精品解析：黑龙江省哈尔滨市南岗区哈尔滨市第三中学校2024-2025学年高二下学期6月月考生物试题

哈三中2024-2025学年度下学期高二学年月考考试生物试卷 I卷（选择题） 一、单项选择题（每题只有一个选项符合题意，每题2分，共40分） 1. 下列物质属于生物大分子，且由多种单体连接成的是（ ） A. 胆固醇 B. 纤维素 C. 钠离子通道 D. 叶绿素 【答案】C 【解析】 【分析】多糖(淀粉、糖原和纤维素) 蛋白质、核酸等生物大分子都是由许多单体连接而成，因而被称为多聚体。 【详解】A、胆固醇属于脂质，脂质不是生物大分子，A错误； B、纤维素属于多糖，是生物大分子，构成它的单体是葡萄糖，B错误； C、钠离子通道的化学本质是蛋白质，是生物大分子，构成它的单体是氨基酸，C正确； D、叶绿素不是生物大分子，D错误。 故选C。 2. 下列关于组成生物的元素和化合物的说法，不正确的是（　　） A. 细胞中的各种有机物中均可找到共同的化学元素 B. 组成细胞的化学元素和化合物，在无机自然界中都可以找到 C. 生物界和非生物界在元素种类上具有统一性 D. 与等质量的蛋白质相比，核酸中P含量较高 【答案】B 【解析】 【分析】1、组成生物体的化学元素根据其含量不同分为大量元素和微量元素两大类。大量元素是指含量占生物总重量万分之一以上的元素，包括C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg，其中C、H、O、N为基本元素，C为最基本元素，O是含量最多的元素； 微量元素是指含量占生物总重量万分之一以下的元素，包括Fe、Mn、Zn、Cu、B、Mo等。 2、生物界与非生物界的统一性与差异性，统一性：构成生物体的元素在无机自然界都可以找到，没有一种是生物所特有的。差异性：组成生物体的元素在生物体体内和无机自然界中的含量相差很大。 【详解】A、细胞中的各种有机物中均可找到共同的化学元素C，A正确； B、组成细胞的化学元素在无机自然界中都可以找到，化合物不一定找到，B错误； C、构成生物体的元素在无机自然界都可以找到，没有一种是生物所特有的，体现了生物界和非生物界在元素种类上具有统一性，C正确； D、蛋白质中不含P，核酸中含有P，D正确。 故选B。 3. 下列有关组成细胞的物质叙述正确的是（　　） A. 维生素D能有效促进人和动物肠道对钙和磷等微量元素的吸收 B. 自由水比结合水比值与细胞抗逆性成正相关 C. Mg2+可激活DNA聚合酶，促进基因的转录 D. 几丁质是一种多糖，能与溶液中的重金属离子有效结合 【答案】D 【解析】 【分析】水在细胞内以自由水与结合水的形式存在。结合水是细胞的重要组成成分；自由水是细胞内良好的溶剂，许多化学反应必须溶解在水中才能进行，自由水是化学反应的介质，自由水还参与细胞内的化学反应，自由水的自由流动，对于运输营养物质和代谢废物具有重要作用。自由水与结合水的比值越高，细胞新陈代谢越旺盛，结合水比值升高，细胞的抗逆性增强。 【详解】A、维生素D能有效促进人和动物肠道对钙和磷等元素的吸收，但是钙和磷是大量元素，A错误； B、自由水与结合水的比值越高，细胞新陈代谢越旺盛，结合水比值升高，细胞的抗逆性增强，自由水比结合水比值与细胞抗逆性成负相关，B错误； C、基因的转录需要的是RNA聚合酶，C错误； D、几丁质是多糖哦，能与溶液中的重金属离子有效结合，D正确。 故选D。 4. 2025年初甲型流感再次席卷而来，流行株以H1N1（一种RNA病毒）为主。奥司他韦（Oseltamivir）是治疗甲流的首选药物。下列相关叙述正确的是（　　） A. 为研究H1N1的致病机理，可用营养物质齐全的培养基培养该病毒 B. 蛋白质、H1N1和细菌均不属于生命系统的结构层次 C. 奥司他韦可通过抑制细胞壁合成来抑制H1N1增殖以减轻症状 D. H1N1的遗传物质初步水解后产物为4种核糖核苷酸 【答案】D 【解析】 【分析】病毒寄生于活细胞，利用活细胞的原料、能量、场所合成自己需要的物质，进行复制。 【详解】A、病毒没有细胞结构，不能独立进行生命活动，必须寄生在活细胞中才能生存和繁殖，因此不能用营养物质齐全的培养基直接培养该病毒，A错误； B、蛋白质是生物大分子，不属于生命系统的结构层次；H1N1病毒没有细胞结构，也不属于生命系统的结构层次；但细菌是单细胞生物，属于生命系统结构层次中的细胞层次和个体层次，B错误； C、H1N1病毒没有细胞壁，奥司他韦是通过抑制病毒神经氨酸酶的活性，从而抑制病毒从被感染的细胞中释放，减少病毒的传播，而不是通过抑制细胞壁合成来抑制H1N1增殖，C错误； D、H1N1是一种RNA病毒，其遗传物质是RNA。RNA初步水解的产物是4种核糖核苷酸，D正确。 故选D。 5. 表为培养某种微生物的培养基配方，下列相关叙述错误的是（ ） 成分 NaNO3 K2HPO4 KCl MgSO4·7H2O FeSO4 （CH2O） H2O 青霉素 含量 3g 1g 0.5g 0.5g 0.01g 30g 1L 0.1万单位 A. 依物理性质划分，该培养基属于液体培养基 B. 由培养基的原料可知，所培养微生物的同化作用类型是异养型 C. 若用该培养基培养能分解纤维素的细菌，应只除去（CH2O），再添加纤维素 D. 培养基中的唯一碳源是（CH2O），唯一氮源是NaNO3 【答案】C 【解析】 【分析】微生物的营养物质主要包括碳源、氮源、水和无机盐等，有些微生物还需要特殊的营养物质，如维生素、生长因子等；培养基中含有琼脂的一般为固体培养基；选择培养基是指通过培养混合的微生物，仅得到或筛选出所需要的微生物，而其他不需要的种类在这种培养基上是不能生存的。 【详解】A、该培养基配方中没有凝固剂琼脂，依物理性质划分，该培养基属于液体培养基，A正确； B、由培养基的原料可知，（CH2O）属于有机碳源，因此所培养微生物的同化作用类型是异养型，B正确； C、细菌对青霉素敏感，含青霉素的培养基不能培养细菌，因此用该培养基培养纤维素分解菌，则应除去（CH2O）和青霉素，再添加纤维素，C错误； D、培养基中的唯一碳源是（CH2O），唯一氮源是NaNO3，D正确。 故选C。 6. 下列关于细胞核结构和功能的叙述，正确的是（　　） A. 染色质是细胞中容易被碱性染料染成深色的DNA-蛋白质复合体 B. 核仁与mRNA的合成有关，无核仁的细胞也可能是真核细胞 C. 核膜可与内质网膜相连，代谢越旺盛的细胞，核孔数量越少 D. 细胞核是遗传信息库，是细胞代谢和遗传的中心 【答案】A 【解析】 【分析】细胞核的结构包括核膜、染色质、核仁、核孔。核膜是双层膜，可允许小分子物质进出；染色质由DNA和蛋白质组成；核仁与rRNA的合成及核糖体的形成有关；核孔上有核孔复合体，可以实现核质之间的物质交换和信息交流。细胞核是遗传物质储存和复制的场所，是细胞遗传和代谢的控制中心。 【详解】A、染色质是容易被碱性染料染成深色，主要成分是DNA和蛋白质，是DNA-蛋白质复合体，A正确； B、核仁与rRNA的形成有关，哺乳动物成熟的红细胞没有细胞核，是真核细胞，B错误； C、内质网内连核膜，外连细胞膜，因此核膜可与内质网膜相连；代谢旺盛的细胞，蛋白质的合成速度和合成量相对较大，因此核孔数量多，C错误； D、细胞核是遗传信息库，是细胞遗传和代谢的控制中心，D错误。 故选A。 7. 世界卫生组织将阿斯巴甜（C14H18N2O5）列为了可能致癌物，其结构简式如下图。它在一定温度和pH条件下可以水解，最终生成一分子的天冬氨酸、苯丙氨酸和甲醇。下列分析错误的是（　　） A. 一个阿斯巴甜分子中只含有一个肽键 B. 氨基酸脱水缩合时，水中的氢元素来源于氨基 C. 人体内可能不含有阿斯巴甜的水解酶 D. 双缩脲试剂不能用于检测阿斯巴甜 【答案】B 【解析】 【分析】1、氨基酸通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH ）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH2）相连接，同时脱出一分子水的过程；氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数一肽链数。