2025年重庆市鲁能巴蜀中学中考物理模拟试卷

2025年重庆市鲁能巴蜀中学中考物理模拟试卷 一、单选题：本大题共8小题，共24分。 1.对于教室里的一些物理量，以下估测最接近实际的是(    ) A. 教室门的高度约为2m B. 课桌的质量约为200g C. 教室的节能灯的功率约为2kW D. 教室内的温度为 2.在《厨房里的物态变化》实践活动，下列对相关的现象解释正确的是(    ) A. 手被从冷冻室拿出的冻肉“粘”住，这是升华现象 B. 冷冻室取出的冻肉表面有“白霜”，这是凝固现象 C. 掀开锅盖时，锅盖内侧有很多水珠，这是液化现象 D. 刚出锅的汤菜热气腾腾，看到的“热气”是汽化现象 3.如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是(    ) A. 民间艺术“皮影戏” B. 树荫下的光斑 C. 湖面倒影成画 D. 水中筷子折断 4.如图所示的几个电磁学实验，下列说法正确的是(    ) A. 图甲：使用验电笔时，手要接触验电笔后端的金属部分 B. 图乙：揭示了电生磁现象，发电机是利用这个原理制成的 C. 图丙：说明磁场对电流有力的作用，将机械能转化为电能 D. 图丁：毛皮摩擦过的橡胶棒与轻质塑料吸管相互吸引，说明吸管一定带正电 5.2025年5月11日，以“跟着赛事去旅行荣昌半马享卤鹅”为主题的荣昌半程马拉松激情开跑。如图是一名奔跑的运动员。则下列说法正确的是(    ) A. 运动员鞋底上的花纹主要目的是为了增大对地面的压强 B. 运动员对地面的压力和运动员受到的重力是一对平衡力 C. 鞋底与地面摩擦温度升高是通过热传递的方式改变内能的 D. 蹬地面时，运动员对地面的压力等于地面对运动员的支持力 6.如图所示是小亮设计的“挂钩式电子秤”的原理图，电源电压恒定，为定值电阻，为滑动变阻器，滑片P与挂钩固定在一起。不挂物体时，滑片P在最上端，挂上物体时，滑片P随挂钩向下移动。在电子秤量程范围内，当所挂物体越重，则(    ) A. 的阻值越小 B. 电流表示数越大 C. 电压表示数越大 D. 电路的总功率越大 7.小明在开展“再探动滑轮”的活动中，用弹簧测力计沿竖直方向匀速拉动动滑轮，使重为2N的钩码上升高度10cm，测得弹簧测力计示数为。下列说法中正确的是(    ) A. 绳端移动的距离为10cm B. 拉力做的功为 C. 此过程中，该动滑轮的机械效率为 D. 若增加钩码的个数，该动滑轮的机械效率不变 8.如图所示，足够高的底面积为、质量为200g的薄壁柱形容器置于水平桌面上，先往容器里装5cm深的水，再将底面积为、质量为400g的不吸水圆柱体用轻质细线吊着，由水面上方缓慢向下浸入水中，直至细线对圆柱体的拉力为零。下列说法正确的是(    ) A. 圆柱体浸入水中的深度为2cm时，细线的拉力为1N B. 圆柱体浸入水中的深度为2cm时，水对容器底部的压强为540Pa C. 当细线对圆柱体的拉力为零时，水对容器底部的压力一定为19N D. 当细线对圆柱体的拉力为零时，容器对的水平面的压强一定为700Pa 二、填空题：本大题共5小题，共10分。 9.在物理学史上，为了纪念法国科学家帕斯卡在流体力学上的重大贡献，把他的名字命名为______的单位；英国物理学家______总结了伽利略等人的研究成果，总结出：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持匀速直线运动状态或静止状态。 10.如图所示，这是节选自我国古代科技著作《天工开物》中的“场中打稻”的情景，将稻穗抓起，用力摔打在板壁上，人们能听到摔打的声音，说明______可以传播声音；摔打过程，稻穗做______选填“匀速”或“变速”运动。 11.如图是小明利用凸透镜观察“2025”字样的情景，通过凸透镜观察到的是“25”的______选填“虚”或“实”像，若想让观察到的像更大一些，他可以将凸透镜适当______选填“远离”或“靠近”字样。 12.如图所示，OAB为一可绕O点自由转动的轻质杠杆，OA垂直于AB，，，在OA中点C处用细线悬挂一质量为1kg、底面积为的物块M，在端点B处用2N的力沿某方向拉杠杆，使M对地面的压力最小且杠杆在图示位置平衡，此时细线的拉力为______ N；保持B点拉力的大小和方向及杠杆的平衡状态不变，将物块M沿竖直方向切去体积的重心位置不变，再将悬挂点移至AC的中点，则此时物块M对地面的压强为______ Pa。 13.如图所示，电源电压U保持不变。当只闭合开关，滑动变阻器的滑片在最右端时，电流表的示数为，再将滑片滑至最左端，有一只电表的示数变为原来的一半，则的最大值与的比值为______。当开关和闭合、断开，滑动变阻器的滑片从最右端滑至中点时，的功率增大了；当所有开关都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，电流表的示数，两电流表的差值为3A，电路的总功率为。已知：：10，求的值为______ W。 三、作图题：本大题共1小题，共1分。 14.请在图中作出木块沿粗糙斜面向上运动时所受摩擦力的示意图。 四、实验探究题：本大题共3小题，共22分。 15.一为了探究光的反射规律，小能把一个平面镜放在水平桌面上，再把一张可以绕ON翻折的纸板ABCD竖直立在平面镜上，纸板上的直线ON垂直于镜面。她将一束光贴着纸板沿EO方向射向O点，在纸板上用笔描出入射光EO和反射光OF的径迹如图1甲所示。 ①从不同的方向都能看到纸板上光的径迹，因为光在纸板上发生______反射选填“镜面”或“漫”； ②实验中多次改变入射角的大小，测得多组数据其目的是______； ③如图1乙所示，若保持平面镜水平不变，将纸板向后倾斜一个角度，入射光线仍能呈现在纸板上，且沿EO方向入射到平面镜的O点，此时与图甲情形对比，纸板B上将______看到反射光线选填“能”或“不能”。 二如图2是在探究“水沸腾时温度变化的特点”的实验中。 ①如图2甲所示，水沸腾时，温度计的示数，温度是______； ②如图2乙所示，水沸腾时水中气泡内是______选填“空气”或“水蒸气”； ③如图2丙所示，两位同学利用两套相同的实验装置在装置2上加盖做“研究水的沸腾实验”，在图丁中分钟a和b图像重合可以判断她们实验所用水的质量______选填“相同”或“不相同”。 16.科创小组的森同学利用如图甲所示电路测定小灯泡的功率。被测小灯泡的额定电压为，电阻约为左右。实验室有如下器材：电源电压为、电流表、、电压表、、开关各一个、导线若干、滑动变阻器两只：、。 如图甲所示，在所连接的电路中，有一根导线还没有连接好，请你帮他完成电路的连接要求：滑动变阻器滑片向右移动，灯泡亮度变暗，导线不能交叉； 实验前在检查仪器时，发现电流表指针如图乙所示，则接下来的操作是______。连接电路闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，灯泡都不亮，电压表和电流表有较小示数，则可能是______选填“灯短路”“灯断路”或“滑动变阻器接成两下接线柱”； 正确连接电路后，闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，多次测量，森同学画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图像如图丙，则小灯泡的额定功率为______ W。在多次测量中，他还发现：当电压表的示数增大时，电流表与电压表的示数之比______选填“变大”、“变小”或“不变”； 灯泡的功率测量完毕，森同学用、、、、的定值电阻更换电路中的灯泡其余仪器不变，探究电流跟电阻的关系，得到如图丁所示的电流I随电阻R变化的图像，则他应选用滑动变阻器______选填“”或“”。若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为，则所选定值电阻的阻值为______； 科创小组的钱同学用另外一套仪器在探究电流跟电阻的关系时，保持了滑动变阻器滑片位置不变，只在R处换接上不同阻值的定值电阻，实验多次得出下面的数据记录表格。经过仔细分析，他有了新的发现：可以将电流表改成直接读出电阻值的欧姆表，请你帮他说出处应该刻成______。 次数 1 2 3 4 电阻 5 15 20 电流 17.在探究浮力的大小跟哪些因素有关时，同学们提出了如下猜想： 猜想一：可能与物体排开液体的体积有关。 猜想二：可能与物体浸没的深度有关。 猜想三：可能与液体的密度有关。 为了验证上述猜想，小鲁做了如图所示的实验。 实验之前，应先将弹簧测力计在______方向调零； 由图中数据可知图B中物块所受的浮力为______ N； 为了验证猜想一，小鲁分析比较图B和图______可得：液体密度相同时，物体排开液体的体积越大，所受的浮力越大； 分析比较图C和图______可得：物体所受浮力的大小与浸没的深度无关； 根据图中数据可以计算物块的体积为______，盐水的密度是______； 为了探究物体所受浮力与物体的形状是否有关？小鲁将两块相同的橡皮泥不吸水且不溶于水分别做成不同形状，进行如图F、G所示实验，此时两弹簧测力计的示数不同，得出浮力的大小与物体形状有关。小巴认为该结论不可靠，原因是______； 小鲁又想测量一个厚壁厚度不可忽略敞口青花瓷杯的密度，他利用电子秤、底面积为的圆柱形容器、水、记号笔等工具进行了如图2所示的测量： ①图甲：用电子秤测出装有适量水的容器的总质量为445g； ②图乙：将青花瓷杯放在水中漂浮，测得总质量为529g，在水面的位置上做标记； ③图丙：将青花瓷杯压入水中沉底，再向容器中加水至标记，测得总质量为578g；根据以上测量，可得青花瓷杯的密度为______。 五、计算题：本大题共3小题，共15分。 18.在图中画出平行于主光轴的光线经凸透镜折射后的光线。 19.如图所示，2025年北京亦庄举办全球首个人形机器人半程马拉松比赛，赛道全长约21公里。获得冠军的人形机器人——“天工Ultra”总用时约2小时40分钟。“天工Ultra”的外形模拟成年人，其身高约米，体重55kg，当它竖直站立在起跑线时，双脚与地面的总接触面积约，求： “天工Ultro”完成比赛的平均速度约为多少？结果保留整数 “天工Ultro”站立在起跑线上时，它对地面的压强为多大？ 20.图甲是我国自主研发的全球唯一一套全海深光电绞车系统“海威GD11000”，用于深海拖曳系统、缆控水下机器人等大型系统的布放、回收及拖曳，是科考船的基本配置设备。 “海威GD11000”作业水深超4000m，求：4000m深处的海水产生压强的大小。 如图乙所示，电绞车系统正在将重为5t，体积的设备缓慢向上拉动200m，设备未露出水面，忽略阻力的作用，求：电绞车缆绳做的功。 中的设备离开水面后，在拉力作用下继续匀速上升，如图丙所示。消耗电能与设备上升高度关系如图丁所示，求：该过程中，电绞车工作的效率。 六、综合题：本大题共1小题，共8分。 21.寒冷的冬天，一款艾灸发热衣不仅能驱走严寒，还能帮你温通经络、提高免疫图甲。某品牌的一款智能艾灸发热衣内有两条电热丝和，其内部工作电路可以简化为图乙，其电源电压是经电源适配器调节后的8V。手动转向开关A可以设定不同的发热功率，实现三挡调温。当转向开关与触点“2和3”接通时处于“低温”挡，此时的额定功率为32瓦；当转向开关与“3和4”接通时处于“高温”挡，此时的额定功率为96瓦。在衣服内部还有另一个包含热敏电阻的温控电路如图丙，当衣服温度达到时，温控电路的电流过大，自动触发发热电路的电子开关，切断发热电路，保证安全。求： 艾灸发热衣在低温挡正常艾灸工作一小时，可以产生的热量为多少？ 电热丝的阻值为多大？ 艾灸发热衣使用一段时间后出现温控失灵的现象，经检查故障为图丙温控电路中的热敏电阻损坏，于是有人将原有的热敏电阻，更换为另一款热敏电阻，热敏电阻、的阻值与温度的关系如图丁，首先请你从温控方面分析更换电阻后，会对艾灸发热衣使用带来什么影响？为了消除这种影响，让发热衣保持和改造前一样的使用体验，我们可对温控电路进行进一步串联电阻的改装，那么在最后改装后，的功率和改造前的功率会相差多大？ 答案和解析 1.【答案】A  【解析】解：A、教室门的高度约为2m，故A符合实际； B、课桌的质量约为10kg，故B不符合实际； C、教室的节能灯的功率约为30W，故C不符合实际； D、教室内的温度约为，太高，故D不符合实际。 故选：A。 首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。 物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。 2.【答案】C  【解析】解：A、手被从冷冻室拿出的冻肉“粘”住，是因为手上的水遇到温度很低的冻肉放热凝固成冰，将手和冻肉粘在一起，属于凝固现象，不是升华现象，故A错误。 B、冷冻室取出的冻肉表面有“白霜”，是空气中的水蒸气遇到温度很低的冻肉，直接凝华形成固态的小冰晶，属于凝华现象，不是凝固现象，故B错误。 C、掀开锅盖时，锅盖内侧有很多水珠，是锅内温度较高的水蒸气遇到温度较低的锅盖，放热液化形成的小水滴，属于液化现象，故C正确。 D、刚出锅的汤菜热气腾腾，看到的“热气”是汤菜中蒸发出来的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，不是汽化现象，故D错误。 故选：C。 物质从液态变成固态的变化过程叫作凝固。 物质由气态直接变成固态的过程叫凝华。 液化指物质由气态转变成液态。 本题考查液化、凝固、凝华现象，属于基础题。 3.【答案】C  【解析】解：A、民间艺术“皮影戏”利用的是光在同种均匀介质中沿直线传播，故A不合题意。 