第1单元 第1单元 第4课时 蛋白质和核酸（课件）-【创新方案】2026年高考生物一轮复习（多选版）

蛋白质和核酸 第4课时 1.1.6　阐明蛋白质通常由20种氨基酸分子组成，它的功能取决于氨基酸序列及其形成的空间结构，细胞的功能主要由蛋白质完成 1.1.7　概述核酸由核苷酸聚合而成，是储存与传递遗传信息的生物大分子 课标要求 目录 再认再现——教材基础落实 课时跟踪检测 互动课堂——核心深化学习 再认再现——教材基础落实 一、蛋白质是生命活动的主要承担者 1.识图作答——弄明蛋白质的基本组成单位 下图为四种氨基酸的结构简式，据图回答问题： (1)写出图中序号代表的结构名称：①_______；②和④为_____；③______。 (2)据上图可知氨基酸共有的元素是______________，有的还含有_______等元素。 (3)比较图中几种氨基酸，写出氨基酸分子的结构通式：___________。其特点是从数量上看，至少有一个______和一个______；从位置上看，都有一个氨基和一个羧基连接在_____________上。 氨基 R基 羧基 C、H、O、N S、Se 氨基 同一个碳原子 羧基 (4)由图可知，各种氨基酸的区别在于_____的不同。组成人体蛋白质的氨基酸有___种。根据人体细胞能否合成，可以把这些氨基酸分为两类：人体细胞不能合成的是___________(共8种)；人体细胞能合成的是______________(共13种)。 21 必需氨基酸 R基 非必需氨基酸 2.识图作答——掌握蛋白质的结构和功能 如图是氨基酸之间发生一系列反应形成血红蛋白的过程，回答下列问题： (1)多肽的形成过程 ①图中a过程称为_________，该过程中生成的H2O中氢原子来自的化学基团是____________，氧原子来自的化学基团是_____。 ②氨基酸经过a过程形成的化学键称为_____，形成的化合物为____。 氨基和羧基 脱水缩合 羧基 肽键 二肽 ③乙为多肽，若乙由n个氨基酸构成，则形成乙的过程脱去的水分子数为____。 (2)蛋白质的结构层次 ①图中b过程表示肽链_________。据图描述从氨基酸到血红蛋白的形成过程：氨基酸之间通过_________形成肽链，肽链___________形成一定_________，然后四条肽链聚集在一起形成具有复杂_________的血红蛋白。 盘曲折叠 脱水缩合 n-1 盘曲、折叠 空间结构 空间结构 ②归纳生物体内蛋白质结构具有多样性的原因是不同蛋白质的___________________________不同；肽链的盘曲、折叠方式及其形成的空间结构千差万别。 氨基酸种类、数目、排列顺序 3.连线串知——了解蛋白质的功能 二、核酸是遗传信息的携带者 1.识图作答——理清生物体细胞中核酸的结构层次 (1)核酸的基本组成单位是b_______，一分子b由一分子磷酸、一分子五碳糖和一分子a_________组成，故核酸的元素组成为________________。 核苷酸 含氮碱基 C、H、O、N、P (2)若b是c的基本单位，则a表示____________四种碱基，五碳糖为_________。若b是d的基本单位，则a表示_____________四种碱基，五碳糖为_____。 (3)据图可知，c为______，是由b____________聚合成的2条______________构成，主要分布于_______中；d为______，是由b____________聚合成的1条_____________构成，主要分布于_______中。 