2026届云南省昭通市第一中学等三校高三上学期高考备考实用性联考（二）物理试题

2026届云南三校高考备考实用性联考卷（二）】 物理 注意事项： 1,答道喻。考生务必列黑色碳素笔并自已的姓名。连考证号，考场号，座位号在答 题卡上填写清发 2,每小题选出答常后。前2B铅笔把答题卡上对应题日的答量际号涂黑。如需改动 期檬皮婆干净后，再这涂共他答策标号。在状题泰上作答无效。 3.考议结束后，请将本试寒和答题卡一开文闻，满分10分，考试用时75分钟 一、单项选择题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每小丽给出的四个选项 中，只有一项符合题目要求。 1.如图1所示的实验规律对应的谟法正确的是 甲 图1 A.图甲是氢原子的能毁示意图，图甲中，处于基态的氢原子能吸收能量为126Y的 光子面发生跃证 孔，图乙是电子束穿过朝箔的衍射图样，此图样证实电子具有被动性，周质子，原子 与分子由于质量较大不具有波动性 心，图丙是用多种莱事的光进行光电效应实验时所得到的光电流与所加电压的关系： 可知a光的颗率最大 D,图丁是卢瑟辐进行a粒子散射实羚的图袋，他通过实验分析 数据后提出原子的核式结构模型 2.如图2所示，一光清圆形轨道竖直放置，其上套有两个小则环甲 和乙，轨道的最高点，最低点分别标记为A,D,最左端标记为 (,最右端标记为B。小置环甲在轻微扰动下由A处从静止开始 向右运动，同时将小网环乙由C处从静止释胶，则 图2 增程：第页共8真 ■■■ A.小氮环甲先到达B点 B,小圆环乙先到达D点 C,对于小圆环甲，从A到B的过程中重力的功率先增大后减小 D.对于小圆环乙，从G到D的过程中重力的功率一直增大 3.小李同学在学习了光学有关知识后，在好奇心的使下将手机助水密封，让摄壤头侧 上置于池增底部迹行拍摄，发现得到的屏片中水面上的景象呈现在半径为R=m的 圆形区被内。经测算实际物体与盟片中物体的比斜为50：1。卫知术的折射率为子 光在真空中的传描速度为，下列说法正确的是 4.光从空气中进人水中后额率变小 B.光在水中传播的连度约为L.3 C.摄时手机摄像头距水面的距离为7m D.已知南水的折射率大于淡水，则同样的深度下在为水中拍景象所呈现的半径会更大 4在航核界，云南弥勒生产的川王汽油燃料梨航模发动机享有很高的声誉。对于汽油 发动机面言，火花塞点火时机必角与活塞的运动协调一致才能实现精准点火。一种常 用方案是在发动机转轴上安装一块小融铁，并在其经过的位置设置一个霍尔元件（如 图3甲)，当转轴旋转一周时，磁线会常近置尔传感器一次，传品得随之输出雷尔电 压。山（电容放电点火系统）检测到该电压信号后，会发出点火脉神信号，从而实 现精谁点火，当磁铁距离霍尔元件最近时，其产生的磁场可近似为匀强磁场。磁感应 强度为B。在霍尔元件的馆后表面之阔会出现电势装，即霍尔电压。该霍尔元件沿 陆场方向的厚度为，已知单位体积内的载流子个数为，单个战流子的电荷量为g, 通人的电流/恒定且扩向向左，其工作原理如图乙所示。下列说法正确的是 图3 A,若霍尔元件内载流子类型为电子，则前表面的电势高干后表面的电势 B,若前后面间的距离为。则越大，获尔电压越大 BI C.元件内单位体积中的截流子数还可表示为 d D霍尔电压。I 书理，第2用1共8属) 5。如图4所示的“三星”系统，三星A、B,C质量均为m。位置连线构成等边三角形 三角形边长为上，三草绕共可园心0做匀速圆周运功，不考虑其他星体影响，万有引 力常量为G,则 A.每颗屋的向心加速度相同 B.每顺星做周运动的加速度与三足的质量无关 C每氧显的角边度为， 3网 3Gm D.每颗室的线速度大小为、 6.如图5甲所示，一南积为0.01m的100钜图彩线阁在匀强缆场中，绕垂直于磁场的 轴匀速转动，线周巾的磁通量随时间变化的规律如图乙所示。则下列说法正确 的是 2×0。 -414 图5 A=0.D1时剩，线圈中的电葡为零 B.匀组磁场的磁感应强度大小为0.04T C.钱图中交流电的顺率为100H出 D,线图中感应电动势的最大值为40V 7.如图6所示。两个完全相同的弹性小球A和：（均可看作质点）、分别挂在长子和 的细线上，重心在同一水平面上，且小球恰好互相接触，把小球A向左拉开一个较小 角度（小于5〉》后由静止释放。经过多长时间两球发生第2次碳撞（碳撞均为弹性 过撞) B.3小g 北2g 6 04标小g 档程，第3项共8真) 二、多项选择题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项 中，有多项符合题目要求。全即选对的得6分，遗对但不全的得3分，有选错的得0分。 8如图7所示，0点为半圆彩区域的配心，该区战内有垂直纸面白外的匀强磁场，磁感 应强度为B,0N为固的半径，长度为R,现有比荷相等的两个带电粒子：，6，以不 同的速度先后从A点沿A)方向和从B点沿)方向射人磁场，并均从N点射出蓝场， 若a粒子的速率为，术计粒子的重力。已知∠AON=6°，下列说法正确的是 7 A.a粒子做圆周运动的半径为R B.粒子的速率为3知 C,粒子的比荷为眼 D.,6两粒子在磁场中的运动时问之比为1：2 9.如图8所示，一对平行金属版长为L,閂板何距为d,两板间所加交变电压为「a,交 变电乐的周期T=兰。质量为m.电荷量为：的电子从平行板左侧以染度铅两板的 2 中线持线不斯地进人平行板之间，已知所有电子都能穿过平行板，且量大偏的电子 好从极板的边缘飞出，不计重力作用。下列观法正确的是 图名 A.所有电子离开电场时的速度方向均与初道度方向相同 B,真开金属板时，侧位移越大的电子动能感大 C.一4时刻进人电场的电子，在两版间运动时最大侧位移为 4 6 1=。时鲜进人电场的电子，在两板间运动时最大侧位移为 ■口■ 容理第4离1共8属 10,如图9所示，倾角为a的光滑斜面固定在水平面上，一根劲度系数为。的轻质弹簧 下操固定于斜面底部挡板处，弹簧上线放一个质量为四的小物块A,A与弹簧间不 拴接，开始时4静止于P点。另一质量也为m的小物块B从斜面上Q点由静止释 成，与A爱生正罐后立即粘在一起成为组合体，组合体在以后的运动过程中给好不 离开弹簧。已知弹簧的弹性势能与其形变量的关系为B,=。重力加速度为g。 ?簧始终未超出弹性限度。：下列说法正确的是 人组合体运动到最低点时弹簧假缩量为2m心 且、弹簧的最大弹性势能为8m,i加a R C狙合体动能的最大敏为m,ma k D.P、两点间的距离为3msin 三、非选择题：共5小题，共54分。 1山，(6分)某实验小组做“险证力的平行国边形定则”的实验。如图10甲所示，A为 固定橡皮条的图钉，0为橡皮条与绳的结点，OR和0C为细绳。 蜜0 (1)在实验操作中，有利于减小误差的是 A两根绳应适当长-一生 B,橡皮条应在两细绳夹角的角平分线上 C.在用两个弹簧秤同时拉细绳时要注意使两个弹簧秤的夹角为90 D.实验中弹赁秤，橡皮条，细绳应贴近术板几与木版平面平行 (2)实验结果如制乙所示、F与两力中 (填“F“或“”)为F 与F合力的实际值。 (3)若开的时F与尸的夹角为直角，现保持绳子C方向不变。改变F,与F,的夹 角，要使结点D位置不变。则绳子B的拉力F大小 A一定婚大 B.一定或小 G,可能不变 D.可能减小 省程，第5项共8真) ■■口■ 12.(10分)某实验小组准备测量一未知电凰，实验过程如下： (1》先用多用电表“×10药祖满的阻值，如图11所示，指针位于“①”位置， 应该换用 (填“×10”或·×1000”〉挡.进行一系列正确操作后，指针 静止时位于“以”位置，其读数为 s35dM -0 080DN 10la7 1 (2》为了准确测量其阳值，除待测电阻外，实验室还备有的实验器材如下： 电流表（量程15mA,内闻约为02组） 电压表（量程3V,内阻约为20） 斋动变霸器(0-0①) 电湖(3V,内用钓为1) 开关一只，梦线若干 为减小误差，实验电路图应选择 (3)词节滑动变阳器滑片，记录多组数君，作出-心图像（电流表的示数为/，电压 表的示数为)如图12所示，由图可开算出待测电肌的阳值为 业〔保留到 小数点后一位)，测量结果 (填“大于”“小于”或“等于”)真实值 20 LOt/V 围42 口■口■ 若理，第6到1共8属) 1线《10分)如阁3，容积为，内度光滑的腰柱形学格气缸膜部有一质量为m= 5 横载面积为S,厚度可露略的活寒：切始时气缸内密封有温度为3.0T,压强为 1.种的理想气体，与T分别为大气的压磁和温度且始终保持不变。已知气体内 能U与温度T的关系为∥=T,《为正的常量；客器内气体的所有变化过程都是缓 慢的。求： 《1》缸内气体与外界达到热平衡时的体积V: (2》从初始状态到与外界达到热平衡的过程中，气红内气体放出的热量Q。 图1法 14,《12分)如图14所示，光帝水平桌面右侧有一长为(=5m,动摩擦因数为：=02. 正以=2/：的速度颗时针转动的水平传送带，在传送带右浩有一固定在水平电面， 半径为？=1m的国分之一光滑圆轨道，四分之一圆轨道的最高点恰好与水平传送 带右瑞相切《不影响传送带转动，物块通过传送带后可以无能量损失地青上圆轨 道)。一质量为m,=2g,可视为质点的小滑块B静止在光滑的水平桌而上，在其正 上方距离为h=1.8m的位置0点通过长k的轻绳悬挂一质量为m,=g的小球A. 将轻绳拉至水平并静止释放小球A,小球A运动到最低点时与物块B发生弹性正碰 已知重力加速度g=10m/s2,求： 《1}A与B碰抗后B的速度大小： 《2》物休B在传送带上运动的时间： (3}物体B离开四分之一圈轨道时的速度大小 7 图4 省程，第7项共8真) ■■口■ 15(16分)如粥15所示，相红平行的水平金属导轨与倾角为37的倾斜导轨平滑相连。 整个区域处在竖直向上，磁感应强度为B=2T的匀强磁场中，导轨间距为上=05m, 导轨左侧接一阳值为层·1.5卫的定值电阳。一质量为m=1kg,电用为r=05且，长 度也为L的金属棒静止戒置在术平导物上并与导轨接能良好。导体棒与导轨问动摩 解因数均为：=05，某时刻导体棒在下=7.6N的水平向右拉力作用下从静止开始运 动，导体棒在到达頓斜轨道联隋之前已经达到最大速度，在到达领斜轨道底端时撒 去外力。重力加速度g=10m/2,导轨电阴不计，in37”=0,6,ms37=0,8,求： (1》导体棒运动的最大速度大小： (2)若已知导体伟从倾符导轨底简经过=0.5，时速度恰好戏到零，侧导体辉在领斜 导轨上运动的最大位移大小及这个过程电路产生的耳热。 口■口■ 害理，第8到1共8属) 2026届云南三校高考备考实用性联考卷（二）·双向细目表 物 理 题号 难度 知识点 一、单选题 1 容易 基态、激发态、跃迁、电离，半衰期的概念， 单缝衍射和小孔衍射图样，黑体辐射的实验规律，遏止电压的本质及其决定因素，α粒子散射实验的装置、现象和结果分析 2 容易 运动学图像，功率 3 适中 折射和全反射的综合问题 4 适中 电流的微观表达式，霍尔效应的相关计算 5 适中 多星问题 6 适中 线圈转动产生的交变电流的峰值及其表达式，磁通量的定义、公式、单位和物理意义，中性面及其性质，交流电的u-t图像和i-t图像 7 适中 完全弹性碰撞：动碰静，单摆周期公式的简单应用 二、多选题 8 适中 带电粒子在弧形边界磁场中运动；带电粒子在磁场中做圆周运动的相关计算 9 较难 带电粒子在周期性变化的电场运动（初速度垂直电场） 10 较难 弹簧振子模型 三、实验填空题 11 容易 验证力的平行四边形定则 12 适中 欧姆表读数、测电阻 四、计算题 13 容易 气体状态方程、热力学第一定律 14 适中 弹性碰撞、动能定理，动力学综合问题 15 较难 电磁感应、动量定理、动能定理、能量守恒 学科网（北京）股份有限公司 $$ 物理评分细则·第 1 页（共 6 页） 2026 届云南三校高考备考实用性联考卷（二） 物理评分细则 选择题：共 10 小题，共 46 分。