2016-2025年广西物理选择题、非选择题中考真题汇编卷-【2026年中考复习】10年物理压轴题

【10年压轴题】2016-2025年广西省物理选择题、非选择题中考真题汇编卷 一．选择题（共10小题） 1．（2025•广西）如图所示，驮着货物匀速上山过程中的智能机器狗（　　） A．动能增大 B．动能减小 C．重力势能增大 D．重力势能减小 2．（2024•广西）在课间踢毽子的活动中，如图所示，踢出的毽子在上升过程中（　　） A．具有惯性 B．受力平衡 C．受到的重力增大 D．重力势能越来越小 3．（2023•广西）小明家连接插线板的导线折断后，他把两根导线拧在一起继续使用，用久后发现连接处容易发热，其主要原因是连接处（　　） A．电阻变小 B．电流比别处电流小 C．电阻变大 D．电流比别处电流大 4．（2022•广西）在“天宫课堂”中，航天员王亚平展示了“浮力消失”的实验。在中国空间站微重力环境中，她用吸管把乒乓球轻轻压入水中，取出吸管后，观察到乒乓球静止不动，如图甲所示。在中国科技馆的同学们做了同样的实验，乒乓球却迅速上浮直至漂浮，如图乙所示。下列说法中正确的是（　　） A．图甲中，乒乓球的质量为零 B．图甲中，水所受的重力几乎为零，因此“浮力消失” C．图乙中，乒乓球上浮时所受的浮力小于所受的重力 D．图乙中，乒乓球上浮时水对容器底部的压强变大 5．（2021•广西）如图是小华在劳动教育实践活动中体验中国传统农耕“舂稻谷”的示意图。小华若要更省力，下列做法可行的是（　　） A．支点不动，脚在杆上的位置前移 B．将支点靠近人，脚在杆上的位置不动 C．将支点靠近人，同时脚在杆上的位置前移 D．将支点远离人，同时脚在杆上的位置后移 6．（2020•崇左）如图所示，体积相同的长方体甲、乙置于水平地面，其中甲、乙阴影部分为等大的正方形，甲、乙的密度分别为ρ甲、ρ乙，对地面的压强分别为p甲、p乙，将它们顺时针旋转90°，甲、乙对地面压强的变化量分别为Δp甲、Δp乙．Δp甲＜Δp乙，则（　　） A．ρ甲＜ρ乙，p甲＞p乙 B．ρ甲＜ρ乙，p甲＜p乙 C．ρ甲＞ρ乙，p甲＞p乙 D．ρ甲＞ρ乙，p甲＜p乙 7．（2019•广西）如图所示，两个透明容器中密闭着等量的空气，A，B两U形管内的液面相平，电阻丝的电阻R1＝R2＝R3。小明用图示装置进行实验，探究电流通过导体时产生的热量Q跟什么因素有关，下列说法正确的是（　　） A．此实验在探究电热Q与电阻R是否有关 B．通过R1的电流和通过R2的电流大小相等 C．电阻R1两端的电压和R2两端的电压相等 D．通电后，A管的液面将会比B管的液面高 8．（2018•广西）在探究“杠杆平衡条件“实验中，杠杆在力F作用下水平平衡，如图所示，现将弹簧测力计绕B点从a位置转动到b位置过程中，杠杆始终保持水平平衡，则拉力F与其力臂的乘积变化情况是（　　） A．一直变小 B．一直变大 C．一直不变 D．先变小后变大 9．（2017•广西）如图是探究“电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关”的实验装置。通电前，A、B两个U形管内的液面相平，通电一定时间后，通过R1、R2的电流分别为I1、I2，则（　　） A．I1＝I2，A管中的液面较低 B．I1＝I2，A管中的液面较高 C．I1＞I2，A管中的液面较低 D．I1＞I2，A管中的液面较高 10．（2016•贵港）甲、乙、丙三个完全相同的小球，分别放入酒精、水和浓盐水中（三种液体深度均大于球的直径），它们静止时受到的浮力分别为F1、F2、F3，则下列几种情况中，不可能的是（ρ酒精＜ρ水＜ρ浓盐水）（　　） A．F1＜F2＜F3 B．F1＜F2＝F3 C．F1＝F2＜F3 D．F1＝F2＝F3 二．多选题（共3小题） （多选）11．（2025•广西）如图所示，“广西三月三”活动中，身着壮锦马甲大秀舞蹈的机器人（　　） A．跳跃时受力平衡 B．静止时受力平衡 C．跳跃时没有惯性 D．静止时具有惯性 （多选）12．（2024•广西）“华龙一号”核电机组落户广西防城港。下列关于核能的说法正确的有（　　） A．核能是可再生能源 B．核能是不可再生能源 C．核能发电利用核聚变原理 D．核电站将核能最终转化为电能 （多选）13．（2023•广西）小明用自制的“水凸透镜”探究凸透镜成像规律，当蜡烛、“水凸透镜”和光屏位于如图所示的位置时，光屏上呈现烛焰清晰的像，下列说法正确的是（　　） A．此时成像特点与照相机的相同 B．此时“水凸透镜”的焦距为15.0cm C．调节“水凸透镜”的厚度可改变其焦距 D．蜡烛燃烧变短，光屏上的像会向上移动 三．填空题（共4小题） 14．（2019•广西）如图所示，利用电动机通过滑轮组（虚线框内的滑轮组未画出）依次拉动物体A、B．图中效率为60%的电动机拉绳子的功率为30W且保持不变，不计绳重与摩擦，动滑轮的重力为6N，拉动A向右做匀速直线运动时，A所受阻力为24N，电动机拉绳的力为F1，此过程中，A所受的拉力与阻力的大小　 　 （选填“相等”或“不相等”），电动机工作3s消耗的电能为　 　 J．拉动B向右做匀速直线运动时，B所受阻力为18N，电动机拉绳的力为F2，F2比F1小2N，此时电动机拉绳的力F2为　 　 N 15．（2023•广西）质量分布均匀的实心正方体A、B置于水平桌面上，如图甲。将B沿水平方向截取高为h的柱体，并将该柱体叠放在A上，A、B剩余部分对桌面的压强p随截取高度h的变化关系如图乙，则B的密度为 　 　 kg/m3，A的重力为 　 　 N（g取10N/kg）。 16．（2024•广西）某次加工螺母的过程中，裁出底面为正八边形的金属柱体，其质量为 7.68×10﹣2kg，底面积为4.8×10﹣4m2。如图甲所示，金属柱体放在水平地面上，其对地面的压强为 　 　 Pa；从中心挖出和其等高、底面半径为r的圆柱体后，分别如图乙和图丙所示放在水平地面上，对地面的压强分别为p乙和p丙，且p乙：p丙＝20：17，则r约为 　 　 cm。（已知该金属密度为8×103kg/m3，取、π＝3.1、g＝10N/kg） 17．（2025•广西）现有刚蒸好的质地均匀的长方体米糕A和B，尺寸如图所示，密度分别为1.5ρ和ρ，则A与B所受重力之比为 　 　 。用它们自制双层米糕：将A置于水平桌面上，趁热将B放在A的上表面正中央，待冷却后自动粘合成一个双层米糕（忽略冷却过程A和B体积、形状的变化）。若从左向右、竖直向下切割该双层米糕，随着被切割的宽度x（0＜x＜2a）逐渐增加，则双层米糕剩余部分对水平桌面的压强的变化情况是 　 　 （用文字说明）。 四．实验探究题（共10小题） 18．（2025•广西）用图甲所示的电路探究电流与电阻的关系。已知电源电压为9V，滑动变阻器最大阻值为20Ω，四个定值电阻的阻值分别为16Ω、20Ω、40Ω和80Ω。 （1）在连接电路前，开关应处于 　 　 状态，滑动变阻器的滑片置于 　 　 （选填“A”或“B”）端。 （2）连接好电路后，闭合开关，发现电压表有示数、电流表无示数，则电路故障的原因可能是电流表 　 　 （选填“短路”或“断路”）。 （3）排除故障后，进行实验。每当更换定值电阻，就调节滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端电压保持不变，并记下电流表的示数。下表完整记录了前3组数据，第4组的电流如图乙所示，则电流大小为 　 　 A。 实验序号 1 2 3 4 5 R/Ω 16 20 40 80 I/A 0.50 0.40 0.20 分析表格数据可知：导体两端电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成 　 　 。 （4）为了得到第5组数据，进一步验证实验结论，现用一个8Ω的定值电阻和上述器材进行实验，你认为是否可行？请作出判断并说明理由。 答：　 　 （选填“可行”或“不可行”），理由：　 　 。 19．（2024•广西）小明在测量花生油和实心物体A密度的实验中： （1）把天平 　 　 放置，游码放在标尺左端的零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，则应将平衡螺母向 　 　 调节（选填“左”或“右”），直到横梁平衡； （2）将花生油倒入空烧杯，用天平测得其总质量为79g；再将烧杯中的花生油倒入量筒中，测得量筒中油的体积为60cm3；用天平测量剩余花生油和烧杯的总质量时，如图乙所示，用手拿砝码的做法 　 　 （选填“规范”或“不规范”），当横梁再次平衡时如图丙所示，则剩余花生油和烧杯的总质量为 　 　 g，花生油的密度为 　 　 kg/m3。 （3）在测量A的密度时，不慎碰坏了量筒，于是利用矿泉水瓶（图丁）代替量筒继续进行实验，实验步骤如下： ①测出A的质量m1； ②往矿泉水瓶中灌满水，拧紧瓶盖后擦干瓶子，测出其总质量m2； ③　 　 ，测出其总质量m3； ④求得A的密度为ρ＝　 　 （用ρ水、m1、m2和m3来表示）。 20．（2023•广西）实验小组在实验时，不慎将灯泡L2的玻璃外壳碰碎。他们惊奇地发现L2几乎不发光，与其串联的灯泡L1不仅没有熄灭，反而更亮。开关断开后的电路如图甲，L1和L2都标有“2.5V 0.3A”字样。针对上述现象，探究下列问题：玻璃破碎后，L2的灯丝电阻发生了什么变化？玻璃外壳究竟起什么作用？ （1）玻璃外壳破碎前L2的电压和电流分别为1.20V和0.20A；玻璃外壳破碎后，两端的电压变为0.40V，通过的电流变为如图乙所示，则电流为 　 　 A。初步分析可知：玻璃破碎后，L2电阻 　 　 （选填“变大”或“变小”）。 （2）为进一步探究玻璃外壳破碎后L2电阻变化特点，对L1、L2的电流和电压进行测量，实验数据记录如表。分析发现，L1的电阻 　 　 （选填“大于”或“小于”）玻璃外壳破碎后L2的电阻。 灯泡 实验次序 1 2 3 4 5 6 L1、L2 电流I/A 0.16 0.18 0.20 0.22 0.24 0.26 L1 电压U1/V 0.78 1.00 1.20 1.50 1.80 2.10 L2 电压U2/V 0.20 0.23 0.30 0.41 0.52 0.80 （3）实验中，对着L2吹气，发现L2两端电压突然变小、电流突然变大，说明吹气加快L2灯丝表面空气流速，加快其散热速度，从而使灯丝电阻变小。由此推断，灯丝的电阻大小与 　 　 有关，玻璃外壳可能起到 　 　 的作用。 （4）细心的同学在实验过程中发现，灯丝呈螺旋状，于是提出新的问题：为什么将灯丝设计成螺旋状？你认为这样设计的目的是①　 　 ；②　 　 。 21．（2022•广西）在水果中平行插入两片不同金属制成的极板，就组成了一个水果电池，如图1所示。物理兴趣小组的同学在课外实践活动中探究影响水果电池电压大小的因素，实验前，他们的部分实验猜想如下： 猜想一：水果电池电压可能与水果的种类有关 猜想二：水果电池电压可能与极板的材料有关 （1）为了验证猜想一和猜想二，在不同水果中插入不同金属制成的极板，并保持两块极板间的距离、极板插入水果的深度不变，分别测出电压，实验记录如下表所示。 实验序号 水果种类 两极板间电压U/V 铁﹣锌 铁﹣铜 铜﹣锌 1 苹果 0.6 0.7 1.0 2 菠萝 0.5 0.6 0.9 3 梨 0.4 0.5 0.8 4 橙 0.7 0.8 1.1 ①为了验证猜想一，保持 　 　 不变，改变水果种类，多次实验后，得出结论：猜想一是 　 　 （选填“正确”或“错误”）的。 ②分析数据可知，水果电池电压与极板材料有关，表中效果最好的两极板材料是 　 　 。 ③图1中，与电压表标有“3”字样的接线柱相连的极板是水果电池的 　 　 极，若要使电压表指针偏转角度更大，可将多个水果电池 　 　 联。 （2）将两极板插入水果更深些，发现电压表示数发生了变化，由此，可以提出一个可探究的科学问题是 　 　 。 （3）兴趣小组的同学将两极板都换成铜片，发现两铜极板间无电压，于是提出一个新的探究问题：水果的电阻是多大？为此，利用一个电源（未知电压）、已知阻值的定值电阻R0、导线、三个开关及原有的电压表进行电路设计，测出此时水果的电阻。请在虚线框内画出可行的电路图。（水果的电阻用这样的符号表示） 22．（2021•广西）在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压有4V、6V、8V、10V、12V可选，待测小灯泡标有“6V”字样。小华按图甲连接电路，再将电压表接入电路。 序号 电压表示数U/V 电流表示数I/A 小灯泡功率P/W 1 1.6 0.30 / 2 0.42 / 3 4.0 0.53 / （1）本实验的实验原理是 　 　 。 （2）实验前应将滑动变阻器R1的滑片P置于 　 　 （选填“A”或“B”）端。 （3）小华检查电路连接无误后，闭合开关S，发现小灯泡不亮，接下来应该观察的是 　 　 。 （4）排除故障后，小华闭合开关S，将电压表和电流表示数记录在如表的序号1中。接着，先后将滑片P移到R1中间某处及另一端，将相应的电压表和电流表示数分别记录在如表序号2、3中。 ①序号2数据中，电压表示数如图1乙所示，为 　 　 V； ②分析数据可知，实验中小华将电压表接在 　 　 （选填“小灯泡”或“R1”）两端； ③小华发现这样是无法测定小灯泡的额定功率的，于是将电源电压调至8V，但由于忘记调换电流表量程，导致电流表被烧坏。经思考，他再找来一个滑动变阻器R2和两个开关，重新设计实验方案如图2所示，操作如下： a.调节电源电压 b.将R1、R2滑片置于阻值最大处，闭合开关S、S1，断开S2，移动R2滑片，使小灯泡正常发光； c.保持R1、R2滑片位置不变，闭合开关S、S2，断开S1，此时电压表示数为5V；则电源电压为 　 　 V，小灯泡的额定功率为 　 　 W。 23．（2020•南宁）在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压保持不变，待测小灯泡的额定电压为2.5V。 （1）为了比较精确的测量小灯泡的电功率，电压表的量程应选0﹣　 　 V； （2）实验时，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不亮，电压表有示数，电流表示数几乎为零，则故障可能是 　 　 （选填“电流表与导线”或“灯泡与灯座”）接触不良； （3）排除故障后，移动滑动变阻器滑片，当电压表示数是2.5V，电流表示数如图所示，则小灯泡的额定功率是 　 　 W； （4）测量结束后，应先 　 　 ，再拆除导线，最后整理好器材； （5）某实验小组在处理实验数据时，采用描点法，在坐标纸上作出了如图所示的I﹣U图像，请指出作图过程中存在的错误或不足之处是 　 　 ； （6）某实验小组设计了如图所示的电路（还缺一根导线连接才完整），可以测量小灯泡的额定功率，其中R为定值电阻。请写出本实验主要测量步骤及所测物理量： ①电路连接完整后，开关S2断开，S1、S3闭合，调节滑动变阻器滑片，使电压表示数为U额； ②　 　 ，开关S3断开，S1、S2闭合，记录电压表的示数U2； ③小灯泡额定功率的表达式P额＝　 　 （用R、U额、U2表示） 24．（2019•广西）在“测量物体运动的平均速度”实验中 （1）小球从A处沿斜面由静止开始滚下，频闪照相机记录了小球在相同时间内通过的路程，如图1所示，小球在做　 　 （选填“加速”“减速”或“匀速”）运动，小球受力　 　 （选填“平衡”或“不平衡”） （2）实验数据如表所示，小球在BC段的平均速度为　 　 m/s。CD段的路程为　 　 m，比较AB与BC段的平均速度得VAB　 　 VBC（选填“＞”“＜”或“＝”） 路程 运动时间 平均速度 经过某点时的速度 SAB＝0.3m tAB＝0.5s VAB＝0.6m/s VB＝1.2m/s SBC＝0.9m tBC＝0.5s VBC＝ VC＝2.4m/s SCD＝ tCD＝0.5s VCD＝3m/s VD＝3.6m/s （3）为进一步探究小球在斜面上运动的速度与时间的关系，根据表中数据做出了v﹣t图象，如图2所示，假设斜面足够长，小球从A处滚下，经过2s到达E点时的速度为　 　 m/s。 （4）小球在运动过程中，经过路程SAB中点时的速度为v1，经过时间tAB中点时的速度为v2，则v1　 　 v2（选填“＞”“＜”或“＝”） 25．（2018•广西）在测量小灯泡的电阻的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V。 （1）为了测量更精确。电压表应选择的量程是0～　 　 （选填“3”或“15”）V。 （2）小明按图甲连接好电路后，闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡都不亮，电流表有示数，电压表无示数。则故障原因可能是小灯泡　 　 （选填“短路”或“断路”） （3）排除故障后，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，为　 　 A。 （4）接着调节滑动变阻器滑片，让电压逐次下调，使灯丝温度不断降低，小灯泡变暗直至完全不发光，测量数据如下表所示。 实验次数 1 2 3 4 5 6 7 电压U/V 2.5 2.1 1.7 1.3 0.9 0.5 0.1 电流I/A 0.26 0.24 0.21 0.19 0.16 0.05 综合分析可知，实验中滑动变阻器的滑片逐渐向　 　 （选填“左”或“右”）端滑动：随着灯丝温度降低，小灯泡的电阻值变　 　 （选填“大”或“小”）。 （5）小明还设计了如图丙所示的电路，测出另一小灯泡的额定功率。已知滑动变阻器R1的最大阻值为R0，小灯泡的额定电压为U额．请完成下列实验步骤： ①闭合开关S，S1，调节R1的滑片，使电压表的示数为U额； ②接着　 　 ； ③调节R1的滑片调至最左端，记下电压表示数U1；将R1的滑片调至最右端，记下电压表示数为U2，小灯泡额定功率的表达式：P＝　 　 （用R0、U额，U1、U2表示） 26．（2017•广西）在“测量小灯泡的电功率”的实验中，小灯泡的额定电压为“2.5V”，正常发光时的电阻约为8Ω。 （1）在图甲中，有一根导线未连接，请用笔画线代替导线将电路连接完整； （2）闭合开关后，小灯泡不亮，电流表没有示数，电压表有较大的示数，经检查，导线连接完好，则电路故障可能是小灯泡发生了　 　 （选填“短路”或“断路”）； （3）移动滑片P到某一位置时，电压表示数如图乙所示，为　 　 V；此时要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向　 　 （选填“左”或“右”）端移动； （4）移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I﹣U图像，由图像可计算出小灯泡的额定功率是　 　 W。 （5）完成上述测量后，不用电压表，用如图丁所示的电路也可测量已知额定电流的小灯泡的额定功率，已知小灯泡的额定电流为I额，定值电阻的阻值为R0，实验步骤如下，请补充完整： ①　 　 ； ②闭合开关S、S1，断开开关S2，记录下此时电流表的示数为I； ③小灯泡的额定功率的表达式为P额＝　 　 W。 27．（2016•贵港）下面是小明做测定“小灯泡电功率”的实验，电路图如图甲所示，电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V。 （1）连接电路时开关应　 　 。 （2）小明连接好电路，闭合开关S，发现小灯泡L发光暗淡，观察电压表、电流表均有示数，移动滑动变阻器的滑片P，电压表、电流表示数均不变，出现这种现象的原因是　 　 。 （3）小明改正实验错误后，闭合开关S，移动滑片P到某一位置时，电压表示数如图乙所示，为　 　 V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中的滑片P向　 　 （选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V。 （4）小明移动滑片P，记录下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是　 　 W。 五．综合能力题（共1小题） 28．（2023•广西）人工涂抹油漆难精准且气味难闻，于是某团队设计了“智能浸泡上漆器”，如图所示，上漆器由柱形硬质浮杆、力传感器、工作台、挡板等组成。浮杆的质量为0.2kg，底面积为2×10﹣3m2；力传感器固定且与浮杆接触但无压力；工作台固定在上漆器底部，其上表面积为0.5m2，高为0.1m。将待上漆的质量分布均匀的柱体A放在工作台中央，将挡板固定在1m高处，开始注漆；当浮杆对力传感器的压力为14N时，停止注漆，完成对柱体A的上漆。已知柱体A的质量为500kg，底面积为1m2，高为0.8m，油漆密度为1×103kg/m3。g取10N/kg。求： （1）当漆面上升至0.1m时，油漆对上漆器底部的压强； （2）当漆面上升至0.4m时，柱体A对工作台的压强； （3）停止注漆时，柱体A被上漆的高度。 【10年压轴题】2016-2025年广西省物理选择题、非选择题中考真题汇编卷 参考答案与试题解析 一．选择题（共10小题） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C A C B D B D C D C 二．多选题（共3小题） 题号 11 12 13 答案 BD BD CD 一．选择题（共10小题） 1．（2025•广西）如图所示，驮着货物匀速上山过程中的智能机器狗（　　） A．动能增大 B．动能减小 C．重力势能增大 D．重力势能减小 【解答】解：智能机器狗驮着货物匀速上山的过程中，质量不变，速度不变，动能不变；质量不变，高度增大，重力势能增大，故ABD错误，C正确。 故选：C。 2．（2024•广西）在课间踢毽子的活动中，如图所示，踢出的毽子在上升过程中（　　） A．具有惯性 B．受力平衡 C．受到的重力增大 D．重力势能越来越小 【解答】解：A.踢出去的毽子，由于惯性还能继续向上运动，一切物体都有惯性，故A正确； B.上升过程中，做变速运动，受力不平衡，故B错误； C.根据G＝mg可知，毽子的质量不变，故重力不变，故C错误； D.重力势能与物体质量和所处的高度有关，上升过程中质量不变，高度上升，因此重力势能增大，故 D错误； 故选：A。 3．（2023•广西）小明家连接插线板的导线折断后，他把两根导线拧在一起继续使用，用久后发现连接处容易发热，其主要原因是连接处（　　） A．电阻变小 B．电流比别处电流小 C．电阻变大 D．电流比别处电流大 【解答】解： 在家庭电路中，导线相互连接处因接触不良，则该处的电阻较大，导线连接处与导线串联在电路中，通过的电流相等、通电时间相等，由Q＝I2Rt可知，连接处产生的热量较多，往往比别处更容易发热，加速导线老化，甚至引起火灾。 故选：C。 4．（2022•广西）在“天宫课堂”中，航天员王亚平展示了“浮力消失”的实验。在中国空间站微重力环境中，她用吸管把乒乓球轻轻压入水中，取出吸管后，观察到乒乓球静止不动，如图甲所示。在中国科技馆的同学们做了同样的实验，乒乓球却迅速上浮直至漂浮，如图乙所示。下列说法中正确的是（　　） A．图甲中，乒乓球的质量为零 B．图甲中，水所受的重力几乎为零，因此“浮力消失” C．图乙中，乒乓球上浮时所受的浮力小于所受的重力 D．图乙中，乒乓球上浮时水对容器底部的压强变大 【解答】解：A，质量是物体所含物质的多少，跟物体所处的位置、状态无关，则乒乓球在太空时的质量不变，故A错误； B、在微重力环境中，水所受的重力几乎为零，根据乒乓球静止不动，则乒乓球所受浮力也几乎为零，即浮力消失，故B正确； C、在科技馆里，乒乓球浸没在水中后去掉吸管迅速上浮，说明乒乓球所受浮力大于重力，且逐渐减小，最后等于重力而处于漂浮状态，故C错误； D、乒乓球在上浮过程中，还没露出水面前，浮力不变，液面距离容器底的高度不变，由p＝ρgh可知，水对容器底的压强不变； 露出水面后，浮力仍大于重力，随着乒乓球的上升，浮力减小，则排开水的体积减小，水面距离容器底的高度减小，则水对容器底的压强减小，故D错误。 故选：B。 5．（2021•广西）如图是小华在劳动教育实践活动中体验中国传统农耕“舂稻谷”的示意图。小华若要更省力，下列做法可行的是（　　） A．支点不动，脚在杆上的位置前移 B．将支点靠近人，脚在杆上的位置不动 C．将支点靠近人，同时脚在杆上的位置前移 D．将支点远离人，同时脚在杆上的位置后移 【解答】解：A、支点不动，脚在杆上的位置前移，此时阻力、阻力臂不变，动力臂变小，根据杠杆的平衡条件可知，动力变大，不能省力，故A错误； B、将支点靠近人，脚在杆上的位置不动，此时阻力不变，阻力臂变大，动力臂变小，根据杠杆的平衡条件可知，动力变大，不能省力，故B错误； C、将支点靠近人，同时脚在杆上的位置前移，阻力不变，阻力臂变大，动力臂变小，根据杠杆的平衡条件可知，动力变大，不能省力，故C错误； D、将支点远离人，同时脚在杆上的位置后移，阻力不变，阻力臂变小，动力臂变大，根据杠杆的平衡条件可知，动力变小，能省力，故D正确。 故选：D。 6．（2020•崇左）如图所示，体积相同的长方体甲、乙置于水平地面，其中甲、乙阴影部分为等大的正方形，甲、乙的密度分别为ρ甲、ρ乙，对地面的压强分别为p甲、p乙，将它们顺时针旋转90°，甲、乙对地面压强的变化量分别为Δp甲、Δp乙．Δp甲＜Δp乙，则（　　） A．ρ甲＜ρ乙，p甲＞p乙 B．ρ甲＜ρ乙，p甲＜p乙 C．ρ甲＞ρ乙，p甲＞p乙 D．ρ甲＞ρ乙，p甲＜p乙 【解答】解： 方法一： 由题意知，甲、乙的体积相同，在水平地面上的压力等于重力，则甲对地面的压强变化量为： Δp甲G甲（）； 乙对地面的压强变化量为： Δp乙G乙（）； 由Δp甲＜Δp乙，可知 G甲（）＜G乙（）； 故G甲＜G乙；长方体甲、乙体积相同，根据公式： G＝mg＝ρVg， 可得出ρ甲＜ρ乙﹣﹣﹣﹣①， 将它们顺时针旋转90°前，甲对地面的压强为： p甲， 乙对地面的压强为： p乙， 由G甲＜G乙和S立＜S平， 故p甲＜p乙﹣﹣﹣﹣②， 由①②，ACD不符合题意，B符合题意。 方法二： 设甲平放时高为a，立放时高为b；同理乙先立放高为b，平放时高为a；且甲、乙都是密度均匀的规则柱体，所以可以使用液体压强公式， 根据液体压强公式p＝ρ液gh，可知甲、乙位置改变后压强差分别为： Δp甲＝ρ甲g（b﹣a） Δp乙＝ρ乙g（b﹣a） 由于Δp甲＜Δp乙，即ρ甲g（b﹣a）＜ρ乙g（b﹣a）， 所以ρ甲＜ρ乙②； 由于p甲＝ρ甲ga，p乙＝ρ乙gb，ρ甲＜ρ乙，a＜b； 所以 p甲＜p乙。 故选：B。 7．（2019•广西）如图所示，两个透明容器中密闭着等量的空气，A，B两U形管内的液面相平，电阻丝的电阻R1＝R2＝R3。小明用图示装置进行实验，探究电流通过导体时产生的热量Q跟什么因素有关，下列说法正确的是（　　） A．此实验在探究电热Q与电阻R是否有关 B．通过R1的电流和通过R2的电流大小相等 C．电阻R1两端的电压和R2两端的电压相等 D．通电后，A管的液面将会比B管的液面高 【解答】解：由题知，电阻丝的电阻R1＝R2＝R3； A、装置中R2、R3并联后再与R1串联，通过R1的电流I1＝I2+I3，而I2＝I3，所以右边容器中通过R3的电流I3是左侧通过R1电流的一半，即是研究电流产生的热量与电流的关系，故A错误； B、由图知，通过R1的电流I1＝I2+I3，而I2＝I3，所以通过电阻R1和R2的电流不相等，故B错误； C、已知R1＝R2＝R3，所以R2、R3并联后的总电阻是R2R1，由于串联电路中，用电器两端电压与其阻值成正比，所以电阻R1两端的电压大于R2两端的电压，故C错误； D、左右两容器中的电阻相同，而通过电阻R1的电流大于R2的电流，通电时间相同，由Q＝I2Rt可知，A容器中电阻R1产生的热量多，则A管的液面将会比B管的液面高，故D正确。 故选：D。 8．（2018•广西）在探究“杠杆平衡条件“实验中，杠杆在力F作用下水平平衡，如图所示，现将弹簧测力计绕B点从a位置转动到b位置过程中，杠杆始终保持水平平衡，则拉力F与其力臂的乘积变化情况是（　　） A．一直变小 B．一直变大 C．一直不变 D．先变小后变大 【解答】解： 将测力计绕B点从a位置转动到b位置过程中，钩码的重力不变，其力臂OA不变，即阻力与阻力臂的乘积不变；由于杠杆始终保持水平平衡，所以根据杠杆的平衡条件可知，拉力F与其力臂的乘积也是不变的。 故选：C。 9．（2017•广西）如图是探究“电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关”的实验装置。通电前，A、B两个U形管内的液面相平，通电一定时间后，通过R1、R2的电流分别为I1、I2，则（　　） A．I1＝I2，A管中的液面较低 B．I1＝I2，A管中的液面较高 C．I1＞I2，A管中的液面较低 D．I1＞I2，A管中的液面较高 【解答】解： 由图可知，右侧两电阻丝并联后与左侧电阻丝串联， 并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以I1＞I2，故AB错误； 由Q＝I2Rt可知，通电时间相同时，I1＞I2，R1＝R2＝5Ω，所以左侧电阻产生的热量较多， 密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，左侧容器内气体的压强与大气压的差值较大，A测玻璃管液面较高。 故选：D。 10．（2016•贵港）甲、乙、丙三个完全相同的小球，分别放入酒精、水和浓盐水中（三种液体深度均大于球的直径），它们静止时受到的浮力分别为F1、F2、F3，则下列几种情况中，不可能的是（ρ酒精＜ρ水＜ρ浓盐水）（　　） A．F1＜F2＜F3 B．F1＜F2＝F3 C．F1＝F2＜F3 D．F1＝F2＝F3 【解答】解： ①当ρ球≤ρ酒精＜ρ水＜ρ浓盐水时，如果小球在酒精中漂浮，则在三种液体中都处于漂浮状态，浮力等于重力，重力相等，浮力就相等；如果小球在酒精中悬浮，则在水和浓盐水中都处于漂浮状态，浮力等于重力，重力相等，浮力就相等，即F1＝F2＝F3，故D可能； ②当ρ酒精＜ρ水＜ρ浓盐水＜ρ球时，小球在三种液体中都是沉底的，排开液体的体积相等，液体密度越大，浮力越大，即F1＜F2＜F3，故A可能； ③当ρ酒精＜ρ球＜ρ水＜ρ浓盐水时，小球在酒精中沉底，浮力小于重力，在水和浓盐水中漂浮，浮力等于重力，即F1＜F2＝F3，故B可能； ④当ρ酒精＜ρ水＜ρ球＜ρ浓盐水时，小球在水和酒精中沉底，浮力小于重力，排开液体的体积相等，液体密度越大，浮力越大，即F1＜F2＜G；小球在浓盐水中漂浮，浮力等于重力，F3＝G；比较可知，F1＜F2＜F3； 综上所述，不可能是F1＝F2＜F3；故C不可能。 故选：C。 二．多选题（共3小题） （多选）11．（2025•广西）如图所示，“广西三月三”活动中，身着壮锦马甲大秀舞蹈的机器人（　　） A．跳跃时受力平衡 B．静止时受力平衡 C．跳跃时没有惯性 D．静止时具有惯性 【解答】解：AB、物体受力平衡时，将保持静止状态或匀速直线运动状态，身着壮锦马甲大秀舞蹈的机器人跳跃时受力不平衡，静止时受力平衡，故A错误，B正确； CD、一切物体在任何情况下都有惯性，不管是静止的还是运动的，即机器人跳跃时和静止时都具有惯性，故C错误，D正确。 故选：BD。 （多选）12．（2024•广西）“华龙一号”核电机组落户广西防城港。下列关于核能的说法正确的有（　　） A．核能是可再生能源 B．核能是不可再生能源 C．核能发电利用核聚变原理 D．核电站将核能最终转化为电能 【解答】解：核能是不可再生能源，核能发电利用核裂变原理，核电站将核能最终转化为电能，故AC错误、BD正确。 故选：BD。 （多选）13．（2023•广西）小明用自制的“水凸透镜”探究凸透镜成像规律，当蜡烛、“水凸透镜”和光屏位于如图所示的位置时，光屏上呈现烛焰清晰的像，下列说法正确的是（　　） A．此时成像特点与照相机的相同 B．此时“水凸透镜”的焦距为15.0cm C．调节“水凸透镜”的厚度可改变其焦距 D．蜡烛燃烧变短，光屏上的像会向上移动 【解答】解：A、由图可知，物距u＝40.0cm﹣25.0cm＝15.0cm；像距v＝69.0cm﹣40.0cm＝29.0cm；物距小于像距，此时应成倒立放大的实像，投影仪根据这个原理制成；故A错误； B、由A分析知，物距小于像距，凸透镜成倒立放大的实像，故f＜u＜2f，v＞2f，即f＜15.0cm＜2f，29.0cm＞2f，所以7.5cm＜f＜14.5cm， 故B错误； C、“水凸透镜”的厚度变大，会聚作用变强，水透镜的焦距变小；“水凸透镜”的厚度变小，会聚作用变弱，水透镜的焦距变大；故C正确； D、蜡烛燃烧变短后，烛焰的位置向下移动，根据光线过透镜的光心不改变方向可知，像的位置向上移动，故D正确。 故选：CD。 三．填空题（共4小题） 14．（2019•广西）如图所示，利用电动机通过滑轮组（虚线框内的滑轮组未画出）依次拉动物体A、B．图中效率为60%的电动机拉绳子的功率为30W且保持不变，不计绳重与摩擦，动滑轮的重力为6N，拉动A向右做匀速直线运动时，A所受阻力为24N，电动机拉绳的力为F1，此过程中，A所受的拉力与阻力的大小　相等　 （选填“相等”或“不相等”），电动机工作3s消耗的电能为　150　 J．拉动B向右做匀速直线运动时，B所受阻力为18N，电动机拉绳的力为F2，F2比F1小2N，此时电动机拉绳的力F2为　8　 N 【解答】解： （1）拉动A向右做匀速直线运动，A处于平衡状态，由二力平衡条件可知，A所受的拉力与阻力的大小相等， （2）已知电动机的效率为60%，电动机拉绳子的功率P＝30W， 则电动机的电功率P′50W， 由P可得，电动机工作3s消耗的电能W＝P′t＝50W×3s＝150J； （3）依次拉动物体A、B，电动机的效率都为60%， 不计绳重与摩擦，设动滑轮上绳子的有效股数为n，则： F1（fA+G动）﹣﹣﹣﹣﹣﹣① F2（fB+G动）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣② 由题知F2+2N＝F1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③， 将fA＝24N、fB＝18N代入①②式，解得F2＝8N。 故答案为：相等；150；8。 15．（2023•广西）质量分布均匀的实心正方体A、B置于水平桌面上，如图甲。将B沿水平方向截取高为h的柱体，并将该柱体叠放在A上，A、B剩余部分对桌面的压强p随截取高度h的变化关系如图乙，则B的密度为 　600　 kg/m3，A的重力为 　6　 N（g取10N/kg）。 【解答】解：（1）由图乙知，B的高度为hB＝10cm＝0.1m，截取高度h为0时，B对水平桌面的压强为pB＝600Pa， B为质量分布均匀的实心正方体，根据p＝ρgh得，ρB600kg/m3； （2）截取高度h为2cm时，B剩余部分的高度为hB'＝10cm﹣2cm＝8cm＝0.08m， B剩余部分对水平桌面的压强为：pB'＝ρBghB'＝600kg/m3×10N/kg×0.08m＝480Pa， 此时B截去的质量m1＝ρBV1＝600kg/m3×0.1m×0.1m×0.02m＝0.12kg； 此时B截去的重力G1＝m1g＝0.12kg×10N/kg＝1.2N； A对水平桌面的压强p1， 即：480Pa...① 截取高度h为10cm时，B的重力G2＝m2g＝ρBV2g＝600kg/m3×0.1m×0.1m×0.1m×10N/kg＝6N； A对水平桌面的压强p2， 即：800Pa...② 联立①②可得GA＝6N。 故答案为：600；6。 16．（2024•广西）某次加工螺母的过程中，裁出底面为正八边形的金属柱体，其质量为 7.68×10﹣2kg，底面积为4.8×10﹣4m2。如图甲所示，金属柱体放在水平地面上，其对地面的压强为 　1600　 Pa；从中心挖出和其等高、底面半径为r的圆柱体后，分别如图乙和图丙所示放在水平地面上，对地面的压强分别为p乙和p丙，且p乙：p丙＝20：17，则r约为 　1　 cm。（已知该金属密度为8×103kg/m3，取、π＝3.1、g＝10N/kg） 【解答】解：（1）图甲中金属柱体的重力：G＝mg＝7.68×10﹣2kg×10N/kg＝0.768N， 金属柱体放在水平地面上时对地面的压力：F压＝G＝0.768N， 此时金属柱体对地面的压强：p1600Pa。 （2）由正八边形的面积公式S＝2a2（1）可知，正八边形的边长：a0.01m＝1cm， 平放在水平地面上的金属柱形对地面的压强：pρgh， 即平放在水平地面上的金属柱形对地面的压强大小只与金属的密度和高度有关， 由图甲和乙可知，这两种情况下，金属柱体的密度和高度都相等，因此甲、乙两图中金属柱体对地面的压强大小相等，即p乙＝p＝1600Pa， 则金属柱体的高：h0.02m＝2cm， 由p乙：p丙＝20：17可知，图丙中金属柱体对地面的压强：p丙p乙1600Pa＝1360Pa， 图丙中的受力面积：S丙＝ah＝1cm×2cm＝2cm2， 由p可知，图丙中金属柱体的重力：G丙＝F丙＝p丙S丙＝1360Pa×2×10﹣4m2＝0.272N， 则挖出圆柱体的重力：ΔG＝G﹣G丙＝0.768N﹣0.272N＝0.496N， 由G＝mg可知，挖出圆柱体的质量：Δm4.96×10﹣2kg， 由ρ可知，挖出圆柱体的体积：ΔV6.2×10﹣6m3＝6.2cm3， 由V＝Sh可知，挖出圆柱体的底面积：ΔS3.1cm2， 由S＝πr2可知，挖出圆柱体的底面半径：r1cm。 故答案为：1600；1。 17．（2025•广西）现有刚蒸好的质地均匀的长方体米糕A和B，尺寸如图所示，密度分别为1.5ρ和ρ，则A与B所受重力之比为 　6：1　 。用它们自制双层米糕：将A置于水平桌面上，趁热将B放在A的上表面正中央，待冷却后自动粘合成一个双层米糕（忽略冷却过程A和B体积、形状的变化）。若从左向右、竖直向下切割该双层米糕，随着被切割的宽度x（0＜x＜2a）逐渐增加，则双层米糕剩余部分对水平桌面的压强的变化情况是 　先增大后减小再不变　 （用文字说明）。 【解答】解：（1）A和B所受的重力之比为：。 （2）根据可知：当0＜x≤0.5a时，双层米糕剩余部分对水平桌面的压力和受力面积均减小，但受力面积减小得更快，所以压强变大； 当0.5a＜x＜1.5a时，双层米糕剩余部分对水平桌面的压力和受力面积均减小，但压力减小得更快，所以压强变小； 当1.5a≤x＜2a时，双层米糕剩余部分对水平桌面的压力和受力面积均减小，且等比例减小，所以压强不变。 所以若从左到右、竖直向下切割双层米糕，随着被切割的宽度x（0＜x＜2a）逐渐增加，则双层米糕剩余部分对水平桌面的压强的变化情况是先增大后减小再不变。 故答案为：6：1；先增大后减小再不变。 四．实验探究题（共10小题） 18．（2025•广西）用图甲所示的电路探究电流与电阻的关系。已知电源电压为9V，滑动变阻器最大阻值为20Ω，四个定值电阻的阻值分别为16Ω、20Ω、40Ω和80Ω。 （1）在连接电路前，开关应处于 　断开　 状态，滑动变阻器的滑片置于 　B　 （选填“A”或“B”）端。 （2）连接好电路后，闭合开关，发现电压表有示数、电流表无示数，则电路故障的原因可能是电流表 　短路　 （选填“短路”或“断路”）。 （3）排除故障后，进行实验。每当更换定值电阻，就调节滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端电压保持不变，并记下电流表的示数。下表完整记录了前3组数据，第4组的电流如图乙所示，则电流大小为 　0.1　 A。 实验序号 1 2 3 4 5 R/Ω 16 20 40 80 I/A 0.50 0.40 0.20 分析表格数据可知：导体两端电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成 　反比　 。 （4）为了得到第5组数据，进一步验证实验结论，现用一个8Ω的定值电阻和上述器材进行实验，你认为是否可行？请作出判断并说明理由。 答：　可行　 （选填“可行”或“不可行”），理由：　电流没有超过大量程，但必须换用大量程　 。 【解答】解：（1）为了保护电路，连接电路前，开关处于断开状态；滑动变阻器移动到电阻最大位置，图中用A，则滑片应该放在左侧B端； （2）正确连接电路后，实验时发现电压表有示数，说明电压表两个接线柱到电源两端通路，电流表无示数，说明电路可能是电压表并联的部分断路，也可能是电流表短路； （3）电流表用的是0﹣0.6A的量程，分度值0.02A，读数为0.1A； 根据表格数据，电阻扩大几倍，电流变为几分之一，说明是反比关系，故结论是：导体两端电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比； （4）根据上述规律，电阻8Ω是第一次的一半，故电流为第一次的2倍，即1.0A，故可以探究，但必须更改电流表的量程； 故答案为：（1）断开；B；（2）短路；（3）0.1；反比；（4）可行，电流没有超过大量程，但必须换用大量程。 19．（2024•广西）小明在测量花生油和实心物体A密度的实验中： （1）把天平 　水平　 放置，游码放在标尺左端的零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，则应将平衡螺母向 　右　 调节（选填“左”或“右”），直到横梁平衡； （2）将花生油倒入空烧杯，用天平测得其总质量为79g；再将烧杯中的花生油倒入量筒中，测得量筒中油的体积为60cm3；用天平测量剩余花生油和烧杯的总质量时，如图乙所示，用手拿砝码的做法 　不规范　 （选填“规范”或“不规范”），当横梁再次平衡时如图丙所示，则剩余花生油和烧杯的总质量为 　25　 g，花生油的密度为 　0.9×103　 kg/m3。 （3）在测量A的密度时，不慎碰坏了量筒，于是利用矿泉水瓶（图丁）代替量筒继续进行实验，实验步骤如下： ①测出A的质量m1； ②往矿泉水瓶中灌满水，拧紧瓶盖后擦干瓶子，测出其总质量m2； ③　将物体A放入瓶中，待水不溢出后，拧紧瓶盖后擦干瓶子　 ，测出其总质量m3； ④求得A的密度为ρ＝　　 （用ρ水、m1、m2和m3来表示）。 【解答】解：（1）把天平水平放置，游码放在标尺左端的零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，则应将平衡螺母向右调节，直到横梁平衡； （2）如图乙所示，用手拿砝码的做法不规范，当横梁再次平衡时如图丙所示，则剩余花生油和烧杯的总质量为20g+5g＝25g，量筒内花生油的质量为：m＝79g﹣25g＝54g； 花生油的密度为：。 （3）③将物体A放入瓶中，待水不溢出后，拧紧瓶盖后擦干瓶子，测出其总质量为m3。 分析可知溢出水的质量为m1+m2﹣m3； 因排开水的体积等于物体A的体积，则有； A的密度为：。 故答案为：（1）水平；右；（2）不规范；25；0.9×103；（3）③将物体A放入瓶中，待水不溢出后，拧紧瓶盖后擦干瓶子；④。 20．（2023•广西）实验小组在实验时，不慎将灯泡L2的玻璃外壳碰碎。他们惊奇地发现L2几乎不发光，与其串联的灯泡L1不仅没有熄灭，反而更亮。开关断开后的电路如图甲，L1和L2都标有“2.5V 0.3A”字样。针对上述现象，探究下列问题：玻璃破碎后，L2的灯丝电阻发生了什么变化？玻璃外壳究竟起什么作用？ （1）玻璃外壳破碎前L2的电压和电流分别为1.20V和0.20A；玻璃外壳破碎后，两端的电压变为0.40V，通过的电流变为如图乙所示，则电流为 　0.22　 A。初步分析可知：玻璃破碎后，L2电阻 　变小　 （选填“变大”或“变小”）。 （2）为进一步探究玻璃外壳破碎后L2电阻变化特点，对L1、L2的电流和电压进行测量，实验数据记录如表。分析发现，L1的电阻 　大于　 （选填“大于”或“小于”）玻璃外壳破碎后L2的电阻。 灯泡 实验次序 1 2 3 4 5 6 L1、L2 电流I/A 0.16 0.18 0.20 0.22 0.24 0.26 L1 电压U1/V 0.78 1.00 1.20 1.50 1.80 2.10 L2 电压U2/V 0.20 0.23 0.30 0.41 0.52 0.80 （3）实验中，对着L2吹气，发现L2两端电压突然变小、电流突然变大，说明吹气加快L2灯丝表面空气流速，加快其散热速度，从而使灯丝电阻变小。由此推断，灯丝的电阻大小与 　温度　 有关，玻璃外壳可能起到 　隔热保温　 的作用。 （4）细心的同学在实验过程中发现，灯丝呈螺旋状，于是提出新的问题：为什么将灯丝设计成螺旋状？你认为这样设计的目的是①　减少散热　 ；②　增大导体的长度　 。 【解答】解：（1）玻璃外壳破碎后，两端的电压变为0.40V，通过的电流变为如图乙所示，则电流为0.22A；玻璃外壳破碎前，灯丝的电阻为；玻璃外壳破碎后，灯丝的电阻为；比较可知：玻璃破碎后，L2电阻变小。 （2）为进一步探究玻璃外壳破碎后L2电阻变化特点，对L1、L2的电流和电压进行测量，实验数据记录如表。分析发现，L1的电阻大于玻璃外壳破碎后L2的电阻，因为在相同的电流下，灯泡L1两端的电压始终高于灯泡L2两端的电压。 （3）由此推断，灯丝的电阻大小与温度有关，温度越低，电阻越小；玻璃外壳可能起到隔热保温的作用。 （4）将灯丝设计成螺旋状的目的是：①减少散热；②增大导体的长度。 故答案为：（1）0.22；变小；（2）大于；（3）温度；隔热保温；（4）①减少散热；②增大导体的长度。 21．（2022•广西）在水果中平行插入两片不同金属制成的极板，就组成了一个水果电池，如图1所示。物理兴趣小组的同学在课外实践活动中探究影响水果电池电压大小的因素，实验前，他们的部分实验猜想如下： 猜想一：水果电池电压可能与水果的种类有关 猜想二：水果电池电压可能与极板的材料有关 （1）为了验证猜想一和猜想二，在不同水果中插入不同金属制成的极板，并保持两块极板间的距离、极板插入水果的深度不变，分别测出电压，实验记录如下表所示。 实验序号 水果种类 两极板间电压U/V 铁﹣锌 铁﹣铜 铜﹣锌 1 苹果 0.6 0.7 1.0 2 菠萝 0.5 0.6 0.9 3 梨 0.4 0.5 0.8 4 橙 0.7 0.8 1.1 ①为了验证猜想一，保持 　极板的材料　 不变，改变水果种类，多次实验后，得出结论：猜想一是 　正确　 （选填“正确”或“错误”）的。 ②分析数据可知，水果电池电压与极板材料有关，表中效果最好的两极板材料是 　铜﹣锌　 。 ③图1中，与电压表标有“3”字样的接线柱相连的极板是水果电池的 　正　 极，若要使电压表指针偏转角度更大，可将多个水果电池 　串　 联。 （2）将两极板插入水果更深些，发现电压表示数发生了变化，由此，可以提出一个可探究的科学问题是 　水果电池电压可能与两极板插入水果的深度有关　 。 （3）兴趣小组的同学将两极板都换成铜片，发现两铜极板间无电压，于是提出一个新的探究问题：水果的电阻是多大？为此，利用一个电源（未知电压）、已知阻值的定值电阻R0、导线、三个开关及原有的电压表进行电路设计，测出此时水果的电阻。请在虚线框内画出可行的电路图。（水果的电阻用这样的符号表示） 【解答】解： （1）①验证猜想一，保持极板材料不变，改变水果种类，表格中电压发生变化，说明猜想一正确； ②分析数据可知，当水果种类相同时，铜﹣锌极板的电压比其他极板电压大，说明效果最好的材料是铜﹣锌材料； ③电压表标有“3”字样的接线柱是正接线柱，所以与电压表标有“3”字样的接线柱相连的极板是水果电池的正极，若要使电压表指针偏转角度更大，可将多个水果电池串联； （2）将两极板插入水果更深些，发现电压表示数发生了变化，可以猜想水果电池电压可能与两极板插入水果的深度有关。 （3）答案不唯一，此答案仅供参考。水果电阻和定值电阻串联，通过闭合开关S1、S2，断开S3，先测的电源电压，然后闭合开关S1、S3，断开S2，测的R0两端电压，根据串联电路的分压原理就可以求出水果的阻值，设计电路如图所示： 。 故答案为：（1）极板的材料；正确；铜﹣锌；正；串；（2）水果电池电压可能与两极板插入水果的深度有关；（3）答案不唯一，此答案仅供参考，如图所示。 22．（2021•广西）在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压有4V、6V、8V、10V、12V可选，待测小灯泡标有“6V”字样。小华按图甲连接电路，再将电压表接入电路。 序号 电压表示数U/V 电流表示数I/A 小灯泡功率P/W 1 1.6 0.30 / 2 0.42 / 3 4.0 0.53 / （1）本实验的实验原理是 　P＝UI　 。 （2）实验前应将滑动变阻器R1的滑片P置于 　A　 （选填“A”或“B”）端。 （3）小华检查电路连接无误后，闭合开关S，发现小灯泡不亮，接下来应该观察的是 　电流表是否有示数　 。 （4）排除故障后，小华闭合开关S，将电压表和电流表示数记录在如表的序号1中。接着，先后将滑片P移到R1中间某处及另一端，将相应的电压表和电流表示数分别记录在如表序号2、3中。 ①序号2数据中，电压表示数如图1乙所示，为 　2.5　 V； ②分析数据可知，实验中小华将电压表接在 　小灯泡　 （选填“小灯泡”或“R1”）两端； ③小华发现这样是无法测定小灯泡的额定功率的，于是将电源电压调至8V，但由于忘记调换电流表量程，导致电流表被烧坏。经思考，他再找来一个滑动变阻器R2和两个开关，重新设计实验方案如图2所示，操作如下： a.调节电源电压 b.将R1、R2滑片置于阻值最大处，闭合开关S、S1，断开S2，移动R2滑片，使小灯泡正常发光； c.保持R1、R2滑片位置不变，闭合开关S、S2，断开S1，此时电压表示数为5V；则电源电压为 　12　 V，小灯泡的额定功率为 　3.75　 W。 【解答】解：（1）用电压表测量小灯泡两端的电压，用电流表测量小灯泡的电流，根据P＝UI求出小灯泡的额定功率，所以本实验的实验原理是P＝UI。 （2）实验前应将滑动变阻器R1的滑片P置于最大阻值处，滑动变阻器接入的是右半段，故滑动变阻器的滑片处于A端。 （3）小华检查电路连接无误后，闭合开关S，发现小灯泡不亮，接下来应该观察电流表是否有示数，如果电流表有示数说明电路是通路，如果电流表无示数说明电路是断路。 （4）①电压表使用的0～3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压为2.5V。 ②如图1，小华闭合开关S，将电压表和电流表示数记录在如表的序号1中。接着，先后将滑片P移到R1中间某处及另一端，将相应的电压表和电流表示数分别记录在如表序号2、3中。滑动变阻器R1接入电路的电阻依次变小，分担的电压变小，电源电压不变，故小灯泡两端的电压依次变大，故电压表测量小灯泡两端的电压。 ③如图1，小灯泡和滑动变阻器R1串联在电路中，电压表测量小灯泡两端的电压， 序号1是滑动变阻器R1阻值最大时电压表和电流表示数，故电源电压U＝U1+UL＝0.30A×R1+1.6V， 序号3是滑动变阻器R1阻值为零时电压表和电流表示数，故电源电压U＝4V， 根据电源电压保持不变，故0.30A×R1+1.6V＝4V， 故滑动变阻器R1的阻值为：R1＝8Ω。 如图2，闭合开关S、S1，断开S2，移动R2滑片，使小灯泡正常发光，滑动变阻器R1、滑动变阻器R2和小灯泡串联在电源上，电压表测量滑动变阻器R1、滑动变阻器R2两端的总电压， 保持R1、R2滑片位置不变，闭合开关S、S2，断开S1，滑动变阻器R1、滑动变阻器R2和小灯泡串联在电源上，电压表测量滑动变阻器R1两端的电压，此时电压表示数为5V，则此时电路电流I＝I1A， 故小灯泡的额定功率：P＝U额I＝6VA＝3.75W。 故电源电压为：U'＝U'1+IR2+U'L＝5V+IR2+6V， 因为电源电压有4V、6V、8V、10V、12V可选，故电源电压是12V。 故答案为：（1）P＝UI；（2）A；（3）电流表是否有示数；（4）①2.5；②小灯泡；③12；3.75。 23．（2020•南宁）在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压保持不变，待测小灯泡的额定电压为2.5V。 （1）为了比较精确的测量小灯泡的电功率，电压表的量程应选0﹣　3　 V； （2）实验时，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不亮，电压表有示数，电流表示数几乎为零，则故障可能是 　灯泡与灯座　 （选填“电流表与导线”或“灯泡与灯座”）接触不良； （3）排除故障后，移动滑动变阻器滑片，当电压表示数是2.5V，电流表示数如图所示，则小灯泡的额定功率是 　1.25　 W； （4）测量结束后，应先 　断开开关　 ，再拆除导线，最后整理好器材； （5）某实验小组在处理实验数据时，采用描点法，在坐标纸上作出了如图所示的I﹣U图像，请指出作图过程中存在的错误或不足之处是 　图线不应画成直线，横坐标的标度取值过大　 ； （6）某实验小组设计了如图所示的电路（还缺一根导线连接才完整），可以测量小灯泡的额定功率，其中R为定值电阻。请写出本实验主要测量步骤及所测物理量： ①电路连接完整后，开关S2断开，S1、S3闭合，调节滑动变阻器滑片，使电压表示数为U额； ②　保持滑动变阻器滑片位置不变　 ，开关S3断开，S1、S2闭合，记录电压表的示数U2； ③小灯泡额定功率的表达式P额＝　U额　 （用R、U额、U2表示） 【解答】解：（1）待测小灯泡的额定电压为2.5V，为了比较精确的测量小灯泡的电功率，电压表应选0～3V量程。 （2）实验时，小灯泡不亮，且电流表示数几乎为0，则电路中有断路现象，而电压表有示数，即电压表与电源是接通，则故障可能是灯泡与灯座接触不良。 （3）由图示知，电流表使用小量程，分度值0.02A，当电压表示数是2.5V（正常发光）时通过的电流0.5A， 则小灯泡额定功率P＝UI＝2.5V×0.5A＝1.25W。 （4）测量结束后，应先断开开关，再拆除导线，最后整理好器材。 （5）描出的点知，所描的点不在一条直线上，所以作出的I﹣U图像不应是直线，且坐标轴的横坐标的标度太大了，这样造成所描的点精确度稍低。 （6）按题意可知，为达到电压表既能测量灯的电压，又能测量R与灯的总电压，电压表的负接线柱应与S3的左接线柱连接。 测量步骤： ①电路连接完整后，开关S2断开，S1、S3闭合，调节滑动变阻器滑片，使电压表示数为U额，此时灯泡正常发光； ②保持滑片位置不变，这样才能保持小灯泡两端的电压为额定电压，断开S3，闭合S1、S2，此时电压表测小灯泡和定值电阻R的电压，电压表的示数U2； ③电阻R两端的电压UR＝U2﹣U额， 而整个过程中，电路的电流不变，通过小灯泡的电流IL＝IR， 所以小灯泡的额定功率P额＝U额I1＝U额。 故答案为：（1）3；（2）灯泡与灯座；（3）1.25；（4）断开开关；（5）图线不应画成直线，横坐标的标度取值过大；（6）②保持滑动变阻器滑片位置不变；③U额。 24．（2019•广西）在“测量物体运动的平均速度”实验中 （1）小球从A处沿斜面由静止开始滚下，频闪照相机记录了小球在相同时间内通过的路程，如图1所示，小球在做　加速　 （选填“加速”“减速”或“匀速”）运动，小球受力　不平衡　 （选填“平衡”或“不平衡”） （2）实验数据如表所示，小球在BC段的平均速度为　1.8　 m/s。CD段的路程为　1.5　 m，比较AB与BC段的平均速度得VAB　＜　 VBC（选填“＞”“＜”或“＝”） 路程 运动时间 平均速度 经过某点时的速度 SAB＝0.3m tAB＝0.5s VAB＝0.6m/s VB＝1.2m/s SBC＝0.9m tBC＝0.5s VBC＝ VC＝2.4m/s SCD＝ tCD＝0.5s VCD＝3m/s VD＝3.6m/s （3）为进一步探究小球在斜面上运动的速度与时间的关系，根据表中数据做出了v﹣t图象，如图2所示，假设斜面足够长，小球从A处滚下，经过2s到达E点时的速度为　4.8　 m/s。 （4）小球在运动过程中，经过路程SAB中点时的速度为v1，经过时间tAB中点时的速度为v2，则v1　＞　 v2（选填“＞”“＜”或“＝”） 【解答】解： （1）由图1知，小球相等时间通过的路程逐渐变大，所以小球在做加速运动，小球运动状态不断发生变化，所以受到非平衡力作用。 （2）由表中数据可得，BC段的平均速度：vBC1.8m/s； 由表中数据可得：sCD＝vCDtCD＝3m/s×0.5s＝1.5m； vAB＝0.6m/s＜vBC。 （3）小球在斜面上运动的速度与时间的关系图象知，小球速度与时间成正比（匀加速运动），小球1s时的速度为2.4m/s，则经过2s小球的速度为4.8m/s。 （4）小球从A静止滑下时速度与时间成正比（匀加速运动），所以小球经过前一半时间速度小于后一半时间的速度，所以前一半时间通过的路程小于AB，如图所示： 小球运动速度越来越快，所以v1＞v2。 故答案为：（1）加速；不平衡；（2）1.8；1.5；＜；（3）4.8；（4）＞。 25．（2018•广西）在测量小灯泡的电阻的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V。 （1）为了测量更精确。电压表应选择的量程是0～　3　 （选填“3”或“15”）V。 （2）小明按图甲连接好电路后，闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡都不亮，电流表有示数，电压表无示数。则故障原因可能是小灯泡　短路　 （选填“短路”或“断路”） （3）排除故障后，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，为　0.3　 A。 （4）接着调节滑动变阻器滑片，让电压逐次下调，使灯丝温度不断降低，小灯泡变暗直至完全不发光，测量数据如下表所示。 实验次数 1 2 3 4 5 6 7 电压U/V 2.5 2.1 1.7 1.3 0.9 0.5 0.1 电流I/A 0.26 0.24 0.21 0.19 0.16 0.05 综合分析可知，实验中滑动变阻器的滑片逐渐向　左　 （选填“左”或“右”）端滑动：随着灯丝温度降低，小灯泡的电阻值变　小　 （选填“大”或“小”）。 （5）小明还设计了如图丙所示的电路，测出另一小灯泡的额定功率。已知滑动变阻器R1的最大阻值为R0，小灯泡的额定电压为U额．请完成下列实验步骤： ①闭合开关S，S1，调节R1的滑片，使电压表的示数为U额； ②接着　保持变阻器R1的滑片位置不动，断开S1闭合S2，移动变阻器R2使电压表不变　 ； ③调节R1的滑片调至最左端，记下电压表示数U1；将R1的滑片调至最右端，记下电压表示数为U2，小灯泡额定功率的表达式：P＝　（U1﹣U2）　 （用R0、U额，U1、U2表示） 【解答】解：（1）灯的额定电压为3V，故为了测量更精确电压表应选择的量程是0～3V。 （2）若小灯泡短路，灯不亮，电路为通路，电流表有示数，电压表没有示数，符合题意； 若小灯泡断路，则电压表串联在电路中，电流表没有示数，电压表与电源连通测电源电压（不变）有示数，不符合题意； 则故障原因可能是小灯泡短路； （3）排除故障后，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，为0.3A； （4）根据表中数据，电路中的电流越来越小，由欧姆定律，电路的总电阻越来越大，故实验中滑动变阻器的滑片逐渐向左端滑动； 根据表中数据，由欧姆定律，R，灯的电阻分别为8.3Ω、8.1Ω、7.1Ω﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣2.0Ω，根据P＝UI，灯的功率越来越小，随着灯丝温度降低，小灯泡的电阻值变小； ①闭合开关S，S1，调节R1的滑片，使电压表的示数为U额； ②接着，保持变阻器R1的滑片位置不动，再断开S1闭合S2，移动变阻器R2使电压表不变； 根据等效替代的方法，此时R2＝RL； ③将R1的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R1的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2， 在③中，将R1的滑片P调至最左端，R1连入电路中的电阻为0，电压表的示数为U1即为电源电压；再将R1的滑片P调至最右端，此时两变阻器串联，电压表的示数为U2，即为R2的电压， 根据串联电路电压的规律和欧姆定律有：，解得，R2R1﹣﹣﹣﹣﹣①； 小灯泡额定功率的表达式： P②， 由①②得： P（U1﹣U2）。 故答案为：（1）3；（2）短路；（3）0.3；（4）左；小；（5）②保持变阻器R1的滑片位置不动，断开S1闭合S2，移动变阻器R2使电压表不变；（U1﹣U2）。 26．（2017•广西）在“测量小灯泡的电功率”的实验中，小灯泡的额定电压为“2.5V”，正常发光时的电阻约为8Ω。 （1）在图甲中，有一根导线未连接，请用笔画线代替导线将电路连接完整； （2）闭合开关后，小灯泡不亮，电流表没有示数，电压表有较大的示数，经检查，导线连接完好，则电路故障可能是小灯泡发生了　断路　 （选填“短路”或“断路”）； （3）移动滑片P到某一位置时，电压表示数如图乙所示，为　2.2　 V；此时要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向　右　 （选填“左”或“右”）端移动； （4）移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I﹣U图像，由图像可计算出小灯泡的额定功率是　0.75　 W。 （5）完成上述测量后，不用电压表，用如图丁所示的电路也可测量已知额定电流的小灯泡的额定功率，已知小灯泡的额定电流为I额，定值电阻的阻值为R0，实验步骤如下，请补充完整： ①　闭合开关S、S2，调节滑动变阻器R的滑片P，使电流表示数I1＝I额　 ； ②闭合开关S、S1，断开开关S2，记录下此时电流表的示数为I； ③小灯泡的额定功率的表达式为P额＝　R0（I﹣I额）I额　 W。 【解答】解：（1）灯泡正常发光时的电流I0.3125A，所以电流表选用小量程，电流从正接线柱流入，从负接线柱流出，如下图所示： （2）电流表无示数，说明电路断路；电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此电路故障为灯泡断路； （3）电压表使用0～3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压为2.2V。 要使灯泡正常工作，灯泡两端电压从2.2V增大到2.5V，就要减小变阻器的电压，根据分压原理，滑动变阻器连入电路中的电阻要减小，滑片向右端移动，使电压表的示数为2.5V。 （4）从图像得知，灯泡在2.5V下的电流为0.3A，P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W。 （5）①闭合开关S、S2，调节滑动变阻器R的滑片P，使电流表示数I1＝I额； ②闭合开关S、S1，断开开关S2，记录下此时电流表的示数为I； ③算出小灯泡的额定功率。 定值电阻R0的电流为：I0＝I﹣I额 定值电阻R0的电压为：U＝I0R0＝（I﹣I额）R0， 因为灯泡两端的电压等于定值电阻的电压， 所以灯泡的额定电压功率为：P额＝U0I额＝R0（I﹣I额）I额。 故答案为：（1）如图所示；（2）断路；（3）2.2；右（4）0.75；（5）①闭合开关S、S2，调节滑动变阻器R的滑片P，使电流表示数I1＝I额；③R0（I﹣I额）I额。 27．（2016•贵港）下面是小明做测定“小灯泡电功率”的实验，电路图如图甲所示，电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V。 （1）连接电路时开关应　断开　 。 （2）小明连接好电路，闭合开关S，发现小灯泡L发光暗淡，观察电压表、电流表均有示数，移动滑动变阻器的滑片P，电压表、电流表示数均不变，出现这种现象的原因是　将变阻器的下面两个接线柱连入了电路中了　 。 （3）小明改正实验错误后，闭合开关S，移动滑片P到某一位置时，电压表示数如图乙所示，为　2.6　 V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中的滑片P向　B　 （选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V。 （4）小明移动滑片P，记录下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是　0.5　 W。 【解答】解：（1）为保护电路，连接电路时，开关应断开； （2）由上面的分析知，出现这种现象的原因是将变阻器的下面两个接线柱连入了电路中了，导致变阻器失去了变阻的作用； （3）在图乙中，电压表小量程分度值为0.1V，示数为2.6V，大于灯的额定电压2.5V，因灯在额定电压下才能正常工作，所以应减小灯的电压，增大变阻器分得的电压，根据分压原理，应增大变阻器连入电路中的电阻大小，所以滑片应向B端移动，使电压表示为2.5V； （4）根据图丙所示的图象，当电压为额定电压2.5V时，对应的电流大小为0.2A，则灯的额定功率 P额＝U额I＝2.5V×0.2A＝0.5W。 故答案为：（1）断开； （2）将变阻器的下面两个接线柱连入了电路中了； （3）2.6；B； （4）0.5。 五．综合能力题（共1小题） 28．（2023•广西）人工涂抹油漆难精准且气味难闻，于是某团队设计了“智能浸泡上漆器”，如图所示，上漆器由柱形硬质浮杆、力传感器、工作台、挡板等组成。浮杆的质量为0.2kg，底面积为2×10﹣3m2；力传感器固定且与浮杆接触但无压力；工作台固定在上漆器底部，其上表面积为0.5m2，高为0.1m。将待上漆的质量分布均匀的柱体A放在工作台中央，将挡板固定在1m高处，开始注漆；当浮杆对力传感器的压力为14N时，停止注漆，完成对柱体A的上漆。已知柱体A的质量为500kg，底面积为1m2，高为0.8m，油漆密度为1×103kg/m3。g取10N/kg。求： （1）当漆面上升至0.1m时，油漆对上漆器底部的压强； （2）当漆面上升至0.4m时，柱体A对工作台的压强； （3）停止注漆时，柱体A被上漆的高度。 【解答】解： （1）当油漆上升至0.1m时，油漆对上漆器底部的压强： p＝ρgh1＝1×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1000Pa； （2）当油漆上升至0.4m时，则柱体A受到的浮力： F浮＝ρgV排＝ρgSh2＝1×103kg/m3×10N/kg×1m2×（0.4m﹣0.1m）＝3000N， 柱体A的重力G＝mg＝500kg×10N/kg＝5000N， 故此时重力大于浮力，故柱体A未上浮，则对工作台的压力F＝G﹣F浮＝5000N﹣3000N＝2000N； 由于柱体A的底面积大于工作台的上表面积，故受力面积为工作台的上表面积， 则柱体A对工作台的压强：p4000Pa； （3）已知浮杆的质量为0.2kg，则浮杆的重力G杆＝mg＝0.2kg×10N/kg＝2N， 浮杆对力传感器的压力为14N，则浮杆受到的浮力F′浮＝2N+14N＝16N， 浮杆排开油漆的体积V排1.6×10﹣3m3； 则油漆的深度h0.8m； 柱体A受到的浮力F浮′′＝ρgV排′＝1×103kg/m3×10N/kg×1m2×（0.8m﹣0.1m）＝7000N， 此时F浮′′＞GA，则柱体A漂浮，浮力等于重力，故此时的V′′排0.5m3； 浸入油漆的深度：h′0.5m， 柱体A露出的高度为0.8m﹣0.5m＝0.3m，油漆面到挡板的高度为1m﹣0.8m＝0.2m， 故柱体A只能露出0.2m的高度，则柱体A实际浸入油漆的高度为0.6m。 答：（1）当漆面上升至0.1m时，油漆对上漆器底部的压强为1000Pa； （2）当漆面上升至0.4m时，柱体A对工作台的压强为4000Pa； （3）停止注漆时，柱体A被上漆的高度为0.6m。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2025/7/12 7:39:26；用户：思达教育；邮箱：15200006450@xyh.com；学号：30653724 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $$