2025年广东省广州市华南师大附中中考物理模拟试卷（三）

2025年广东省广州市华南师大附中中考物理模拟试卷（三） 一、选择题：10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求。 1．（3分）在东京奥运会男子100米赛跑项目中，苏炳添以9秒83的成绩晋级决赛并打破亚洲纪录，他的速度与下面哪个速度最接近（　　） A．中学生骑普通自行车上学的正常骑行速度 B．城市道路上，小轿车正常行驶时的速度 C．高速公路上，小轿车正常行驶时的速度 D．高铁列车正常行驶时的速度 2．（3分）某款视频播放软件可以将正常录制的音频和视频通过App软件以2～3倍的速度快速播放而达到缩短播放时长的目的，应用此功能时，声音的（　　） A．响度变大 B．传播速度变快 C．音调变高 D．振幅变大 3．（3分）我国第三代核电站“华龙一号”的3号和4号两台机组年发电量可达180亿千瓦时。下列说法正确的是（　　） A．核能属于可再生能源 B．“千瓦时”是电功率的单位 C．核电站发电过程中能量转化是：核能→内能→机械能→电能 D．核电站释放核能的方式与太阳内部核反应释放核能的方式相同 4．（3分）2025年4月26日，神舟十九号载人飞船返回舱搭载蔡旭哲、宋令东、王浩泽三名宇航员成功返回地球。返回舱的表面有层叫做“烧蚀层”的固态物质，返回地球通过大气层过程中，“烧蚀层”可以保护返回舱不因高温而烧毁。下列说法不正确的是（　　） A．返回舱与大气摩擦形成高温“火球”的过程中，将机械能转化成内能 B．“烧蚀层”发生的物态变化主要是熔化和汽化 C．着陆前，发动机向下喷燃气，返回舱进一步减速下降，返回舱的机械能不断减少 D．返回舱成功着陆时，瞬间“尘土飞扬”，说明分子在做无规则运动 5．（3分）如图为电磁波谱及其主要用途，下面分析错误的是（　　） A．γ射线、X射线、紫外线、可见光、红外线、微波和无线电波都是电磁波 B．人眼可以看到波长为5.70×10﹣7m的电磁波 C．相比紫外线，红外线更容易被物体吸收并转化为内能 D．由图中的信息可知，电磁波的波长越长，该电磁波的频率越小，波速也越小 6．（3分）取三块质量相等的橡皮泥，分别捏成碗状、实心球状和空心球状，放入三个装有相同质量水的相同的烧杯中，静止时它们的状态如图所示，已知橡皮泥的密度大于水的密度，下列说法中正确的个数有（　　） ①三个物体受到的浮力为F甲＞F丙＞F乙 ②橡皮泥排开水的体积为V甲＝V丙＞V乙 ③液体对容器底部的压强为p甲＞p丙＞p乙 ④容器对桌面的压力为F甲'＝F丙'＝F乙' A．1个 B．2个 C．3个 D．4个 7．（3分）相同质量的甲、乙两人，用不同的装置（如图），在相同时间内把质量相等的货物匀速提升到同一平台，不计绳重及绳与滑轮间的摩擦。下列说法正确的是（　　） A．甲做的有用功比乙多 B．乙做的总功比甲多 C．甲所用装置的机械效率较大 D．甲对平台的压力比乙大 8．（3分）小亮家的部分电路简化图及元件如图所示，图中未连接完整。要求开关S1单独控制L1，三孔插座供大功率电器使用，甲、乙是模拟某人接触到电线的两种情况。下列说法正确的是（　　） A．灯L1应该连接在火线和开关S1之间 B．甲情况，此人会触电，漏电保护器会马上切断电流 C．乙情况，此人会触电，漏电保护器会马上切断电流 D．空气开关跳闸，一定是因为家中用电器总功率过大，只要断开部分用电器就不会跳闸了 9．（3分）如图甲所示，一木块放在由同种材料制成粗糙程度均匀的水平台面上。木块受到水平向右拉力F的作用，F的大小与时间t的关系如图乙所示，物体运动速度v的大小与时间t的关系如图丙所示。6s时撤去力F，同时木块从台面滑出。忽略空气阻力，下列说法中正确的是（　　） A．0～2s，木块处于静止状态，木块所受静摩擦力为0N B．2～4s，木块加速运动，所受滑动摩擦力为4N C．0～6s，木块运动的距离为4m D．木块离开水平台面后，由于具有惯性继续做匀速直线运动 10．（3分）小聪想用一种阻值随所受压力增大而减小的压敏电阻，设计一个通过电表示数反映压敏电阻所受压力大小的电路，要求压力增大时电表示数增大。以下电路不符合要求的是（　　） A． B． C． D． 二、非选择题：8小题，共60分。按题目要求作答。 11．（3分）工匠师维护精密仪表时，在眼睛前戴一个透镜，便于观察仪表的细微之处，如图所示。 （1）这个透镜能够使光线 　 　 （选填“会聚”或“发散”）； （2）透镜与仪表的距离u应满足下列 　 　 条件； A.u＜f B.f＜u＜2f C.u＞2f D.u＝2f E.u＝f （3）工匠师通过透镜观察到的仪表的像是 　 　 （选填“正立”或“倒立”）的。 12．（3分）如图中，A′B′为工匠师通过透镜观察到的物体AB的像，O为透镜的光心，F为焦点，MN为主光轴，请通过作图完成下列要求： ①在如图虚线方框中画出相应的透镜； ②确定物体AB所在的位置（保留作图痕迹）。 13．（7分）如图所示，AOB为一轻质杠杆（质量忽略不计），AB＝3m，AO＝1m。A端用细线挂一个质量为5.4kg的实心铝球，B端施加一个竖直向下的拉力F。铝球下方有一水平升降台，升降台上放置着一个装有适量水的烧杯。当升降台缓缓上升，使铝球浸在水中某一深度时，杠杆恰好在水平位置平衡，此时F＝17N，铝球没有碰到容器底或容器壁，，，g＝10N/kg。 （1）作出A点所受的力FA以及F对应的力臂L； （2）此时实心铝球所受的浮力为 　 　 N； （3）若往烧杯中缓慢地加满水，F的大小保挂不变，则杠杆将 　 　 。 A.仍然保持水平平衡 B.左侧向下倾斜 C.右侧向下倾斜 14．（4分）如图，甲乙完全相同的小球，以同样的速度v沿着与水平方向均成θ角斜向上抛出，甲球沿光滑斜面，乙球抛向空中，不计空气阻力，甲乙小球能到达的最高点分别为a点与b点，离地高度为h1和h2。在这个过程中，小球的机械能是 　 　 （选填“守恒”或“不守恒”）的，图中h1　 　 h2（选填“大于”、“等于”或“小于”）。 15．（6分）探究影响滑动摩擦力大小的因素，实验如图所示，其中A为木块，B为金属块。 （1）实验甲中，将木块放在水平木板上，用弹簧测力计拉动木块做 　 　 运动，此时木块所受的摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。 （2）实验甲和乙探究的问题是：滑动摩擦力大小与 　 　 的关系。 （3）比较实验甲和丙，得出结论是：　 　 。 （4）比较实验乙和丁，得出结论：接触面积越大，滑动摩擦力越大。你认为该结论是否科学：　 　 ，依据是：　 　 。 16．（9分）科创小组设计了水库自动泄洪控制装置，其简易模型如图所示：A为压力传感器，B为密度小于水且不吸水的实心均匀圆柱体，并可在管径稍大的竖直管道内自由地上下移动，其重力G＝9N，底面积S＝0.01m2。水位正常时，恰与圆柱体B底面平齐；当水面上升到传感器A的底端时，传感器受到圆柱体的压力为21N，触发预警并自动打开出水口进行泄洪。g取10N/kg，，求： （1）当水位正常时，求圆柱体B对模型底部的压强； （2）求圆柱体B的高度hB和密度ρB； （3）为了提高防洪安全性，使警戒水位比原设计低，在B的底面积不变、压力传感器位置不变的前提下，可以采用的方法是 　 　 （写出一种方法即可）。 17．（6分）如图所示，ab和cd是金属棒，质量不可忽略不计，Ⅰ和Ⅱ是一对异名磁极，金属棒ab为放在其间。用导线把ab和cd连成一个闭合回路。当金属棒ab向左做切割磁感线运动时，产生了“由a到b”的电流，此时金属棒cd刚好悬在空中不动，忽略空气阻力。假设金属棒cd只受重力和磁场力作用，由此可知： （1）此时金属棒cd受到的磁场力方向为 　 　 ；（选填“竖直向上”、“竖直向下”、“水平向左”、“水平向右”） （2）若把磁极N、S互换位置，当金属棒ab向右做切割磁感线运动时，金属棒ab产生的电流方向是 　 　 （选填“由a到b”、“由b到a”），此时，金属棒cd受到的磁场力方向是 　 　 。（选填“竖直向上”、“竖直向下”、“水平向左”、“水平向右”） 18．（15分）某足球场草坪种植的黑麦草，适合在湿度为50%的土壤中生长。设计自动灌溉系统时需要使用湿敏电阻Rx，为测量Rx在湿度为50%的土壤中的电阻值，先把Rx放入湿度为50%的土壤内，并按图1连接电路。 （1）连接电路后，发现电路中有一根导线连接错误，请在这根导线上打“×”，并以笔画线重新连接正确的导线。 （2）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到 　 　 （选填“A”或“B”）端。 （3）闭合开关S，移动滑片P，测得多组数据如表格所示，实验②的数据如图2所示，根据实验①②③的数据可得：湿度为50%的土壤内Rx的阻值为 　 　 Ω。 实验序号 ① ② ③ 电压表示数U/V 1.1 2.6 电流表示数I/A 0.1 0.26 Rx/Ω （4）湿敏电阻Rx的阻值随所在土壤湿度变化的图象如图3所示。已知：蓄电池电压恒为6V，电磁继电器（如图4所示的元件A）线圈电流大于0.2A时衔铁被吸下，小于0.2A时衔铁被弹回，线圈电阻不计；电动机的额定电压为220V。请以笔画线代替导线完成图4所示的电路连接，要求：闭合开关S，当土壤湿度低于50%时，电动机转动送水；当土壤湿度高于50%时，电动机不转，停止送水。 （5）定值电阻R0的阻值为 　 　 Ω； （6）电动机正常工作时，电动机内部线圈等效电阻r＝10Ω，通过线圈电流I＝2A，请求出电动机的机械效率。请求出正常工作10min电动机线圈产生的热量和电动机消耗的电能。 19．（7分）如图所示，摆线长L相同，实心小铁球A、小铅球B的体积VA＝VB，密度ρ铁＜ρ铅，悬线与竖直方向的夹角θ1＜θ2。 （1）图甲、乙中，同时由静止释放A、B两球，观察到它们并排摆动且始终相对静止，同时到达竖直位置，这表明两小球在摆动过程中，任一时刻速度的大小与小球的质量 　 　 （选填“有关”或“无关”）； （2）若用如图乙、丙所示的装置，可通过改变悬线与竖直方向的夹角来改变小球撞击木块时的 　 　 ，从而探究物体的动能大小与这个物理量的关系，请你根据这个方案设计实验步骤，记录3组以上的实验数据，并且根据实验数据，作出分析判断。 ①实验步骤：　 　 。 ②数据记录表格； ③数据分析：　 　 。 2025年广东省广州市华南师大附中中考物理模拟试卷（三） 参考答案与试题解析 一．选择题（共10小题） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B C C D D B D C B D 一、选择题：10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求。 1．（3分）在东京奥运会男子100米赛跑项目中，苏炳添以9秒83的成绩晋级决赛并打破亚洲纪录，他的速度与下面哪个速度最接近（　　） A．中学生骑普通自行车上学的正常骑行速度 B．城市道路上，小轿车正常行驶时的速度 C．高速公路上，小轿车正常行驶时的速度 D．高铁列车正常行驶时的速度 【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。 【解答】解：由题可知苏炳添的平均速度为：v＝＝≈10m/s； A、中学生骑自行车上学，骑车速度约5m/s，故A错误； B、城市中，小汽车正常行驶时的速度约在36km/h＝10m/s，故B正确； C、高速公路上，小汽车正常行驶时的速度约为100km/h，故C错误； D、高铁列车正常行驶时的速度约为300km/h，故D错误。 故选：B。 【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。 2．（3分）某款视频播放软件可以将正常录制的音频和视频通过App软件以2～3倍的速度快速播放而达到缩短播放时长的目的，应用此功能时，声音的（　　） A．响度变大 B．传播速度变快 C．音调变高 D．振幅变大 【分析】音调指声音的高低，与发声体振动的频率有关，频率越高，音调越高；声波传播的速度与音调无关。 【解答】解：由题意可知，声波的频率是正常声音的3倍，则其音调比正常声音的高；而声波传播的速度与音调无关，因此，声波传播速度不变，故C正确，ABD错误。 故选：C。 【点评】本题综合考查了音调与频率的关系、声速等的了解与应用，属声学基础题。 3．（3分）我国第三代核电站“华龙一号”的3号和4号两台机组年发电量可达180亿千瓦时。下列说法正确的是（　　） A．核能属于可再生能源 B．“千瓦时”是电功率的单位 C．核电站发电过程中能量转化是：核能→内能→机械能→电能 D．核电站释放核能的方式与太阳内部核反应释放核能的方式相同 【分析】（1）不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。 （2）“千瓦时”是电功的单位，电功率的单位是瓦特、千瓦等。 （3）核电站发电时，核反应堆中核燃料发生裂变反应产生核能，核能转化为内能，使冷却剂温度升高，通过蒸汽发生器将内能转化为蒸汽的内能，蒸汽推动汽轮机转动，将内能转化为机械能，汽轮机带动发电机发电，将机械能转化为电能。 （4）核电站释放核能的方式是可控的核裂变，而太阳内部核反应释放核能的方式是不可控的核聚变，二者不同。 【解答】解；A、煤是由古代植物经过漫长时间形成的，短期内无法再生，属于不可再生能源；核能所利用的核燃料在地球上的储量是有限的，也是不可再生能源，故A错误。 B、“千瓦时”是电功的单位，它表示功率为 1 千瓦的用电器在 1 小时内所消耗的电能，电功率的单位是瓦特、千瓦等，故B错误。 C、核电站发电时，核反应堆中核燃料发生裂变反应产生核能，核能转化为内能，使冷却剂温度升高，通过蒸汽发生器将内能转化为蒸汽的内能，蒸汽推动汽轮机转动，将内能转化为机械能，汽轮机带动发电机发电，将机械能转化为电能，故C正确。 D、核电站释放核能的方式是可控的核裂变，而太阳内部核反应释放核能的方式是不可控的核聚变，二者不同，故D错误。 故选：C。 【点评】本题主要考查核能及其原理和核裂变，电功率的单位，考查学生对不可再生能源和可再生能源的区别和联系的理解和掌握。 4．（3分）2025年4月26日，神舟十九号载人飞船返回舱搭载蔡旭哲、宋令东、王浩泽三名宇航员成功返回地球。返回舱的表面有层叫做“烧蚀层”的固态物质，返回地球通过大气层过程中，“烧蚀层”可以保护返回舱不因高温而烧毁。下列说法不正确的是（　　） A．返回舱与大气摩擦形成高温“火球”的过程中，将机械能转化成内能 B．“烧蚀层”发生的物态变化主要是熔化和汽化 C．着陆前，发动机向下喷燃气，返回舱进一步减速下降，返回舱的机械能不断减少 D．返回舱成功着陆时，瞬间“尘土飞扬”，说明分子在做无规则运动 【分析】（1）克服摩擦力做功，机械能转化为内能。 （2）熔化和汽化现象，熔化和汽化过程中吸收大量的热。 （3）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能＝动能+势能。 （4）“尘土飞扬”是宏观物体的机械运动。 【解答】解：A、返回舱与大气摩擦，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，使返回舱表面温度急剧升高，形成高温“火球”，故A正确，不符合题意。 B、“烧蚀层”的物质遇到高温会发生熔化和汽化现象，熔化和汽化过程中吸收大量的热，从而使返回舱的温度不至于过高，故B正确，不符合题意。 C、着陆前发动机向下喷燃气，返回舱减速下降，速度减小，动能减小，高度降低，重力势能减小，所以机械能不断减少，故C正确，不符合题意。 D、“尘土飞扬”是宏观物体的机械运动，不是分子的运动，分子是肉眼看不见的，不能说明分子在做无规则运动，故D错误，符合题意。 故选：D。 【点评】本题考查汽化和熔化现象，分子热运动及机械能的概念，机械能与其他形式能的转化。 5．（3分）如图为电磁波谱及其主要用途，下面分析错误的是（　　） A．γ射线、X射线、紫外线、可见光、红外线、微波和无线电波都是电磁波 B．人眼可以看到波长为5.70×10﹣7m的电磁波 C．相比紫外线，红外线更容易被物体吸收并转化为内能 D．由图中的信息可知，电磁波的波长越长，该电磁波的频率越小，波速也越小 【分析】（1）依照波长的长短的不同，电磁波谱可大致分为：无线电波，微波，红外线，可见光，紫外线，X射线（伦琴射线），γ射线（伽马射线）； （2）由图分析可见光的光谱可判断； （3）不同波段的电磁波的波长不同，其用途不同； （4）在真空中，所有电磁波的波速是一定的，由c＝λf可知，波长λ与频率f成反比。 【解答】解： A．电磁波家庭成员很多，其波长有一个很宽的范围，按照波长从长到短的顺序，可分为无线电波、微波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线等，故A正确； B．由图可知，可见光的光谱在400nm～700nm之间，波长为5.70×10﹣7m＝570nm，在可见光的光谱范围之内，所以人眼可以看到波长为5.70×10﹣7m的电磁波，故B正确； C．红外线显著的作用是热作用，相比紫外线，红外线更容易被物体吸收，转化为物体的内能，故C正确； D．由图可知，电磁波的波长越长，频率越低，波长越短，频率越高，但它们在真空中的波速是相同的，故D错误。 故选：D。 【点评】本题关键是明确无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线都是电磁波，同时要知道它们的波长的大小关系和频率大小关系，以及知道各自的应用。 6．