2025年江苏省苏州市、昆山市、常熟市、太仓市、张家港市中考物理零模试卷

2025年江苏省苏州市昆山市、常熟市、太仓市、张家港市中考物理零模试卷 一、选择题（24分） 1.如图的常见器具都应用了杠杆，其中属于省力杠杆的是 A. 托盘天平 B. 独轮车 C. 筷子 D. 船桨 2.下列数据符合实际情况的是(    ) A. 把物理书从地面缓慢举过头顶做功约 B. 中学生在中考跳绳训练时的功率约 C. 电冰箱正常制冷时的电流约为 D. 常见电饭煲煮饭时每秒消耗电能约 3.下列关于温度、热量和内能的说法正确的是(    ) A. 两个物体内能相等一定不会发生热传递 B. 物体吸收热量，温度不一定升高 C. 温度越高的物体内能一定越大 D. 温度越高的物体含有的热量越多 4.家庭电路和安全用电知识，是现代公民生活的必备知识，下列有关图文说法正确的是(    ) A. 甲图：甲站在干燥的木桌上，乙站在地上，则甲、乙都不会触电 B. 乙图：图中的家庭电路元件的连接顺序是正确的 C. 丙图：手握紧测电笔的金属杆，接触接火线的插孔，氖管才发光 D. 丁图：多个大功率用电器同时使用同一个插座 5.关于能源、信息和航天，下列说法正确的是(    ) A. 太阳能、核能和地热能都是可再生能源 B. 核动力潜艇是利用原子核发生聚变来获取动力的 C. 弯曲的光导纤维也能传输信息，是因为光的不断折射 D. “天宫课堂”授课时，依靠电磁波与地面之间进行信息传递 6.在沿海地区，炎热、晴朗的天气里常常出现“海陆风”，当出现如图所示风向时，通常(    ) A. 发生在白天，且陆地温度较高 B. 发生在白天，且海水温度较高 C. 发生在夜晚，且陆地温度较高 D. 发生在夜晚，且海水温度较高 7.天工开物中记载有一种自动引水灌溉工具“高转筒车”如图。使用时下方转轮安装在河道中，流水驱动轮子转动，系在传动绳索上的竹筒将水从河里不断输送到上方农田中。下列说法正确的是(    ) A. 这是一台“永动机” B. 转轮转速越快输水做功功率越大 C. 上、下两个转轮可分别看作定滑轮和动滑轮 D. 高转筒车利用水能的方式和如今水力发电是不同的 8.如图是小明家的电能表表盘示意图，表盘上标有“”、“”等。断开其他用电器，只使用电吹风，转了。下列选项正确的是(    ) A. 电能表是用来测量用电器消耗电能快慢的仪表 B. 电表显示小明家本月共用电 C. 小明家同时工作的用电器总功率不超 D. 该电吹风的实际功率为 9.带有烘干功能的滚筒洗衣机，要求洗衣和烘干均能独立进行。下列电路设计符合要求的(    ) A. B. C. D. 10.小明按人类对磁的认识历程，对“电磁转换”一章知识进行梳理，图中对应位置的内容填写正确的是(    ) A. 赫兹 B. 电动机 C. 电磁起重机 D. 电磁感应现象 11.白炽灯工作及能量转化情况如图所示。为践行“低碳理念”，目前灯已几乎全面取代了白炽灯。关于白炽灯和灯，下列说法正确的是(    ) A. 电流做了多少功，电路中就消耗了多少电能 B. 因为消耗了电能，流过灯泡后的电流变小了 C. 灯优在能将消耗的电能全部转化成光能 D. 光能最终消失了，没有转化成其他形式的能量 12.如图甲，水平桌面上放有一内壁光滑的竖直圆筒，筒底固定一根弹簧。将一小球放置在弹簧上，静止时位于点如图乙。现将小球下压至点，并用此处的装置锁定如图丙。解锁后，小球向上弹出筒口。不计空气阻力，下列说法正确的是(    ) A. 小球在筒中上升阶段，只有弹力对小球做功 B. 小球在筒中上升阶段，小球的机械能守恒 C. 小球在上升的过程中，点位置时动能最大 D. 在整个上升的过程中，小球的内能不断增加 二、填空题（26分） 13.人们常用的简单机械除了杠杆、滑轮，还有斜面和轮轴。如生活中的螺丝刀，其手柄______粗细一些的螺丝刀用起来更省力；再如自攻螺丝钉，它利用了简单机械中的______，其螺纹______密稀一些拧起来更省力。 14.如图，测动滑轮机械效率时，应______拉动弹簧测力计，此时其机械效率是；若再增加一个重物，其机械效率变为，则______；若某小组为便于读数，在弹簧测力计静止时读取拉力，所测机械效率将偏______。 15.如图甲所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，快速压下活塞，可观察到棉花着火燃烧。此过程与四冲程汽油机的______冲程能量转化相同；如乙图所示的是汽油机的______冲程，若飞轮的转速为，在内，汽油机做功______次。 16.如图所示，电源电压不变，将开关、都闭合，灯泡与正常发光，两灯是______联，电流表测量______电流，此时断开，电流表的示数______选填“变大”、“变小”或“不变”。 17.如图，甲、乙为两只相同电表，当闭合、时，甲、乙两表示数之比为：，则两表均为______表。两电阻大小之比：为______，电路总功率为，同时更换两电表种类，调整开关状态，使两表均有正常示数，此时电路总功率为，则：为______。 18.如图是我国早期的指南针司南。“柢”是长柄，它永远指南方，是因为受到        的作用，“柢”相当于磁体的        极。 19.如图，常熟市实验创新大赛上的一件作品：用漆包线和磁体制作的一台“电动机”，制作时用刀片将线圈两端不同位置的绝缘漆按图示一半或全部刮掉并作为转动轴，实验时左端支架在或位置选择一个，将支架与干电池相连，发现接______时线圈能持续转动，这种让线圈持续转动的思路与电动机中换向器的思路是______相同不同的。 20.综合实践课上，小明制作了恒温箱系统，原理如图。控制电路由电磁继电器、滑动变阻器、热敏电阻安装在恒温箱内，阻值随温度升高而显著减小、低压电源等组成。加热电路由电源、电热丝和等组成。调好阻值，闭合开关、，箱内温度升高到设定值后即在小范围内波动，且降温阶段降温比较平缓。 