2025北京市海淀区中央民族大学附属中学中考三模物理试卷

2025年北京市海淀区中央民族大学附中中考物理三模试卷 一、单选题：本大题共12小题，共24分。 1.居民楼的楼道里的照明灯泡一般为白炽灯泡，图示的白炽灯泡的各部件中，通常情况下，属于绝缘体的是 A. 连接点 B. 玻璃泡 C. 金属架 D. 灯丝 2.能源种类繁多，分类标准也不是唯一的。以下能源形式中，属于不可再生能源的是(    ) A. 核能 B. 太阳能 C. 风能 D. 地热能 3.皮影戏是一种民间戏剧，已成为国家级非物质文化遗产，用灯光照射由兽皮或纸板做成的“人物”，屏幕上便出现影子。下列成语中描述的光现象与皮影戏原理相同的是(    ) A. 杯弓蛇影 B. 立竿见影 C. 镜花水月 D. 海市蜃楼 4.关于生活用电，下列说法正确的是(    ) A. 保险丝的作用是随时切断电路 B. 有金属外壳的家用电器，外壳一定要接地 C. 保险丝熔断一定是电路发生了短路 D. 使用测电笔时不能用手接触笔尾的金属体 5.抖空竹是中国民间传统游戏之一，宋代梦粱录中就有其详细记载。如图，空竹圆轮以竹木制成，其外侧开有若干方形哨口，哨口内有大小不同的气腔，因其转动时会发出嗡嗡声，又名“空钟”。下列说法不正确的是(    ) A. 空竹发出的声音是通过空气传入人耳的 B. 空竹发出的声音是由气腔内的空气振动产生的 C. 气腔内空气振动越快，声音传播速度越大 D. 气腔内空气振动幅度越大，发出声音的响度越大 6.如图所示的是我国先秦时期的蒸食用具甗，它由青铜材料铸造而成，分为上、下两部分：下半部是鬲，样子像鼎、用于煮水；上半部是甑；底部有网眼、可通蒸汽，内部放置食物。下列说法正确的是(    ) A. 鬲内的水沸腾后，甑周围冒出的“白气”是水蒸气 B. 水沸腾前，水吸收热量，温度不变，但水的内能增大 C. 停止加热后，鬲慢慢变凉，鬲中所盛水内能会慢慢减少 D. 停止加热后甑比盛有水的鬲凉得更快，是因为甑所用材料比热容比水大 7.学校组织了丰富多彩的体育活动，下列运动中涉及物理知识的说法正确的是(    ) A. 小强踢足球时，用脚将球踢出，说明一个物体就能产生力 B. 小英掷铅球时，铅球飞出去，说明力主要改变了物体的形状 C. 小明长跑时，冲过终点不能立即停下来，是由于小明具有惯性 D. 小华立定跳远时，他所受的重力与他对地面的压力是一对平衡力 8.如图为小孩荡秋千的示意图，下列分析正确的是(    ) A. 小孩在点具有的动能最大 B. 小孩从荡到的过程中，动能转化为势能 C. 小孩从荡到的过程中，动能转化为势能 D. 小孩从荡到的过程中，在点的机械能大于点的机械能 9.不戴头盔存在安全隐患，于是张明同学设计以下方案：骑行前，扫码成功后开关闭合，指示灯亮，但电机不工作；从车头取出头盔并戴上后，头盔内遥控设备遥控闭合，电动机才通电工作；若只戴头盔不扫码则无法骑行。下列电路符合以上设计要求的是(    ) A. B. C. D. 10.如图所示，下列说法中正确的是(    ) A. 图甲：地磁场的极在地理的北极附近 B. 图乙：滑片向左移动，能吸引更多铁钉，说明电磁铁的磁性强弱与电阻大小有关 C. 图丙：只对调磁极，闭合开关，通电导体在磁场中的受力方向不会发生改变 D. 图丁：该实验过程中，主要将机械能转化为电能 11.如图是用滑轮组提升物体的作业过程。物体重力大小为，在为的拉力作用下，匀速竖直向上提升物体的过程中，物体上升的速度大小为为，动滑轮重为。下列说法中正确的是(    ) A. 绳子自由端的速度大小为 B. 滑轮组的机械效率为 C. 拉力做功的功率为 D. 滑轮组在静止时也可以测出该滑轮组的机械效率 12.小红用大塑料瓶大瓶和开口的小玻璃瓶小瓶制作了如图甲所示的“浮沉子”。装有适量水的小瓶开口朝下漂浮在大瓶内的水面上，拧紧大瓶的瓶盖使其密封，两瓶内均有少量空气，小瓶内空气的质量可忽略不计，通过挤压大瓶可实现小瓶的浮沉挤压过程中，小瓶不接触大瓶。小瓶可视为圆柱形容器，其底面积，高，忽略其底和壁的厚度。初始状态小瓶漂浮，大瓶中的气体压强为，此时简化的模型如图乙所示，两瓶内水面的高度差，小瓶开口处到大瓶内水面的距离，水的密度，取。下列说法正确的是(    ) A. 当小瓶下沉时，若取小瓶、小瓶中气体和小瓶中的水整体为研究对象，则重力不变，浮力减小 B. 初始状态小瓶漂浮时，小瓶内的气体压强为 C. 小瓶的质量为 D. 用适当大小的力挤压大瓶，使小瓶恰好悬浮时，小瓶内空气的体积为 二、多选题：本大题共3小题，共6分。 13.勤思考、爱交流的小琴对学过的热学知识进行了总结，并与小东进行交流，小东认为小琴总结的结论有的正确，有的错误。小琴总结的下列结论中正确的是(    ) A. 扩散现象说明分子在不停地做无规则运动 B. 在热传递过程中，热量从内能大的物体传向内能小的物体 C. 