2025年河北省邯郸市育华中学中考物理四模试卷

2025年河北省邯郸市育华中学中考物理四模试卷 一、单选题：本大题共10小题，共20分。 1.生活中处处是旋律，“鸟啼花落皆成曲”，有些声响轻柔如风，有些却沉重如雷鸣。声不仅是生活中最常见的信息传递方式，还广泛应用于医疗、工业、军事等多个领域。下列关于声的说法错误的是(    ) A. 甲图：用“土电话”实现通话，说明固体能够传声 B. 乙图：刻度尺伸出桌面越长，拨动它发出的音调越低 C. 丙图：弹奏古筝时，古筝发出的声音可能是噪声 D. 丁图：利用次声波的反射制成声呐，可确定海水深度 2.科技发展和社会进步离不开人们对能量、能源的深刻认识。下列有关说法正确的是(    ) A. 内燃机的做功冲程，将机械能转化为内能 B. 我国自主建立的北斗卫星定位系统是利用超声波传递信息的 C. 煤、石油、核能都属于不可再生能源 D. 目前世界上己投入使用的核电站都是利用核聚变发电的 3.近日一家公寓楼内发生电动车充电火灾，造成6辆电动车被烧毁。调查发现，楼内的电动车集中充电时，电源线路超负荷运行引发短路，最终导致火灾。“珍爱生命，注意用电安全”是每个公民应具备的安全意识，关于安全用电，下列做法符合要求的是(    ) A. 空气开关跳闸后，应立即合上开关 B. 控制电灯的开关接在零线上 C. 一个插座上同时使用多个大功率用电器 D. 用电器的金属外壳要与地线相连 4.如图，老师用手持式金属探测器对考生进行检查。当探测器靠近金属物体或电子产品时，会产生感应电流，引起探测器发出警报。图中能反映出金属探测器工作原理的是(    ) A. B. C. D. 5.以下物理实验都用到了斜面，则下列说法正确的是(    ) A. 如图甲利用斜面测平均速度，实验时斜面坡度越大越好 B. 如图乙的实验可以直接验证牛顿第一定律 C. 如图丙通过木块B被推动的距离反映小车A的动能大小，实验方法是转换法 D. 如图丁的实验可以验证使用斜面可以省力也可以省距离 6.水是生命之源，地球上的水分布在江河湖海、冰川雪山、大气和地层等。在太阳能的作用下，海洋表面的水蒸发到大气中形成水汽，水汽随大气环流运动形成雨雪等降水，降水到达地面后转化为地下水和地表径流，地表径流最终又回到海洋，由此形成淡水的动态循环。下列关于水循环的说法正确的是(    ) A. 太阳光照射使海水温度升高，海水液化成为水蒸气 B. 水蒸气上升到高空遇冷液化成小水滴或凝华成小冰晶 C. 水蒸气在高空遇到寒冷的气流凝固，形成冰雹 D. 小水滴在寒冷的高空急剧降温凝华，形成降雪 7.2025年2月11日，安徽姑娘冯俊熙和搭档王雪在第九届亚冬会上勇夺自由式滑雪空中技巧双人同步金牌，是安徽省第一块亚冬会金牌。不计空气阻力，以下表述正确的是(    ) A. 运动员在空中如果突然失去所有的外力，将会竖直下落 B. 运动员离开滑道后继续上升，是因为受到惯性的作用 C. 运动员从弧形轨道上斜向飞出后又落回地面，在空中最高点时，速度为零 D. 运动员最终在雪地上运动地越来越慢，受到非平衡力的作用 8.下列选项是对图中物理现象的解释，其中错误的是(    ) A. 图甲可以说明压力的作用效果与压力大小有关 B. 图乙可以说明同种液体中的压强随着深度的增加而增大 C. 图丙排水管的U形“反水弯”利用了连通器原理 D. 图丁中潜水艇从海面潜入700m深的海底是通过改变浮力大小来实现的 9.2023年5月，世界智能大会在天津的成功举办，进一步推动了我国人工智能技术的研发和应用。某款智能机器人除了具有常规照相功能外还具有自主测温摄像、移动、避障、5G人机交互等功能。机器人的“眼睛”和光学传感器利用了我们所学的凸透镜。探究凸透镜成像的规律时，如图甲将一个凸透镜正对着平行光，在光屏上呈现一个最小最亮的光斑。将该凸透镜、蜡烛、光屏如图乙放置，光屏上呈现清晰的实像。下列说法中正确的是(    ) A. 图乙所示的光屏上一定是倒立放大的像 B. 凸透镜移至距蜡烛10cm内的位置，光屏在任何位置均无法承接到蜡烛的像 C. 保持乙图中凸透镜位置不变，将蜡烛远离凸透镜，移动光屏能看到更大的实像 D. 