在每小题给出的四个选项中，第 1~7 题只有一项符合题目要 求，每小题 4 分；第 8~10 题有多项符合题目要求，全部选对的给 6 分，选对但不全的给 3 分， 有选错的给 0 分。 【解析】 1．光子激发跃迁需要满足的条件是光子的能量恰好是跃迁的两个能级的能量差，图甲中， 无法找到高能级到基态的能量差恰好等于 12.6eV 的能级，所以不会发生跃迁，故 A 错误。 电子束穿过铝箔的衍射图样，证实电子具有波动性，质子、原子与分子同样具有波动性， 故 B 错误。根据爱因斯坦的光电效应理论，不同色光的 I U 图线说明频率大的光对应的 遏止电压越大，则 b 光的频率最大，故 C 错误。 粒子散射实验示意图中绝大多数粒子基 本上沿原方向前进，极少数粒子发生偏转，说明原子具有核式结构，故 D 正确。 2．由 tv 图像可知，乙先到达 D 点，故 A 错误，B 正确。甲的重 力功率逐渐增大，乙的重力功率先增大后减小，故 C、D 错误。 3．光从一种介质进入另一种介质时频率不变，故 A 错误。根据公 式 cn  v ，解得光在水中传播的速度为 0.754 3 c c c n   v ，故 B 错误。设照片对应的圆形区域的半径为 R，拍摄时摄像头距水 面的距离为 H，如图所示，水中照相机能拍摄到的景象是边界 光线在水面恰好发生全反射，则 1 sin n   ，根据几何关系有 3tan 7   ，根据实物与照片 的比例得景象在水中的半径 3mR  ，解得 7mH  ，故 C 正确。同等情况下若在海水中 拍摄，由于海水折射率较大，则临界角较小，由几何关系可知景象呈现的半径更小，故 D 错误。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D B C D C D A BC AC BD 物理评分细则·第 2 页（共 6 页） 4．电流向左，霍尔元件内载流子为电子，前表面聚集负电荷，因此前表面电势低于后表面电 势，故 A 错误。设前后两表面的距离为 a，由 Uq B q a v 与电流的微观表达式 0I n q ad v 可 得电势差 0 BIU n qd  ，与前后面的距离无关，故 B 错误，D 正确。由 0 BIU n qd  得元件内单 位体积中的载流子数为 0 BIn qUd  ，故 C 错误。 5．A、B、C 的向心加速度大小相等，但方向不同，故 A 错误。根据 2 23 Gm ma L  ，可得 23 Gma L  ，故加速度与它们的质量有关，故 B 错误。A 受 B 的引力大小为 2 2AB mF G L  ， A 受 C 的引力大小为 2 2AC mF G L  ,以其中一颗星 A 为对象，根据牛顿第二定律可得 2 2 22 cos30 mG m r L   ，其中每颗恒星运动的轨道半径为 1 32 cos30 3 L r L   ，解得每颗恒星 的角速度为 3 3Gm L   ，故 C 正确。任意两个星体之间的万有引力为 2 2 GmF L  ，每一颗星 体受到的合力为 2 1 22 cos30 3 3 GmF F F L     ，根据牛顿第二定律可得 2 2 23 Gm m L r  v ， 解得 Gm L v = ，故 D 错误。 6．由题图分析可知， 0.01st  时刻，线框平面位于与中性面垂直的位置，线圈中电动势最大， 故 A 错误。由 m BS  ，解得 4TB  ，故 B 错误。由图乙得线框转动的周期 0.02sT  ，角 速度 2π 100πrad/s T    ， 50Hzf  ，故 C 错误。线框中感应电动势的最大值 m m 400πVE NBS N    ，故 D 正确。 7．