第十二章机械能和内能提优测评卷 ---2025-2026学年苏科版物理九年级上学期

第十二章机械能和内能提优测评卷 第Ⅰ卷（选择题） 一、选择题（本题包括10小题，每小题只有一个选项符合题意） 1．下列过程中，改变物体内能方式与其他三个不相同的是（ ）． A．煤气燃烧一会，壶中的水温度就会升高 B．冬天双手对搓一下，手就暖和了 C．从滑梯上滑下时，臀部有发热的感觉 D．快速向下压活塞，厚玻璃筒里空气温度就会明显上升 2．下列四个情境中的能量转化，属于动能转化为势能的是（ ）． A．拉弓放箭 B．滑板下滑 C．秋千上摆 D．弹簧拉车 3．如图所示，将一个空易拉罐的底部钻一个小孔，从易拉罐开口端向罐内喷适量酒精喷雾，然后将一个空纸杯迅速套上．用细线将易拉罐水平悬挂在铁架台上，将点燃的打火机靠近易拉罐底部的小孔，纸杯就会“向前”飞去．以下说法正确的是（ ）． A．酒精燃烧越充分，其热值越大 B．纸杯飞出去时，易拉罐对纸杯做了功 C．纸杯飞出去时，易拉罐内气体的内能减小 D．纸杯飞出过程中的能量转化，与内燃机的压缩冲程相同 4．某运动员做蹦极运动，如图甲所示．运动员从高处O点开始下落，A点是弹性绳的自由长度，在B点运动员所受弹力恰好等于重力，C点是第一次下落到达的最低点，如图乙所示．运动员所受弹性绳弹力F的大小随时间t变化的情况如图丙所示（蹦极过程视为在竖直方向的运动）．下列判断正确的是（ ）． A．从A点到B点过程中运动员减速下落 B．从B点到C点过程中运动员动能增大 C．t0时刻运动员动能最大 D．运动员重力大小等于0.6F0 5．把一个铁锁用绳子悬挂起来，将铁锁拉到自己的鼻子附近，稳定后松手，铁锁向前摆去，如图所示．下列说法中正确的是（ ）． A．铁锁摆回时会打到鼻子 B．铁锁在摆动过程中动能与重力势能可以相互转化 C．铁锁由高处摆到低处的过程中动能转化为重力势能 D．铁锁上升的最大高度逐次降低，是由于受到重力作用 6．小东根据图中提供的信息得出以下四个结论，其中错误的是（ ）． A．质量和初温都相等的铁块和铝块，放出相同的热量后，铁块比铝块温度低 B．质量相等的水和沙子，吸收相同的热量，水可能比沙子温度高 C．我国北方楼房中的“暖气”用水作介质，是因为水的比热容大 D．夏日晴朗的上午，海边的风从陆地吹向大海 7．如图所示是小球在地面弹跳的情景．小球在A点的机械能为120J，当小球由A点运动到B点时，机械能变为100J，则小球由B点运动到C点时，其机械能可能为（ ）． A．120J B．100J C．90J D．80J 8．如图所示，光滑的半圆形轨道固定在水平桌面上，轨道上的A、C两点在同一高度，B点为最低点，小球从A点由静止自由释放，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）． A．小球不能到达C点 B．小球到达C点时惯性消失 C．小球由A点运动到B点的过程中受到的是非平衡力 D．小球从A点运动到B点的过程中动能转化为重力势能，机械能守恒 9．初中各学科之间有着密切的联系，化学、生物学、地理学中也有物理知识的广泛运用．下列叙述中错误的是（ ）． A．图甲，在蒸馏水的制备过程中，水的内能是通过热传递的方式增大的 B．图乙，向下排空气法收集氢气是利用氢气的热值大的性质 C．图丙，肱二头肌在向上牵引桡骨转动的过程中做了功 D．图丁，海陆风形成的原因之一是海水的比热容比沙石大 10．如图所示是用相同的加热装置对a、b、c三种固体物质加热时它们的温度随时间变化的图像，其中a、c质量相同．下列对图像的分析正确的是（ ）． A．t1～t2时间内物质a的温度不变，内能不变 B．如果a、b是同种物质，则a的质量大于b的质量 C．温度从T1升高到T2，a吸收的热量比b少 D．b的比热容大于c的比热容 第Ⅱ卷（非选择题） 二、填空题 11．“歼-20”是我国自主研制的新一代隐身重型歼击机，具有卓越的机动性能，它在空中加速向上飞行的过程中，机械能_________，在同一高度边保持水平匀速飞行，边抛弃副油箱的过程中，动能_________，重力势能________．（填“增大”“不变”或“减小”） 12．