保持蜡烛和透镜位置不动，靠近透镜左侧加一近视眼镜，需要将光屏向左移动找到清晰的像 10.创新小组设计了一款家用燃气泄漏报警装置，电路工作原理如图甲所示。控制电路中，电源电压为3V，定值电阻，R为气敏电阻，其阻值与燃气浓度的关系如图乙所示，电磁铁线圈电阻不计。当空气中检测到的燃气浓度小于时，工作电路中灯泡发光：当空气中检测到的燃气浓度大于等于时，工作电路报警。下列有关说法正确的是(    ) A. 检测到的燃气浓度增大时，气敏电阻的阻值变大 B. 检测到的燃气浓度增大时，控制电路消耗的总功率变小 C. 若要在燃气浓度为时报警，可增大控制电路电源电压 D. 若定值电阻两端电压为2V时，灯泡发光，电铃不工作 二、填空题：本大题共5小题，共10分。 11.2023年5月30日神舟十六号载人飞船顺利发射升空，航天员乘组由景海鹏、朱杨柱、桂海潮3名航天员组成。在火箭加速升空的过程中，载人飞船的重力势能______，机械能______均选填“不变”“增大”或“减小”。 12.小李从小养成了安全用电的良好习惯，经常观察家里的电能表，提醒父母家里用电情况。他发现电路中同时使用的用电器总功率不能超过______ W：若单独让空调工作，测得内电能表转盘转了20转，则空调实际电功率为______ W。 13.如图所示是全红婵在巴黎奥运会10米跳台跳水比赛的场景，在她入水前的下落过程中，平静水面中她的倒影大小          。当全红婵跃入水中后，抬头看向跳台上方的灯光，她发现灯光的位置比实际位置偏高，这是因为发生了光的          现象。 14.厨房中也有很多物理知识。如图是自制简易蛋黄分离器，挤压矿泉水瓶，让瓶口贴近蛋黄，松开手蛋黄被吸进瓶子里，这是利用______的作用。油烟机工作时由于转动的扇叶处气体的流速大，压强______，从而使室内油烟压向扇口排出。 15.如图所示为便携式丁烷气炉，内置一瓶300g的燃气。已知燃气的热值为，若300g的燃气完全燃烧，则释放的热量为______J；若此便携式丁烷气炉的热效率为，则这瓶燃气完全燃烧后能将1个标准大气压下______kg的水由加热至沸腾。 三、实验探究题：本大题共3小题，共18分。 16.物理兴趣小组的同学进行了两个热学实验探究： 为进行观察水沸腾实验，该小组组装了如图A的实验装置。 ①在安装图A器材时，应按照自下而上的顺序进行； ②水沸腾时的温度-时间图像如图B所示，由此可知，此时水面上方的气压______选填“高于”、“低于”或“等于”标准大气压； ③如图C所示，若将试管里的水放在烧杯中加热，当烧杯中的水沸腾以后，试管中的水______选填“能”或“不能”沸腾： 为探究水和食用油的吸热能力，用相同的电加热器分别给质量相等的水和食用油加热，如图D所示。 ①同时加热，水吸收的热量______选填“大于”、“小于”或“等于”食用油吸收热量； ②比较不同物质的吸热能力，通常有两种方案： 方案一：取相同质量的两种物质，吸收相等的热量，比较温度的变化； 方案二：取相同质量的两种物质，升高相同的温度，比较吸收的热量； 下表是小明记录的部分实验数据。分析表中信息可知小明采用的是______选填“方案一”或“方案二”； 分析表中数据，可判断表中______的吸热能力强。 液体名称 液体质量 液体初温 液体末温 加热时间 水 10 68 98 20 食用油 10 68 98 10 17.小明利用如图所示的装置探究杠杆平衡条件。 实验前把杠杆中心支在支架上，杠杆静止在图甲位置，此时杠杆______选填“平衡”或“不平衡”，为了使杠杆在水平位置达到平衡，应将杠杆右端的螺母向______调节； 实验时，小明在杠杆左侧A位置先挂了3个钩码，如图乙所示。则在右侧B位置应挂______个相同规格的钩码，杠杆可以重新在水平位置平衡。实验中多次改变钩码的位置和个数，重复实验，得到三组数据进行分析，可以得到杠杆平衡条件为：______用公式表示； 如图丙所示，小明在A位置挂一个弹簧测力计，在B位置挂了2个钩码。现将弹簧测力计从C位置移到D位置，在此过程中杠杆始终在水平位置保持平衡，则弹簧测力计示数______选填“变大”、“变小”或“不变”。 