恒温箱的设计既利用了电流的磁效应又利用了电流的______效应； 温度升高时，电磁铁磁性______； 将的阻值稍微调小一些，恒温箱控制的温度将______。 21.材料阅读，回答问题： 电磁波的发现和利用已经成为人类文明进步的重要标志。电磁波是一个大家族，如图是它们的“家族谐”，下面对应的是各种电磁波的主要应用。可见光也是其中的一份子，在观测恒星时，若其温度较低，会呈暗红色，若温度较高，则呈蓝色。电磁波谱中的所有成员在真空中的传播速度都一样。描述电磁波的物理量有波长、频率及波速，三者之间的关系式是：波速波长频率。值得注意的是电磁波也存在着副作用电磁污染。医学研究发现，频率在以上的电磁波，在足够强大时都会对人体产生影响。密闭金属容器可以有效屏蔽电磁波，其屏蔽效果与电磁波种类，金属种类及其厚度有关。 恒星温度越高，其发出光的频率越______； 手机的“蓝牙”功能使用波段的电磁波进行通讯。该波段的电磁波属于______；填种类 判断手骨折部位要照射线，其波长比理疗用红外线的______长短； 医院射线检查室通常使用厚重的金属大门，下列现象同样是阻碍电磁波传播的是______； 放在真空罩内的手机仍能接收到呼叫信号 放在金属饼干桶里的收音机收不到广播信号 用导线时断时续地连接旧干电池的两极，附近的收音机发出咔啦咔啦的声音 三、作图（6分） 22.如图，中鱼后的钓鱼竿，小夏所用动力，请作出阻力及其力臂。 23.在图中画出滑轮组既能省力又能改变力的方向的绕绳方式。 24.请完成图中电路的连接，使其符合安全用电的要求。 25.请根据图中磁感线的方向标出永磁体的极，并在括号内标出电源右侧的极性用“”或“”表示。 四、计算*12分 26.如图所示，利用动滑轮提升货物。用大小为的拉力将重为的货物在的时间内匀速提升。求： 有用功； 拉力的功率； 若此过程中克服绳重和摩擦所做的功占总功的，则动滑轮的重为？ 27.下表所示为某养生壶的铭牌，图中虚线内是养生壶内部的简化电路图。和均为电热丝，某次用高温挡加热分钟将水从加热至。求： 额定电压 额定功率 高温挡 注水量 低温挡 加热过程中水吸收的热量； 此次加热养生壶的加热的效率小数点后保留一位； 的电阻。 五、实验探究题（30分） 28.“探究杠杆的平衡条件”的实验中： 如图甲所示，在点挂个重力均为的钩码，在点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为______； 如图乙所示，保持点所挂钩码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕点从位置转到位置，杠杆始终保持水平平衡，在此过程中拉力与其力臂的乘积变化情况是______； A.一直变小 B.一直变大 C.一直不变 D.先变小后变大 竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图丙所示，此过程中，拉力的力臂______，弹簧测力计的示数______；变大变小不变 小华用如图丁所示的装置进行探究，发现总是无法得到教材上的杠杆平衡条件，其原因是：______。 29.为了探究物体的动能大小跟哪些因素有关，同学们设计了如下实验。实验中让钢球从斜面上某个高度由静止沿斜面滚下，在底部与静止在水平面上的木块发生碰撞，木块沿水平方向向右运动直至停止，其中，不考虑空气阻力。 实验中是通过观察______来判断______铜球木块的动能大小的； 实验中钢球碰撞木块后继续向前运动一段距离，则开始时钢球的重力势能______木块克服摩擦力所做的功； 实验中若使用的木块质量较大，为确保实验仍有较明显的现象，有很多种方法。请答一种方法______。 30.如图，分别是教材中三个有关于“热”的实验： 除图中器材外，三个实验中都必须用到的测量器材为______； 这些实验中可利用加热时间进行的实验有______甲、乙乙、丙甲、丙； 图乙实验，酒精和碎纸片的热值之比不等于升高温度之比是因为：______； 图丙实验，发现右烧瓶中温度计的示数升高快，据此可得出初步结论：______，产生的热量越多。 31.如图所示，小明和小刚利用蹄形磁体、灵敏电流计、开关、导体和若干导线等器材来探究感应电流产生的条件。闭合开关，他们完成操作，将观察到的现象记入表格： 序号 导体的运动情况 有无感应电流 左右运动 有 上下运动 无 前后运动 无 斜向上、斜向下运动 有 分析、两次实验现象，小明说：“闭合电路的一部分导体在磁场中的运动方向与磁场方向垂直时，电路中就会产生感应电流。”小刚认为不准确，因为导体 ______运动时，其运动方向也与磁场方向垂直，但无感应电流。 采纳小刚意见后，小明又说：“闭合电路的一部分导体在磁场中垂直切割磁感线时，电路中才会产生感应电流”。小刚认为不全面，因为导体 ______运动时，也有感应电流。 从能量的角度来分析，感应电流的产生过程是将______能转化为电能；如果将图中的灵敏电流计换成______，可以探究磁场对电流的作用。 32.小明在整理初中物理电学实验时发现：图甲电路多次在电学实验中出现，“探究电流与电压和电阻的关系”、“测量未知电阻阻值”乃至“测量小电灯电功率”。现有电源电压，滑动变阻器，、、、的电阻各一个，额定电压的小灯泡一个，电流表和电压表各一个。 实验小组的同学连接的电路如图甲所示，闭合开关后，______表没有明显示数； 图甲电路有一条导线连接错误，请你在错误的导线上打“”，并用笔画线代替导线画出正确的接线； 用小灯泡替换电阻后接入正确电路，闭合开关，电压表示数为，要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向______端滑动；当电灯正常发光时电流表的示数如图乙所示，则小电灯的额定功率为：______；结合图丙中其图像可知，当小灯泡的______电压电流减为额定一半时，灯更亮； 探究通过导体的电流与电阻的关系：连接好电路，设定加在电阻两端的电压为，进行探究，发现在获得三组数据后无法再进行实验，为了继续使用前面三组数据，利用现有器材完成探究，下列方案中不可行的是：______。 