2024年贵州省中考物理模拟练习卷（六）

2024年贵州省中考物理试卷-模拟练习卷（六） 1.端午节吃粽子是一项传统习俗。刚出锅的粽子很烫，“烫”是形容粽子的( ____ ) A.质量大 B.温度高 C.体积大 D.密度大 【解析】解：粽子烫手是因为温度高，故选B。 故选：B。 B 2 2.拥有我国自主知识产权的第三代核电技术“华龙一号”核电项目，福清5号机组两根分别重达280吨的低压转子在四川德阳完工启运，标志着“华龙一号”首台常规蒸汽轮机主机设备的研制全部完成。该核电技术的流程图如下，对图中各装置的能量转化的说法中正确的是( ____ ) A.核能→内能→机械能→电能 B.核能→内能→电能→机械能 C.内能→核能→机械能→电能 A 3 D.内能→核能→电能→机械能 【解析】解：核电站中将核能先转化为介质的内能，再推动发电机的转子转动，转化为机械能，并在发电机中最终转化为电能，故A正确。 故选：A。 4 3.将两个碗放在一起轻碰，听一听发出的声音，以此来判断碗的好坏，这是根据声音的( ____ ) A.音调 B.响度 C.音色 D.音量 【解析】解：两只碗碰一碰，碗发声是因为它在振动，有裂缝的碗由于结构发生了变化，那么发出声音的音色就发生变化，所以人们买碗时，习惯把两只碗碰一碰，听听发出的声音，来判断碗的好坏。 故选：C。 C 5 4.如图是某四冲程汽油机顺序被打乱的工作图，下列说法正确的是( ____ ) _____ A.四个冲程的顺序应该是B→A→D→C B.只有冲程A获得动力，其他冲程都是靠惯性运转的 C.冲程D将内能转化为机械能 B 6 D.热机是利用化学能做功的机器 【解析】解：A图中两个气门都关闭，活塞下行，是做功冲程，是内能转化为机械能；B图中进气门打开，活塞下行，为吸气冲程，没有能量的转化；C图中排气门打开，活塞上行，为排气冲程；D图中两个气门关闭，活塞上行，为压缩冲程，机械能转化为内能； 四个冲程正确的顺序是BDAC；冲程A获得动力，其他冲程都是靠惯性运转的；该热机是汽油机，是利用内能做功的机器； 综上所述，B正确。 故选：B。 7 5.如图所示，2023年6月4日6时33分，神舟十五号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。关于返回舱在着陆过程中的分析，正确的是( ____ ) A.返回舱下降过程中失去惯性 B.返回舱下降过程中相对于地面是运动的 C.返回舱下降过程中受平衡力的作用 D.返回舱下降过程中运动状态不变 【解析】解：A、返回舱下降过程中具有质量，不会失去惯性，故A错误； B、返回舱下降过程中相对于地面发生了位置的变化，是运动的， B 8 故B正确； C、返回舱下降过程中，运动的速度发生了改变，运动状态不断变化，所以他受非平衡力的作用，故C错误； D、返回舱下降过程中运动状态改变，故D错误。 故选：B。 9 6.下列光现象中，属于光的反射的是( ____ ) A._____ 小孔成像 B.___ 日食 C.____ 玻璃幕墙的光污染 C 10 D.______ 太阳光色散 【解析】解：A、小孔成像的原理是光沿直线传播，故A不合题意； B、日食是由光的直线传播形成的，故B不合题意； C、玻璃幕墙的光污染是由于光的反射形成的，故C符合题意； D、太阳光通过三棱镜发生折射后的偏折情况不同，从而会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光，这是光的色散现象，属于折射，故D不合题意。 11 故选：C。 12 7.有一种亮度可以调节的小台灯，其电路如图甲。电源电压为24V，灯泡L的额定电压为24V，通过灯泡L的电流跟其两端电压的关系如图乙所示。下列说法正确的是( _____ ) A.当滑片右移时，电路的总功率将变小 B.当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为80Ω C.调节滑动变阻器R，使灯泡的实际功率为1.2W时，滑动变阻器R连入电路的阻值是90Ω D.小灯泡的额定功率为3.6W A、C 13 【解析】解：A、由图甲可知：变阻器与L串联，当滑片右移时，变阻器接入电路中电阻变大，电路电阻变大，电流变小，由P=UI得，电路的总功率将变小，故A正确； B、由图乙得，当灯泡正常发光时，电流为0.4A，由欧姆定律得，当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为：RL= = =60Ω，故B错误； C、由图乙得，当灯泡电压为6V，电流为0.2A，此时灯泡的电功率为：PL′=ULI=6V×0.2A=1.2W， 此时变阻器的电压为：UR=U-UL=24V-6V=18V， 由欧姆定律得，滑动变阻器R连入电路的阻值是：R= 14 = =90Ω，故C正确； D、灯泡的额定功率为：P额=ULIL=24V×0.4A=9.6W，故D错误。 故选：AC。 15 8.下列展示的是我国劳动人民的智慧成果，对其中涉及的物理知识说法正确的是( ________ ) _______ A.图甲：活塞式抽水机能将水从低处抽到高处，是利用大气压来工作的 B.图乙：戥秤是用来称量物体质量的工具，其应用原理是杠杆平衡原理 A、B、C 16 C.图丙：配置适当的盐水，根据密度不同分开饱满的良种与干瘪的次种 D.图丁：站在三音石上拍手，可以听到多次回声。利用了超声波的反射 【解析】解：A．抽水机抽水时，抽水机是先将筒内的空气排出，此时筒内气压小于外界大气压，大气压将水从低处压到高处，故A正确； B．杆秤是利用杠杆的平衡条件制成的，是测量质量的工具，故B正确； C．在质量一定时，饱满种子的体积要比不饱满的种子的体积小，由密度公式 知：饱满种子密度大；根据物体的浮沉条件知：密度大的饱满种子会下沉，而密度小的不饱满种子会上浮，最终漂浮在水面上 17 ，所以可用盐水来选种，故C正确； D．站在三音石上拍手，可以听到多次回声，是因为声波遇到障碍物发生反射，反射回来的声波再次被我们听到，故D错误。 故选ABC。 18 9.如图所示，接种注射器的针头做得很尖，是为了 _____ (选填“增大”或“减小”)压强，便于进行肌肉注射。 【解析】解：接种注射器的针头做得很尖，减小了受力面积，在压力一定时，增大了压强，便于进行肌肉注射。 故答案为：增大。 增大 19 10.中国科技馆“探索与发现”A展厅中有一件展品为“自制变压器”(如图所示)，它向参观者展示了变压器的工作原理。电缆的一头已经和电压表的一个接线柱固定连好，小亮拿起电缆的另一头与电压表的另一接线柱相连，发现电压表指针偏转了。小强也来体验，他将电缆在金属柱上又多绕了几圈，然后再与电压表的另一接线柱相连，发现此时电压表指针的偏转角度与小亮体验时有所不同。根据上述情景，请你提出一个可以探究的科学问题 _____________________________________ ？ 电压的大小与导线的圈数有关吗？ 20 【解析】解：电缆的两头分别与电压表的正负接线柱相连，则电缆可看作是闭合电路的一部分导体。 拿起电缆绕在展台上的直立金属柱上，相当于做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，电压表示数发生变化，说明导体两端产生了电压； 将电缆在金属柱上多绕几圈，电压表读数不同了，说明产生电压的大小可能与导线的圈数有关。 故可提出：电压的大小与导线的圈数有关吗？ 故答案为：电压的大小与导线的圈数有关吗？ 21 11.判断下列说法的正误，并对错误的说法分析指正。 同一艘轮船在海中航行时比在河中航行时要上浮一些，是因为在海中航行时所受的浮力小。 ____ (判断对错) 分析指正： ______________________________________________________________ 。 【解析】解：同一艘轮船在海中航行时比在河中航行时要上浮一些，轮船总是漂浮，浮力等于重力，重力不变，则浮力大小相等。 故答案为：错；轮船总是漂浮，浮力等于重力，重力不变，则浮力大小相等。 错 轮船总是漂浮，浮力等于重力，重力不变，则浮力大小相等 22 12.如图所示的电路中，电源电压保持不变，灯L上标有“6V，3W”(灯丝电阻保持不变)，定值电阻R0=8Ω。当只闭合开关S、S2时，移动滑动变阻器的滑片至距a端 处，灯L刚好正常发光；当只闭合开关S、S1时，保持滑动变阻器滑片不变，电流表示数变化了0.1A。则电源电压为 ____ V。 【解析】解：灯泡L上标有“6V 3W”字样，忽略灯泡电阻变化，可将灯泡看成定值电阻， 12 23 由P=UI= ，可得通过灯L的电流为：I= = =0.5A，RL= = =12Ω， 当只闭合S、S2时，L和R串联，灯泡正常发光，移动滑动变阻器的滑片P至距a端 处，可得电源电压为：U=6V+0.5A× ① 当只闭合S、S1时，R0与R串联，保持滑动变阻器滑片不变，电流表示数变化了0.1A，R0阻值小于灯L阻值，此时电路总电阻变小，电流变大为：I=0.5A+0.1A=0.6A， 24 可得电源电压为：U=IR=0.6A×(8Ω+ )② 由①②可得：6V+0.5A× =0.6A×(8Ω+ )，解得：R=48Ω。 将R=48Ω代入①或②式可得电源电压为：U=12V。 故答案为：12。 25 13.如图所示，学校有前、后两个门，在前、后门各装一个按钮开关，学校传达室有红、绿两盏灯和电池组。要求：前门来人按下开关时红灯亮，后门来人按下开关时绿灯亮。请按要求连接实物图。 _____ 【解析】解：由题意知，甲、乙两个电灯并联，前门开关控制红灯、后门开关控制绿灯，如下图所示： 26 ____ 27 14.如图所示，画出向左下倾斜的汤匙重力的示意图。 【解析】解：图中向左下倾斜的汤匙静止，受力平衡，从O竖直向下画有向线段，标注重力G，如图所示： ____ 28 15.如图甲所示，在杯子的底部竖直固定着一根杆，杆的顶部固定着一个重力为G的物体。现向杯中缓慢注水，t1时刻水面刚好与物体下表面接触，t2时刻水面刚好与物体的上表面齐平，t3时刻水刚好从杯口溢出。已知物体的密度小于水的密度。请在乙图的坐标图中画出物体对竖直杆的作用力随时间变化的大致图象。 【解析】解：如图甲所示，向杯中缓慢注水，t1时刻水面恰好与物体下表面接触，则0～t1 29 的过程中物体受到竖直向下的重力G和杆对其竖直向上的支持力作用，因为物体静止，受力平衡，此过程中杆对物体的支持力等于物体自身重力； t2时刻水面刚好与物体的上表面齐平，t1～t2的过程中，物体排开水的体积增大，已知物体的密度小于水的密度，物体会受到水的浮力作用，根据F浮=ρ水gV排可知，物体受到的浮力从0开始增大，刚开始时浮力小于重力，因为物体要保持静止，合力为0，此时杆对物体有向上的支持力，因为浮力在增大，所以杆对物体的支持力在减小，直至浮力恰好等于物体自身重力时，杆对物体的支持力变为0；水面继续上升至物体的上表面，此过程中浮力大于重力，则杆对物体的力变为向下，且随着浮力的增大，杆对物体的拉力变大； 30 t3时刻水刚好从杯口溢出，t2～t3的过程中，水已经漫过物体，物体排开水的体积不变，则浮力不变，自身重力不变，所以此过程中杆对物体的拉力不变，但小于重力； 根据力的作用是相互的可知，物体对杆的力大小等于杆对物体的力，则物体对竖直杆的作用力随时间变化的大致图像如下图所示： ____ 31 16.某些高山上的积雪为什么终年不化。 【解析】解：晶体熔化的条件：达到熔点，继续吸收热量。高山上的积雪温度较低，终年低于熔点，所以不会熔化。 32 17.如图所示中是一个额定电压为220V的带有塑料外壳及熔断保护器的电吹风的结构示意图，请回答如下问题： (1)如需在最短时间内将头发吹干，应闭合哪些开关？ (2)如果电吹风后部外壳上的洞被堵住，使用时很容易引发火灾，请应用所学的电学等知识解释？____ 33 【解析】解：(1)根据 可知：加热线圈的总电阻越小，加热功率越大，同时电动机工作将热风吹出来，这样就可以在最短时间内将头发吹干，应该将三个开关同时闭合，此时电动机和两个加热线圈并联。 (2)如果电吹风后部外壳上的洞被堵住，塑料外壳里面的部件和空气散热不好，温度过高，使用时很容易引发火灾。 34 18.如图甲所示，是小明测量未知电阻Rx(阻值约为5Ω)的实验电路，滑动变阻器的规格为“30Ω 1A”，电源电压为3V。 ________ (1)开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片置于最 ____ (选填“左”或“右”)端。 (2)检查电路无误后，闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，则故障原因可能是 ____ 。 A.Rx断路 左 A 35 B.Rx短路 (3)排除故障后，闭合开关，电流表示数为0.4A，电压表示数如图乙所示，则Rx= _____ Ω；接下来他移动滑动变阻器的滑片，测出多组电压、电流数值，这样做的目的是 __________ 。 (4)完成实验后，小明还想继续探究电流与电阻的关系，他找来了10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω五个定值电阻。在保证电路各元件安全的情况下，要想完成五次实验，小明应控制定值电阻两端电压最小为 _____ V，该实验中，滑动变阻器的作用除了保护电路外，还有 _________________________ 的作用。实验中，完成了5Ω的电阻实验后，断开开关，将滑动变阻器调到最大值，并将5Ω的电阻更换为10Ω的电阻。再次闭合开关，将滑动变阻器滑片适当滑动， 5.5 减小误差 1.5 保持电压表的示数不变 36 使电压表示数恢复到上一次读数，此时滑动变阻器接入电路中的阻值比上一次更 ____ (选填“大”或“小”)。 【解析】解：(1)为了保护电路，开关闭合前应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处，即最左端； (2)检查电路无误后，闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即出现这一现象的原因可能是Rx断路；故选：A； (3)排除故障后闭合开关，电流表示数为0.4A，电压表示数如图乙，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.2V，则Rx= 大 37 =5.5Ω； 为了减小误差，应多次测量取平均值； (4)若要能顺利完成实验，定值电阻两端电压不能低于最小值，而定值电阻两端的电压最小时，接入到电路中的阻值为最大的电阻，且滑动变阻器阻值处于最大处，根据串联分压原理可知， = ，即 ， 解得此时最小电压为：U小=1.5V； 探究电流与电阻的关系，移动滑动变阻器滑片， 38 保持电压表的示数不变； 探究电流与电阻的实验中，应保持电阻两端的电压不变(即电压表示数不变)； 将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，由串联分压的原理可知，其分得的电压增大(即电压表示数增大)； 为使电压表示数减小为原来的值，由串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理可知应增大滑动变阻器连入电路中的电阻。 故答案为：(1)左；(2)A；(3)5.5；减小误差；(4)1.5；保持电压表的示数不变；大。 39 19.如图所示，用焦距为10cm的凸透镜、高度为6cm的F形光源、光屏和光具座等器材探究凸透镜成像大小的变化规律，通过测量像的高度反映像的大小。 (1)若要测量光源在光屏上所成像的高度，还需要的测量工具是 ________ 。 (2)将光源逐渐靠近凸透镜，移动光屏，三次成倒立实像的相关数据记录如表。分析表中数据，可得出结论：凸透镜成实像时，物距变小，像距变大，像变 ____ 。 (3)继续移动光源至物距为6cm时，发现无论如何移动光屏，均不能在光屏上成像，人眼应从 _____ (选填“光源”或“光屏”)一侧透过凸透镜观察光源的像，此时能否用(1)问中的测量工具直接测出观察到的像高？ 刻度尺 大 光屏 40 _____ (选填“能”或“不能”)。 (4)若保持光源到光屏的距离为45cm不变，仅移动凸透镜改变物距，则表中第 ____ 次实验的成像情况不能探究，理由是： ____________ 。 _______ 物高6cm 实验次数 1 2 3 不能 2 u+v＜45cm 41 物距/cm 30 20 15 像距/cm 15 20 30 像高/cn 3 6 12 【解析】解：(1)若要测量光源在光屏上所成像的高度，还需要的测量工具是刻度尺； (2)由表中数据可知，当凸透镜成实像时，物距变小，像距变大，像变大； (3)继续移动光源至物距为6cm,此时u＜f,成正立、放大的虚像，虚像与物同侧，因此人眼应从光屏一侧透过凸透镜观察光源的像； 因虚像不能用光屏承接，故不能用(1) 42 问中的测量工具直接测出观察到的像高； (4)若保持光源到光屏的距离为45cm不变，仅移动凸透镜改变物距，由表中数据可知，第1次实验的物距等于第3次实验的像距，第1次实验的像距等于第3次实验的物距，根据在光的折射中，光路是可逆的可知，光屏上能成清晰的实像，而第2次实验，u+v=40cm＜45cm,因此仅移动凸透镜不能探究第2次实验。 故答案为：(1)刻度尺；(2)大；(3)光屏；不能；(4)2；u+v＜45cm。 43 20.在课外实践活动中，同学们用频闪照相机探究纸锥竖直下落的运动情况，如图所示，当纸锥下落到B点时速度最大，接着开始做匀速运动，我们把这个最大速度叫收尾速度。小组间交流时，发现不同的纸锥下落的收尾速度不同，于是同学们就“纸锥下落的收尾速度大小与哪些因素有关”提出以下猜想。 猜想一：跟纸锥的锥角有关。 猜想二：跟纸锥的质量有关。 猜想三：跟纸锥的底面积有关。 同学们用相同的复印纸制成了多个不同的纸锥，每次从相同高度由静止释放，分别测量出每个纸锥下落的收尾速度，并记录在表中。 44 纸锥编号 纸锥质量m/g 纸锥的底面积S/cm2 纸锥锥角θ/° 收尾速度v/(m•s-1) 1 14.4 20 71.1 1.5 2 25.6 20 81.9 1.6 3 14.4 20 81.9 1.2 4 14.4 10 81.9 1.7 (1)比较编号为3、4两个的纸锥的实验数据，是为了验证猜想 ____ 是否正确。 (2)比较编号为 _____ 两个的纸锥的实验数据，可得猜想一是 _____ (选填“正确”或“错误”)的。 三 1、3 正确 45 (3)分析表格，发现2号纸锥比1号纸锥的收尾速度大，小明得出质量大的纸锥收尾速度大，你认为小明所得的结论 ________ (选填“可靠”或“不可靠”)；理由是 _________________________ 。 (4)本实验采用的实验方法是 _____________ 。由本次实验可知，为了减小纸锥竖直下落时的收尾速度，制作纸锥时可采取的措施是 __________________________________________ (写出一个即可)。 【解析】解：(1)比较编号为3、4两个的纸锥的实验数据，控制了质量和锥角大小不变，改变的是纸锥的底面积，探究纸锥下落的收尾速度与纸锥的底面积关系，即猜想三； (2)要探究与锥角关系，必须控制质量和底面积相同，锥角不同， 不可靠 没有控制纸锥锥角相同 控制变量法 减小质量(或增大锥角；或增大底面积) 46 因而选择1、3进行对比，第3次的纸锥锥角越大，下落时间越长，下落速度越慢，可知猜想一是正确的； (3)发现2号纸锥比1号纸锥的收尾速度大，小明得出质量大的纸锥收尾速度大，实验中没有控制纸锥的锥角相等，因此不能得出：质量大的纸锥下落速度大，小明所得的结论不可靠，要科学的得出结论需要：用锥角和纸锥的底面积相同，质量不同的两个纸锥做实验； (4)本实验采用了控制变量法，为了减小纸锥竖直下落时的收尾速度，应该选择锥角较大、质量较小、底面积较大的纸锥。 故答案为：(1)三；(2)1、3；正确；(3)不可靠；没有控制纸锥锥角相同；(4)控制变量法；减小质量(或增大锥角；或增大底面积)。 47 21.如图是苹果自动筛选装置。原理是：传送带上苹果经过压力检测点时，使压敏电阻R的阻值发生变化，AB间的电压也随之发生改变，当质量小于一定值的苹果经过压力监测点，使R0两端电压小于5V时，推出机械启动，将质量不达标的苹果推出传送带(推出机械图中未画出)，实现自动筛选。已知电源电压恒为15V，R0=30Ω，压敏电阻R的阻值随压力F的变化关系如表所示，g取10N/kg,问： 压力F/N 0 1 2 3 4 5 阻值R/Ω 120 80 60 45 40 38 48 _________ (1)当检测点上没有苹果时，1min内整个电路消耗的电能多大？ (2)被推出机械推出的苹果质量不超过多大？ (3)为了使该装置能够满足对不同质量标准的苹果进行筛选的要求，小红设计了两种方案，用以提高筛选出的苹果的质量： 方案一：改变机械装置启动的电压，使其 _____ (变大/变小)； 方案二：保持机械装置启动的电压不变，将R0换成阻值 _____ (更大/更小)的定值电阻。 变大 更小 49 【解析】解：(1)由表中数据可知当检测点上没有苹果时，压敏电阻的阻值为120Ω， 由图可知：R、R0串联，则R总=R+R0=120Ω+30Ω=150Ω， 1min内整个电路消耗的电能：W= t= ×60s=90J； (2)当R0两端电压UAB=5V时，由欧姆定律可得此时电路中的电流：I= ， 串联电路中总电压等于各分电压之和，则R两端的电压：UR=U-UAB=15V-5V=10V， 50 根据I= 可得此时压敏电阻的阻值：R′= = =60Ω， 由表格数据可知，压敏电阻受到的压力为2N， 则苹果的重力：G=F=2N， 苹果的质量m= = =0.2kg, 该筛选装置推出机械推出的苹果质量不超过0.2kg； (3)标准苹果的质量越大对压敏电阻的压力越大，由表中数据可知压敏电阻的压力越大时压敏电阻的阻值越大，所以， 51 提高苹果质量筛选的标准后，即增大苹果的质量，则压敏电阻的阻值减小，根据串联分压原理可知压敏电阻两端的电压变小；根据串联电路电压规律可知机械装置启动时R0两端的电压应变大； 若保持机械装置启动的电压不变，则根据压敏电阻和R两端的分得的电压不变， 压敏电阻的阻值减小，根据串联电路各用电器两端的电压与电阻成正比可知R0也减小，即：将R0换成阻值更小的定值电阻。 答：(1)当检测点上没有苹果时，1min内整个电路消耗的电能为90J； (2)推出机械推出的苹果质量不超过0.2kg； (3)变大，更小。 52 22.回顾有关“机械能”的几个小实验，请完成下列四个小题。 ______________ (1)如图甲所示，木块从高处自由下落时将小桌的脚打入沙子中。要将小桌的脚打入沙子中更深些，应选用质量较 ____ (选填“大”或“小”)的木块，并将其从更 ____ (选填“高”或“低”)处下落； (2)如图乙所示，橡皮筋两头分别固定在罐子的顶部和底部，中间系一个钩码，就制成了一个“魔罐”。当你将“魔罐”在水平地面上滚出后，你将看到“魔罐”来回滚动，它能滚回来是 ________ 能转化为动能； 大 高 弹性势 53 (3)如图丙所示，这是一个会跳的卡片，将卡片反过来，把它放在桌面上用手向下压，使橡皮筋伸长，迅速松开手，观察到卡片向上跳起。这个现象说明：发生弹性形变的橡皮筋能对卡片 _____ ，因此它具有弹性势能。 (4)如图丁所示，吹气球时，气球没握住飞跑了！捡起气球会发现它的嘴部温度 _____ (选填“变高”或“变低”)，因为 ____ 能转化为 _____ 能。 【解析】解： (1)要将小桌的脚打入沙子中更深些，需要增大重力势能，影响重力势能的因素是质量和高度， 做功 变低 内 机械 54 且物体质量越大、位置越高、物体具有的重力势能就越大，故应选用质量较大的木块，并将其从更高处下落。 (2)魔罐在开始滚动的时候，具有动能，滚动的过程中，罐子动能转化为橡皮筋的弹性势能，当动能为0时，弹性势能最大，魔罐开始向回滚动，在魔罐滚回来的过程中橡皮筋弹性势能减小，罐子动能增大，弹性势能转化为动能； (3)“橡皮筋伸长”说明橡皮筋发生了弹性形变，发生弹性形变的物体要恢复原状，就会对使它发生形变的物体施加力的作用，所以橡皮筋会对硬卡片施力，使它弹起，这个现象说明：发生弹性形变的橡皮筋能对卡片做功，因此它具有弹性势能； (4)气球内的气体向外喷出，气体对外做功，内能转化成球的机械能， 55 球内气体的温度降低。 故答案为：(1)大；高 (2)弹性势；(3)做功；(4)变低；内；机械； 56 $$