A、T、C、G 脱氧核糖 A、U、C、G 核糖 DNA 脱氧核苷酸 脱氧核苷酸链 细胞核 RNA 核糖核苷酸 核糖核苷酸链 细胞质 (4)核酸是遗传信息的携带者，遗传信息储存在核苷酸的________之中，其中DNA分子是___________________的生物大分子，部分病毒的遗传信息储存在_____中。 (5)鱼体内有多少种a、几种五碳糖?鱼体内的遗传物质中含有多少种a、几种五碳糖?大肠杆菌体内由A、G、U 3种碱基组成的b有几种?HIV体内有多少种a? 排列顺序 储存、传递遗传信息 RNA 提示：鱼体内有DNA和RNA两种核酸，因此有A、T、G、C、U 5种碱基，有核糖和脱氧核糖2种五碳糖。鱼体内的遗传物质是DNA，含有A、T、G、C 4种碱基，有1种五碳糖即脱氧核糖；大肠杆菌体内A、G、U 3种碱基组成的核苷酸有5种，包括3种核糖核苷酸、2种脱氧核苷酸；HIV体内只有RNA一种核酸，因此有4种碱基。 2.判断正误——辨清教材微点 (1)(2024·贵州卷)rRNA彻底水解的产物是碱基、核糖、磷酸。 ( ) (2)核酸是细胞内携带遗传信息的物质。 ( ) (3)核糖核苷酸的排列顺序决定了DNA分子的多样性。 ( ) (4)所有生物的遗传信息都储存在DNA中。 ( ) (5)同一生物体的不同细胞中，DNA基本相同，RNA不完全相同。 ( ) (6)真核生物以DNA为遗传物质，部分原核生物以RNA为遗传物质。 ( ) √ × √ × √ × 三、生物大分子以碳链为骨架 识图作答——理清三种生物大分子形成的模式图 (1)组成多糖、蛋白质、核酸的基本单位分别是a_____、b_______、c________，这些基本单位称为______。生物大分子是由许多单体连接成的多聚体。 (2)碳是“生命的核心元素”的原因是______________________________。 单糖 氨基酸 核苷酸 单体 生物大分子以碳链为基本骨架 融通大概念——建构知识体系 [盘点总结] (1)在人体中，组成蛋白质的氨基酸共21种，其中有些氨基酸人体并不能合成，称为必需氨基酸。 (2)同一生物不同细胞蛋白质不同的直接原因是mRNA不同，根本原因是基因的选择性表达。 (3)在DNA的一条链和RNA中，连接相邻两个核苷酸的化学键是磷酸二酯键；在DNA分子中，连接两条链的化学键是氢键。 (4)生物的遗传信息大都储存在DNA中，但部分病毒的遗传信息储存在RNA中，如HIV。 互动课堂——核心深化学习 [系统知能] (一)比较蛋白质的变性和水解 核心点(一)　蛋白质的结构和功能 变性 是由高温、过酸、过碱、重金属盐等因素导致的，蛋白质的空间结构发生了不可逆的变化，肽链变得松散，丧失了生物活性，但是肽键一般不断裂。变性后仍能与双缩脲试剂发生紫色反应 水解 在蛋白酶作用下，肽键断裂，蛋白质分解为短肽进而彻底水解为氨基酸。水解产生的多肽能与双缩脲试剂发生紫色反应，氨基酸则不能 提醒：结构与功能相适应，因此，不论蛋白质变性还是水解，蛋白质的结构均已发生改变，功能也相应改变或丧失。 续表 [例1]　(2024年1月·九省联考甘肃卷)手抓羊肉是西北地区餐桌上常见的美食，其味道鲜美，含有丰富的蛋白质。下列有关蛋白质的叙述，错误的是 (　 ) A.煮熟后蛋白质变性，更容易被人体消化 B.蛋白质可分解成氨基酸被人体细胞吸收 C.人体细胞的生命活动主要由蛋白质承担 D.蛋白质的功能主要取决于氨基酸的种类 √ [解析]　煮熟后蛋白质变性，此时蛋白质分子的空间结构变得伸展、松散，容易被蛋白酶水解，因此更容易被人体消化，A正确；蛋白质的基本单位是氨基酸，蛋白质可分解成氨基酸被人体细胞吸收，B正确；蛋白质是生命活动的主要承担者，具有催化、运输、免疫等功能，人体细胞的生命活动主要由蛋白质承担，C正确；蛋白质的结构决定其功能，蛋白质的结构与氨基酸的种类、数目、排列顺序以及肽链盘曲、折叠形成的空间结构等都有关，D错误。 　(二)常考蛋白质的分布和功能 名称 分布或来源 功能 大多数酶 细胞内或细胞外 催化作用 转运蛋白 生物膜 运输某些物质 某些激素 (如胰岛素) 由内分泌腺(细胞)合 成分泌至内环境中 调节生命活动 抗体 由浆细胞合成并 分泌至内环境中 免疫作用 血红蛋白 红细胞内 主要运输O2 糖蛋白 细胞外表面 保护、润滑、参与细胞表面的识别及细胞间的信息传递等 结构蛋白 细胞膜、肌纤维等 构成细胞和生物体的成分 续表 [例2]　[多选]下列关于膜蛋白的说法，正确的是 (　 ) A.不同膜蛋白的功能不同，根本原因是基因的多样性和基因的选择性表达 B.由膜蛋白介导的胞吞(胞吐)过程对物质运输没有选择性 C.癌变细胞的某些膜蛋白减少导致其易于分散和转移 D.膜蛋白可能具有催化、能量转换、信息交流等多种功能 √ √ √ [解析]　不同膜蛋白的功能不同，直接原因是蛋白质结构不同，根本原因是基因的多样性和基因的选择性表达，A正确；由膜蛋白介导的胞吞(胞吐)过程对物质运输有选择性，B错误；癌变细胞的某些膜蛋白(如糖蛋白)减少，细胞间的黏着性下降，导致其容易分散和转移，C正确；多种生物膜(如线粒体内膜、叶绿体类囊体薄膜、细胞膜等)上分布有不同的膜蛋白，膜蛋白可能具有催化、能量转换、信息交流等多种功能，D正确。 [题点全练] 1.(2023·海南高考)科学家将编码天然蜘蛛丝蛋白的基因导入家蚕，使其表达出一种特殊的复合纤维蛋白，该复合纤维蛋白的韧性优于天然蚕丝蛋白。下列有关该复合纤维蛋白的叙述，正确的是 (　 ) A.该蛋白的基本组成单位与天然蜘蛛丝蛋白的组成单位不同 B.该蛋白的肽链由氨基酸通过肽键连接而成 C.该蛋白彻底水解的产物可与双缩脲试剂发生作用，产生紫色反应 D.高温可以改变该蛋白的化学组成，从而改变其韧性 √ 解析：蛋白质的基本组成单位都是氨基酸，A错误；题述复合纤维蛋白的肽链是由氨基酸通过肽键连接而成的，B正确；蛋白质彻底水解的产物为氨基酸，无肽键，不能与双缩脲试剂发生紫色反应，C错误；高温可破坏蛋白质的空间结构，但不改变其化学组成，D错误。 2.(2025·石家庄模拟)硒代半胱氨酸的结构与半胱氨酸类似，只是其中的硫原子被硒取代。下列相关叙述错误的是 (　 ) A.硒代半胱氨酸的硒元素位于氨基酸的R基上 B.硒代半胱氨酸能与双缩脲试剂在常温下发生紫色反应 C.发生脱水缩合时，水中的氢既可来自硒代半胱氨酸的氨基也可来自其羧基 D.硒代半胱氨酸中一定含有的元素是C、H、O、N、Se √ 解析：氨基酸的不同在于R基的不同，硒元素位于硒代半胱氨酸的R基上，A正确；双缩脲试剂检测的是蛋白质(或多肽)中的肽键，硒代半胱氨酸没有肽键，不能与双缩脲试剂发生紫色反应，B错误；发生脱水缩合时，水中的氢既可来自硒代半胱氨酸的氨基也可来自其羧基，C正确；根据氨基酸通式可知，硒代半胱氨酸中一定含有的元素是C、H、O、N、Se，D正确。 3.(2025·成都模拟)下图是某多肽化合物的结构式。下列关于该化合物的叙述，错误的是 (　 ) A.该化合物是三肽，含有两个肽键 B.氨基酸的不同种类取决于R基②④⑥ C.该多肽中含有四个羧基、三个氨基 D.形成该多肽链时，会脱去两个水分子 √ 解析：题图中的多肽含有两个游离的羧基、一个游离的氨基，C错误。 [微技法] 找出氨基酸的共同体，即图中“不变部分”(连接在同一碳原子上的—NH2、—COOH和—H)，剩下的部分即为R基。倘若找不到上述“不变部分”，则不属于构成蛋白质的氨基酸。 4.(2024·黑吉辽卷)钙调蛋白是广泛存在于真核细胞的Ca2+感受器。小鼠钙调蛋白两端有近似对称的球形结构，每个球形结构可结合2个Ca2+。下列叙述错误的是 (　 ) A.钙调蛋白的合成场所是核糖体 B.Ca2+是钙调蛋白的基本组成单位 C.钙调蛋白球形结构的形成与氢键有关 D.钙调蛋白结合Ca2+后，其空间结构可能会发生变化 √ 解析：钙调蛋白的化学本质是蛋白质，其合成场所是核糖体，A正确；蛋白质的基本组成单位是氨基酸，B错误；由于肽链上不同氨基酸之间可以形成氢键等化学键使得肽链能盘曲、折叠，形成具有一定空间结构的蛋白质分子，故钙调蛋白球形结构的形成与氢键有关，C正确；钙调蛋白是Ca2+感受器，结合Ca2+后空间结构可能会发生改变，D正确。 5.如图所示，蛋白质暴露在高浓度的尿素环境中会发生变性，除去尿素后，蛋白质的空间结构和生物功能可以恢复。下列有关叙述正确的是 (　 ) A.尿素使蛋白质变性过程中破坏了蛋白质中的肽键，使其不能与双缩脲试剂发生紫色反应 B.尿素使蛋白质变性过程中改变了原有蛋白质中氨基酸的数量 C.构成蛋白质的氨基酸种类和排列顺序相同则蛋白质结构相同 D.高温也可使蛋白质变性，变性后的蛋白质更容易被蛋白酶水解 √ 解析：分析题图可知，尿素可使蛋白质变性，变性后蛋白质的空间结构发生改变，但肽键没有断裂，因此仍可与双缩脲试剂发生紫色反应，A错误；变性过程中，蛋白质中的氨基酸数量没有改变，B错误；蛋白质结构多样性取决于氨基酸的种类、数目、排列顺序和肽链的盘曲、折叠方式及其形成的空间结构，C错误；高温使蛋白质的空间结构变得伸展、松散，容易被蛋白酶水解，D正确。 [题点全练] 题点1　氨基酸脱水缩合基本规律相关计算 1.(2025·大连模拟)一条多肽链的化学式为CxHyOpNqS，将它彻底水解后，只得到下列四种氨基酸，则水解得到的氨基酸个数为 (　 ) A.p-1 B.q+1 C.q-1 D.p+1 核心点(二)　蛋白质的相关计算 √ 解析：由题图可知，题图所示4种氨基酸均只含有1个羧基，且R基均不含O原子，氨基酸连接时一个氨基酸的氨基和另一个氨基酸的羧基相连接，生成一分子水，假设形成该多肽的氨基酸个数为m，根据该多肽链的化学式，可得出p=2m-(m-1)，即m=p-1，A正确。 2.(2025·成都模拟)牛肝菌是常见的野生真菌，进食未加工成熟的牛肝菌会引起呕吐、腹痛及腹泻等中毒症状。环状八肽α⁃鹅膏蕈碱是毒蘑菇中常见的毒性物质。下列说法正确的是 (　 ) A.牛肝菌细胞与乳酸菌细胞结构相似，遗传物质主要存在于环状DNA中 B.α⁃鹅膏蕈碱由8个氨基酸脱水缩合而成，共脱去7分子水，含有7个肽键 C.组成α⁃鹅膏蕈碱的元素一定有C、H、O、N，N元素主要存在于R基中 D.食用牛肝菌造成患者出现腹泻症状，患者不仅要补充水分还需要补充无机盐 √ 解析：牛肝菌是真菌，属于真核生物，其遗传物质主要位于染色体上；乳酸菌是原核生物，其遗传物质主要位于拟核中，拟核为环状DNA，A错误；α⁃鹅膏蕈碱是环状八肽，由8个氨基酸脱水缩合而成，共脱去8分子水，含有8个肽键，B错误；α⁃鹅膏蕈碱为环状八肽，其组成元素一定有C、H、O、N，其中N元素主要存在于“—CO—NH—”中，C错误；食用牛肝菌造成腹泻时，患者在丢失大量水分的同时也会丢失无机盐，因此患者除补充水分外还需补充无机盐，D正确。 3.[多选]在某动物体内，由81个氨基酸形成胰岛素原，加工切除M片段(31~60)后成为能降低血糖的胰岛素(如图所示)。下列相关叙述错误的是 (　 ) A.胰岛素分子中含有2条肽链、49个肽键 B.加工完成后的胰岛素分子中含有的氨基数和羧基数均不会少于49个 C.胰岛素中的肽键在核糖体上形成，二硫键(—S—S—)在细胞质基质中形成 D.M片段的切除需要酶的催化，每生成一个M片段的同时会消耗2个水分子 √ √ 解析：由题图分析可知，胰岛素分子是由51个氨基酸形成的2条肽链构成的，则其含有49个肽键，A正确；加工完成后的胰岛素分子中含有的氨基数和羧基数均不会少于2个，B错误；胰岛素是分泌蛋白，其中的肽键在核糖体上形成，二硫键(—S—S—)在内质网中形成，C错误；M片段的切除需要酶的催化，每生成一个M片段需要消耗2个水分子，D正确。 题点2　利用“原子守恒”计算蛋白质(多肽)中的原子数 4.经测定，某多肽链分子式是C21HxOyN4S2，其中含一个二硫键(—S—S—)。已知该多肽由下列氨基酸中的其中几种作为原料合成：苯丙氨酸(C9H11O2N)、天冬氨酸(C4H7O4N)、丙氨酸(C3H7O2N)、亮氨酸(C6H13O2N)、半胱氨酸(C3H7O2NS)。下列关于该多肽的叙述错误的是 (　 ) A.该多肽水解后产生的氨基酸分别是苯丙氨酸、亮氨酸和半胱氨酸 B.该多肽中H原子数和O原子数分别是30和5 C.该多肽形成过程中至少需要3种tRNA D.该多肽在核糖体上形成，形成过程中相对分子质量减少了54 √ 解析：该多肽链分子式是C21HxOyN4S2，含有2个S，所以水解产物中有2个半胱氨酸。题干中的每个氨基酸中都只有1个N，所以该多肽由4个氨基酸组成。根据C原子守恒，每个半胱氨酸含有3个C，所以另外两个氨基酸共含有15个C，可知为苯丙氨酸和亮氨酸，A正确；该多肽形成过程中脱去3分子水、形成一个二硫键脱去2个H，所以多肽中O原子数为8-3=5(个)，H原子数为38-6-2=30(个)，B正确；该多肽由3种氨基酸组成，形成过程中至少需要3种tRNA，C正确；该多肽形成时脱去3分子水和2个H，相对分子质量减少18×3+2=56，D错误。 5.[多选](2025·徐州模拟)如图表示对某蛋白质分子结构中相关数据的统计结果，据此分析，下列表述正确的是 (　 ) A.与合成之前的氨基酸分子相比，该蛋白质少了124个氧原子 B.该蛋白质的组成元素一定只有C、H、O、N C.参与合成该蛋白质的氨基酸共有羧基141个 D.该蛋白质水解为氨基酸时，相对分子质量共增加2 232 √ √ √ 解析：分析题图可知，该蛋白质的肽链数为2条，所以与合成之前的氨基酸分子相比，该蛋白质形成过程中脱去的水分子数为126-2=124，所以少了124个氧原子，A正确；该蛋白质的组成元素至少有C、H、O、N，可能还有其他元素，B错误；由题图可知，该蛋白质由126个氨基酸构成，且构成蛋白质的氨基酸的R基上有15个羧基，故构成该蛋白质的氨基酸共有15+126=141(个)羧基，C正确；由以上分析可知，该蛋白质合成过程中脱去124个水分子，所以该蛋白质水解时，需要消耗124分子水，相对分子质量增加124×18=2 232，D正确。 题点3　多肽中除去氨基酸的有关计算 6.某多肽含20个氨基酸，其中天冬氨酸有4个，分别位于5、6、15、20位(如图所示)；肽酶X专门作用于多肽中天冬氨酸羧基端的肽键，肽酶Y专门作用于多肽中天冬氨酸氨基端的肽键，下列相关叙述正确的是 (　 ) A.该二十肽至少含有22个肽键 B.该二十肽游离的氨基和羧基各为1个和8个 C.肽酶X完全作用后产生的多肽共含有氨基酸19个 D.肽酶Y完全作用后产生的多肽中氧原子数目比二十肽多了4个 解析：由题图可知，该多肽是一条肽链，根据肽键数目=氨基酸数目-肽链条数，该二十肽含有的肽键数目应是19个，A错误。该二十肽含游离的氨基或羧基数目=肽链条数+R基中含有的氨基或羧基数，则该肽链游离的氨基数目至少为1个；由于每个天冬氨酸R基上含有1个羧基且该多肽有4个天冬氨酸，所以该肽链游离的羧基数目至少为5个，B错误。 √ 肽酶X专门作用于天冬氨酸羧基端的肽键，完全作用后形成3条多肽链和1个氨基酸(第6位的天冬氨酸会脱离肽链)，则产生的多肽链中共含有19个氨基酸，C正确。肽酶Y专门作用于天冬氨酸氨基端的肽键，肽酶Y完全作用该多肽链后，共断开4个肽键，其中的第5位和第20位天冬氨酸会脱离肽链，每断开一个肽键消耗1分子水而增加1个氧原子，故增加4个氧原子，又因为第5位和第20位天冬氨酸的脱离(每个天冬氨酸中含有4个氧原子)，共减少8个氧原子，所以肽酶Y完全作用后产生的多肽中，氧原子数目比二十肽少8-4=4(个)，D错误。 [题后悟法] 1.蛋白质中游离氨基或羧基数的计算 (1)至少含有的游离氨基或羧基数=肽链数。 (2)游离氨基或羧基数=肽链数+R基中含有的氨基或羧基数。 2.蛋白质相对分子质量、氨基酸数、肽链数、肽键数和失去水分子数的关系 (1)肽键数=失去水分子数=氨基酸数-肽链数。 (2)蛋白质相对分子质量=氨基酸数目×氨基酸平均相对分子质量-脱去水分子数×18(不考虑形成二硫键)。 (3)环状肽的特点是肽键数与氨基酸数相同，即肽键的数目=脱去的水分子的数目=氨基酸的数目。 (4)如果形成二硫键，每形成一个二硫键需去掉两个H。 3.链状多肽中相关原子数量的关系 (1)碳原子数=氨基酸的个数×2+R基上的碳原子数。 (2)氢原子数=各氨基酸中氢原子的总数-脱去的水分子数×2-二硫键数×2。 (3)氧原子数=各氨基酸中氧原子的总数-脱去的水分子数。 (4)氮原子数=肽链数+肽键数+R基上的氮原子数=各氨基酸中氮原子的总数。 [特别提醒]　由于R基上的碳原子数不容易确定，且氢原子数较多，因此以氮原子数或氧原子数为突破口，计算氨基酸的分子式或氨基酸个数最为简便。 4.多肽中除去氨基酸的有关计算 (1)若除去多肽内部的一个氨基酸，需水解两个肽键；若除去多肽一端的一个氨基酸，需水解1个肽键。 (2)每水解1个肽键，则需要1分子水参与，肽键数减少1个，生成物与原多肽相比氧原子增加1个，氢原子增加2个，氨基增加1个，羧基增加1个。 [系统知能] (一)不同生物的核酸、核苷酸、碱基和五碳糖的归纳 核心点(三)　核酸及其与蛋白质的关系 (二)“三看法”判断DNA和RNA [例1]　(2025·洛阳模拟)三位在丙肝病毒研究方面作出杰出贡献的科学家被授予诺贝尔生理学或医学奖，已知丙肝病毒所含核酸为单链RNA。下列相关叙述正确的是 (　 ) A.丙肝病毒的组成成分彻底水解后的产物是六种小分子物质 B.单链RNA 中不存在碱基互补配对 C.ATP 水解释放两个磷酸基团后，可作为合成RNA的原料 D.病毒是生命系统的最基本层次 √ [解析]　丙肝病毒是 RNA病毒，其组成成分包括蛋白质和 RNA，蛋白质彻底水解的产物是氨基酸，RNA彻底水解的产物是核糖、磷酸和四种碱基，所以丙肝病毒彻底水解后的小分子物质不止六种，A错误；单链结构的 RNA中也可能存在碱基互补配对，如tRNA，B错误；ATP水解释放两个磷酸基团后成为腺嘌呤核糖核苷酸，是合成 RNA的原料之一，C正确；生命系统的最基本层次是细胞，病毒不属于生命系统的结构层次，D错误。 (三)建模分析蛋白质和核酸之间的关系 (四)常见的核酸—蛋白质复合体 [例2]　核酸通常与蛋白质结合以“核酸—蛋白质”复合体的形式存在。下列叙述错误的是 (　 ) A.核糖体可以看作“核酸—蛋白质”复合体 B.T2噬菌体可以看作“核酸—蛋白质”复合体 C.真核细胞染色质以“核酸—蛋白质”复合体存在 D.原核细胞DNA复制时，不会出现“核酸—蛋白质”复合体 √ [解析]　核糖体主要由RNA和蛋白质构成，可以看作“核酸—蛋白质”复合体，A正确；T2噬菌体由DNA和蛋白质构成，可以看作“核酸—蛋白质”复合体，B正确；真核细胞的染色质由DNA和蛋白质构成，可以“核酸—蛋白质”复合体的形式存在，C正确；原核细胞DNA复制时，DNA聚合酶与DNA结合形成“DNA—蛋白质”复合体，D错误。 [题点全练] 题点1　核酸的结构和功能 1.(2025·长春模拟)下图中甲是组成乙或丙的基本单位(单体)。下列相关叙述错误的是(　 ) A.如果甲中的m是U，则甲一定是丙的基本单位 B.如果甲中的m是G，则甲一定是乙的基本单位 C.如果甲中的a是脱氧核糖，则甲物质聚合成的大分子物质可以分布于线粒体和叶绿体中 D.如果甲中的a是核糖，则甲物质聚合成的大分子物质可以分布于细胞核和细胞质中 √ 解析：如果甲中的m是U，则甲为核糖核苷酸，是丙(tRNA)的基本单位，A正确；如果甲中的m是G，则甲为鸟嘌呤脱氧核苷酸或鸟嘌呤核糖核苷酸，不一定是乙(DNA)的基本单位，B错误；如果甲中的a是脱氧核糖，则甲为脱氧核苷酸，其聚合成的大分子物质是DNA，可以分布于线粒体和叶绿体中，C正确；如果甲中的a是核糖，则甲为核糖核苷酸，其聚合成的大分子物质是RNA，可以分布于细胞核和细胞质中，D正确。 选项 A B C D 生物或 细胞 T4 噬菌体 烟草叶 肉细胞 烟草花 叶病毒 豌豆根 毛细胞 碱基 5种 5种 4种 8种 核苷酸 5种 8种 8种 8种 五碳糖 1种 2种 2种 2种 2.下列关于各种生物的核酸中含有的碱基、核苷酸、五碳糖种类的叙述，正确的是 (　 ) √ 解析：T4噬菌体是DNA病毒，含有4种碱基、4种核苷酸及1种五碳糖，A错误；烟草叶肉细胞和豌豆根毛细胞均是真核细胞，均含有5种碱基、8种核苷酸和2种五碳糖，B正确，D错误；烟草花叶病毒是RNA病毒，含有4种碱基、4种核苷酸及1种五碳糖，C错误。 [微点拨] 生物种类与核酸、碱基及核苷酸种类的关系 生物种类 核酸种类 碱基种类 核苷酸种类 细胞生物 DNA和 RNA 5种 8种 病毒 DNA病毒 DNA 4种 4种 RNA病毒 RNA 4种 4种 3.(2024·海南高考)海南黎锦是非物质文化遗产，其染料主要来源于植物。DNA条形码技术可利用DNA条形码序列(细胞内一段特定的DNA序列)准确鉴定出染料植物的种类。下列有关叙述正确的是 (　 ) A.不同染料植物的DNA均含有元素C、H、O、N、S B.DNA条形码序列由核糖核苷酸连接而成 C.染料植物的DNA条形码序列仅存在于细胞核中 D.DNA条形码技术鉴定染料植物的依据是不同物种的DNA条形码序列不同 √ 解析：不同染料植物的DNA均含有C、H、O、N、P五种元素，A错误；构成DNA的基本单位是脱氧核糖核苷酸，故DNA条形码序列由脱氧核糖核苷酸连接而成，B错误；染料植物的DNA条形码序列主要存在于细胞核中，很少一部分存在于细胞质中，C错误；DNA条形码技术鉴定染料植物的依据是不同物种的DNA条形码序列不同，D正确。 题点2　核酸与蛋白质之间的关系 4.(2025·崇左模拟)在真核细胞中，阿尔古蛋白在由小分子RNA调节的基因沉默(基因不表达)中扮演了一个重要角色，而阿尔古蛋白被发现存在于一系列的细菌和古生菌中。下列相关叙述正确的是(　 ) A.阿尔古蛋白、RNA以及基因的元素组成均相同，但它们的组成单体不同 B.古生菌中应含有一种无膜结构的细胞器，该细胞器能合成阿尔古蛋白 C.阿尔古蛋白可能是通过影响DNA聚合酶的活性致使基因沉默的 D.真核细胞与细菌细胞内的DNA都能与蛋白质缠绕在一起形成染色体 √ 解析：阿尔古蛋白的基本组成元素是C、H、O、N，组成单体是氨基酸，RNA以及基因的元素组成都是C、H、O、N、P，组成单体分别是核糖核苷酸、脱氧核苷酸，A错误；古生菌为原核生物，其细胞中含有一种无膜结构的细胞器核糖体，核糖体是蛋白质合成的场所，B正确；DNA聚合酶在DNA复制过程中发挥重要作用，而阿尔古蛋白在由小分子RNA调节的基因沉默(基因不表达)中扮演了一个重要角色，因此阿尔古蛋白可能是通过影响RNA聚合酶的活性致使基因沉默的，C错误；细菌为原核细胞，没有染色体，D错误。 5.(2025年1月·八省联考四川卷)下列关于细胞内糖类、蛋白质和核酸的叙述中，正确的是 (　 ) A.糖类、蛋白质和核酸都是细胞内重要的生物大分子 B.核酸经酶分解后得到含A、T、G、C碱基的四种核苷酸 C.由mRNA全长序列可知其编码蛋白质的氨基酸序列 D.淀粉酶是在淀粉的生物合成过程中起催化作用的蛋白质 √ 解析：多糖、蛋白质和核酸都是细胞内重要的生物大分子，糖类中的单糖和二糖不是生物大分子，A错误；核酸包括DNA和RNA，只有DNA经酶分解后可得到含A、T、G、C碱基的四种核苷酸，B错误；由mRNA全长序列可根据碱基互补配对原则和密码子表推测其编码蛋白质的氨基酸序列，C正确；淀粉合成酶是在淀粉的生物合成过程中起催化作用的蛋白质，淀粉酶是使淀粉发生水解的酶，D错误。 1.胰岛素分子与其他蛋白质结构不同的直接原因是什么? 提示：构成胰岛素分子的氨基酸的种类、数目、排列顺序与其他蛋白质的不同，肽链的盘曲、折叠方式及其形成的空间结构也与其他蛋白质的不同。 主攻学困点——强化规范表达 2.烤熟的鸭子，其蛋白质一定发生了变性，食物加工过程中蛋白质变性_______(填“影响”或“不影响”)蛋白质的营养价值。煮熟的蛋白质_____(填“容易”或“不容易”)消化，原因是__________________________ ____________________________________。 3.熟鸡蛋无法返生的原因是什么? 提示：高温破坏了蛋白质的空间结构，使蛋白质变性，且该过程是不可逆的。 容易 高温使蛋白质分子的空间结构变得伸展、松散，易被蛋白酶催化水解 不影响 4.自从全国打击拐卖儿童DNA数据库建成后，借助“打拐DNA数据库”，数以千计的被拐儿童重回父母身边。打拐DNA数据库能帮助大量的被拐儿童找到亲生父母的原因是什么? 提示：不同个体的DNA如同指纹一样具有特异性，如果能从父母的DNA指纹中找到孩子的所有条带，就可以确定亲子关系。 5.随着生活水平的提高，人们对营养保健食品日益关注。核酸保健品真的能保健吗?_____，理由是______________________________ ________________________________________。 6.多糖和核酸都是由许多单体组成的多聚体，核酸能携带遗传信息，但多糖不能，原因是什么? 提示：核酸分子中4种脱氧核苷酸(或核糖核苷酸)在数量、排列顺序上千差万别，从而能够承担起携带遗传信息的功能；而构成多糖的单体是单糖，无论是由多少个单糖构成的多糖，它的顺序没有变化。 核酸在消化道内需彻底消化才能被 吸收，且人体内一般不缺乏合成核酸的原料 不能 课时跟踪检测 (单击进入电子文档) $$