A.去掉一节电池进行实验 B.将控制电压由变为 C.将的电阻串联在正极和开关间 33.根据下列学科实践活动，回答问题。 自制简易欧姆表 生活中指针式万用表表盘如图甲、其功能多且操作较为复杂。某实验小组利用两节新干电池电压、电流表量程、滑动变阻器、开关、导线组成的简易欧姆表，用于测量实验室常见电阻。 【设计与制作】 观察图甲中表盘，电阻挡相对于其他挡位有何区别：______，答出一点即可用它测量电阻时其分度值是______； 按图乙连接电路，进行“校零”操作：在之间连接导线，调节滑动变阻器，使电流表示数为，对应标注“”，此时的阻值为______； 【检验与测试】 保持不变，进行“测试”：把定值电阻接入之间，此时指针应指向电流表的______。据此原理，电流表每个刻度都有对应的电阻值； 若某次测量中，衣袖带动滑片略向下移动了少许，则此次测得的电阻将偏______； 【反思与评价】 干电池用久了电压会变小，此时再用导线校零时，要使指针重新对准刻度线，滑动变阻器的滑片应向______端移动。且较电压下降前，欧姆表的量程将______。 答案和解析 1.【答案】  【解析】解： A、托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力； B、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆； C、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆； D、船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。 故选：。 结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。 此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。 2.【答案】  【解析】解：、一本物理书重约，把物理书从地面缓慢举过头顶，高度在左右，所做的功大约是，故A错误； B、中学生在中考中跳绳是克服体重做功，体重，跳的高度为，时间，跳的个数为，则他的功率，故B错误； C、电冰箱正常制冷时的电流约为，故C正确； D、常见电饭煲的额定功率约，煮饭时每秒消耗电能约，故D错误。 故选：。 首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。 物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。 3.【答案】  【解析】解：、两个物体内能相同，温度不一定相同，可能会发生热传递，故A错误； B、物体吸收了热量，物体的温度可能升高，也可能不变，比如：晶体在熔化过程中不断吸热，温度不变，故B正确； ，内能大小和物体的温度、质量、状态等有关，只知道温度高低不能判断内能的大小，故C错误； D、热量是过程量，不能说含有热量，故D错误。 故选：。 发生热传递的条件是存在温度差； 物体吸收了热量，物体的温度可能升高，也可能不变； 内能大小和物体的温度、质量、状态等有关； 热量是过程量。 本题考查了内能、热量、温度之间的关系以及热传递现象，难度不大。 4.【答案】  【解析】解：、甲站在干燥的木桌上一只手接触到火线，无法形成电流的通路，故不会发生触电；乙站在地上一只手接触到零线，零线与大地之间没有电压，因此没有电流通过人体，不会发生触电，故A正确； B、电能表测量整个家庭消耗电能的多少，一定安装在最前面；总开关控制整个电路，为了检修电路的安全，要安装在电能表的后面；电路中电流过大会熔断保险丝，为了保证更换保险丝时的人身安全，保险装置安装在总开关的后面，故B错误； C、常用试电笔辨别火线和零线，使用试电笔时，手要接触试电笔尾部的金属体，不能接触金属笔杆，故C错误； D、多个大功率用电器同时使用同一个插座，会造成电路总功率过大，引起电路电流过大，烧坏保险丝，故D错误。 故选：。 触电的实质是当有一定大小的电流通过人体，就会引起人体触电； 电能表是测量家庭电路消耗电能多少的仪表，也防止一些人偷电，一定安装在家庭电路的最前端，并且在总开关的前面；检修电路时要断开开关，在电能表的后面要接入总开关；保险装置里面的保险丝能在电路电流过大时，能自动切断电源。为了方便更换保险丝，保险装置一定要安装在总开关的后面； 试电笔的使用方法：使用试电笔时，手要接触试电笔尾部的金属体，笔尖接触电线，氖管发光表明接触的是火线，不发光是零线； 家庭电路电流过大的原因是：电路短路或用电器总功率过大。 此题考查了安全用电常识和家庭电路的连接，属于基本技能的考查，难度不大。 5.【答案】  【解析】解：、核能越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，是不可再生能源，太阳能和地热能可以在自然界里源源不断的得到补充，是可再生能源，故A错误； B、核动力潜艇是利用原子核发生裂变来获取动力的，故B错误； C、弯曲的光导纤维也能传输信息，是靠光的多次反射来传递信息的，故C错误； D、电磁波可以在真空中传播，进行“天宫课堂”授课时，依靠电磁波与地面之间进行信息传递，故D正确。 故选：。 从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源，化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源； 核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的。核潜艇的核心设备是核反应堆，核反应堆是通过可控裂变链式反应释放能量的； 利用携带信息的激光从光导纤维的一端射入，经内壁多次反射，从另一端射出．这样就把它携带的信息传递到了远方； 电磁波可以在真空中传播，电磁波能够传递信息，也能传递能量。 本题考查的是核能和光纤通信、能源的分类和电磁波的特点及应用。 6.【答案】  【解析】解：水的比热容比泥土、沙石的大，白天太阳照射时，水面温度上升得慢，陆地温度上升得快，热空气上升，冷空气补充，风从海面吹向陆地，形成海风； 晚上，气温下降，水面温度下降得慢，温度高一些，热空气上升，风从陆地吹向海面，形成陆风，由图可知，此时地面附近的空气从陆地吹向海洋，形成陆风，故出现如图所示风向时，通常发生在夜晚，且海水温度较高。 故选：。 根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点以及风是从高压区吹向低压区来分析海风的形成过程。 本题主要考查学生对水的比热容较大的应用的了解和掌握，涉及到海陆风的形成。 7.【答案】  【解析】解：、这一装置在工作时，存在摩擦和空气阻力，不是一台“永动机”，故A错误； B、转轮转速越快，相同时间内输水做功越多，则功率越大，故B正确； C、上、下两个转轮在转动时，它们的轴始终是固定不动的，不符合动滑轮的特点，里面不存在动滑轮，故C错误； D、高转筒车利用水能的方式和如今水力发电是相同的，都是由水能转化为水轮机的机械能，故D错误。 故选：。 永动机是一种不需要外界输入能量或者只需要一个初始能量就可以永远做功的机器。在历史上，永动机一直被人们讨论和研究。这种机械是不可能制造出来的，原因是违反能量守恒定律。 转轮转速越快，相同时间内输水做功越多，则功率越大。 上、下两个转轮在转动时，它们的轴始终是固定不动的，是定滑轮。 高转筒车利用水能的方式和如今水力发电是相同的，都是由水能转化为水轮机的机械能。 本题考查定滑轮与动滑轮的辨析及功率大小的比较，永动机是不存在的。 8.【答案】  【解析】解：、电能表测量用电器消耗电能的仪表，故A错误； B、电表显示小明家到目前共用电，故B错误； C、电能表允许通过的最大电流为，小明家同时工作的用电器最大总功率，故C正确； D、该电吹风消耗电能， 该电吹风的实际功率，故D错误。 故选：。 电能表测量用电器消耗电能的仪表； 电能表的读数方法：月末的减去月初的示数；最后一位是小数；单位； 根据得到小明家同时工作的用电器最大总功率； 根据指示灯闪烁的次数和参数得到消耗的电能，根据得到该电吹风的实际功率。 此题主要考查了有关电能表参数的意义及有关的计算，同时考查了电功率的计算公式，此题难易程度适中，与我们的实际生活联系密切，是一道好题。 9.【答案】  【解析】【分析】 由要求洗衣和烘干均能独立进行可知，加热器和电动机可以独立工作、互不影响即为并联，据此进行解答。 本题主要考查的是串并联电路的设计，难度不大。 【解答】 A.由电路图可知，开关闭合时电动机工作，再闭合时电动机和加热器并联同时工作，加热器不能独立工作，故A不符合题意； B.由电路图可知，开关闭合时加热器工作，再闭合时电动机和加热器并联同时工作，电动机不能独立工作，故B不符合题意； C.由电路图可知，开关闭合时电动机和加热器串联同时工作，再闭合时电动机工作，加热器不能独立工作，故C不符合题意； D.由电路图可知，只闭合时电动机工作，只闭合时加热器工作，电动机和加热器均能独立进行，故D符合题意。 故选：。 10.【答案】  【解析】解：、丹麦的物理学家奥斯特最早通过实验说明电流的周围存在磁场，即电流的磁效应，故A错误； B、电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的，不是电流的磁效应，故B错误； C、电磁起重机的原理是电流的磁效应，不是磁场对电流的作用，故C错误； D、发电机的原理是电磁感应现象，故D正确。 故选：。 丹麦的奥斯特最早通过实验说明电流的周围存在磁场，应用：电磁起重机； 电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的； 发电机的原理：电磁感应现象。 本题考查了电与磁之间的联系及应用，属于基础题目。 11.【答案】  【解析】解：、电流做了多少功，电路中就消耗了多少电能，故A正确； B、灯泡消耗电能，但流过灯泡后的电流不会变小，故B错误； C、灯能将消耗的电能大部分转化成光能，但也会产生少量内能，故C错误； D、根据能量守恒定律，光能不会凭空消失，它会转化为其他形式的能量，故D错误。 故选：。 电路中消耗电能的过程，就是电流做功的过程； 电流在经过用电器前后大小不变； 灯的光能转化效率很高，但也不是百分之百； 根据对能量守恒定律的理解判断。 本题主要考查了对电流做功实质的理解，对电流的认识，对能量转化与守恒的理解等，有一定综合性。 12.【答案】  【解析】解：、小球在筒中上升阶段，受到重力和弹簧弹力的作用，重力和弹力都对小球做功，故A错误。 B、机械能守恒的条件是只有重力或弹力做功，其他力不做功。在小球上升过程中，除了弹簧弹力做功外，重力也做功，不过系统的机械能是守恒的，而单独说小球的机械能不守恒，应该是小球和弹簧组成的系统机械能守恒，故B错误。 C、小球从点上升到点的过程中，弹簧的弹力大于重力，合力向上，小球做加速运动，动能不断增大；当小球超过点继续上升时，弹簧的弹力小于重力，合力向下，小球做减速运动，动能减小。所以小球在上升过程中，在点位置时动能最大，故C正确。 D、由于不计空气阻力，且内壁光滑，整个上升过程中没有摩擦力做功，小球的内能不会增加，故D错误。 故选：。 