B、树荫下的光斑是由光的直线传播形成的，故B不合题意。 C、湖面倒影成画，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故C符合题意。 D、水中筷子折断是光的折射形成的，故D不合题意。 故选：C。 光在同种均匀介质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等，都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的； 当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜成像、水中倒影都是由光的反射形成的； 当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会发生偏折，这就是光的折射，复色光发生折射时，会出现色散现象，如：海市蜃楼、看水里的鱼比实际位置浅、雨后天空中的彩虹等都是光的折射形成的。 此题主要考查了光的折射现象、反射现象和直线传播，平时要注意各个现象的形成原因，同时还要联系所学过的物理知识多加思考。 4.【答案】A  【解析】解：A、使用验电笔时，手要接触验电笔后端的金属部分，这样才能形成回路，使电流通过氖管，让氖管发光，从而判断物体是否带电，故A正确。 B、图乙是奥斯特实验实验，揭示的是电生磁现象，发电机是利用电磁感应原理制成的，而不是电生磁，故B错误。 C、图丙说明了电磁感应现象，此过程是将机械能转化为电能，例如发电机就是根据这个原理制成的，故C错误。 D、毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，它与轻质塑料吸管相互吸引，吸管可能带正电，也可能不带电，因为带电体有吸引轻小物体的性质，故D错误。 故选：A。 1、使用验电笔时，手要接触验电笔后端的金属部分，这样才能形成回路，使电流通过氖管，让氖管发光，从而判断物体是否带电。 2、发电机是利用电磁感应原理制成的。 3、电磁感应现象是将机械能转化为电能。 4、带电体有吸引轻小物体的性质。 本题考查电磁学实验装置，学生需要熟记不同实验装置的实验结论。 5.【答案】D  【解析】解：A、鞋底上的花纹主要目的是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，为了增大与地面间的摩擦力，故A错误； B、运动员对地面的压力和运动员受到的重力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故B错误； C、鞋底与地面摩擦温度升高是通过做功的方式改变内能的，故C错误； D、运动员蹬地面时，运动员对地面的压力与地面对运动员的支持力是一对相互作用力，二者大小相等，故D正确。 故选：D。 增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；用滑动代替滚动； 二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上； 改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程； 一对相互作用力的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上。 本题通过运动场景，考查了对平衡力、相互作用力的分析，以及改变物体内能的方式、增大摩擦的方法等，有一定综合性，属于中考常见题型，熟练掌握相关基础知识和规律是关键。 6.【答案】C  【解析】解：由图可知，与串联，电压表测两端电压，电流表测电路电流， A、当所挂物体越重，滑片越往下滑，接入电路的阻值越大，故A错误； B、阻值越大，电路总电阻越大，根据欧姆定律，电路电流越小，电流表示数越小，故B错误； C、根据串联分压规律，阻值越大，两端的电压越大，电压表示数越大，故C正确； D、电路电流越小，电源电压不变，根据，电路的总功率越小，故D错误； 故选：C。 物体越重，滑片越往下滑，由此可的电阻变化； 阻值越大，电路总电阻越大，根据欧姆定律，可知电流的变化； 运用串联分压规律，分析两端电压的变化； 电流越小，根据，可判断出功率变化。 本题考查动态电路中电功率的变化。 7.【答案】C  【解析】解：A、由图可知，动滑轮上的绳子段数， 绳端移动的距离为，故A错误； B、拉力做的功，即总功：，故B错误； C、克服钩码重力做的有用功：， 该动滑轮的机械效率：，故C正确； D、增加钩码的个数，即增大物重，有用功会增大，额外功几乎不变，则机械效率会增大，故D错误。 