水的比热容比酒精大，水和酒精升高相同的温度，水吸收的热量较多 D. 在四冲程内燃机中，做功冲程将内能转化为机械能 14.一质量为、底面积为、高为的不吸水圆柱体放在盛有水的薄壁厚度不计柱形容器内，容器底面积为，如图所示。打开阀门，放出的水后关闭阀门。下列说法正确的是(    ) A. 圆柱体的密度为 B. 放水前水面距容器底部的高度为 C. 放水后水对容器底部的压力为 D. 放水后水对容器底部的压强为 15.海鲜保存常要求温度低于，小祝为海鲜市场的冷库设计了温度自动报警器，其原理如图甲所示。控制电路和工作电路电源电压均为保持不变，电磁铁线圈电阻忽略不计，图乙为热敏电阻随温度变化的图像。冷库温度等于或高于时，工作电路报警。下列说法正确的是(    ) A. 冷库温度升高时，热敏电阻的阻值变小 B. 工作电路报警时，衔铁被吸下，灯亮，铃不响 C. 若控制电路中换用电压更大的电源，警戒温度将变低 D. 冷库温度降低时，控制电路消耗的电功率变小 三、填空题：本大题共1小题，共3分。 16.图甲中，木块的长度为______。 在调节天平的过程中，天平的指针如图乙所示，此时应将平衡螺母向______侧移动填“左”或“右”。 图丙中，用调好的天平测出一个苹果的质量为______。 四、实验探究题：本大题共7小题，共22分。 17.为探究水沸腾时温度随加热时间变化的特点，进行如下实验：用图甲所示的装置给一定质量的水加热，从水温为开始，每隔一分钟测量并记录一次水的温度，实验数据及相关信息如表所示。 时间 温度 是否沸腾 否 否 否 否 否 是 是 是 是 实验中判断水是否沸腾的方法是______。 实验中某时刻的温度计示数如图乙所示，此时水的温度为______。 根据实验数据及相关信息可以得出的实验结论：______。 18.为“探究液体内部的压强与哪些因素有关”，小乐提出以下三个猜想： 猜想：液体内部的压强与液体的深度有关 猜想：液体内部的压强与液体的密度有关 猜想：液体内部的压强与液体的质量有关 为了验证猜想，小乐利用同一个微小压强计、相同的烧杯等器材进行了如甲、乙、丙图所示的实验。 实验中通过微小压强计______反映液体内部的压强。 通过比较______两图所示的实验现象，可以验证猜想。 通过比较甲、乙两图所示的实验现象，______验证猜想。选填“能”或“不能” 19.小军通过实验探究通电螺线管外部的磁场分布： 在硬塑料板上均匀地撒满铁屑，通电后轻敲硬塑料板，铁屑的分布情况如图甲所示，可以观察到：通电时，螺线管外部的磁场分布与______选填“条形”或“蹄形”磁体的磁场相似。 要进一步研究通电螺线管外部某点的磁场方向，他的操作及判断方法是______。 弄清通电螺线管的极性与环绕螺线管的电流方向之间的关系后，请你帮助小军在图乙中标出通电螺线管外部点的磁场方向画“”表示。 20.为了探究“滑动摩擦力的大小与压力大小是否有关”，小东用已调零的弹簧测力计、细线、一个表面粗糙程度均匀的长木板木板的一端带有一个高度可调节的定滑轮、两个质量不等且表面粗糙程度不相同的物块、，进行如图甲、乙所示的实验。 实验时将长木板放置在水平桌面上，竖直向上拉动弹簧测力计使木块在水平拉力的作用下沿水平长木板做______运动，此时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计拉力的大小。 若甲、乙两次实验中弹簧测力计拉力的大小不同，______选填“能”或“不能”说明滑动摩擦力的大小与压力大小有关。理由是______。 21.某同学利用焦距为的凸透镜做了三次实验，透镜、蜡烛、光屏所在位置以及光屏上得到的清晰像的情况如图所示。 由图所示的实验现象可知：随着物距不断变小，像距和像的大小的变化情况是______。 在图乙所示的实验中，只将凸透镜换为焦距为的凸透镜，为在光屏上得到清晰的像，光屏应 向______侧移动。 22.小芳测量额定电压为的灯泡正常发光时的电阻，电源电压保持不变。 请用笔画线代替导线，将图甲所示的实物图连接完整。 电路连好后，闭合开关，发现灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，接下来首先应进行的操作是______。 A.检查电路是否断路 B.更换小灯泡 C.移动滑动变阻器的滑片，观察灯泡是否发光 图乙是通过小灯泡的电流随其两端电压变化的图像，正确完成上述操作后，移动滑动变阻器的滑片使灯泡正常发光，此时灯泡的电阻约为______。 闭合开关，调节滑动变阻器的滑片至某位置时，电压表的示数为，要想测量小灯泡的额定功率，应将滑片向______选填“左”或“右”移动，使电压表的示数为。 若仅将与上述小灯泡规格完全相同的两个小灯泡串联在电压为的电源两端，则电路消耗的总电功率为______。 