力学里所说的功包括两个必要因素：一是作用在物体上的力；二是物体在力的方向上通过的距离。 机械能守恒：如果只有动能和势能的相互转化，机械能的总和不变，或者说，机械能是守恒的。 机械能是动能和势能的总和；动能和质量、速度有关；重力势能和质量、高度有关。 本题主要考查了机械能的概念以及相互转化。 13.【答案】粗  斜面  密  【解析】解：螺丝刀相当于轮轴，而轮轴相当于省力杠杆，在螺丝刀的金属头部分粗细一定的情况下阻力臂一定，选用手柄粗一些的螺丝刀，动力臂会更大，也就越省力。 螺丝钉上的螺纹是绕着螺丝钉旋转向上的连续斜面，当螺丝钉的高度一定时，螺纹密一些，相当于减小了斜面的坡度，会更加省力。 故答案为：粗；斜面；密。 在动力作用于轮上、阻力作用于轴上时，轮轴相当于一个省力杠杆； 螺丝钉上的螺纹相当于旋转的斜面； 在斜面中，高度一定时，斜面与水平面的夹角越小，越省力。 对轮轴与斜面的考查一般来说都较为简单，我们要的这两种简单机械有一定的了解。 14.【答案】竖直向上匀速    高  【解析】解：在实验操作中拉力应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，这时弹簧测力计的示数才等于绳子的拉力； 使用同一滑轮组，提升不同重力的物体上升相同的高度时，提升物体的重力越大，滑轮组的机械效率越大，即使用同一滑轮组，增大提升物体的重力，可以提高轮组的机械效率，则；； 若弹簧测力计处于静止状态时才读数，则没有测量出机械之间的摩擦，该读数与实际相比偏小；由可知，求出的总功变小，而有用功不变，根据可知，测得机械效率偏高。 故答案为：竖直向上匀速；；高。 在实验中，测绳端拉力时，应尽量竖直向上匀速拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，绳子的拉力等于测力计示数； 使用同一滑轮组，提升不同重力的物体上升相同的高度时，提升物体的重力越大，滑轮组的机械效率越大，即使用同一滑轮组，增大提升物体的重力，可以提高轮组的机械效率； 在提升物体时，不仅要克服动滑轮的重力，还要克服摩擦力，据此分析该同学的读数与实际值的关系。 本题考查了测量滑轮组的机械效率的实验和影响滑轮组机械效率大小因素的探究，常见题目。 15.【答案】压缩  排气    【解析】解： 在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速向下压，棉花燃烧起来；说明压缩筒内空气做功，使空气的内能增加；压火仪实验中，活塞的机械能转化为空气的内能，与内燃机的压缩冲程相似； 从图中可以看出，进气门关闭、排气门打开，活塞向上移动的特点，可以判断这个冲程是排气冲程； 四冲程汽油机的飞轮转速为，则该飞轮每秒钟转圈，因为一个工作循环飞轮转圈，完成个冲程，做功次，所以内，飞轮转圈，共个工作循环，共个冲程，共做功次。 故答案为：压缩；排气；。 改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能； 汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气；根据气门的关闭情况和活塞的运行方向判断什么冲程； 汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成。在一个工作循环中曲轴转圈，飞轮转周，做功一次。 根据改变物体内能的方法以及内燃机的工作过程和原理能量的转化；知道在一个工作循环中曲轴转圈，飞轮转周，做功一次可解答此题。 16.【答案】并； ；不变  【解析】解：分析电路图可知，电流的路径有两条，一条经过和电流表，另外一条经过和灯泡，所以电路为并联电路， 电流表和在同一条支路上，所以测的电流， 断开，所在支路为断路，因为并联电路中各用电器互不影响，所以电流表的示数不变。 故答案为：并；；不变。 闭合开关，两灯泡并联接入电路，电流表与所测电路元件串联接入电路，并联电路互不影响。 本题考查并联电路特点和电流表的使用，属于基础题。 17.【答案】电压  ：  ：  【解析】解： 甲、乙为两只相同电表，当闭合，时，甲、乙两表示数之比为：，若两表均为电流表，则甲表会将电源短路，故两表均为电压表； 当闭合，时，两电阻串联，电压表甲测量电源电压，电压表乙测量两端的电压，甲、乙两表示数之比为：， 因串联电路总电压等于各部分电压之和， 则根据串联分压原理可知：； 设，则， 当两表都为电压表时，闭合两开关，两电阻串联，电路总功率为， 同时更换两电表种类，即两表都为电流表时，闭合开关，两电阻并联， 此时电路总功率为， 则：：。 故答案为：电压；：；：。 甲、乙为两只相同电表，当闭合，时，甲、乙两表示数之比为：，若两表均为电流表，则甲表会将电源短路，据此分析； 当闭合，时，两电阻串联，电压表甲测量电源电压，电压表乙测量两端的电压，甲、乙两表示数之比为：，根据串联分压特点可知：； 设电源电压为，当两表都为电压表时，闭合两开关，根据得出电路总功率， 同时更换两电表种类，即两表都为电流表时，闭合开关，两电阻并联，根据得出此时电路总功率，进而得出：。 本题考查了等效电路的分析、串并联电路的特点和电功率的计算等知识，综合性较强，难度适中。 18.【答案】地磁场  南  【解析】解：由于地球周围存在着地磁场，且地磁场的两极与地理的两极相反，所以受地磁场的作用，司南的“柢”永远指向南方，这也说明，“柢”相当于磁体的南极。 故答案为：地磁场；南。 地球周围存在着磁场，叫地磁场；地磁场的两极与地理的两极相反；磁体受地磁场的作用可以指示南北方向。 本题考查了对地磁场和司南的了解，属基础题。 19.【答案】  相同  【解析】解：选择的原因：当把线圈一端的绝缘漆全部刮掉，另一端刮去一半时，在连接方式下，线圈转动过程中，刮掉全部漆的一端始终与支架接触通电，而刮掉一半漆的一端，当刮漆部分与支架接触时通电，绝缘部分与支架接触时断电。