故选：C。 由图可知，动滑轮上的绳子段数，根据求绳端移动的距离； 根据求拉力做的功，即总功； 根据求克服钩码重力做的有用功；根据求该滑轮组的机械效率； 增加钩码的个数，即增大物重，机械效率会变大。 本题考查使用滑轮组时，功、机械效率的计算，知道n的大小是关键之一。 8.【答案】D  【解析】解：A、浸入水中的深度为2cm时，圆柱体排开水的体积：； 此时圆柱体受到的浮力：； 圆柱体的重力：； 根据称重法可知，此时细线的拉力为：；故A错误； B、根据柱形容器的压力等于水的重力加上排开液体的重力，水的重力； 故压力； 压强；故B错误； C、将圆柱体由图示位置缓慢向下浸入水中，当拉力为0时，若圆柱体漂浮或悬浮，则，此时圆柱体受到的浮力：，  此时柱形容器的压力等于水的重力加上排开液体的重力，故压力； 如果物体的沉底，则浮力小于重力，即，压力则小于19N，故C错误。 D、当细线对圆柱体的拉力为零时，无论物体漂浮或沉底，容器对桌面的压力为； 压强；故D正确。 故选：D。 根据求出当圆柱体浸入水中的深度为2cm时，其排开水的体积，根据阿基米德原理求出圆柱体受到的浮力，根据求出圆柱体的重力，根据称重法求出细线对圆柱体的拉力；根据柱形容器的压力等于水的重力加上排开液体的重力结合压强公式计算； 将物体的状态分为漂浮或悬浮、沉底进行分析，根据柱形容器的压力等于水的重力加上排开液体的重力分析解答； 根据容器对桌面的压力为，结合压强公式计算解答。 本题考查重力公式、阿基米德原理以及压强公式的应用，是一道综合题，难度较大。 9.【答案】压强  牛顿  【解析】解：由于法国科学家帕斯卡在流体力学上的重大贡献，后人为了纪念他，以他的名字命名了压强的单位； 牛顿第一定律是英国物理学家牛顿在伽利略等人的研究成果基础上总结而来。 故答案为：压强；牛顿。 根据法国科学家帕斯卡的贡献进行解答； 根据牛顿对于物理学的贡献进行作答。 本题考查了学生对物理学史的掌握和理解，属于识记内容，是一道基础题。 10.【答案】空气  变速  【解析】解：将稻穗抓起，用力摔打在板壁上，人们能听到摔打的声音，说明空气可以传播声音；摔打过程，稻穗受到力的作用，改变运动状态，做变速运动。 故答案为：空气；变速。 声音的传播需要介质； 力的作用效果是改变物体的形状或改变物体的运动状态。 本题考查的事声音传播的条件；知道力可以改变物体的运动状态。 11.【答案】实  靠近  【解析】解：根据图示可知，此时看到的是倒立、放大的实像；若想让观察到的像更大一些，像距变大，物距变小，他可以将凸透镜适当靠近字样。 故答案为：实；靠近。 凸透镜成像规律之一：物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像，像距大于二倍焦距；凸透镜成实像时物近像远像变大。 本题考查了凸透镜成像规律的应用，难度不大。 12.【答案】5  600  【解析】解：由图得，当作用在B点的力以OB为力臂时，力臂最长，此时细线对杠杆的拉力最大，M对地面的压力最小，由杠杆平衡条件得，此时细线的拉力为： ； 保持B点拉力的大小和方向及杠杆的平衡状态不变，将物块M沿竖直方向切去体积的重心位置不变，再将悬挂点移至AC的中点，此时动力、动力臂不变，但阻力臂， 由杠杆平衡条件得，此时细线的拉力为， 此时M对地面的压力为： ， 则此时物块M对地面的压强为： 。 故答案为：5；600。 当作用在B点的力以OB为力臂时，力臂最长，此时细线对杠杆的拉力最大，M对地面的压力最小，由杠杆平衡条件求得此时细线的拉力； 保持B点拉力的大小和方向及杠杆的平衡状态不变，将物块M沿竖直方向切去体积的重心位置不变，再将悬挂点移至AC的中点，此时动力、动力臂不变，但阻力臂，由杠杆平衡条件求出此时细线的拉力，利用力的合成求得此时M对地面的压力，再利用求得此时物块M对地面的压强。 此题考查了杠杆的平衡条件及压强计算公式的应用，难度适中。 13.【答案】1：1    【解析】解：当只闭合开关时，与串联，电流表测电路中的电流，电压表测两端的电压，因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以，滑片移动时，接入电路中的电阻不变，电路的总电阻不变，由可知，电路中的电流不变，两端的电压不变，即电流表和电压表的示数不变，因滑动变阻器的滑片从最右端滑至最左端时，电压表由测电源电压变为只测两端的电压，且它的示数变为原来的一半，所以，滑片在最右端时，电压表的示数等于示数的2倍，即与两端的电压之比：：1， 因串联电路中各处的电流相等，由欧姆定律可得，所以。 