23.小东用电子秤、装有适量水的烧杯、筷子忽略体积测量苹果的密度。 以下是实验的主要步骤，请补充完整。 将电子秤放在水平桌面上并调零，将装有适量水的烧杯放到电子秤上，如图甲所示，读出电子秤的示数并记为。 如图乙所示，将苹果放入水中，苹果静止后读出电子秤的示数并记为； ______，读出电子秤的示数记为。 已知水的密度为，根据以上实验记录的数据，推导出苹果密度 ______。用、、和表示 五、计算题：本大题共2小题，共8分。 24.某学习小组设计了一种多挡位电热器，电热器的铭牌如下表所示，其内部简化的电路如图所示。其中、为阻值一定的电热丝，且。通过控制开关、的断开或闭合状态，可以让电热器在不同挡位工作。 求的阻值。 求电热器在中挡位工作所消耗的电能。 若家庭电路的电压是，某插座的额定电流是，用该插座仅给该电热器供电，能否使用高挡位？说明理由。 电热器 额定电压 额定功率 低挡 中挡 高挡 25.如图甲所示，用卷扬机其内部有电动机提供动力通过动滑轮提升重力为的物体并使其匀速上升时，卷扬机对动滑轮绳端的拉力为，平台对卷扬机的支持力为，拉力的功率为，动滑轮的机械效率为；已知被提升物体移动的距离随时间变化的图像如图乙所示，卷扬机的重力为，吸盘和绳的质量及滑轮与轴的摩擦均可忽略不计，取。求： 拉力的大小。 平台对卷扬机的支持力。 拉力的功率。 若卷扬机通过动滑轮提升物体的最大重力是，此时动滑轮提升重物的机械效率是多少？ 六、综合题：本大题共2小题，共7分。 26.小明查阅资料发现：实验中有时需要用两个滑动变阻器共同调节电路中的电流，当电阻变化量相同时，若电路中电流改变明显，则该滑动变阻器可用作粗调，反之则用作微调。于是他设计了如图所示的电路：将最大阻值为的滑动变阻器和最大阻值为的滑动变阻器，接入两端电压恒为的电路中，开始时滑片均位于滑动变阻器的中点。当仅将滑动变阻器接入电路的阻值增加时，电流表的示数减小了；当仅将滑动变阻器接入电路的阻值增加时，电流表的示数减小了。分析判断滑动变阻器用作粗调还是微调。 27.读短文，回答文后问题。 风杯式风速计 风是由于空气流动而产生的。风速是最基本的气象要素之一，生产生活中很多时候需要测量风速。如图甲所示，风杯式风速计是一种常用的风速测量仪器。其原理如图乙所示，风杯是半球形空心杯，三个风杯用夹角为的三根支架固定在竖直的转轴上。起风时，气流冲击风杯，风相对风杯的速度越大，冲击力越大。凹面迎风的风杯受到的风压大，凸面迎风的风杯由于风的绕流作用，受到的风压小。作用在三个风杯上的风压差使静止的风杯开始旋转，越转越快，当风速一定时，风杯转速增大到一定值时不再增大，此时风速和风杯转速的关系为，其中为风速，为风杯转速每秒转过的圈数，为风杯转动半径，为风速计常数。风杯的转轴连接一个电路板，转轴每转一圈都会使电路中产生一个短暂的电流，根据电流的周期可以算出风杯的转速，进而算出此时的风速。 因为转轴的摩擦，风速较小时，风杯可能转不起来。适当______填“增大”或“减小”支架的长度，可以提高风速计的灵敏度。 如图乙所示，风从左边吹向风速计，则风杯旋转方向为______填“顺”或“逆”时针。 为什么当风速一定时，风杯转速增大到一定值时不再增大？______。 若一个风速计的风杯转动半径为，风速计常数为，计算时。某次测量风速时，电流一时间图象如图丙所示，则此时风速为______。 答案和解析 1.【答案】  【解析】解：白炽灯泡的连接点、金属架和灯丝属于导体；玻璃泡属于绝缘体；故B正确，不正确。 故选：。 容易导电的物体叫导体；不容易导电的物体叫绝缘体。 本题考查的导体和绝缘体的区分，属于基础题目。 2.【答案】  【解析】解：核能在短时间内不能再生，是不可再生能源，故A正确； 太阳能、风能、地热能都可以从自然界源源不断地获得，是可再生能源，故B、、不正确。 故选：。 从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源，化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源。 此题考查了能源的分类，属于基础知识。 3.【答案】  【解析】解：皮影戏是由于光的直线传播形成的。 A、杯弓蛇形属于光的反射现象，故A不符合题意； B、立竿见影是由于光的直线传播形成的，与皮影戏的原理相同，故B符合题意； C、镜花水月是由于光的反射形成的，故C不符合题意； D、海市蜃楼是由于光的折射形成的，故D不符合题意。 故选：。 光在同种均匀介质中是沿直线传播的。 本题考查的是光的直线传播；知道光的反射和光的折射现象。 4.【答案】  【解析】解：、说法错误，当总功率过大或发生短路时，保险丝才会断开电源。 B、说法正确，为了防止金属外壳带电造成触电，外壳要接地线。 C、说法错误，保险丝熔断可能是电路发生了短路，也可能是总功率过大。 