2025年重庆市南开中学中考物理二模试卷

2025年重庆市南开中学中考物理二模试卷 一、单选题：本大题共8小题，共24分。 1.下列数据符合常识的是 A. 复兴号高速列车的速度高达 B. 一个橘子的质量约 C. 我国家庭电路电压为 D. 电饭煲正常工作的电流约 2.下列有关声音和光的说法正确的是(    ) A. 声音和光的传播都需要介质 B. 树在水中的“倒影”和树等大 C. 声呐是利用电磁波确定物体的位置 D. 电影放映机是利用凸透镜成正立、放大、实像的规律工作 3.当黄河壶口瀑布气温降至时，水流撞击岩石后快速凝结，形成钟乳石状冰挂与倾泻状冰柱群，像瀑布一样挂在岩石上，成为“冰瀑”，如图。下列有关冰瀑的说法正确的是(    ) A. 冰瀑的形成是凝华现象 B. 冰瀑形成过程中内能减少 C. 冰瀑形成后水分子停止热运动 D. 冰瀑熔化时温度升高 4.下列有关电和磁的说法正确的是(    ) A. 地磁场的北极在地理的北极附近 B. 家庭电路短路起火时可以用水灭火 C. 超导体输电线不会因为发热损失电能 D. 丝绸摩擦过的玻璃棒因为得到正电荷而带正电 5.图甲是北宋时期发明的“神臂弩”，如图乙，士兵需要同时脚蹬、手拉才能将弓弦拉开，射程余米，远超普通弓箭。下列有关士兵射箭的力学知识正确的是(    ) A. 射箭过程中能量是守恒的 B. 箭射出后，士兵对箭做了功 C. 由于惯性，箭射出后做匀速直线运动 D. 射箭时，箭的重力和弦对箭的弹力是一对平衡力 6.小侨用土豆研究物体的浮沉条件，她把质量，体积的土豆放到水中，土豆沉底如图甲，小侨用不同的方法使同一颗土豆浮起来，图乙中土豆被乒乓球通过绳子拉起，图丙是土豆漂浮在盐水中，图丁是挖去部分后空心土豆漂浮在水面，实验用的容器相同，甲、乙、丁容器中水的质量相同，下列有关说法正确的是(    ) A. 甲图中土豆沉底不受浮力 B. 甲、乙中水对容器底的压力相同 C. 丙图盐水和土豆的密度相等 D. 甲容器对桌面的压力比丁至少大 7.如图，电源电压为，电流表的量程为，电压表的量程为，滑动变阻器的铭牌为“，”，灯泡的电阻小于。在保证电路安全的前提下移动滑片，可以实现灯泡的功率在之间变化。忽略灯丝电阻变化，下列计算正确的是(    ) A. 电路的最大功率是 B. 电路的：： C. 滑动变阻器的电阻范围 D. 灯泡的电压变化了 8.如图甲，小南给家里的鱼缸设计了自动注水控制系统，可随水位升降的圆柱浮块底面积为，高为，密度为，图甲的底部到鱼缸底部距离为，的上方有用杆固定的压力敏感电阻，的阻值与压力的部分关系如表所示。控制电路如图乙所示，电源电压为，小南把电阻箱的阻值调为，当控制电路的电流达到时，停止注水。下列说法正确的是(    ) A. 停止注水时的阻值为 B. 停止注水时水的深度为 C. 要使最大水位升高，可以把电源电压调为 D. 要使最大水位升高，可以把的高度减到 二、填空题：本大题共5小题，共10分。 9.如图为春秋伏鸟罍形汲酒器，其鸟身器顶与器底正中各有一圆孔。当汲酒器放入酒缸中时，酒水从下孔进入汲酒器，此时汲酒器和酒缸就构成了一个______，然后堵住上方圆孔，提起汲酒器到空中，酒水不会从下孔流出，是由于______的作用。 10.如图所示，小南正在使用托盘天平，请指出其中的错误操作：______，小南思考后认为，虽然操作有误，依然可以得出正确的物体质量为______。 11.小南家装修要选购合适的电线，相关参数如表一所示，小南家用电高峰时，有台空调同时工作，空调参数如表二。四台空调是______连接“串联”或“并联”，为了保证电线长期安全使用，实际电流不应超过安全载流量的，考虑安全性和经济性，小南应该购买______的电线做入户电线。 表一 铜线截面积 安全载流量 价格元米 表二 空调位置 额定功率 客厅空调 主卧空调 次室空调 书房空调 12.如图甲所示的条凳，人若坐在凳的一端，极易使其另一端上翘而摔倒。