请补全下面知识结构图． （1）_________________； （2）_________________； （3）_________________． 13．“文明城市”的创建让城市更美更洁净，如图所示是园林工人使用的剪刀，为便于剪断树枝，人手握住图中修枝剪刀两个把手的________（填“AB”或“CD”）位置效果更佳，这样握的目的是_____________；剪枝时弹簧被压缩，剪断树枝后，工人松开手，剪刀会在弹簧的作用下自动张开，在剪刀自动张开的过程中弹簧的弹性势能将________（填“增大”“减小”或“不变”）． 14．小明同学利用某装置对200g冰进行加热，他每隔相同时间记录一次温度计的示数并观察物质的状态．如图所示是他根据记录的数据绘制的温度—时间图像，根据图像可知，物质被加热时，第10min比第9min的内能_________（填“大”或“小”）；设相同时间内物质吸收的热量相同，则BC阶段物质共吸收了________J的热量[水的比热容为4.2×103J/（kg·℃）]．CD段与AB段倾斜程度不同的原因是水和冰的________不同． 15．甲、乙、丙是三个完全相同的网球，如图所示，在同一高度同时以大小相等的速度，将甲球竖直向下抛出、乙球竖直向上抛出，丙球水平抛出，不计空气阻力，抛出时三球机械能________（填“相等”或“不相等”）；在落地前的运动过程中，甲球的动能________（填“增大”“不变”或“减小”），落地时三球的速度大小关系为________． 16．一单缸四冲程汽油机每秒完成40个冲程，则每秒它对外做功_________次．已知所用汽油的热值是4.6×107J/kg，完全燃烧2g汽油所释放的热量是________J；若热机效率为40％，则完全燃烧2g汽油转化的机械能是________J；若此机械能全部用于加热水，则能使质量为1kg的水温度升高约为________℃（保留一位小数）．[水的比热容为4.2×103J/（kg·℃）] 17．有一种“涡轮增压”（T型）轿车，通过给发动机更足量的空气使汽油更充分地燃烧，比普通轿车（L型）更节能、排气更清洁．某品牌的“涡轮增压”汽车，已知其质量恒为m，在水平路面上行驶过程中所受阻力恒定（不计空气阻力）．如果该汽车以速度v在水平路面上匀速行驶，牵引力的功率为P，行驶时间为t，燃料燃烧释放的内能为E，则在这个过程中，阻力的大小为________，汽车的效率为________．（用已知量的字母表示） 三、实验探究题 18．为探究物体动能的大小与哪些因素有关，某实验小组利用斜面、质量不同的小钢球、木块等器材进行了如图所示的实验： （1）实验中小钢球的动能大小是通过______________________________来判断的． （2）实验中通过甲、乙两图可以得出结论：________________________________________． （3）若在进行甲、丙两图实验时，两次实验中木块被推动的距离相近，为了改进实验，下列方法可行的是________． A．换用一个质量较大的木块 B．换用表面更粗糙的木板 C．换用质量更大（如4m）的钢球 D．降低钢球滚下时的高度 （4）完成实验后，小华联想到学习牛顿第一定律时，也用到了斜面：让同一小车从同一斜面的同一高度由静止滑下，在三种不同的水平表面上的滑行情况不同（如下表），小车在毛巾、棉布和木板三种水平面上滑行的过程中，克服摩擦力所做的功分别为W毛巾、W棉布、W木板，它们的大小关系为_________． 表面 毛巾 棉布 木板 摩擦力 最大 较大 最小 小车运动距离 最近 较远 最远 A．W毛巾＞W棉布＞W木板 B．W毛巾＝W棉布＝W木板 C．W毛巾＜W棉布＜W木板 D．无法比较 （5）图丁所示是小丽设计的实验装置，将弹簧压缩相同的长度后，由静止开始释放，推动质量不同的钢球，分别撞击同一木块，来验证“动能与质量的关系”，小华认为该实验不可行，因为没有控制________相同；如果利用该装置进行实验，观察到的现象是________________________________________________． 19．分别用两套如图甲所示的装置完成课本上的两个实验，实验一为“探究不同物质吸热升温的现象”，实验二为“比较质量相等的不同燃料燃烧时放出的热量”．设同种燃料燃烧时单位时间内放出的热量相同，且不计热损失． （1）完成实验一时，应在两套装置的_________（填“烧杯”或“燃烧皿”）中装入同种物质；完成实验________时，两套装置的烧杯和燃烧皿中所装物质的质量都必须相同． （2）图乙是正确完成实验一的图像，分析数据可知，加热6min，a、b两液体吸收的热量大小关系为Qa________Qb，两液体的比热容ca︰cb＝________． （3）为完成实验二，小明设计了记录实验数据的表格如下，请将表格（a）处补充完整： 燃料 加热前液体的温度t0/℃ （a）___________________________ 燃料1 燃料2 20．小柳用两个相同的酒精灯分别给水和煤油加热，如图甲所示，比较水和煤油的吸热能力的强弱． （1）实验前，两烧杯分别装入_________（填“质量”或“体积”）和初温相等的水和煤油；在图甲中组装器材时先调整_________（填“A”或“B”），便于使用酒精灯外焰加热． （2）实验中，通过比较________来间接反映水和煤油吸收热量的多少，小柳根据实验数据作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图像，如图乙所示，水和煤油都升高到98℃，两者吸收的热量_________（填“相等”或“不相等”）． （3）为了比较两种液体的吸热本领，小柳提出两种比较方案： ①让两者加热相同时间比较升高的温度； ②让两者升高相同的温度比较加热时间． 在两种液体都不沸腾的前提下，你认为可行的方案是________（填“①”“②”或“①和②”）． （4）由图像可知，煤油吸热能力比水________． 四、计算题 21．用燃气灶对50L初温为20℃的水加热4min，燃烧了0.5kg的煤气，水温随时间的变化关系如图所示．已知水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），煤气的热值为4.2×107J/kg．求： （1）0.5kg煤气完全燃烧放出的热量； （2）水的质量； （3）水吸收的热量； （4）燃气灶烧水的效率． 22．2022年北京冬奥会运营1000多辆氢燃料电池车（如图所示），该车排放物是水，不产生任何污染物，是当前世界新能源汽车重要的发展方向，目前我国部分城市已有多批氢能源公交车投放使用．[已知c水＝4.2×103J/（kg·℃），q氢＝1.4×108J/kg]问： （1）质量为1.2kg的氢燃料完全燃烧放出的热量是多少？ （2）若这些热量全部被质量为1t、温度为15℃的水吸收，则水升高的温度是多少？ （3）若这些热量恰好能供某氢能源公交车以140kW的恒定功率匀速行驶10min，则该氢能源公交车所做的机械功和效率分别是多少？ 23．某企业推出一新款新能源油电混合动力汽车，这种汽车在内燃机启动时给车提供动力，同时也给动力蓄电池组充电．已知该型号混合动力汽车所用的蓄电池组能够储存的最大电能E电＝2×108J，若该车以90km/h的速度在水平路面上匀速直线行驶了16min 40s，此过程所受阻力f为800N，蓄电池组的电能也增加了最大储存电能的10％，内燃机共消耗燃油2kg（q油＝5×107J/kg），求： （1）该款汽车匀速行驶中牵引力做功的功率P； （2）该汽车内燃机的效率η． 答案 1．A [解析]煤气燃烧一会，壶中的水温度就会升高，水吸收热量温度升高，是通过热传递改变内能；冬天双手对搓一下，手就暖和了，手克服摩擦力做功，机械能转化为内能，是通过做功的方式改变物体的内能；从滑梯上滑下时，臀部就有发热的感觉，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，是通过做功的方式改变物体的内能；快速向下压活塞，厚玻璃筒里空气温度就会明显上升，是压缩气体做功，机械能转化为内能，是通过做功的方式改变物体的内能．A是通过热传递的方式改变内能的，B、C、D都是通过做功的方式改变内能的，故A符合题意，B、C、D不符合题意．故选A． 2．