑动变阻器的滑片；   10；；变大；小灯泡两端的电压增大，温度升高，小灯泡电阻变大；   ；10；   乙  【解析】解：为保护电路，变阻器连入电路的电阻最大，晶晶闭合开关后，发现电流表指针如图乙所示，电流表指针偏转过小，则接下来的操作是向右移动滑动变阻器的滑片； 由图丙知，在额定电压下，通过灯泡的电流为，小灯泡正常发光时电阻 ； 所以灯泡的额定功率为 ； 由图丙知，当电压为时，对应的电流为，电压与电流比值大小为；当电压为时，对应的电流为，电压与电流的比值为，所以，当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比变大，原因是小灯泡两端的电压增大，温度升高，小灯泡电阻变大； 电源电压为6V；由图丁知，电阻两端的电压为 保持不变；实验中使用的定值电阻阻值最大为，定值电阻两端的电压始终保持，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压： ， 滑动变阻器分得的电压为电压表示数的倍，根据分压原理，当接入电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为： ，所以应选择滑动变阻器；当滑动变阻器接入电路的阻值为时，根据串联分压原理， ：：， 即： ：：， 解得，所选定值电阻的阻值； 四个电阻的图像由下图可知，在I相等时，U丙，由可知，，根据已知电阻大小，乙点是阻值为的点。 故答案为： 向右移动滑动变阻器的滑片； ；；变大；小灯泡两端的电压增大，温度升高，小灯泡电阻变大； ；10； 乙。 为保护电路，变阻器连入电路的电阻最大，电路的电流较小； 根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，根据欧姆定律小灯泡正常发光时的电阻； 利用求出灯泡额定功率； 灯丝电阻随温度的升高而增大； 由图丁确定定值电阻两端电压；探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入电阻时滑动变阻器连入电路中的电阻，进而确定滑动变阻器的规格；根据分压原理得到定值电阻的阻值； 根据图像中各点，作出四个电阻的图像，在图像中找出同一电流对应的电压，然后由欧姆定律比较四个电阻的大小关系。 本题测小灯泡的电阻实验，考查了电表的使用、功率的计算、影响电阻大小因素、器材的选择、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。 31.【答案】答：暖气是北方人的取暖“神器”，将暖气片安装在室内下方，暖气片给室内空气加热，室内下方的空气被加热体积变大、密度变小而上升，周围的冷空气流过来填补，流过来的空气被加热后又上升，整个室内的空气最终被全部加热，达到取暖的目的。  【解析】温度越高，空气密度越小，温度越低，空气密度越大，密度小的空气上升，密度大的空气下降；冬天用暖气片来取暖时，热的空气上升，冷的下降，室内形成空气对流，故暖气片在装在下方。 该题考查了学生用所学的物理知识解释生活中的现象的能力，是一道科学与生活密切联系的好题。 32.【答案】答：由于热水器和电源线串联，根据串联电路中电流处处相等可知，通过热水器和电源线的电流相等， 因为3000W热水器的功率大于800W热水器的功率，根据可知，在电源电压一定时，使用3000W功率的热水器通过电源线的电流较大； 再根据可知，当电源线的电阻和通电时间一定时，使用3000W功率的热水器电源线产生的热量较多，故其温度明显升高。  【解析】根据和利用控制变量法即可正确分析。 本题考查了学生对电功率公式和焦耳定律公式的了解与掌握，分析时注意用好控制变量法。 33.【答案】解：由题可知汽车的质量为， 汽车所受的重力为， 汽车对地面的压力为， 根据得汽车与地面接触的总面积为； 汽车所受阻力为， 因为汽车匀速行驶，牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等，所以牵引力； 由图乙可知，汽车匀速行驶时，，则汽车的恒定功率为； 汽车在内牵引力做的功为：。 答：汽车经过一段路段时，此处规定汽车对地面的压强不得超过，则汽车与地面接触的总面积最少为； 如汽车匀速行驶过程中所受阻力大小为车重的倍，汽车受到的牵引力是240N，内牵引力做功的功率是3600W； 汽车在内牵引力做的功是。  【解析】汽车静止在水平地面上时，对地面的压力和自身的重力相等，根据求出其大小，根据求出汽车与地面接触的总面积； 根据重力和阻力的关系求出阻力大小，匀速直线运动的物体受到平衡力作用，根据平衡力条件求出汽车受到的牵引力；汽车在内做匀速运动，处于平衡状态，牵引力等于阻力，利用可求汽车的恒定功率； 根据可求汽车在内牵引力做的功。 此题主要考查了压强公式、功率、重力、二力平衡等，计算时注意公式变换以及单位统一。 34.【答案】解：开关S接b时，单独工作并处于保温状态，已知保温功率为，根据，保温状态时电路中的电流； ； 由题干知，电阻加热的功率，根据， ； 开关S接a时，加热同时电动机搅拌； ，由可得，电阻加热消耗的电能为： ； 电动机消耗的电能为： ； 加热过程电路消耗的电能： ； 玉米粒从初温为升高到，玉米吸收的热量： ； 的加热效率： 。 答：保温状态时电路中的电流为； 电阻的阻值为； 加热过程电路消耗的电能为； 电阻给玉米加热的效率为。  【解析】已知保温功率，根据求出保温状态时电路中的电流； 由题干知电阻加热的功率，根据得出； 开关S接a时，加热同时电动机搅拌；由可得电阻加热消耗的电能及电动机消耗的电能，从而得出加热过程电路消耗的电能； 根据求出玉米吸收的热量，根据得出的加热效率。 本题为电热综合题，考查电功率、电功公式、吸热公式、效率公式的应用，从题中获取有效的信息是关键。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$