【拓展】某同学在综合实践活动中自制了测量液体密度的杠杆密度计，可以从杠杆上的刻度直接读出液体密度的数值，受到了老师的肯定和表扬，结构如图丁所示。所用器材：轻质杠杆自身重力忽略不计、质量为m的物体A、细线、空桶。设计过程如下： ①将杠杆在O点悬挂起来，空桶悬挂在B点，质量为m的物体A悬挂在C点时，杠杆水平平衡。测出B点到O点的距离为L，C点到O点的距离为； ②在B点的空桶内注满待测液体，空桶容积为V，移动物体A至点使杠杆在水平位置平衡。点到O点的距离为，点表示的液体密度值为______用题中所给字母表示。 18.如图甲所示是某实验小组用伏安法测电阻的实物图，所用滑动变阻器的规格是“”，电源为3V。 用笔画线代替导线在图甲中完成实物连接，要求滑动变阻器的滑片向B端滑动时连入电路的电阻变大； 闭合开关，发现电压表无示数，电流表有示数，如电路其他元件完好，故障只出现在被测电阻上，则产生故障的原因可能是______； 排除故障后，正确连接电路，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表和电流表的示数如图乙所示，则测得的阻值为______，再次移动滑片多次测量，目的是______； 小明仍利用图甲器材，用伏安法测量另一未知定值电阻，通过实验得到多组数据，如表所示： 实验次数 1 2 3 电压 电流 电阻 5 ①若小明测得的电压和电流值是准确的，分析表格数据，小明实验电路连接存在的问题可能是______； ②不需要重新实验，利用表中实验数据也能计算出待测电阻______。 【拓展】物理兴趣小组利用一个电表、已知电阻及电阻箱，设计了几个测量未知电阻的电路图，其中设计不能达到目的的是______。 四、计算题：本大题共2小题，共12分。 19.如图所示，薄壁圆柱容器甲和圆柱体乙置于水平地面上，容器甲足够高，底面积为，盛有质量为5kg的水。圆柱体乙的质量为16kg，底面积为。取求： 求容器甲内水的体积V； 求圆柱体乙对水平地面的压强p； 若将一物块A分别浸没在容器甲的水中、放在圆柱体乙上表面的中央时，水对容器甲底部压强的变化量与圆柱体乙对水平地面压强的变化量相等，求物块的密度。 20.如图所示的电路中，电源电压不变，滑动变阻器的最大电阻为，小灯泡上标有“12V”字样，其电流I与电压U的变化关系如图所示，当滑片距左端五分之一的位置时，小灯泡正常发光。 求小灯泡正常发光时的电阻； 求此时滑动变阻器消耗的功率； 用的定值电阻替换小灯泡：用规格分别为“”和“”字样的两个滑动变阻器中的一个替换，将一个电压表并联在或滑动变阻器两端，要求：在保证电路安全的情况下，移动滑片P的过程中使电压表示数的变化量最大，请你通过计算求出的最大值。 答案和解析 1.【答案】D  【解析】解：A、“土电话”是通过棉线来传播声音的，棉线是固体，说明固体能够传声，故A正确，不符合题意。 B、刻度尺伸出桌面越长，拨动时振动越慢，频率越低，根据音调与频率的关系，频率越低，音调越低，故B正确，不符合题意。 C、从环境保护角度看，凡是妨碍人们正常休息、学习和工作的声音，以及对人们要听的声音产生干扰的声音都属于噪声。如果弹奏古筝的声音噪声。如果弹奏古筝的声音影响了他人正常活动，那就是噪声，故C正确，不符合题意。 D、声呐是利用超声波的反射来工作的，因为超声波方向性好，易于定向发射，而次声波效果不如超声波，故D错误，符合题意。 故选：D。 A、能够传播声音的物质叫做传声的介质，一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质。 B、音调的高低与发声物体的振动频率有关，频率越大，音调就越高。 C、从环境保护角度看，凡是妨碍人们正常休息、学习和工作的声音，以及对人们要听的声音产生干扰的声音都属于噪声。 D、声呐是利用超声波的反射来工作的，因为超声波方向性好，易于定向发射。 本题主要考查了声音的传播，声音的特征，噪声、超声波和次声波的概念。 2.【答案】C  【解析】解：A、内燃机的做功冲程，将内能转化为机械能，故A错误； B、我国自主建立的北斗卫星定位系统是利用电磁波传递信息的，故B错误； C、煤、石油、核能短期内不能从自然界中得到补充，都属于不可再生能源，故C正确； D、目前世界上己投入使用的核电站都是利用核裂变发电的，故D错误。 故选：C。 内燃机的做功冲程将内能转化为机械能。 北斗导航系统是利用电磁波来传递信息的。 化石能源属于不可再生能源。 核电站是利用核裂变释放的核能来发电的。 本题考查的是能源的分类和卫星通信的原理；知道核电站的基本原理和内燃机的能量转化过程。 3.【答案】D  【解析】解：因为电路有短路或总功率过大的情况，空气开关才跳闸，所以应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位，故A错误； B.控制电灯的开关应接在火线上，这样在断开开关时，电灯处不带电，可保证用电安全，故B错误； C.一个插座同时使用多个大功率用电器，会引起引起电路中的电流过大，容易引起火灾，故C错误； D.三孔插座能保证用电器的金属外壳与地线相连，防止因金属外壳带电发生触电事故，故D正确。 故选：D。 空气开关跳闸，原因是电路有短路或总功率过大的情况，应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位； 家庭电路中，开关应连接在火线和用电器之间； 家庭电路中电流过大的原因：短路、用电器总功率过大； 家庭电路中为了安全用电，金属外壳都要接地，金属外壳的用电器漏电时，地线把人体短路，避免触电事故的发生。 本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累、多分析，加强安全意识，学好电、用好电！ 4.【答案】C  【解析】解：当探测器靠近金属物体或电子产品时，会产生感应电流，引起探测器发出警报，故探测器应采用了电磁感应原理。 A.图为奥斯特实验装置，探究电流的周围存在磁场的实验，故A不符合题意； B.图为探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，其原理是电流的磁效应，故B不符合题意； C.图为探究电磁感应原理的实验装置，是发电机的工作原理，故C符合题意； D.图为电动机原理的实验装置，反映通电导体在磁场中受到力的作用，故D不符合题意。 故选：C。 电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。 本题考查电磁学实验装置，学生需要熟记不同实验装置的实验结论。 5.【答案】C  【解析】解：利用斜面测平均速度时，斜面坡度越大时间越难测量，因此斜面坡度应小一些，这样便于测量时间，故A错误； B.牛顿第一定律是在实验的基础上通过推理归纳概括出来的，不能通过实验直接验证，故B错误； C.让小车A从斜面的不同高度由静止开始滑下，小车质量相同，而到达水平面时的速度不同，所以探究的是动能大小与速度的关系，故C正确； D.图丁的实验可以验证使用斜面可以省力，但无法验证可以省距离，故D错误。 故选：C。 如果斜面太高，物体运动时间太短，不容易计时； 生活中不受力的物体不存在，牛顿第一定律是在实验的基础上通过推理归纳概括出来的； 动能的大小与质量和速度有关。小车前后两次质量相同，控制小车的质量相同，不同高度，反映了小车的运动速度不同，由控制变量法可知，是研究动能与速度的关系； 使用斜面可以省力，但费距离。 此题考查斜面在物理实验中的应用，凸显了物理学科的特点，具有较强的综合性，但都是初中物理中一些常规试验，难度一般。 6.【答案】B  【解析】解：A、根据物态变化的知识，海水变为水蒸气是从液态变为气态，属于汽化现象，而不是液化，液化是气态变为液态，故A错误。 B、水蒸气上升到高空，由于高空温度较低，水蒸气遇冷会液化成小水滴，当温度极低时，会直接凝华成小冰晶，故B正确。 C、水蒸气形成冰雹是水蒸气先凝华成小冰晶，小冰晶再不断聚集、增大，最后下落过程中可能还会有水滴凝固附着其上，主要是凝华和凝固过程，而不是单纯的凝固，故C错误。 D、小水滴在寒冷的高空急剧降温，是凝固成小冰晶，众多小冰晶聚集形成降雪，凝华是气态直接变为固态，小水滴是液态，不是凝华过程，故D错误。 故选：B。 物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。 物质存在三种基本物理状态：固态、液态和气态。物质由一种状态变为另一种状态的过程称为物态变化。 7.【答案】D  【解析】解：A、运动员在空中如果突然失去所有的外力，由牛顿第一定律可知，将会做匀速直线运动，不一定竖直下落，故A错误； B、运动员离开滑道后继续上升，是因为运动员具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故B错误； C、运动员在空中运动到最高点时，水平方向的速度不为0，即速度不为0，故C错误； D、运动员最终在雪地上运动地越来越慢，处于非平衡状态，所以一定受到非平衡力的作用，故D正确。 故选：D。 牛顿第一定律内容：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态； 物体保持运动状态不变的性质叫惯性，惯性是物体的一种属性，一切物体都有惯性； 运动员在最高点时水平方向的速度不为0； 力可以改变物体的运动状态。 本题主要考查了对惯性的理解、力与运动的关系、运动状态的判断等，属于力学综合题，注意对概念和原理的深入理解。 8.【答案】D  【解析】解：探究压力作用效果与压力大小有关时，控制受力面积相同，通过观察海绵凹陷程度知道压力作用效果，故A正确，不符合题意； B.微小压强计通过U形管液面的高度差显示液体内部压强，随着金属盒放入液体中深度的增加，U形管液面的高度差增大，可以说明同种液体中的压强随着深度的增加而增大，故B正确，不符合题意； C.图丙排水管的U形“反水弯”是连通器，连通器里的水在不流动时，水面的高度总是相平的，里面存有一定的水起到水封的作用，故C正确，不符合题意； D.潜水艇靠改变自身重力实现沉与浮的，不是改变浮力，故D错误，符合题意。 故选：D。 探究压力作用效果的影响因素时采用控制变量和转换法； 微小压强计通过U形管液面的高度差显示液体内部压强； 连通器里同一种均匀液体在不流动时，液面的高度总是相平的； 潜水艇靠改变自身重力实现沉与浮的。 本题考查压强和浮力的知识的综合应用能力。 9.【答案】B  【解析】解：A、由图乙可知，此时物距，成倒立、缩小的实像，故A错误； B、平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：，凸透镜移至距蜡烛10cm内的位置，成正立放大的虚像，光屏在任何位置均无法承接到蜡烛的像，故B正确； C、保持凸透镜位置不变，将蜡烛远离凸透镜，此时物距变大，像距变小，像变小，故C错误； D、近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，保持蜡烛和透镜位置不动，靠近透镜左侧加一近视眼镜，需要将光屏向右移动找到清晰的像，故D错误。 故选：B。 根据，成倒立、缩小的实像； 平行于主光轴的光经凸透镜后会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位，物距小于一倍焦距时，成正立放大的虚像； 凸透镜成实像时，物远像近像变小； 凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用。 此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像规律及应用，不仅要掌握成像特点与物距像距之间的关系，而且要善于总结规律。 10.