模块综合检测(一)-【优化指导】2026年物理一轮复习高中总复习·第1轮（人教浙江专版）

模块综合检测(一) 本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间90分钟。 可能用到的相关参数：重力加速度g取10 m/s2。 选择题部分 一、选择题 Ⅰ(本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分) 1．某公司成功开发出使用硫化物固态电解质及锂金属负极的全固态锂金属电池，成功制出了安时级ASSB电芯，它的实测能量密度达到300 W·h/kg。下列用国际单位制来表示能量密度的单位，正确的是 (　　) A．m2·s-2 B．kg·m2·s-2 C．m2 D．kg·m2·s-2 答案：A 2．2023年亚运会在杭州举行。有关运动项目的描述，下列说法正确的是 (　　) A．图甲中跳水运动员在空中运动到最高点时加速度为零 B．图乙中研究羽毛球运动员击球动作时，运动员可视为质点 C．图丙中撑竿跳运动员在撑竿起跳上升过程中，运动员始终处于超重状态 D．图丁中跨栏运动员在100米跨栏比赛中获得第一名，该运动员全程平均速度最大 答案：D 3．(2024·Z20名校联盟联考)某同学参加“筷子夹玻璃珠”游戏。如图所示，夹起玻璃珠后，两筷子始终在同一竖直平面内，右侧筷子竖直，左侧筷子与竖直方向的夹角为θ。保持玻璃珠静止，忽略筷子与玻璃珠间的摩擦。下列说法正确的是 (　　) A．两侧筷子对玻璃珠的合力比重力大 B．若逐渐减小θ的大小，则两侧筷子对玻璃珠的弹力也逐渐减小 C．左侧筷子对玻璃珠的弹力一定比玻璃珠的重力大 D．右侧筷子对玻璃珠的弹力一定比玻璃球的重力大 C　解析：对玻璃珠受力分析如图所示，受到重力G、左侧筷子对玻璃珠的弹力F1，右侧筷子对玻璃珠的弹力F2，在三个力的作用下处于平衡状态，根据力的平衡可知，两侧筷子对玻璃珠的合力与重力等大反向，则两侧筷子对玻璃珠的合力等于重力，A错误；玻璃珠保持静止，根据平衡条件可得F1＝>G，F2＝，故若逐渐减小θ的大小，则左侧筷子对玻璃珠的弹力逐渐增大，右侧筷子对玻璃珠的弹力逐渐增大，左侧筷子对玻璃珠的弹力一定比玻璃珠的重力大，右侧筷子对玻璃珠的弹力不一定比玻璃珠的重力大，B、D错误，C正确。 4．(2024·宁波质检)某同学用v－t图像研究无人机在竖直方向的运动情况，如图所示。图像中只有ab段和cd段为直线，其直线方程分别是v1＝3t－2，v2＝10－2t。下列分析正确的是 (　　) A．无人机在ab段一定向上加速，在cd段一定向上减速 B．无人机在ab段和cd段的加速度方向相同 C．无人机在bc段的加速度变化量为－5 m/s2 D．无人机在bc段的速度变化量为12 m/s C　解析：由于题目中没有规定正方向，如果规定向上为正方向，则无人机在ab段向上加速，在cd段向上减速运动；如果规定向下为正方向，则无人机在ab段向下加速，在cd段向下减速运动，A错误；在v－t图像中，图线的斜率表示加速度，由题图可知无人机在ab段和cd段的加速度方向相反，B错误；根据v＝v0＋at可知，在ab段的加速度为3 m/s2，在cd段的加速度为－2 m/s2, 因此在bc段的加速度变化量为Δa＝－2 m/s2－3 m/s2＝－5 m/s2，C正确；从题图中数据无法确定无人机在bc段的速度变化量，D错误。 5．义乌市是全国校园足球特色试点市，足球在我市中小学得到了普及和推广。如图所示，某同学在颠球过程中脚部几乎不动，图示时刻足球恰好运动到最高点，估算足球刚被颠起时的初速度大小最接近的是 (　　) A．1 m/s B．2 m/s C．3 m/s D．6 m/s C　解析：题情境中是中小学生，其身高约为160 cm，题图中足球位置大约到膝关节位置，大概40 cm，足球的运动中忽略空间阻力，则足球做竖直上抛运动，逆向思维，足球做自由落体运动，h＝0.4 m，h＝，联立解得v＝＝ m/s≈3 m/s，A、B、D错误，C正确。 6．2022年8月9日，世界首条永磁磁浮空轨试验线在江西赣州投入使用。如图所示，该列车和轨道应用新型稀土材料，仅凭磁力就可使列车自然悬浮和驱动。已知列车质量为m，空气阻力不可忽略。当列车水平直线行驶时，则列车 (　　) A.匀速行驶时，轨道对列车的作用力大小为mg B．加速行驶时，轨道对列车的作用力沿水平方向 C．以加速度a加速行驶时，列车受到的合外力大小为ma D．减速行驶时，轨道对列车的作用力小于mg C　解析：由于空气阻力不可忽略，则列车匀速行驶时，轨道对列车的作用力大小大于mg，A错误；加速行驶时，列车所受的合力沿水平方向，但由于空气阻力不可忽略，则轨道对列车的作用力不沿水平方向，B错误；以加速度a加速行驶时，列车受到的合外力大小为ma，C正确；减速行驶时，轨道对列车的作用力在竖直方向的分量等于重力，则轨道对列车的作用力不可能小于mg，D错误。 7．叠石头是一项考验耐心和平衡感的游戏。如图所示，三个形状不规则的石块甲、乙、丙在水平地面上成功地叠放在一起，下列说法正确的是 (　　) A．石块丙可能受到地面的摩擦力作用 B．石块丙对石块乙的作用力垂直于接触面向上 C．石块甲、乙、丙三者的重心都在同一竖直线上 D．石块乙对丙的压力大小等于石块丙对乙的支持力大小 D　解析：将甲、乙、丙三个石块看成一个整体，整体受重力与地面的支持力，在竖直方向合力为零而平衡，若水平方向受地面的摩擦力作用，则整体在水平方向合力不为零，不能处于静止状态，与实际情况相悖，因此可知，石块丙不可能受到地面的摩擦力作用，A错误；将石块甲、乙看成一个整体，整体受力平衡，分析可知，整体受竖直向下的重力与石块丙对石块乙的作用力而平衡，则可知石块丙对石块乙的作用力竖直向上，与甲、乙整体受到的重力大小相等，方向相反，B错误；物体的重心越低越稳定，而要使石块甲、乙、丙保持平衡，则其重心应在基底的中心，C错误；石块乙对丙的压力与石块丙对乙的支持力是一对作用力与反作用力，大小相等、方向相反、作用在两个物体上，D正确。 8．(2025·绍兴检测)甲、乙两汽车在一平直公路上同向行驶，在t＝0到t＝t1的时间内，它们的v-t图像如图所示，在这段时间内 (　　) A．汽车甲的平均速度比乙大 B．汽车乙的平均速度等于 C．甲、乙两汽车的位移相同 D．汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大 A　解析：在v­t图像中，图线与坐标轴所夹的面积是物体的位移，故在0～t1时间内，甲车的位移大于乙车，根据＝可知，甲车的平均速度大于乙车，A正确，C错误；在v­t图像中，乙车做变减速运动故平均速度不等于，B错误；在v­t图像中图线的切线的斜率等于物体的加速度，故甲、乙两车的加速度均逐渐减小，D错误。 9．(2024·衢州、丽水、湖州联考)甲、乙两辆小车在同一平直公路上同向做直线运动，甲和乙的位移(x)随时间(t)变化的图像如图所示，则 (　　) A．在t1时刻，两车的瞬时速度相等 B．在t2时刻，甲车速度大于乙车速度 C．在0～t2时间内，两车的平均速度相等 D．在t1～t2之间的某一时刻，两车加速度相等 B　解析：根据x－t图像中图线某点切线的斜率表示速度，可知在t1时刻两车速度不相等，在t2时刻甲车切线斜率比乙车大，即甲车速度大于乙车速度，A错误，B正确；由题图像可知，0时刻两车的位置不同， t2时刻两车位置相同，可知从0到t2时间内，两车走过的位移不相等，故两车的平均速度也不相等，C错误；由两车x－t图线可知，在t1到t2时间内，甲车为一条倾斜的直线，做匀速直线运动，故加速度始终为零，乙车图线为曲线，斜率一直在变化，即速度一直在改变，加速度不为零，即两车加速度不相等，D错误。 10．如图所示，一个重为10 N的小球O被夹在两光滑斜面间，斜面AB和AC与水平面的夹角分别为60°和30°，下列说法正确的是 (　　) A．斜面AB对小球的弹力是由小球的形变产生的 B．斜面AB对小球的弹力为5 N C．斜面AC对小球的弹力为10 N D．保持斜面AB倾角不变，缓慢增大斜面AC倾角，斜面AB对小球的弹力不变 B　解析：斜面对小球的弹力是由斜面的形变产生的，A错误；小球的受力分析图如图甲所示，根据受力分析图可得FB＝mg＝5 N，FC＝mg＝5 N，B正确，C错误；画出力的动态变化图，如图乙所示，FC按照箭头方向变化，则FB在逐渐增大，D错误。 　　 甲　　　　　　　　　乙 二、选择题 Ⅱ(本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分) 11．如图，一直梯斜靠在竖直光滑墙壁，人站在梯子上，缓慢爬到梯子的顶端，关于此过程，直梯受力情况 (　　) A．地面对直梯的支持力是由地面发生形变产生的 B．地面对直梯的作用力始终沿直梯向上 C．人站的位置越高，直梯受到地面的摩擦力越大 D．竖直墙壁对直梯的作用力保持不变 AC　解析：地面对直梯的支持力是由地面发生形变而产生的，A正确；地面对直梯的支持力垂直于地面向上，而地面对直梯的静摩擦力平行地面向左，则根据力的合成可知，地面对直梯的作用力斜向左上方，B错误；对人和梯子整体受力分析如图所示，整体受重力G、竖直墙壁的支持力N1、地面的支持力N2和地面的摩擦力f，图中F为N2与f的合力，根据共点力平衡条件可知，F、G和N1三力平衡，三个力的延长线交于一点O，人站在梯子上，缓慢爬到梯子的顶端的过程中，梯子和人整体的重心大致向左上移动，则三力交汇点O水平向左平移，则可知F与竖直方向的夹角增大，设该夹角为θ，而F在竖直方向的分量N2始终与重力G平衡，即始终有F cos θ＝N2＝G，显然，夹角增大，力F必然增大，而力F的水平分量f＝F sin θ，则可知地面对直梯的摩擦力增大，而水平方向始终有f＝N1，由此可知，人站的位置越高，直梯受到地面的摩擦力越大，竖直墙壁对直梯的作用力越大，C正确，D错误。 12．(2025·杭州检测)蹦床运动深受人们喜爱，如图为小明同学在杭州某蹦床馆，利用传感器测得蹦床弹力随时间的变化图。假设小明仅在竖直方向运动，忽略空气阻力，依据图像给出的物理信息，可得 (　　) A．7.5 s至8.3 s内，运动员先处于失重状态再处于超重状态 B．小明的最大加速度为50 m/s2 C．小明上升的最大高度为5 m D．小明在整个蹦床过程中机械能守恒 BC　解析：由题图可知运动员重力大小为400 N，在7.5 s至8.3 s内，蹦床弹力由0增加到2 400 N再减小到0，运动员先处于失重状态后处于超重状态再处于失重状态，A错误；由题图可知，小明的重力为400 N，质量为m＝＝40 kg，小明的最大加速度am＝＝50 m/s2，B正确；由题图可知，小明在空中时间T＝7.5 s－5.5 s＝2 s，由运动的对称性可知，下落时间t＝1 s，小明上升的最大高度h＝gt2＝5 m，C正确；小明在蹦床过程的开始阶段上升高度会越来越高，人本身要对自己做功，机械能增加，D错误。 13．公路上一辆汽车沿直线运动，其x-v2图像如图所示。下列关于汽车的运动说法正确的是 (　　) A．汽车是做匀变速直线运动 B．汽车在第4 s末的速度大小为1 m/s C．汽车的加速度大小为1 m/s2 D．汽车在前8 s内的位移为8 m AB　解析：若汽车做匀变速直线运动有v2＝v02＋2ax，整理后有x＝－，则根据题图x－v2图像为一条倾斜的直线，说明汽车做匀变速直线运动，A正确；根据选项A可知a＝－0.5 m/s2，v0＝3 m/s，则汽车停下有0＝v0＋at停，可知t停＝6 s，汽车在第4 s末的速度大小根据逆向思维法为v＝at＝1 m/s，B正确，C错误；根据选项B的分析，结合逆向思维法有x＝at停2＝9 m，D错误。 非选择题部分 三、非选择题(本题共5小题，共58分) 14．实验题(Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三题共14分) 14­Ⅰ.(6分)为了探究“物体质量一定时，加速度与力的关系”，甲、乙两同学设计了如图1所示的实验装置。其中带小滑轮的小车的质量为M，小滑轮的质量为m0，砂和砂桶的质量为m。力传感器可测出轻绳的拉力大小。 (1)实验时，需要进行的操作是________。 A．将带滑轮的长木板右端垫高，以补偿阻力 B．用天平测出砂和砂桶的质量 C．小车靠近打点计时器，先释放小车，再接通电源 D．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M (2)甲同学在实验中得到如图2所示的一条纸带(相邻两计数点间还有四个点没有画出)，已知打点计时器使用的是频率为50 Hz的交流电。根据纸带可求出小车在C点的瞬时速度为________m/s，加速度为________m/s2。(均保留2位有效数字) 答案：(1)A　(2)0.80　4.0 14­Ⅱ.(3分)某小组用力传感器探究弹簧弹力与伸长量的关系。如图甲所示，将轻质弹簧上端固定于铁架台上，使标尺的零刻度线与弹簧上端对齐。某同学用力传感器竖直向下拉弹簧，同时记录拉力值F及对应的标尺刻度x(如图乙所示)。通过描点画图得到图丙的F－x图像，a、b分别为使用轻弹簧1、2时所描绘的图线。弹簧1比弹簧2____________(填“软”或“硬”)。 答案：硬 解析：弹簧1、2的劲度系数分别为k1＝ N/m＝100 N/m，k2＝ N/m＝50 N/m，弹簧1的劲度系数为100 N/m，大于弹簧2的劲度系数，弹簧1比弹簧2硬。 14­Ⅲ.(5分)在“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中： (1)下列说法正确的是________。(单选) A．两根细绳必须等长 B．合力和分力的标度可以不一样 C．同一次实验中，结点O的位置不允许变动 D．橡皮筋应该与两绳夹角的平分线在同一直线上 (2)在某次实验中，两个弹簧秤拉力的方向如图所示，两个弹簧秤的读数分别为F1＝3.00 N和F2＝2.00 N，请通过正确作图，求出合力的大小为________ N。 答案：(1)C　(2)图见解析　4.00(3.80～4.20均可) 解析：(1)细绳的作用是确定力的方向，两根细绳并不要求等长，A错误；合力和分力的标度要相同，B错误；同一次实验中，结点O的位置不允许变动，以确保力的作用效果相同，C正确；两细绳拉橡皮筋时，只要确保拉到同一点O即可，橡皮筋与两绳夹角的平分线不一定在同一直线上，D错误。 (2)以F1、F2为邻边作平行四边形如图，由题图可知标度为1 N/cm，合力对应长度约为4 cm，所以合力大小约为4.00 N。 15．(8分)小刚是学校的升旗手，国歌响起时他拉动绳子开始升旗，国歌结束时国旗恰好停在旗杆顶端。若国旗从A点由静止开始做匀加速直线运动，达到最大速度v＝0.5 m/s，然后以最大速度做匀速直线运动，最后做匀减速直线运动恰好到达顶端B点。已知国歌从响起到结束的时间t＝46 s，A至B的高度H＝22 m，如图所示，匀加速直线运动的加速度大小与匀减速直线运动的加速度大小相等。求： (1)国旗匀速运动的时间； (2)国旗在匀加速运动过程中的加速度a及上升高度h。 答案：(1)42 s　(2)0.25 m/s2　0.5 m 解析：(1)设加速时间为t1、匀速时间为t2、匀减速时间为t3，有 H＝t1＋vt2＋t3，t1＋t3＝t－t2，t1＝t3 解得国旗匀速运动时间t2＝42 s。 (2)由(1)可得t1＝t3＝ s＝2 s 则匀加速运动过程中的加速度a＝＝0.25 m/s2 上升的高度h＝at12＝0.5 m。 16.(11分)如图所示，质量M＝1 kg的木块套在水平固定杆上，并用轻绳与质量m＝0.5 kg的小球相连。现用跟水平方向成60°角的力F＝5 N拉着小球并带动木块一起向右匀速运动，运动中木块、小球的相对位置保持不变，g取10 m/s2。在运动过程中，求： (1)轻绳的拉力FT； (2)木块M与水平杆间的动摩擦因数μ。 答案：(1)5 N　(2) 解析：(1)小球处于平衡状态，受到重力、拉力F和轻绳拉力FT，如图所示 以小球为研究对象，由平衡条件得：水平方向：F cos 60°－FTcos θ＝0，竖直方向：F sin 60°－FTsin θ－mg＝0， 解得θ＝30°，FT＝5 N。 (2)以小球、木块整体为研究对象，设杆对M的支持力为FN，由平衡条件得： 水平方向：F cos 60°－μFN＝0 竖直方向：FN＋F sin 60°－Mg－mg＝0 解得μ＝。 17．(12分)如图所示，一只可爱的企鹅在倾角为37°的冰面上玩耍，先以恒定加速度从冰面底部由静止开始沿直线向上“奔跑”，经t＝0.8 s后，在x＝0.64 m处，突然卧倒以肚皮贴着冰面向前滑行，最后退滑到出发点。企鹅在滑行过程中姿势保持不变，企鹅肚皮与冰面间的动摩擦因数μ＝0.25，已知sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，取重力加速度g＝10 m/s2，求： (1)企鹅向上“奔跑”的加速度大小a； (2)企鹅滑行过程所用的总时间t总(结果可用根号表示)。 答案：(1)2 m/s2　(2) s 解析：(1)设企鹅向上“奔跑”时加速度大小为a，有x＝at2，解得a＝2 m/s2。 (2)设企鹅向上“奔跑”时的末速度大小为v，有v＝at＝1.6 m/s，设向上滑行时企鹅的加速度大小为a1，时间为t1，有mg sin θ＋μmg cos θ＝ma1，v＝a1t1，解得a1＝8 m/s2，t1＝0.2 s，设向下滑行时，企鹅的加速度大小为a2，时间为t2，有mg sin θ－μmg cos θ＝ma2，x＋＝a2t22，解得a2＝4 m/s2，t2＝ s，所以总时间t总＝t1＋t2＝ s。 18．(13分)假设某高楼距地面高H＝47 m的阳台上的花盆因受扰动而掉落，掉落过程可看作自由落体运动。有一辆长L1＝8 m、高h1＝2 m的货车，在楼下以v0＝9 m/s的速度匀速直行，要经过阳台的正下方，花盆刚开始下落时货车车头距花盆的水平距离 L2＝24 m。(示意图如图所示，花盆可视为质点，重力加速度g＝10 m/s2) (1)若司机没有发现花盆掉落，货车保持v0＝9 m/s的速度匀速直行，通过计算说明货车是否会被花盆砸到？ (2)若司机发现花盆掉落，采取制动(可视为匀变速，司机反应时间Δt＝1 s)的方式来避险，使货车在花盆砸落点前停下，求货车的最小加速度； (3)若司机发现花盆掉落，采取加速(可视为匀变速，司机反应时间Δt＝1 s)的方式来避险，则货车至少以多大的加速度加速才能避免被花盆砸到？ 答案：(1)会，计算见解析　(2)2.7 m/s2　 (3)2.5 m/s2 解析：(1)花盆从47 m高处落下，到达离地高2 m的车顶过程，位移h＝(47－2) m＝45 m，根据自由落体运动位移与时间关系式，有h＝gt2，解得t＝＝ s＝3 s，3 s内汽车位移x＝v0t＝27 m，(L2＝24 m)＜x＜(L1＋L2＝32 m)，则货车会被花盆砸到。 (2)货车匀减速的距离x1＝L2－v0Δt＝15 m，制动过程中由运动学公式得v02＝2a0x1，解得a0＝2.7 m/s2。 (3)司机反应时间内货车的位移x2＝v0Δt＝9 m， 此时车头离花盆的水平距离d＝L2－x2＝15 m， 采取加速方式，要成功避险，则有 d＋L1＝v0(t－Δt)＋a(t－Δt)2，代入相关数据解得a＝2.5 m/s2，即货车至少以2.5 m/s2的加速度加速才能避免被花盆砸到。 学科网（北京）股份有限公司 $$