现将其简化为如图乙所示的示意图，条凳重且质量均匀，长，和都是，当重的人坐在部分时，把条凳看做杠杆，支点是______点。人应坐在距离边缘至少______才不会摔倒把人简化为一个点。 13.如图所示的电路中，电流表量程为，电压表量程，已知，滑动变阻器规格为“，”。当、闭合，、断开，的滑片位于某端点处，此时电流表示数为，移动滑动变阻器滑片，电流表示数变为，：：，电压表示数变化了，此时的阻值为______；保持滑片位置不变，再断开，闭合，的功率为，移动滑片到某一位置，的功率为，此过程电压表示数变化了，：：。保证电路安全前提下，任意闭合开关、移动滑片，电路能达到的最大功率是______。 三、作图题：本大题共2小题，共2分。 14.请在图中用笔画线代替导线将电灯、开关正确接入家庭电路。 15.完成图中的光路图。 四、实验探究题：本大题共3小题，共22分。 16.小南用如图装置探究光的反射规律，为平面镜，为光屏，能从不同方位看到光屏上的入射光线和反射光线是因为光在光屏上发生了______反射，将半边向后折，在光屏上看不到反射光线，此时入射光线、反射光线和法线______选填“在”或“不在”同一平面内。小南完成一次实验后，发现反射角和入射角相等，接下来他改变入射角度多次实验，这样操作的目的是______。 小开用图装置探究产生感应电流的条件，发现金属棒水平向右运动时灵敏电流计的指针向左偏转；不改变磁场方向，当金属棒水平向左运动时灵敏电流计的指针向______偏转。通过实验表明只有金属棒做切割磁感线运动时才会产生感应电流，利用这一原理工作的设备有______写出一例。灵敏电流计有电流通过时指针会偏转是因为通电导体在磁场中受到______的作用。 17.如图甲是公能实验小组在探究“电流与电阻关系”时的电路图，电源电压恒定不变，电压表量程、电流表量程为，电表均无损坏。 请根据图甲，用笔画线代替导线连接完成图乙的实物图； 闭合开关后，小开发现电流表有示数，电压表无示数，此时出现的故障可能是______；排除故障并正确连接电路后，闭合开关，电压表和电流表的示数都比较大，可能的原因是______； 由丙图可知，定值电阻两端的电压为______，实验结论是：电压一定时，______； 滑动变阻器的最大电阻为，其它条件不变，能够完成实验的最大定值电阻是______； 公能实验小组的同学设计了如图丁所示的电路，测出了小灯泡正常发光时的电阻，已知灯的额定电流为。实验方案如下：电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值为，滑动变阻器的最大阻值为 只闭合开关和，移动滑片，使电流表示数为； 只闭合开关和，保持滑片位置不动，移动滑片，使电流表的示数为______； 只闭合开关和，保持滑动变阻器的滑片位置不动，将滑动变阻器滑片移到最左端，电流表的示数为，再将的滑片移到最右端，电流表的示数为，则小灯泡正常发光时电阻的表达 ______。 18.小南制作了如图所示的薄壁探头，用于探究液体压强与浮力的相关问题。实验过程中小南将探头缓慢放入烧杯，用细线绕过定滑轮拉动探头。已知探头的重力为，探头高为。 弹簧测力计使用前应______选填“竖直”或“水平”调零； 对比图甲、乙、丙可知：在同种液体中，物体所受浮力大小与______有关； 探头上端的橡皮膜形变程度越大，说明它所受的液体压强越______；图戊、庚探头深度相同，对比橡皮膜形变可知，液体压强与______有关； 如图丙所示，探头受到的浮力为______；观察丁图和戊图，比较与的大小：______选填“大于”“小于”“等于”； 根据上述条件，计算出盐水的密度为______； 已知烧杯的底面积为，探头的下表面积为。如图戊，探头下表面到液面的距离为，液面对比图丙降低了。图戊中水对橡皮膜产生的压力为______。 五、计算题：本大题共3小题，共22分。 19.长征号型火箭如图是我国近地轨道运力最强的火箭，采用液氢为燃料、液氧为助燃剂，环保无污染，能量释放效率高。