2025年广东省广州市越秀区广东实验中学教育集团中考物理二模试卷

2025年广东实验中学教育集团中考物理二模试卷 一、单选题：本大题共10小题，共30分。 1.如图是加油站里常见的“静电释放器”，服务员提油枪加油前，必须用手触摸静电释放器来清除身体上的静电，下列说法中正确的是（　　） A. 静电释放器要与大地相连 B. 静电释放器要由绝缘材料制成 C. 静电释放器主要释放的是汽车所带的静电 D. 人体带的电荷是人体与衣服摩擦过程中创造出来的 2.如图所示，瓶子和电子打火器固定在桌面上，用喷雾器往瓶内喷入酒精，瓶口竖直朝上，井塞紧活塞，启动电子打火器点燃酒精，可观察到活塞瞬间向上弹出，以下说法正确的是（　　） A. 酒精燃烧的过程中，将酒精的内能转化为化学能 B. 活塞能向上弹出是由于瓶内气压小于瓶外气压 C. 活塞飞出后向上的运动过程中，以活塞为参照物，电子打火器是静止的 D. 活塞飞出过程，瓶内气体的内能转化为活塞的机械能 3.有一款新型水杯，图甲为其内部结构图，杯壁的不锈钢夹层中有晶体传热材料。取0.3kg该晶体材料，对其进行加热，其温度与吸收的热量关系如图乙所示，AB阶段为固态，BC阶段为固液共存态。下列分析正确的是（　　） A. 杯中的水在降温过程中，水的分子热运动变剧烈 B. 该晶体材料处于固态时的比热容为103J/（kg•℃） C. 在BC段，该晶体材料的内能保持不变 D. 该晶体材料的熔点为30° 4.如图所示，水面上方有一发光点S，a、b、c、d是S发出的四束光线，其中一束光线射入水中经过M点。已知光线b的延长线经过M点，则该束光线可能是（　　） A. a B. b C. c D. d 5.铁路系统实行电子检票，乘客进站需识别身份证和人脸，当“人”“证”一致（两个开关均闭合）时，识别电路被接通，闸门M自动打开。以下电路可实现上述要求的是（　　） A. B. C. D. 6.如图所示，磁性板擦吸在竖直悬挂的白板上保持静止，白板由铁质材料制成，下列说法正确的是（　　） A. 板擦受到的重力与板擦受到的摩擦力大小相等 B. 增大板擦对白板的压力，板擦仍处于静止时，板擦受到的摩擦力增大 C. 板擦对白板的吸引力与白板对板擦的吸引力是一对平衡力 D. 板擦受到的重力与白板对板擦的摩擦力是一对相互作用力 7.在信息传递比赛中，小敏同学制作了一套如图装置传递信息，闭合开关，手动将导体a沿导轨水平向右移动，导体b也随之向右运动起来。忽略导体与导轨之间的摩擦，关于此过程，下列说法中正确的是（　　） A. a动起来是因为电流的磁效应 B. a水平向右移动的过程中，相当于发电机 C. 若手动将a沿导轨水平向东移动，b会运动 D. b的能量转化是：机械能转化为电能 8.小满在探究杠杆平衡条件的实验时先后经历了以下过程：①如图甲，杠杆处于静止状态；②调节平衡螺母使杠杆水平平衡后，在A点悬挂重为2N的钩码，同时在B点施加竖直向上、大小为1N的力F1，如图乙；③撤去F1，在C点处施加一个方向与杠杆成30°的拉力F2时，杠杆水平静止，如图丙。 下列说法正确的是（　　） A. 图甲中的杠杆处于不平衡状态 B. 图乙中的杠杆能平衡 C. 图丙的杠杆为等臂杠杆 D. 图丙的F2=1N 9.如图所示，王亚平在“天宫“弹奏古筝，分别拨动古筝的八、十三号弦，用同一设置的相机拍摄到两弦最左摆到b处，最右摆到c处，静止时在a处。测出每振动880次，八号弦用时2s,十三号弦用时4s,则八号弦（　　） A. 从a→c→a过程振动了1次 B. 频率为880Hz C. 音调比十三号弦高 D. 振幅比十三号弦大 10.如图a所示，用甲、乙两个滑轮组分别将同一物体在相同时间内匀速提升相同高度，拉力分别为F甲、F乙，此过程相关数据如图b所示。下列说法正确的是（　　） A. F甲的功率等于F乙的功率 B. 两滑轮组的机械效率相等 C. 两滑轮组的有用功相等 D. 两滑轮组绳子自由端移动距离相等 二、实验探究题：本大题共5小题，共42分。 