2、双缩脲试剂检测蛋白质的原理：具有两个或两个以上肽键的化合物，与双缩脲试剂反应呈紫色。 【详解】A、阿斯巴甜在一定温度和pH条件下可以水解，最终生成一分子的天冬氨酸、苯丙氨酸和甲醇，说明其组成成分中有一分子的天冬氨酸、苯丙氨酸，而天冬氨酸和苯丙氨酸可以脱水缩合形成一个肽键，A正确； B、氨基酸脱水缩合时，水中的氢元素来源于氨基和羧基，B错误； C、阿斯巴甜在一定温度和pH条件下可以水解，人体内没有阿斯巴甜水解酶，C正确； D、双缩脲试剂需要与相邻的两个肽键发生反应，阿斯巴甜只有一个肽键无法与双缩脲试剂反应，D正确。 故选B。 8. 花生种子富含脂肪，种子萌发时，脂肪水解并转化为糖类，糖类等物质转运至胚轴，供给胚的生长和发育，花生种子中脂肪与糖类转化的过程如图所示。下列关于脂肪和糖类的叙述错误的是（　　） A. 图中X物质表示脂肪酸，大多是不饱和的，室温时呈固态 B. 相同质量下，花生干种子储存能量比玉米干种子更多 C. 在植物细胞中，葡萄糖可以作为合成二糖和多糖的原料 D. 动物体内分布在器官周围的脂肪具有缓冲和减压的作用 【答案】A 【解析】 【分析】脂质包括脂肪、磷脂和固醇；脂肪是生物体内的储能物质，除此以外，脂肪还有保温、缓冲、减压的作用，脂肪与糖类相比，脂肪分子中氧的含量远远少于糖类，而氢的含量更多，所以脂肪在氧化时能释放出更多的能量，是良好的储能物质；磷脂是构成细胞膜的重要成分；固醇类物质主要包括胆固醇、性激素、维生素D等，其中胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，在人体内还参与血液中脂质的运输。 【详解】A、脂肪由甘油和脂肪酸组成，据图可知，图中X物质表示脂肪酸；植物脂肪大多含有不饱和脂肪酸，在室温时一般呈液态，A错误； B、 花生干种子脂肪的含量大于玉米干种子，相同质量下，花生干种子储存能量比玉米干种子更多，B正确； C、在植物细胞中，葡萄糖可作为合成麦芽糖、淀粉、纤维素的原料，C正确； D、脂肪具有缓冲和减压的作用，D正确。 故选A。 9. 关于生物工程技术过程中出现细胞融合的操作，下列叙述正确的是（　　） A. 植物体细胞杂交技术，可直接对体细胞用聚乙二醇处理两种植物细胞进行膜融合 B. 单克隆抗体制备技术，在特定的选择培养基上只有杂交瘤细胞才能存活 C. 动物体细胞核移植技术，融合细胞可直接移植到受体母牛子宫内获得克隆牛 D. 体外受精过程中，获能的精子和培养成熟的卵子在灭活病毒的诱导下融合成受精卵 【答案】B 【解析】 【分析】植物体细胞杂交时，首先用酶解法去壁，一般使用纤维素酶和果胶酶处理；然后诱导原生质体融合，采用的方法一般包括物理法（离心、电融合法）、化学法（用聚乙二醇处理）；培养融合的原生质体再生出新的细胞壁，形成杂种细胞。然后杂种细胞经过植物组织培养技术可以培养形成杂种植株。 【详解】A、若为植物体细胞杂交技术，由于植物细胞的最外层是细胞壁，因此用聚乙二醇处理两种植物细胞后不会直接出现膜融合，应首先用酶解法去壁，A错误； B、单克隆抗体制备技术中，在特定的选择培养基上同种融合的细胞和未融合的细胞均会死亡，只有杂交瘤细胞才能存活，B正确； C、若为动物体细胞核移植技术，融合得到的细胞需培养到桑葚胚或囊胚，然后移植到受体母牛子宫内获得克隆牛，C错误； D、在实施体外受精时，获能的精子与培养成熟的卵子，一般情况下都可以在获能溶液或专用的受精溶液中完成受精作用，不需要用灭活的病毒诱导融合，D错误。 故选B。 10. 如下图所示：甲图中①②表示目镜，③④表示物镜，⑤⑥表示物镜与装片之间的距离，乙和丙分别表示不同物镜下观察到的图像。下列叙述中，错误的是（　　） A. 若使物像放大倍数最小，甲图中的组合一般是①④⑥ B. 若视野出现污点，转动装片、物镜后污点未动，则推测可能在目镜上 C. 在100的放大倍数下视野被64个细胞充满，则放大倍数为400时能看到4个细胞 D. 从乙转为丙，操作顺序：移动装片→抬升镜筒→转动转换器→调节细准焦螺旋和光圈 【答案】D 【解析】 【分析】由图分析可知，图甲中①和②是目镜，③和④带有螺纹是物镜，根据目镜的镜头越长，其放大倍数越小；物镜的镜头越长，其放大倍数越大，与玻片的距离也越近，反之则越远可知，①的放大倍数小于②，③的放大倍数大于④，⑤的放大倍数大于⑥；图乙与图丙对比分析，图乙是低倍镜下观察到的图像，图丙是高倍镜下观察的图像。 【详解】A、①和②是目镜，镜头越长，其放大倍数越小，故①的放大倍数小于②，③和④是物镜，镜头越长，其放大倍数越大，与玻片的距离也越近，故③的放大倍数大于④，⑤的放大倍数大于⑥，若使物像放大倍数最小，甲图中的组合一般是①④⑥，A正确； B、若视野出现污点，转动装片、物镜后污点未动，说明污点不在装片和物镜上，则推测可能在目镜上，B正确； C、在100的放大倍数下看到64个细胞充满视野，则转换400的放大倍数后，看到的细胞数为64÷42=4个，C正确； D、从图乙转为图丙，正确的调节顺序：移动标本→转动转换器→调节光圈→转动细准焦螺旋，不要抬升镜筒，D错误。 故选D。 11. 微生物平板划线和培养的具体操作如图所示，下列操作正确的是（　　） A. ①②⑤⑥ B. ③④⑥⑦ C. ①②⑦⑧ D. ①③④⑤ 【答案】D 【解析】 【分析】微生物平板划线和培养的过程中要保证始终没有杂菌的污染，接种环、培养基、试管等都需要进行灭菌，实验操作过程应该在酒精灯火焰旁进行。 【详解】由图可知，②中拔出棉塞后应握住棉塞上部；⑥中划线时不能将培养皿的皿盖完全拿开，应只打开一条缝隙；⑦中划线时第5次的划线不能与第1次的划线相连；⑧中平板应倒置培养。 ①③④⑤正确，故选D。 12. 啤酒是以大麦为主要原料经酵母菌发酵制成，其主要工艺流程如下图所示。下列叙述正确的是（　　） A. 制麦时需浸泡大麦，加入脱落酸有利于淀粉酶的形成 B. 糖化后煮沸，主要是为了终止酶的作用并对糖浆灭菌 C. 图中发酵阶段，要始终保持严格的无菌、无氧的环境 D. 生产精酿啤酒需对发酵产物进行更彻底的过滤和消毒 【答案】B 【解析】 【分析】分析题图，啤酒生产需经过制麦、糖化、发酵等主要环节。酵母菌可进行有氧呼吸获得大量能量，从而快速繁殖，又可以进行无氧呼吸产生酒精和CO2。 【详解】A、浸泡大麦的目的是提高自由水/结合水的比例，进而提高细胞代谢速率和淀粉酶的形成，而加入脱落酸促进休眠，不利于淀粉酶的形成，A错误； B、糖化后煮沸，主要是为了终止酶的作用并对糖浆灭菌，B正确； C、为了缩短发酵时间，发酵初期应适当提供氧气，有利于酵母菌有氧呼吸快速繁殖，C错误； D、生产精酿啤酒一般不添加食品添加剂，不进行过滤和消毒处理等，D错误。 故选B。 13. 人RecQ解旋酶可作为新的白血病和乳腺癌肿瘤干细胞标志物。以RecQ解旋酶免疫小鼠为材料，融合免疫小鼠脾脏中的细胞及骨髓瘤细胞，筛选出杂交瘤细胞以此制备抗RecQ解旋酶单克隆抗体，流程如图所示。下列叙述正确的是（　　） A. 在利用96孔板筛选杂交瘤细胞时，需要稀释至每孔最多1个细胞 B. ③过程中灭活的病毒能诱导A和B细胞表面的糖蛋白失去活性促进细胞融合 C. 将能产生抗体的杂交瘤细胞Ⅱ注入小鼠体内，从血浆中大量分离抗体 D. 抗RecQ解旋酶单克隆抗体与RecQ解旋酶特异性结合，促进了肿瘤细胞的增殖 【答案】A 【解析】 【分析】单克隆抗体的制备：制备产生特定抗体的B淋巴细胞：向免疫小鼠体内注射特定的抗原，然后从小鼠脾内获得相应的B淋巴细胞。获得杂交瘤细胞：①将鼠的骨髓瘤细胞与B淋巴细胞融合；②用特定的选择培养基筛选出杂交瘤细胞，克隆化培养和抗体检测，将杂交瘤细胞在体外培养或注射到小鼠腹腔内增殖；提取单克隆抗体。 【详解】A、在利用96孔板筛选杂交瘤细胞时，需要进行有限稀释，使每孔最多1个细胞，这样可以保证每孔中的细胞是由单个细胞增殖而来，从而筛选出能产生特定抗体的杂交瘤细胞，A正确； B、③过程中灭活的病毒能诱导细胞融合，其原理是病毒表面的糖蛋白等物质可以与细胞膜上的糖蛋白等受体结合，进而促进细胞融合，而不是使细胞表面糖蛋白失去活性，B错误； C、将能产生抗体的杂交瘤细胞Ⅱ注入小鼠体内，是从小鼠的腹水中大量分离抗体，而不是从血浆中，C错误； D、人RecQ解旋酶可作为肿瘤干细胞标志物，抗RecQ解旋酶单克隆抗体与RecQ解旋酶特异性结合，会抑制肿瘤细胞的增殖等相关活动，而不是促进肿瘤细胞增殖，D错误。 故选A。 14. 紫凤牡丹细胞内黄酮类次生代谢物具有抗癌功效。为探索该品种的有效脱毒手段，研究人员进行了茎尖组织培养实验，结果如下表。下列相关叙述错误的是（　　） 紫凤牡丹在不同处理方式下的脱毒效果对比 不同处理方式 接种数（个） 成活数（个） 成活率（%） 病毒脱除数（个） 病毒脱除率（%） 甲：一次脱毒处理 15 4 26.67 1 25.00 乙：病毒唑+4℃处理 15 5 33.33 2 40.00 丙：一次脱毒处理+ABA 15 5 33.33 3 60.00 A. 经三种处理方式获得的脱毒苗均具有抗病毒特性 B. 可利用植物细胞培养技术以获得大量黄酮类物质 C. 获得脱毒苗的过程中需加入生长素和细胞分裂素 D. 据表分析可知，采用丙处理方式时脱毒效果最好 【答案】A 【解析】 【详解】A、脱毒苗是通过茎尖分生组织培养获得的，因分生区细胞病毒极少或无，故脱毒苗本身不含病毒，但并未获得抗病毒能力，A错误； B、黄酮类为次生代谢物，植物细胞培养技术可通过大规模细胞增殖和产物积累来获取这类物质，B正确； C、植物组织培养需调节生长素和细胞分裂素的比例以控制脱分化和再分化过程，C正确； D、丙处理的病毒脱除率最高（60%），同时成活率也较高，说明其脱毒效果最佳，D正确。 故选A。 15. 某同学利用洋葱为实验材料，进行DNA粗提取和鉴定实验。下列叙述错误的是（　　） A. 也可以选择猪肝、鸡血等作为实验材料，提取方法可能稍有不同 B. 将洋葱研磨液过滤后，置于4℃冰箱中几分钟后，DNA出现在沉淀物中 C. 向DNA提取液中加入体积分数为95%的冷酒精后，出现的白色丝状物为DNA D. 鉴定时，先将丝状物溶于2mol/L NaCl溶液，再加入二苯胺并进行沸水浴加热 【答案】B 【解析】 【分析】1、DNA的粗提取与鉴定的实验原理是： ①DNA的溶解性，DNA和蛋白质等其他成分在不同浓度的氯化钠溶液中的溶解度不同，利用这一特点可以选择适当浓度的盐溶液可以将DNA溶解或析出，从而达到分离的目的； ②DNA不溶于酒精溶液，细胞中的某些蛋白质可以溶解于酒精，利用这一原理可以将蛋白质和DNA进一步分离； ③在沸水浴的条件下DNA遇二苯胺会呈现蓝色； 2、DNA粗提取与鉴定的实验中，不同操作步骤中加水的作用不同，破碎细胞获取含DNA的滤液时，加蒸馏水的目的是使血细胞涨破；出去滤液中的杂质时，加蒸馏水的目的是降低NaCl溶液浓度使DNA析出。 【详解】A、不同类型的生物材料（如植物细胞、动物细胞、微生物）中DNA的提取过程虽有相似之处，但也存在差异。例如，使用鸡血作为实验材料时，通常利用红细胞破裂释放出的DNA进行提取，而不需要研磨和去除细胞壁的过程，A正确； B、在DNA粗提取实验中，通常首先通过研磨和加入适量的洗涤剂与食盐溶液来释放细胞中的DNA，并破坏细胞膜和其他细胞结构。然后，在此混合液中DNA会溶解在溶液中，并随同蛋白质、多糖等其他物质一起存在。DNA在一定浓度的NaCl溶液中溶解度较高，所以初步处理后的滤液经过离心或静置后，DNA不会形成沉淀，而是在溶液中，B错误； C、在DNA提取过程中，当加入高浓度酒精后，DNA会因不溶于酒精而析出，形成白色的絮状或丝状沉淀，这就是粗提取得到的DNA，C正确； D、鉴定DNA时，常用的方法之一就是二苯胺显色反应，需要将DNA样品溶解在适当的NaCl溶液中，然后加入二苯胺试剂，在沸水中加热后，若存在DNA，则反应液会变为蓝色，D正确。 故选B。 16. 研究人员利用细胞工程和基因编辑技术成功培育出了孤雄小鼠，实现了哺乳动物的同性繁殖，操作流程如图所示。下列叙述正确的是（　　） A. 上述实验说明精子转化来的ahESC具有发育的全能性 B. 卵母细胞去除的“核”其实是纺锤体—染色体复合物 C. 基因编辑的目的是将ahESC的Y染色体变为X染色体 D. 理论上最终得到孤雄小鼠的性染色体组成为XX或YY 【答案】B 【解析】 【分析】精子激活转化成ahFSC，通过基因编辑技术获得具卵细胞细胞核特点的ahESC，从而得到孤雄小鼠。 【详解】A、上述实验说明精子转化来的ahESC的细胞核具有发育的全能性，A错误； B、卵母细胞去除的“核”其实是纺锤体—染色体复合物，B正确； C、精子激活转化成ahFSC，通过基因编辑技术获得具卵细胞细胞核特点的ahESC，没有改变染色体，C错误； D、理论上孤雄小鼠是由去核细胞、精子（X或Y）、具卵细胞细胞核的ahESC（X或Y）组成，性染色体组成为XX、XY或YY，D错误。 故选B。 17. 关于生物学相关观点及内容要点，叙述错误的有几项（　　） ①细胞是一个有机体，一切生物都由细胞发育而来，并由细胞和细胞产物所构成 ②细胞学说揭示了动植物的统一性和生物体结构的统一性 ③罗伯特·胡克用显微镜观察了植物的木栓组织，并命名了细胞 ④无机盐是构成细胞内某些重要化合物的组成成分，如Fe2+参与血浆蛋白的组成 ⑤鸡蛋煮熟后可破坏肽键使蛋白质的空间结构变得伸展、松散，易于消化 ⑥原核细胞均有细胞壁、细胞膜、细胞质，且均以DNA作为遗传物质 ⑦DNA的多样性与脱氧核苷酸的种类、数目、排列顺序以及DNA的空间结构多样有关 A. 6项 B. 5项 C. 4项 D. 3项 【答案】B 【解析】 【分析】细胞学说的建立过程： 1、显微镜下的重大发现：细胞的发现，涉及到英国的罗伯特•虎克（1665年发现死亡的植物细胞）和荷兰的范•列文胡克（1674年发现金鱼的红细胞和精子，活细胞的发现）。 2、理论思维和科学实验的结合：在众多前人观察和思维的启发下，德国植物学家施莱登和动物学家施旺提出了细胞学说。 3、细胞学说在修正中前进：涉及德国的魏尔肖。魏尔肖提出“所有的细胞都来自先前存在的细胞”，认为细胞通过分裂产生新细胞，为细胞学说作了重要补充。 【详解】①病毒等非细胞生物并不由细胞发育而来，①错误； ②细胞学说指出动植物都是由细胞构成的，这揭示了它们在基本结构单位上的统一性，②正确； ③罗伯特·胡克在1665年观察软木塞（主要是木栓组织）时，看到了许多小室，并将其命名为“cell”（细胞），尽管他看到的是死亡的细胞壁，③正确； ④Fe2+是血红蛋白（存在于红细胞中）的重要组成成分，参与氧气的运输，而血浆蛋白的主要组成成分是氨基酸，Fe2+不参与其基本结构，④错误； ⑤加热会使蛋白质变性，变性导致蛋白质空间结构展开，变得伸展、松散，从而暴露出更多的肽键，便于蛋白酶的作用，因此更容易消化，该过程不破坏其肽键，⑤错误； ⑥并非所有原核细胞都有细胞壁，例如支原体就没有细胞壁，⑥错误； ⑦DNA多样性的主要来源是脱氧核苷酸（四种碱基：A、 T、 G、C）的排列顺序的千变万化。虽然脱氧核苷酸的种类（总是A、T、G、 C四种）和数目（不同基因或DNA片段长度不同）也起作用，但排列顺序是决定性的。DNA的空间结构相对稳定，不同DNA分子的空间结构差异不是其多样性的主要来源，⑦错误。 综上所述，①④⑤⑥⑦错误，②③正确。 故选B。 18. 西湖大学柴继杰团队的研究发现，番茄植株中的抗病蛋白(NRC蛋白)即使在无病原体入侵时也维持较高水平，却能避免过度免疫。其原因在于NRC蛋白倾向于形成二聚体或四聚体，并且这些多聚体处于非活性构象。关于 NRC 蛋白的说法错误的是（ ） A. 让NRC蛋白二聚体和四聚体解聚可能增强番茄对病虫害的抵抗力 B. NRC蛋白的N原子主要蕴含在氨基中 C. 高温条件易引发植物病害，可能与NRC蛋白构象改变有关 D. 通过盐析提取的NRC蛋白有抗虫活性 【答案】B 【解析】 【分析】蛋白质的结构具有多样性，其结构的多样性与肽链中氨基酸的数目、种类和排序有关，且与多肽链千变万化的空间结构有关。 【详解】A、题意显示，NRC蛋白形成二聚体或四聚体，并且这些多聚体处于非活性构象，据此推测，让NRC蛋白二聚体和四聚体解聚可能增强番茄对病虫害的抵抗力，A正确； B、NRC蛋白的N原子主要蕴含在肽键中，因为氨基只存在于多肽链的一端或部分氨基酸的R基中，B错误； C、温度过高会影响蛋白质的空间构象，据此推测，高温条件可能通过改变NRC蛋白的构象而引发植物病害，C正确； D、盐析不会改变蛋白质的空间构象，可以使蛋白质出现原来的状态，因此，通过盐析提取的NRC蛋白有抗虫活性，D正确， 故选B。 