D、说法错误，使用测电笔时应用手接触笔尾的金属体。 故选：。 根据保险丝的作用、用电器接地线的原因、测电笔的使用分析。 本题考查了家庭电路中的保险丝的作用、用电器接地线的原因、测电笔的使用方法。 5.【答案】  【解析】解：声音的传播需要介质，空竹发出的声音是通过空气传入人耳的，故A正确； B.声音是由物体振动产生的，空竹发出的声音是由气腔内的空气振动产生的，故B正确； C.气腔内空气振动越快，发出声音的频率越高，音调越高，但传播速度不一定越大，因为影响声音传播速度的因素是传声的介质和温度，故C错误； D.响度与振动幅度有关，气腔内空气振动幅度越大，发出声音的响度越大，故D正确。 故选：。 声音产生的原因是由物体的振动产生的。 一切正在发声的物体都在振动，振动停止，则发声也停止。 影响声音传播速度的因素是传声的介质和温度。 响度表示声音的大小。 本题考查声现象，是一道综合题。 6.【答案】  【解析】解：鬲内的水沸腾后，甑周围冒出的“白气”是小水滴，故A错误； B.水沸腾前，水吸收热量，温度升商，内能增大，故B错误； C.停止加热后，鬲慢慢变凉，即温度降低，鬲中所盛水内能会慢慢减少，故C正确； D.停止加热后甑比盛有水的鬲凉得更快，是因为甑所用材料比热容比水小，故D错误； 故选：。 一定质量的某种物质，在温度升高时吸收的热量与它的质量和升高的温度乘积之比，叫作这种物质的比热容，用符号表示。 液化指物质由气态转变成液态。 物体的内能与温度、质量、状态等因素有关；与物体的机械运动情况无关。 本题考查了比热容概念、液化概念、内能的变化等知识点。 7.【答案】  【解析】解：、力是物体对物体的作用，一个物体不能产生力，故A错误； B、小英掷铅球时，铅球在空中飞行时，运动方向和速度大小都是变化的，因此它的运动状态是变化的，故B错误； C、小明长跑时，由于小明具有惯性，所以冲过终点不能立即停下来，故C正确； D、小华立定跳远时，他所受的重力与他对地面的压力作用在两个物体上且方向相同，不是一对平衡力，故D错误。 故选：。 力是物体对物体的作用； 力可以改变物体的运动状态，也可以改变物体的形状； 物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性； 二力平衡的条件有个，“同一物体”、“大小相等”、“方向相反”、“在同一直线上”。 本题通过踢足球这一运动，考查了多个力学概念或原理的理解，难度不大。 8.【答案】  【解析】解：、小孩在点的位置最高，重力势能最大，动能为零，故A错误。 B、小孩从荡到的过程中，质量不变，高度增加，重力势能增加；速度减小，动能减少，是动能转化为重力势能，故B正确。 C、小孩从荡到的过程中，质量不变，高度降低，重力势能减少；速度增加，动能增大，是重力势能转化为动能，故C错误。 D、小孩从荡到的过程中，由于克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能，使得机械能减小，所以在点的机械能小于点的机械能，故D错误。 故选：。 动能的大小与质量、速度有关；重力势能的大小与质量、高度有关；机械能为动能和势能的和；物体克服摩擦做功，机械能转化为内能。 本题考查了动能与重力势能的转化与守恒，动能与质量和速度有关，重力势能与高度和质量有关。 9.【答案】  【解析】解：根据题意可知，骑行前，扫码成功后开关闭合，指示灯亮，但电机不工作；从车头取出头盔并戴上后，头盔内遥控设备遥控闭合，电动机才通电工作，这说明灯泡与电机工作时互不影响，是并联的；若只戴头盔不扫码则无法骑行，则开关在干路中控制整个电路，开关与电机在一条支路中，故C正确。 故选：。 根据题意分析两个开关的作用、灯泡与电动机的连接方式，然后选出正确的电路图。 本题考查了电路图的设计，关键是明确串联和并联电路中开关的作用。 10.【答案】  【解析】解：地磁场的极在地理的北极附近，故A错误；  向左移电阻减小，电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，能吸引更多铁钉，电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，故B错误； C.电动机的转动方向与电流方向和磁场方向有关，只对调磁极，电流方向不变，线圈的转动方向发生改变，故C错误； D.导体切割磁感线，产生感应电流，机械能转化成电能，故D正确。 故选：。 地磁场的极在地理的北极附近； 根据安培定则判断磁极，当线圈的匝数一定时，电磁铁中的电流越大，磁性越强； 通电线圈在磁场中的受力方向与磁场方向和电流方向有关； 闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象，将机械能转化成电能。 本题考查影响电磁铁磁性强弱的因素、地磁场、发电机的能量转化、影响电动机转动方向的因素。 11.【答案】  【解析】解：、由图可知，，绳子自由端的速度大小为： ，故A错误； B、该滑轮组的机械效率为： ，故B错误； C、拉力做功的功率为： ，故C正确； D、滑轮组在静止时，没有做功，也就无法测出滑轮组的机械效率，故D错。 故选：。 根据滑轮组装置确定绳子股数，利用求出绳子自由端的速度大小； 根据求出该滑轮组的机械效率； 根据求出拉力做功的功率； 滑轮组在静止时，没有做功，也就无法测出滑轮组的机械效率。 本题考查了功率公式、效率公式的应用，关键是利用好两个推导公式：一是滑轮组的机械效率，二是功率推导公式。 12.【答案】  【解析】解： A、根据浮沉条件知：当小瓶下沉时，它受到的重力大于它受到的浮力，小瓶、小瓶中气体质量不变，二者作为整体质量不变，重力不变，再结合浮沉条件知：此时只有减小，即小瓶中水的重力增加，浮力才会变小，小瓶才能下沉，故若取小瓶、小瓶中气体和小瓶中的水整体为研究对象，则重力变大，浮力减小，故A错误； B、初始状态小瓶漂浮时，小瓶受力平衡，此时小瓶内的气体压强等于大瓶中的气体压强深度为的水产生的压强， 则，故B错误； C、由图乙可知，小瓶处于漂浮状态，则小瓶排开水的体积： ， 小瓶所受浮力：； 由物体的漂浮条件可知，小瓶的重力：； 根据可得小瓶的质量：，故C错误； D、用适当大小的力挤压大瓶，使小瓶恰好悬浮时，则所受浮力：；与漂浮时相比，浮力不变，故排开水的体积不变，故此时小瓶内空气柱的高度为，此时小瓶内空气的体积等于漂浮时排开水的体积，故D正确。 故选：。 根据浮沉条件分析当小瓶下沉时，它受到的重力与它受到的浮力的大小关系，再结合浮沉条件分析浮力相关影响因素的变化，从而得出重力、浮力大小变化关系； 初始状态小瓶漂浮时，小瓶内的气体压强等于大瓶中的气体压强深度为的水产生的压强，据此结合液体压强公式进行计算； 由图乙可知，小瓶处于漂浮状态，根据图中数据求出小瓶排开水的体积，根据阿基米德原理求出图乙中小瓶所受浮力；根据物体的漂浮条件求出小瓶的重力，然后求出小瓶的质量； 根据物体的悬浮条件分析浮力，结合漂浮时的排开液体的体积分析解答。 本题考查物体的浮沉条件、密度公式和阿基米德原理的应用，关键是知道小瓶内空气的质量不变。 13.【答案】  【解析】解：、两种物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象表明分子不停地做无规则的运动，故A正确； B、在热传递过程中，热量从温度高的物体传向温度低的物体，内能大的物体温度不一定高，内能小的物体温度不一定低，故B错误； C、根据吸热公式，尽管水的比热容比酒精大，在质量不确定的情况下，水和酒精升高相同的温度，不能判断哪个物体吸收的热量较多，故C错误； D、在四冲程内燃机中，做功冲程将内能转化为机械能，故D正确。 故选：。 分子在永不停息地做无规则运动，所以不同的物质在相互接触时，会出现彼此进入对方的现象，这种现象叫做扩散； 热传递的条件是有温度差，热量由高温物体传递给低温物体或从物体的高温部分传递到低温部分； 根据吸热公式，吸收热量的多少与比热容、质量和变化的温度有关； 内燃机四个冲程中的能量转化情况：吸气和排气冲程不发生能量转化，压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。 本题考查了扩散现象、热传递的条件、物体内能改变的方式以及内燃机工作过程能的转化，属于热学基础知识的考查。 14.【答案】  【解析】解：、由题意得：圆柱体的体积为：，圆柱体的密度：，故A正确； B、放水前，由图所示，圆柱体漂浮在水里，所以，排开水的体积为：，所以液面上升的高度为，没放圆柱体之前水的体积为：，水的高度为，所以放水前水面距容器底部的高度为：，故B错误； 、放水前圆柱体浸在水中的深度为：，圆柱体下面水的高度为：，圆柱体下面水的质量为：，所以当放水。圆柱体刚好漂浮，现在放水，所以圆柱体沉底，此时水面下降的高度为：，现在水的高度为，所以放水后水对容器底的压强为：，所以放水后水对容器底的压力为：，故C错误，故D正确。 故选：。 由题意及密度公式可求出圆柱体的密度； 放水前水面距容器底部的高度等于水原来的高度加上圆柱体放入之后液面上升高度，由阿基米德原理求出排开水的体积，可求水上升的高度，最后求出放水前水面对容器底部的高度； 判断放水后圆柱体的状态，通过计算可得出放水后对容器底部的压力； 放水后水对容器底部的压强可利用。 本题考查了阿基米德原理及液体压强的计算。 15.【答案】  【解析】解：、根据图像，冷库温度上升后，热敏电阻阻值变小，故A正确； B、温度过高，热敏电阻阻值变小，控制电路电流变大，衔铁被吸下，工作电路中电铃响，灯不亮，故B错误； C、冷库温度时，热敏电阻阻值为，利用欧姆定律得到：，若控制电路中换用电压更大的电源，衔铁被吸下的电流不变，则总电阻变大，故热敏电阻变大，由图乙可知，警戒温度将变低，故C正确； D、冷库温度降低时，控制电路中热敏电阻阻值变大，电流变小，根据得出电路电功率变小，故D正确。 故选：。 根据图像分析电阻变化，结合温度变化分析电流变化，根据电磁铁的磁性与电流有关分析。 控制电路只有热敏电阻，结合电源电压可以求出报警的临界电流；当温度升高后，电阻变小，控制电路电流变大，衔铁被吸下，工作电路中电铃响，报警。据此再对选项进行分析判断即可。 本题考查了电磁继电器的基本工作原理。利用控制电路的热敏电阻的报警温度对应的阻值计算出报警电流，再结合工作电路进行识别即可，在电磁继电器题目中属于比较基础的。 16.【答案】；  左；    【解析】解：由图知，刻度尺的分度值是，此图是以作为“零”刻度，末端刻度值为，所以物体长度为； 将天平放到水平实验台上并将游码归零后，小明发现托盘天平的指针向右偏，即右边较重，此时他应该将平衡螺母向左调节，使天平横梁平衡； 由图丙可知，标尺分度值，则苹果的质量是：。 故答案为：；左；。 使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位； 把天平放在水平桌面上，并将游码移至标尺左端零刻线处，调节横梁两端的螺母使横梁平衡，指针左偏右调，右偏左调； 在读数时，天平上所有砝码的质量加上游码所对的数值即待测物体的质量。 本题考查了刻度尺、天平的使用方法，属于基础题目。 17.【答案】是否有大量气泡冒出水面；  ；  水在沸腾前，吸收热量，温度上升；水在沸腾过程中，吸收热量，温度不变  【解析】沸腾时水的气泡在上升过程中体积逐渐变大，实验中根据烧杯中气泡的变化判断水是否沸腾； 温度计的分度值为，如图乙所示，此时水的温度为； 由图像可知，沸腾前吸收热量，温度不断升高，沸腾时，吸收热量，温度不变，可得出的实验结论：水在沸腾前，吸收热量，温度升高；水在沸腾过程中，吸收热量，温度不变。 故答案为：是否有大量气泡冒出水面；；水在沸腾前，吸收热量，温度上升；水在沸腾过程中，吸收热量，温度不变。 根据水沸腾前和沸腾时的现象区别：沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小；沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大。 温度计的读数先确定分度值再读数； 根据图象和数据分析水沸腾的规律：水沸腾后，继续吸热而温度保持不变。 此题是探究水的沸腾实验，涉及到水的沸点、器材的组装、水的沸腾特点，难度不大。 18.【答案】形管两边液面的高度差  乙、丙  不能  【解析】解：在该实验装置中，将压强计的金属盒放入液体中，如果形管两边的液面出现液面高度差，表示液体内部存在压强，且液体内部压强越大，液面高度差越大，故微小压强计是利用形管两边液面的高度差表示液体压强大小的，这是利用了转换法； 要探究液体的压强与液体密度的关系，需要控制液体的深度相同，改变液体的密度，所以应选乙、丙两图进行比较； 验证液体内部的压强与液体的质量是否有关，应控制深度、液体的密度相同，液体的质量不同，甲、乙两图橡皮膜的深度不同，所以不能验证猜想。 故答案为：形管两边液面的高度差；乙、丙；不能。 根据转换法，将压强计的金属盒放入液体中，如果形管两边的液面出现液面高度差，表示液体内部存在压强，且液体内部压强越大，液面高度差越大； 液体的压强与液体的密度和液体的深度有关，根据控制变量法分析解答； 比较图甲和图乙的相同量和不同量，根据控制变量法分析解答，得出结论。 本题考查了探究影响液体内部压强大小的因素的实验，考查控制变量法和转换法的应用。 19.【答案】条形；  将小磁针放在某点，观察小磁针静止时极的指向即为磁场方向；  见解答  【解析】解：根据图中知，通电螺线管外部的磁场和条形磁体外部的磁场一样，通电螺线管的两端相当于条形磁体的两个极； 根据小磁针的极指向可以判定磁场方向，故他的操作及判断方法是将小磁针放在某点，观察小磁针静止时极的指向即为磁场方向； 根据电流从左侧后方流体，利用安培定则知，右侧为极，根据磁感线从极出发进入极，点磁场水平向左，如图所示： 故答案为：条形；将小磁针放在某点，观察小磁针静止时极的指向即为磁场方向；见解答。 通电螺线管周围也存在磁场，并且其周围的磁场与条形磁体的磁场相似。 根据小磁针的极指向可以判定磁场方向； 根据安培定则确定磁极，根据磁感线从极出发进入极确定方向。 本题考查电流的磁场与安培定则、以及磁场方向的确定，属于中档题。 20.【答案】匀速  不能  没有控制接触面的粗糙程度相同  【解析】解：实验中使木块做匀速直线运动，木块处于平衡状态，由二力平衡条件可知滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力； 根据控制变量法可知探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系需控制接触面的粗糙程度相同，物块、表面粗糙程度不相同，由图甲、乙所示实验可知，物体间接触面的粗糙程度不同，所以不能说明滑动摩擦力的大小与压力大小有关。 故答案为：匀速；不能；没有控制接触面的粗糙程度相同。 木块做匀速直线运动，木块处于平衡状态，滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力； 根据控制变量法可知探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系需控制接触面的粗糙程度相同。 本题考查二力平衡条件、控制变量法在实验中的运用，认真分析实验现象，即可正确解题。 21.【答案】像距变大，像变大  左  【解析】解：由图所示的实验现象可知：随着物距不断变小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，像距和像的大小的变化情况是：像距变大，像变大； 在图乙所示的实验中，只将凸透镜换为焦距为的凸透镜，凸透镜焦距变小，相当于增大物距，缩小像距，故为在光屏上得到清晰的像，光屏应 向左侧移动。 故答案为：像距变大，像变大；左。 根据凸透镜成实像时，物近像远像变大； 凸透镜焦距变小，相当于增大物距，缩小像距。 此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。 22.【答案】见解析；  ：  ；  左：    【解析】灯与变阻器串联在电路中，如下所示： 电路连好后，闭合开关，电流表、电压表均有示数，电路为通路，发现灯泡不亮，可知电路的电流过小，接下来首先应进行的操作是移动滑动变阻器的滑片，观察灯泡是否发光，故选：； 根据小灯泡的电流随其两端电压变化的图像知，灯在额定电压下的电流为，此时灯泡的电阻约为 ； 闭合开关，调节滑动变阻器的滑片至某位置时，电压表的示数为，小于灯的额定电压，要想测量小灯泡的额定功率，应增大灯的电压，减小变阻器的电压，由分压原理，将滑片向左移动，使电压表的示数为。 串联电路各处的电流相等，且电路的总电压等于各部分电压之和，若仅将与上述小灯泡规格完全相同的两个小灯泡串联在电压为的电源两端，由上图知，若灯的电压为时，通过灯的电流为，且，符合题意， 电路消耗的总电功率为。 故答案为：见解析；：；左：。 灯与变阻器串联在电路中； 电流表、电压表均有示数，电路为通路，发现灯泡不亮，可知电路的电流过小变阻器连入电路的电阻较大，据此分析； 根据小灯泡的电流随其两端电压变化的图像知灯在额定电压下的电流，由欧姆定律得出此时灯泡的电阻； 灯在额定电压下正常发光，电压表的示数为，小于灯的额定电压，应增大灯的电压，减小变阻器的电压，由分压原理分析； 串联电路各处的电流相等，且电路的总电压等于各部分电压之和，据此确定电路的电流大小，根据得出电路消耗的总电功率。 本题测量额定电压为的灯泡正常发光时的电阻，考查电路连接、操作过程及电功率公式的运用。 23.【答案】用筷子下压苹果，使苹果浸没在水中处于静止状态，不触容器底和壁；    【解析】用筷子下压使苹果浸没在水中，且不接触烧杯，苹果静止后，读出电子秤的示数为； 根据的步骤可知：苹果漂浮在水面上时，受到的浮力等于它自身的重力，所以苹果的质量为：； 用筷子下压使苹果浸没在水中，读出电子秤的示数为；根据阿基米德原理，此时受到的浮力为：； 苹果的体积为：； 苹果的密度为： 。 故答案为：用筷子下压苹果，使苹果浸没在水中处于静止状态，不触容器底和壁； 。 根据物体的浮沉条件、阿基米德原理和密度公式计算苹果的密度。 本题考查的是阿基米德原理和密度公式的应用，利用漂浮条件得出苹果的质量和苹果浸没时，苹果的体积等于排开水的体积是解题的关键。 24.【答案】解：开关闭合，断开时，电功率；开关断开，闭合时，电功率；开关、均闭合时，电功率， 由可知，， 故开关闭合，断开时，电热器在低温挡工作时，的阻值为： ； 开关断开，闭合时，电热器在中位档工作时，所消耗的电能： ； 开关、均闭合时，电功率，处于高挡位，干路电流为： ， 因为，所以不能使用高挡位。 答：的阻值为； 电热器在中挡位工作所消耗的电能为； 不能使用高挡位；因为使用高挡位时的电流大于插座的额定电流。  【解析】两电阻并联，电阻两端的电压相同，故电阻越大功率越小，开关闭合，断开时，电阻工作，属于低温挡；开关断开，闭合时电阻工作属于中温挡；开关、均闭合时两电阻同时工作，属于高温挡； 根据计算的阻值； 根据计算电热器在中挡位工作所消耗的电能； 先计算使用高挡位时的电流，与插座的额定电流比较得出结论。 本题考查并联电路的知识、电功率的计算等知识，综合题，要认真审题，难度不大。 25.【答案】解：动滑轮绳子的有效股数，则动滑轮的机械效率： ， 解得：； 卷扬机受到竖直向上平台的支持力和竖直向下卷扬机的重力、绳端的拉力作用处于平衡状态， 由卷扬机受到的合力为零可得：； 由图乙可知，在内物体匀速上升了，则物体上升的速度：， 则拉力的功率：； 绳的质量及滑轮与轴的摩擦均可忽略不计， 由可得，动滑轮的重力：， 若卷扬机通过动滑轮提升物体的最大重力是，克服物体重力做的功是有用功，克服物体重力和动滑轮重力做的功为总功， 此时动滑轮提升重物的机械效率： 答：拉力的大小为； 平台对卷扬机的支持力为； 拉力的功率为； 卷扬机通过动滑轮提升物体的最大重力是，此时动滑轮提升重物的机械效率是。  【解析】动滑轮绳子的有效股数为，根据表示出动滑轮的机械效率即可求出拉力的大小； 卷扬机受到竖直向上平台的支持力和竖直向下卷扬机的重力、绳端的拉力作用处于平衡状态，根据卷扬机受到的合力为零得出等式即可求出平台对卷扬机的支持力； 由图乙可知，在内物体匀速上升了，根据求出物体上升的速度，利用求出拉力的功率； 绳的质量及滑轮与轴的摩擦均可忽略不计，根据求出动滑轮的重力，若卷扬机通过动滑轮提升物体的最大重力是，克服物体重力做的功是有用功，克服物体重力和动滑轮重力做的功为总功，利用和求出此时动滑轮提升重物的机械效率。 本题考查了滑轮组机械效率公式和平衡力的条件、速度公式、功率公式、滑轮组绳子拉力公式的综合应用等，明确有用功和总功以及从图象中获取有用的信息是关键。 26.【答案】由图知，两滑动变阻器并联，电流表测干路电流， 因并联电路中各支路间互不影响，所以当调节其中一个滑动变阻器的滑片时，通过另一滑动变阻器的电流不变，即电流表示数的变化大小等于被调节滑动变阻器上电流的变化。 开始时滑片均位于滑动变阻器的中点，当仅将滑动变阻器连入电路的阻值前通过它的电流： ， 其连入电路的阻值增加后，通过它的电流： ， 所以， 同理，当仅将滑动变阻器接入电路的阻值增加时，电流表的示数减小量： ， 由于、相等，则，所以滑动变阻器用作粗调。  【解析】解：由图知，两滑动变阻器并联，电流表测干路电流， 因并联电路中各支路间互不影响，所以当调节其中一个滑动变阻器的滑片时，通过另一滑动变阻器的电流不变，即电流表示数的变化大小等于被调节滑动变阻器上电流的变化。 开始时滑片均位于滑动变阻器的中点，当仅将滑动变阻器连入电路的阻值前通过它的电流： ， 其连入电路的阻值增加后，通过它的电流： ， 所以， 同理，当仅将滑动变阻器接入电路的阻值增加时，电流表的示数减小量： ， 由于、相等，则，所以滑动变阻器用作粗调。 由图知，两滑动变阻器并联，电流表测干路电流，根据并联电路特点和欧姆定律分别表示出滑动变阻器和的电阻增加时，电流表示数的变化，比较两种情况下电流表示数变化量的大小，从而判断滑动变阻器用作粗调还是微调。 本题考查并联电路特点和欧姆定律的应用，难度适中。 27.【答案】增大  顺  风杯的转到是风的动能转化成了放杯的机械能和由于摩擦产生的内能，当风速一定时，风的动能一定，由于摩擦力产生的内能基本不变，风杯的机械能不变，故风速转速增大到一定值时不再增大    【解析】解：此装置相当于轮轴杠杆，适当增大支架长度，增大动力臂，可以用较小的风力使风杯转到，提高了风速计的灵敏度； 起风时，气流冲击风杯，凹面迎风的风杯受到的风压大，凸面迎风的风杯由于风的绕流作用，受到的风压小，由于风压差风杯开始转到，结合图乙风杯状态和风向可知风杯旋转方向为顺时针； 风杯的转到是风的动能转化成了风杯的机械能和由于摩擦产生的内能，当风速一定时，风的动能一定，由于摩擦力产生的内能基本不变，风杯的机械能不变，故风速转速增大到一定值时不再增大。 由图丙值，风杯的转速，风速。 故本题答案为：增大；顺；风杯的转到是风的动能转化成了放杯的机械能和由于摩擦产生的内能，当风速一定时，风的动能一定，由于摩擦力产生的内能基本不变，风杯的机械能不变，故风速转速增大到一定值时不再增大；此时的风速为。 此装置相当于轮轴杠杆，增大动力臂可以在风速较小时，风杯可以转动起来，提高风速计的灵敏度； 起风时，气流冲击风杯，凹面迎风的风杯受到的风压大，凸面迎风的风杯由于风的绕流作用，受到的风压小，由于风压差风杯开始转到，由图乙可知，风杯的选择方向； 风的动能转化成风杯的机械能和由于摩擦产生的内能，风速一定时，风力的动能一定，由于摩擦产生的内能基本不变，所以风杯转速到一定值时不再增加； 从图丙可知，风杯的转速，根据风速和风杯转速的关系，求出此时的风速； 本题考查了风速计测量风速的原理。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$