C [解析]拉弓放箭的过程中，弓弦的弹性势能转化为箭的动能，故A不符合题意；滑板下滑的过程中，人和滑板的重力势能转化为动能，故B不符合题意；秋千上摆的过程中，秋千的动能转化为重力势能，故C符合题意；弹簧拉车的过程中，弹簧的弹性势能转化为车的动能，故D不符合题意． 3．C [解析]燃料的热值是燃料的一种特性，与燃料的种类有关，与质量和燃烧情况等无关，因此酒精是否充分燃烧，其热值不变，故A错误；纸杯飞出去时，易拉罐内的酒精气体对纸杯做功，气体的内能减小，故B错误、C正确；纸杯飞出过程中，内能转化为机械能，内燃机的压缩冲程中将机械能转化为内能，两者能量转化不同，故D错误． 4．D [解析]B点弹力等于重力，A到B点过程中，重力大于弹力，运动员做加速运动，A错误；从B点到C点过程中，弹力大于重力，所以运动员的运动速度减小，故动能减小，（重力等于弹力的点是加速与减速的分界点，这类题目要注意受力分析）B错误；由图可知，t0时刻，绳的弹性势能最大，运动员下落到了最低点，此时动能为零，C错误；由图知，最后绳的弹性势能几乎不变，说明此时运动员已经静止下来，此时拉力与重力平衡，由图知，重力等于0.6F0，D正确． 5．B [解析]铁锁在摆动过程中，不断与空气摩擦，一部分机械能转化为内能，机械能减小，所以铁锁摆回时不会打到鼻子，故A错误；铁锁在摆动过程中，上升时动能主要转化为重力势能，下降时重力势能主要转化为动能，动能与重力势能相互转化，故B正确；铁锁由高处摆到低处的过程中重力势能转化为动能和内能，故C错误；铁锁上升的最大高度逐次降低，是由于铁锁受到空气阻力的作用，机械能不断减小，高度不断减小，故D错误． 6．D [解析]质量和初温都相等的铁块和铝块，放出相同热量后，由于铁块的比热容小，则铁块比铝块温度低，故A正确；质量相等的水和沙子，吸收相同热量，由于水的比热容大，水的温度升高得少，但由于不知道水和沙子的初温，所以水可能比沙子温度高，故B正确；因为水的比热容大，与其他物质相比，在质量相同、降低的温度相同时，根据放热公式Q＝cmΔt可知，水放出的热量多，所以我国北方楼房中的“暖气”用水作为介质，故C正确；夏日晴朗的上午，水和陆地同样吸热的情况下，水的温度升高得慢，陆地温度升高得快，陆地上方的空气上升，海边的风从大海吹向陆地，故D错误． 7．C [解析]小球从A到B时弹跳的高度大于从B到C时弹跳的高度，从A到B克服空气阻力做的功多，机械能损失多；从A到B的过程中机械能减少20J，故小球从B到C损失的机械能应该小于20J．故选C． 8．C [解析]由题意，轨道是光滑的，不计空气阻力，小球的机械能是守恒的，小球从A点由静止自由释放，A、C的高度相同，根据机械能守恒可知，小球能到达C点，故A错误；惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体在任何情况下都具有惯性，所以小球到达C点时仍然具有惯性，故B错误；小球从A点运动到B点的过程中，运动的方向、运动的速度都发生了变化，受到的是非平衡力，（相互平衡的两个力总是大小相等、方向相反、作用在同一物体上，作用在同一直线上）故C正确；小球从A点运动到B点的过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小，速度变大，动能变大，重力势能转化为动能，故D错误． 9．B [解析]在蒸馏水的制备过程中，酒精燃烧产生的热量通过烧瓶传递给水，水的内能是通过热传递的方式增大的，故A正确，不符合题意；向下排空气法收集氢气是利用氢气的密度小的性质，故B错误，符合题意；肱二头肌在向上牵引桡骨转动的过程中，肱二头肌对桡骨施加了作用力，而且桡骨在力的方向上移动了一定的距离，故C正确，不符合题意；海陆风的形成是由于海水的比热容比较大，白天接受太阳辐射能后，升温比较慢，陆地沙石比热容相对比较小，升温比较快，导致陆地表面上的空气温度大于海面上的空气温度，陆地表面的热空气上升，海面上的空气流向陆地，因此形成了从海面吹向陆地的海风，故D正确，不符合题意．故选B． 10．C [解析]由图像可知，t1～t2时间内物质a的温度虽然不变，但继续吸收热量，所以其内能增加，故A错误；如果a、b是同种物质，比热容相同，升高相同的温度时，b的加热时间长，b吸收的热量多，根据Q＝cmΔt可知，b的质量大于a的质量，故B错误；温度从T1升高到T2，a的加热时间比b短，所以a吸收的热量比b少，故C正确；用相同的加热装置对b、c两种物质加热，0～t1时间内两种物质吸收的热量相同，c升高的温度较小，但由于不知道b、c质量的大小，不能判断出b、c比热容的大小，故D错误． 11．增大 减小 减小 [解析]飞机在空中加速向上飞行的过程中，飞机的质量不变，速度增大、动能增大，高度增大、重力势能增大，所以机械能增大；在同一高度边保持水平匀速飞行，边抛弃副油箱的过程中，质量变小，速度不变，动能减小，高度不变，重力势能减小． 12．（1）转移 （2）做功 （3）弹性势能 [解析]（1）热传递的实质是能量的转移．（2）内能和机械能可以通过做功相互转化．（3）动能和势能可以相互转化，势能包括重力势能和弹性势能． 13．AB 省力 减小 [解析]由杠杆平衡条件F1l1＝F2l2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小，使用剪刀修剪树枝时，将双手握在手柄AB处时动力臂大于将双手握在手柄CD处时的动力臂，所以将双手握在手柄AB处时更加省力，更便于剪断树枝．在剪刀自动张开的过程中，弹簧的形变程度变小，所以弹簧的弹性势能将减小． 14．大 8.4×103 比热容 [解析]根据图像可知，在5～15min内，冰处于熔化过程中，该过程冰吸收热量，内能增加，温度不变，所以第10min比第9min的内能大．由于冰熔化成水，状态变化、质量不变，m水＝m冰＝200g＝0.2kg，CD阶段的水在10min内吸收的热量Q吸CD＝c水m（t-t0）＝4.2×103J/（kg·℃）×0.2kg×（10℃-0℃）＝8.4×103J，因为相同的加热条件下，相同时间内物质吸收的热量相同，则BC阶段（10min）物质吸收的热量Q吸BC＝Q吸CD＝8.4×103J．冰熔化成水前后质量不变，图像中AB、CD段升高的温度相同，但CD段加热的时间长，说明水吸收的热量较多，根据公式Q吸＝cmΔt可知，这是因为水的比热容比冰的大． 15．相等 增大 相等 [解析]抛出时甲、乙、丙三球质量相等，速度相等，动能相等；高度相同，重力势能相同，故机械能相同；甲球在空中下落时，甲球质量不变，速度增大，动能增大；甲、乙、丙三球整个运动过程中，不计空气阻力，机械能是守恒的，故落地时三球的速度大小相等． 16．10 9.2×104 3.68×104 8.8 [解析]汽油机一个工作循环包含四个冲程，活塞往复运动两次，飞轮和曲轴转动两周，对外做功1次，该汽油机每秒完成40个冲程，则每秒对外做功10次．2g汽油完全燃烧放出的热量Q放＝qm＝4.6×107J/kg×0.002kg＝9.2×104J，转化的机械能W有用＝ηQ放＝40％×9.2×104J＝3.68×104J．水升高的温度． 17． [解析]根据可得，汽车受到的牵引力为，因为汽车做匀速直线运动，所以阻力和牵引力是一对平衡力，大小相等，则；汽车做的有用功为W＝Pt，汽车的效率为． 18．（1）木块被推动距离的长短 （2）质量相同时，速度越大，动能越大 （3）C （4）B （5）速度 质量不同的钢球将木块推动的距离相同 [解析]（1）钢球对木块做功的多少反映球的动能的多少，而做功的多少可由木块被推动距离的长短来确定，该实验是通过观察木块被撞后运动的距离，来判断钢球动能的大小．（木块被钢球推得越远，钢球对木块做的功越多，钢球具有的动能越多）（2）在甲、乙的两个实验中，控制了质量相同，速度不同，甲图中钢球高度更高，速度更大，木块被钢球撞击后移动的距离更长，所得到的结论：质量相同时，速度越大，物体的动能越大．（3）由题意可知，甲、丙实验探究在速度相同时，钢球动能大小与质量的关系，由题可知，质量越大，动能越大，撞击木块后移动的距离更远．换用一个质量较大的木块，木板的接触面的粗糙程度不变、钢球滚下时的高度不变，木块移动的距离变小，故A错误；换用表面更粗糙的木板，摩擦阻力增大，两次木块移动的距离都减小，达不到实验目的，故B错误；若在丙实验中换用质量较大的钢球，可增大钢球与木块碰撞时的动能，能增大木块被推动的距离，故C正确；降低钢球滚下时的高度，两次木块移动的距离会更接近，故D错误．故选C．（4）让小车从同一高度由静止下滑，根据决定重力势能大小的因素可知，最初小车的重力势能相同，下滑到水平面时的速度相同、动能也相同；在不同的材料表面上运动时，接触面越光滑，阻力越小，速度改变得越慢，小车最终停下来后，动能全部转为内能，克服摩擦力做了多少功就有多少动能转化为内能，所以，在三个表面克服摩擦力做功相等．故选B．（5）若用质量不同的钢球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，将弹簧压缩相同的长度，弹簧的弹簧势能相同，转化的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同；由于钢球的动能相同，质量不同，所以速度不同，这样是不能完成实验目的的． 19．（1）燃烧皿 二 （2）＝ 16︰25 （3）燃料燃尽后液体的温度t/℃ [解析]（1）实验一是探究不同物质吸热升温的现象，由控制变量法可知，实验一需要选用相同种类的燃料（热源相同）、相同质量的不同物质进行实验，燃烧皿里面装入质量相同的同种物质；由控制变量法可知，为了完成实验二，需要选取相同质量的相同液体和相同质量的不同燃料进行实验，所以为了完成实验二，两套装置的烧杯和燃烧皿中所装物质的质量都必须相同．（2）根据转换法，同时加热6min，a液体吸收的热量等于b液体吸收的热量；根据可知，，，因为Qa︰Qb＝4︰5，所以．（3）要得到液体升高的温度，需测量液体的初温和末温，则还需测量燃料燃尽后液体的温度． 20．（1）质量 B （2）加热时间 不相等 （3）①和② （4）弱 [解析]（1）根据热量的计算公式Q吸＝cmΔt，液体吸收的热量与质量、比热容和温度的变化量有关，根据控制变量法，实验中应保持质量不变．铁架台的底座是固定的，为了方便用酒精灯外焰加热，应先调整B处的高度．（2）吸收热量的多少不易直接观察，实验中用两个完全相同的酒精灯加热，相同时间产生的热量是相同的，可以利用加热时间间接反映物质吸收热量的多少．水和煤油都从68℃升高到98℃，水的加热时间为20min，煤油的加热时间为10min，由于两个酒精灯相同，加热时间越长，表明吸收的热量越多，故两者吸收的热量是不相等的．（3）让两者升高相同的温度，加热时间越长，液体吸收的热量越多，液体吸热能力越强，故①正确；让两者加热相同时间，则两种液体吸收热量相同，比较升高的温度，升高的温度越少，液体吸热能力越强，故②正确；综上所述，可行的方案是①和②．（4）由图乙可知，加热相同的时间，两种液体吸收相同的热量，煤油的温度变化快，说明煤油的吸热能力弱． 21．（1）2.1×107J （2）50kg （3）1.05×107J （4）50％ [解析]（1）0.5kg煤气完全燃烧放出的热量Q放＝mq＝0.5kg×4.2×107J/kg＝2.1×107J． （2）水的体积V水＝50L＝50dm3＝0.05m3，由可得，水的质量m＝ρV水＝1.0×103kg/m3×0.05m3＝50kg． （3）由图像可知，加热4min，水温由20℃上升到70℃，水吸收的热量Q吸＝cm（t-t0）＝4.2×103J/（kg⋅℃）×50kg×（70℃-20℃）＝1.05×107J． （4）燃气灶烧水的效率． 22．（1）1.68×108J （2）40℃ （3）8.4×107J 50％ [解析]（1）1.2kg氢燃料完全燃烧放出的热量Q放＝m氢q氢＝1.2kg×1.4×108J/kg＝1.68×108J． （2）由题意可知，水吸收的热量Q吸＝Q放＝1.68×108J，由Q吸＝cm水Δt得，水升高的温度． （3）公交车行驶10min做的有用功W＝Pt＝140×103W×10×60s＝8.4×107J；该氢能源公交车的效率． 23．（1）2×104W （2）40％ [解析]（1）因为汽车匀速行驶，故F＝f＝800N，v＝90km/h＝25m/s，该款汽车匀速行驶中牵引力做功的功率P＝Fv＝800N×25m/s＝2×104W． （2）该汽车内燃机做的有用功W有用＝W汽＋W电＝2×104W×（16×60s＋40s）＋2×108J×10％＝4×107J；内燃机释放的总热量Q放＝qm＝5×107J/kg×2kg＝1×108J；． 学科网（北京）股份有限公司 $$