液氢的热值为，如果完全燃烧液氢，求： 液氢完全燃烧释放的热量； 如果这些热量被完全吸收，能让多少千克初温的水沸腾标准大气压下。 20.小开为自己的卧室设计了一款用太阳能供电的加热器，其内部电路如图所示，可实现保温挡、加热挡的转换。已知保温挡功率为，加热挡功率为。太阳能电池板白天对储能电池充电，晚上用储能电池为加热器供电。已知太阳能电池板的发电功率为，求： 保温挡工作消耗多少的电能； 若用加热温挡工作小时消耗的电能为，求电路的实际电压； 若要确保夜间加热器在额定电压下加热工作，保温工作，至少需要多大面积的太阳能电池板。 21.如图甲，水平地面上的工艺品由、两部分正方体组成，：：，现在沿水平方向切割工艺品，并把切去部分放在水平地面上，根据切去的高度不同，切去部分有乙或丙两种形状，切去部分对水平地面的压强随切去高度的变化如图丁所示。求： 部分的重力； 的大小； 若剩余部分和切去部分对地面的压强相同，求切去的高度。 答案和解析 1.【答案】  【解析】解：、复兴号高速列车的速度高达，故A符合实际； B、一个橘子的质量约，故B不符合实际； C、我国家庭电路电压为，故C不符合实际； D、电饭煲正常工作的电流约，故D不符合实际。 故选：。 首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。 物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。 2.【答案】  【解析】解：声的传播需要介质，光的传播不需要介质，可以在真空中传播，故A错误； B.树在水中的“倒影”是平面镜成像现象，像和树等大，故B正确； C.声呐是利用超声波确定物体的位置，故C错误； D.电影放映机是利用凸透镜成倒立、放大、实像的规律工作，故D错误。 故选：。 声音的传播需要介质，光的传播不需要介质； 平面镜成像时，像和物体大小相等； 声呐利用的是超声波； 放映机利用的是凸透镜成倒立、放大的实像。 本题考查了光的传播和声音的传播，平面镜成像的特点、超声波的利用、凸透镜成像规律的应用，属于基础知识的考查，相对比较简单。 3.【答案】  【解析】解：、冰瀑是水流撞击岩石后快速凝结形成的，是水从液态变成固态冰的过程，属于凝固现象，而凝华是物质从气态直接变成固态的过程，所以A错误。 B、水在凝固成冰的过程中，要向外放热，根据内能的定义，物体放出热量，内能会减少，所以冰瀑形成过程中内能减少，故B正确。 C、分子在永不停息地做无规则热运动，冰瀑形成后，水分子依然在做热运动，只是热运动的剧烈程度比液态水时减弱了，故C错误。 D、冰是晶体，晶体在熔化过程中吸热但温度保持不变，冰瀑熔化时，温度会保持在，直到完全熔化后温度才会升高，故D错误。 故选：。 冰瀑是水流撞击岩石后快速凝结形成的，是水从液态变成固态冰的过程，属于凝固现象。 凝华是物质从气态直接变成固态的过程。 水在凝固成冰的过程中，要向外放热，根据内能的定义，物体放出热量，内能会减少。 分子在永不停息地做无规则热运动，冰瀑形成后，水分子依然在做热运动。 冰是晶体，晶体在熔化过程中吸热但温度保持不变。 本题考查晶体熔化和凝固现象，分子热运动及内能、热量、温度的关系。 4.【答案】  【解析】解：、地磁场的北极在地理的南极附近，地磁场的南极在地理的北极附近，故A错误。 B、水是导体，家庭电路短路起火时不能用水灭火，否则可能会引发触电事故，故B错误。 C、超导体是几乎能够无电阻或无损耗地传输电力的材料，所以超导体输电线不会因为发热损失电能，故C正确。 D、丝绸摩擦过的玻璃棒因为失去电子而带正电，而不是得到正电荷，故D错误。 故选：。 磁偏角：磁场的极在地理的南极附近，磁场的极在地理的北极附近。 安全用电四不原则：不损坏绝缘层；不弄湿用电器；不接触低压带电体；不靠近高压带电体。 超导材料的零电阻特性可以用来输电和制造大型磁体．超导体电阻是零，所以超导体不会将电能转化成内能，不会放热。 物体带电的原因是电子的转移。 本题考查了地磁场，导体、超导体的概念，以及摩擦起电的实质。 