两质量相等的弹性小球做弹性正碰时，由动量守恒定律和机械能守恒定律可得 1 0 1 1 2 2m m m v v v ， 1 1 2 22 2 2 0 1 1 1 1 2 2 2 m m m v v v ，由 1 2m m ，解得 1 0v ， 2 0v v ，可知两球 碰撞后速度交换，由单摆周期公式得 1 42π πA L LT g g   ， 2πB LT g  ，从释放小球 A 到 物理评分细则·第 3 页（共 6 页） 第 1 次相碰经历时间 1 1 π 4 4A Lt T g   ，从小球 B 摆起到第 2 次相碰经历时间 2 1 π 2 B Lt T g   ， 1 2 5π 4 Lt t t g    ，故选 A。 8．粒子的轨迹如图，粒子 a射出磁场时速度偏转角为 2π 3 ，设粒子 a 做圆周运动的轨迹半径为 1r ，由几何关系可知 1 3 tan 60 3 Rr R   ， 故 A 错误。由几何关系得 2 3r R ， 洛伦兹力提供向心力可得 2 q B m r  vv ， 1 3 a b  v v ，故 B 正确。由牛顿第二定律，洛伦兹力提供向心力可得 2 q B m r  vv ， 粒子的比荷为 3q m BR  v ，故 C 正确。由 2πmT qB  可知两粒子在磁场中圆周运动的周期相同， 由几何关系可知 1 2 3 πAO N  ， 2 π 3 BO N  ，故两粒子在磁场中的运动时间之比为 2∶1， 故 D 错误。 9．电子进入电场后做类平抛运动，不同时刻进入电 场的电子竖直方向分速度图象如图，所有电子离 开电场时竖直方向分速度为 0y v ，速度都等于 0v ，故 A 正确，B 错误。 4 Tt  时刻进入电场的 电子，在 3 4 Tt  时刻侧位移最大，最大侧位移为 2 2 2 1 1 1 1 12 2 2 2 4 16 y at a T aT         ， 0t  时刻进入电场的电子的侧位移最大 2 21 14 2 2 2 2 d Ta aT       ，联立求得 1 1 16 y d ，故 C 正 确。 8 Tt  时刻进入电场的电子，在 15 8 Tt  时刻侧位移最大，最大侧位移为 2 2 2 2 1 3 1 1 172 2 2 2 8 2 8 64 y a T a T aT                ， 0t  时刻进入电场的电子的侧位移最大 2 21 14 2 2 2 2 d Ta aT       ，联立求得 2 17 64 y d ，故 D 错误。 物理评分细则·第 4 页（共 6 页） 10．设 O 为弹簧处于原长时其上端的位置，x 为碰撞前的形变量，则有 sinkx mg  ，解得 sinmgx k   ；当 B 与 A 成为组合体 C 时，恰好不离开弹簧，所以组合体 C 最多运动至 O 处。组合体 C 做简谐振动，其平衡位置满足 2 sinkx mg   ，解得 2 sinmgx k   ，所以弹 簧 的 最 大 压 缩 量 为 m 4 sin2 mgx x k   ， 所 以 弹 簧 弹 性 势 能 的 最 大 值 为 2 2 2 2 pm m 1 8 sin 2 m gE kx k    ，故 A 错误，B 正确。设动能最大位置为O点，则从 O 处到O 处有 2 k 2 2 212 s 2 sn ii n 2 E k mgx kx m g     ，故 C 错误。组合体从 O 运动至 P 点时 2 2 2 2 kp 1 3 sin2 sin 2 2 m gE mgx kx k    ，即 2 2 2 21 3 sin2 2 2P m gm k   v ，解得 2 2 p 3 sin 2 mg k  v ； B 从 Q 点运动到 P 点，设 P、Q 两点间的距离为 x，碰撞前 B 的速度为 Bv ，由动量守恒 可 得 2B pm mv v ， 即 2B pv v ， B 在 斜 面 上 的 加 速 度 为 sina g  ， 所 以 2 3 sin 2 sin B mgx g k      v ，故 D 正确。 