【答案】C  【解析】解：A、由图乙可知，当燃气浓度增大时，气敏电阻R的阻值变小，故A错误； B、燃气浓度增大时，气敏电阻R的阻值变小，控制电路总电阻变小，根据欧姆定律，电路电流变大， 控制电路电压不变，根据，控制电路的电功率增大，故B错误； C、由图乙可知，燃气浓度从降为，气敏电阻的阻值变大，控制电路的总电阻变大， 根据，要使线圈的吸合电流不变，可增大控制电路电源电压，故C正确； D、由图甲可知，控制电路中，R与串联，已知两端电压为，电源电压为， 则气敏电阻R两端电压为：， 根据串联分压原理，有：，， 由图乙可知，当电阻时，燃气浓度为，大于，工作电路报警，故此时工作电路铃响，D错误； 故选：C。 根据图乙可分析出气敏电阻阻值随燃气浓度的变化情况； 燃气浓度增大时，气敏电阻阻值减小，控制电路电流变大，根据可分析出电路功率的变化； 根据图乙可知，燃气浓度降低，气敏电阻的阻值变大，要使电流不变，根据，可分析出电压的变化； 先算出两端的电压，再根据串联分压原理，求出气敏电阻阻值，对照图乙找到对应的燃气浓度，判断工作电路情况。 本题考查的是气敏电阻的知识，较为综合，难度中上等。 11.【答案】增大  增大  【解析】解： 重力势能的大小与物体的质量和高度有关，在火箭加速升空的过程中，载人飞船的质量不变，速度变大，动能变大，高度不断增大，重力势能增大，故它的机械能增大。 故答案为：增大；增大。 动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和。 本题考查机械能大小的变化，属于基础题，难度不大。 12.【答案】4400  1200  【解析】解： 由电能表参数可知，电能表正常工作时的电压为220V，允许用电器正常工作时的最大电流为20A， 则电能表允许同时工作用电器的最大总功率： ； 因表示的是电路中每消耗的电能，电能表转盘转1000圈， 所以，电能表转盘转动20转消耗的电能： ， 空调的电功率： 。 故答案为：4400；1200。 由电能表的参数可知正常工作时的电压和允许用电器正常工作时的最大电流，根据求出电能表允许同时工作用电器的最大总功率； 表示的是电路中每消耗的电能，电能表转盘转1000圈，据此求出转动20转消耗的电能，根据求出空调的电功率。 本题考查了电能表的读数和电功率的计算以及消耗电能的计算，明白电能表参数的含义是关键。 13.【答案】不变 折射   【解析】解：全红婵在平静水面中的倒影是平面镜成像现象，平面镜成像时，像和物体的大小相等，全红婵的大小不变，所以下落过程中，她在平静水面中的倒影大小不变； 当全红婵跃入水中后，抬头看向跳台上方的灯光，她发现灯光的位置比实际位置偏高，这是因为光从空气斜射入水中，折射角小于入射角，人逆着折射光线的方向看灯光的位置比实际位置偏高，发生了光的折射现象。 故答案为：不变；折射。 平面镜成像的特点是：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，上下或左右相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等； 光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。 本题考查平面镜成像和光的折射现象，属于基础题。 14.【答案】大气压  小  【解析】解：挤压矿泉水瓶，瓶中的空气被排除，让瓶口贴近蛋黄，由于瓶内的气压小于外界大气压，松开手后，蛋黄被吸进瓶子里，这是利用大气压的作用。 在流体中，流速越快的位置压强越小；油烟机工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，其它位置气体的压强大，从而使室内油烟压向扇口排出。 故答案为：大气压；小。 简易蛋黄分离器是利用大气压来工作的； 在流体中，流速越大的位置，压强越小。 本题考查的是大气压的应用；知道流体的压强与流速的关系。 15.【答案】  20  【解析】解：300g的燃气完全燃烧放出的热量为： ； 水吸收的热量为： ， 1个标准大气压下水的沸点为，则水的质量为： 。 故答案为：；20。 根据求出300g的燃气完全燃烧放出的热量； 根据求出水吸收的热量，利用求出水的质量。 本题考查热量的计算，主要有吸热公式、燃料完全燃烧放热公式以及热效率公式的应用。 16.【答案】②低于；③不能；  ①等于；②方案二；水  【解析】②由图B可知，水的沸点为，小于，此时水面上方的气压低于标准大气压； ③如图C，若将试管里的水放在烧杯中加热，当烧杯中的水沸腾以后，试管中的水因不能从烧杯中的水吸热，不能沸腾。 ①加热，由转换法，水吸收的热量等于食用油吸收热量； 分析表中信息可知小明采用的是方案二；分析表中数据，可得出结论：质量相同的水和食用油，升高相同的温度，水吸热多；由此可判断水的吸热能力强。 故答案为：②低于；③不能；①等于；②方案二；水。 一标准大气压下水的沸点为，气压变小，沸点降低； 沸腾的条件是达到沸点、继续吸热； ①使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法； 根据表中数据回答； 使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量即比较加热时间，吸收热量多的吸热能力强。 本题观察水沸腾及研究水和食用油的吸热能力，考查比较吸热能力的方法及控制变量法和转换法的运用。 17.【答案】平衡；右；  4；；  变小；【拓展】  【解析】为排除杠杆自重对实验的影响，实验前把杠杆中心支在支架上，杠杆静止在图甲所示位置，此时杠杆处于平衡状态，杠杆右端偏高，应将杠杆右端的螺母向右端移动，使杠杆在水平位置平衡； 一个钩码的重力为GN，设杠杆的一个小格为L， 由杠杆的平衡条件知， 解得：，即在B位置挂上4个钩码，使杠杆在水平位置平衡； 通过实验可知，杠杆平衡条件为：； 图丙中，当弹簧测力计绕A点从C位置转动到D位置的过程中，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将变小，这是因为，当拉力由倾斜变成垂直时，阻力、阻力臂不变，拉力F力臂变大，相应的力会变小，这样才能继续平衡。 【拓展】将杠杆在O点悬挂起来，空桶悬挂在B点，质量为m的物体A悬挂在C点时，杠杆水平平衡，在B点悬挂空桶时，杠杆平衡，根据杠杆的平衡条件可得： ，即：----------① 在B点的空桶内注满液体，空桶容积为V，则液体的重力， 由于此时移动物体A至位置，杠杆在水平位置平衡，则根据杠杆的平衡条件可得： ，即：-----------------② 由①②可得：。 故答案为：平衡；右；；；变小；【拓展】。 杠杆静止或匀速转动时处于平衡状态； 调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动； 由杠杆的平衡条件可推出B处所挂钩码的个数； 杠杆平衡条件为； 当拉力由倾斜变成垂直时，会造成力臂变大，相应的力会变小，这样才能继续平衡； 首先根据杠杆平衡的条件分析得出在B点悬挂空桶时空桶、物体A的重力和力臂的关系表达式； 空桶内注满液体时，根据求出液体的重力，然后根据杠杆平衡的条件分析得出空桶内注满液体时，空桶和液体、物体A的重力和力臂的关系表达式； 最后联立即可求出液体密度。 在探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，是为了便于在杠杆上读出动力臂和阻力臂。杠杆平衡条件是杠杆平衡计算的基础内容，一定要掌握。在探究杠杆平衡条件的实验中为得出普遍性的规律，在实验中应多测几组数据进行分析。 18.【答案】；  短路；  8；求平均值减小误差；  ①电压表并联在滑动变阻器两端；②5；C  【解析】滑动变阻器的滑片向B端滑动时连入电路的电阻变大，所以应将滑动变阻器的A接线柱接入电路，如下图所示： 闭合开关，电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，且故障只出现在被测电阻上，因短路时电阻为0，电压表相当于测导线电压，示数为0，故产生故障的原因可能是短路； 由图乙可知，电流表示数为；电压表示数为。根据欧姆定律，可得；再次移动滑片多次测量，目的是求平均值减小误差； ①由表格数据可知，电压增大时电流减小，根据，电阻值增大，说明小明实验电路连接存在的问题可能是电压表并联在滑动变阻器两端； ②设电源电压为U，当电压表并联在滑动变阻器两端时，。根据表格数据，，，联立可得：解得； 拓展电路分析：选项C的电路设计不能达到测量未知电阻的目的，因为无法通过开关的切换得到足够的测量数据来计算。 故答案为：；短路；；求平均值减小误差；①电压表并联在滑动变阻器两端；②5；C。 滑片向B端滑动电阻变大，故接入的接线柱应远离B端； 闭合开关后，电流表有示数说明电路是通路，电压表无示数且故障只在被测电阻上，则故障可能是短路； 根据欧姆定律计算的值，多次测量的目的是求平均值减小误差； ①分析表格数据，电压增大时电流减小，根据，电阻值增大，说明电压表测量的不是的电压，而是滑动变阻器的电压，所以电路连接问题可能是电压表并联在滑动变阻器两端； ②设电源电压为U，根据串联电路的电压特点，结合表格中的数据列出方程，联立求解得到的值； 拓展电路分析：对每个拓展电路进行分析，判断是否能通过开关的切换和电表的测量得到足够的数据来计算。 本题综合考查伏安法测电阻的实验操作、故障分析、数据处理以及电路设计等知识点。通过本题的练习，可以加深对伏安法测电阻实验的理解和掌握，提高实验操作和分析问题的能力。 19.【答案】容器甲内水的体积为；   圆柱体乙对水平地面的压强是2000Pa；   物块A 的密度是  【解析】容器甲内水的体积为： ； 圆柱体乙置于水平地面上，圆柱体对地面的压力为：， 圆柱体乙对地面的压强为： ； 设物体A的质量为m， 由于物块A浸没在容器甲的水中， 则水对容器甲底部压强增加量为：， 由于物块A放在圆柱体乙上表面的中央， 则圆柱体乙对地面压强的增加量为：， 因为， 所以：， 则物体A的密度为： 。 答：容器甲内水的体积为； 圆柱体乙对水平地面的压强是2000Pa； 物块A 的密度是。 根据求出容器甲内水的体积； 根据求出圆柱体乙的重力，圆柱体对地面的压力等于圆柱体的重力，知道受力面积，利用压强公式求出圆柱体乙对水平地面的压强； 设物体A的质量为m，则水对容器甲底部压强增加量，圆柱体乙对地面压强的增加量，根据求得物块的密度。 本题主要考查密度公式、液体压强公式、压强定义式的掌握和运用，难点在第二问，求出容器对地面压强的增加量和水对容器底部压强的增加量，利用好等量关系是突破点。 20.【答案】解：由图像得，灯泡的额定电压为12V，当灯泡电压为12V时，灯泡的电流为2A， 小灯泡正常发光时的电阻； 滑动变阻器与灯泡串联，电流表测量电路电流，滑动变阻器的最大电阻为， 小灯泡正常发光时滑片距左端五分之一的位置，则此时滑动变阻器接入电路中电阻为， 由串联电路特点可知此时滑动变阻器消耗的功率； 当灯泡发光时，由欧姆定律得滑动变阻器的电压为， 电源电压为， 当电路变化后，定值电阻与选用的滑动变阻器串联，当滑动变阻器接入电路中电阻为0时，电路中的电流为， 若选用滑动变阻器的规格为“ 1A”，则当电路中电流最大为1A时，电路中的电阻最小， 当滑动变阻器接入电路中的电阻为时，电路中电流最小，为， 由串联电路特点和欧姆定律得，滑动变阻器移动过程中，电压表变化的最大值为， 若电路中选用的滑动变阻器的规格为“ 2A”，则当滑动变阻器为0时，电路中的电阻最小，电路中电流最大为； 当滑动变阻器接入电路中的电阻为时，电路中电流最小为， 滑动变阻器移动过程中，由串联电路特点和欧姆定律得电压表变化的最大值为， 故的最大值为12V。 答：求小灯泡正常发光时的电阻； 求此时滑动变阻器消耗的功率12W； 的最大值为12V。  【解析】由图像得，灯泡的额定电压为12V时灯泡的电流，由欧姆定律求得小灯泡正常发光时的电阻。 滑动变阻器与灯泡串联，电流表测量电路电流，滑动变阻器的最大电阻为，当滑片距左端五分之一的位置时，小灯泡正常发光，求得此时滑动变阻器接入电路中电阻，利用求得此时滑动变阻器消耗的功率； 利用欧姆定律求得当灯泡发光时滑动变阻器的电压，利用串联电路的电压关系求得电源电压，进一步求解即可。 本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道图象的分析。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$