辽宁省丹东市2024-2025学年八年级下学期期末物理试卷

2024-2025学年辽宁省丹东市八年级（下）期末物理试卷 一、单选题：本大题共6小题，共12分。 1.生活中蕴含了丰富的力学知识。下列说法正确的是（　　） A. 两个不接触的物体间一定没有力的作用 B. 当一个物体是施力物体时，就不能是受力物体 C. 做匀速圆周运动的物体所受合力为零 D. 力的作用效果与力的大小、方向、作用点有关 2.如图，同学在擦黑板时，用力F把黑板擦压在黑板面上加速下移，下列说法正确的是（　　） A. 黑板擦受到的摩擦力和黑板擦的重力是一对平衡力 B. 手对黑板擦的压力和黑板擦的重力是一对平衡力 C. 手对黑板擦的压力和黑板对黑板擦的弹力是一对平衡力 D. 手对黑板擦的压力和黑板擦对手的弹力是一对平衡力 3.蹴鞠起源于2300多年前的春秋战国时期，是最早的足球运动。如图是古人正在蹴鞠的场景，在确（皮球）被踢出后竖直向上运动的过程中，下列说法正确的是（　　） A. 鞠受到的重力越来越小 B. 鞠在最高点时保持静止状态 C. 鞠所受合力方向竖直向下 D. 鞠不受空气阻力 4.如图，是工人师傅用叉车运送货物的情景，关于此叉车工作过程中所蕴含的物理知识，下列说法正确的是（　　） A. 叉车举着货物沿水平方向运动时，叉车对货物的支持力做功 B. 举高货物的过程中，叉车托起货物的力做了功 C. 叉车举起的货物越重，所做的功越多 D. 叉车举起同一批货物用时越短，做功的功率越小 5.歼-10C战斗机是中国自主研发的第三代改进型超音速多用途战斗机，当歼-10C战斗机加速升空时，下列说法正确的是（　　） A. 歼-10C的机械能不变 B. 歼-10C的动能转化为重力势能 C. 歼-10C的重力势能转化为动能 D. 歼-10C的重力势能增大 6.机械的利用给人们的生活带来了便利。下列简单机械正常使用时能够省距离的是（　　） A. 起重机的液压吊臂 B. 用斜面运送货物 C. 用动滑轮提升物体 D. 汽车的方向盘 二、多选题：本大题共3小题，共6分。 7.推土机在工程建设中发挥了重要的作用。关于图中履带式推土机，下列说法正确的是（　　） A. 推土机用宽大的履带来支撑是通过增大受力面积来减小压强 B. 推土机履带上凸起的棱是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力 C. 推土机的推土铲刃做得很锋利是通过减小受力面积来减小压强 D. 推土机上使用的滚动轴承是为了减小摩擦力 8.水平桌面上两个相同的烧杯中分别装有甲、乙两种不同液体，将两个不同材料制成的正方体A、B（VA＜VB），按如图两种方式放入两种液体中，待静止后B刚好浸没在甲液体中，A刚好浸没在乙液体中，两杯中液面恰好相平。下列说法正确的是（　　） A. 甲液体的密度小于乙液体的密度 B. 甲液体对杯底的压力等于乙液体对杯底的压力 C. 甲液体对B下表面的压强大于乙液体对A下表面的压强 D. 装甲液体的容器对水平桌面的压强小于装乙液体的容器对水平桌面的压强 9.如图，球筒里卡住了一个羽毛球，小明同学一只手握住球筒竖直悬置于空中，用另一只手拍打球筒上沿，最终取出了筒里的羽毛球。下列说法中正确的是（　　） A. 这个过程利用了羽毛球的惯性 B. 拍打过程中羽毛球相对筒壁会向上运动 C. 羽毛球静止在筒中时受到竖直向上的摩擦力 D. 羽毛球静止在筒中时如果受到的所有外力消失它将会向下掉落 三、填空题：本大题共6小题，共12分。 10.2025年多哈世界乒乓球锦标赛在卡塔尔举行。国乒在赛事中表现出色，最终斩获四项冠军。如图所示，乒乓球在王楚钦和对手之间来回飞舞，说明力可以改变物体的______；击球瞬间球拍和乒乓球都会发生一定的形变，说明力的作用是______。 11.放在水平地面上的物体受到水平向右拉力F的作用，F的大小与时间t的关系如图甲所示，物体的运动距离s与时间t的关系如图乙所示。由图像可知，当t=1s时，物体受到的摩擦力为______N；当t=3s时，物体受到的摩擦力为______N。 12.如图，在甲、乙两个完全相同的圆柱形容器中，随机装入质量相等的水或酒精，则水对容器底的压强为______Pa；甲、乙两个容器底受到液体压力的大小关系为F甲______F乙。（g取10N/kg,，） 13.如图甲，工人师傅粘贴瓷砖时用一根足够长的透明塑料软管，里面灌入适量的水（水中无气泡），两人各持管的一端靠在墙面的不同地方，当水不流动时，在与水面相平的位置做标记，这是利用了______原理；如图乙，当阀门打开有液体流动时，A、B两管中液面高度的大小关系：hA______hB。 14.用手将一个质量为1kg,体积为1.5dm3的物体压入水中使其浸没，此时它所受的浮力为______N，放手后物体最终将______。（g取10N/kg, 15.装修工人采用如图所示的装置将施工材料A运送到楼上，工人师傅用500N的拉力F向下拉绳，使重为850N的施工材料A匀速上升了5m,则该滑轮组的机械效率为______%；当施工材料A的重力增加时，该滑轮组的机械效率将______。 四、作图题：本大题共2小题，共4分。 