5.【答案】  【解析】解：、根据能量守恒定律，整个发射过程，能量不会凭空消失，也不会凭空产生，整个过程能量守恒，故A正确； B、箭射出后，箭由于惯性向前运动，士兵对箭不再有力的作用，对箭不做功，故B错误； C、箭射出后，受到重力作用和空气阻力作用，做曲线运动，不会做匀速直线运动，故C错误； D、箭的重力和弦对箭的弹力没有作用在同一直线上，不是一对平衡力，故D错误。 故选：。 根据能量守恒定律可做出判断； 做功的两个必要因素，一是作用在物体上的力，二是在力的方向上通过的距离； 运动的物体不受任何外力作用时会保持匀速直线运动； 二力平衡的条件：作用在同一物体上、同一直线上，大小相等、方向相反。 本题考查了对能量转化与守恒、力是否做功的判断、平衡力、力和运动的关系等知识，有一定综合性。 6.【答案】  【解析】解： A、在甲图中，土豆沉底，说明土豆受到的浮力小于其重力，即甲图中土豆沉底也受浮力作用，故A错误； B、在甲、乙两图中，水的质量相同，且容器形状相同，乙图中乒乓球部分浸没，排开一部分水，则液面高于甲图，由可知，乙中水对容器底的压强大于甲中水对容器底的压强，由可知，乙中水对容器底的压力大于甲中水对容器底的压力，即甲、乙中水对容器底的压力不相同，故B错误； C、土豆漂浮在盐水面上时，根据物体的沉浮条件可知，土豆的密度小于盐水的密度，故C错误； D、土豆沉底时受到的浮力， 土豆的重力， 沉到底部后，土豆受到的浮力小于漂浮时受到的浮力，由于挖去部分后空心土豆漂浮在水面，说明剩余土豆的重力等于其受到的浮力， 在甲图中，容器对桌面的压力为水的重力加上土豆的重力，在丁图中，容器对桌面的压力为水的重力加上剩余土豆的重力，甲、乙、丁容器中水的质量相同，因此水的重力相同，因此甲、丁两图中容器对桌面的压力差等于重力减去浮力，即，故D正确。 故选：。 浮力的定义：浸在液体或气体中的物体受到的液体或气体的竖直向上托的力叫浮力。 由比较甲、乙中水对容器底的压强关系，由比较水对容器底的压力关系； 根据物体的浮沉条件判断实心物体的密度或物体的平均密度与液体密度的关系，即：若，物体上浮，最终处于漂浮状态；若，物体悬浮；若，物体下沉。 土豆沉到底部，说明重力大于浮力，分别求得土豆的重力和浮力，由于挖去部分后空心土豆漂浮在水面，说明剩余土豆的重力等于其受到的浮力，由甲、乙、丁容器中水的质量相同，因此水的重力相同，因此甲、丁两图中容器对桌面的压力差等于重力减去浮力。 本题综合考查了物体的浮沉条件和阿基米德原理的应用，难度较大。 7.【答案】  【解析】解：由图知灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量变阻器两端的电压，电流表测量串联电路中的电流，忽略灯丝电阻变化，设灯泡电阻为，保证电路安全的前提下，当滑动变阻器滑片向左移时，其电阻变大，电压表示数变大，当电压表示数为时其连接电路的阻值最大，此时灯泡两端的电压最小， 此时灯泡电功率最小为， 此时电路电流最小， 灯泡的电阻， 此时滑动变阻器的阻值； 当滑动变阻器滑片向右移时，其电阻变小，电流表示数变大，灯泡的功率变大，当灯泡的功率为时其连接电路的阻值最小， 此时灯泡电功率最大为， 此时灯泡两端的电压， 此时电路的电流最大， 滑动变阻器两端的电压， 滑动变阻器接入电路的最小电阻， 此时电路的最大功率，故A错误； 电路的：：：，故B错误； 滑动变阻器的电阻范围为，故C正确； 灯泡的电压变化量，故D错误。 故选：。 由图知灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量变阻器两端的电压，电流表测量串联电路中的电流，忽略灯丝电阻变化，设灯泡电阻为，保证电路安全的前提下，当滑动变阻器滑片向左移时，其电阻变大，电压表示数变大，当电压表示数为时其连接电路的阻值最大，由串联电路电压规律得到此时灯泡两端的电压最小值，由灯泡最小电功率和得到此时电路的最小电流，由欧姆定律得到灯泡的电阻和滑动变阻器的最大阻值；当滑动变阻器滑片向右移时，其电阻变小，电流表示数变大，灯泡的功率变大，当灯泡的功率为时其连接电路的阻值最小，由得到此时灯泡两端的电压，由欧姆定律得到电路的最大电流，由串联电路电压规律得到滑动变阻器两端的最小电压，由欧姆定律得到滑动变阻器接入电路的最小电阻，由得到电路的最大功率；进而分析各选项是否正确。 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据变阻器滑片移动时电路允许的最大值进行分析。 8.【答案】  【解析】解：、电源电压为，小南把电阻箱的阻值调为，当控制电路的电流达到时，停止注水，根据欧姆定律和串联电路的特点知，，故A错误； B、当时，对应的压力为，重力； 根据平衡条件知，； 由阿基米德原理可得：； 解得浸入的深度； 水的深度；故B错误； C、要使最大水位升高，即总浸入深度为，压力； 根据表格数据知；在电源电压；故C错误； D、要使最大水位升高，保持压力不变，将物体切去，则； 根据阿基米德原理知：； 解得，把的高度减到，故D正确。 故选：。 根据欧姆定律和串联电路的特点计算停止注水时的阻值； 根据的阻值确定压力大小，结合受力平衡分析浮力大小，根据阿基米德原理计算浸入的深度，得出水的深度； 根据最大水位升高后的浮力变化，得出压力确定电阻的阻值，根据欧姆定律计算电源电压； 根据升高的压力不变，结合受力平衡分析减小的高度。 本题考查欧姆定律与浮力的综合，属于难题。 9.【答案】连通器  大气压强  【解析】解：当汲酒器放入酒缸中时，酒水从下孔进入汲酒器，此时汲酒器和酒缸底部互相连通，且上端都与大气相通，符合连通器的定义，即上端开口相通，或底部相通的容器叫连通器。 堵住上方圆孔，提起汲酒器到空中，酒水不会从下孔流出，是由于大气压强的作用。当堵住上方圆孔时，汲酒器内部与外界大气隔绝，此时汲酒器内酒水产生的压强小于外界大气压强，外界大气压强将酒水压在汲酒器内，使其不会流出。故答案为：连通器；大气压强。 连通器的性质主要体现在当几个底部互相连通的容器注入同一种液体且液体不流动时，各容器中的液面总是保持在同一水平面上。 大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。 该题考查了连通器原理在生活中的应用，同时也考查了大气压的综合应用，难度不大。 10.【答案】物体和砝码的位置放反了    【解析】解：由图甲知，游码没有放在标尺左端的零刻线上，物体放在了右盘，砝码放在了左盘；在加减砝码时，用手拿取，未用镊子； 由图知，砝码的质量；被测物体放右盘时，物体的质量等于左盘中砝码的质量减去游码所对的刻度，则物体质量应为。 故答案为：物体和砝码的位置放反了；。 天平的使用： 一放：首先将天平放在水平工作台上；将游码放在标尺左端的零刻线上； 二调：调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中央； 三测：左物右码，按从大到小的顺序用镊子依次加减砝码，若最小的砝码不能使其平衡时，则移动游码使其平衡； 正常情况下物体的质量等于砝码的质量加上游码所对应的刻度值； 当被测物体放右盘时，物体的质量等于左盘中砝码的质量减去游码所对的刻度。 本题考查了天平的使用方法，天平是物理学中最基本的测量工具，在使用天平称量物质质量时要严格按照天平的使用规则，天平平衡的调节在称量物质的前后有不同的方法，需要同学们特别注意。 11.【答案】并联    【解析】解：四台空调能够独立工作，互不干涉，是并联连接。 台空调同时工作时的电功率为； 台空调同时工作时，电路的总电流为； 安全载流量不应超过； 选用电线的安全载流量应略大于计算出的安全载流量且经济，因此应选横截面积为的电线。 故答案为：并联；。 四台空调能够独立工作，互不干涉，据此分析。 先求出利用台空调同时工作时的电功率，再计算出台空调同时工作时电路的总电流，根据导线的安全载流量要略大于计算出的安全载流量和经济的原则选择合适规格的导线。 