非选择题：共 5 小题，共 54 分。 11.（每空 2 分，共 6 分） （1）AD （2） F  （3）A 【解析】（1）为了减小力的方向的测量误差，两根细绳应适当长一些，在使用弹簧秤时， 要注意使弹簧秤与木板平面平行，以减小力的测量误差，故 A、D 正确。只有当两个弹簧 秤拉力大小相等时，橡皮筋才与两绳夹角的平分线在同一直线上，而本实验中并不要求 两个弹簧秤的拉力大小相等，也不要求两个弹簧秤的夹角为 90°，故 B、C 错误。 （2）F1 与 F2 合力的实际值为用一个弹簧测力计拉橡皮条时的力，即为 F ，F 是利用平 行四边形求得的两个力的合力的理论值。 （3）结点 O 位置不变，即 1F 与 2F 的合力不变，若开始时 1F 与 2F 的夹角为 直角，保持 2F 的方向不变，改变 1F 与 2F 的夹角，如图所示， 1F 一定变大， 故选 A。 物理评分细则·第 5 页（共 6 页） 12.（每空 2 分，共 10 分） （1） 10 170 （2）A （3）173.3 大于 【解析】（1）当用“ 100 ”挡时指针偏转角度过大，所测电阻阻值较小，选择的挡位太大， 应该换用“ 10 ”挡位；指针静止时位于“②”位置，其读数为17.0 10 170   。 （2）滑动变阻器小于待测电阻，应采用分压式电路， A VxR R R ,选择内接法 ，所以选 用图 A。 （3）根据 I U 图像斜率等于电阻的倒数，可得 3 1 2.6 173.3 15 10 R k        ，由于电流表 分压使电阻的测量值大于真实值。 13.（10 分） 解：（1） 0 2mg p S p S  ① 21 1 2 xp Vp V T T  ② 得 5 12x V V ③ （2） U W Q   ④ 2 ( )xW p V V  ⑤ 0 02 0.7Q T p V  ⑥ 评分标准：本题共 10 分。正确得出③、⑥式各给 1 分，其余各式各给 2 分。 14.（12 分） 解：（1） 21 2A A m gh m v ① A A A B Bm m m v v v ② 2 2 21 1 1 2 2 2A A A B B m m m v v v ③ 解得 4m/sB v ④ （2） B Bm g m a  ⑤ 2 2 0 2B ax  v v ⑥ 0 1B at v v ⑦ 物理评分细则·第 6 页（共 6 页） 0 2l x t  v ⑧ 1 2 2st t t   ⑨ （3）设物块 B 离开圆轨道时速度大小为 1v 、方向与水平方向夹角为 2 2 1 0 1 1( cos ) 2 2B B B m g R R m m  v v ⑩ 2 1cosB Bm g m R   v 解得 1 2 2m/sv 评分标准：本题共 12 分。正确得出①~ 式各给 1 分。 15.（16 分） 解：（1） F mg F  安 ① F BIL 安 ② EI R r   ③ mE BL v ④ 解得 m 5.2m/sv ⑤ （2） msin ( cos sin ) cos 0mg t mg BIL t BIL t         mv ⑥ It q ⑦ cosBLxq R r    ⑧ 解得 1mx  ⑨ 对导体棒用动能定理 2 m 1sin ( cos sin ) cos 0 2 x xmg x mg BI L x BI L x m          v ⑩ 因为克服安培力所做的功等于电路产生的热量，则 令： cosxQ BI L x 则有 2m 1sin cos tan 0 2 mg x mg x Q Q m          v 解得 5.632JQ  评分标准：本题共 16 分。正确得出⑥、⑧、⑩式各给 2 分，其余各式各给 1 分。