只闭合开关，定值电阻和滑动变阻器的最大值串联，此时电路中电流， 当所有开关都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，电阻和并联，电压表、测电源两端的电压，电流表测干路电流，电流表测支路的电流， 因并联电路中各支路两端的电压相等，由并联电路的电流规律可得，此时电路中的总电流， 由：：10，可得， 整理可得， 当开关和闭合、断开，与串联，电流表测电路中的电流，电压表测两端的电压，电压表测电源两端的电压，当滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由欧姆定律可得，此时电路中的电流， 当滑片在中点时，由欧姆定律可得，电路中的电流， 因滑片从最右端滑至中点时，的功率增大了，所以， 解得，当所有开关都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时， 电路的总功率。 故答案为：1：1；。 当只闭合开关时，与串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流，因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以，滑片移动时，接入电路中的电阻不变，电路的总电阻不变，由可知，电路中的电流不变，两端的电压不变，即电流表和电压表的示数不变，因滑动变阻器的滑片从最右端滑至最左端时，电压表由测电源电压变为只测两端的电压，且它的示数变为原来的一半，所以，滑片在最右端时，电压表的示数等于示数的2倍，可得与两端的电压之比，根据串联电路中各处的电流相等列出表达式，可得和的关系； 只闭合开关，定值电阻和滑动变阻器的最大值串联，由欧姆定律可得此时电路中电流，当所有开关都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，电阻和并联，电压表、测电源两端的电压，电流表测干路电流，电流表测支路的电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，由此可得此时电路中的总电流，由电流的比值关系和欧姆定律可得可得和的关系，当开关和闭合、断开，与串联，电压表测两端的电压，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由欧姆定律可得此时电路中的电流，当滑片在中点时，由欧姆定律可得此时电路中的电流，因滑片从最右端滑至中点时，的功率增大了，根据可得的电功率，当所有开关都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，根据可得电路的总功率。 本题考查了欧姆定律、电功率公式的应用等知识，掌握电路的连接时解题的关键，是一道难题。 14.【答案】  【解析】解：木块沿粗糙斜面向上运动，木块受沿斜面向下的摩擦力，作用点可画在木块的重心，从作用点沿力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上f，如图所示： 木块沿粗糙斜面向上运动，先确定木块受斜面摩擦力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。 本题考查了力的示意图的画法，明确摩擦力的方向、作用点是关键，属于基础题目。 15.【答案】漫；使实验结论具有普遍性；不能；  98；水蒸气；相同  【解析】因为漫反射是指当一束平行的入射光线射到粗糙的表面时，表面会把光线向着四面八方反射，所以从不同方向都能看到纸板上光的径迹，是因为光在纸板上发生了漫反射。实验中多次改变入射角的大小，测得多组数据，这样做是为了避免实验的偶然性，使得到的结论更具有普遍性。根据光的反射定律，反射光线、入射光线与法线在同一平面内。当使平面镜水平不变，将纸板向后倾斜一个角度时，此时入射光线、反射光线所在平面与原来不同，所以在纸板B上不能看到反射光线。 由图2甲可知，温度计的分度值为，此时温度计的示数为。水沸腾时，水由液态汽化为气态，水中气泡内是水蒸气。 在图丁中分钟a和b图象重合，这说明在相同时间内两杯水吸收相同的热量，温度升高相同。根据可知，在相同的加热装置下，比热容c相同，温度变化量相同，所以可以判断他们实验所用水的质量相同。 故答案为：漫；使实验结论具有普遍性；不能；；水蒸气；相同。 从不同方向都能看到纸板上光的径迹，是因为光在纸板上发生了漫反射。实验中多次改变入射角的大小是为了得到的结论更具有普遍性。根据光的反射定律，反射光线、入射光线与法线在同一平面内，据此分析。 观察温度计的分度值，再读数。水沸腾时，水由液态汽化为气态，水中气泡内是水蒸气。 根据可知，在相同的加热装置下，比热容c相同，温度变化量相同，可知所用水的质量相同。 本题探究光的反射规律实验，掌握光的反射规律是关键。 16.【答案】；  对电流表调零；滑动变阻器接成两下接线柱；  ；变小；  ；15；  65  【解析】在测量小灯泡的功率时，需将滑动变阻器与小灯泡串联，电压表测小灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。变阻器的接线柱应一上一下接入电路中，当滑动变阻器滑片向左移动，灯泡亮度变暗，说明此时电路中的电流变小，而电源电压保持不变，据欧姆定律知，电路中的总电阻变大，变阻器接入电路的阻值变大。所以变阻器下端的接线柱接在右侧，如下图所示：； 实验前在检查仪器时，发现电流表指针如图乙所示，指针没有指在零刻度线处，则应对电流表调零。 连接电路闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，灯泡都不亮，电压表和电流表有较小示数，说明电路为通路但无法变阻，则可能是滑动变阻器接成两下接线柱。 如图丙，灯泡电压为时，电流为，则小灯泡的额定功率为， 由丙图可知，当电压表的示数增大时，电流增速越来越慢，所以电流表与电压表的示数之比变小。 由图丁可知，当时，电流为，此时电路总电阻为： ， 则此时变阻器阻值为，所以应选用滑动变阻器。 实验中定值电阻的电压为， 若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为，根据串联分压原理则有， 解得：，即所选定值电阻的阻值为。 由表格数据可知，当时，电流为，则电源电压   ① 当时，电流为，则电源电压   ② 联立①②，解得，电源电压。则电流为时，总电阻为： ， 则此时定值电阻阻值为： 。 故答案为：；对电流表调零；滑动变阻器接成两下接线柱；；变小；；15；。 在测量小灯泡的功率时，需将滑动变阻器与小灯泡串联，电压表测小灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。变阻器的接线柱应一上一下接入电路中，当滑片向右移动时，灯泡变亮，说明此时电路中的电流变大，而电源电压保持不变，据欧姆定律知，电路中的总电阻变小，变阻器接入电路的阻值变小，据此分析； 电流表在使用前要调零； 连接电路闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，灯泡都不亮，电压表和电流表有较小示数，说明电路为通路但无法变阻，据此分析故障可能的原因； 根据丙图确定灯泡额定电压对应的额定电流；根据算出灯泡的额定功率； 由丙图可知，当电压表的示数增大时，电流增速越来越慢； 探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入电阻时变阻器连入电路中的电阻，确定变阻器选用的规格；根据分压原理算出当滑动变阻器连入的阻值为时定值电阻的阻值； 利用表中数据，根据电源电压保持不变和欧姆定律列方程求出变阻器的阻值，进而得到电源电压，利用欧姆定律算出第5次电路的总电阻，根据电阻的串联求出处对应的电阻阻值。 本题测定小灯泡的功率，考查电路的连接、注意事项、故障分析、功率计算、影响电阻大小的因素、器材的选择及电流与电阻的关系和欧姆定律的运用等知识。 17.【答案】竖直；   ；   C；   D；   ；；   没能控制排开液体的体积相同；   ；  【解析】弹簧测力计在竖直方向使用，故使用前需要再竖直方向上进行调零； 观察B图弹簧测力计示数为，观察A图弹簧测力计示数为，利用称重法求浮力可求出B图中所受浮力； 验证猜想一，利用控制变量法，找到根B图液体密度相同，排开液体体积不同的图，故选图C； 利用控制变量法，找到根C图液体密度相同，排开液体体积相同的图，故选图D； 观察题中A、D两图，利用称重法求出物体浸没时的浮力，可得此时物体体积： ； 观察题中A、E两图，利用称重法求出物体浸没盐水中的浮力，可得出盐水密度： ； 观察F、G两图可以发现，两次实验除了浸入液体形状不同外，排液体的体积也不同，没有控制变量，故实验结论不可靠，原因是未控制排开液体体积相同； 图甲中水和容器总质量为，图乙中总质量为水、容器、青花瓷的总质量，故可以得出青花瓷的质量， 图乙中可以得出青花瓷漂浮，，在根据阿基米德原理，可以得出此时， 可以得出排开水的体积， 丙图中又加入水至标记处时的质量为，可以得出后加入水的质量，后加入水的体积， 故可以得出青花瓷的体积， 则青花瓷的密度。 故答案为：竖直； ； ； ； ；； 没能控制排开液体的体积相同； ； 弹簧测力计使用前需要再使用的方向上进行调零； 利用称重法求浮力； 用控制变量法探究影响浮力大小的因素，根图中弹簧测力计示数进行判断； 利用，物体浸没在水中时的浮力求物体体积，根据物体体积和物体浸没在盐水中的浮力，求盐水的密度； 实验中需要控制变量，在研究浮力的大小与物体形状有关时，需要控制液体密度和排开液体体积相同； 根据甲、乙两图得出物体质量和漂浮时排开液体体积，根据乙、丙两图的得出物体浸没时体积，根据计算出青花瓷杯的密度。 本题考查了弹簧测力计的使用，称重法求浮力，控制变量法判断影响浮力大小的因素，特殊方法求固体密度的知识，是一道基础题。 18.【答案】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，如图所示；   【解析】在作凸透镜或凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。 凸透镜的特殊光线有三条：过光心的光线其传播方向不变，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴。 19.【答案】“天工Ultro”完成比赛的平均速度约为；   “天工Ultro”站立在起跑线上时，它对地面的压强为  【解析】“天工Ultro”完成比赛的平均速度为： ； “天工Ultro”站立在起跑线上时，它对地面的压力等于自身的重力，即，则它对地面的压强为： 。 答：“天工Ultro”完成比赛的平均速度约为； “天工Ultro”站立在起跑线上时，它对地面的压强为。 根据求出“天工Ultro”完成比赛的平均速度； “天工Ultro”站立在起跑线上时，它对地面的压力等于自身的重力，利用求出它对地面的压强。 本题考查了速度公式、重力公式和压强公式的应用，关键是知道物体对地面的压力等于物体重力。 20.【答案】4000m深处的海水产生压强的大小为；   电绞车缆绳做的功为；   该过程中，电绞车工作的效率为  【解析】解：深处的海水产生压强为： ； 设备的重力为： ； 设备受到的浮力为： ； 电绞车缆绳对设备的拉力为： ， 电绞车缆绳做的功为： ； 设备离开水面后，克服重力做的有用功为： ； 由图丁可知， 则电绞车工作的效率为： 。 答：深处的海水产生压强的大小为； 电绞车缆绳做的功为； 该过程中，电绞车工作的效率为。 根据求出4000m深处的海水产生压强； 根据重力公式求出设备的重力，利用阿基米德原理求出设备受到的浮力，电绞车缆绳对设备的拉力等于设备的重力减去设备受到的浮力，根据求出电绞车缆绳做的功； 设备离开水面后，根据表达出克服重力做的有用功；根据图丁确定上升相同高度消耗的电能，利用效率公式求出电绞车工作的效率。 本题考查了液体压强、浮力、功和功率的计算，综合性较强，有一定的难度。 21.【答案】产生的热量为；  电热丝的阻值为；  导致艾灸发热衣温度未到时，就会自动切断电源；最后改装后，的功率和改造前的功率会相差  【解析】低温挡正常艾灸工作一小时，可以产生的热量： ； 当转向开关与触点“2和3”接通时处于“低温”挡，此时只有工作，低温挡的额定功率：； 当转向开关与“3和4”接通时处于“高温”挡，此时与并联工作，高温挡的额定功率：； ； 电热丝的阻值为： ； 由图丁可知，在以后，的电阻小于，根据公式可知会导致艾灸发热衣温度未到时，就会自动切断电源； 当温度为时，、，为了消除这种影响，让发热衣保持和改造前一样的使用体验，可对温控电路串联的电阻。改造前的功率： ； 改造后与的电阻串联工作，的功率： ； ； 改装后，的功率和改造前的功率会相差： 。 答：产生的热量为； 电热丝的阻值为； 导致艾灸发热衣温度未到时，就会自动切断电源；最后改装后，的功率和改造前的功率会相差。 消耗电能转化为内能产生热量，热量； 低温挡时只有工作，高温挡由与并联，公式求解出； 温控电路热敏电阻发热升高温度，由焦耳定律可知电阻改变，在相同的时间产生的热量不同； 本题考查根据焦耳定律对多档位的用电器进行综合计算。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$