19. 蛋白质工程的基本思路如图所示，下列叙述错误的是（ ） A. 物质a是多肽链，物质b是RNA B. 物质b不同，也有可能形成相同的物质a C. 可利用PCR等技术检测细胞内是否合成新的目的蛋白质 D. 蛋白质工程又称第二代基因工程，二者均遵循中心法则 【答案】C 【解析】 【分析】蛋白质工程是指以蛋白质分子的结构规律及其生物功能的关系作为基础，通过基因修饰或基因合成，对现有蛋白质进行改造，或制造一种新的蛋白质，以满足人类的生产和生活的需求。（基因工程在原则上只能生产自然界已存在的蛋白质）。 【详解】A、蛋白质工程的基本途径是：从预期的蛋白质功能出发→设计预期的蛋白质结构→推测应有的氨基酸序列→找到相对应的脱氧核苷酸序列（基因），据此推测，图中的a是多肽链，b是RNA，A正确； B、由于密码子的简并性，即一种氨基酸可能由一个或多个密码子决定，故可能出现mRNA不同，但合成的多肽链相同的现象，B正确； C、PCR等技术能检测目的基因是否导入细胞或是否转录，检测细胞内是否合成新的蛋白质可使用抗原—抗体杂交法，C错误； D、蛋白质工程是在基因工程的基础上延伸出来的第二代基因工程，基因工程与蛋白质工程都遵循中心法则，D正确。 故选C。 20. 哺乳动物体内一定含量的w-3多不饱和脂肪酸（LCPUFA）可以起到预防心血管疾病的作用，但LCPUFA在大多数动物体内不能合成，只能从食物中摄取。科研人员从秀丽隐杆线虫中获得LCPUFA合成酶基因fat-l，培育转fat-1基因家兔。已知fat-1基因的b链为编码链，与b链结合的引物5'端添加了限制酶识别序列GAATTC，其部分流程如图所示，下列说法正确的是（　　） A. 为确保fat-1基因正向插入，另一引物5'端需添加的限制酶识别序列为AAGCTT B. 扩增fat-1基因时，经4轮循环，得到的产物中只含一种引物的DNA分子占比为1/8 C. 转fat-1基因家兔体内不饱和脂肪酸含量一定高于非转基因家兔，故其心血管疾病发病系数更低 D. 基因工程的操作程序中核心步骤是目的基因的筛选与获取 【答案】B 【解析】 【分析】1、PCR扩增：目的基因DNA受热变性后解为单链，引物与单链相应互补序列结合；然后以单链DNA为模板，在DNA聚合酶作用下进行延伸，如此循环多次。2、选择合适的限制酶对目的基因和质粒进行切割的原则：①不能破坏目的基因；②不能破坏所有的抗性基因；③最好选择两种限制酶分别切割质粒和目的基因，防止目的基因和质粒反向连接，同时要防止目的基因自身环化和质粒的自身环化。 【详解】A、根据图示可知，目的基因的a链左侧为3'端，b链的右侧为3'端，引物结合在模板链的3‘端，故与b链结合的引物结合在目的基因的右侧，与a链结合的引物结合在目的基因的左侧，已知与b链结合的引物5'端添加了限制酶EcoR I识别序列GAATTC，为确保fat - 1基因正向插入，根据限制酶切割位点的特异性及启动子和终止子的方向，另一引物5'端需添加的限制酶识别序列应该是BamH I的识别序列GGATCC，而不是AAGCTT（Hind III的识别序列），A错误； B、PCR技术中，经过n轮循环后，共得到2n个DNA分子。只含一种引物的DNA分子是由最初的两条模板链为模板合成的，经过4轮循环后，得到24 = 16个DNA分子，其中只含一种引物的DNA分子有2个，占比为1/8，B正确； C、转 fat - 1 基因家兔体内导入了 LCPUFA 合成酶基因 fat - 1，理论上能合成 LCPUFA，但基因的表达受多种因素影响，其体内不饱和脂肪酸含量不一定高于非转基因家兔，而且心血管疾病发病系数还受其他多种因素制约，C 错误； D、基因工程的操作程序中核心步骤是基因表达载体的构建，而不是目的基因的筛选与获取，D错误。 故选B。 二、不定项选择题（每题至少有一个选项符合题意，每题3分。全部选对得3分，选对但选不全得1分，有错选不得分，共15分） 21. 泛素蛋白会与细胞中需降解蛋白质结合，当降解蛋白质上连接4个以上泛素蛋白后会被细胞内的蛋白酶体识别并降解（如图1）。蛋清溶菌酶与细胞提取液混合后会逐渐通过泛素降解途径降解。为探究蛋清溶菌酶的降解过程，进行以下实验。 实验组：放射性同位素标记的蛋清溶菌酶与细胞提取液混合。 对照组：放射性同位素标记的蛋清溶菌酶与不含细胞提取物的缓冲液混合。 反应适合的时间后，进行蛋白质电泳，放射性自显影显示含有放射性同位素的蛋白质条带如图2所示。下列有关叙述正确的是（　　） A. 需降解蛋白质被蛋白酶体降解过程中需要水参与 B. 需降解蛋白质被降解过程中，蛋白酶体提供了活化能 C. 据题可推测蛋清溶菌酶的分子量为14500道尔顿 D. 实验结果支持需降解蛋白质上连接4个以上泛素蛋白后才能被降解 【答案】ACD 【解析】 【分析】1.蛋白质是生命活动的主要承担者，蛋白质的结构多样，在细胞中承担的功能也多样：有的蛋白质是细胞结构的重要组成成分，如肌肉蛋白；有的蛋白质具有催化功能，如大多数酶的本质是蛋白质；有的蛋白质具有运输功能，如载体蛋白和血红蛋白；有的蛋白质具有信息传递，能够调节机体的生命活动，如胰岛素；有的蛋白质具有免疫功能，如抗体。2.氨基酸通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH）和另一个氨基酸分子的氨基相连接，同时脱去一分子水的过程。 【详解】A、蛋白质的降解需要破坏肽键，肽键的断裂需要水的参与，A正确； B、蛋白酶体在降解蛋白质过程中降低了化学反应的活化能，并不提供能量，B错误； C、对照组中加入的是放射性同位素标记的蛋清溶菌酶与不含细胞提取物的缓冲液混合，结合电泳结果可推测，蛋清溶菌酶的分子量是14500道尔顿，C正确； D、若“支持”需降解蛋白质上连接4个以上泛素蛋白后才能被降解，则电泳结果的分子量会出现5种，依次为14500+8500=23000、23000+8500=31500、31500+8500=40000、40000+8500=48500，而该数据与图示的结果相同，因而该结果支持上述结论，D正确。 故选ACD。 22. 丝状蓝细菌在氮源不足时，群体中5%-10%的营养细胞会转化为异形胞，异形胞个体大，细胞壁厚（主要成分为糖脂）。异形胞没有光系统Ⅱ，因此不能利用光能产生氧气：但其能够合成将N2还原为NH3的固氮酶，该酶由铁蛋白和钼铁蛋白组成，对氧气极其敏感，遇到氧气短时间内会失活。下列有关丝状蓝细菌的说法错误的是（　　） A. 固氮酶中除含有C、H、O、N元素外，还含有大量元素中的铁和钼 B. 异形胞细胞壁的增厚可能有利于阻止氧气进入细胞，防止对代谢造成伤害 C. 丝状蓝细菌既属于个体水平又属于细胞水平 D. 异形胞的固氮作用与硝化细菌的化能合成作用相似 【答案】AD 【解析】 【分析】由题意可知，异形胞的固氮作用将N2还原为NH3，硝化细菌的化能合成作用利用NH3氧化为硝酸释放的能量合成有机物，二者原理不同。 【详解】A、固氮酶由铁蛋白和钼铁蛋白组成，除含有C、H、O、N元素外，还含有微量元素中的铁和钼，A错误； B、固氮酶对氧气极其敏感，遇到氧气短时间内会失活，因此异形胞细胞壁的增厚有利于阻止氧气进入细胞，防止对代谢造成伤害，B正确； C、丝状蓝细菌既属于个体水平又属于细胞水平，C错误； D、异形胞的固氮作用将N2还原为NH3，硝化细菌的化能合成作用利用NH3氧化为硝酸释放的能量合成有机物，D错误。 故选AD。 23. 科学家将Oct3、Sox2、c-Mye和Klf4基因通过逆转录病毒转入小鼠成纤维细胞中，然后在培养胚胎干细胞（ES细胞）的培养基上培养这些细胞。2~3周后，这些细胞显示出ES细胞的形态，称为iPS细胞。下列有关该实验的分析错误的是（ ） A. 成纤维细胞需要置于含有95%O2和5%CO2混合气体的培养箱中培养 B. 将小鼠成纤维细胞在相同的培养基上培养作为对照，可排除iPS细胞的产生是培养基的作用 C. 理论上可以利用病人体内的iPS细胞诱导形成心脏，这样可以避免免疫排斥 D. 用iPS进行人类某些疾病治疗可能存在风险 【答案】AC 【解析】 【分析】iPS为诱导多能干细胞，是指通过基因转染技术将某些转录因子导入动物或人的体细胞，使体细胞直接重构称为胚胎干细胞细胞样的多潜能细胞。iPS细胞建立的过程主要包括: ①分离和培养宿主细胞；②通过病毒或质粒载体将若干个多能性相关的基因导入宿主细胞；③将病毒感染后的细胞种植于饲养层细胞上，并于ES 细胞专用培养体系中培养， 同时在培养液中根据需要加入相应的小分子物质以促进重编程； ④出现ES样克隆后进行iPS 细胞的鉴定(细胞形态、表观遗传学、体外分化潜能等方面)。 【详解】A、成纤维细胞需要置于含有95%空气和5%CO2混合气体的培养箱中培养，其中95%空气是细胞代谢必需的，5%的CO2能维持培养液的pH，A错误； B、对照组可以排除干扰因素，所以要排除iPS细胞的产生不是由培养基作用的结果需将小鼠成纤维细胞直接在培养基上培养作为对照，B正确； C、iPS细胞是将0ct3、Sox2、c-Mye和Klf4基因通过逆转录病毒转入小鼠成纤维细胞中在体外培养基上形成的，不是体内本身存在的细胞，C错误； D、由于iPS细胞具有活跃的分裂能力，若不受控制可能转化为癌细胞，所以用它进行治疗时可能存在安全风险，D正确。 故选AC。 24. 杜泊羊以其生长速度快、肉质好等优点，被称为“钻石级”肉用绵羊。科研工作者通过胚胎工程快速繁殖杜泊羊，并对其遗传资源进行研究和保存，流程如图所示。下列叙述错误的是（　　） A. 丁羊进行胚胎移植前需注射免疫抑制剂 B. 早期胚胎移植前需先进行激活 C. 乙羊注射促性腺激素可以提高繁殖效率 D. 四只羊中甲、乙、丁羊需同期发情处理 【答案】ABD 【解析】 【分析】分析题图：图示为通过胚胎工程快速繁殖杜泊羊的流程，杜泊羊的产生采用了体外受精（精子的采集和获能、卵母细胞的采集和培养、受精）、早期胚胎培养和胚胎移植等技术。 【详解】A、经同期发情处理后的受体对移入子宫的外来胚胎基本上不发生免疫排斥反应，无需注射免疫抑制剂，A错误； B、重构胚在移植后需用物理或化学方法激活，其目的是使重构胚完成细胞分裂和发育进程，B错误； C、可以用促性腺激素处理乙羊促进超数排卵，提高繁殖效率，C正确； D、需要对乙和丁进行同期发情处理，D错误。 故选ABD。 25. 骆驼蓬分布在干旱和半干旱地区，能防风固沙。骆驼蓬合成的多种生物碱（次级代谢产物）具有抗肿瘤作用。科研人员利用骆驼蓬下胚轴进行育苗和生物碱提取，过程如下图。下列说法错误的是（ ） A. 骆驼蓬下胚轴切段需依次用酒精和次氯酸钠进行消毒处理 B. 除培养基中植物激素比例不同外，过程①③的其他条件相同 C. 获得两种产品所用的技术原理相同，生物碱不是植物生长所必需的 D. 必须先诱导愈伤组织生根，再诱导其生芽，进一步诱导形成幼苗 【答案】BCD 【解析】 【分析】植物细胞工程技术的应用：植物繁殖的新途径（包括微型繁殖、作物脱毒、人工种子等）、作物新品种的培育（单倍体育种、突变体的利用）、细胞产物的工厂化生产。 【详解】A、为避免杂菌污染，对外植体进行消毒处理的操作为：将流水充分冲洗后的外植体（幼嫩的茎段）用酒精消毒30 s，然后立即用无菌水清洗2～3次，再用次氯酸钠溶液处理30 min后，立即用无菌水清洗2～3次，A正确； B、进行①和③过程的外界培养条件不同，①过程不需要光照，③过程需要光照，B错误； C、据题干信息分析可知，利用骆驼蓬下胚轴获得两种产品（即幼苗和生物碱），培育幼苗所用的技术原理是植物细胞的全能性，而生产生物碱是植物细胞培养，其所用的技术原理为细胞增殖，生物碱是次级代谢产物，不是植物生长所必需的，C错误； D、为提高成活率，植物组织培养过程一般先诱导愈伤组织生芽，再诱导生根，D错误。 故选BCD。 Ⅱ卷（非选择题） 三、非选择题（共45分） 26. 中国科学院的课题组提出了哺乳动物组织细胞膜的结构模型（如图甲），该模型指出，在磷脂层的外侧存在一层致密平滑的蛋白质层，细胞膜内侧相对粗糙。图乙是图甲中组成物质②的分子结构示意图，a、b分别表示该分子的头部和尾部。回答下列问题： （1）图甲中细胞膜的外侧是________（填“A”或“B”）侧，该侧还应该含有________分子，其分别与蛋白质和脂质结合形成的物质与________等功能有密切关系。 （2）该模型的基本支架是②________，在图乙中，具有疏水性的部位是________（填图中字母），若将哺乳动物的白细胞生物膜的脂质提取出来，平铺在水-空气界面上，其面积________（填“大于、小于、等于”）细胞膜表面积的2倍。 （3）各种生物膜的结构和化学成分相似，但功能差别较大的原因是_________。 （4）胆固醇是动物细胞膜的重要成分，其对于调节细胞膜的流动性具有重要作用。微粘度的大小与膜流动性的高低呈负相关。据图丙分析胆固醇对生物膜流动性的影响________。 【答案】（1） ①. A ②. 糖类 ③. 细胞识别、细胞间的信息传递 （2） ①. 磷脂双分子层 ②. b ③. 大于 （3）膜上蛋白质的种类和数量存在差异 （4）温度较高时，胆固醇可降低膜的流动性；温度较低时，胆固醇又可以提高膜的流动性 【解析】 【分析】生物膜的流动镶嵌模型认为，磷脂双分子层构成了膜的基本支架，这个支架不是静止的，磷脂分子可以运动，大多数蛋白质分子也是可以运动，蛋白质分子有的镶在磷脂双分子层表面，有的部分或全部嵌入磷脂双分子层中，有的贯穿整个磷脂双分子层的。 【小问1详解】 据题干信息“该模型指出在磷脂层的外侧存在一层致密平滑的蛋白质层；细胞膜内侧相对粗糙”可知，A侧为细胞膜外侧，B侧为细胞膜内侧；该侧还应该含有糖类分子，其分别与蛋白质和脂质结合形成糖蛋白和糖脂，与细胞识别、细胞间的信息传递等功能有密切关系。 【小问2详解】 细胞膜的基本支架是磷脂双分子层，故该模型的基本支架是磷脂双分子层；图乙表示磷脂分子结构图，a为亲水的头部，b为疏水的尾部；若将哺乳动物的白细胞生物膜（包含了细胞膜、细胞器膜和核膜）的脂质提取出来，平铺在水-空气界面上，其面积大于细胞膜表面积的2倍。 【小问3详解】 生物膜上蛋白质的种类和数量存在差异导致其功能不同，功能越复杂，其蛋白质的种类和数量越多。 【小问4详解】 微粘度的大小与膜流动性的高低呈负相关，对比不含胆固醇的人工膜和含胆固醇和人工膜在不同温度下的微粘度可知，温度较高时，胆固醇可降低膜的流动性；温度较低时，胆固醇又可以提高膜的流动性。 27. 苹果成熟后酸涩度下降，清甜可口。苹果果实采摘后成熟过程中部分物质的含量变化及细胞呼吸强度的变化曲线如图所示。回答下列问题： （1）若要验证苹果组织中的果糖是还原糖，则可选择的试剂是________，具体的反应条件是_______。 （2）果实采摘后成熟过程中酸涩度逐渐下降，甜度逐渐增加。据图分析，其原因可能是细胞中________。 （3）果实成熟过程中出现呼吸强度突然升高，最后下降的现象，称为呼吸跃变（标志着果实由成熟阶段走向衰老阶段）。据此分析，在发生呼吸跃变的过程中，苹果果实细胞内的自由水/结合水的值的变化情况最可能是________。 （4）将采摘的苹果做成苹果醋，利用的菌种是________，反应温度________；在反应过程中，若缺少糖源时，则直接将乙醇转变为________再变为________。 （5）苹果幼苗在缺乏某些元素时会表现出植株矮小、叶片黄化的现象。种植人员取若干株长势相同且良好的苹果幼苗，分别栽培在完全培养液、相应的缺氮培养液以及缺镁培养液中，其余条件相同且适宜，培养一段时间后，发现A组的苹果幼苗正常生长，而B、C两组的苹果幼苗表现出不同程度的植株矮小，叶片黄化。该实验结果初步说明________。 【答案】（1） ①. 斐林试剂 ②. 水浴加热50-65℃ （2）果肉细胞中果糖含量上升，有机酸含量下降 （3）先上升而后下降 （4） ①. 醋酸菌 ②. 30-35℃ ③. 乙醛 ④. 乙酸 （5）缺N和缺Mg均会引起叶片黄化和植株矮小 【解析】 【分析】生物大分子的检测方法：蛋白质与双缩脲试剂产生紫色反应；淀粉遇碘液变蓝；还原糖与斐林试剂在水浴加热的条件下产生砖红色沉淀；观察DNA和RNA的分布，需要使用甲基绿吡罗红染色，DNA可以被甲基绿染成绿色，RNA可以被吡罗红染成红色，脂肪需要使用苏丹Ⅲ染色，使用酒精洗去浮色以后在显微镜下观察，可以看到橘黄色的脂肪颗粒。 【小问1详解】 若要验证苹果组织中的果糖是还原糖，则可选择的试剂是斐林试剂，通过与斐林试剂在水浴加热至50-65℃的条件下的反应观察是否有砖红色沉淀出现做出判断。 【小问2详解】 图中显示，果实采摘后果肉细胞中果糖含量上升，有机酸含量下降，据此可推测，果实成熟过程中酸涩度逐渐下降，甜度逐渐增加。 【小问3详解】 在正常情况下，细胞内自由水所占比例越大，细胞代谢就越旺盛，反之细胞代谢则越慢。因此呼吸跃变时，呼吸强度先升高后下降，该过程中，自由水/结合水的值最可能先升高后下降。 【小问4详解】 醋酸发酵常用的菌种是醋酸菌，其反应温度为30-35℃，醋酸发酵过程中，在糖源和氧气都充足时，醋酸菌直接将糖分转化为乙酸；在缺少糖源、氧气充足时，则将乙醇转变为乙醛再变为乙酸。 【小问5详解】 栽培在缺氮培养液以及缺镁培养液中的B、C两组的苹果幼苗表现出不同程度的植株矮小，叶片黄化，而栽培在完全培养液中A组的苹果幼苗正常生长，该实验结果初步说明缺N和缺Mg均会引起叶片黄化和植株矮小。 28. 通过细胞工程技术，利用甲、乙两种植物的各自优势（甲耐盐、乙高产），培育高产耐盐的杂种植株。请完善下列实验流程并回答下列问题： （1）A是________酶和________酶，D是具有________优良性状的幼芽。D长成的幼苗需要选择的原因是__________。 （2）由C形成植株的过程利用了________技术，形成愈伤组织需要经过________过程，愈伤组织形成D需要经过________过程。整个培养过程要在________的条件下进行。 （3）植物体细胞杂交所应用的原理是__________。 （4）已知甲、乙植物分别为四倍体、二倍体，则“甲—乙植株”属于________倍体植株。 【答案】（1） ①. 纤维素 ②. 果胶 ③. 耐盐 ④. 含有钠盐的培养基筛选出的耐盐植株不一定高产 （2） ①. 植物组织培养 ②. 脱分化 ③. 再分化 ④. 无菌 （3）细胞膜具有一定流动性，植物细胞具有全能性 （4）异源六##六 【解析】 【分析】分析题图：图示为培育高产耐盐的杂种植株的培育过程，其中A表示酶解法去除细胞壁，B表示诱导原生质体融合，C为杂种细胞，D为筛选获得的耐盐幼芽。 【小问1详解】 由植物细胞变成原生质体，需要去掉细胞壁，细胞壁的主要成分是纤维素和果胶，酶具有专一性，所以A是纤维素酶和果胶酶；利用含盐培养基选择出D，故D是具有耐盐优良性状的幼芽。由于含有钠盐的培养基筛选出的耐盐植株D不一定高产，故D长成的幼苗需要选择。 【小问2详解】 C细胞是杂种细胞，形成植株需要利用植物组织培养技术，形成愈伤组织需要经过脱分化过程，愈伤组织形成D（具有耐盐优良性状的幼芽）需要经过再分化过程，过程中涉及培养基培养过程，故整个培养过程要在无菌的条件下进行。 【小问3详解】 植物体细胞杂交所应用的原理是细胞膜具有一定流动性（细胞才能融合），植物细胞具有全能性（杂种细胞才能发育为完整植株）。 【小问4详解】 已知甲、乙植物分别为不同种植物的四倍体、二倍体，则融合后的“甲—乙植株”属于异源六倍体。 29. 水体中的雌激素能使斑马鱼细胞产生E蛋白，激活卵黄蛋白原（vtg）基因的表达，因此斑马鱼可用于监测环境雌激素污染程度。为了实现可视化监测，科学家将图1中的vtg基因与图2中Luc基因载体连接，形成vtg-Luc基因重组载体，成功培育了转基因斑马鱼，当极微量雌激素污染水体，斑马鱼的肝脏就发出荧光。Luc表示荧光素酶基因（无启动子），Kanr为卡那霉素抗性基因，ori为复制起点，BamHI、BclI、HindIII、BsrGI为限制酶，→表示转录方向。 注：图1DNA片段不含有图2所示限制酶的识别序列 （1）为使vtg基因与Luc基因载体形成重组载体，选用限制酶_________切割Luc基因载体可降低“空载”概率。通过PCR技术获取vtg基因时，需设计合适的引物。依据图示信息，推测引物1包含的碱基序列为5′_________3′。（写出已知的所有碱基序列） （2）将“vtg-Luc基因重组载体”导入大肠杆菌中进行扩增，为便于筛选，应将大肠杆菌接种在含_________的培养基中，转基因成功的斑马鱼只在肝脏中发出荧光指示污染，其原因是_________。 （3）Luc基因载体上有一段P2A序列，其功能如图所示，据此推测P2A的作用______。 （4）进一步研究发现，E蛋白能与vtg基因启动子的特定序列结合，启动该基因的表达。已知vtg基因启动子含区域1和区域2，为研究E蛋白的结合位点，设计如下实验：用限制酶将启动子切割成含区域1和区域2的两个片段，将两个酶切片段分别与Luc基因载体连接，连接位点位于Luc基因的上游，形成两种重组载体。将重组载体分别导入斑马鱼的_______，待发育成熟后，往水体中添加________进行检测。 【答案】（1） ①. Bcl I和Hind Ⅲ ②. 5'-TGATCAAACTAT-3' （2） ①. 卡那霉素 ②. vtg基因在肝脏中特异性表达 （3）有助于序列两侧的基因表达成独立的蛋白质 （4） ①. 受精卵 ②. 雌激素和荧光素 【解析】 【分析】基因工程的步骤： （1）提取目的基因：基因组文库中获取、cDNA文库中获取。 （2）目的基因与运载体结合：将目的基因与运载体结合的过程，实际上是不同来源的DNA重新组合的过程。如果以质粒作为运载体，首先要用一定的限制酶切割质粒，使质粒出现一个缺口，露出黏性末端。然后用同一种限制酶切断目的基因，使其产生相同的黏性末端（部分限制性内切酶可切割出平末端，拥有相同效果）。 （3）将目的基因导入受体细胞：将目的基因导入受体细胞是实施基因工程的第三步。目的基因的片段与运载体在生物体外连接形成重组DNA分子后，下一步是将重组DNA分子引入受体细胞中进行扩增。 （4）目的基因的检测和表达。 【小问1详解】 由图可知，限制酶BsrGI会破坏Luc，因此不能选择BsrGI，Luc基因载体上存在两个BamHI识别位点，因此不能选择BamHI，为防止目的基因和载体的自身环化和反向连接，因此需选用两种限制酶，即选择BelI、HindIII切割Luc基因载体可降低“空载”概率。根据启动子的位置和基因载体上限制酶的位置，因此需要在引物1上添加限制酶BelI识别序列，因此引物1包含的碱基序列为5′TGATCAAACTAT3′。 【小问2详解】 Kanr为卡那霉素抗性基因做为标记基因，供重组DNA的鉴定和选择，因此为便于筛选，应将大肠杆菌接种在含卡那霉素的培养基中；转基因成功的斑马鱼只在肝脏中发出荧光指示污染，说明vtg基因只在肝脏中特异性表达。 【小问3详解】 由图可知2A肽的作用可使两侧基因形成完整蛋白，即P2A有助于序列两侧的基因表达成独立的蛋白质。 【小问4详解】 可利用显微注射法将目的基因导入动物的受精卵中。由题意可知，在含有雌激素的污水中，转基因斑马鱼可发出荧光，因此可在斑马鱼发育成熟后，往水体中添加雌激素和荧光素检测是否发荧光。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 哈三中2024-2025学年度下学期高二学年月考考试生物试卷 I卷（选择题） 一、单项选择题（每题只有一个选项符合题意，每题2分，共40分） 1. 下列物质属于生物大分子，且由多种单体连接成的是（ ） A. 胆固醇 B. 纤维素 C. 钠离子通道 D. 叶绿素 2. 下列关于组成生物的元素和化合物的说法，不正确的是（　　） A. 细胞中的各种有机物中均可找到共同的化学元素 B. 组成细胞的化学元素和化合物，在无机自然界中都可以找到 C. 生物界和非生物界在元素种类上具有统一性 D. 与等质量的蛋白质相比，核酸中P含量较高 3. 下列有关组成细胞的物质叙述正确的是（　　） A. 维生素D能有效促进人和动物肠道对钙和磷等微量元素的吸收 B. 自由水比结合水比值与细胞抗逆性成正相关 C. Mg2+可激活DNA聚合酶，促进基因的转录 D. 几丁质是一种多糖，能与溶液中的重金属离子有效结合 4. 2025年初甲型流感再次席卷而来，流行株以H1N1（一种RNA病毒）为主。奥司他韦（Oseltamivir）是治疗甲流的首选药物。下列相关叙述正确的是（　　） A. 为研究H1N1的致病机理，可用营养物质齐全的培养基培养该病毒 B. 蛋白质、H1N1和细菌均不属于生命系统的结构层次 C. 奥司他韦可通过抑制细胞壁合成来抑制H1N1增殖以减轻症状 D. H1N1的遗传物质初步水解后产物为4种核糖核苷酸 5. 表为培养某种微生物的培养基配方，下列相关叙述错误的是（ ） 成分 NaNO3 K2HPO4 KCl MgSO4·7H2O FeSO4 （CH2O） H2O 青霉素 含量 3g 1g 0.5g 0.5g 0.01g 30g 1L 0.1万单位 A. 依物理性质划分，该培养基属于液体培养基 B. 由培养基的原料可知，所培养微生物的同化作用类型是异养型 C. 若用该培养基培养能分解纤维素的细菌，应只除去（CH2O），再添加纤维素 D. 培养基中的唯一碳源是（CH2O），唯一氮源是NaNO3 6. 下列关于细胞核结构和功能的叙述，正确的是（　　） A. 染色质是细胞中容易被碱性染料染成深色的DNA-蛋白质复合体 B. 核仁与mRNA的合成有关，无核仁的细胞也可能是真核细胞 C. 核膜可与内质网膜相连，代谢越旺盛的细胞，核孔数量越少 D. 细胞核是遗传信息库，是细胞代谢和遗传的中心 7. 世界卫生组织将阿斯巴甜（C14H18N2O5）列为了可能致癌物，其结构简式如下图。它在一定温度和pH条件下可以水解，最终生成一分子的天冬氨酸、苯丙氨酸和甲醇。下列分析错误的是（　　） A. 一个阿斯巴甜分子中只含有一个肽键 B. 氨基酸脱水缩合时，水中的氢元素来源于氨基 C. 人体内可能不含有阿斯巴甜的水解酶 D. 双缩脲试剂不能用于检测阿斯巴甜 8. 花生种子富含脂肪，种子萌发时，脂肪水解并转化为糖类，糖类等物质转运至胚轴，供给胚的生长和发育，花生种子中脂肪与糖类转化的过程如图所示。下列关于脂肪和糖类的叙述错误的是（　　） A. 图中X物质表示脂肪酸，大多是不饱和的，室温时呈固态 B. 相同质量下，花生干种子储存能量比玉米干种子更多 C. 在植物细胞中，葡萄糖可以作为合成二糖和多糖的原料 D. 动物体内分布在器官周围的脂肪具有缓冲和减压的作用 9. 关于生物工程技术过程中出现细胞融合的操作，下列叙述正确的是（　　） A. 植物体细胞杂交技术，可直接对体细胞用聚乙二醇处理两种植物细胞进行膜融合 B. 单克隆抗体制备技术，在特定的选择培养基上只有杂交瘤细胞才能存活 C. 动物体细胞核移植技术，融合细胞可直接移植到受体母牛子宫内获得克隆牛 D. 体外受精过程中，获能的精子和培养成熟的卵子在灭活病毒的诱导下融合成受精卵 10. 如下图所示：甲图中①②表示目镜，③④表示物镜，⑤⑥表示物镜与装片之间的距离，乙和丙分别表示不同物镜下观察到的图像。下列叙述中，错误的是（　　） A. 若使物像放大倍数最小，甲图中的组合一般是①④⑥ B. 若视野出现污点，转动装片、物镜后污点未动，则推测可能在目镜上 C. 在100的放大倍数下视野被64个细胞充满，则放大倍数为400时能看到4个细胞 D. 从乙转为丙，操作顺序：移动装片→抬升镜筒→转动转换器→调节细准焦螺旋和光圈 11. 微生物平板划线和培养的具体操作如图所示，下列操作正确的是（　　） A. ①②⑤⑥ B. ③④⑥⑦ C. ①②⑦⑧ D. ①③④⑤ 12. 啤酒是以大麦为主要原料经酵母菌发酵制成，其主要工艺流程如下图所示。下列叙述正确的是（　　） A. 制麦时需浸泡大麦，加入脱落酸有利于淀粉酶的形成 B. 糖化后煮沸，主要是为了终止酶的作用并对糖浆灭菌 C. 图中发酵阶段，要始终保持严格的无菌、无氧的环境 D. 生产精酿啤酒需对发酵产物进行更彻底的过滤和消毒 13. 人RecQ解旋酶可作为新的白血病和乳腺癌肿瘤干细胞标志物。以RecQ解旋酶免疫小鼠为材料，融合免疫小鼠脾脏中的细胞及骨髓瘤细胞，筛选出杂交瘤细胞以此制备抗RecQ解旋酶单克隆抗体，流程如图所示。下列叙述正确的是（　　） A. 在利用96孔板筛选杂交瘤细胞时，需要稀释至每孔最多1个细胞 B. ③过程中灭活的病毒能诱导A和B细胞表面的糖蛋白失去活性促进细胞融合 C. 将能产生抗体的杂交瘤细胞Ⅱ注入小鼠体内，从血浆中大量分离抗体 D. 抗RecQ解旋酶单克隆抗体与RecQ解旋酶特异性结合，促进了肿瘤细胞的增殖 14. 紫凤牡丹细胞内黄酮类次生代谢物具有抗癌功效。为探索该品种的有效脱毒手段，研究人员进行了茎尖组织培养实验，结果如下表。下列相关叙述错误的是（　　） 紫凤牡丹在不同处理方式下的脱毒效果对比 不同处理方式 接种数（个） 成活数（个） 成活率（%） 病毒脱除数（个） 病毒脱除率（%） 甲：一次脱毒处理 15 4 26.67 1 25.00 乙：病毒唑+4℃处理 15 5 33.33 2 40.00 丙：一次脱毒处理+ABA 15 5 33.33 3 60.00 A. 经三种处理方式获得的脱毒苗均具有抗病毒特性 B. 可利用植物细胞培养技术以获得大量黄酮类物质 C. 获得脱毒苗的过程中需加入生长素和细胞分裂素 D. 据表分析可知，采用丙处理方式时脱毒效果最好 15. 某同学利用洋葱为实验材料，进行DNA粗提取和鉴定实验。下列叙述错误的是（　　） A. 也可以选择猪肝、鸡血等作为实验材料，提取方法可能稍有不同 B. 将洋葱研磨液过滤后，置于4℃冰箱中几分钟后，DNA出现在沉淀物中 C. 向DNA提取液中加入体积分数为95%的冷酒精后，出现的白色丝状物为DNA D. 鉴定时，先将丝状物溶于2mol/L NaCl溶液，再加入二苯胺并进行沸水浴加热 16. 研究人员利用细胞工程和基因编辑技术成功培育出了孤雄小鼠，实现了哺乳动物的同性繁殖，操作流程如图所示。下列叙述正确的是（　　） A. 上述实验说明精子转化来的ahESC具有发育的全能性 B. 卵母细胞去除的“核”其实是纺锤体—染色体复合物 C. 基因编辑的目的是将ahESC的Y染色体变为X染色体 D. 理论上最终得到孤雄小鼠的性染色体组成为XX或YY 17. 关于生物学相关观点及内容要点，叙述错误的有几项（　　） ①细胞是一个有机体，一切生物都由细胞发育而来，并由细胞和细胞产物所构成 ②细胞学说揭示了动植物的统一性和生物体结构的统一性 ③罗伯特·胡克用显微镜观察了植物的木栓组织，并命名了细胞 ④无机盐是构成细胞内某些重要化合物的组成成分，如Fe2+参与血浆蛋白的组成 ⑤鸡蛋煮熟后可破坏肽键使蛋白质的空间结构变得伸展、松散，易于消化 ⑥原核细胞均有细胞壁、细胞膜、细胞质，且均以DNA作为遗传物质 ⑦DNA的多样性与脱氧核苷酸的种类、数目、排列顺序以及DNA的空间结构多样有关 A. 6项 B. 5项 C. 4项 D. 3项 18. 西湖大学柴继杰团队的研究发现，番茄植株中的抗病蛋白(NRC蛋白)即使在无病原体入侵时也维持较高水平，却能避免过度免疫。其原因在于NRC蛋白倾向于形成二聚体或四聚体，并且这些多聚体处于非活性构象。关于 NRC 蛋白的说法错误的是（ ） A. 让NRC蛋白二聚体和四聚体解聚可能增强番茄对病虫害的抵抗力 B. NRC蛋白的N原子主要蕴含在氨基中 C. 高温条件易引发植物病害，可能与NRC蛋白构象改变有关 D. 通过盐析提取的NRC蛋白有抗虫活性 19. 蛋白质工程的基本思路如图所示，下列叙述错误的是（ ） A. 物质a是多肽链，物质b是RNA B. 物质b不同，也有可能形成相同的物质a C. 可利用PCR等技术检测细胞内是否合成新的目的蛋白质 D. 蛋白质工程又称第二代基因工程，二者均遵循中心法则 20. 哺乳动物体内一定含量的w-3多不饱和脂肪酸（LCPUFA）可以起到预防心血管疾病的作用，但LCPUFA在大多数动物体内不能合成，只能从食物中摄取。科研人员从秀丽隐杆线虫中获得LCPUFA合成酶基因fat-l，培育转fat-1基因家兔。已知fat-1基因的b链为编码链，与b链结合的引物5'端添加了限制酶识别序列GAATTC，其部分流程如图所示，下列说法正确的是（　　） A. 为确保fat-1基因正向插入，另一引物5'端需添加的限制酶识别序列为AAGCTT B. 扩增fat-1基因时，经4轮循环，得到的产物中只含一种引物的DNA分子占比为1/8 C. 转fat-1基因家兔体内不饱和脂肪酸含量一定高于非转基因家兔，故其心血管疾病发病系数更低 D. 基因工程的操作程序中核心步骤是目的基因的筛选与获取 二、不定项选择题（每题至少有一个选项符合题意，每题3分。全部选对得3分，选对但选不全得1分，有错选不得分，共15分） 21. 泛素蛋白会与细胞中需降解蛋白质结合，当降解蛋白质上连接4个以上泛素蛋白后会被细胞内的蛋白酶体识别并降解（如图1）。蛋清溶菌酶与细胞提取液混合后会逐渐通过泛素降解途径降解。为探究蛋清溶菌酶的降解过程，进行以下实验。 实验组：放射性同位素标记的蛋清溶菌酶与细胞提取液混合。 对照组：放射性同位素标记的蛋清溶菌酶与不含细胞提取物的缓冲液混合。 反应适合的时间后，进行蛋白质电泳，放射性自显影显示含有放射性同位素的蛋白质条带如图2所示。下列有关叙述正确的是（　　） A. 需降解蛋白质被蛋白酶体降解过程中需要水参与 B. 需降解蛋白质被降解过程中，蛋白酶体提供了活化能 C. 据题可推测蛋清溶菌酶的分子量为14500道尔顿 D. 实验结果支持需降解蛋白质上连接4个以上泛素蛋白后才能被降解 22. 丝状蓝细菌在氮源不足时，群体中5%-10%的营养细胞会转化为异形胞，异形胞个体大，细胞壁厚（主要成分为糖脂）。异形胞没有光系统Ⅱ，因此不能利用光能产生氧气：但其能够合成将N2还原为NH3的固氮酶，该酶由铁蛋白和钼铁蛋白组成，对氧气极其敏感，遇到氧气短时间内会失活。下列有关丝状蓝细菌的说法错误的是（　　） A. 固氮酶中除含有C、H、O、N元素外，还含有大量元素中的铁和钼 B. 异形胞细胞壁的增厚可能有利于阻止氧气进入细胞，防止对代谢造成伤害 C. 丝状蓝细菌既属于个体水平又属于细胞水平 D. 异形胞的固氮作用与硝化细菌的化能合成作用相似 23. 科学家将Oct3、Sox2、c-Mye和Klf4基因通过逆转录病毒转入小鼠成纤维细胞中，然后在培养胚胎干细胞（ES细胞）的培养基上培养这些细胞。2~3周后，这些细胞显示出ES细胞的形态，称为iPS细胞。下列有关该实验的分析错误的是（ ） A. 成纤维细胞需要置于含有95%O2和5%CO2混合气体的培养箱中培养 B. 将小鼠成纤维细胞在相同的培养基上培养作为对照，可排除iPS细胞的产生是培养基的作用 C. 理论上可以利用病人体内的iPS细胞诱导形成心脏，这样可以避免免疫排斥 D. 用iPS进行人类某些疾病治疗可能存在风险 24. 杜泊羊以其生长速度快、肉质好等优点，被称为“钻石级”肉用绵羊。科研工作者通过胚胎工程快速繁殖杜泊羊，并对其遗传资源进行研究和保存，流程如图所示。下列叙述错误的是（　　） A. 丁羊进行胚胎移植前需注射免疫抑制剂 B. 早期胚胎移植前需先进行激活 C. 乙羊注射促性腺激素可以提高繁殖效率 D. 四只羊中甲、乙、丁羊需同期发情处理 25. 骆驼蓬分布在干旱和半干旱地区，能防风固沙。骆驼蓬合成的多种生物碱（次级代谢产物）具有抗肿瘤作用。科研人员利用骆驼蓬下胚轴进行育苗和生物碱提取，过程如下图。下列说法错误的是（ ） A. 骆驼蓬下胚轴切段需依次用酒精和次氯酸钠进行消毒处理 B. 除培养基中植物激素比例不同外，过程①③的其他条件相同 C. 获得两种产品所用的技术原理相同，生物碱不是植物生长所必需的 D. 必须先诱导愈伤组织生根，再诱导其生芽，进一步诱导形成幼苗 Ⅱ卷（非选择题） 三、非选择题（共45分） 26. 中国科学院的课题组提出了哺乳动物组织细胞膜的结构模型（如图甲），该模型指出，在磷脂层的外侧存在一层致密平滑的蛋白质层，细胞膜内侧相对粗糙。图乙是图甲中组成物质②的分子结构示意图，a、b分别表示该分子的头部和尾部。回答下列问题： （1）图甲中细胞膜的外侧是________（填“A”或“B”）侧，该侧还应该含有________分子，其分别与蛋白质和脂质结合形成的物质与________等功能有密切关系。 （2）该模型的基本支架是②________，在图乙中，具有疏水性的部位是________（填图中字母），若将哺乳动物的白细胞生物膜的脂质提取出来，平铺在水-空气界面上，其面积________（填“大于、小于、等于”）细胞膜表面积的2倍。 （3）各种生物膜的结构和化学成分相似，但功能差别较大的原因是_________。 （4）胆固醇是动物细胞膜的重要成分，其对于调节细胞膜的流动性具有重要作用。微粘度的大小与膜流动性的高低呈负相关。据图丙分析胆固醇对生物膜流动性的影响________。 27. 苹果成熟后酸涩度下降，清甜可口。苹果果实采摘后成熟过程中部分物质的含量变化及细胞呼吸强度的变化曲线如图所示。回答下列问题： （1）若要验证苹果组织中的果糖是还原糖，则可选择的试剂是________，具体的反应条件是_______。 （2）果实采摘后成熟过程中酸涩度逐渐下降，甜度逐渐增加。据图分析，其原因可能是细胞中________。 （3）果实成熟过程中出现呼吸强度突然升高，最后下降的现象，称为呼吸跃变（标志着果实由成熟阶段走向衰老阶段）。据此分析，在发生呼吸跃变的过程中，苹果果实细胞内的自由水/结合水的值的变化情况最可能是________。 （4）将采摘的苹果做成苹果醋，利用的菌种是________，反应温度________；在反应过程中，若缺少糖源时，则直接将乙醇转变为________再变为________。 （5）苹果幼苗在缺乏某些元素时会表现出植株矮小、叶片黄化的现象。种植人员取若干株长势相同且良好的苹果幼苗，分别栽培在完全培养液、相应的缺氮培养液以及缺镁培养液中，其余条件相同且适宜，培养一段时间后，发现A组的苹果幼苗正常生长，而B、C两组的苹果幼苗表现出不同程度的植株矮小，叶片黄化。该实验结果初步说明________。 28. 通过细胞工程技术，利用甲、乙两种植物的各自优势（甲耐盐、乙高产），培育高产耐盐的杂种植株。请完善下列实验流程并回答下列问题： （1）A是________酶和________酶，D是具有________优良性状的幼芽。D长成的幼苗需要选择的原因是__________。 （2）由C形成植株的过程利用了________技术，形成愈伤组织需要经过________过程，愈伤组织形成D需要经过________过程。整个培养过程要在________的条件下进行。 （3）植物体细胞杂交所应用的原理是__________。 （4）已知甲、乙植物分别为四倍体、二倍体，则“甲—乙植株”属于________倍体植株。 29. 水体中的雌激素能使斑马鱼细胞产生E蛋白，激活卵黄蛋白原（vtg）基因的表达，因此斑马鱼可用于监测环境雌激素污染程度。为了实现可视化监测，科学家将图1中的vtg基因与图2中Luc基因载体连接，形成vtg-Luc基因重组载体，成功培育了转基因斑马鱼，当极微量雌激素污染水体，斑马鱼的肝脏就发出荧光。Luc表示荧光素酶基因（无启动子），Kanr为卡那霉素抗性基因，ori为复制起点，BamHI、BclI、HindIII、BsrGI为限制酶，→表示转录方向。 注：图1DNA片段不含有图2所示限制酶的识别序列 （1）为使vtg基因与Luc基因载体形成重组载体，选用限制酶_________切割Luc基因载体可降低“空载”概率。通过PCR技术获取vtg基因时，需设计合适的引物。依据图示信息，推测引物1包含的碱基序列为5′_________3′。（写出已知的所有碱基序列） （2）将“vtg-Luc基因重组载体”导入大肠杆菌中进行扩增，为便于筛选，应将大肠杆菌接种在含_________的培养基中，转基因成功的斑马鱼只在肝脏中发出荧光指示污染，其原因是_________。 （3）Luc基因载体上有一段P2A序列，其功能如图所示，据此推测P2A的作用______。 （4）进一步研究发现，E蛋白能与vtg基因启动子的特定序列结合，启动该基因的表达。已知vtg基因启动子含区域1和区域2，为研究E蛋白的结合位点，设计如下实验：用限制酶将启动子切割成含区域1和区域2的两个片段，将两个酶切片段分别与Luc基因载体连接，连接位点位于Luc基因的上游，形成两种重组载体。将重组载体分别导入斑马鱼的_______，待发育成熟后，往水体中添加________进行检测。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $