甘肃省百师联盟2024-2025学年高二下学期期末考试物理试卷

2024一2025学年第二学期高二年级期末考试 物理试卷 住意事项： 1答老前，考生务必将白己的姓名、考场号.案位号，雅考证号填写在答题卡上 2列答选挥恩时，选出每小题若案后，用铅笔把答题卡上对应题日的答案标号徐黑，如需改 动，用像皮察干净后，再选涂其桂答案标号。同答丰选择题时，将答案写在答题卡上，写在 本试卷上无数。 3,考试结桌后，将本试卷和答题款+并交风 考试时同为75分钟，满分100分 一、选择题：本共10小题，共43分。在每小画给出的四个选项中，第1~7题只有 一项符合题目要求，每小题4分：第8~10题有多项有合骊目要求，每小题5分， 全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选铺的得0分。 野外高空作业时，使用无人帆给工人运送零件。如图，某次运送过程中的一段时同内，无 人机向左水平飞行，零作用轻鲜悬挂于无人机下方，并相对于无人机静止，轻假与竖直方 向成8角。葱略零件所受空气阻力，重力知连度为g,则在族段封间内 左 零件立 A零件所受合外力为罗 武零件的帽性蓬南变大 C,零作的加道度大小为gin6 D,零件的速度逐新变大 之某运动员训练为直线运动，其一：图像如图所示，各阶段图像均为直线。划 41462 第1页（共B置） A0一2s肉，滋动员的据速度方向与速度方向相同 0一2内，运动员的平均速度为2,4m/4 C运动员在1悬末的都速度大小小于在5末的加速度大小 D,44.2一46.2内，运功员的位移为&4m 三，我因计于20年前后发射“天问三号”火星探测系能，实现火星取秤延列。若颗道器环 绕火经戴匀速嗣周运动，转道半径为r,轨道周期为T,引力#量为G,则火星的质量为 T GTT CGN 4, DGT ari ,如周历示，半径为R的刚性阅形线延悬挂在弹簧测力计下端，通有ad:方向的电简，开 帕时与匀强避答边界AB相标，算簧测力什的示数为F,:现将线图沿竖直方向樱慢上 提，现起高度为R时弹簧调力计的读数为F,,提升过程中电花大小恒为「。则避感应强 崖大小为 AFF R 4名一上 CF+F DF-F 21R 2IR 21R 5,第六代移动通信技术日们仍处于研究和探紫阶段，将与人工智能，帆器学习葆度融合。产 生无线电被的LC扳荡电路某时刻的工作状态如图（螺线管竖直置》，测该时刻 A电客墨的电背量正在增大 戌线圈中道场方向竖直向下 振嵩电路的电谊正在诚小 D,规圈内的题场能正在增短 第2菊（共8置） 6知图所示，交篷发电机中的线德ACD语逆时针方向匀速转动，产生的电动势随时间空 化的规律为？一10n(100+)V,已知发电机线圈的内阻为2，外援定值电阻的阻值为 180,其它电慰不计。下列说法正确的是 入.淡交流电的顺率为100H山 B线围转到图示位置时，产生的电站势最大 C电额表的示数为Q.sA D,仅线属转速加倍，电动劳的履大值变为10反V 7.一匀翼电场的方向平行于xO平面，平面内A点和B点的位置如图所京，电营量为 十q、一g和十g《Q>0》的三个试探电而先后分别置于O点，A点和B点时，电务能均为 E,(E,>O)。下列说法正确的是 A.OA中点的电势不为零 我0A两点的电势差为-2E C电场的方向有言轴正方向成60”角 几电酱强度的大小为2E &.下列说法正确的是 第3（共B置） A因甲是烈缝干崔原罪图，若只增大挡教上两个换整S,5:间的矩离d,两相常亮条纹 间距离将减小 B图乙中，C摆开地振动后，A、B,D三个塑中B里的张幅量大 C图丙教护车向右运动的过程中，A所到该教护车警苗声的颗率比B听到的小 D,图丁光在刻盘后的影的中央存在一个充斑，是光的附射凳象 9,一列简谐机数在介霞中沿直线传插，其被长大手1m::,b为介质中平衡位置相距2m的 两质点，其振动图像如图所示。刚=0时的波形图可能为 41明 nm cm B D 10,在吸直向下，燕感皮强度大小为B的匀强蓝场中，两根足够长的平行光滑金属轨道 MN,PQ周定在水平面内，相臣为L,,一质量为m韵静体褥b弄直干MN,PQ数在 道上，与轨道楼触好。轨道和导体棒的电阻均不计，若轨道左滑MP可楼一阻值为R 的电阻，如图甲所示，导体得在水平向右韵恒力F韵作用下由静止开始好动，最瓷稳定 时，通这标体棒的电麓为I,钟体棒的违度大小为：，静体棒两隋点2,6的电势分别为 单：：，若将电换授电容为C,开始不带电的电容蓉如图乙断示，某时刻给导体棉一个 向右的初速度，导体棒最终的稳定速度大小为。下刘说法正确的是 ×8B* 加共g■州年 甲 乙 F A甲，<F B1一8L FR C.v-BLI D.o-BILIC 第4页（共8置） 二，非选择题：本题共5小题，共7分。 11.《6分)士图甲所示，打点计时器司定在铁架台上，使重物帝动低带从静止开始白由下落， 利用此装置“验证机械能守缸定律” 接电 -打点计 看物 甲 (1)供实险选择的重物有以下四个，最优选择为 A质量为10g的走码 我质量为20黑的木球 C题量为5切著的显料塔 D.质量为200g的铁球 (2)下图是四位日学释致纸花时间的粗片，你认为操作正确的是 (3)实验所用电源的颗率为5动Hz,某同学选择了一条理型的：带，用刻度尺测得各计数 点到D点的距离，如图乙所示，图中O点是打点计时器打出的第一个点，A,A.C分别是 每打两个点章出的计数点。重力加速度：取B.8m/谷。若重桶的置量为1.G0kg,当打 点计时琴打到日点时重锤的重力势能比开始下落时藏少了 」：此时重悟的功饱 比开给下落时增知了 」。（结果均保厢三位有效数字） 24am 网有 17 乙 第5页（共B置） 12(9分)某同学要用实验室是供的器材测量干电施电动势和内阻。可用器材有：电压表 (量程1,5V,内阳约为1,5k0)、电流表（量程0,6A)、滑动变阻器、开关、千电泡和导线 若干。该司学开张了以下实隐， y 甲 1)用图甲所示电路测量电流表的内阻。图乙为某次测量时电压表和电流表的指针篇转情 况，电流表的读数为A:可视电流表内阻R,= 保留两位有效数字). (2)用图丙所示电路测量干电法电动势和内阻。电压表读数、电藏表读数，干电池内阻和 电花表内阻分判用U.I，和RA表示。则千电抛电动势E一U十（用1，F和R。 表常). (3)调节粉动变阻举测得多组电表读数，作出图丁所示的U一】图像。侧铸测十电法电 动势E一 V(保葡三位有效数字)，内阻：一 (保葡两位有效数字)。 150 130 13 13.(10分)如图。一个储油桶的底雅直整与高均为d。当量内设有消时，从某点A恰能看到 桶底边缘的某点B。当桶内油的深度等于辑高时，仍沿AB方向看去，给好看到辑底上 的点C,C.B两点相距号，已知光在直空中的传插速度为c,求： (1)油的折射率： (2)呢在轴中传播的速度。 第6萄（共8置） 14.(15分)如图所示，面量M一3k氢的长木板c故在光滑水平直上，本板的上表面和水平平 台齐平，骨块：，山放置在平台上，中同用闲线相连且压第一个轻弹簧（弹簧与滑块不松 接)。已知ab的衡量均为m一1kg,弹簧的弹性特能为4J,观将a.b间每线绕唐，滑 块6离开弹簧后滑上长木板，最终给好未从长木版上帝下：，滑块6与长木版上表面之同 的动摩擦因数：一，2。滑块b可混为置发，登过平台和长木板的们接点时不损失能 量。求： 《1)滑块6滑上长木板们的速度大小： 《2)整个运动过程中，长木板所受摩擦力的冲量大小1： (3)长木板的长度L及长木板知速过程远动的使移大小x。 2222220W2 第7页（共B置） 15.17分)如图，水平虚线上方区域有垂直于纸面向外的匀强磁插，下方区线有繁直向上的 匀烈电场。疑量为用，带电荷量为g(g>0)的粒子从验场中的：友以速度，向右水军 发射，当粒子进人电场时其速度沿右下方向并与水平虚线的夹角为60，然日粒子又射出 电场意新进人运场井通过右侧6点，酒过6点时其速度方向本平向右。：，山甲术平虚线 的面离均为k,两点之同的距离1=35五。不计重力。求， (1)想应蛋度的大小： (2)电肠强度的大小： (3)粒子从4点到多点所用的时同。 第8勇（共8置） 2024一2025学年第二学期高二年级期末考试 物理参考答案及评分意见 1D【解析】对零件受力分析，受重力和绳子的拉力，由于零件沿水平方向做直线运动，可知合外力沿水平方向，提 供水平方向的加速度，零件水平向左做匀加速直线运动，速度逐渐变大，A错误，D正确：根据牛顿第二定律 有mg tan8=ma,解得a=gtan9,C错误，惯性的大小只与质量有关，零件的质量不变，故零件的惯性不变，B 错误。 2B【解析】0~2s内，运动员做诚速运动，加速度方向与速度方向相反，A错误；0~28内的平均速度 2.8+2.0 2m/s2=-0.4m/s2,其大小为a|= 2 m/s=2.4m/s,B正确：运动员在1s末的加速度a=2.0-2.8。 2-0 04n/,在5s末的加速度&二2二02m/尽=0.1m/S,C错误：4.246.2s内的位移x (2.2+2.0)×2 m=4.2m,D错误。 3.A【解析】轨道器绕火星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，可得GM= 4 2=m T1,解得M=4r, GTTA 正确。 4B【解析】开始时与匀强磁场边界AB相切，线框不受安培力的作用，其重力G=F1,提起高度为R时，线圈受 到安培力F美=BIX2XR,根据左手定则判断，安培力方向向下，此时F,=G十F发，解得B=P,B正确。 5D【解析】由题图可知，电流从电容器的正极板向外流出，则该时刻电容器正在放电，电荷量正在减小，故电路中 的电流正在增大，线圈内的磁场能也正在增大，A、C错误，D正确：由螺线管中导线的绕向，结合安培定则可知， 线圈中磁场方向竖直向上，B错误。 6.B【解析】根据题意可知，该交流电的凝率∫一云一50，A错误：线圈转到图示位置时，磁场与线圈平面平行， En 2 磁通量最小，磁通量变化率最大，感应电动势最大，B正确：电流表的示数为电流的有效值，则【一R十， 10 2 78千2A-A,C错误；根据题意，由公式E。一NBSw可知，仅线圈转速加倍，电动势的最大值变为原来的 4 倍，为20V,D错误。 7.D【解桥】根据题意可知O点，A点和B点的电势分别为P0-E, 9 2,9B-2g 8(d.d) 故OA中点的电势PM-P0士P=0,A错误：OA两点的电势差Uam=P0一gA 2 2E:,B 错误：如图，设N点为AB的三等分点，同理易知N点电势为O,连接MN为一条等势 M A(d.0) 线，过A点做MN的垂线，可知电场线沿该垂线方向，指向右下方，由AM=AN可知∠NMA=45°，故电场的方 物理答案第1页（共4页） 0-E, 向与x轴正方向成45角，C错误，电场强度的大小为E 2反E,D正确。 2d·cos45 8AD【解析]根据△x=宁，可知若只蜡大挡扳上两个秋缝SS,间的距离d,两相邻亮条纹间距离将减小，A 正确，图乙中.C摆开始报动后A,B,D三个损做受追振动，由T=2x厂可知A摆和C摆的周期相等，A损 发生共振，振幅最大，B错误：据多普勒效应可知，救护车向右运动的过程中，A听到警笛声的频率大于救护车发 出的警笛声的频率，B听到警笛声的频率小于救护车发出的警笛声的频率，则A听到该救护车警笛声的频率比 B听到的大，C错误：图丁光在圆盘后的影的中央存在一个亮斑，是光的衍射现象，D正确。 9AD【解析】根据振动图像可知当被的传播方向为a到6时，2=子十以(a=0,1,2…)A>1m,解得n=0 或1，即xw=子入或A,当波的传播方向为5到a时，x=子十以(n=01,2,…）,A>1m,解得n=0或1，即 ,同时t=0时，口处于平衡位置，b处于波谷位置，结合图像 10,BC【解析】根据右手定则，可判断电流方向由b到a,所以a点电势大于b点电势，A错误；导体棒αb向右做 加速度减小的加速运动，当安培力与外力F平衡时，导体棒b达到最大速度1，有BIL=F,I一尽，E=BL F FR 解得I一B配心1一B元B,C正确：导体棒向右运动，切制磁感线，产生感应电动势，从而为电容器充电，以导体 棒为研究对象，根据动量定理有一BL△t=mv2一m0,q=It,可得一BLq=mv:一mvo,根据电容的定义可知 mU。 g=CU,导体棒稳定运动时，电容器两端电压U=BLwg,联立解得v:=m十BLCD错误。 11.(1)D(1分)(2)A(1分)(3)1.85(2分)1.68（或1.67）(2分) 【解析】(1)为了减小空气阻力的影响，重物应选用质量大、密度大的小球，则最优选择为质量为200g的铁球，D 正确。 (2)释放纸带时，要保证纸带竖直与限位孔无摩擦，并且物体要靠近打点计时器从而充分利用纸带，A正确， (3)重锤从开始下落到打B点时，减少的重力势能△E。=mgha=1×9.8×18.90×10-2J≈1.85J,打B点时速 度v。一2计数点间时间间隔T=子=0.04s,从重锤下落到打B点时增加的动能△5，= 2mv,联立解 得△E.≈1.68J。 12.(1)0.58(1分)1.0(2分)(2)I(r+Ra)(2分)(3)1.40(2分)1.0(2分) 【解析】(1)由图乙可知，电压表读数U=0.60V,电流表读数I=0.58A,根据欧姆定律可得电流表内阻RA= U0.60 T-0.58n≈1.0n. (2)由闭合电路欧姆定律可知，干电池电动势的表达式为E=U+I(r+R)。 物理答案第2页（共4页） (3)根据E=U+I(r十R)变形为U=一(r十Ra)I+E,根据图像可知，纵截距b=E=1.40V,斜率的绝对值 1k=r+RA=1,40-1.00 0.20-0 0=2.02,所以待测干电池电动势E=1.40V,内阻r=1.02。 13.(1)52 V2c 6 (2) 5 【解析】(1)当桶内油的深度等于桶高时，仍沿AB方向看去，恰好看到桶底上的点C,如图所示。根据几何关系 d 可得tani= d =1(1分) d d 43 tanr=- d =41分) 可得i=45°，r=37 根据折射定律可得油的折射率m一册二2分) 师得=2分 (2)光在油中传播的速度。=￡(2分) 解得口=3巨(2分) 5 14.(1)2m/s(2)1.5N·s(3)0.75m0.1875m 【解析】(1)滑块a、b弹开的过程中，整个系统动量守恒，则有m.v.=msv。(2分) 由于两物块的质量相等，则有。=U。 根据能量守恒定律有B,-了m心i十宁m82分) 1 解得v。=2m/s(1分) (2)滑块b滑上长木板后，最终恰好未从长木板上滑下，说明滑块b到达长木板的最右端二者恰好共速，设它们 共同的速度为？，滑块及长木板组成的系统水平方向不受外力，动量守恒，则有m0。=(M十m)(2分) 解得v=0.5m/s 对于长木板而言，根据动量定理有I=M0一0(2分) 解得1=1.5N·s(1分) （3)根据能量守恒定律可知了mi=M+mp+mgL(2分) 代入数据，解得长木板的长度L=0.75m(1分) 对于长木板，根据动能定理有mgx= 2Mu2-0(1分) 3 解得x=6m=0.1875m1分） 物理答案第3页（共4页） 15.1)0。(2（3)65+4h 2gh 2gh 3v0 【解析】(1)根据题意可知，画出粒子的运动轨迹，如图所示 由题意可知8=60° 设粒子在磁场中做圆周运动的半径为r,由几何关系有r=rcos9十h(1分) 解得r=2h 由牛顿第二定律有gm,B=m5(2分) 解得B-1分) (2)根据题意，由对称性可知，粒子射出电场时，速度大小仍为，方向与水平虚线的夹角为60°，由几何关系可 得AB=s-2rsin0=3√3h-2√3h=√3h(1分) 则粒子在电场中的运动时间，=，AB。 cos日(2分) 解得41-23力 沿电场方向上，由牛顿第二定律有gE=ma(2分) 由运动学公式有-vosin0=vosin0-at1(2分) 联立解得E=m0（1分) 2gh (3)粒子在磁场中的运动周期T=2(2分) 120° 粒子在磁场中的运动时间：=360·T(1分) 解得t:一300 4πh 又t=t1十t红(1分) 解得1=65+4ha分) 3U0 物理答案第4页（共4页）