（3分）取三块质量相等的橡皮泥，分别捏成碗状、实心球状和空心球状，放入三个装有相同质量水的相同的烧杯中，静止时它们的状态如图所示，已知橡皮泥的密度大于水的密度，下列说法中正确的个数有（　　） ①三个物体受到的浮力为F甲＞F丙＞F乙 ②橡皮泥排开水的体积为V甲＝V丙＞V乙 ③液体对容器底部的压强为p甲＞p丙＞p乙 ④容器对桌面的压力为F甲'＝F丙'＝F乙' A．1个 B．2个 C．3个 D．4个 【分析】（1）已知在三个相同的烧杯中装入等量的水，由图可知，甲漂浮，乙下沉，丙悬浮，根据物体的浮沉情况判定浮力的大小，根据阿基米德原理判定三个球排开的水的体积的大小； （2）根据容器的重力、水的重力、橡皮泥的重力判断压力的大小； （3）根据排开的水的体积的大小判定深度的大小，根据p＝ρgh确定烧杯底受到的压强关系。 【解答】解：①由图可知，甲漂浮，则橡皮泥的浮力等于重力；乙下沉，则橡皮泥的浮力小于重力；丙悬浮，则橡皮泥的浮力等于重力，因为橡皮泥的质量相等，重力相等，故浮力的大小关系为：F甲＝F丙＞F乙，故①错误； ②浮力的大小关系为：F甲＝F丙＞F乙，液体的密度相同，根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可知，橡皮泥排开水的体积关系为：V甲＝V丙＞V乙，故②正确； ③三个相同的烧杯中装入等量的水，水的深度相同；橡皮泥排开水的体积为：V甲＝V丙＞V乙，容器的底面积相同，则水面上升的高度关系为：Δh甲＝Δh丙＞Δh乙，故甲、丙中的水面高度相同，都大于乙中的水面高度，根据p＝ρgh可知，液体对容器底部的压强关系为：p甲＝p丙＞p乙，故③错误； ④容器对水平桌面的压力为：F＝G容+G水+G泥，它们的重力之和大小相等，所以容器对桌面的压力相同，即F甲’＝F乙’＝F丙’，故④正确。 故选：B。 【点评】本题考查了学生对阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握和运用，利用好浮沉条件是解题的关键。 7．（3分）相同质量的甲、乙两人，用不同的装置（如图），在相同时间内把质量相等的货物匀速提升到同一平台，不计绳重及绳与滑轮间的摩擦。下列说法正确的是（　　） A．甲做的有用功比乙多 B．乙做的总功比甲多 C．甲所用装置的机械效率较大 D．甲对平台的压力比乙大 【分析】（1）提升物体的质量相等、重力相等，在相同时间内把质量相等的货物匀速提升到同一平台，物体上升的高度相同，利用W＝Gh可知两次提升物体所做有用功的大小关系； （2）图甲使用的是动滑轮，不计绳重和摩擦，总功为W＝（G+G动）h＞Gh，使用乙定滑轮时，拉力F＝G，拉力做功W＝Fs＝Gh，据此可得两装置中拉力F做的总功大小关系； （3）根据η＝×100%比较机械效率的大小关系； （4）甲对平台的压力F压＝F甲+G甲＝G甲+F甲，乙对平台的压力F乙＝G乙﹣F乙，甲、乙两人质量相等，G甲＝G乙，据此可得压力大小关系。 【解答】解：A．提升物体的重力相等，在相同的时间内物体升高了相同的距离，由W有用＝Gh可知，两次提升物体所做的有用功相等，故A错误； B．图甲使用的是动滑轮，不计绳重和摩擦，总功为W甲＝（G+G动）h＞Gh，使用乙定滑轮时，拉力F乙＝G，拉力做功W乙＝F乙s乙＝Gh，所以乙装置中拉力F做的总功少，故B错误； C．甲、乙的有用一样多，但甲做的总功多，根据η＝×100%可知，甲的机械效率小，乙的机械效率大，故C错误； D．甲对平台的压力F压＝F+G甲，乙对平台的压力F乙＝G乙﹣F＝G乙﹣G，甲、乙两人质量相等，甲对平台的压力比乙大，故D正确。 故选：D。 【点评】本题考查了使用动滑轮和定滑轮时有用功、总功、机械效率大小、压力的大小比较，属于基础题目。 8．（3分）小亮家的部分电路简化图及元件如图所示，图中未连接完整。要求开关S1单独控制L1，三孔插座供大功率电器使用，甲、乙是模拟某人接触到电线的两种情况。下列说法正确的是（　　） A．灯L1应该连接在火线和开关S1之间 B．甲情况，此人会触电，漏电保护器会马上切断电流 C．乙情况，此人会触电，漏电保护器会马上切断电流 D．空气开关跳闸，一定是因为家中用电器总功率过大，只要断开部分用电器就不会跳闸了 【分析】（1）开关要接在火线和用电器之间。 （2）人站在干燥的木凳上同时接触火线和零线会触电，但是火线和零线中的电流相同，漏电保护器不会工作。 （3）火线和零线中的电流不相同时，漏电保护器会跳闸。 （4）空气开关跳闸，可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大。 【解答】解：A、灯L1应该连接在零线和开关S1之间，螺丝口灯泡的螺旋套一定要接在零线上，故A错误； B、甲情况，此人会触电，但是由于火线和零线中的电流相同，漏电保护器不会跳闸，故B错误； C、乙情况，此人会触电，由于火线和零线中的电流不相同，漏电保护器会跳闸，自动切断电路，故C正确； D、空气开关跳闸，可能是因为家中用电器总功率过大，也可能是发生了短路，故D错误。 故选：C。 【点评】本题考查的是空气开关和漏电保护器的作用；知道家庭电路中各个用电器的连接方式。 9．（3分）如图甲所示，一木块放在由同种材料制成粗糙程度均匀的水平台面上。木块受到水平向右拉力F的作用，F的大小与时间t的关系如图乙所示，物体运动速度v的大小与时间t的关系如图丙所示。6s时撤去力F，同时木块从台面滑出。忽略空气阻力，下列说法中正确的是（　　） A．0～2s，木块处于静止状态，木块所受静摩擦力为0N B．2～4s，木块加速运动，所受滑动摩擦力为4N C．0～6s，木块运动的距离为4m D．木块离开水平台面后，由于具有惯性继续做匀速直线运动 【分析】（1）由速度﹣时间图像得出木块在0～2s内运动的速度，从而判断物体的运动情况，再由F﹣t图像得出此时物体受到的外力，并利用二力平衡条件得出木块受到的摩擦力； （2）先根据v﹣t图像和F﹣t图像得出物体做匀速直线运动时受到的滑动摩擦力，再根据影响滑动摩擦力的因素判断物体在2﹣4s内物体受到的滑动摩擦力； （3）根据v﹣t图像求出物体在4～6s通过的路程，然后分析总路程的大小； （4）任何物体都有惯性。 【解答】解： A、由v﹣t图像可知，0～2s内物体速度为0，所以处于静止状态；由F﹣t图像可知，0﹣2s内，物体受到的拉力为2N，而木块静止受平衡力作用，因此木块受到的摩擦力等于拉力，大小为2N，故A错误； B、由v﹣t图像可知，木块在4～6s内，木块运动速度不变，因此木块做匀速直线运动，受平衡力作用，即木块受到的拉力和滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，根据F﹣t图像可知，此时木块受到的拉力为4N，所以滑动摩擦力也为4N；根据v﹣t图像可知，2s﹣4s内，物体做加速运动，由于滑动摩擦力与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与速度无关，因此物体受到的滑动摩擦力仍为4N；故B正确； C、根据v＝可知，4～6s，木块运动的距离为：s＝vt＝2m/s×2s＝4m；2～4s，木块加速运动，木块通过了一定的距离，故0～6s，木块运动的距离大于4m，故C错误； D、木块离开水平台面后，由于重力的作用，物体不会保持原来的速度做匀速直线运动，而做变速曲线运动，故D错误。 故选：B。 【点评】（1）本题考查学生对图像的认识，要求能熟练读图，并能结合运动分析物体的受力情况。 （2）v﹣t图像、F﹣t图像相结合，判断出物体的运动状态，根据平衡状态由物体的平衡条件求出力的大小是本题的关键。 10．（3分）小聪想用一种阻值随所受压力增大而减小的压敏电阻，设计一个通过电表示数反映压敏电阻所受压力大小的电路，要求压力增大时电表示数增大。以下电路不符合要求的是（　　） A． B． C． D． 【分析】（1）根据题意可知压力变化时压敏电阻阻值的变化，根据并联电路的电压特点和欧姆定律可知两支路电流的变化； （2）在串联电路中，用电器两端电压与其阻值成正比，即：串联电路中电阻越小分得的电压越小，反之，串联电路中电阻越大分得的电压越大。 【解答】解：A、由图可知，压敏电阻与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流；当压力增大时，压敏电阻的阻值减小，电路的总电阻减小，由I＝可知电路中的电流增大，即电流表的示数增大，故A符合要求； B、由图可知，压敏电阻与定值电阻R0并联，电流表测压敏电阻支路的电流；当压力增大时，压敏电阻的阻值减小，而并联电路中各支路两端的电压不变，即压敏电阻两端的电压不变，由I＝可知电流表的示数增大，故B符合要求； C、由图可知，压敏电阻与定值电阻R0串联，电压表测R0两端的电压；当压力增大时，压敏电阻的阻值减小，根据串联分压的规律可知压敏电阻分得的电压减小，由串联电路的电压特点可知R0两端的电压变大，即电压表的示数变大，故C符合要求； D、由图可知，压敏电阻与定值电阻R0串联，电压表测压敏电阻两端的电压；当压力增大时，压敏电阻的阻值减小，根据串联分压的规律可知压敏电阻分得的电压减小，即电压表的示数减小，故D不符合要求。 故选：D。 【点评】本题考查了根据欧姆定律设计电路图，要明确：串联电路中用电器两端电压与其阻值成正比；知道并联电路中各支路的电流与其阻值成反比。 二、非选择题：8小题，共60分。按题目要求作答。 11．（3分）工匠师维护精密仪表时，在眼睛前戴一个透镜，便于观察仪表的细微之处，如图所示。 （1）这个透镜能够使光线 　会聚　 （选填“会聚”或“发散”）； （2）透镜与仪表的距离u应满足下列 　A　 条件； A.u＜f B.f＜u＜2f C.u＞2f D.u＝2f E.u＝f （3）工匠师通过透镜观察到的仪表的像是 　正立　 （选填“正立”或“倒立”）的。 【分析】凸透镜对光线有会聚作用； 凸透镜物距在一倍焦距以内，成正立、放大的虚像。 【解答】解：（1）匠师维护精密仪表时，在眼睛前戴一个凸透镜，对光线有会聚作用。 （2）凸透镜与仪表的距离应在凸透镜的 一倍焦距范围之内，故选：A。 （3）通过凸透镜看到的是仪表正立的像。 故答案为：（1）会聚；（2）A；（3）正立。 【点评】本题考查了透镜成像及其应用，属于基础题。 12．（3分）如图中，A′B′为工匠师通过透镜观察到的物体AB的像，O为透镜的光心，F为焦点，MN为主光轴，请通过作图完成下列要求： ①在如图虚线方框中画出相应的透镜； ②确定物体AB所在的位置（保留作图痕迹）。 【分析】（1）根据物距小于一倍焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像的特点分析，放大镜就是根据此原理制成的。 （2）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；过光心的光线传播方向不改变。连接像点A′、焦点F，与凸透镜左边缘的交点为从A反射出的平行于凸透镜主光轴的光线的入射点，过该点画平行于凸透镜的直线，与A′、O的连线的交点为A的位置，垂直于主光轴画出AB。 【解答】解：（1）工匠师通过透镜观察到的物体AB的像，该透镜为放大镜，为凸透镜，光心为O。 （2）从A反射出的平行于凸透镜主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；过光心的光线传播方向不改变。连接像点A′、焦点F，与凸透镜左边缘的交点为从A反射出的平行于凸透镜主光轴的光线的入射点C，过C画平行于凸透镜的直线，与A′、O的连线的交点为A的位置，垂直于主光轴画出AB。如图所示： 【点评】本题考查了凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过光心的光线传播方向不改变。 13．（7分）如图所示，AOB为一轻质杠杆（质量忽略不计），AB＝3m，AO＝1m。A端用细线挂一个质量为5.4kg的实心铝球，B端施加一个竖直向下的拉力F。铝球下方有一水平升降台，升降台上放置着一个装有适量水的烧杯。当升降台缓缓上升，使铝球浸在水中某一深度时，杠杆恰好在水平位置平衡，此时F＝17N，铝球没有碰到容器底或容器壁，，，g＝10N/kg。 （1）作出A点所受的力FA以及F对应的力臂L； （2）此时实心铝球所受的浮力为 　20　 N； （3）若往烧杯中缓慢地加满水，F的大小保挂不变，则杠杆将 　A　 。 A.仍然保持水平平衡 B.左侧向下倾斜 C.右侧向下倾斜 【分析】（1）根据杠杆的平衡条件分析左侧作用力的方向，根据力臂是从支点到力的作用线的距离画图； （2）根据杠杆平衡条件计算左侧的拉力，结合受力平衡分析浮力大小； （3）根据密度公式计算体积，根据阿基米德计算浮力分析加水后的浮力的变化，结合杠杆平衡条件分析转动方向。 【解答】解：（1）图中杠杆平衡，右侧拉力向下，故左侧拉力也是向下，才能平衡，力臂是从支点到力的作用线的距离，如图所示： （2）杠杆恰好在水平位置平衡，则由杠杆平衡的条件可得：（G﹣F浮）×OA＝F×OB， 代入数据有：（5.4kg×10N/kg﹣F浮）×1m＝17N×（3m﹣1m）； 解得F浮＝20N； （3）质量为5.4kg的实心铝球，根据密度公式知，体积为V＝＝＝2×10﹣3m3； 如果浸没时，受到的浮力为F'浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣3m3＝20N；说明原来是浸没的，加满水，浮力是不变的，因而杠杆仍保持平衡，故选：A。 故答案为：（1）见解答； （2）20； （3）A。 【点评】本题考查阿基米德原与杠杆平衡条件的应用，属于中档题。 14．（4分）如图，甲乙完全相同的小球，以同样的速度v沿着与水平方向均成θ角斜向上抛出，甲球沿光滑斜面，乙球抛向空中，不计空气阻力，甲乙小球能到达的最高点分别为a点与b点，离地高度为h1和h2。在这个过程中，小球的机械能是 　守恒　 （选填“守恒”或“不守恒”）的，图中h1　大于　 h2（选填“大于”、“等于”或“小于”）。 【分析】（1）不计斜面摩擦和空气摩擦，小球的机械能守恒。 （2）根据小球的动能和重力势能的变化情况分析判断。 【解答】解：（1）光滑的斜面无摩擦，不计空气摩擦，甲、乙小球在运动到最高点的过程中机械能守恒； （2）甲中小球运动到最高点a时，小球的速度为零，由于斜面光滑小球机械能守恒，小球在a点的重力势能等于小球最初的动能； 乙中小球运动到最高点b时，小球的速度不为零，由于不计空气阻力小球机械能守恒，故小球在最高点b的重力势能和动能之和等于小球最初的动能； 可见小球在最高点a的重力势能大于最高点b的重力势能，二球质量相等，故h1大于h2。 故答案为：守恒；大于。 【点评】本题考查了机械能守恒的判断与动能、重力势能转化的分析，难度不大，但容易出错。 15．（6分）探究影响滑动摩擦力大小的因素，实验如图所示，其中A为木块，B为金属块。 （1）实验甲中，将木块放在水平木板上，用弹簧测力计拉动木块做 　匀速直线　 运动，此时木块所受的摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。 （2）实验甲和乙探究的问题是：滑动摩擦力大小与 　压力大小　 的关系。 （3）比较实验甲和丙，得出结论是：　压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大　 。 （4）比较实验乙和丁，得出结论：接触面积越大，滑动摩擦力越大。你认为该结论是否科学：　不科学　 ，依据是：　没有控制接触面的粗糙程度相同　 。 【分析】（1）用弹簧测力计拉着木块做匀速直线运动时，根据二力平衡条件，拉力和摩擦力是一对平衡力，木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数； （2）滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度均有关，注意研究一个变量时应控制另一个量不变。 【解答】解：（1）将木块放在水平木板上，用弹簧测力计水平匀速拉动木块，根据二力平衡知识可知，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数； （2）甲、乙两个实验接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，说明滑动摩擦力的大小与压力的大小有关； （3）甲、丙两个实验接触面的粗糙程度不同，压力大小相同，说明了滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关， 且接触面越粗糙，滑动摩擦力越大，故可得：压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大； （4）比较实验乙和丁，接触面的粗糙程度和压力大小都不同，故不能得出接触面积越大，滑动摩擦力越大的结论。 故答案为：（1）匀速直线；（2）压力大小；（3）压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；（4）不科学；没有控制接触面的粗糙程度相同。 【点评】本题考查探究影响摩擦力大小的因素，属于重点实验考查，注意控制变量，难度不大。 16．（9分）科创小组设计了水库自动泄洪控制装置，其简易模型如图所示：A为压力传感器，B为密度小于水且不吸水的实心均匀圆柱体，并可在管径稍大的竖直管道内自由地上下移动，其重力G＝9N，底面积S＝0.01m2。水位正常时，恰与圆柱体B底面平齐；当水面上升到传感器A的底端时，传感器受到圆柱体的压力为21N，触发预警并自动打开出水口进行泄洪。g取10N/kg，，求： （1）当水位正常时，求圆柱体B对模型底部的压强； （2）求圆柱体B的高度hB和密度ρB； （3）为了提高防洪安全性，使警戒水位比原设计低，在B的底面积不变、压力传感器位置不变的前提下，可以采用的方法是 　适当增大B的高度　 （写出一种方法即可）。 【分析】（1）当水位正常时，圆柱体B静止在模型上，与A不接触，对模型的压力等于圆柱体的重力，利用p＝计算对模型的压强： （2）当水面上升到传感器A的底端时，知道传感器受到圆柱体的压力，由于力的作用是相互的，可求传感器对圆柱体的压力，此时圆柱体受到重力、压力、浮力的作用，可求圆柱体受到的浮力，再利用阿基米德原理求圆柱体B的体积（排开水的体积），利用V＝Sh计算圆柱体B的高度； 求出圆柱体的质量，利用密度公式求圆柱体的密度； （3）为了提高防洪安全性，使警戒水位比原设计低，在B的底面积不变、压力传感器位置不变的前提下，可以选用触发压力值更小的压力传感器，另外可以减小圆柱体对传感器的压力，而圆柱体对传感器的压力等于传感器等于圆柱体的压力，F压＝G﹣F浮，在圆柱体重力不变的情况下，可以通过适当减小B的密度、或适当增大B的高度而增大受到的浮力。 【解答】解：（1）当水位正常时，圆柱体B静止在模型上，与A不接触，对模型的压力： F＝G＝9N， 对模型的压强： p＝＝＝900Pa； （2）当水面上升到传感器A的底端时，传感器受到圆柱体的压力为21N， 由于力的作用是相互的，传感器对圆柱体的压力等于传感器受到圆柱体的压力，其大小F压＝21N， 此时圆柱体受到重力、压力、浮力的作用，则： F浮＝G+F压＝9N+21N＝30N， 由F浮＝ρ液V排g可得圆柱体B的体积： V＝V排＝＝＝3×10﹣3m3， 由V＝Sh可得圆柱体B的高度： hB＝＝＝0.3m； 圆柱体的质量：m＝＝＝0.9kg， 其密度： ρ＝＝＝0.3×103kg/m3； （3）为了提高防洪安全性，使警戒水位比原设计低，在B的底面积不变、压力传感器位置不变的前提下，可以选用触发压力值更小的压力传感器，另外可以减小圆柱体对传感器的压力，而圆柱体对传感器的压力等于传感器等于圆柱体的压力，F压＝G﹣F浮，在圆柱体重力不变的情况下，可以通过适当减小B的密度、或适当增大B的高度而增大受到的浮力。 故答案为：（1）当水位正常时，圆柱体B对模型底部的压强为900Pa； （2）圆柱体B的高度为0.3m、密度为0.3×103kg/m3； （3）适当增大B的高度。 【点评】本题考查了重力公式、密度公式、压强公式、阿基米德原理、力的相互性、力的平衡知识的应用，难点在第三问，要利用好力的平衡知识。 17．（6分）如图所示，ab和cd是金属棒，质量不可忽略不计，Ⅰ和Ⅱ是一对异名磁极，金属棒ab为放在其间。用导线把ab和cd连成一个闭合回路。当金属棒ab向左做切割磁感线运动时，产生了“由a到b”的电流，此时金属棒cd刚好悬在空中不动，忽略空气阻力。假设金属棒cd只受重力和磁场力作用，由此可知： （1）此时金属棒cd受到的磁场力方向为 　竖直向上　 ；（选填“竖直向上”、“竖直向下”、“水平向左”、“水平向右”） （2）若把磁极N、S互换位置，当金属棒ab向右做切割磁感线运动时，金属棒ab产生的电流方向是 　由b到a　 （选填“由a到b”、“由b到a”），此时，金属棒cd受到的磁场力方向是 　竖直向上　 。（选填“竖直向上”、“竖直向下”、“水平向左”、“水平向右”） 【分析】（1）根据二力平衡的条件判断此时金属棒cd受到的磁场力方向； （2）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象，感应电流的方向与导体切割磁感线运动的方向和磁场的方向有关； 通电导体在磁场会受力运动，通电导体运动的方向与磁场的方向和电流的方向有关。 【解答】解：（1）悬在空中不动的金属棒cd处于平衡状态，受平衡力的作用，所以金属棒cd受竖直向下的重力和竖直向上的磁场力。 （2）当金属棒ab向右做切割磁感线运动时，电路中产生的电流方向也会发生变化，即ab中电流方向将由“b到a”。 若把磁极N、S互换位置，金属棒cd所处磁场方向改变，电路中电流方向发生改变，金属棒cd受到的磁场力方向不会发生改变，此时金属棒cd所受磁场力的方向将竖直向上。 故答案为：竖直向上；由b到a；竖直向上。 【点评】本题考查了电磁感应现象和通电导体在磁场中的受力情况，明确感应电流方向、磁场力的方向为解题的关键。 18．（15分）某足球场草坪种植的黑麦草，适合在湿度为50%的土壤中生长。设计自动灌溉系统时需要使用湿敏电阻Rx，为测量Rx在湿度为50%的土壤中的电阻值，先把Rx放入湿度为50%的土壤内，并按图1连接电路。 （1）连接电路后，发现电路中有一根导线连接错误，请在这根导线上打“×”，并以笔画线重新连接正确的导线。 （2）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到 　B　 （选填“A”或“B”）端。 （3）闭合开关S，移动滑片P，测得多组数据如表格所示，实验②的数据如图2所示，根据实验①②③的数据可得：湿度为50%的土壤内Rx的阻值为 　10　 Ω。 实验序号 ① ② ③ 电压表示数U/V 1.1 2.6 电流表示数I/A 0.1 0.26 Rx/Ω （4）湿敏电阻Rx的阻值随所在土壤湿度变化的图象如图3所示。已知：蓄电池电压恒为6V，电磁继电器（如图4所示的元件A）线圈电流大于0.2A时衔铁被吸下，小于0.2A时衔铁被弹回，线圈电阻不计；电动机的额定电压为220V。请以笔画线代替导线完成图4所示的电路连接，要求：闭合开关S，当土壤湿度低于50%时，电动机转动送水；当土壤湿度高于50%时，电动机不转，停止送水。 （5）定值电阻R0的阻值为 　20　 Ω； （6）电动机正常工作时，电动机内部线圈等效电阻r＝10Ω，通过线圈电流I＝2A，请求出电动机的机械效率。请求出正常工作10min电动机线圈产生的热量和电动机消耗的电能。 【分析】（1）原电路中湿敏电阻右端与开关相连的导线连接错误，应在该导线上打“×”，把湿敏电阻右端改接电源负极即可。 （2）为保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处。 （3）观察电压表和电流表的量程和分度值，根据指针位置读取数据，由欧姆定律得到三次测量的电阻值，然后对三次测量值求平均值得到湿敏电阻的阻值。 （4）将R0与Rx串联后接在电磁继电器控制电路，电磁继电器衔铁端与电动机串联后接在220V电源的火线和零线上。当土壤湿度低于50%时，Rx阻值变大，控制电路电流变小，衔铁不被吸下，电动机工作；当土壤湿度高于50%时，Rx阻值变小，控制电路电流大于0.2A，衔铁被吸下，电动机停止工作。据此连接电路即可。 （5）当土壤湿度为50%时，由欧姆定律得到控制电路的总电阻，由串联电路电阻特点得到定值电阻R0的值。 （6）由W＝UIt得到电动机消耗的电能，由Q＝I2rt得到电动机线圈产生热量，由电能与热量之差得到电动机输出的机械能，由效率公式得到电动机的机械效率。 【解答】解：（1）为测量Rx的电阻值，应让湿敏电阻与滑动变阻器串联，电压表测量湿敏电阻两端的电压，电流表测量电路电流。原电路中湿敏电阻右端与开关相连的导线连接错误，应在该导线上打“×”，把湿敏电阻右端改接电源负极即可。按上述方法改接电路，电路如图所示： 。 （2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即B端。 （3）由图2可知，电压表示数U2＝1.8V，电流表示数I2＝0.2A，则Rx2＝＝＝9Ω。 由实验①③的数据可得Rx1＝＝＝11Ω， Rx3＝＝2.6＝10Ω， 则湿敏电阻的平均值为Rx＝＝＝10Ω。 （4）将R0与Rx串联后接在电磁继电器控制电路，电磁继电器衔铁端与电动机串联后接在220V电源的火线和零线上。当土壤湿度低于50%时，Rx阻值变大，控制电路电流变小，衔铁不被吸下，电动机工作；当土壤湿度高于50%时，Rx阻值变小，控制电路电流大于0.2A，衔铁被吸下，电动机停止工作。据此连接电路，电路如图所示： 。 （5）当土壤湿度为50%时，Rx＝10Ω，此时控制电路电流I＝0.2A，电源电压U＝6V，则控制电路总电阻R总＝＝30Ω，由串联电路电阻特点知R0＝R总﹣Rx＝30Ω﹣10Ω＝20Ω。 （6）电动机消耗的电能W＝UIt＝220V×2A×600s＝2.64×105J。 电动机线圈产生热量Q＝I2rt＝（2A）2×10Ω×600s＝2.4×104J。 电动机输出的机械能W机＝W﹣Q＝2.64×105J﹣2.4×104J＝2.4×105J。 电动机的机械效率η＝×100%＝×100%≈90.9%。 故答案为：（1）；（2）B；（3）10；（4）；（5）20；（6）线圈产生热量2.4×104J，电动机消耗电能2.64×105J，机械效率约90.9%。 【点评】本题考查了电路的连接、滑动变阻器的使用、欧姆定律、焦耳定律、串联电路规律等的应用，难度中等。 19．（7分）如图所示，摆线长L相同，实心小铁球A、小铅球B的体积VA＝VB，密度ρ铁＜ρ铅，悬线与竖直方向的夹角θ1＜θ2。 （1）图甲、乙中，同时由静止释放A、B两球，观察到它们并排摆动且始终相对静止，同时到达竖直位置，这表明两小球在摆动过程中，任一时刻速度的大小与小球的质量 　无关　 （选填“有关”或“无关”）； （2）若用如图乙、丙所示的装置，可通过改变悬线与竖直方向的夹角来改变小球撞击木块时的 　速度　 ，从而探究物体的动能大小与这个物理量的关系，请你根据这个方案设计实验步骤，记录3组以上的实验数据，并且根据实验数据，作出分析判断。 ①实验步骤：　1、如图组装实验装置，保持悬线与竖直方向夹角为θ1，让B球从静止开始释放，撞击木块C，用刻度尺测量并记录C的左端移动的距离s1； 2、逐步增大悬线与竖直方向夹角θ，重复步骤1，测得距离为s2、s3　 。 ②数据记录表格； ③数据分析：　若s1＝s2＝s3，则物体的动能大小与物体运动速度无关；若s1＜s2＜s3，则物体的动能大小与物体运动速度有关，质量相同时，物体运动速度越大，动能越大　 。 【分析】（1）比较甲、乙两图的速度和质量的关系便可得出结论； （2）当悬线与竖直方向的夹角越大，到达最低点的速度越大； 根据控制变量法可知探究动能与速度的关系需改变物体的速度，控制质量不变，据此设计实验步骤和数据记录表格，进一步分析数据得出结论。 【解答】解：（1）图甲、乙中，同时由静止释放A、B两球，观察到它们并排摆动且始终相对静止，同时到达竖直位置。这表明两小球在摆动过程中的任一时刻的速度大小与小球的质量无关； （2）根据乙、丙所示的探究过程，当悬线与竖直方向的夹角越大，到达最低点的速度越大； ①实验步骤：1、如图组装实验装置，保持悬线与竖直方向夹角为θ1，让B球从静止开始释放，撞击木块C，用刻度尺测量并记录C的左端移动的距离s1； 2、逐步增大悬线与竖直方向夹角θ，重复步骤1，测得距离为s2、s3； ②数据记录表格： θ/° s/m ③数据分析：若s1＝s2＝s3，则物体的动能大小与物体运动速度无关；若s1＜s2＜s3，则物体的动能大小与物体运动速度有关，质量相同时，物体运动速度越大，动能越大。 故答案为：（1）无关； （2）速度； ①1、如图组装实验装置，保持悬线与竖直方向夹角为θ1，让B球从静止开始释放，撞击木块C，用刻度尺测量并记录C的左端移动的距离s1； 2、逐步增大悬线与竖直方向夹角θ，重复步骤1，测得距离为s2、s3； ② θ/° s/m ③若s1＝s2＝s3，则物体的动能大小与物体运动速度无关；若s1＜s2＜s3，则物体的动能大小与物体运动速度有关，质量相同时，物体运动速度越大，动能越大。 【点评】此题是探究“物体的动能大小与哪些因素有关”的实验，实验装置与以往的课本装置不同，采用悬挂的小球做实验，实验更容易操作，同时考查了学生设计实验步骤，分析实验现象得出结论的能力。 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $$