2026届黑吉辽蒙高三上学期物理模拟试卷1

绝密★启用前 2026届黑吉辽蒙高考高三物理模拟试卷1【含解析】 （考试时间：75分钟 试卷满分：100分） 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8-10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1．下列属于国际单位制中基本单位符号的是 (　　) A．J B．K C．W D．Wb 2．大小分别为2N和8N的两个力作用在一个质量为2kg的物体上，则物体能获得的最小加速度和最大加速度分别是（    ） A．和 B．和 C．和 D．和 3．如图所示，一竖直平面内光滑圆形轨道半径为R，小球以速度v0经过最低点B沿轨道上滑，并恰能通过轨道最高点A．以下说法正确的是（         ） A．v0应等于2，小球到A点时速度为零 B．v0应等于，小球到A点时速度和加速度都为零 C．小球在B点时向心加速度最大，在A点时向心加速度最小 D．小球从B点到A点，其速度的变化量大小为（-1） 4．行星绕太阳公转的半长轴a的立方与公转周期T的平方的比值是一个定值，即：（k与太阳的质量M有关），现将某行星轨道近似成圆轨道，已知万有引力常量为G，则关于k与M的关系为（  ） A． B． C． D． 5．是一种具有放射性的磷的同位素，它能衰变成为一种稳定的硫的同位素，同时产生高频电磁波。下列说法正确的是（　　） A．比的质量大 B．比的结合能小 C．发生的是衰变 D．如果加热含有器的物体，将会缩短器的半衰期 6．如图甲所示，一个匝数n＝100的圆形导体线圈，面积S1＝0.4 m2，电阻r＝1 Ω。在线圈中存在面积S2＝0.3 m2的垂直线圈平面向外的匀强磁场区域，磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示。有一个R＝2 Ω的电阻，将其两端a、b分别与图甲中的圆形线圈相连接，b端接地，则下列说法正确的是（　　） A．圆形线圈中产生的感应电动势E＝4.5 V B．在0～4 s时间内通过电阻R的电荷量q＝8 C C．设b端电势为零，则a端电势φa＝3 V D．在0～4 s时间内电阻R上产生的焦耳热Q＝16 J 7．如图所示，一定量的理想气体从状态A开始，经历两个过程，先后到达状态B和C。有关A、B和C三个状态温度TA、TB和TC的关系，正确的是(　　) A．TA＝TB，TB＝TC B．TA<TB，TB<TC C．TA＝TC，TB>TC D．TA＝TC，TB<TC 8．如图甲所示，质量为1kg的金属棒ab静止在粗糙的平行导轨上且与导轨垂直，两平行导轨固定在同一水平面内。ab棒、导轨和定值电阻R组成面积为1m2的闭合回路，回路总电阻为3Ω。回路内有与水平面成37°角斜向上且均匀变化的匀强磁场，从t＝0时刻开始，磁感应强度B随时间t变化的图像如图乙所示。已知两平行导轨的间距为1m，ab棒与导轨间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。取重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。在t＝1s时，ab棒恰好相对导轨开始运动，则此时（　　） A．ab棒中的电流方向为从b流向a B．ab棒受到的安培力大小为N C．ab棒与导轨间的压力大小为N D．ab棒与导轨之间的动摩擦因数为0.5 9．如图所示，水面上有一个半径为的圆，圆周上的a、b两点各放一个振源，两个振源同时从平衡位置向相反方向振动，产生的水波波长，两列水波的频率相同，振幅相同，已知，，则（　　） A．c、d两点不会随波传播 B．圆周上c点的振幅为0 C．除a、b两点外，圆周上一共有18个加强点 D．除a、b两点外，圆周上一共有18个减弱点 10．如图所示，真空中有一个固定的点电荷，电荷量为＋Q图中的虚线表示该点电荷形成的电场中的四个等势面．有两个一价离子M、N(不计重力，也不计它们之间的电场力)先后从a点以相同的速率v0射入该电场，运动轨迹分别为曲线apb和aqc，其中p、q分别是它们离固定点电荷最近的位置．以下说法中正确的是 A．M一定是正离子，N一定是负离子 B．M在p点的速率一定大于N在q点的速率 C．M在b点的速率一定大于N在c点的速率 D．M从p→b过程电势能的增量一定小于N从a→q过程电势能的增量 二、非选择题（本大题共5小题 共54分） 11．用弹簧和弹簧秤、做“探究求合力的方法”实验，每次实验均保持点位置不变： (1)用图1所示的装置进行实验，下述说法中会使实验误差变大的操作有（　　） A．弹簧OC换成橡皮绳 B．弹簧秤a、b与纸面平行 C．O与弹簧秤a之间的绳长度太短 (2)纠正错误操作后，在某次实验中，弹簧秤a的读数如图2中所示，则弹簧秤a的读数为 N。 (3)若弹簧秤a、b间夹角大于90°，保持弹簧秤b与弹簧OC的夹角不变，现使弹簧秤a逆时针转动，则弹簧秤a的读数 （填“变大”“变小”或“不变”）。 12．（10分）某实验小组的同学研究一个标有“”字样的灯泡的电压随电流的变化特点,实验室提供的器材如下: A.电源（电动势,内阻很小）； B.电压表（量程为,内阻）； C.电流表A（量程为,内阻约为）； D.小灯泡； E.定值电阻 ； F.定值电阻 ； G.定值电阻 ； H.滑动变阻器（阻值范围为 ,额定电流为）； I.滑动变阻器（阻值范围为 ,额定电流为）； .开关、导线若干。 （1） 实验前改装时，电压表与定值电阻______（填“串”或“并”）联,该同学选用的定值电阻应为____________（填“”“”或“”）; （2） 实验器材中备有两个滑动变阻器，该实验应选用的是____________（填“”或“”）,实验要求能够较准确地画出灯泡的曲线,请在虚线框中帮助该同学画出实验电路原理图; （3） 在研究小灯泡电压随电流的变化特点时,若某次读取电流、电压分别为、，流经电压表的电流忽略不计,则在如图甲所示坐标纸上描点时对应坐标为__________________（用、表示）,依次描点绘图得到如图乙所示曲线; （4） 直接将该灯泡接到电动势为、内阻为 的电源两端时,灯泡消耗的电功率为________________________________（保留3位有效数字）。 13．如图所示，一质量为2kg的铅球从地面2m高处自由下落，现入沙坑2cm深处，求： （1）小球落地时的速度； （2）沙子对铅球的平均阻力。（g=10m/s2） 14．如图，有一平行于轴长为的线状粒子发射器，其中心位于轴负半轴某处，在间均匀发射沿平行轴方向速度均相同的同种粒子，粒子的电荷量为，质量为。其右侧有一沿轴正向的匀强电场，场强为，宽为。有一圆心在半径为的圆形匀强磁场I，其磁感应强度为，方向垂直纸面向外。第四象限下方有垂直向里的匀强磁场II，其磁感应强度为。已知从点射入圆形磁场的粒子，刚好从圆形磁场最下端点沿-轴方向射出，忽略粒子的重力和粒子间的相互作用力。求： (1)粒子的初速度； (2)发射出的粒子经过磁场I的最长时间与最短时间之差； (3)若第四象限的位置有一足够长的荧光屏，所有打在荧光屏上的粒子均被吸收，则线状粒子发射器同一时刻射出的粒子，最终打到荧光屏上的粒子数与总粒子数之比。 15．如图所示，光滑水平面上放置质量均为M=2kg的甲、乙两辆小车，两车之间通过一感应开关相连（当滑块滑过感应开关时，两车自动分离），甲车上表面光滑，乙车上表面与滑块P之间的动摩擦因数μ=0.5．一根通过细线拴着且被压缩的轻质弹簧固定在甲车的左端，质量为m=1kg的滑块P(可视为质点)与弹簧的右端接触但不相连，此时弹簧的弹性势能E0=10J，弹簧原长小于甲车长度，整个系统处于静止状态．现剪断细线，求： ①滑块P滑上乙车前的瞬时速度的大小； ②滑块P滑上乙车后最终未滑离乙车，滑块P在乙车上滑行的距离（取g=10m/s2）． 参考答案 1．【答案】B　 【解析】国际单位制中的七个基本单位是千克、米、秒、安培、开尔文、坎德拉、摩尔,符号分别是kg、m、s、A、K、cd、mol,其余单位都属于导出单位,B正确。 2．【答案】A 【详解】大小分别为2N和8N的两个力的合力大小范围为，对物体受力分析，由牛顿第二定律有，可知物体能获得的最小加速度，最大加速度，选A。 3．【答案】C 【详解】AB.小球恰好能通过最高点，根据牛顿第二定律，解得； 小球从最高点运动到最低点的过程中只有重力做功，机械能守恒，解得：；即v0应等于，小球到A点时速度为，加速度为g；故A项错误，B项错误. C.根据向心加速度公式，可知速度越大，向心加速度越大，则小球在B点时向心加速度最大，在A点时向心加速度最小；故C项正确. D.由于小球在最高点和最低点的速度反向，因而从最高点到最低点过程中速度的增量为；故D项错误. 4．【答案】A 【详解】根据，得，A正确，BCD错误。选A。 5．【答案】A 【详解】衰变过程有能量放出，有质量亏损，所以比的质量大，A正确；因为衰变放出了一定的能量，产物更加稳定，比结合能更大，所以比的结合能大，B错误；衰变方程为，根据质量数守恒和电荷数守恒分别有，解得X的质量数、电荷数分别为，可得X为，所以发生的是衰变，C错误；温度并不会影响半衰期，D错误。 6．【答案】A 【详解】 A．线圈产生的电动势： A正确； B．电流为 通过电阻R的电荷量为 B错误； C．由楞次定律可知，电流沿顺时针方向，b点电势高，a点电势低 解得 C错误； D．在0～4s时间内电阻R上产生的焦耳热为： D错误。 故选A。 7．【答案】C　 【详解】本题考查p－V图像问题。由题图可知，A→B为等压过程，根据理想气体状态方程＝C可知，＝，因VA<VB，所以TA<TB，A错误；B→C为等容过程，则有＝，因为pB＞pC，所以TB>TC，B、D错误；对于A、C两个状态，根据理想气体状态方程有＝，由题图可知，pA＝2p0，pC＝p0，VA＝V0，VC＝2V0，可得TA＝TC，C正确。 8．【答案】AD 【详解】A．由题意可知穿过闭合回路的磁通量竖直向上增大，根据楞次定律可知ab棒中的电流方向为b流向a，A正确； BC．时，根据法拉第电磁感应定律可知回路中的感应电动势大小为，根据闭合电路欧姆定律可知通过ab棒的电流为，ab棒所受安培力大小为，对ab棒受力分析如图 ab棒与导轨间的压力大小为，故BC错误； D．由题意，根据平衡条件可得，解得，故D正确。选AD。 9．【答案】ABD 【详解】A：波传播到某处，该处的质点就开始重复波源的振动，但并不会随波向前传播，A正确； B：c点到a、b两波源的路程差为，由于两个振源同时从平衡位置向相反方向振动，则c点为减弱点，振幅为0，B正确； C：由于两个振源同时从平衡位置向相反方向振动，两列相干波的波长均为2 m，两波源相距为10 m，根据干涉条件：干涉点到两波源的路程差是半波长的奇数倍时振动加强。可得在每个圆周上到两波源的路程差满足加强条件，有共5个点，根据对称性可得圆周上除a、b两点外，一共有20个加强点，C错误； D：结合前面分析，根据干涉条件：干涉点到两波源的路程差是半波长的偶数倍时振动减弱，则除a、b两点外，在每个圆周上（除开顶端）到两波源的路程差满足减弱条件 （n=0，1，2…），有共4个点，根据对称性可知圆周上的振动减弱点有16个，再加上圆周顶端上的两个点，所以可得除a、b两点外，圆周上一共有18个减弱点，D正确。选ABD。 10．【答案】BD 【详解】 A.由图可知电荷N受到中心电荷的斥力，而电荷M受到中心电荷的引力，故两粒子的电性一定不同．由于中心电荷为正电，则M一定是负离子，N一定是正离子，故A错误； B.由图可判定M电荷在从a点运动至p点的过程中，电场力做正功，导致动能增加；而N电荷在从a点运动至q点的过程中，电场力做负功，导致动能减小．所以M在p点的速率一定大于N在q点的速率，故B正确； C.由于abc三点在同一等势面上，故粒子M在从a向b运动过程中电场力所做的总功为0，N粒子在从a向c运动过程中电场力所做的总功为0，由于两粒子以相同的速率从a点飞入电场，故两粒子分别经过b、c两点时的速率一定相等．故C错误； D.由图可知q、a两点电势差大于p、b两点间的电势差，N粒子在从a向q运动过程中电场力做负功的值大于粒子M在从p向b运动过程中电场力做负功的值，故M从p→b过程电势能的增量一定小于N从a→q过程电势能的增量，故D正确． 11．【答案】(1)C；(2)3.00；(3)变大 【详解】（1）弹簧OC换成橡皮绳，只要保证拉到同一节点O，对实验误差不会产生影响，A错误；实验中弹簧秤a、b要与纸面平行，能减小实验误差，B错误；O与弹簧秤a之间的绳长度太短，不利于作图，会使实验误差增大，C正确。 （2）该弹簧测力计的最小分度值为0.1N，读数需要估读一位，所以图中示数为3.00N； （3）弹簧秤a、b间夹角大于90°，保持弹簧秤b与弹簧OC的夹角不变，现使弹簧秤a逆时针转动，如图所示根据平行四边形定则，则可知合力不变，两弹簧秤的示数均变大。 12．【答案】（1） 串（1分）；（1分） （2） （2分）；见解析（2分） （3） （2分） （4） 均可（2分） 【详解】 （1） 灯泡的额定电压为，电压表的量程为，可将电压表的量程扩大到，故电压表与定值电阻串联，由串联电路分压规律得，解得，故定值电阻选用。 （2） 本实验需要画灯泡的曲线，电压需要从0开始调节，滑动变阻器采用分压式接法，选用最大阻值较小的，灯泡的电阻约为，，故电流表采用外接法，电路图如图1所示。 （3） 电压表读数为时，灯泡两端电压为，流过灯泡的电流为，故对应坐标为。 （4） 设灯泡两端电压为，电流为，由闭合电路欧姆定律得，即，在题图乙中作出图线，如图2所示，该图线与灯泡的图线交点的横、纵坐标即为灯泡工作电流及电压，由图2知，交点坐标为，功率为。 【技巧必背】 （1）滑动变阻器采用分压式接法的情况：①实验要求电压从零开始或要求多测几组数据；②滑动变阻器的最大阻值过小；③若采用限流式接法，电路中的最小电流或电压超过了电表的量程。 （2）电流表连接方式的判断：若，则电流表采用外接法，若，则电流表采用内接法，简记为“大内小外”。 13．【答案】（1）； （2）2020N 【详解】 （1）从铅球开始下落到落地过程中，由动能定理得 解得铅球落地时的速度为 （2）从铅球开始下落到铅球陷入沙坑的整个过程中，由动能定理可得 代入数据解得 14．【答案】(1)；(2)；(3) 【详解】（1）粒子以速度经过电场加速后速度为,根据动能定理则有 粒子以速度由O进入磁场刚好从圆形磁场最下端点沿方向射出，洛伦兹力提供圆周运动的向心力，则有 由几何关系 联立以上各式解得 （2）粒子在磁场中进行磁聚焦，粒子会汇聚在点，从圆形磁场最上端进入磁场和从最下端进入磁场的粒子时间间隔最大，粒子圆周运动的周期 最上端粒子运动时间 最下端粒子运动时间 最大时间间隔 （3）刚好在磁场II射到荧光屏上轨迹恰好与荧光屏相切，由几何关系， 在磁场中 最终打到荧光屏上的粒子数与总粒子数之比 15．【答案】（1）； （2） 【详解】 （1）设滑块P滑上乙车前的速度为v1，以整体为研究对象，作用的过程中动量和机械能都守恒，选向右的方向为正，应用动量守恒和能量关系有： 联立解得： ． （2）以滑块和乙车为研究对象，选向右的方向为正，在此动过程中，由动量守恒定律得： 由能量守恒定律得： 联立解得 第 page number 页，共 number of pages 页 第 page number 页，共 number of pages 页 学科网（北京）股份有限公司 $$