11.田田在“测量小灯泡正常发光时电功率”的实验中，实验电路如图甲所示，小灯泡L1额定电压为2.5V，电源电压保持为4.5V不变，滑动变阻器标有“20Ω，1A”字样。 （1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应放置在______端（选填“A”、“B”）；闭合开关，应移动滑动变阻器滑片，当电压表示数为______时，小灯泡L1正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡L1正常发光时的电功率P1=______。 （2）田田想比较P1与另一个额定电压也为2.5V的小灯泡L2正常发光时电功率P2的大小关系，他将L1替换成L2接入电路，闭合开关后，他调节滑动变阻器使L2正常发光，此时电流表示数如图丙所示，依据上述现象，可推断出P1______P2（选填“＞”、“=”或“＜”）。 12.如图所示是蹦极运动的简化示意图，弹性绳一端固定在O点，另一端系住运动员，运动员从O点沿着虚线由静止开始下落，A点处弹性绳处于原长。B点处运动员受到的重力与弹性绳对运动员拉力相等，此时运动员速度最大，C点是蹦极运动员到达的最低点，运动员从O点到C点的运动过程中忽略空气阻力，则： （1）运动员从O运动到A的过程中经过D点，请你在虚线框内对到达D点运动员作受力分析；此时，运动员处于______状态（选填“平衡”、“非平衡”）状态； （2）运动员在B点的机械能为EB，在C点的机械能为EC，则EB______EC（选填“＞”、“=”、“＜”）； （3）运动员到达C点时速度为0； ①此时，运动员所受弹力______重力（选填“＞”、“=”、“＜”）； ②此时，若运动员受到的所有力都消失，他将______（选填下列字母）。 A.运动员将沿着C-B-A做匀速直线运动 B.运动员将沿着C-B-A做减速直线运动 C.保持静止 D.运动员将从C向下做加速直线运动 13.厨房里带开关的插座如图甲所示。 （1）在图乙中，请用笔画线代替导线完成插孔、开关剩余部分的接线，使开关能控制插座（提供220V的电压）的供电，符号“”为可以接线的位置； （2）为防止漏电带来的危害，铁皮外壳的电饭锅应该使用______（选填“两孔”、“三孔”）插座。 （3）电饭锅（铭牌如图丙所示）插头插好后，闭合插座开关，发现空气开关（额定电流20A）跳闸。为了找出跳闸原因，小明做了以下操作： ①把家中其它正在工作的用电器逐个断电，再把空气开关复原； ②再次闭合插座上的开关，空气开关没有跳闸； ③把电饭锅插头再次插入插座时，空气开关立刻跳闸。 由此判断：空气开关跳闸的原因可能是______（选填下列字母）。 A.火零线短路 B.插座短路 C.插头短路 （4）排除故障后，电饭锅通电时，锅的温度逐渐升高，此时锅内的水温也随之逐渐升高，这是通过______的方式改变锅内水的内能。饭煮好后，由于______（选填下列字母），小明在客厅闻到饭香。 A.分子间有引力 B.分子间有斥力 C.分子做无规则运动 14.小明同学利用以下器材测量金属球的密度，按图示完成以下步骤。 步骤一：用电子秤测出金属球的质量，如图甲所示； 步骤二：在电子秤上放一溢水杯，然后向溢水杯中注满水，测出总质量，如图乙所示； 步骤三：将金属球缓慢放入溢水杯中，溢的水用小桶接走，测出总质量，如图丙所示； 已知ρ水=1g/cm3=103kg/m3，g=10N/kg,回答以下问题： （1）金属球的重力为______N； （2）图丙中金属球所受浮力为______N； （3）图乙、丙中溢水杯底部的液体压强为p1、p2，则：p1______p2（选填“＞”、“=”、“＜”）。 15.在综合实践活动中，小林自制了一个坐位体前屈项目测试仪，如图1甲所示，请完成小题。 （1）测试仪的内部电路图如图1乙所示，电源电压恒为10V，R1=40Ω，电阻丝R2粗细均匀，总长度为30cm。闭合开关，挡板P在B端时，坐位体前屈成绩为0cm,此时电流表示数为0.1A；挡板P在A端时，坐位体前屈成绩为30cm。 （1）使用坐位体前屈项目测试仪时，电压表示数越大，代表坐位体前屈成绩越______（选填“好”、“差”）； （2）挡板P由B端向A端滑动的过程中，电流表示数______（选填“变大”、“变小”或“不变”）； （3）当推动挡板P至A端时，电压表示数是______V。 （4）小林自制的坐位体前屈项目测试仪在使用过程中经常会因为温度过高而停止工作，为了解决这个问题，小林设计了如图2所示的“自动制冷降温装置”，要求：当测试仪的温度过高时，电磁铁把衔铁吸下，接通工作电路，启动降温系统； ①已知控制电路电源电压U1恒定不变，为了符合设计要求，需要在虚线框内接入一个热敏电阻，现有R1、R2两个热敏电阻可供选择，其阻值随温度变化的关系如表所示，应选用______（选填“R1”或“R2”）接入电路： t/℃ 20 30 40 50 60 R1/Ω 200 125 90 75 70 R2/Ω 25 30 45 60 105 ②控制电路接通时，电磁铁的上端为______（选填“N”、“S”）极。 三、综合题：本大题共2小题，共18分。 16.如图，MN是一发光物，在凸透镜左侧移动光屏，能观察到一清晰等大的实像。O是凸透镜的光心，光线a平行于主光轴。 （1）画出：光线a经过凸透镜的折射光线； （2）将另一凸透镜替换图中凸透镜，并放在相同位置，在新透镜左侧能观察到缩小的实像。新凸透镜焦距f可能是______（选填下列序号）。 ①20cm ②15cm ③10cm ④5cm 17.重力储能是一种新型储能方式，它可以将发电机组产生的富余电能通过提升重物实现储存，再通过释放重物实现能量输出，其转化过程如图甲所示，如图乙所示为某重力储能综合项目，其中发电机组的平均发电功率为106W，某次系统利用发电的富余电能，将6×105N的重物A从地面提升至40m的高度处，实现能量储存，根据相关信息，完成以下问题（g取10N/kg）。 （1）储能系统产生的电能为______（选填以下字母）； A.一次能源 B.二次能源 C.可再生能源 D.不可再生能源 （2）发电机组发电60s平均产生的电能______J，这部分能量相当于完全燃烧______kg酒精获得的能量（q酒精=3×107J/kg）； （3）储能系统将重物A匀速提升至40m高处的过程中，系统对重物所做的功是多少？ （4）重物A在某高处的重力势能为2.4×107J，从静止释放重物A，将重力势能转化为电能，实现发电，重物A落到地面时，重力势能变为0，此过程产生的电能为1.2×107J，则该过程重力势能转化为电能的效率是多少？ 1.【答案】  【解析】解：A.静电释放器要用与大地相连，故A正确； B.静电释放器要由导体材料制成，故B错误； C.静电释放器主要释放的是人体所带的静电，故C错误； D.人体带的电荷是人体与衣服摩擦的静电，故D错误； 故选：A。 不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移。 本题刻度摩擦起电的实质，属于基础题。 2.【答案】  【解析】解：A、酒精燃烧的过程，是将酒精的化学能转化为内能，使瓶内气体内能增加，温度升高，故A错误。 B、活塞能向上弹出是因为酒精燃烧使瓶内气体温度升高，气压增大，瓶内气压大于瓶外气压，瓶内气体对活塞产生向上的压力，从而将活塞推出，故B错误。 C、活塞飞出后向上运动过程中，以活塞为参照物，电子打火器相对于活塞的位置在不断变化，所以电子打火器是运动的，故C错误。 D、活塞飞出过程中，瓶内气体对活塞做功，将瓶内气体的内能转化为活塞的机械能，与汽油机的做功冲程能量转化相同，故D正确。 故选：D。 （1）燃料燃烧时的能量转化是化学能转化为内能。 （2）活塞能向上弹出是因为酒精燃烧使瓶内气体温度升高，气压增大，瓶内气压大于瓶外气压，瓶内气体对活塞产生向上的压力，从而将活塞推出。 （3）物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。 （4）汽油机的做功冲将内能转化为机械能。 本题考查了燃料燃烧时能量的转化，运动与静止的相对性及内能的利用。 3.【答案】  【解析】解：A、杯中的水在降温过程中，水的分子热运动变得更缓慢，故A错误； B、由图乙可知，该晶体温度升高Δt=50℃-40℃=10℃，吸收的热量Q=6×103J-3×103J=3×103J， 则该晶体材料处于固态时的比热容：c===103J/（kg•℃），故B正确； C、在BC段，该晶体材料正处于熔化过程，晶体熔化时，吸收热量，内能增加，温度保持不变，故C错误； D、由图可知，该晶体材料的熔点为50℃，故D错误。 故选：B。 （1）温度越高，分子运动越剧烈； （2）根据图中信息，利用c=求出该晶体材料处于固态时的比热容； （3）晶体熔化时，吸收热量，内能增加，温度不变； （4）晶体熔化时的温度叫做这种晶体的熔点。 本题考查分子热运动、晶体熔化的特点、内能的影响因素以及比热容的计算，能从图中获取相关信息是解题的关键。 4.【答案】  【解析】解：光从空气斜射入水中，所以折射角小于入射角，折射光线应靠近法线，则光线a符合要求，光线a与水面交点为入射点，连接入射点与M的连线为折射光线，故A正确，BCD错误。 故选：A。 光的折射规律：光从空气斜射入水或其它透明介质中时，折射光线与入射光线、法线在同一平面上，折射光线和入射光线分居法线两侧；折射角小于入射角，据此分析解答。 此题主要考查了光的折射光路的画法，关键是搞清折射角与入射角之间的关系。 5.【答案】  【解析】解：根据题意可知，只有“人”“证”一致的情况下，闸机自动打开，这说明“人脸识别”开关和“身份证识别”开关相互影响，是串联的，然后与电动机串联，故B正确。 故选：B。 根据题意分析两个开关的连接方式，从而得出正确的电路图。 本题考查根据要求设计电路，逐一对每个电路进行分析，找出与题中条件相符合的电路图即可。 6.【答案】  【解析】解：A、板擦受到的重力与板擦受到的摩擦力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上，是一对平衡力，故A正确； B、增大板擦对白板的压力，板擦仍处于静止时，板擦受到的重力与板擦受到的摩擦力是一对平衡力，大小相等，重力不变，摩擦力不变，故B错误； C、板擦对白板的吸引力与白板对板擦的吸引力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故C错误； D、板擦受到的重力与白板对板擦的摩擦力作用在同一物体上，不是一对相互作用力，故D错误。 故选：A。 （1）通过对黑板擦所处的状态的分析，然后利用二力平衡的条件再分析其受到的摩擦力； （2）根据二力平衡条件分析增大板擦对白板的压力，板擦仍处于静止时，板擦受到的摩擦力的变化； （3）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上； （4）相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。 本题考查平衡力和相互作用力的知识，属于基础题。 7.【答案】  【解析】解：闭合开关，导体a和b组成一个闭合电路，闭合电路的一部分导体a在磁场中进行切割磁感线运动，闭合电路中有了感应电流，这种现象是电磁感应现象；电路中有了感应电流之后，感应电流经过导体b,导体b成为通电导体在磁场中受力而运动，这是电动机的工作原理。 AB、a动起来是外力拉动，a的原理是电磁感应的原理，不是电流的磁效应，生活中的应用是发电机，故A错误，B正确； C、将a沿导轨水平向东移动，根据图中知，没有切割磁感线，左侧不会产生电流，则右侧导体不通电，不能运动，故C错误； D、b的原理是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理，能量的转化是：电能转化为机械能，故D错误。 故选：B。 利用电磁感应和通电导体在磁场中受力的有关知识逐个分析四个选择项，从而得到答案。 此题综合了电磁感应和通电导体在磁场中受力的相关知识，题目的综合性较强。 8.【答案】  【解析】解：A、图中杠杆静止，处于平衡状态，故A错误； B、图中左右两侧的作用力都是使得杠杆逆时针转动，没有阻力，故不能平衡，故B错误； CD、图丙中物体拉力的力臂为2格长，根据几何知识知，动力的力臂为4格的一半，也是2格长，故动力臂等于阻力臂，根据杠杆平衡条件知，则动力等于阻力为2N，故C正确，D错误。 故选：C。 （1）杠杆静止或匀速转动都是平衡状态； （2）根据动力与阻力使得杠杆的转动方向相反分析； （3）根据图中分析动力臂，结合杠杆平衡条件计算。 本题考查杠杆的平衡与平衡条件的应用，属于中档题。 9.【答案】  【解析】解： A、根据图示可知，从a→c→a过程中，振动了0.5次，故A错误； BC、每振动880次，八号弦用时2s,十三号弦用时4s,则八号弦的频率为f==440Hz,十三号弦的频率为f'==220Hz,八号弦音调比十三号弦高，故B错误、C正确； D、根据图示可知，八号弦振幅比十三号弦小，故D错误。 故选：C。 物体一秒内振动的次数叫做频率；频率越大，音调越高；根据图示分析振幅的大小关系。 本题考查了频率、振幅的大小，属于基础题。 10.【答案】  【解析】解：A、由图2可知，甲、乙滑轮组的总功和额外功分别为W总甲=1200J、W额甲=600J，W总乙=800J、W额乙=200J，甲做的总功大于乙做的总功，做功相同时间，根据可知，甲的功率大于乙的功率； BC．甲、乙滑轮组做的有用功分别为： W有甲=W总甲-W额甲=1200J-600J=600J， W有乙=W总乙-W额乙=800J-200J=600J， 甲、乙滑轮组的机械效率分别为： ， ， 所以η甲＜η乙，故B错误，C正确； D、由图a可知，甲滑轮组中，n甲=3；乙滑轮组中，n乙=2；绳子自由端移动距离分别为： s甲=n甲h=3h, s乙=n乙h=2h, 两滑轮组绳子自由端移动的距离不相等，故AD错误。 故选：C。 （1）根据P=确定甲、乙装置中拉力的功率之间的关系； （2）根据W有=W总-W额求得甲、乙滑轮组做的有用功，根据η=×100%求出甲、乙滑轮组的机械效率，比较得出η甲、η乙的大小关系； （3）由甲、乙两图可知，甲滑轮组中，n甲=3；乙滑轮组中，n乙=2；根据s=nh可知绳子自由端移动距离s甲、s乙的大小关系。 本题考查滑轮组中功、功率和机械效率的大小比较，关键是n的确定以及根据柱状图得出总功和有用功的大小。 11.【答案】  【解析】（1）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P应放置在阻值最大处，即A端；灯在额定电压下正常发光，闭合开关，应移动滑动变阻器滑片，当电压表示数为2.5V时，小灯泡L1正常发光，此时电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，则小灯泡L1正常发光时的电功率 P1=U1I1=2.5V×0.3A=0.75W （2）田田想比较P1与另一个额定电压也为2.5V的小灯泡L2正常发光时电功率P2的大小关系，他将L1替换成L2接入电路，闭合开关后，他调节滑动变阻器使L2正常发光，此时电流表示数如图丙所示，示数为0.2A，因两灯的额定电压相同，根据P=UI可知，推断出P1＞P2。 故答案为：（1）A；2.5V；0.75W；（2）＞。 （1）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P应放置在阻值最大处；灯在额定电压下正常发光；根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI得出小灯泡L1正常发光时的电功率； （2）L2正常发光时，得出此时电流表示数，因两灯的额定电压相同，根据P=UI分析。 本题测量小灯泡正常发光时电功率，考查注意事项、操作过程和电功率大小的比较。 12.【答案】  【解析】（1）运动员从O运动到A的过程中经过D点，弹性绳没有发生弹性形变，忽略空气阻力，运动员在D点只受重力作用，方向竖直向下，如图所示： 运动员在D点只受重力作用，向下做加速运动，处于非平衡状态； （2）由B到C的运动过程中，弹力大于重力，运动员的机械能转化为弹性绳的弹性势能，运动员的机械能逐渐减少，故EB＞EC； （3）①B点处运动员受到的重力与弹性绳对运动员拉力相等，由B到C的过程中，运动员受到的重力不变，弹性绳的弹性形变的程度越来越大，运动员受到的弹力逐渐变大，所以运动员到达C点时，所受弹力大于重力； ②运动员到达C点时速度为0，此时，若运动员受到的所有力都消失，由牛顿第一定律可知，他将保持静止，故选：C。 故答案为：（1）见解析；非平衡；（2）＞；（3）①＞；②C。 （1）首先对运动员进行受力分析，再完成力的示意图； 平衡状态指的是物体静止或处于匀速直线运动状态； （2）由B到C的运动过程中，运动员的机械能转化为弹性绳的弹性势能； （3）①B点处运动员受到的重力与弹性绳对运动员拉力相等，据此判断C点运动员所受弹力与重力的关系； ②由牛顿第一定律可知，一切物体在不受外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。 本题考查了力的示意图、物体平衡状态的判断、机械能的转化、牛顿第一定律，属于综合题。 13.【答案】  【解析】（1）在图乙中，使开关能控制两个插座（均能提供220V的电压）的供电，则开关应接在干路上，两插座并联，右孔接火线、左孔接零线、上孔接地线，连接图如下所示： （2）为了安全，铁皮外壳的电饭锅应该使用三孔插座，使铁皮接地。 （3）电饭锅（铭牌如图丙所示）插头插好后，闭合插座开关，发现空气开关（额定电流20A）跳闸。为了找出跳闸原因，小明做了以下操作： 操作1：把家中其它正在工作的用电器逐个断电，再把空气开关复原。 操作2：再次闭合插座上的开关，空气开关没有跳闸。 操作3：把电饭锅插头再次插入插座时，空气开关立刻跳闸。 由此判断：空气开关跳闸的原因可能是电饭锅插头有短路现象。故选：C。 （4）排除故障后，电饭锅正常煮饭，通过热传递的方式使锅内的水内能增大。饭煮好后，小明在客厅闻到饭香。这是扩散现象，表明分子做无规则运动，故选C。 故答案为：（1）见解析；（2）三孔；（3）C；（4）热传递；C。 三孔插座的接法：右孔接火线、左孔接零线、上孔接地线。 家庭电路中电流过大的两种原因。 改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程；扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。 本题考查了家庭电路的连接，电路中电流过大的原因，改变内能的方式和扩散现象。 14.【答案】  【解析】（1）由甲图知，质量为50g,金属球的重力为 G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N （2）图丙中金属球排开水的质量为 m排=50g+40g-70g=20g 根据阿基米德原理所受浮力 F浮=G排=0.02kg×10N/kg=0.2N （3）图乙、丙中溢水杯底部水的深度相同，根据p=ρgh,液体压强为p1、p2，则：p1=p2。 故答案为：（1）0.5；（2）0.2；（3）=。 （1）由甲图可知金属球质量，根据G=mg得出金属球的重力； （2）根据三个图得出金属球排开水的质量，根据阿基米德原理和G=mg得出所受浮力； （3）图乙、丙中溢水杯底部水的深度相同，根据p=ρgh分析。 本题考查重力公式、阿基米德原理及液体压强公式的运用。 15.【答案】  【解析】（1）电压表示数与成绩的关系电路中R1与R2串联，电压表测量R2两端电压；坐位体前屈成绩越好，挡板P向A端滑动距离越大，R2接入电路的电阻越长（因R2粗细均匀，电阻与长度成正比）；根据串联分压原理，R2电阻越大，其两端电压（电压表示数）越大；因此，电压表示数越大，成绩越好； （2）电流表测量电路电流；由于电压表的内阻很大，所以挡板P由B端向A端滑动时，电阻丝R2接入电路的电阻不变，电路的总电阻不变，由欧姆定律可知，挡板移动过程中，电路中的电流不变，即电流表示数不变； （3）当推动挡板P至A端时，电压表测R2两端电压，此时电路中的电流为0.1A，根据欧姆定律可知，R1两端电压为： U1=IR1=0.1A×40Ω=4V， 根据串联电路电压规律可知，R2两端电压为： U2=U-U1=10V-4V=6V，即电压表示数为6V； （4）①温度过高时，需电磁铁吸下衔铁，即控制电路电流需增大；根据欧姆定律，电源电压恒定，电流增大时，控制电路电阻需减小；由表格可知，R1随温度升高阻值减小，R2随温度升高阻值增大，因此应选用R1； ②控制电路接通时，电流从电磁铁上端流入、下端流出；根据安培定则（右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指指向N极），电磁铁上端为S极。 故答案为：（1）好；（2）不变；（3）6；（4）①R1；②S。 （1）（2）闭合开关，R1和R2串联，电压表测量与R2并联部分电阻两端的电压，电流表测量电路电流，根据串联电路电阻规律和欧姆定律可知挡板P由B端向A端滑动时，电流表示数和电压表示数的变化； （3）根据欧姆定律求出R1两端电压，利用串联电路电压规律求出R2两端电压，据此求出电压表示数； （4）①温度过高时，需电磁铁吸下衔铁，即控制电路电流需增大；根据欧姆定律，电源电压恒定，电流增大时，控制电路电阻需减小，根据表中数据确定热敏电阻的类型； ②根据安培定则判定电磁铁的极性。 本题考查了欧姆定律的应用、电磁继电器的构造与原理和安培定则的应用等知识。 16.【答案】  【解析】（1）由甲图可知，物距u=20cm,在凸透镜左侧移动光屏，能观察到一清晰等大的实像，所以凸透镜的焦距是f=10cm； 平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，如图所示： （2）由于原凸透镜的焦距为10.0cm,所以将另一凸透镜替换图中凸透镜，并放在相同位置，在新透镜右侧能观察到缩小的实像，则新凸透镜焦距f的取值范围是f＜10.0cm,故选④。 故答案为：（1）见解答；（2）④。 （1）根据当u=2f时，成等大、倒立的实像，确定凸透镜的焦距，据此画出折射光线； （2）根据凸透镜成像口诀进行解析：一倍焦距分虚实，二倍焦距分大小，实像倒，居异侧，虚像正，居同侧，物近像远像变大，焦点以内反变化。 本题综合考查了根据平面镜成像特点和凸透镜成像作图，掌握基础知识是关键，注意作图要规范。 17.【答案】  【解析】（1）电能需要消耗一次能源才能获得，属于二次能源，故B正确。 （2）发电机组发电60s平均产生的电能为：W=Pt=106W×60s=6×107J； 相当于燃烧酒精的质量为：。 （3）储能系统将重物A匀速提升至40m高处的过程中，系统对重物所做的功为：。 （4）该过程重力势能转化为电能的效率是：。 答：（1）B；（2）6×107；2；（3）系统对重物所做的功是2.4×107J；（4）该过程重力势能转化为电能的效率是50%。 （1）电能属于二次能源。 （2）根据W=Pt和Q放=mq进行计算。 （3）根据W=Gh进行计算。 （4）根据效率公式进行计算。 本题考查的是能源的分类；会根据功、热量和效率的公式进行计算。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$