2026届黑吉辽蒙高三上学期物理模拟试卷6

2026届黑吉辽蒙高考高三物理模拟试卷6【含解析】 （考试时间：75分钟 试卷满分：100分） 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8-10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1．在冬季，剩有半瓶热水的老式暖水瓶经过一个夜晚后，第二天拔瓶口的软木塞时觉得很紧，不易拔出来．其中主要原因是 A．软木塞受潮膨胀 B．瓶口因温度降低而收缩变小 C．白天气温升高，大气压强变大 D．瓶内气体因温度降低而压强减小 2．下列几个单位中不属于国际单位制基本单位的是（    ） A．A（安） B．N（牛） C．mol（摩尔） D．kg（千克） 3．如图，两光滑导轨水平放置在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为B。导轨间距最窄处为一狭缝，取狭缝所在处O点为坐标原点。狭缝右侧两导轨与x轴夹角均为θ，一电容为C的电容器与导轨左端相连。导轨上的金属棒与x轴垂直，在外力F作用下从O点开始以速度v向右匀速运动，忽略所有电阻。下列说法正确的是(　　) A．通过金属棒的电流为2BCv2tan θ B．金属棒到达x0时，电容器极板上的电荷量为BCvx0tan θ C．金属棒运动过程中，电容器的上极板带负电 D．金属棒运动过程中，外力F做功的功率恒定 4．单摆模型 万有引力2024年5月28日，来自全国各地的31名队员全员登顶珠峰，其中年龄最大的队员70岁，刷新了中国人登顶珠峰最年长纪录。某队员用单摆测定珠峰的高度，使单摆做简谐运动，在与珠峰同纬度零海拔高度处，在一定时间内测得单摆完成全振动次。当到达山顶后，在相同时间内测得同一单摆完成全振动的次数为次。若把地球视为半径为的均匀球体并忽略地球自转的影响，则珠峰的高度为（ ） A. B. C. D. 5．根据近代物理知识，下列说法中正确的是（    ） A．电子束穿过铝箔后的衍射图样揭示了电子的粒子性 B．根据玻尔原子理论，原子从低能级向高能级跃迁时，核外电子的动能增大 C．氡的半衰期为3.8天，现有16个氡原子核，经过7.6天一定剩下4个氡原子核 D．卢瑟福依据粒子散射实验的现象提出了原子的“核式结构”理论 6．图（a）是淄博市科技馆的一件名为“最速降线”的展品，在高度差一定的不同光滑轨道中，小球滚下用时最短的轨道叫作最速降线轨道。取其中的“最速降线”轨道Ⅰ和直线轨道Ⅱ进行研究，如图（b）所示，两轨道的起点高度相同，终点高度也相同，轨道Ⅰ的末端与水平面相切于点。若将两个相同的小球和分别放在Ⅰ、Ⅱ两轨道的起点，同时由静止释放，发现在Ⅰ轨道上的小球先到达终点。下列描述两球速率与时间、速率平方与下滑高度的关系图像中，可能正确的是 图（a） 图（b） （ ） A. B. C. D. 7．为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组设计了一种新的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图所示。当此车减速上坡时，则乘客（仅考虑乘客与水平面之间的作用）（　　） A．处于失重状态 B．不受摩擦力的作用 C．受到向前（水平向右）的摩擦力作用 D．所受合力竖直向上 8．如图所示，在坐标系xOy中，弧BDC是以A点为圆心、AB为半径的一段圆弧，AB=L，，D点是圆弧跟y轴的交点。当在O点和A点分别固定电荷量为和的点电荷后，D点的电场强度恰好为零。下列说法正确的是（　　） A． B．圆弧BDC上的各点相比较，D点的电势最高 C．电子沿着圆弧从B点运动到C点的过程中，电势能先减小后增大 D．电子沿着圆弧从B点运动到C点的过程中，电势能先增大后减小 9．等距双棒问题如图甲所示，水平面内有两根足够长的光滑平行金属导轨，导轨固定且间距为。空间中存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为。现将两根材料相同、横截面积不同、长度均为的金属棒、分别静置在导轨上。现给棒一水平向右的初速度，其速度随时间变化的关系如图乙所示，两金属棒运动过程中，始终与导轨垂直且接触良好。已知棒的质量为，电阻为，导轨电阻忽略不计。下列说法正确的是 甲 乙 （ ） A. 棒刚开始运动时，棒中的电流方向为 B. 棒的质量为 C. 在时间内，棒产生的热量为 D. 在时间内，通过棒的电荷量为 10．如图甲所示，一弹性轻绳水平放置，a、b、c是弹性绳上的三个质点。现让质点a从时刻开始在竖直面内做简谐运动，其位移随时间变化的关系如图乙所示，形成的简谐波同时沿该直线向ab和ac方向传播，在时质点b第一次到达正向最大位移处，a、b两质点平衡位置间的距离，a、c两质点平衡位置间的距离，则下列选项正确的是（　　） A．质点b的振动周期为0.4s B．该波的波长为0.6m C．波速大小为0.75m/s D．0~2s内质点c通过的路程为1.2m 二、非选择题（本大题共5小题 共54分） 11．某实验小组探究单摆做简谐运动的周期和小球的质量、单摆摆长的关系。 （1）小组内的两位同学各自组装了一套实验装置，分别如图甲、乙所示。为了保证小球在确定的竖直面内摆动，应选用图 （选填“甲”或“乙”）所示的实验装置。 （2）关于该实验，下列说法正确的是_____。 A．该探究方法为控制变量法 B．实验所用小球的质量要尽量大，体积要尽量小 C．实验时细线的最大摆角约为 D．测量小球的摆动周期时，应该从小球处上最高点时开始计时 （3）当小球的质量一定，探究单摆做简谐运动的周期和摆长的关系时，该小组同学利用正确装置通过改变摆长进行了多次实验，画出的图像如图丙所示，由图丙可得小球的质量一定时，周期和摆长的关系为 （用、、表示）。 12．实验小组利用图甲所示的电路同时测量未知电阻，的阻值，图中和为电阻箱，电源E内阻不计，G为灵敏电流计，其外观如图乙所示，0刻度线在表盘的正中央，已知当有电流从接线柱a流入电流计，从接线柱b流出时，指针向右偏转。 （1）按图甲连接好电路，闭合开关后，发现电流计指针最终处于0刻度线的左侧，表明图甲中A、B两点的电势 （填“>”“<”或“=”），为使指针处于0刻度线，可调节，使其阻值 （填“增大”或“减小”）； （2）调节R1恰当后，记下两电阻箱的阻值分别为，。 （3）断开开关k，互换和的位置，再闭合开关，只调节，使指针仍处于0刻度线，记下电阻箱R1的阻值为则电阻，= ，= 。 （4）据上述测量原理可知，排除偶然误差，和的测量值均 （填“大于”“小于”或“等于”）其真实值。 13．如图所示是游乐场中的水滑梯，可视为由倾斜的光滑轨道和水平的阻力轨道组成。水平轨道的长度为25m。若人从水滑梯的顶端滑下到最低点时的速度为10m/s，人在水平轨道上受到的平均阻力与重力成正比，重力加速度g=10。出于安全考虑，要求人不能碰撞水平轨道的末端，则人在水平轨道上受到的平均阻力至少为重力的多少倍？ 14．（18分）如图，直角坐标系中存在无限长的平行边界（与轴重合）和，两者间距为，区域内的轴上、下部分分别存在垂直纸面向外、向里的匀强磁场，磁感应强度大小分别为、，在第二象限内存在沿轴负方向的匀强电场。现将质量为，带电荷量为的粒子从点处射入电场，通过改变粒子速度和电场强度大小，保证粒子均从点垂直于轴进入磁场。不计粒子重力，,。 （1） 若电场强度大小为，求粒子从点进入磁场时的速率； （2） 若，求粒子轨迹第一次与轴交点的坐标； （3） 若粒子从边界点飞出，求粒子在两磁场运动的最短时间和最长时间。 15．如图所示，粗糙水平地面上放置长木板A和滑块C，滑块B置于A的左端。开始时A、B静止，C与A右端相距，现C以的初速度水平向左运动，然后与A发生弹性碰撞（时间极短）。已知A、B、C质量均为，A和C与地面间的动摩擦因数为，A与B间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，B最终没有从A上掉下去，重力加速度g取，求： （1）C与A碰撞前的速度； （2）A、B间因摩擦产生的热量。 参考答案 1．【答案】D 【详解】 【分析】 木塞难拔出的现象，是因为瓶内的气压小于瓶外的大气压，所以外界大气压对瓶塞向里的压力大于瓶内气体对木塞向外的压力，可以根据理想气体的等容变化分析瓶内的气压变化． 【详解】 一开始暖瓶塞受力平衡如图： 由于暖水瓶内气体的体积不变，经过一晚的时间，瓶内的温度会降低，即气体的温度降低，根据查理定律得： ；由于，所以，即暖瓶内的压强由原来的减小为现在的，气体向外的压力减小，所以拔出瓶塞更费力． A．软木塞受潮膨胀，与结论不相符，选项A错误； B．瓶口因温度降低而收缩变小，与结论不相符，选项B错误； C．白天气温升高，大气压强变大，与结论不相符，选项C错误； D．瓶内气体因温度降低而压强减小，与结论相符，选项D正确； 故选D. 2．【答案】B 【详解】国际单位制规定了七个基本物理量，分别为长度（m）、质量（kg）、时间（s）、热力学温度（T）、电流（A）、光强度（cd）、物质的量（mol），它们在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推导出来的物理量的单位叫做导出单位。N（牛）是导出单位，不属于国际单位制基本单位。选B。 3．【答案】A　 【详解】本题考查含电容器的电磁感应现象。由题可知，金属棒匀速向右运动，金属棒运动的位移x＝vt，金属棒切割磁感线的有效长度L＝2xtan θ＝2vttan θ，故产生的感应电动势E＝BLv＝2Bv2ttan θ，电容器充电，由电流的定义式I＝和Q＝CE，可得I＝2BCv2tan θ，故A正确；金属棒到达x0时，电容器极板上的电荷量Q＝CE＝2BCvx0tan θ，故B错误；由楞次定律可知，感应电流方向为逆时针方向，故电容器上极板带正电，故C错误；金属棒匀速运动，处于平衡状态，外力F大小等于安培力大小，即F＝BIL，外力做功的功率P＝Fv＝BILv＝4B2Cv4(tan θ)2t，可知外力F做功的功率与运动时间成正比，故D错误。 4．【答案】C 【详解】由题意，在与珠峰同纬度零海拔高度处，在一定时间内单摆完成全振动次，设这个时间为，零海拔高度处的重力加速度为，则有，到达山顶后，在相同时间内测得同一单摆完成全振动的次数为次，设山顶的重力加速度为，则有，联立可得，又万有引力等于重力（点拨：对地球表面附近的物体，万有引力等于重力），则，，可得，解得珠峰的高度为，正确。 5．【答案】D 【详解】A：电子束穿过铝箔后的衍射图样揭示了电子的波动性。A错误； B：根据玻尔理论，原子从低能级向高能级跃迁时，核外电子的动能减小。B错误； C：半衰期适用于大量原子核，对少量原子核不适用，故无法判断16个氡原子核经过7.6天后剩下氡原子核的个数。C错误； D：卢瑟福依据粒子散射实验的现象提出了原子的“核式结构”理论。D正确。选D。 6．【答案】A 【详解】根据机械能守恒可得，可得小球和到达轨道底端的速度大小均为，小球沿直线轨道Ⅱ做匀加速直线运动，其图像为一条倾斜直线，小球沿“最速降线”轨道Ⅰ运动过程中，加速度逐渐减小（点拨：重力沿速度方向的分量越来越小），则其图像的切线斜率逐渐减小，且小球所用时间小于小球所用时间，正确，错误；根据机械能守恒可得，可得小球和下滑过程速率平方与下滑高度的关系为，可知小球和的图像均为一条过原点的倾斜直线，、错误。 7．【答案】A 【详解】A．当此车减速上坡时，整体的加速度沿斜面向下，乘客具有向下的分加速度，所以处于失重状态。故A正确； BC．同理，乘客具有水平向左的分加速度，所以静摩擦力水平向左。故BC错误； D．根据牛顿第二定律，可知乘客所受合力沿斜面向下。故D错误。选A。 8．【答案】AD 【详解】 A． D点的电场强度恰好为零，则 解得： 故A正确； B．对Q2来说圆弧是一个等势面，所以各点电势高低，由Q1决定，根据沿电场线方向电势降低，离负电荷越近，电势越低，故D点电势最低，故B错误； CD． 电子沿着圆弧从B点运动到C点的过程中，电势先降低后升高， ，故电势能先增大后减小，故D正确C错误。 故选AD。 9．【答案】BCD 【详解】棒刚开始运动时，根据右手定则可知，棒中的电流方向为，错误；两金属棒组成的系统动量守恒（关键：两金属棒受到的安培力等大反向，系统合力为零），以水平向右为正方向，则有，解得，正确；由于棒与棒质量之比为，且它们的材料和长度相同，故横截面积之比为，由得电阻之比为，故棒与棒产生的热量之比为（点拨：两棒串联，电流相同），根据两棒组成的系统能量守恒得，在时间内棒产生的热量（点拨：串联电路中，电阻产生的热量与电阻阻值成正比），正确；对棒，由动量定理（点拨：涉及电荷量的求解，考虑动量定理）有，又，则在时间内，通过棒的电荷量，正确。 【模型提取】 双棒切割磁感线模型 水平面内有两根光滑等距导轨，两个导体棒的质量分别为、，电阻分别为、，给棒2一个初速度，根据动量守恒定律有，根据能量守恒定律有，两棒产生焦耳热之比为。 10．【答案】ACD 【详解】A．由图乙知振动周期为0.4s，故A正确； BC．由图乙知质点a在t=0.3s时第一次到达正向最大位移处，由题知在时质点b第一次到达正向最大位移处，可得波速为 波长为 故B错误，C正确； D．波从a传到c用时为 在0~2s内质点c振动的时间为 由题知振幅为10cm，则质点c通过的路程为 故D正确。 故选ACD。 11．【答案】（1）乙；（2）AB；（3） 【详解】（1）为了保证小球在确定的竖直面内摆动，应选用图乙所示的实验装置。 （2）探究单摆做简谐运动的周期和小球的质量关系时，应控制单摆摆长相同；探究单摆做简谐运动的周期和单摆摆长的关系，应控制小球的质量相同，该探究方法为控制变量法。A正确；为减小空气阻力的影响，实验所用小球的质量要尽量大，体积要尽量小。B正确；小球做单摆运动，实验时细线的最大摆角约为5°。C错误；测量小球的摆动周期时，应该从小球处于最低点时开始计时。D错误。 （3）根据图像可得，可得周期T和摆长l的关系为 12．【答案】<，减小，20，30，等于 【详解】（1）由题意知，电流计指针处在0刻度线左侧，表明电流由接线柱b流入，接线柱a流出，所以 如图所示 因，则有，若使指针处于零刻度线，即让，需提高，而，若提高需增大通过的电流，应减小的阻值； （3）、互换前，有，，即，，联立可有互换后，同理可有，代入数据可求得，。 （4）由上述测量原理可知，该测量无系统误差，所以理论上和的测量值均等于其真实值。 13．【答案】0.2 【详解】解：设人在水平轨道上受到的平均阻力是重力的k倍，人的质量为m，人从水滑梯的顶端滑下到最低点时恰好没有碰到水平轨道的末端时，由动能定理可得，代入数据，解得k=0.2，则人在水平轨道上受到的平均阻力至少为重力的0.2倍。 14．【答案】（1） （2） （3） ； 【详解】 （1） 由斜抛运动规律得（1分） （1分） 由牛顿第二定律得（1分） 解得（1分） （2） 当时，代入（1）的速度公式中，得粒子进入磁场时速度为， 由牛顿第二定律得（1分） （1分） 粒子在磁场中运动的轨迹如图甲所示， 由几何关系得（1分） 设粒子轨迹第一次与轴交点的横坐标为，则 ， 得，故粒子轨迹第一次与轴交点的坐标为（1分） （3） 由两区域磁感应强度计算粒子在磁场的轨迹半径满足（1分） 则粒子运动一个周期为轨迹如图乙所示， 设 ，由几何关系 （1分） （1分） 联立解得 设粒子运动的周期数为，则有（1分） 取1时，从点射出所需时间最短， （1分） 粒子在上、下部分磁场内运动的周期分别为，，即 ，（1分） 则，解得（1分） 粒子恰好不从边界射出时，从点射出所需时间最长，此时， ,解得 ,且,可得,（1分） ,解得，且,得，此时粒子运动时间最长，由，（1分） 代入数据得（1分） 【试题解构】 （1）.匀强电场中类斜抛运动，经过点速度是水平的，逆向思维考虑，从到为类平抛运动 .水平匀速运动，水平位移 .竖直匀变速运动，竖直位移 （2）.把已知的电场强度代入第（1）问公式，求得过点速度 .粒子在磁场中做匀速圆周运动，作出轨迹如图甲所示，求得轨迹半径大小 甲 .利用几何关系求得粒子轨迹第一次与轴的交点 （3）.在两磁场中做匀速圆周运动，求得轨迹半径大小比值关系为 .从点进入磁场，等高位置离开磁场，轨迹具有对称性，轨迹如图乙所示 乙 .求粒子在两个磁场运动时间最短，肯定是粒子运动轨迹半径较大时，偏转角度比较小，时间短，找水平方向的几何关系求得圆心角 时，时间最短 .时间最长则是半径较小时，需要建立水平方向几何关系，竖直方向上几何关系，临界状态是粒子在垂直纸面向里的磁场中运动轨迹与轴相切 15．【答案】（1）5m/s；（2）5.5J。 【详解】 （1）设三者质量为m，碰撞前C做匀减速直线运动，设C与A碰撞前的速度为，由动能定理可得 代入数据得 （2）因碰撞时间极短，A与C碰撞的过程动量守机械能守，设碰撞后瞬间A的速度为，C的速度为，以向左为正方向，由动量守恒定律得: 代入数据得 此后，B加速，A减速，此过程一直持续到二者具有共同速度v为止。设A的加速度大小为，B的加速度大小为，该过程由牛顿第二定律及运动学公式得 解得 此过程，B相对A一直有滑动，相对位移大小 在此以后，地面对A的摩擦力阻碍A运动，B与A之间的摩擦力改变方向。设A和B的加速度大小分别为和，则由牛顿第二定律得 假设，则；由以上两式得 与假设矛盾 故，则 此过程，B相对A一直向左滑动，相对位移大小 则A、B间因摩擦产生的热量 第 page number 页，共 number of pages 页 第 page number 页，共 number of pages 页 学科网（北京）股份有限公司 $$