这样线圈就会半圈通电半圈不通电，通电的半圈线圈受力转动，不通电的半圈线圈依靠惯性转动，从而能持续转动。如果是连接，线圈会一直通电，当线圈转过平衡位置后，磁场对线圈的作用力会使线圈反方向转动，最终在平衡位置来回摆动几次后静止。 与换向器思路相同的原因：电动机中换向器的作用是在直流电动机中，当线圈旋转到磁场方向改变的位置时，及时改变通过线圈的电流方向，使得线圈内部产生的电磁力始终保持在同一方向，从而推动电动机持续运转。在该实验作品中，通过刮掉不同位置的绝缘漆来控制线圈的通电情况，相当于一个简易的换向器，达到了类似的效果，即让线圈在转动过程中，通过改变电流的通断或方向，来保证线圈能持续朝一个方向转动。所以这种思路与电动机中换向器的思路是相同的。 故答案为：；相同。 当把线圈一端的绝缘漆全部刮掉，另一端刮去一半时，在连接方式下，线圈转动过程中，刮掉全部漆的一端始终与支架接触通电，而刮掉一半漆的一端，当刮漆部分与支架接触时通电，绝缘部分与支架接触时断电。这样线圈就会半圈通电半圈不通电，通电的半圈线圈受力转动，不通电的半圈线圈依靠惯性转动，从而能持续转动。 电动机中换向器的作用是在直流电动机中，当线圈旋转到磁场方向改变的位置时，及时改变通过线圈的电流方向，使得线圈内部产生的电磁力始终保持在同一方向，从而推动电动机持续运转。 本题考查直流电动机的应用及换向器的作用。 20.【答案】热；  增强；  降低  【解析】解：恒温箱的设计既利用了电流的磁效应又利用了电流的热效应； 温度升高时，热敏电阻的阻值随温度升高而显著减小，根据欧姆定律，电路中电流变大，电磁铁的磁性增强； 电磁铁吸引衔铁时的电流不变，控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，控制电路的总电阻不变，将的阻值稍微调小一些，根据电阻的串联可知，热敏电阻的阻值变大，因热敏电阻的阻值随温度升高而显著减小，故恒温箱控制的温度将降低。 故答案为：热；增强；降低。 电流即有磁效应也有热效应； 根据热敏电阻阻值随温度的变化关系，结合欧姆定律分析电路中电流的变化，从而判断出电磁铁磁性的变化； 电磁铁吸引衔铁时的电流不变，控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，控制电路的总电阻不变，将的阻值稍微调小一些，根据电阻的串联分析热敏电阻的阻值变化，利用热敏电阻阻值随温度的变化关系确定恒温箱控制的温度变化。 本题通过电磁继电器的应用考查了对电磁铁的认识和理解，知道电磁继电器实质是一个开关，对电磁继电器电路的工作过程进行分析，一般的思路是，先明确控制电路与工作电路，再从控制电路入手，看电磁铁磁性的有无对工作电路触点连接情况的影响，最后确定工作电路中的工作情况。 21.【答案】高；  微波；  短；    【解析】材料中提到“在观测恒星时，若其温度较低，会呈暗红色，若温度较高，则呈蓝色”，根据可见光的光谱，红光频率低，蓝光频率高，所以恒星温度越高，其发出光的频率越高。 由材料可知，无线电波频率范围是，微波频率范围是，手机“蓝牙”功能使用波段的电磁波，该频率属于微波范围。 材料中表明射线波长约在纳米到纳米之间，红外线波长在纳米至毫米之间，所以射线的波长比红外线短。 材料中提到“密闭金属容器可以有效屏蔽电磁波”。 放在真空罩内的手机仍能接收到呼叫信号，说明电磁波可以在真空中传播，未体现阻碍电磁波传播； 放在金属饼干桶里的收音机收不到广播信号，是因为金属饼干桶屏蔽了电磁波，阻碍了电磁波传播； 用导线时断时续地连接旧干电池的两极，附近的收音机发出咔啦咔啦的声音，这是电流变化产生电磁波被收音机接收，没有体现阻碍电磁波传播。 所以答案是。 故答案为：高；微波；短；。 广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。 本题考查了电磁波的运用，属于基础题。 22.【答案】  【解析】解：鱼线对鱼竿的拉力即为阻力，方向竖直向下，拉力的作用点为鱼线与杆的交点，从拉力作用点作竖直向下画有向线段即为阻力； 找到支点，从支点开始向力的作用线作垂线，并标出力臂，如图所示： 鱼线对鱼竿的拉力即为阻力，拉力的作用点为鱼线与杆的交点，拉力的方向沿绳子向下，过拉力的作用点表示出阻力的方向； 力臂即点到线的距离，找到支点、力的作用线，再作支点到力的作用线的垂线段。 本题考查力的示意图以及力臂画法的掌握情况；确定力的作用点和方向，是正确画出力的示意图的前提。 23.【答案】解：由于既可以省力又可以改变力的方向，所以拉力的方向必须向下，则从定滑轮开始绕起，如下图所示：   【解析】滑轮组绳子的绕法有两种： 一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，然后再绕过下面的动滑轮再向上绕到定滑轮上，依次反复绕，这种绕法有偶数段绳子承担物重； 二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后再绕过上面的定滑轮再向下，依次反复绕，这种绕法有奇数段绳子承担物重。 此题主要考查滑轮组承担物重绳子股数，滑轮组的绕线方法不同，达到省力程度不同，拉力的方向也不同。 24.【答案】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。 三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。   【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。 三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。 掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。 25.【答案】解：图中磁感线从左向右，可以判断永磁体的右端为极，电磁铁的左端为极，右端是极； 根据安培定则，用右手握住螺线管，大拇指指向螺线管的极，则四指所指的方向为电流的方向，则电流从电磁铁的右端流入，从左端流出，所以电源的右端为正极。如图所示：   【解析】根据磁体周围的磁感线从极出来回到极，判断永磁体和电磁铁的极性；由电磁铁的磁极，根据安培定则判断电流方向，从而判断电源的正负极。 知道螺线管周围的磁体磁极、螺线管的磁极、磁感线、电流方向中的任意一者都可以判断另外几者。 26.【答案】有用功是；   拉力的功率是；   若此过程中克服绳重和摩擦所做的功占总功的，则动滑轮的重为  【解析】拉力做的有用功： ； 动滑轮绳端移动的距离：， 拉力做的总功：， 拉力的功率： ； 总额外功， 克服绳重和摩擦所做的额外功， 克服动滑轮重力所做的额外功， 由可得，动滑轮重： 。 答：有用功是； 拉力的功率是； 若此过程中克服绳重和摩擦所做的功占总功的，则动滑轮的重为。 知道物体的重力和提升的高度，根据求出拉力做的有用功； 根据求出动滑轮绳端移动的距离，根据求出拉力做的总功，根据求出拉力的功率； 总功减去有用功即为额外功，已知克服绳重和摩擦所做的额外功占总功的，可求得克服动滑轮重力所做的额外功，由可求得动滑轮重 本题是一道力学综合题，涉及到功、功率、机械效率的计算，能从题目提供的图中得出相关信息是本题的关键。 27.【答案】水吸收的热量为；   养生壶的加热效率是   电阻的阻值为  【解析】该养生壶注水量为时，将水从加热至，水吸收的热量： 。 高温挡的功率：，； 由可得，使用高温挡正常加热 消耗的电能：， 养生壶高温挡的加热效率：； 养生壶处于高温挡时，由得电阻的阻值： ， 低温挡时电路的总电阻： ， 电阻的阻值：。 答：水吸收的热量为； 养生壶的加热效率是。 电阻的阻值为。 利用密度公式计算出养生壶中水的质量，利用计算出水吸收的热量； 利用计算出养生壶消耗的电能，利用效率公式计算出养生壶的效率； 由图知，当旋钮开关接时，电阻、串联，电阻最大；当旋钮开关接时，被短路，只有电阻接入电路，电阻最小；由可知，电源电压相同时，电阻越大，电功越小，电阻越小，电功率越大，由此可以判断养生壶在高温、低温两种挡位时开关的闭合情况； 再利用计算出、的总电阻，根据串联电路电阻特点可计算出的阻值。 本题考查了电功率公式和吸热公式、电功公式、效率公式的综合应用，正确的判断养生壶处于不同挡位时电路的连接方式是关键。 28.【答案】；  ；  变小；不变；  杠杆自身重力对实验有影响  【解析】由杠杆平衡条件”动力动力臂阻力阻力臂“可得：， 因为：：，所以测力计对杠杆的拉力为：，即示数大小为； 由杠杆平衡条件可知，杠杆始终保持水平平衡，则动力动力臂始终等于阻力阻力臂，保持点所挂砝码的数量和位置不变，即阻力与阻力臂的乘积不变，则动力与动力臂乘积不变，即拉力与其力臂的乘积不变，故C正确； 由丙图可知，动力臂和阻力臂均变小，但阻力臂与动力臂的比值不变，由杠杆平衡条件可知，动力与阻力之比不变，在阻力不变时，则动力大小不变，即弹簧测力计的示数不变； 由丁图可知，杠杆水平平衡时，杠杆自身重力也会阻碍杠杆的转动，若没有考虑到杠杆自重对实验的影响，则不能得到教材上所列出的杠杆平衡条件。 故答案为：；；变小；不变；杠杆自身重力对实验有影响。 由杠杆平衡条件可得测力计对杠杆的拉力大小，即示数大小； 由杠杆平衡条件可知，杠杆始终保持水平平衡，则动力动力臂始终等于阻力阻力臂； 由丙图可知，动力臂和阻力臂均变小，但阻力臂与动力臂的比值不变，由杠杆平衡条件可知，动力与阻力之比不变，在阻力不变时，则动力大小不变； 由丁图可知，杠杆水平平衡时，杠杆自身重力也会阻碍杠杆的转动，若没有考虑到杠杆自重对实验的影响，则不能得到教材上所列出的杠杆平衡条件。 本题考查实验：探究杠杆平衡条件，主要考查杠杆平衡条件的应用，难度一般。 29.【答案】木块移动的距离；钢球；  ；  换用质量较小的木块或减小水平面的粗糙程度  【解析】木块被钢球撞击后移动的距离越大，说明钢球对木块做的功越多，也反映了钢球具有的动能越大，这种方法叫作转换法； 钢球滚下时，钢球的重力势能转化为钢球的动能，钢球碰撞后继续运动，钢球的一部分动能转化为木块的动能，水平面对钢球也有摩擦力，钢球的一部分机械能转化为内能，则开始时钢球的重力势能木块克服摩擦力所做的功； 换用质量较小的木块或减小水平面的粗糙程度可以使实验现象更明显。 故答案为：木块移动的距离；钢球；；换用质量较小的木块或减小水平面的粗糙程度。 木块被小球撞击后移动的距离来判断小球具有动能的大小，这是一种转换法的思想；当研究动能大小与质量的关系时，要让小球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同； 钢球碰撞后继续运动，钢球的一部分动能转化为木块的动能，木块运动过程中，动能转化为内能； 换用质量较小的木块或减小水平面的粗糙程度可以使实验现象更明显。 本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。 30.【答案】天平；  甲、丙；  加热过程有热量散失；  通电时间和电流一定时，电阻阻值越大  【解析】“探究不同物质吸热升温现象”、“比较不同燃料燃烧时放出的热量”、“探究影响电流热效应的因素”这三个热学实验都需要控制被加热物质质量相等，故需要天平； 在“探究不同物质吸热升温现象”、“探究影响电流热效应的因素”都可以利用加热时间相同比较质量相同的物质升高的温度来得出实验结论，而“比较不同燃料燃烧 时放出的热量”实验中应该让质量相同的燃料完全燃烧后，比较放出热量的多少，而相同质量的燃料不一定能够在相同时间内完全燃烧完，因此不能通过加热相同的时间比较燃料燃烧时热值的大小，所以这些实验中可利用加热相同时间进行实验的有甲、丙； 图乙实验中，酒精和碎纸片完全燃烧放出的热量，一部分散失到空气中，不能全部被加热液体吸收，故酒精和碎纸片的热值之比不等于升高温度之比； 图丙实验，两电阻串联，通电时间和电流相同，发现右烧瓶中温度计的示数升高快，说明右侧电阻产生的热量多，故可得结论：通电时间和电流一定时，电阻阻值越大，产生的热量越多。 故答案为：天平；甲、丙；加热过程有热量散失；通电时间和电流一定时，电阻阻值越大。 探究不同物质吸热升温现象”、“比较不同燃料燃烧时放出的热量”、“探究影响电流热效应的因素”这三个热学实验都需要控制被加热物质质量相等，故需要天平； 探究“不同物质吸热升温现象”，需要用相同的加热装置，燃烧相同的燃料，根据转换法，确保相同时间放出的热量相同，加热相同的时间，比较质量和初温相同的液升高的温度； 不同燃料燃烧放出的热量不能完全被加热液体吸收，据此分析； 探究“影响电流热效应的因素”实验中，用温度计升高的度数体现电热，用控制变量法研究与电阻的关系。 本题将“比较不同燃料燃烧放出的热量大小”、和探究“不同物质吸热升温现象”和“探究影响电流热效应的因素”三个实验作比较，考查相同和不同之处及转换法和控制变量法，为易错题。 31.【答案】前后；斜向上、斜向下；机械；电源  【解析】解：分析、两次实验现象，小明说：“闭合电路的一部分导体在磁场中的运动方向与磁场方向垂直时，电路中就会产生感应电流。”小刚认为不准确，因为导体前后运动时，其运动方向也与磁场方向垂直，但无感应电流。 采纳小刚意见后，小明又说：“闭合电路的一部分导体在磁场中垂直切割磁感线时，电路中才会产生感应电流”。小刚认为不全面，因为导体斜向上、斜向下运动时，也有感应电流。 从能量的角度来分析，感应电流的产生过程是将机械能转化为电能；如果将图中的灵敏电流计换成电源，可以探究磁场对电流的作用。 故答案为：前后；斜向上、斜向下；机械；电源。 闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象。 在电磁感应现象中，机械能转化为电能。 如果将灵敏电流计换成电源，可以探究磁场对电流的作用。 本题考查的是探究电磁感应现象的实验，关键是知道产生感应电流的条件。 32.【答案】电流；  见解析；  ；；电压；    【解析】实验小组的同学连接的电路如图甲所示，因电压表串联在电路中，闭合开关后，电流表没有明显示数； 本实验，电流表与电阻串联，电压表与电阻并联，如下所示： 用小灯泡替换电阻后接入正确电路，闭合开关，电压表示数为，小于灯的额定电压，要测量小灯泡的额定功率，增大灯的电压，应将滑动变阻器的滑片向端滑动；当电灯正常发光时电流表的示数如图乙所示，电流为，则小电灯的额定功率为： 结合图丙中其图像可知，当小灯泡的电压减为额定一半时，对应的电流大于 当小灯泡的电流减为额定一半时，对应的电压小于 可知，当小灯泡的电压减为额定一半时的实际功率更大，故此时灯更亮； 、减少一节干电池作为电源，即，，由串联电路中电压分配与电阻成正比得：； ； 解得，故A方案可行； B、本实验要控制电阻电压不变，故B方案不可行； C、电源电压，由串联电路中电压分配与电阻成正比得： 解得，这是要求滑动变阻器接入得电阻为，故C方案可行； 故选：。 故答案为：电流；见解析；；；电压；。 如图甲所示，根据电压表串联在电路中分析； 本实验，电流表与电阻串联，电压表与电阻并联； 灯在额定电压下正常发光，小于灯的额定电压，要测量小灯泡的额定功率，要增大灯的电压，根据串联电路电压的规律及分压原理分析。读数出电流表示数，根据得出小电灯的额定功率；结合图丙中其图像可知，当小灯泡的电压减为额定一半时，可行在对应的电流大小，当小灯泡的电流减为额定一半时可知对应的电压，根据比较灯的实际功率，据此回答； 、减少一节干电池作为电源，即，由串联电路中电压分配与电阻成正比得变阻器连入电路的电阻分析； B、本实验要控制电阻电压不变； C、电源电压，由串联电路中电压分配与电阻成正比得变阻器连入电路的电阻分析。 本题探究通过导体的电流与电阻的关系，考查操作过程、欧姆定律的运用和电功率公式的运用。 33.【答案】电阻挡的刻度不均匀；；  ；  ；  小；  下；变小  【解析】观察图甲中表盘可知，电阻挡相对于其他挡位的区别之一是：电阻挡的刻度不均匀； 用它测量电阻，该大格是，平均分成小格，所以分度值为； 由图乙可知，在之间连接导线时，电路为的简单电路，根据欧姆定律可得， 电流表示数为时，的阻值：； 把定值电阻接入之间，此时与定值电阻串联，根据串联电路的电阻规律和欧姆定律可得， 电路中的电流：； 某次测量中，衣袖带动滑片略向下移动了少许，即接入电路的阻值变小，测量相同电阻时，电路中的电流变大，指针偏右，所以测得的电阻将偏小； 电源电压变小后，此时再用导线校零，要使指针重新对准刻度线，即电流不变，根据可知，滑动变阻器接入电路的阻值应减小，故其滑片应向下端移动； 根据可知，在相同电流时，所测的电阻值会变小，即欧姆表的量程变小。 故答案为：电阻挡的刻度不均匀；；；；小；下；变小。 观察图甲中表盘可知，电阻挡相对于其他挡位的区别和用它测量电阻时的分度值； 由图乙可知，在之间连接导线时，电路为的简单电路，根据欧姆定律求电流表示数为时，的阻值； 把定值电阻接入之间，此时与定值电阻串联，根据串联电路的电阻规律和欧姆定律求电路中的电流； 某次测量中，衣袖带动滑片略向下移动了少许，即接入电路的阻值变小，根据串联电路的电阻规律可知测量值的误差情况； 电源电压变小后，根据欧姆定律可知要使指针重新对准刻度线，滑动变阻器接入电路的阻值变化，从而可知其滑片的调节方向；结合欧姆定律可知欧姆表的量程变化。 本题考查欧姆定律和串联电路特点的应用，难度适中。 第9页，共31页 学科网（北京）股份有限公司 $