本题考查了串联和并联的辨析、电功率公式的应用，关键是利用题干中所给的信息。 12.【答案】    【解析】解：当重的人坐在部分时，把条凳看做杠杆，绕着左侧的点转动，支点是； 由于条凳重且质量均匀，重力方向竖直向下，故阻力臂为； 根据杠杆的平衡条件知， ； 代入数据有 ； 解得。 故答案为：；。 杠杆绕着转动的点是支点，根据杠杆的平衡条件结合重心在中心位置计算人的位置。 本题考查杠杆的支点与平衡条件的应用，属于中档题。 13.【答案】    【解析】解：当、闭合，、断开，和串联，：：，小于，则为滑动变阻器滑片滑到最右端时的电流； 记电源电压为，电流表示数变为的滑动变阻器电阻为，则有： ：：，解得：； 滑片往左滑，电压表示数减小了，则有： ，解得：； 断开，闭合，与串联，此时两端电压记为； 移动滑片到某一位置，的功率为时，此过程电压表示数变化了，且小于，功率变大，则两端电压为，根据已知条件，有： ：：，解得：； 的功率为时，电路电流，； 保证电路安全前提下，分情况讨论开关闭合的电路总功率： 闭合开关、，与串联，最大通过电流，此时电路总功率： ； 闭合开关、，与串联，最大通过电流，此时电路总功率： ； 闭合开关、，电路不通，电路总功率； 闭合开关、、，与并联，两者再与串联，最大通过电流，此时电路总功率： ； 闭合开关、、，只有接入电路，此时电路总功率： ； 闭合开关、、时，只有接入电路，此时电路功率： ； 闭合开关、、、，与并联，电路总电流： ，超过电流表量程，电路不安全； 综上，电路能达到的最大功率是 故答案为：；。 根据开关、闭合，、断开，观察电路可知和串联，滑动变阻器滑动后电流变大了，可以推断滑片起始位置位于最右端，再根据电流之比列式得到滑动变阻器此刻的电阻； 同样根据功率和电压的变化，求出电源电压和的阻值，在求最大功率时要考虑滑动变阻器的最大电流不能超过，电流表电流不能超过，综合考虑后，只有单独接入后满足要求。 本题考查电路的串联和并联连接方式，电功率的综合计算。 14.【答案】  【解析】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡，零线直接接入灯泡，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全，如图所示： 灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。 掌握家庭电路的灯泡、开关的接法，同时考虑使用性和安全性。 15.【答案】解：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：   【解析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。 凸透镜的三条特殊光线：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。 16.【答案】漫；在；得出普遍性的规律；  右；发电机；力  【解析】能从不同方位看到光屏上的入射光线和反射光线是因为光在光屏上发生了漫反射，将半边向后折，在光屏上看不到反射光线，但此时入射光线、反射光线和法线在同一平面内。小南完成一次实验后，发现反射角和入射角相等，接下来他改变入射角度多次实验，这样操作的目的是得出普遍性的规律。 小开用图装置探究产生感应电流的条件，发现金属棒水平向右运动时灵敏电流计的指针向左偏转；不改变磁场方向，当金属棒水平向左运动时，只改变了切割磁感线的方向，感应电流方向改变，灵敏电流计的指针向右偏转。通过实验表明只有金属棒做切割磁感线运动时才会产生感应电流，利用这一原理工作的设备有发电机。灵敏电流计有电流通过时指针会偏转是因为通电导体在磁场中受到力的作用。 故答案为：漫；在；得出普遍性的规律；右；发电机；力。 当一束平行光照射到凹凸不平的表面时，反射光会朝四面八方射出，这种反射叫漫反射。入射光线、反射光线和法线在同一平面内；根据一组数据得出的结论有偶然性，为得出普遍性的规律要多次测量。 感应电流的方向与磁场方向和导体切割磁感线运动的方向有关。发电机是根据电磁感应制成的。通电导体在磁场中受到力的作用。 本题研究光的反射规律、漫反射知识及探究产生感应电流的条件和归纳法的运用。 17.【答案】见解答图；  定值电阻短路；滑动变阻器接入两个上接线柱；  ；电流与电阻成反比；  ；  ；  【解析】由图甲电路图可知，电压表并联在定值电阻两端，如图所示： ； 电路连接正确后，闭合开关，电流表有示数，则电路不存在断路，发现电压表无示数，则可能是与电压表并联的定值电阻短路了； 滑动变阻器的滑片没有移至阻值最大处，所以闭合开关后，电压表和电流表的示数都比较大； 由图丙可知，，探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，始终为； 由图像可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比； 根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：，定值电阻两端的电压与滑动变阻器两端电压的比值为，根据分压原理，当滑动变阻器的最大阻值为时，定值电阻的阻值为：，即能够完成实验的最大定值电阻是； 在中，与灯串联，灯正常发光，在中，与串联，因为电路中电流仍为，所以； 保持滑片位置不动，将另一个滑动变阻器滑片移到最左端，电流表的示数为，再将此滑动变阻器的滑片移到最右端，电流表的示数为。 由串联电路特点和欧姆定律可得： ， 解得：，即。 故答案为：见解答图；定值电阻短路；滑动变阻器接入两个上接线柱；；电流与电阻成反比；；；。 由图甲电路图可知，电压表测定值电阻两端的电压，滑动变阻器采用“一上一下”的原则与定值电阻串联； 闭合开关电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明与电压表并联的电路是被短路； 为保护电路，闭合开关前，应将滑片移至阻值最大处； 根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同 根据图像得出结论； 探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当滑动变阻器接入电阻时定值电阻的阻值； 已知灯泡的额定电流，可通过等效替代正常发光灯泡，根据电路特点，利用电源不变计算出的阻值。 本题探究通电导体中电流与电阻的关系，考查电路连接、故障分析、数据分析、控制变量法、操作过程等知识。 18.【答案】竖直；  排开液体的体积；  大；液体的密度；  ；大于；  ；    【解析】图中弹簧测力计在竖直方向测量拉力大小，故弹簧测力计使用前应在竖直方向调零； 图甲、乙、丙探头处于漂浮状态，探头受到的浮力等于探头的重力与线的拉力之和，图甲、乙、丙侵入的体积增大，拉力增大，浮力增大，故浮力的大小与排开液体的体积有关； 探头上端的橡皮膜形变程度越大，说明它所受的液体压强越大，图戊、庚探头深度相同，对比橡皮膜形变可知，图庚中橡皮膜的形变大于戊图中橡皮膜的形变，盐水的密度大于水的密度，故液体的压强与液体的密度有关； 如图丙所示，探头受到的浮力等于探头的重力加上细线的拉力，探头通过细线绕过定滑轮和弹簧测力计相连； 戊图中橡皮膜的形变大于图丁，图丁中探头排开液体的体积大于图戊，由可知，； 比较图丙、已，探头在水、盐水中排开的液体体积相同，探头在图己受到的浮力， ， 所以； 图戊对比图丙降低了，可知探头在图戊的体积变化量， 探头在图戊排开水的体积， 图戊中探头浮力， 图戊中探头下表面受到的压力， 图戊中水对橡皮膜产生的压力。 故答案为：竖直；排开液体的体积；大；液体的密度；；大于；；。 弹簧测力计使用前应在竖直方向调零； 图甲、乙、丙探头处于漂浮状态，探头受到的浮力等于探头的重力与线的拉力之和，侵入的体积增大，拉力增大，浮力增大； 探头上端的橡皮膜形变程度越大，说明它所受的液体压强越大，图戊、庚探头深度相同，对比橡皮膜形变可知，图庚中橡皮膜的形变大于戊图中橡皮膜的形变，盐水的密度大于水的密度； 如图丙所示，探头受到的浮力等于探头的重力加上细线的拉力，探头通过细线绕过定滑轮和弹簧测力计相连，细线的拉力等于弹簧测力计的示数；戊图中橡皮膜的形变大于图丁，图丁中探头排开液体的体积大于图戊中探头排开液体体积； 比较图丙、己，探头在水、盐水中排开的液体体积相同，受到的浮力等于探头的重力加弹簧测力计的示数，由阿基米德原理求出盐水的密度； 图戊对比图丙降低了，可知探头的体积变化量，探头的底面积、高已知，可知探头的体积，图戊中探头排开水的体积等于探头的体积减去探头体积变化量，由阿基米德原理求出图戊中探头受到的浮力，由浮力产生的原因，求出图戊中水对橡皮膜产生的压力。 本题考查了弹簧测力计使用的注意事项，影响浮力大小的因素，液体的压力、压强。 19.【答案】液氢完全燃烧释放的热量为；   如果这些热量被完全吸收，能让初温的水沸腾标准大气压下  【解析】完全燃烧液氢放出的热量： ； 不计热量损失，水吸收的热量； 一个标准大气压下，水的沸点是， 由可知，初温为水在标准大气压下加热到沸腾，水的质量： 。 答：液氢完全燃烧释放的热量为； 如果这些热量被完全吸收，能让初温的水沸腾标准大气压下。 利用计算出完全燃烧液氢放出的热量，不计热量损失，水吸收的热量，利用计算出能使多少千克初温为水在标准大气压下加热到沸腾。 本题考查了燃料完全燃烧放热公式、吸热公式的掌握和运用，属于基础知识考查范围，难度不大。 20.【答案】保温挡工作消耗的电能；   若用加热温挡工作小时消耗的电能为，电路的实际电压为；   若要确保夜间加热器在额定电压下加热工作，保温工作，至少需要的太阳能电池板  【解析】保温挡工作消耗的电能：； 根据公式得，加热温挡工作时的电阻为：； 电路的实际功率：， 电路的实际电压：； 加热器在额定电压下加热工作，保温工作消耗的电能：， 太阳能电池板工作的情况下需要的总功率：， 已知太阳能电池板的发电功率为，则需要的太阳能电池板面积为：。 答：保温挡工作消耗的电能； 若用加热温挡工作小时消耗的电能为，电路的实际电压为； 若要确保夜间加热器在额定电压下加热工作，保温工作，至少需要的太阳能电池板。 根据公式可计算保温挡工作消耗的电能； 先根据公式的变形计算出加热温挡时的电阻，再利用公式可计算电路的实际电压； 先求出加热器加热工作，保温工作消耗的电能，再根据公式计算出太阳能电池板工作的情况下需要的总功率，最后计算需要太阳能电池板的面积。 本题以太阳能供电的加热器为内容，考查了对电能和电功率公式的灵活运用，有一定综合性。 21.【答案】部分的重力为；   的大小为；   若剩余部分和切去部分对地面的压强相同，则切去的高度有两种情况：切去的高度为，切去的高度为  【解析】由图丁可知物体的边长为，，对地面的压强为，物体的边长为，，为甲图对地面的压强。 由可得，物体密度为：， 则物体的重力为：。 因为：：，所以，物体的重力为：， 则为甲图对地面的压强的大小为：。 若剩余部分和切去部分对地面的压强相同，则有两种情况： 第一种切去的高度，则有：，即，解得； 第二种切去的高度，则有：，即，解得； 答：部分的重力为； 的大小为； 若剩余部分和切去部分对地面的压强相同，则切去的高度有两种情况：切去的高度为，切去的高度为。 由可得，物体密度为：，则物体的重力为：。 物体的重力为：，则为甲图对地面的压强的大小为：。 若剩余部分和切去部分对地面的压强相同，则有两种情况： 第一种切去的高度，则有：； 第二种切去的高度，则有：。 本题考查了压强的计算，利用好均匀柱状物体如长方体、正方体、圆柱体等对水平面的压强是关键。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$