16.游客到黄山游玩，可以选择乘坐缆车上山和下山。空缆车随钢缆匀速直线上升时的情况可简化为如图所示，方框表示缆车的轿厢，请画出图中轿厢的受力示意图（假设轿厢重心在O点，不计空气阻力）。 17.如图甲是一名中学生用笤帚清扫落叶的情景，图乙是其简化示意图，以B点为支点，在A点画出最小动力F1并画出阻力臂l2。 五、实验探究题：本大题共5小题，共26分。 18.某小组要探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”，准备了如下器材：长木板、长方体木块（各表面粗糙程度相同）、砝码、弹簧测力计。 （1）小组成员根据生活经验猜想：滑动摩擦力大小可能与接触面受到的压力、接触面积及接触面的粗糙程度有关。甲、乙、丙三图中使用同一块长木板，为了完成本实验，丁图应更换另一块长木板，则此长木板应为：______； A.表面附有棉布的长木板 B.表面更粗糙的长木板 （2）实验中，用弹簧测力计沿水平方向拉动放置在长木板上的木块做______运动，根据二力平衡知识可知，此时弹簧测力计示数等于木块所受滑动摩擦力的大小。如图丙，在测量木块所受滑动摩擦力大小的过程中，木块上的砝码是否受到摩擦力：______； （3）该小组通过实验得到如下表数据： 实验情景 甲 乙 丙 丁 弹簧测力计示数/N 1.20 1.20 1.90 2.10 通过比较______两次实验可以初步得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积无关； （4）小明同学认为上述方法测出的摩擦力不够精准，于是设计了如图戊所示的实验装置，当小明只沿水平方向向右拉动木板时，从图中两个弹簧测力计的示数可知木块受到的摩擦力为______N。 19.如图是小明用压强计探究“影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。 （1）甲实验是通过观察U形管左右两侧液面的______来反映待测液体内部压强的大小；下面列举的例子中与此研究方法相同的是______（填序号）； ①探究动能大小与速度的关系时，控制质量一定 ②通过观察海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果 （2）将探头分别放在图乙的B、C位置，可以探究液体压强与______的关系； （3）实验过程中，为了使压强计U形管中现象更明显，可将U形管中的液体换成密度更______的液体； （4）完成上述实验后，小明又选择如图丙的器材来进行实验，向A中注水、向B中注入密度为1.2g/cm3某种液体，当A、B间的橡皮膜重新平直时（如图丁），A侧液面到橡皮膜中心的距离为12cm,则B侧液面到橡皮膜中心的距离为______cm。） 20.物理小组用图甲所示器材探究“浮力的大小与哪些因素有关”。同学们提出以下猜想并进行实验： 猜想一：浮力的大小可能与液体的密度有关 猜想二：浮力的大小可能与物体浸没在液体中的深度有关 猜想三：浮力的大小可能与物体浸在液体中的体积有关 （1）首先来回拉动几次弹簧测力计的挂钩，确保能正常使用，然后将弹簧测力计竖直放置进行______； （2）为了验证猜想二，应进行的操作是①、③和______（填序号）； （3）某同学通过步骤①和⑤测出了金属块的密度，则测出的密度与真实值相比会偏______； （4）同学们利用上述实验中的金属块、烧杯、水、细线测一木块的密度。如图乙，在烧杯中倒入适量的水，测出烧杯和水的总质量为100g；如图丙，将木块放入杯中，测出此时烧杯的总质量为280g；如图丁，将该金属块用细线系于木块下方，此时木块的上表面刚好与水面相平，则木块质量为______g,木块的密度为______kg/m3。（g取10N/kg,） 21.某小组利用铁架台、带有均匀刻度的杠杆、细线、弹簧测力计、钩码若干（每个钩码质量相同）等实验器材，探究杠杆的平衡条件。 （1）实验前杠杆静止在图甲所示的位置，此时杠杆是否平衡：______。接下来调节杠杆在水平位置平衡并进行实验。实验过程中使杠杆在水平位置平衡的目的是：______； （2）实验获得的数据如下表所示： 次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm 1 1.0 5.0 0.5 10.0 2 1.5 10.0 1.0 15.0 3 2.0 15.0 3.0 10.0 分析表格中的数据，可得到杠杆的平衡条件是：______。如图乙，此时杠杆恰好在水平位置平衡，如将悬挂在A、B两处的钩码各向远离支点O的方向移动相同的距离，则杠杆的______端会下降； （3）“秤砣虽小压千斤”体现了祖先们在杠杆应用上的智慧。如图丙是杆秤的结构图，提纽是杆秤的支点，将被测物体放入秤盘内，通过移动秤砣的位置使秤杆在水平位置平衡，便可以测出被测物体的质量。此杆秤有两个测量范围，分别是0～2.5kg和0～10kg,如果被测物体的质量约为5kg,应使用提纽______（填数字）作为支点。 22.在跨学科实践课上，某小组开展了“制作简易活塞式抽水机”的项目化学习活动。下面是该小组同学交流的实践过程，请帮助完成下列内容： 【项目分解】 （1）制作简易活塞式抽水机 （2）用活塞式抽水机抽水 【项目实施】 （1）制作简易活塞式抽水机 组员们先观察了生活中活塞式抽水机的结构，发现甲图中活塞式抽水机有一个手柄（AOB），它相当于一个______（填简单机械名称）。 该小组选用生活中常见的材料制作了如图乙所示的装置，此装置中的活塞是利用剪下来的瓶底制作而成，为了提升抽水效率，小组成员在活塞上打了四个通水孔（如图丙中A图）。接下来需要将活塞上的通水口变成单向阀门，于是小组成员在气球上剪下一块和活塞大小相当的乳胶膜（如图丙中B图），为了能够实现利用该装置抽水的目的，应将乳胶膜粘在活塞的上表面还是下表面？答：______。 （2）用活塞式抽水机抽水 活塞式抽水机制作完成后，将瓶口朝下浸入水中，上下拉动活塞，水便在______作用下被抽上来。我国青海玉树地区的平均气压为0.65×105Pa,利用图甲的活塞式抽水机理想状态下在该地区可将水抽高______m。（g取10N/kg, 【项目拓展】 风箱是一种用来产生风力的设备（如图丁），我国汉朝便有了关于风箱使用的记载，在冶炼金属和烧饭的过程中，常用风箱来增加气流，达到助燃的目的。它的工作原理与活塞式抽水机相同，如图戊是风箱的内部结构图，当左右推拉手柄M时，活塞便会左右运动，改变箱内的空间分配，当空间变小时，气压就会增大，当空间变大时，气压就会减小。 A、B、C三处各有一个通风口，并安装有单向阀门，在气流的作用下每个单向阀门都可以在当前位置和虚线位置之间绕O点转动。 （1）在活塞移动过程中，依据A、B、C三处单向阀门的开合情况（具体开合情况图中并未画出），可以判断出______处为出风口。 （2）当左右推拉此风箱的把手M时，关于出风口气流情况下列说法正确的是______。 A.只有活塞向左运动时出风口出风 B.只有活塞向右运动时出风口出风 C.活塞左右运动时出风口都会出风 D.活塞左右运动时出风口都不会出风 六、计算题：本大题共2小题，共10分。 23.如图是广州生物岛上使用的一款无人驾驶巴士。若该无人驾驶巴士空载时的总质量为6t,在一段平直道路上匀速行驶了3.6km,所用时间为6min。此过程中无人驾驶巴士受到的阻力恒为车重的0.1倍，该无人巴士空载静止时对水平地面的压强为1.5×105Pa。（g取10N/kg）求： （1）车轮与地面的总接触面积； （2）该无人驾驶巴士这段时间牵引力做的功； （3）该无人驾驶巴士这段时间牵引力做功的功率。 24.福建舰是中国海军的第三艘航空母舰（舷号：18），也是中国完全自主设计建造的第一艘弹射起飞型航空母舰。已知此艘航母漂浮在水面上时受到的浮力约为8×108N，吃水深度约为11m。（g取10N/kg,求： （1）航母的总质量； （2）航母排开水的体积； （3）水对航母底部的压强。 1.【答案】  【解析】解：A、两个不接触的物体间也可能存在力的作用，例如磁铁吸引铁钉（磁力）、地球对物体的重力等，故A错误。 B、力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施力时，必然受到另一个物体对它的反作用力，即施力物体同时也是受力物体，故B错误。 C、做匀速圆周运动的物体，其运动方向不断变化（运动状态改变），根据力是改变物体运动状态的原因，可知物体所受合力不为零，故C错误。 D、力的三要素（大小、方向、作用点）都会影响力的作用效果，例如用不同的力拉弹簧（大小不同，形变不同）、朝不同方向推门（方向不同，效果不同）等，故D正确。 故选：D。 （1）物体对物体的作用才能产生力，物体间接触和不接触，只要有作用都会产生力。不接触产生力的作用发生在磁体之间、磁体和磁性材料之间、带电体之间、地球对物体的吸引等。 （2）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。 （3）力的三要素有：力的大小、方向、作用点，它们都影响力的作用效果。 （4）非平衡力必然会改变物体的运动状态。 本题考查力的相互性及力的作用效果，力与运动的关系，属于基础题。 2.【答案】  【解析】解：A、由于黑板擦压在黑板面上加速下移，黑板擦受到的摩擦力和黑板擦的重力大小不相等，不是一对平衡力，故A错误； B、由于手对黑板擦的压力和黑板擦的重力方向不相反，没有作用在一条直线上，不是一对平衡力，故B错误； C、手对黑板擦的压力和黑板对黑板擦的弹力大小相等、方向相反、作用在一个物体上、作用在一条直线上是一对平衡力，故C正确； D、手对黑板擦的压力和黑板擦对手的弹力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故D错误。 故选：C。 相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在不同的物体上、作用在一条直线上； 二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一个物体上、作用在一条直线上。 本题考查二力平衡条件和相互作用力的区别，关键是看两个力是否作用在同一个物体上。 3.【答案】  【解析】解：A、被踢出后竖直向上运动的过程中，鞠的质量不变，g的值不变，根据G=mg可知，受到的重力不变，故A错误。 B、鞠在最高点时只受重力作用，所以不会保持静止状态，故B错误。 CD、被踢出后竖直向上运动的过程中，鞠受到竖直向下的重力和空气阻力，其所受合力方向竖直向下，故C正确，D错误。 故选：C。 （1）根据G=mg分析重力变化； （2）处于平衡状态的物体受到的力是平衡力； （3）对鞠进行受力分析，然后根据同一直线上力的合成分析解答。 此题以选择题的形式，考查力学的多个知识点，具有较强的综合性，难度中等，属于中考常见题型，熟练掌握相关基础知识和规律是关键。 4.【答案】  【解析】解：A、叉车举着货物使货物沿水平方向匀速运动时，货物没有在叉车的支持力方向上移动距离，叉车对货物的支持力没有做功，故A错误； B、举高货物的过程中，叉车托起货物的力向上，货物在该力的方向上通过了距离，叉车托起货物的力做了功，故B正确； C、根据W=Fs可知，功的大小与叉车托起货物的力的大小和货物在该力的方向上通过的距离有关，不知货物在该力的方向上通过的距离，无法判断功的多少，故C错误； D、根据P=可知，做功的功率与功的多少、做功所用时间有关，叉车举起同一批货物做功多少未知，无法比较功率大小，故D错误。 故选：B。 （1）做功的两个必要因素：①作用在物体上的力，②物体在力的方向上通过了距离。 （2）根据W=Fs、P=分析解答。 此题考查功和功率的大小比较、力是否做功的判断。明确三种情况不做功是关键：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直。 5.【答案】  【解析】解：AD、在歼-10C战斗机加速升空的过程中，质量不变，速度增大，其动能增大；同时高度增加，重力势能增大；机械能等于动能与势能的总和，所以机械能总量增大，故A错误，D正确； BC、歼-10C战机加速升空，质量不变，速度和高度都增加，故动能和重力势能都变大，机械能增大，因此不是动能转化为重力势能，也不是重力势能转化为动能，故BC错误 故选：D。 （1）影响动能的因素有物体质量和速度；影响重力势能的因素有质量和高度；机械能等于动能和势能的总和； （2）动能大小跟质量、速度有关；重力势能大跟质量、高度有关；机械能是动能与势能之和。 对于机械能的考查中考中会常出现，熟知各能量的影响因素是解题关键。 6.【答案】  【解析】解：A、起重机的液压吊臂属于杠杆类机械，其动力臂小于阻力臂，为费力杠杆。根据杠杆平衡条件，费力杠杆省距离，因此该机械正常使用时能省距离，故A选项符合要求。 B、斜面是一种简单机械，它可以用来省力，因为将货物沿斜面推上去比直接抬升要容易得多，但使用斜面会增加物体移动的实际路径长度，所以斜面不省距离，故B不符合要求； C、动滑轮的本质是动力臂大于阻力臂的省力杠杆，其作用是省力但费距离，故C不符合要求； D、汽车的方向盘属于轮轴类机械，轮的半径大于轴的半径，为省力杠杆，其作用是省力但费距离，故D不符合要求。 故选：A。 简单机械在实际应用中的主要功能包括省力、省距离、改变力的方向等。 本题主要掌握简单机械在实际应用中的主要功能包括省力、省距离、改变力的方向等。 7.【答案】  【解析】解：A、推土机用宽大的履带来支撑，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积来减小压强，故A正确； B、推土机履带上凸起的棱，是在压力一定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B正确； C、推土机的推土铲刃做得很锋利，是在压力一定的情况下，通过减小受力面积来增大压强，故C错误； D、推土机上使用的滚动轴承，是通过变滑动为滚动来减小摩擦力，故D正确。 故选：ABD。 （1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力； 减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。 （2）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动； 增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；用滑动代替滚动。 本题考查了增大和减小压强的方法、增大和减小摩擦的方法，属于基础题。 8.【答案】  【解析】解：AB、把A、B两物体作为一个整体，由图知，该整体在两液体中都处于漂浮状态，由漂浮条件可知F浮=GA+GB，所以该整体在两液体中受到的浮力相等； 由图知V排甲=VB，V排乙=VA，且VA＜VB，所以V排甲＞V排乙；液体中受到的浮力相等，且排开甲液体的体积较大，所以，由F浮=ρ液gV排可知，两液体的密度关系：ρ甲＜ρ乙，已知两液体的深度h相同，由p=ρgh可知，甲液体对杯底的压强小于乙液体对杯底的压强，杯底的底面积相同，根据F=pS可知甲液体对杯底的压力小乙液体对杯底的压力，故A正确；B错误； C．A、B整体漂浮，根据浮力产生的原因可得F浮=F下，即两种情况下A、B整体受到的浮力分别等于甲液体对B下表面的压力和乙液体对A下表面的压力，由于两种情况下浮力相等，所以甲液体对B下表面的压力等于乙液体对A下表面的压力。因为VA＜VB，所以 B的底面积大于A的底面积，根据公式p=可知，甲液体对B下表面的压强小于乙液体对A下表面的压强，故C错误； D．容器对水平桌面的压力等于烧杯重力、物体A、B的重力及液体重力之和。其中两烧杯重力相同、正方体A、B总重力相同；由题意可知甲液体体积小于乙液体体积，且甲液体密度小于乙液体的密度，甲液体的质量小于乙液体的质量，甲液体的重力小于乙液体的重力，所以装甲液体的容器对水平桌面的压力小于装乙液体的容器对水平桌面的压力，烧杯底面积相等，根据公式可知，装甲液体的容器对水平桌面的压强小于装乙液体的容器对水平桌面的压强，故D正确。 故选：AD。 （1）把A、B两物体作为一个整体，该整体在两液体中都处于漂浮状态，根据漂浮条件可知所受浮力的大小关系；结合题意和图示判断V排的关系，根据F浮=ρ液gV排可比较两种液体的密度关系； （2）根据p=ρgh分析液体对杯底的压强，根据F=pS分析压力大小； （3）根据漂浮条件、浮力产生的原因以及p=分析液体对物体下表面的压强关系； （4）先比较两种液体的体积关系和重力关系，再根据”整个容器对水平桌面的压力等于物体和液体的总重力“进行分析。 本题综合考查了阿基米德原理、漂浮条件、液体压强公式和压强定义式的综合应用，知识点多，属于难题。 9.【答案】  【解析】解：AB、用力反复击打球筒上端时，球筒向下运动，羽毛球由于惯性仍保持原来的静止状态，所以会相对于球筒向上运动，故A、B正确； C、羽毛球静止在筒中时，羽毛球相对于球筒向下运动的趋势，所以羽毛球受到向上的摩擦力，故C正确； D、静止的羽毛球，当所有外力消时由于惯性仍保持原来的静止状态，故D错误。 故选：ABC。 一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，结合击打位置，运用惯性可解释球的运动情况，据此分析。 本题主要以从球筒中取羽毛球为例，考查了多个力学知识在其中的应用，体现了物理与生活的联系，值得我们关注。 10.【答案】  【解析】解：乒乓球在来回飞舞时，其运动方向和速度发生变化，这说明力可以改变物体的运动状态；击球瞬间，球拍对乒乓球施加力使其形变，同时乒乓球也对球拍施加反作用力使其形变，这说明力的作用是相互的。 故答案为：运动状态；相互的。 力不仅可以改变物体的形状，还能改变物体的运动状态。 力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。 本题考查力的相互性及力的作用效果，属于基础题。 11.【答案】  【解析】解：（1）由图丙的v-t图像可以知道，在0～2s内，物体处于静止，受到的推力和摩擦力是一对平衡力，由图乙可知，此时拉力为1N，所以摩擦力为1N； （2）由图丙的v-t图像可知，在4～6s内物体做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件可知，此时物体所受到的摩擦力f与推力F是一对平衡力，即f=F， 由图乙的F-t图像可知，在4s～6s内，推力F=2N，物体所受到的滑动摩擦力f=F=2N； 由图丙所示图像可知，t=3s时物体做加速运动，相对于地面滑动，物体受到的摩擦力为滑动摩擦力，由于物体间的压力和接触面的粗糙程度都不变，物体受到的滑动摩擦力不变，则t=3s时物体受到的摩擦力仍为2N，此时物体做加速运动，受到非平衡力的作用。 故答案为：1；2。 （1）由图丙的v-t图像可以判断物体在0～2s的运动情况，然后判断摩擦力的大小； （2）由图丙v-t图像找出物体什么时候处于平衡状态，然后由平衡条件求出物体所受摩擦力大小； （3）滑动摩擦力由物体间的压力和接触面的粗糙程度决定。 v-t图像、F-t图像相结合，判断出物体各段运动状态，根据平衡状态中二力平衡找出力的大小是本题的关键所在。 12.【答案】  【解析】解：由题意可知，甲、乙两个圆柱形容器完全相同，且装入质量相等的水或酒精，因为水的密度大于酒精的密度，根据ρ=可知，水的体积小于酒精的体积，所以容器中液面高的是酒精，液面低的是水，即容器中水的深度为：h=8cm=0.08m, 则水对容器底的压强为：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa； 柱形容器中液体对容器底的压力等于其重力，又因为水和酒精的质量相等，根据G=mg可知，水和酒精的重力相等，甲、乙两个容器底受到液体压力相等，即：F甲=F乙。 故答案为：800；=。 两个完全相同的圆柱形容器中，装入质量相等的水或酒精，根据水和酒精的密度关系结合ρ=判断出水和酒精的体积关系，判断出哪个容器中盛的是水，再根据p=ρ水gh求出水对容器底的压强；柱形容器中液体对容器底的压力等于液体的重力，根据G=mg判断出水和酒精的重力关系，即可确定甲、乙两个容器底受到液体压力的大小关系。 本题主要考查液体压强公式的应用，要知道柱形容器中液体对容器底的压力与重力的关系。 13.【答案】  【解析】解：（1）由于塑料软管中装有水，两管子两端开口，并且相连通，符合连通器的结构特征； 连通器中的同种液体自由静止时，液面是相平的，因此，标记下此时两液面的高，一定在同一水平面上。 （2）当阀门打开，液体流动时，细管处水的流速大、压强小，支持的水柱低；粗管处水的流速小、压强大，支持的水柱高，所以A管中的液面高度会高于B管中的液面高度，即hA＞hB。 故答案为：连通器；＞。 （1）两端开口、底部相连通的容器叫连通器，连通器的特点是，当连通器中装有同种液体并且静止时，各容器的液面保持相平。 （2）流体流速大的位置压强小。 此题涉及到流体压强与流速的关系、连通器原理，属于基础题。 14.【答案】  【解析】解：物体全部压入水中时，排开水的体积：V排=V=1.5dm3=1.5×10-3m3， 此时物体受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.5×10-3m3=15N； 物体重G=mg=1kg×10N/kg=10N，因为F浮＞G，所以放手后物体将上浮，待物体静止时，漂浮在水面上。 故答案为：15；漂浮。 物体全部压入水中时，排开水的体积等于物体的体积，根据阿基米德原理计算物体受到的浮力； 根据G=mg得出重力，比较物体受到的重力和浮力的大小关系，根据浮沉条件来进行判断物体的浮沉情况。 物体的浮沉条件是我们应该熟知的重要知识，根据它可以判断物体浮沉，也可以在已知浮沉的情况下判断浮力与重力的关系。解此类题目要将阿基米德原理和物体的浮沉条件结合使用。 15.【答案】  【解析】解：（1）由图可知n=2， 则该滑轮组的机械效率：η=====×100%=85%； （2）当施工材料A的重力增加时，若提升高度不变，则由W有=Gh可知，有用功W有增大，而额外功W额外几乎不变，根据η===可知，机械效率将增大。 故答案为：85；增大。 （1）由图可知动滑轮上绳子的股数，利用η====求该滑轮组的机械效率； （2）当施工材料A的重力增加时，若提升高度不变，根据W有=Gh分析有用功的变化，且额外功几乎不变，根据η===分析机械效率的变化情况。 本题考查了使用滑轮组时机械效率的计算以及影响滑轮组机械效率大小的因素，属于常考题。 16.【答案】  【解析】解：缆车随缆绳做匀速直线运动，处于平衡状态，所以缆车受力平衡，不计空气阻力，轿厢受到竖直向下的重力G和竖直向上的拉力F的作用，这两个力大小相同、方向相反、在同一直线上，作用点在轿厢的重心，示意图如图所示： 物体处于匀速直线运动时，受力是平衡的，先分析轿厢的受力情况，再画出力的示意图。 本题考查了力的示意图的画法，对物体进行正确的受力分析是关键。 17.【答案】  【解析】解：由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在B点，因此BA作为动力臂最长； 在清扫落叶时，动力的方向应该下上，过点A垂直于BA向下作出最小动力F1的示意图， 反向延长力F2的作用线，从支点B作阻力F2作用线的垂线，则支点到垂足的距离为阻力臂L2； 如图所示： （1）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离。 （2）杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。 本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。 18.【答案】  【解析】（1）要探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，需要控制压力和接触面积相同，改变接触面粗糙程度。甲、乙、丙三图使用同一块长木板，那么丁图应更换为更粗糙的长木板来改变接触面粗糙程度，B选项正确。 （2）实验中，用弹簧测力计沿水平方向拉动放置在长木板上的木块做匀速直线运动，根据二力平衡知识，此时弹簧测力计的示数等于木块所受滑动摩擦力的大小。在图丙中，木块和砝码一起做匀速直线运动，砝码相对木块没有相对运动趋势，所以木块上的砝码不受摩擦力。 （3）要探究滑动摩擦力大小与接触面积无关，需要控制压力和接触面粗糙程度相同，改变接触面积。甲、乙两次实验中，压力相同，接触面粗糙程度相同，接触面积不同，弹簧测力计示数相同（即滑动摩擦力相同），所以通过甲、乙两次实验可以初步得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积无关。 （4）在图戊中，木块处于静止状态，受到平衡力的作用。水平方向上，木块受向左的弹簧测力计示数为2.8N，受向右的摩擦力，根据二力平衡可知，摩擦力等于弹簧测力计的示数，所以木块受到的摩擦力为2.8N。 故答案为：（1）B；（2）匀速直线；不受；（3）甲、乙；（4）2.8。 （1）要探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，需要控制压力和接触面积相同，改变接触面粗糙程度，据此分析。 （2）实验中用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动木块，根据二力平衡知识，此时弹簧测力计的示数等于木块所受滑动摩擦力的大小。 在图丙中，木块和砝码一起做匀速直线运动，砝码相对木块没有相对运动趋势或相对运动，故砝码不受摩擦力。 （3）要探究滑动摩擦力大小与接触面积无关，需要控制压力和接触面粗糙程度相同，改变接触面积，据此分析。 （4）在图戊中，木块处于静止状态，水平方向上木块受向左的弹簧测力计的拉力，向右的摩擦力，根据二力平衡可知，摩擦力等于弹簧测力计的示数，据此分析。 本题探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”实验，利用控制变量法分析。 19.【答案】  【解析】（1）根据转换法，实验时是通过观察U形管左右两侧液面高度差来反映待测液体内部压强的大小； ①探究动能大小与速度的关系时，控制质量一定，采用是控制变量法，故①不符合题意； ②通过观察海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用的是转换法，故②符合题意。 故选：②； （2）将探头分别放在图乙所示B、C位置，液体深度相同，而盐水的密度大于水的密度，可以探究液体压强与液体密度的关系； （3）U形管中换用密度更小的液体，根据p=ρgh可知，在压强不变时，U形管左右两侧液面的高度差变大； （4）橡皮膜相平，说明A、B两边压强相等，ρ液gh液=ρ水gh水，h水=12cm=0.12m,ρ液=1.2g/cm3；代入上式，解得h液=10cm。 故答案为：（1）高度差；②；（2）液体密度；（3）小；（4）10。 （1）液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法； 分析各选项采用的物理学方法，找出符合要求的选项； （2）液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变； （3）根据p=ρgh来分析压强和液体密度的关系； （4）根据橡皮膜相平，可知压强相等，利用ρ液gh液=ρ水gh水，即可求得B侧液面到橡皮膜中心的距离。 本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p=ρgh的运用。 20.【答案】  【解析】（1）弹簧测力计使用前，需要在使用的方向上进行调零； （2）利用控制变量法，探究浮力大小与物体浸没在液体中深度的关系，需控制浸没在液体中深度不同，排开液体体积相同，液体密度相同，故选①、③、④三次实验； （3）步骤⑤中物体触底，利用称重法求浮力时，所测浮力会偏大，计算出物体体积会偏大，根据ρ=，可以得出测量的物体密度的值会偏小； （4）由乙、丙两图质量可以得出木块质量m木=280g-200g=180g,木块重力G木=m木g=180×10-3kg×10N/kg=1.8N， 根据甲图中①、③两图金属块浸没在水中可得出金属块的重力G金=4N，F浮=4N-3N=1N， 则可得V金=V排==1×10-4m3=100cm3， 观察丁图木块和金属块漂浮在水中，此时浮力F浮'=G木+G金=1.8N+4N=5.8N， 则此时V排为金属块和木块的总体积，故有V金+V木=V排===5.8×10-4m3=580cm3， 则木块密度ρ木===0.375g/cm3=0.375×103kg/m3。 故答案为：（1）调零；（2）④；（3）小；（4）180；0.375×103。 （1）弹簧测力计在使用前要调零； （2）用控制变量法探究浮力的大小可能与物体浸没在液体中的深度有关，需控制浸没在液体深度改变，其他条件不变； （3）步骤⑤中物体触底，测量出浮力偏大，计算出体积偏大，根据ρ=，测量出的密度值会偏小； （4）乙、丙两图得出木块质量，利用甲图中①③根据F浮=ρ液gV排，得出金属块体积和重力，丁图可以得出金属块和木块捆绑在一起漂浮，可求出木块体积并计算出木块密度。 本题是探究浸在液体中的物体所受浮力大小规律的实验，分析时，注意控制变量法的应用和求密度的方法。 21.【答案】  【解析】（1）实验前杠杆静止，此时杠杆是平衡，接下来调节杠杆在水平位置平衡并进行实验。实验过程中使杠杆在水平位置平衡的目的是：便于测量力臂； （2）根据以上数据得出杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂 （或F1l1=F2l2）；若A、B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格，则左侧3G×3L=9GL，右侧2G×4L=8GL，因为9GL＞8GL，杠杆不能平衡，左侧下降；（3）使用提纽2时，物体对杆秤拉力的力臂更小，当秤砣在同一位置时，秤砣对杆秤拉力的力臂更大，根据杠杆的平衡条件可知，秤砣质量一定时，所测物体的质量更大，杆秤的量程更大，此杆秤有两个测量范围，分别是0～2.5kg和0～10kg,如果被测物体的质量约为5kg,所测量质量大，应使用提纽2作为支点。 故答案为：（1）是；便于测量力臂；（2）动力×动力臂=阻力×阻力臂 （或F1l1=F2l2）；左；（3）2。 （1）杠杆处于静止是平衡状态；杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来； （2）杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂； 设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断是否平衡； （3）使用提纽1时，物体对杆秤拉力的力臂更小，当秤砣在同一位置时，秤砣对杆秤拉力的力臂更大，根据杠杆的平衡条件可知，秤砣质量一定时，所测物体的质量更大，杆秤的量程更大. 此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。 22.【答案】  【解析】【项目实施】 （1）活塞式抽水机有一个手柄（AOB），它使用时动力臂大于阻力臂，相当于一个省力杠杆。 活塞与筒体之间的密封是通过乳胶膜实现的，为了能够实现利用该装置抽水的目的，应将乳胶膜粘在活塞的上表面。 （2）活塞式抽水机抽水时，活塞下圆筒内气压小于外界大气压，水在大气压的作用下被抽上来。 利用图甲的活塞式抽水机理想状态下在我国青海玉树地区可将水抽高：h===6.5m。 【项目拓展】 当向左推手柄M时，活塞便会左运动，风箱左半部分空间变小，气压增大，单向阀门A关闭，B向右摆动，风从B处吹出，风箱右半部分空间变大，气压减小，单向阀门C打开，空气由C进入风箱；当向右拉手柄M时，活塞便会右运动，风箱右半部分空间变小，气压增大，单向阀门C关闭，B向左摆动，风从B处吹出，风箱左半部分空间变大，气压减小，单向阀门A打开，空气由A进入风箱；因此可以判断出B处为出风口，当左右推拉此风箱的把手M时，活塞左右运动时出风口都会出风，故选：C。 故答案为：【项目实施】（1）省力杠杆；上表面；（2）大气压；6.5；【项目拓展】（1）B；（2）C。 【项目实施】 （1）动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆是等臂杠杆；乳胶膜的作用是密封活塞与筒体之间的间隙，防止水从间隙中泄漏。将乳胶膜粘在活塞的上表面可以确保在活塞下压时，水不会从活塞与筒体之间的间隙泄漏，从而保证抽水效果。 （2）活塞式抽水机是利用大气压来工作的；根据液体压强公式计算利用图甲的活塞式抽水机理想状态下在我国青海玉树地区可将水抽高的高度。 【项目拓展】 根据风箱的工作过程进行分析判断。 此题考查了杠杆的分类、活塞式抽水机、大气压、风箱工作原理，充分体现了物理与社会生活的紧密联系。 23.【答案】  【解析】（1）无人驾驶巴士的重力G=mg=6000kg×10N/kg=60000N， 对水平地面的压力F=G=60000N， 车轮与地面的总接触面积S==0.4m2； （2）巴士匀速运动，牵引力和阻力是平衡力，大小相等，牵引力F牵=f=0.1G=0.1×60000N=6000N， 该无人驾驶巴士这段时间牵引力做的功W=F牵s=6000N×3.6×1000m=2.16×107J； （3）该无人驾驶巴士这段时间牵引力做功的功率P==6×104W。 答：（1）车轮与地面的总接触面积是0.4m2； （2）该无人驾驶巴士这段时间牵引力做的功是2.16×107J； （3）该无人驾驶巴士这段时间牵引力做功的功率是6×104W。 （1）根据G=mg得到无人驾驶巴士的重力，对地面的压力等于总重力，根据S=得到车轮与地面的总接触面积； （2）根据阻力恒为车重的0.1倍得到阻力，巴士匀速运动，牵引力和阻力是平衡力，大小相等，根据W=Fs得到牵引力做的功； （3）根据P=得到该无人驾驶巴士这段时间牵引力做功的功率。 本题考查功、功率和压强的计算，难度一般。 24.【答案】  【解析】（1）航母漂浮在水面上时受到的浮力约为8×108N，根据漂浮时受到的浮力大小等于航母的重力，即F浮=G=mg； 即 8×108N=m×10N/kg； 解得 航母的总质量m= 8×107kg； （2）由阿基米德原理F浮=ρ水gV排可得： 航母排开水的体积V排===8×104m3； （3）吃水深度约为11m,航母底受到海水的压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×11m=1.1×105Pa。 答：（1）航母的总质量为8×107kg； （2）航母排开水的体积为8×104m3； （3）水对航母底部的压强为1.1×105Pa。 （1）航母漂浮在水面上，受到的浮力大小等于航母的重力，即F浮=G=mg； （2）根据浮力大小结合阿基米德原理计算排开水的体积； （3）根据p=ρgh可求得航母舰底受到海水的压强； 本题考查了压强公式、重力公式、阿基米德原理的应用，属于中档题。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$