广东省惠州市惠阳区2024-2025学年下学期八年级期末物理试卷

广东省惠州市惠阳区2024-2025学年下学期八年级期末物理试卷 一、单项选择题：（本大题共7小题，每小题3分，共21分） 1．（3分）如图所示，2024年广西“民族体育炫”板鞋竞速比赛中，运动员看到广告牌向后退，所选择的参照物是（　　） A．跑道 B．板鞋 C．观众席 D．广告牌 2．（3分）如图是世界汽车拉力锦标赛的赛道，赛道弯道较多，汽车速度较快，观众站在赛段附近的哪个位置观看更安全些（　　） A．乙、丙 B．乙、丁 C．甲、丁 D．甲、丙 3．（3分）2024年4月25日，我国长征运载火箭成功将神舟十八号载人飞船送往预定轨道。载人飞船离开地面加速上升的过程中（　　） A．动能增大，重力势能不变 B．动能增大，重力势能增大 C．动能不变，重力势能不变 D．动能不变，重力势能增大 4．（3分）如图为某款剪刀的示意图。握住手柄修剪树枝时，剪刀可视为杠杆，该杠杆的特点是（　　） A．省力 B．费力 C．省功 D．省距离 5．（3分）如图所示，在游泳比赛中，运动员奋力向后划水，身体快速向前游动。关于运动员在水中受力和运动情况的分析，下列说法正确的是（　　） A．运动员划水时不受浮力 B．运动员加速划水，受到的惯性增 C．运动员划水时受到水的推力向前游动 D．运动员对水的力和水对运动员的力是一对平衡力 6．（3分）“青岛号”导弹驱逐舰从海洋驶入长江时，受到的浮力和吃水深度的变化是（ρ海水＞ρ水，忽略驱逐舰自重的变化）（　　） A．浮力变大 B．浮力不变 C．吃水深度变小 D．吃水深度不变 7．（3分）如图，同一长方体木块先后以相同的速度v，在同一水平面上被匀速直线拉动，甲图中平放，乙图中竖放，丙图中平放且在上面叠放一重物（重物与木块相对静止），木块所受的水平拉力分别为F甲、F乙、和F丙，则（　　） A．F甲＜F乙＜F丙 B．F甲＝F乙＝F丙 C．F甲＝F乙＜F丙 D．F甲＜F乙＝F丙 二、填空题：（本大题共7小题，每小题3分，共21分） 8．（3分）被誉为“经典力学奠基人”的物理学家 　 　 总结出：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止或匀速直线运动状态。为纪念他对物理学的贡献，物理学中用他的名字作为 　 　 的单位，实验室常见的测量工具是 　 　 。 9．（3分）嫦娥六号探测器于2024年6月2日着陆月球背面阿波罗盆地进行采样，嫦娥六号探测器在降落月球实施制动减速时，要将发动机喷管朝向 　 　 （选填“前方”“侧方”或“后方”），使探测器减速的施力物体是 　 　 （选填“燃气”或“喷嘴”），此现象可以说明 　 　 。 10．（3分）如图所示，用两个吸盘模拟马德堡半球实验。将两个吸盘对接，用力挤压出空气后难以将其分开，说明吸盘内部气体压强 　 　 （选填“大于”“等于”或“小于”）大气压强。若在吸盘上戳一个小孔，吸盘内部气体压强会变 　 　 。若在海拔更高的地方做同样的实验，将其分开所需的力更小，说明海拔越高，大气压强越 　 　 。 11．（3分）如图是我国古代劳动人民利用自制的工具汲水的场景。图中装置顶端的轮子相当于现代人们所使用的 　 　 （选填“定滑轮”或“动滑轮”），其作用是可以改变力的 　 　 ，但不能省力。图中的扁担做得较宽，主要是为了增大受力面积，　 　 （选填“增大”或“减小”）压强。 12．（3分）如图所示的容器是 　 　 器。塞子拔出后各液面高低不同，粗管处液柱比细管处液柱 　 　 （选填“高”或“低”），是因为流速大的位置压强小。以下现象中与其原理相同的是 　 　 （选填序号：①热气球在空中漂浮、②C919大客机在空中飞行、③中国空间站绕地球飞行）。 13．（3分）杆秤在我国有几千年的历史，如今中药房仍在使用，杆秤是利用 　 　 原理制成。如图所示，已测得刺五加药材质量是120g，其中OB＝3OA，若不计杆秤自重，则秤砣的质量约为 　 　 g。接下来要测30g的人参片需要将秤砣向B点的 　 　 （选填“左”或“右”）侧移动。 14．（3分）一个小车往斜坡向上运动时，它的s﹣t图，如图所示。它在30s内通过的路程为 　 　 米，在此过程，小车的动能 　 　 （选填“变大”或“不变”或“变小”的。若小车突然急刹车，则它的惯性 　 　 （选填“变大”或“不变”或“变小”）。 三、作图题：（本题共7分） 15．（2分）如图，物体A放在斜面上处于静止状态，在图中画出A所受重力G和对斜面的压力F的示意图。 16．（2分）如图所示，乒乓球漂浮在水面上，请画出乒乓球受到的重力G和浮力F浮的示意图。 17．（3分）阿基米德在发现了杠杆原理之后，发出了“给我一个支点，我能够撬动地球”的感慨，请在设想示意图中，画出作用在A点的最小动力F1及其动力臂l1（图中O为支点）。 四、实验探究题：（本大题共3小题，第16题7分，第17题6分，第18题7分，共20分） 18．（7分）在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，实验器材如下：带有合页的长木板、带圆形凹槽的木块、小球、弹簧测力计。 （1）如图甲所示，将木块放在水平放置的长木板上，用弹簧测力计沿 　 　 方向拉动木块做 　 　 运动，读出弹簧测力计的示数，则滑动摩擦力为 　 　 N； （2）将小球放在木块的凹槽内，重复（1）的操作，弹簧测力计的示数比（1）中的大，说明当接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力的大小与 　 　 有关； （3）请在图甲中画出木块所受摩擦力的示意图； （4）利用上述实验器材还可以探究物体的运动和力的关系，如图乙所示。 ①进行实验时，为改变小球在水平面上开始运动的速度，应使小球从同一斜面上的 　 　 高度由静止滚下； ②小球在同一斜面上的位置越高，滚下时木块被撞得越远。根据此结论，对驾驶员提出一条关于交通安全方面的建议：　 　 。 19．（6分）实验小组用如图的装置探究“液体内部压强与哪些因素有关”。 （1）实验前，小明用手指轻压金属盒橡皮膜，观察U形管中两液面是否出现 　 　 ，若两液面没有高度差，则说明U形管压强计存在 　 　 问题；为使实验现象明显，U形管中的液体选择 　 　 的更好（选填“有色”或“无色”）； （2）在图甲中，固定探头在水中的深度，多次改变探头朝向，这是为了探究在同种液体内部的同一深度，液体向 　 　 的压强大小关系； （3）比较甲、乙两图可知，在同种液体内部，深度越大，压强 　 　 。比较 　 　 两图可知，在液体内部的同一深度，液体的密度越大，压强越大。 20．（7分）小渝和同学们利用一长方体物块来探究影响浮力大小的因素。 （1）将物块竖放后挂在弹簧测力计上，测出物块的重力为2.7N，然后将物块部分浸入水中，发现测力计示数减小的同时水面升高了，说明物块受到了 　 　 的浮力，并且水对容器底部的压强与放入物块前相比 　 　 （选填“增大”、“不变”或“变大”），当测力计示数如图甲所示时，浮力为 　 　 N； （2）接下来小渝继续按图乙、丙、丁所示进行实验，由甲、乙、丙的数据可知：在同种液体中，物体排开液体的体积 　 　 ，浮力越大；由丙、丁的数据可知：物体浸没在同种液体中时所受浮力大小跟深度 　 　 ； （3）然后将物块浸没在盐水中如图戊所示，分析数据可知：浮力大小与液体的密度有关：并通过计算得出所用盐水密度为 　 　 g/cm3，若在实验前，弹簧测力计的指针在零刻度线以下，并未调零，则算出的盐水密度 　 　 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。 五、计算题：（本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分） 21．（6分）2024年4月30日，神舟十七号载人飞船返回舱成功着陆，如图所示。若返回舱质量为.3×103kg，在着陆过程中，从距地面1m高处竖直向下落地，用时0.4s。（g＝10N/kg）求返回舱在这段时间内， （1）平均速度； （2）重力做的功。 22．（7分）无人机总质量为2kg，静止时与地面接触的总面积为1.0×10﹣3m2。某次航拍中，无人机匀速竖直上升60m，升力做功为1800J，求无人机： （1）受到的重力。 （2）静止在水平地面上时，对地面的压强。 （3）匀速上升时受到的阻力。 六、综合能力题：（本大题共3小题，每小题6分，共18分） 23．（6分）实验小组通过探究杠杆的平衡条件，来解释桔槔的使用原理。 （1）实验前，杠杆水平静止如1图甲所示，此时杠杆处于 　 　 状态（选填“平衡”或“非平衡”）； （2）调节杠杆水平平衡，进行多次实验，数据记录如表： 次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm 1 2 12 1 24 2 2 5. 1 10 3 3 10 2 15 4 3 12 2 18.0 ①分析表中的数据，归纳出杠杆的平衡条件是 　 　 （用表格中的字母表示）。多次实验的目的是 　 　 （选填“A”或“B”）； A.寻找普遍规律 B.减小实验误差 ②如1图乙，此时在右侧钩码下端加挂一个钩码，杠杆会 　 　 （选填“左端下沉”或“右端下沉”）； （3）桔槔是我国古代的取水工具，如2图甲，在井边竖一根树杈，架上一根横木，横木的一端绑上大石块，另一端系绳和水桶，简化图如2图乙。若水桶盛满水后，为减小人向上提水的拉力，根据杠杆的平衡条件，可以 　 　 （选填“增大”或“减小”）石块的质量或向 　 　 （选填“左”或“右”）移动杠杆的支点。 24．（6分） 2022年4月28日，“巅峰使命”珠峰科考全面启动。5月15日凌晨1点26分，中国自主研发的“极目一号”Ⅲ型浮空艇从海拔4300m的科考营地顺利升空，4点40分达到海拔9032m，超过珠峰8848.86m的高度，创造了浮空艇大气科学观测的世界纪录。 （1）上升过程中，以地面为参照物，浮空艇是 　 　 的； （2）该浮空艇是软式飞艇，上升过程中需通过调整气囊中的气压来保持外形不变。上升过程中，该艇受到的浮力 　 　 （填“增大”、“减小”或“不变”）； （3）该浮空艇总质量约2625kg，它受到重力的大小为 　 　 N；（g＝10N/kg） （4）已知海拔4300m处的空气密度约为0.8kg/m3，如图所示，该浮空艇在营地升空前体积达9060m3，此时浮空艇受到的浮力大小为 　 　 N； （5）“极目一号”浮空艇内部有三层：上层装有氦气（相同条件下氦气密度比空气小得多），中间隔开，下层是空气。当悬于空中的浮空艇需要 　 　 （选填“上浮”或“下降”）的时候，可以用上层的氦气排出下层的部分空气，以此改变 　 　 ，同时使整个浮空艇的压差在安全范围内。 25．（6分）小明观察到如图甲所示的组合式滑梯，各个滑梯的高度都有所不同，小朋友从不同的滑梯滑至底端时的快慢也有所不同，速度快的甚至会冲出滑梯摔在地上。这一现象引起了小明的思考：人沿滑梯滑至底端时速度的大小与什么因素有关呢？ 他猜想：与人开始下滑的起点高度有关。 小明用木块、硬纸板、垫块进行模拟实验，如图乙所示。纸板一端置于垫块上，另一端置于水平桌面上模拟滑梯，用纸板上从静止开始下滑的木块模拟人，通过观察木块在水平桌面上运动的距离来反映木块滑至底端O点时速度的大小，距离越长表明速度越大。 请你回答下列问题： （1）若释放后木块保持静止，是因为木块受到沿纸板斜向 　 　 的摩擦力，若要让木块下滑，写出一种操作方法：　 　 ； （2）解决上述问题后继续探究。如图丙①所示，从纸板顶端释放木块，木块运动至桌面上的M点；如图丙②所示，从纸板中部释放木块，木块运动至桌面上的N点。比较木块两次在桌面上的运动距离，可以得出结论：木块沿纸板下滑的起点越高，滑至底端时 　 　 ； （3）根据上述探究，小明认为，要保证人不因速度过大冲出滑梯，设计时可以考虑在滑梯底端再连接一段 　 　 方向放置的滑梯； （4）结合你坐滑梯的经历，谈谈还有哪些因素可能会影响人沿滑梯下滑的快慢？①　 　 ；②　 　 。（写出两个因素即可） 广东省惠州市惠阳区2024-2025学年下学期八年级期末物理试卷 参考答案与试题解析 一．选择题（共7小题） 题号 1 2 3 4 5 6 7 答案 B A B A C B C 一、单项选择题：（本大题共7小题，每小题3分，共21分） 1．（3分）如图所示，2024年广西“民族体育炫”板鞋竞速比赛中，运动员看到广告牌向后退，所选择的参照物是（　　） A．跑道 B．板鞋 C．观众席 D．广告牌 【分析】解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。 【解答】解：运动员看到广告牌向后退，广告牌是运动的，广告牌和板鞋之间发生了位置的改变，所以广告牌向后退是以板鞋为参照物的，故B正确、ACD错误。 故选：B。 【点评】本题主要考查学生对运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。 2．（3分）如图是世界汽车拉力锦标赛的赛道，赛道弯道较多，汽车速度较快，观众站在赛段附近的哪个位置观看更安全些（　　） A．乙、丙 B．乙、丁 C．甲、丁 D．甲、丙 【分析】物体保持运动状态不变的性质叫惯性，惯性是物体的一种属性，一切物体都有惯性。 【解答】解：由图可知，当车在路上快速行驶时，由于惯性，车将会沿原来运动的方向冲出，即会冲到图中的甲区和丁区，故人在乙区和丙区是安全的。 故选：A。 【点评】此题主要考查学生对惯性现象的理解。惯性现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题。 3．（3分）2024年4月25日，我国长征运载火箭成功将神舟十八号载人飞船送往预定轨道。载人飞船离开地面加速上升的过程中（　　） A．动能增大，重力势能不变 B．动能增大，重力势能增大 C．动能不变，重力势能不变 D．动能不变，重力势能增大 【分析】动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。 【解答】解：载人飞船离开地面加速上升的过程中，质量不变，速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增大。 故选：B。 【点评】本题考查动能和势能的影响因素，属于基础题。 4．（3分）如图为某款剪刀的示意图。握住手柄修剪树枝时，剪刀可视为杠杆，该杠杆的特点是（　　） A．省力 B．费力 C．省功 D．省距离 【分析】（1）结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆； （2）使用任何简单机械都不能省功。 【解答】解：由图可知，修剪树枝的剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，省力费距离；使用任何简单机械都不能省功，故A正确，BCD错误。 故选：A。 【点评】此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种： ①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。 5．（3分）如图所示，在游泳比赛中，运动员奋力向后划水，身体快速向前游动。关于运动员在水中受力和运动情况的分析，下列说法正确的是（　　） A．运动员划水时不受浮力 B．运动员加速划水，受到的惯性增 C．运动员划水时受到水的推力向前游动 D．运动员对水的力和水对运动员的力是一对平衡力 【分析】（1）浸在液体（或气体）中的物体受到液体（或气体）竖直向上托起的力叫浮力； （2）惯性大小只跟物体的质量有关； （3）物体间力的作用是相互的； （4）二力平衡的条件为作用在同一物体上的两个力大小相等，方向相反，作用在同一直线上。 【解答】解：A、浸在液体（或气体）中的物体受到液体（或气体）竖直向上托起的力叫浮力，运动员在划水时会受到水的浮力，故A错误； B、运动员加速划水时，质量不变，惯性的大小不变，惯性是物体本身的一种性质，不能说“受到的惯性”，故B错误； C、运动员划水时，给水一个向后的力，物体间力的作用是相互的，水会给运动员一个向前的推力，故C正确； D、运动员对水的力和水对运动员的力，作用在不同物体上，不是一对平衡力，故D错误。 故选：C。 【点评】本题考查了浮力，力的相互性，惯性和平衡力的判断，属于综合题。 6．（3分）“青岛号”导弹驱逐舰从海洋驶入长江时，受到的浮力和吃水深度的变化是（ρ海水＞ρ水，忽略驱逐舰自重的变化）（　　） A．浮力变大 B．浮力不变 C．吃水深度变小 D．吃水深度不变 【分析】驱逐舰在海洋和长江中行驶时，都处于漂浮状态，所受的浮力都等于重力，结合阿基米德原理分析确定吃水深度变化。 【解答】解：当驱逐舰从海洋驶入长江时，驱逐舰仍然处于漂浮状态，浮力等于自身的重力；因舰船的重力不变，则所受的浮力不变；由于液体密度变小，所以根据V排＝知驱逐舰排开水的体积增大，则吃水深度变大。故B正确、ACD错误。 故选：B。 【点评】本题考查浮力的有关知识，是一道综合题。 7．（3分）如图，同一长方体木块先后以相同的速度v，在同一水平面上被匀速直线拉动，甲图中平放，乙图中竖放，丙图中平放且在上面叠放一重物（重物与木块相对静止），木块所受的水平拉力分别为F甲、F乙、和F丙，则（　　） A．F甲＜F乙＜F丙 B．F甲＝F乙＝F丙 C．F甲＝F乙＜F丙 D．F甲＜F乙＝F丙 【分析】（1）物体对水平面的压力大小等于物体的重力。 （2）影响滑动摩擦力大小的因素有压力大小和接触面的粗糙程度，而与接触面积和速度的大小无关；在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大，匀速直线运动，受力平衡。 【解答】解：（1）甲、乙两图中，虽然木块的放置方式不同，速度大小也不同，但它们对水平面的压力大小相同（都等于自身的重力），且接触面的粗糙程度相同，所以这两种情况下摩擦力的大小相等，即f甲＝f乙； （2）丙图中，在木块上加放一个重物后，木块对接触面的压力变大，接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力变大，即f丙＞f乙； 由此可知f甲＝f乙＜f丙，匀速直线运动，受力平衡，拉力等于摩擦力，故F甲＝F乙＜F丙。 故选：C。 【点评】此题考查了压力与重力的关系、滑动摩擦力大小的影响因素，属于基础题。 二、填空题：（本大题共7小题，每小题3分，共21分） 8．（3分）被誉为“经典力学奠基人”的物理学家 　牛顿　 总结出：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止或匀速直线运动状态。为纪念他对物理学的贡献，物理学中用他的名字作为 　力　 的单位，实验室常见的测量工具是 　弹簧测力计　 。 【分析】牛顿总结笛卡尔、伽利略等人的研究成果，概括出牛顿第一定律。人们为了纪念他，以他的名字命名为力的单位。 实验室常见的测量工具是 弹簧测力计。 【解答】解：牛顿是经典力学的奠基人，伟大的物理学家，牛顿总结笛卡尔、伽利略等人的研究成果，概括出牛顿第一定律：一切物体在不受外力时，总保持匀速直线运动状态或静止状态，为了纪念他对力学做出的杰出贡献，物理学以牛顿的名字命名力的基本单位。实验室常见的测量工具是弹簧测力计。 故答案为：牛顿；力；弹簧测力计。 【点评】此题考查了我们对牛顿成就的了解，属于物理学史的考查，实验室测力的工具，是一道基础题。 9．（3分）嫦娥六号探测器于2024年6月2日着陆月球背面阿波罗盆地进行采样，嫦娥六号探测器在降落月球实施制动减速时，要将发动机喷管朝向 　前方　 （选填“前方”“侧方”或“后方”），使探测器减速的施力物体是 　燃气　 （选填“燃气”或“喷嘴”），此现象可以说明 　力的作用是相互的　 。 【分析】力是物体对物体的作用，施加力的物体叫施力物体，受到力的作用的物体叫受力物体，物体间力的作用是相互的。 【解答】解：嫦娥六号探测器在降落月球实施制动减速时，依靠发动机喷管喷出大量的气体制动，制动需要受到一个向后的力，根据力的作用是相互的可知，向前喷出燃气时，燃气受到向前的推力，喷嘴会受到一个向后的反作用力，这个向后的反作用力使嫦娥六号探测器减速，使嫦娥六号探测器减速的力的施力物体是燃气，由此可知此现象可以说明力的作用是相互的。 故答案为：前方；燃气；力的作用是相互的。 【点评】本题考查了力的作用是相互，难度不大。 10．（3分）如图所示，用两个吸盘模拟马德堡半球实验。将两个吸盘对接，用力挤压出空气后难以将其分开，说明吸盘内部气体压强 　小于　 （选填“大于”“等于”或“小于”）大气压强。若在吸盘上戳一个小孔，吸盘内部气体压强会变 　大　 。若在海拔更高的地方做同样的实验，将其分开所需的力更小，说明海拔越高，大气压强越 　小　 。 【分析】（1）排出空气可以减小内部压强；放入空气压强增大；（2）大气压随海拔越高，压强越小。 【解答】解：用两个吸盘模拟马德堡半球实验。将两个吸盘对接，用力挤压出空气后难以将其分开，说明吸盘内部气体压强小于大气压强，在内外压力差的作用下，很难拉开。若在吸盘上戳一个小孔，气体进入，吸盘内部气体压强会变大。若在海拔更高的地方做同样的实验，将其分开所需的力更小，说明海拔越高，大气压强越小。故答案为：小于；大；小。 【点评】本题考查大气压的应用和变化，属于基础题。 11．（3分）如图是我国古代劳动人民利用自制的工具汲水的场景。图中装置顶端的轮子相当于现代人们所使用的 　定滑轮　 （选填“定滑轮”或“动滑轮”），其作用是可以改变力的 　方向　 ，但不能省力。图中的扁担做得较宽，主要是为了增大受力面积，　减小　 （选填“增大”或“减小”）压强。 【分析】定滑轮可以改变力的方向，不能省力； 根据p＝进行分析。 【解答】解：定滑轮可以改变力的方向，不能省力； 扁担做得较宽，主要是为了增大受力面积，根据p＝可知，在压力一定时，可以减小压强。 故答案为：定滑轮；方向；减小。 【点评】本题考查定滑轮以及压强的变化，属于基础题型。 12．（3分）如图所示的容器是 　连通　 器。塞子拔出后各液面高低不同，粗管处液柱比细管处液柱 　高　 （选填“高”或“低”），是因为流速大的位置压强小。以下现象中与其原理相同的是 　②　 （选填序号：①热气球在空中漂浮、②C919大客机在空中飞行、③中国空间站绕地球飞行）。 【分析】上端开口底部连通的容器是连通器；流体中流速越大的位置，压强越小。 【解答】解：图中是上端开口底部连通的容器，属于连通器。 塞子拔出后，粗管处液柱比细管处液柱高，粗管处的液体压强大，粗管处水的流速慢，说明流体的流速越快，压强越小。 ①热气球在空中漂浮利用空气的浮力； ②C919大客机在空中飞行利用流体的压强和流速的特点； ③中国空间站绕地球飞行，利用机械能的转化。 故②符合题意。 故答案为：连通；高；②。 【点评】本题考查连通器与流体的压强特点，属于中档题。 13．（3分）杆秤在我国有几千年的历史，如今中药房仍在使用，杆秤是利用 　杠杆平衡　 原理制成。如图所示，已测得刺五加药材质量是120g，其中OB＝3OA，若不计杆秤自重，则秤砣的质量约为 　40　 g。接下来要测30g的人参片需要将秤砣向B点的 　右　 （选填“左”或“右”）侧移动。 【分析】杆秤是利用杠杆平衡原理制成的测量物体质量的工具，根据杠杆的平衡条件求秤砣的质量； 所测物体的质量变小，在动力和阻力臂不变时，根据杠杆平衡条件可知，要使杆秤水平平衡，应使动力臂适当减小，由此可知秤砣的移动方向。 【解答】解：杆秤是利用杠杆平衡原理制成的测量物体质量的工具，如图，O为支点，由杠杆平衡条件可得： G砣×OB＝G药×OA， 结合G＝mg可得，m砣g×OB＝m药g×OA， 即：m砣×3OA＝120g×OA， 解得，秤砣的质量约为：m砣＝40g； 接下来要测30g的人参片，即药材的质量减小，在OA、m砣一定时，要使杠杆重新水平平衡，应减小OB的长度，即将秤砣向B点右侧移动。 故答案为：杠杆平衡；40；右。 【点评】本题主要考查杠杆平衡条件的应用，难易程度适中。 14．（3分）一个小车往斜坡向上运动时，它的s﹣t图，如图所示。它在30s内通过的路程为 　90　 米，在此过程，小车的动能 　不变　 （选填“变大”或“不变”或“变小”的。若小车突然急刹车，则它的惯性 　不变　 （选填“变大”或“不变”或“变小”）。 【分析】（1）根据s﹣t图像得出它在30秒内通过的路程； （2）动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大； （3）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。 【解答】解：小车的s﹣t图像如题图所示，是一条过原点的倾斜直线，说明小车做匀速直线运动，当时间为30s时，由图可知对应的路程为90m，即它在30秒内通过的路程为90m； 在此过程中，小车的质量不变，速度也不变，则小车的动能大小不变； 若小车突然刹车，因小车的质量不变，则小车的惯性不变。 故答案为：90；不变；不变。 【点评】此题考查动能的大小比较、惯性大小的影响因素，难度不大，读懂图像是关键。 三、作图题：（本题共7分） 15．（2分）如图，物体A放在斜面上处于静止状态，在图中画出A所受重力G和对斜面的压力F的示意图。 【分析】重力是物体受到的力，因此根据规则物体的重心在物体的几何中心，重力的方向总是竖直向下的，过物体的重心表示出重力的方向即可； 压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可。 【解答】解：过物体的重心画一条竖直向下的带箭头的线段，符号为G，即为重力的示意图； 在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画一条垂直于斜面向下、带箭头的线段，符号为F，即为压力的示意图。如图所示： 【点评】本题的关键是确定压力和重力的作用点和方向，并会用力的图示表示力的三要素。注意物体对斜面的压力要小于物体所受重力。 16．（2分）如图所示，乒乓球漂浮在水面上，请画出乒乓球受到的重力G和浮力F浮的示意图。 【分析】根据乒乓球漂浮在水面上，则可判断乒乓球受到的浮力与重力是一对平衡力，浮力方向竖直向上，重力方向竖直向下，浮力大小等于重力，作用点在球重心上； 根据力的示意图的做法，用一条带箭头的线段把浮力和重力的大小、方向、作用点分别表示出来。 【解答】解：乒乓球所受浮力的方向是竖直向上的，从重心开始竖直向上画一条带箭头的线段表示出浮力，并标出F浮； 乒乓球漂浮在水面上，乒乓球的重力与浮力大小相等、方向相反，作用点都在重心，同理做出重力的示意图，如图所示： 【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。注意相等的力要画一样长。 17．（3分）阿基米德在发现了杠杆原理之后，发出了“给我一个支点，我能够撬动地球”的感慨，请在设想示意图中，画出作用在A点的最小动力F1及其动力臂l1（图中O为支点）。 【分析】（1）根据杠杆平衡的条件，F1×L1＝F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。 （2）力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点；②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线；③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。 【解答】解：根据杠杆平衡条件，动力臂越长越省力，力的作用点确定，从支点到动力作用点的距离便为最长的力臂；图中O为支点，要使杠杆平衡且动力最小，就应该让力F1作用在A点，OA是最长的力臂L1，则力F1应与OA垂直且向下；如图所示： 【点评】本题考查了力臂的画法，理解力臂的概念，会画力的作用线以及过支点的力的作用线的垂线是关键。 四、实验探究题：（本大题共3小题，第16题7分，第17题6分，第18题7分，共20分） 18．（7分）在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，实验器材如下：带有合页的长木板、带圆形凹槽的木块、小球、弹簧测力计。 （1）如图甲所示，将木块放在水平放置的长木板上，用弹簧测力计沿 　水平　 方向拉动木块做 　匀速直线　 运动，读出弹簧测力计的示数，则滑动摩擦力为 　0.8　 N； （2）将小球放在木块的凹槽内，重复（1）的操作，弹簧测力计的示数比（1）中的大，说明当接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力的大小与 　压力　 有关； （3）请在图甲中画出木块所受摩擦力的示意图； （4）利用上述实验器材还可以探究物体的运动和力的关系，如图乙所示。 ①进行实验时，为改变小球在水平面上开始运动的速度，应使小球从同一斜面上的 　不同　 高度由静止滚下； ②小球在同一斜面上的位置越高，滚下时木块被撞得越远。根据此结论，对驾驶员提出一条关于交通安全方面的建议：　不超速行驶　 。 【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；弹簧测力计的分度值是0.2N，据此读数； （2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现条件分析； （3）木块做匀速直线运动，所受拉力和摩擦力是一对平衡力； （4）①斜面高度不同，小球在水平面上开始运动的速度不同； ②根据控制变量法分析速度对动能影响。 【解答】解：（1）实验过程中，应使弹簧测力沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，木块处于平衡状态，受平衡力作用，根据二力平衡知识可知，此时弹簧测力计的示数与滑动摩擦力的大小相等； 由图所示弹簧测力计可知，其分度值为0.2N，它的示数是0.8N； （2）将小球放在木块的凹槽内，重复（1）的操作，接触面的粗糙程度相同，压力不同，弹簧测力计的示数比（1）中的大，说明当接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力的大小与压力有关。 （3）在水平方向上木块受到向右的拉力和向左的摩擦力，因为木块做匀速直线运动，所以木块受到的这两个力是一对平衡力，满足大小相等、方向相反、作用在同一条直线上。摩擦力的方向与拉力方向相反，f＝F＝0.8N，如下图： （4）①进行实验时，为改变小球在水平面上开始运动的速度，应使小球从同一斜面上的不同高度由静止滚下； ②由实验可知，在质量一定时，物体的速度越大，动能越大，发生事故时造成的危害性越大，故作为一名汽车驾驶员，不要超速行驶。 故答案为：（1）水平；匀速直线；0.8；（2）压力；（3）见解答图；（4）①不同；②不超速行驶。 【点评】此题是探究影响摩擦力因素的实验，考查了控制变量法和二力平衡条件的应用，同时好考查影响动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关系。 19．（6分）实验小组用如图的装置探究“液体内部压强与哪些因素有关”。 （1）实验前，小明用手指轻压金属盒橡皮膜，观察U形管中两液面是否出现 　高度差　 ，若两液面没有高度差，则说明U形管压强计存在 　漏气　 问题；为使实验现象明显，U形管中的液体选择 　有色　 的更好（选填“有色”或“无色”）； （2）在图甲中，固定探头在水中的深度，多次改变探头朝向，这是为了探究在同种液体内部的同一深度，液体向 　各个方向　 的压强大小关系； （3）比较甲、乙两图可知，在同种液体内部，深度越大，压强 　越大　 。比较 　乙、丙　 两图可知，在液体内部的同一深度，液体的密度越大，压强越大。 【分析】（1）注意转换法在物理实验中的运用，本实验中，液体内部压强的大小不容易观察到，因此用U形管中液面高度差来反映液体内部压强的大小； 实验前应检查装置是否漏气：手轻轻按压橡皮膜几下，如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气，气密性良好； 为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用有色液体； （2）（3）液体内部的压强与液体的深度和密度都有关系，在实验中，应控制其中的一个量保持不变，才能观察压强与另一个量的关系，从控制变量法的角度进行分析。 【解答】解：（1）液体的压强变化不能直接观察，压强计是通过U形管中两液面的高度差来反映被测压强大小的； 若压强计的气密性不好，软管中的气体和大气相通，等于大气压强，橡皮膜受到压强时，软管内的气体压强不会发生变化，U形管中的液面就不会出现高度差； 实验中，把U形管压强计的探头放在液体中，为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用有色液体； （2）在图甲中，固定探头在水中的深度，多次改变探头朝向，控制液体深度和液体密度不变，改变金属盒的方向，可得出结论为：在同一液体的同一深度，各个方向的液体压强均相等； （3）根据甲、乙两图进行比较，同种液体，液体深度不同，U形管中液面高度差不同，因此可得出结论为：对于同种液体，深度越深，压强越大； 比较乙、丙两图，液体深度相同，液体密度不同，U形管中液面高度差不同，可得在液体内部的同一深度，液体的密度越大，压强越大。 故答案为：（1）高度差；漏气；有色；（2）各个方向；（3）越大；（4）乙、丙。 【点评】此题考查的是我们对于液体压强计的了解以及液体内部压强的影响因素。注意物理实验中研究方法﹣﹣转换法和控制变量法的运用。液体压强是中考必考的一个知识点，需要掌握。 20．（7分）小渝和同学们利用一长方体物块来探究影响浮力大小的因素。 （1）将物块竖放后挂在弹簧测力计上，测出物块的重力为2.7N，然后将物块部分浸入水中，发现测力计示数减小的同时水面升高了，说明物块受到了 　竖直向上　 的浮力，并且水对容器底部的压强与放入物块前相比 　增大　 （选填“增大”、“不变”或“变大”），当测力计示数如图甲所示时，浮力为 　0.3　 N； （2）接下来小渝继续按图乙、丙、丁所示进行实验，由甲、乙、丙的数据可知：在同种液体中，物体排开液体的体积 　越大　 ，浮力越大；由丙、丁的数据可知：物体浸没在同种液体中时所受浮力大小跟深度 　无关　 ； （3）然后将物块浸没在盐水中如图戊所示，分析数据可知：浮力大小与液体的密度有关：并通过计算得出所用盐水密度为 　1.1　 g/cm3，若在实验前，弹簧测力计的指针在零刻度线以下，并未调零，则算出的盐水密度 　不变　 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。 【分析】（1）浮力的方向竖直向上，液体压强与深度和液体密度有关；根据称重法计算浮力； （2）根据控制变量法分析解答； （3）根据称重法计算水和盐水的浮力，根据阿基米德原理解答；根据浮力等于两次的差值分析解答。 【解答】解：（1）将物块部分浸入水中，发现测力计示数减小的同时水面升高了，弹簧测力计示数减小，说明水对物块有向上的托力，即说明物块受到了竖直向上的浮力，液体压强与深度有关，深度增大，水对容器底部的压强与放入物块前相比增大了。当测力计示数如图甲所示时，测力计的分度值为0.1N，此时的示数为2.4N，浮力为F浮＝G﹣F＝2.7N﹣2.4N＝0.3N； （2）由甲、乙、丙的数据可知：液体相同，排开液体的体积不同，且浸入的体积越大，拉力越小，说明浮力越大，故得出：在同种液体中，物体排开液体的体积越大，浮力越大；由丙、丁的数据可知：同种液体都是浸没，改变了深度，浮力不变，故物体浸没在同种液体中时所受浮力大小跟深度无关； （3）然后将物块浸没在盐水中如图戊所示，分析数据可知：浮力大小与液体的密度有关； 水中浸没的浮力F'浮＝G﹣F'＝2.7N﹣1.7N＝1N； 由阿基米德原理F浮＝ρ水gV排可得：1N＝ρ水gV排； 盐水中浸没的浮力F'浮盐＝G﹣F''＝2.7N﹣1.6N＝1.1N； 由阿基米德原理F浮＝ρ水gV排可得：1.1N＝ρ盐水gV排； 浸没的V排相同，解得ρ盐水＝1.1ρ水＝1.1g/cm3； 若在实验前，弹簧测力计的指针在零刻度线以下，并未调零，测量的重力和拉力都偏大，但浮力是两次示数的差值，准确的，由阿基米德原理可知，则算出的盐水密度准确。 故答案为：（1）竖直向上；增大；0.3；（2）越大；无关；（3）液体密度；1.1；不变。 【点评】本题以探究“浮力的大小与哪些因素有关”的实验为背景考查了学生对控制变量法的理解和掌握。 五、计算题：（本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分） 21．（6分）2024年4月30日，神舟十七号载人飞船返回舱成功着陆，如图所示。若返回舱质量为.3×103kg，在着陆过程中，从距地面1m高处竖直向下落地，用时0.4s。（g＝10N/kg）求返回舱在这段时间内， （1）平均速度； （2）重力做的功。 【分析】（1）根据v＝计算平均速度； （2）根据W＝Gh计算重力做功。 【解答】解：（1）返回舱在这段时间内平均速度： v＝＝＝2.5m/s； （2）重力做的功： W＝Gh＝mgh＝3×103kg×10N/kg×0.4m＝1.2×104J。 答：（1）平均速度为2.5m/s； （2）重力做的功为1.2×104J。 【点评】本题考查了平均速度与重力做功，属于基础题。 22．（7分）无人机总质量为2kg，静止时与地面接触的总面积为1.0×10﹣3m2。某次航拍中，无人机匀速竖直上升60m，升力做功为1800J，求无人机： （1）受到的重力。 （2）静止在水平地面上时，对地面的压强。 （3）匀速上升时受到的阻力。 【分析】（1）根据G＝mg得到无人机受到的重力； （2）无人机停放在水平地面上时对地面的压力和自身的重力相等，已知四脚着地的总面积，利用p＝得到无人机静止在水平地面上时对地面的压强； （3）由W＝Fs求得无人机匀速上升时升力，再根据F升＝G+f，求得匀速上升时受到的阻力。 【解答】解：（1）无人机总质量为2kg，则无人机的重力：G＝mg＝2kg×10N/kg＝20N； （2）无人机停放在水平地面上时对地面的压力：F＝G＝20N， 无人机停放在水平地面上时对地面的压强：p＝＝＝2.0×104Pa； （3）由W＝Fs知，无人机匀速上升时升力： F升＝＝＝30N， 无人机匀速上升时F升＝G+f， 则匀速上升时受到的阻力：f＝F升﹣G＝30N﹣20N＝10N。 答：（1）受到的重力为20N； （2）静止在水平地面上时，对地面的压强为2.0×104Pa； （3）匀速上升时受到的阻力为10N。 【点评】本题考查重力、压强和阻力的计算，属于综合题。 六、综合能力题：（本大题共3小题，每小题6分，共18分） 23．（6分）实验小组通过探究杠杆的平衡条件，来解释桔槔的使用原理。 （1）实验前，杠杆水平静止如1图甲所示，此时杠杆处于 　平衡　 状态（选填“平衡”或“非平衡”）； （2）调节杠杆水平平衡，进行多次实验，数据记录如表： 次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm 1 2 12 1 24 2 2 5. 1 10 3 3 10 2 15 4 3 12 2 18.0 ①分析表中的数据，归纳出杠杆的平衡条件是 　F1l1＝F2l2　 （用表格中的字母表示）。多次实验的目的是 　A　 （选填“A”或“B”）； A.寻找普遍规律 B.减小实验误差 ②如1图乙，此时在右侧钩码下端加挂一个钩码，杠杆会 　右端下沉　 （选填“左端下沉”或“右端下沉”）； （3）桔槔是我国古代的取水工具，如2图甲，在井边竖一根树杈，架上一根横木，横木的一端绑上大石块，另一端系绳和水桶，简化图如2图乙。若水桶盛满水后，为减小人向上提水的拉力，根据杠杆的平衡条件，可以 　增大　 （选填“增大”或“减小”）石块的质量或向 　左　 （选填“左”或“右”）移动杠杆的支点。 【分析】（1）杠杆处于静止状态或匀速转动状态都为杠杆的平衡状态； （2）①杠杆的平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（或F1l1＝F2l2）；实验要进行多次实验得出普遍规律； ②根据左右两侧力与力臂乘积大小判断，哪边乘积大哪边下沉； （3）（4）根据杠杆的平衡条件判断。 【解答】解：（1）图甲中实验前没挂钩码时，杠杆处于静止，故是平衡状态； （2）①根据表格中的实验数据得出杠杆的平衡条件：F1l1＝F2l2； 本实验要进行多次实验得出普遍规律，一次实验得出的结论存在偶然性，故选A； ②在右侧钩码下端加挂一个钩码，则4G×12cm＜3G×18cm，所以杠杆右端将下沉； （3）水桶盛满水后，阻力与阻力臂的乘积变大，为减小人向上提水的拉力，根据杠杆的平衡条件，可以增大石块的重力； 水桶盛满水后，阻力变大，可以向左移动杠杆的支点，减小阻力臂，增大动力臂，从而减小人向上提水的拉力。 故答案为：（1）平衡；（2）①F1l1＝F2l2；A；②右端下沉；（3）增大；左。 【点评】实验探究杠杆平衡条件，但不是常规的考法，有一定难度。 24．（6分） 2022年4月28日，“巅峰使命”珠峰科考全面启动。5月15日凌晨1点26分，中国自主研发的“极目一号”Ⅲ型浮空艇从海拔4300m的科考营地顺利升空，4点40分达到海拔9032m，超过珠峰8848.86m的高度，创造了浮空艇大气科学观测的世界纪录。 （1）上升过程中，以地面为参照物，浮空艇是 　运动　 的； （2）该浮空艇是软式飞艇，上升过程中需通过调整气囊中的气压来保持外形不变。上升过程中，该艇受到的浮力 　减小　 （填“增大”、“减小”或“不变”）； （3）该浮空艇总质量约2625kg，它受到重力的大小为 　26250　 N；（g＝10N/kg） （4）已知海拔4300m处的空气密度约为0.8kg/m3，如图所示，该浮空艇在营地升空前体积达9060m3，此时浮空艇受到的浮力大小为 　72480　 N； （5）“极目一号”浮空艇内部有三层：上层装有氦气（相同条件下氦气密度比空气小得多），中间隔开，下层是空气。当悬于空中的浮空艇需要 　上浮　 （选填“上浮”或“下降”）的时候，可以用上层的氦气排出下层的部分空气，以此改变 　重力　 ，同时使整个浮空艇的压差在安全范围内。 【分析】（1）物体相对于参照物位置发生变化，则物体是运动的，物体相对于参照物位置没有发生变化，则物体是静止的； （2）根据F浮＝ρ空gV排判断浮力的大小变化； （3）根据G＝mg求出浮空艇的重力； （4）据F浮＝ρ气gV排算出浮空艇受到的浮力； （5）根据浮沉条件和阿基米德原理公式分析解答。 【解答】解：（1）上升过程中，以地面为参照物，浮空艇的位置发生变化，所以浮空艇是运动的； （2）上升过程中，该艇排开的空气的体积不变，空气的密度会变小，根据F浮＝ρ空gV排可知，浮空艇受到的浮力减小； （3）浮空艇受到的重力为：G＝mg＝2625kg×10N/kg＝26250N； （4）浮空艇受到的浮力大小为：F浮＝ρ气gV排＝0.8kg/m3×10N/kg×9060m3＝72480N； （5）由于相同条件下氦气密度比空气小得多，当用上层的氦气排出下层的部分空气时，浮空艇的重力减小，而浮空艇的体积可认为不变，外部空气的密度大于内部气体的密度，根据阿基米德原理可知，浮空艇受到的浮力大于自身的重力，从而上升到空中。 故答案为：（1）运动；（2）减小；（3）26250；（4）72480；（5）上浮；重力。 【点评】本题主要考查学生对物体浮沉条件和浮力应用的了解与掌握，平时学习时，查查资料，了解浮空艇的原理，同时扩大自己的知识面。 25．（6分）小明观察到如图甲所示的组合式滑梯，各个滑梯的高度都有所不同，小朋友从不同的滑梯滑至底端时的快慢也有所不同，速度快的甚至会冲出滑梯摔在地上。这一现象引起了小明的思考：人沿滑梯滑至底端时速度的大小与什么因素有关呢？ 他猜想：与人开始下滑的起点高度有关。 小明用木块、硬纸板、垫块进行模拟实验，如图乙所示。纸板一端置于垫块上，另一端置于水平桌面上模拟滑梯，用纸板上从静止开始下滑的木块模拟人，通过观察木块在水平桌面上运动的距离来反映木块滑至底端O点时速度的大小，距离越长表明速度越大。 请你回答下列问题： （1）若释放后木块保持静止，是因为木块受到沿纸板斜向 　上　 的摩擦力，若要让木块下滑，写出一种操作方法：　增大斜面的倾斜程度　 ； （2）解决上述问题后继续探究。如图丙①所示，从纸板顶端释放木块，木块运动至桌面上的M点；如图丙②所示，从纸板中部释放木块，木块运动至桌面上的N点。比较木块两次在桌面上的运动距离，可以得出结论：木块沿纸板下滑的起点越高，滑至底端时 　速度越大　 ； （3）根据上述探究，小明认为，要保证人不因速度过大冲出滑梯，设计时可以考虑在滑梯底端再连接一段 　水平　 方向放置的滑梯； （4）结合你坐滑梯的经历，谈谈还有哪些因素可能会影响人沿滑梯下滑的快慢？①　滑梯的粗糙程度　 ；②　滑梯的倾斜程度　 。（写出两个因素即可） 【分析】（1）摩擦力与相对运动方向相反或相对运动趋势相反； （2）根据滑行的距离分析速度大小； （3）克服摩擦力做功，将动能转化为内能； （4）根据能的转化分析。 【解答】解：（1）若释放后木块保持静止，木块相对于斜面有向下运动的趋势，因而受到沿斜面向上的摩擦力，若要让木块下滑，可以减小摩擦力，最简单的方法增大斜面的倾斜程度，减小压力来减小摩擦力。 （2）解决上述问题后继续探究。如图丙①所示，从纸板顶端释放木块，木块运动至桌面上的M点；如图丙②所示，从纸板中部释放木块，木块运动至桌面上的N点。比较木块两次在桌面上的运动距离，速度大的动能大，克服摩擦力做功做，可以得出结论：木块沿纸板下滑的起点越高，滑至底端时速度越大。 （3）根据上述探究，小明认为，要保证人不因速度过大冲出滑梯，设计时可以考虑在滑梯底端再连接一段水平方向放置的滑梯，人在滑梯上受到较大的摩擦力，克服摩擦力做功，将动能转化为内能，使得速度减小。 （4）结合你坐滑梯的经历，能会影响人沿滑梯下滑的快慢有滑梯的粗糙程度、滑梯的倾斜程度、滑梯的高度等。 故答案为：（1）上；增大斜面的倾斜程度；（2）速度越大；（3）水平；（4）①滑梯的粗糙程度；②滑梯的倾斜程度。 【点评】本题考查控制变量法的应用，属于中档题。 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $$