专题17 力学实验-【创新教程】2021-2025五年高考真题物理分类特训试卷

专题十七 力学实验 考点1 1.解析：(1)根据图1可知小球直径D=2.0mm十20.7× 0.01mm=2.207mm: (3)由图2可知A、E两，点间的距离为 x=(7.02-5.00)×10m=2.02m, 时间为1=4t。=4×0.5s=2s, 所以连度为=子-2.02X10m0.010ms: 2s (4)小球匀速运动，根据受力平衡有pgV=AgV+f, 末得作叔公式为V=言R-音（侵） 整理可得k=pA)gY_p-A)gπD 6v (5)根据(4)可知CD,所以换成直径更小的同种材质 小球，速度将减小 答案：(1)2.2072.2062.205(3)0.010 (4)0A)gπD (5)减小 6v 2.解析：(1)依题意，打计数点B时小车位移大小为6.20cm 考虑到偶然误差，6.15cm~6.25cm也可： 由图3中小车运动的数据，点， 有a=含-100mg=19m. 0.4 考虑到偶然误差，1.7ms2~2.1ms2也可： A.利用图1装置“探究加速度与力、质量的关系”的实验 时，需要满足小车质量远远大于钩码质量，所以不需要 换质量更小的车，故A错误： B.利用图1装置“探究加速度与力、质量的关系”的实验 时，需要利用小车斜向下的分力以平衡其摩擦阻力，所 以需要将长木板安打点计时器一端较滑轮一端适当的 高一些，故B正确： C.以系统为研究对象，依题意“探究小车逸度随时间变 化的规律”实验时有1.9ms≈g上， M+m 考虑到实降情况，申区mg,有1.9m 则可知M≈4m, 而利用图1装置“探究加速度与力、质量的关系”的实验 时要保证所悬挂质量远小于小车质量，即m《M:可知目 前实验条件不满足，所以利用当前装置在“探究加速度 与力、质量的关系”时，需将钩码更换成砝码盘和砝码， 以满足小车质量远远大于所悬挂物体的质量，故C 正确： D.实验过程中，需将连接砝码盘和小车的细绳应跟长木 板始终保持平行，与之前的相同，故D错误，故选BC. (2)①A.在不超出弹簧测力计的量程和橡皮条形变限度 的条件下，使拉力造当大些，不必使两只测力计的示数 相同，故A错误： B.在已记录结点位置的情况下，确定一个拉力的方向需 要再选择相距较远的一个点就可以了，故B错误： C.实脸中拉弹簧秤时，只需让弹簧与外壳间没有摩擦， 此时弹簧测力计的示数即为弹簧对细绳的拉力相等，与 弹簧秤外壳与木板之间是否存在摩擦无关，故C错误： D.为了减小实验中摩擦对测量结果的影响，拉橡皮条 时，橡皮条、细绳和弹簧秤应贴近并平行于木板，故D正 确.故选D 225 ②若只有一只弹簧秤，为了完成该实脸，用手拉住一条 细绳，用弹簧称拉住另一条细绳，互成角度的拉橡皮条 使其结点达到某一点O,记下位置O和弹簧称示数F 和两个拉力的方向：交换弹簧称和手所拉细绳的位置。 再次结，点拉至O点，使两力的方向与原来两力方向相 同，并记下此时弹簧称的示数F:只有一个弹簧称将结 点拉至)点，并记下此时弹簧称的示数F的大小及方 向：所以若只有一只弹簧秤，为了完成该实验至少需要3 次把橡皮条结点拉到O 答案：(1)6.15一6.251.7一2.1BC(2)①D②3 考点2 L.解析：(1)根据纸带的数据可得△x=x十xx十工m= 6.60cm十8.00cm十9.40cm=24.00cm 平均连度为u=5器=80.0cmvs (2)根据第(1)小题结果补充表格和补全实验点图像得 105(cms 95 85 75 65 502030.4086 (3)从实验结果可知，小车运动的一△1图线可视为一条 直线，图像为 (cms) 105 953 85 75 65 5 此直线用方程=k△：十b表示，由图像可知其中k 101.0-59.0 cms2=70.0cm/s,b=59.0cm/s: 0.6 (4)小球微匀变速直线运动，由位移公式r=什豆@， 整理得号=%十之 1 1 即0=u十2al 故根据图像斜率和栽距可得A=b,a=2k 答案：(1)24.0080.0 A(am-s-) 95 (2) 85用 (3)70.059.0 75 56120340.50.6 (4)b2k 2.解析：(1)第1s内的位移507m,第2s内的位移587m, 第3s内的位移665m,第4s内的位移746m,第5s内 的位移824m,第6s内的位移904m,则相邻1s内的位 移之差接近△x=80,可知判斯飞行器在这段时间内 做匀加速运动： (2)当x=507m时飞行器的速度等于0~2s内的平均 速度，则=1094 m/s=547m/s 2 （3)根据a=4233-2X1759m≈79m/5. 9T 9×12 答案：(1)相邻1s内的位移之差接近△r=80m (2)547(3)79 考点3 解析：D报据L=t十合可得头=2十a 则由2头-1图像可知2=65×102m'5,则 (190-65)×102 0.33m/s,a=k= 40×102 ms=3.1ms;(2)由 牛频第二定律可知ngsin0-ngcos0=ma即a=gsin0 -gcos0,当0=53°时a=5.6m/s2,即 gsin53°-gc0s53°=5.6，当0=37时a=3.0ms”.即 gsin37°-gcos37°=3.1联立解得g=9.4m/s 答案：(1)0.32或0.333.1(2)9.4 考点4 1.解析：(1)操作测得x=11.60cm,由图(b)的 图像坐标可知，该芒哭的质量为106g: 309 若杯中放入芒果后，绳1与竖直方向夹角为 30°但与橡皮筋不垂直，根据共点力平衡可知 禄皮条的拉力变大，导致橡皮筋的长度偏大， 若仍然根据图像读出芒果的质量与m。相比偏大， (2)另一组同学利用同样方法得到的x一m图像在后半 部分弯曲，可能是所测物体的质量过大，导致橡皮筋所 受的弹力过大超过了弹簧的弹性限度，从而使橡皮筋弹 力与其伸长量不成正比，故选C, (3)根据共，点力平衡条件可知，当减小绳子与竖直方向 的夹角时，相同的物体质量对应檬皮筋的拉力较小，故 相同的橡皮筋，城小细线与竖直方向的夹角可增大质量 测量范围. 答案：(1)①106②偏大(2)C (3)减小细线与竖直方向的夹角 2.解析：(3)根据表格标点连线如图 cn 17 14 13 3 o 510152025304枚 (4)由图可知刻度尺的分度值为1mm, 故读数1=15.35cm: (5)设橡皮筋的劲度系数为k,原长为x。, 则n1mg=k(L,一xo),umg=表(l一x). 设冰圾墩的质量为m1,则有m1g=k(一x), 联立各式代入数据可得m:≈127g 答案：(3)见解析(4)15.35(15.34~15.36)(5)127 3.解析：(1)根据压缩量的变化量为△L=L6一L, (18.09-12.05)cm=6.04cm,压缩量的平均值为 △=L+△.+△L_6.03+6.08+6.04m6.05m 3 3 (2)因三个△L是相差3个钢球的压缩量之差，则所求平 均值为管中增加3个钢球时产生的弹簧平均压缩量： (3)根据钢球的平衡条件有3 mng sin0=k·△L解得k 3 ng sin0_3X0.2×9.8×sin30N/m △L. 6.05×10 ≈48.6N/m 答案：(1)6.046.05(2)3(3)48.6 226 考点5 1,AC根据题意，设滑块下滑后弹性轻绳与PQ间夹角为 日时，对滑块进行受力分析，如图所示 attat mg 053 由平衡条件有Frcos0=mg cos53°+FN, 由胡克定律结合几何关系有F,=PQ cos 联立解得Fx=k·PQ-mgcos53°=10N, 可知，滑块与杆之间的弹力不变，则滑块与杆之间的滑 动摩擦力大小始终为∫=F、=1.6N,故A正确：下滑 与上滑过程中所受滑动摩擦力的方向不同，则下滑与上 滑过程中所受滑动摩擦力的冲量不相同，故B错误；设 滑块从释放到静止运动的位移为x,此时弹性轻绳与PQ 间夹角为0，，由平衡条件有mgsin53°= f什kP2·in8,解得am日=0.4， cos 由几何关系可得x=PQ·tan0=0.64m,故C正确：从 释放到静止，设克服滑动摩擦力做功为W,由能量守恒 定律有mgsin53°·r= 2(VP0+7-PQ产+w 解得W,=5.04J,故D错误.故选AC 2.解析：(1)实验用遮光片通过光电门的平均追度代替瞬 时递度，遮光片宽度越小，代替时的误差越小，故为较准 确地测量遮光片运动到光电门时小车的瞬时速度，选择 宽度较小的d=1.00cm的遮光片： (2)根据加速度的定义式可得a=马，西=0.41ms (3)根据图像可知当有一定大小的外力F时此时小车的 加递度仍为零，可知平衡摩擦力不足，若要得到一条过 原，点的直线，需要平衡摩擦力，故实验中应增大轨道的 倾角： (④图乙中直线斜单为一是根据F=测可知直线斜 率的单位为kg 答案：(1)1.00 (2)0.41 (3)增大(4)kg1 1.35 3.解析：)一表格中“处的数据4一0.3x9.0≈0,459， (2)①根据表中数据分析可知其它条件不变时，在实验 误差免许的范围内，滑动摩擦力的大小与接触面上压力 的大小成正比： ②根据表中数据分析可知其他条件不变时，在实验误差 允许的范圈内，以与接触面上压力的大小无关， (3)实验装置如图乙所示，挂钩高于定滑轮，则绳子拉力 有竖直向下的分力，实际的正压力大于测量值的正压 F 力，即Fam<Fs,根据F可得>生： 答案：(1)0.459(2)①成正比②无关(3)偏大 4.解析：(1)平衡阻力的方法是：调整轨道的倾斜度，使小 车不受牵引时，能拖动纸带沿轨道欧匀速运动.故选C, (2)根据图像可知1=4s时，加速度方向竖直向下，故处 于失重状态： 对物体根据牛顿第二定律F、一mg=a, 整理得a=·F一g' 可知图像的斛率为】，故将物体质量增大一倍，图像斜 m 率变小，纵轴戴距不变，其aF、x图像为图丁中的图线d. 答案：(1)c(2)①失重②d 5.解析：(1)实脸需补偿阻力，消除木板对小车的阻力的影 响，应将木板一端垫高，使小车在无拉力时能匀速运动， (2)A,作出a一】图像，可以将a一m图像“化曲为直”， 便于判断，a与m是否成反比关系，故A正确：B,作出@ 一m图像，无法体现a与m是否成反比关系，故B错 误：C,作出am一m图像，若a与m是成反比关系，有am 为定值，则am一m图像是一条平行于横轴的直线，可以 判断a与m是否成反比关系，故C正确：D,作出a一n 图像，无法体现。与m是否成反比关系，故D错误.故 选AC (3)甲同学的方法中，槽码依次放在槽码盘上，小车质量 M M不变，拉力F一M十mmg≈mg(m为精码总质量)，但 随着m增大，不满足m《M条件，拉力与mg偏差增大， 误差变大：乙同学的方法中，将小车上的槽码移到槽码 盘上，总质量M十m不变(M为小车质量，m为精码质 M 量)，拉力F一M十mmg≈mg(当M》m时近似，但实际 总质量不变)，拉力更接近理论值，系统误差更小，故乙 同学方法更好 答案：(1)一端垫高(2)AC(3)乙 6.解析：(1)由题知，弹簧处于原长时滑块左端位于O点，A 点到O,点的距离为5.00cm.拉动滑块使其左端处于A 点，由静止释放并开始计时.结合图乙的F一t图有△x 5.00cm,F=0.610N. 银据胡克定律k=,计算出k≈2N/m (2)根据牛顿第二定律有F=ma, 测“一F图像的斜率为滑块与加速度传感器的总质量的 倒数，根据图丙中1.则有品-君kg=5kg 则滑块与加速度传感器的总质量为m-0.20kg. (3)滑块上增加待测物体，同理，根据因丙中Ⅱ，财有品 =1.5-0 0.5kg1=3kg1, 测滑块、待测物体与加速度传感器的总质量为 m'=0.33kg, 则待测物体的质量为△m=m'一m=0.13kg. 答案：(1)12(2)0.20(3)0.13 7.解析：奇数段纸带使用逐差法时，我们舍去中间一段纸 带.由a-公示4-8宗，得a= 2 s十)一（十)，代入数据计算得a≈0.3m(注意保 6△Tr 留两位有效数字和单位的换算) 由a=gsin a-ugcos a得u=sna二4=0.32. gcos a 答案：0.430.32 227 解析：(1)垫块的厚度为h=1cm十2×0.1mm =1.02cm (5)绘制图线如图： a/(m.9) 0.6 0.5 0.4 0.3 0.2 0.1 2 5 6 7 m 根据mg· h ma 可知a与n成正比关系，则根据图像可知，斜率 为=0,5=4，解得a=0.342m1s 7 4 答案：(1)1.02 ta/(m.8- 0.6 0.5 0.4 (5)0.3 0.2 0.1 5 7 0.342 考点6 1.解折：D板据d一片，可得入-仁，由表格数据可知， 41= 18.64-10.60 mm=1.608mm,△r2= 5 18.08-8.44mm=1.928mm,4x1<△，则A<A:,由 5 于绿光波长小于红光波长，则单色光1为绿光 (2)①为保证钢球每次平抛运动的初速度相同，必须让 钢球在斜槽上的相同高度由静止释放， ②钢球做平抛运动的轨迹如图所示 0 246810121416xcm 10 14 6 18 20 ③因为坐标原点对应平抛起点，为方便计算，在图线上 找到纵坐标为19.6cm的点为研究点，该点的坐标为 (14.1cm,19.6cm),将研究点的数据代入y=2gt、鸭 =兰，解得≈0.71m 答案：(1)绿光(2)①相同②见解析 ③0.71 2.解析：(1)①AC.用如图1所示的实验装置，只能探究平 抛运动坚直分运动的特点，故AC错误：B.在实验过程 中，需要改变小锤击打的力度，多次重复实脸，故B正 确.故速B. ②AC.为了保证小球做平抛运动，需要斜槽末端水平，为 了保证小球抛出时速度相等，每一次小球需要静止从同 一位置释放，斜槽不需要光滑，故A错误，C正确：B.上 下调节挡板N时不必每次等间距移动，故B错误.故 选C. ③A.竖直方向，根据y■2gt, 水华方向一号 联立可得=一号人√品，故A得买：B竖直方向， 根据△y=y一2=gt, 水平方向x=81, 联立可得= Vy:-2y ,故B错误：CD.竖直方向根 .1 据=8· 水平方向4x号=t 2 联立可得=(：一号人货，故D正确，C错误，故 选D. (2)钩码个数为1时，弹簧A的仲长量△rA=8.53cm 7.75cm=0.78cm, 弹簧B的仲长量Axm=18.52cm-16.45cm-0.78cm =1.29cm, 根据系统机械能守恒定律可知两根弹簧增加的重力势 能等于钩码减少的重力势能和弹簧减少的弹性势能之 和△E。=(0.1852-0.01645)mg=0.0207mg, 又mg(△xA+△xn)=0.0207mg 可得△E,=mg(△xA十△x#). 答案：(1)①B②C③D(2)0.781.29= 3.解析：(1)因小球水平方向做匀速直线运动，因此速度为 =-83ns=1.0/ 竖直方向做自由落体运动，因此A点的竖直速度可由平 均速度等于时间中点的瞬时逸度求得 名=8X5X107 0.05X4m5=2.0ms (2)由竖直方向的自由落体运动可得 g=当+y为-y 4T 代入数据可得g=9.7mrs2. 答案：(1)1.02.0(2)9.7 考点7 1,解析：(1)四个钩码重力势能的减少量为△En=4mgL. 4×0.05×9.8×0.5J=0.980J 228 (2)系统减少的机械能为△E=△E一△E,则代入数据 可得表格中减少的机拔能为△E=0.98J一0.392J= 0.588J (3)根据表格数据描，点得△E一M的图像为 △以的 0.80 0.700 0.600 0.500 0.400t 0.30o M/kg 0.200 0.300 0.400 根据做功关系可知△E=MgL 则△E一M图像的斜率为k=gL.-0.785-0.393 0.4-0.2 =1.96 解得动摩擦因数为=0.40(0.38~0.42) 答案：(1)0.980(2)0.588 △EJ 0.800 0.700月 0.600 (3) 0.500 0.400 0.300 0.200 0.300 0.400 0.40(0.38-0.42) 考点8 1,解析：(1)实验步骤为：将纸带下端固定在重锤上，穿过 打点计时器的限位孔，用手捏住纸带上骗，先接通电源， 打点计时器开始打点，然后再释放纸带，关闭电源，取下 纸带，在纸带上选取一段，用刻度尺测量该段内各点到 起点的距商，记录分析数据，根据原理mgh=号m心可 知质量可以约掉，不需要用电子天平称量重锤的质量 故选择正确且正确排序为④①⊙⑤. (2)根据题意可知纸带上相邻计数，点时间间福T=1 0.02s. 根据匀变速直线运动中间时刻醉时速度等于该过程平 均速度可得一2T 代入数据可得m≈1,79m/s: (3)根搭mgh=之m, 整理可得2=2g·h, 可知理论上，若机械能守恒，图中直线应通过原点，且斜 率k=2g, 由图3得直线的斜率k 5.6-1.5 0.295-0.08≈19,0： mgh一2m (4)根据题意有？= 一×100%， mgh 2g一k×100%: 可得7一2g 当地重力加速度大小取g=9.80ms,代入数据可得可 ≈3.1%. 答案：(1)④①⑥⑤ (2)1.79(3)通过2g19.0 (4)25二k②3.1(2.6也可) 2g 2.(1)解析：①在验证机械能守恒实验时阻力越小越好，因 此密度大的阻力与重力之比更小 ②由图中可知OC之间的距离为xc=27.90cm,因此机 械能的减少量为1△E。|=mgx=0.2×9.8×0.2790J ≈0.547J 匀变速运动时间中点的速度等于这段时间的平均速度， 因此 m_0.330-0.233 ve=2T 2×0.02 m/s=2.425m/s 因此动能的增加量为 E.=2m=号×0.2×2.425×2.425J0.58J 工作电压偏高不会影响实验的误差，存在摩擦力会使重 力势能的减少量大于动能的增加量，只有提前释放了纸 带，纸带的初速度不为零，下落到同一位置的速度偏大 才会导致动能的增加量大于重力势能的减少量，故选C. (2)解析：①若粗调后看不到清斯的千涉条纹，看到的是 模糊不清的条纹，则最可能的原因是单缝与双缝不平 行：要使条纹变得清晰，值得尝试的是调节拔杆使单缝 与双缝平行.故选C ②根据△r=入 可知要增大条纹间距可以增大双缝到光屏的距离【，减 小双缝的间距d:故选D. 答案：(1)①阻力与重力之比更小（或其它合理解释） ②0.5470.588C (2)①C②D 考点9 1,解析：(1)由广1图像的斜率表示速度可知两滑块的速度 在1=1.0s时发生突变，即这个时候发生了碰撞： (2)根据广1图像斜率的绝对值表示速度大小可知碰撞前躁 间B的速度大小为= 90-110 1.0 cm/s=0.20m/s: (3)由题图乙知，碰撞前A的速度大小U=0.50m/5,碰 撞后A的速度大小约为'A=0,36ms,由题图丙可知， 碰撞后B的速度大小为0“=0,5m/s,A和B碰撞过程 动量守恒，则有m十m)=m十mB: 代入数据解得m≈2。 ia 所以质量为200.0g的滑块是B. 答案：(1)1.0(2)0.20(3)B 2.解析：(1)为了保证小球碰撞为对心正碰，且碰后不反 弹，要求m。>m (2)①两球离开斜槽后微平抛运动，由于抛出，点的高度 相等，它们做平抛运动的时间1相等，碰撞前a球的速度 -,碰撞后a球的逢度大小以= 大小w= M 继接后b球的建度大小以一子 如果碰撞过程系统动量守恒，则碰撞前后系统动量相 等，则m,=m十m4· 整理得mxp=m,ty十mTv 229 ②小球离开斜槽未端后做平抛运动，竖直方向高度相 同，故下落时间相同，水平方向匀递直线运动，小球水平 飞出时的速度与平抛运动的水平位移成正比 答案：(1)>(2)mIn=mxM十mxN 小球离开斜槽 末端后做平抛运动，竖直方向高度相同，故下落时间相 同，水平方向匀速运动直线运动，小球水平飞出时的速 度与平抛运动的水平位移成正比 解析：(1)根据题意可知，甲与乙碰撞后没有反弹，可知 甲的质量大于乙的质量，甲选用的是一元硬币： (2)甲从O点到P点，根据动能定理一4m1g=0一 2m6, 解得碰撞前，甲到O点时速度的大小。=√2g, (3)同理可得，碰撞后甲的速度和乙的速度分别为功= √2gs1,=√2pgs· 若动量守恒，则满足m=m十m 整理可得二国=m】 2 mi (4)由于存在某种系统或偶然误差，计算得到碰撞前后 甲动量变化量大小与乙动量变化量大小的比值不是1， 写出一条产生这种误差可能的原因有： 1.测量误差，因为无论是再精良的仪器总是会有误差 的，不可能做到皑对准确： 2.碰撞过程中，我们认为内力远大于外力，动量守恒，实 际上碰撞过程中，两个硬币组成的系统合外力不为零， 答案：1)一元(2)√2g。(3)m 0n1 (4)见解析 4,解析：(2)应该用质量较小的滑块碰撞质量较大的滑块， 碰后运动方向相反，故选0.304kg的滑块作为A. (6)由于两段位移大小相等，根据表中的数据可得k,= ==0.21 110.67 =0.31 (7)5平均值为k=0.31+0.31+0.33+0.33+0.33 为 5 0.32 (8)弹性碰撞时满足动量守恒和机械能守恒，可得m 1 联立解得=m,一m 2m1 代入数据可得业=0.34. 答案：(2)0.304(6)0.31(7)0.32 (8)2034 5.解析：(1)第3次碰擅到第4次碰撞用时1。=2.40s 2.00s=0.40s,根据竖直上抛和自由落体运动的对称性 可知第3次碰撞后手年球弹起的高度为私。=之（台）】 =号×9.8X0.2me0.20m (2)碰撞后弹起瞬间速度为，碰撞前瞬间速度为，根 据题意可知业=k 则每次碰撞损失的动能与碰撞前动能的比值为 1 -=1一 2m -=1一k 2 mi 2 m 第2次碰后从最高，点落地瞬间的速度 v=g1= /2.00-1.58 2 g=0.21g 第3次碰撞后瞬间速度为 寸=g=(240,2.00)g=0.20g 2 则第3次碰撞过程中 k=立=0.20≈0.95 v0.21 (3)由于存在空气阻力，乒兵球在上升过程中受到向下 的阻力和重力，加速度变大，上升的高度变小，所以第 (1)问中计算的弹起高度高于实际弹起的高度. 答案：(1)0.20(2)1-k20.95(3)高于 考点10 解析：(1)在实验误差允许范围内，题图乙中的拟合曲线 为一条过原点的直线，说明在等温情况下，一定质量的 气体，p与成正比.故选B (2)若气体被压缩到V=10.0ml,则有寸-d.0ml =100×103mL, 由题图乙可读出封闭气体压强为p=204×103Pa. (3)某组同学进行实脸时，一同学在记录数据时漏掉了 △V,则在计算pV乘积时，根据p(V。十△V)一pV =p△V, 可知他的计算结果与同组正确记录数据同学的计算结 果之差的绝对值会随p的增大而增大 答案：(1)B(2)204×10(3)增大 考点11 解析：(1)刻度尺的分度值为0.1cm,需要估读到分度值 下一位，读数为D=7.55cm (2)积木左端两次经过参考点O为一个周期，当积木左 端某次与O,点等高时记为第0次并开始计时，第20次 时停止计时，这一过程中积木摆动了10个周期. (3)由题图可知，lnT与1nD成正比，斜率为0.5， 即lnT=0.5lnD, 整理可得lnT=nD方， 整理可得T与D的近似关系为T∝/D (4)为了减小实验误差：换更光滑的硬质水平桌面， 答案：(1)7.547.557.56 (2)10(3)A (4)换更光滑的硬质水平桌面 考点12 解析：(4)描，点连线如图所示 ↑T21s2 1.6 1.4 1.2 1.0 0.8 0.6 0.4 0.2图卖 00.050.100.150.200.250.30m/kg 23 (5)图线是一条倾斜的直线，说明弹簧振子振动周期的 平方与砝码质量为线性关系. (6)在图线上寻找T=0.880s的点，对应横坐标为0 120kg. (7)换一个质量较小的滑块殿实脸，滑块和砝码总质量 较原来偏小，要得到相同的周期，应放质量更大的砝码， 对应纵坐标点应右移，则所得图线与原图线相比下移， 即沿纵轴负方向移动， 答案：(4)见解析(5)线性的(6)0.120(7)负方向 专题十八电学实验 考点1 解析：(1)根据题图可知电流表的分度值为5mA,故读数 为200mA: 学生电源的输出功率P,=12×200×103W=2.4W (2)低压输电时电阻箱消耗的功率为P, 6×200×10-3W=1.2W, 电阻箱接入的电阻为R200X100=300 高压输电时，电阻箱消耗的功率为P= 30×20×10-4×20×10-3W=0.012W, 可得号=品=10， 即低压输电时电阻箱消耗的功率为高压输电时的 100倍. (3)A,示数为125mA时，学生电源的输出功率P, 12×125×103W=1.5W 高压输电时学生电源的输出功率比低压输电时减少了 △P=P,-P=2.4W-1.5W=0.9W 答案：(1)2002.4(2)100(3)0.9 考点2 1.解析：(1)根据螺旋测微器的读数规则可知，其读数为d= 2mm+0.01×45.0mm=2.450mm: (2)由于电压表示数变化更明显，说明电流表分压较多， 因此电流表应采用外接法，即测量铅笔芯电阻时应将K 螂到1端： (3)根据困丙的U困像，结合欧姆定律有R,=31A 2.50V =1.912: (4)根据电阻定律R=pS: 可得p=5, 两种材料的横栽面积近似相等，分别代入数据可知 py· 答案：(1)2.450(2)1(3)1.91(4)大于 2,解析：(1)电压表量程为0~3V,分度值为0.1V,则电压 表读数需估读一位，为1.25V,则金属丝的刚量值R 号-12.5n 一x气压越小电阻越大 I=IR 4】 PJR↑，期↑， 比压表的指针位受 应该在题图(c)中指 4位发的右帽专题十七力学实验 [考点1]对纸带的分析 1.(2025·湖南卷，11)某同学通过观察小球在黏性液体中的运动，探究其动力学规律，步骤如下： A0-5.00 25 B0-5.49 20 整 性液体 C06.00 D0-6.51 E0-7.02 单位：cm 紧 图1 图2 (1)用螺旋测微器测量小球直径D如图1所示，D= mm (2)在液面处由静止释放小球，同时使用频闪摄影仪记录小球下落过程中不同时刻的位置，频 闪仪每隔0.5s闪光一次.装置及所拍照片示意图如图2所示（图中的数字是小球到液面的测 量距离，单位是cm). (3)根据照片分析，小球在A、E两点间近似做匀速运动，速度大小v= m/s(保留2 位有效数字)。 (4)小球在液体中运动时受到液体的黏滞阻力f=kD(k为与液体有关的常量)，已知小球密 榆 度为P,液体密度为%，重力加速度大小为g,则k的表达式为k= (用题中给出的物 理量表示)， (5)为了进一步探究动力学规律，换成直径更小的同种材质小球，进行上述实验，匀速运动时的 速度将 (填“增大”“减小”或“不变”) 2.(2022·浙江卷，17)(1)①“探究小车速度随时间变化的规律”实验装置如图1所示，长木板水 平放置，细绳与长木板平行.图2是打出纸带的一部分，以计数点O为位移测量起点和计时起 点，则打计数点B时小车位移大小为 cm.由图3中小车运动的数据点，求得加速度为 数 m/s2(保留两位有效数字). 阳 组小车打点计封器 图2 利用图1装置“探究加速度与力、质量的关系”的实验，需调整的是 A.换成质量更小的车 B.调整长木板的倾斜程度 C,把钩码更换成砝码盘和砝码D.改变连接小车的细绳与长木板的夹角 (2)“探究求合力的方法”的实验装置如图4所示，在该实验中， ①下列说法正确的是 A.拉着细绳套的两只弹簧秤，稳定后读数应相同 B.在已记录结点位置的情况下，确定一个拉力的方向需要再选择相距较 图3 远的两点 C.测量时弹簧秤外壳与木板之间不能存在摩擦 D.测量时，橡皮条、细绳和弹簧秤应贴近并平行于木板 ②若只有一只弹簧秤，为了完成该实验至少需要 (选填“2”“3”或“4”)次把橡皮条结点拉到O. 125 [考点2]研究匀变速直线运动 1.(2023·全国甲卷，23)某同学利用如图()所示的实验装置探究物体做直线运动时平均速度与时间的 关系.让小车左端和纸带相连.右端用细绳跨过定滑轮和钩码相连.钩码下落，带动小车运动，打点计 时器打出纸带.某次实验得到的纸带和相关数据如图(b)所示. 打点计时器小车 6.60-8.009.40-10.9012.40 D 纸带 木板 图(a) 图(b) 单位：cm (1)已知打出图(b)中相邻两个计数点的时间间隔均为0.1s.以打出A点时小车的位置为初始 位置，将打出B、C、D、E、F各点时小车的位移△x填到表中，小车发生对应位移所用时间和平 均速度分别为△t和U.表中△xD cm,VAD= cm/s. 位移区间 AB AC AD AE AF △x(cm) 6.60 14.60 △TAD 34.90 47.30 v(cm/s) 66.0 73.0 UAD 87.3 94.6 (2)根据表中数据，得到小车平均速度？随时间△t的变化关系，如 em· 图(c)所示.在答题卡上的图中补全实验点 105 (3)从实验结果可知，小车运动的一△图线可视为一条直线，此直线 95 用方程=k△M十b表示，其中k cm/s,b= cm/s. (结果均保留3位有效数字) (4)根据(3)中的直线方程可以判定小车做匀加速直线运动，得到 6 打出A点时小车的速度大小vA= ,小车的加速度大小a 00.10.2030.40.50.646 .(结果用字母k、b表示) 图(e) 2.(2022·全国乙卷，22)用雷达探测一高速飞行器的位置.从某时刻(t=0)开始的一段时间内， 该飞行器可视为沿直线运动，每隔1s测量一次其位置，坐标为x,结果如下表所示： t/s 0 1 2 3 4 5 6 x/m 0 507109417592505 33294233 回答下列问题： (1)根据表中数据可判断该飞行器在这段时间内近似做匀加速运动，判断的理由是： (2)当x=507m时，该飞行器速度的大小v= m/s: (3)这段时间内该飞行器加速度的大小a= m/s2(保留2位有效数字). [考点3] 测重力加速度或人的反应时间 (2020·山东卷，13)2020年5月，我国进行了珠穆朗玛峰的高度 手机 测量，其中一种方法是通过使用重力仪测量重力加速度，进而间 接测量海拔高度.某同学受此启发就地取材设计了如下实验，测 量当地重力加速度的大小.实验步骤如下： 垫块 (ⅰ)如图甲所示，选择合适高度的垫块，使木板的倾角为53°，在 其上表面固定一与小物块下滑路径平行的刻度尺（图中未画出）. (ⅱ)调整手机使其摄像头正对木板表面，开启视频录像功能.将 图甲 小物块从木板顶端释放，用手机记录下小物块沿木板向下做加速 直线运动的情况，然后通过录像的回放，选择小物块运动路径上合适的一点作为测量参考点， 得到小物块相对于该点的运动距离L与运动时间！的数据！ ()该同学选取部分实验数据，画出了斗，图像，利用图像数据得到小物块下滑的加速度大 小为5.6m/s2 (V)再次调节垫块，改变木板的倾角，重复实验. 126 回答以下问题： (1)当木板的倾角为37°时，所绘图像如图乙所示.由图像可得，物块过测量参考点时速度的大 小为 /s:选取图线上位于坐标纸网格交叉点上的A、B两点，利用A,B两点数据得 到小物块下滑加速度的大小为 m/s2.(结果均保留2位有效数字) (2)根据上述数据，进一步分析得到当地的重力加速度大小为 m/s2.(结果保留2位 有效数字，sin37°=0.60，c0s37°=0.80) 200 150 5.10152025303540t/×102s) 图乙 [考点4幻探究弹力与弹簧伸长的关系 1.(2025·黑吉辽蒙卷，12)某兴趣小组设计了一个可以测量质量的装置.如图()，细绳1、2和橡 皮筋相连于一点，绳1上端固定在A点，绳2下端与水杯相连，橡皮筋的另一端与绳套相连。 为确定杯中物体质量m与橡皮筋长度x的关系，该小组逐次加入等质量的水，拉动绳套， 使绳1每次与竖直方向夹角均为30°且橡皮筋与绳1垂直，待装置稳定后测量对应的橡皮筋长 度.根据测得数据作出x一m关系图线，如图(b)所示. x/cm 12.0 30 绳食 橡皮筋 11.0 2 10.5 水杯 10.0 50 100 150m/g 图(a) 图(b) 回答下列问题： (1)将一芒果放人此空杯，按上述操作测得x=11.60cm,由图(b)可知，该芒果的质量m。= g(结果保留到个位)，若杯中放入芒果后，绳1与竖直方向夹角为30°但与橡皮筋不垂 直，由图像读出的芒果质量与m。相比 (填“偏大”或“偏小”) (2)另一组同学利用同样方法得到的x一m图像在后半部分弯曲，下列原因可能的是 A.水杯质量过小 B.绳套长度过大 C.橡皮筋伸长量过大，弹力与其伸长量不成正比 (3)写出一条可以使上述装置测量质量范围增大的措施 127 2.(2022·湖南卷，11)小圆同学用橡皮筋、同种一元硬币、刻度尺、塑料袋、 支架等，设计了如图()所示的实验装置，测量冰墩墩玩具的质量.主要 实验步骤如下： (1)查找资料，得知每枚硬币的质量为6.05g; 塑料袋 (2)将硬币以5枚为一组逐次加入塑料袋，测量每次稳定后橡皮筋的长 度1，记录数据如下表： 图(a) 序号 1 o, 3 4 5 硬币数量n/枚 5 10 15 20 25 长度l/cm 10.5112.0213.5415.0516.56 (3)根据表中数据在图(b)上描点，绘制图线： 16 3 1015202530m枚 图(6) 图(e) (4)取出全部硬币，把冰墩墩玩具放入塑料袋中，稳定后橡皮筋长度的示数如图(c)所示，此时 橡皮筋的长度为 cm; (5)由上述数据计算得冰墩墩玩具的质量为 g(计算结果保留3位有效数字). 3.(2021·广东卷，11)某兴趣小组测量一缓冲装置中弹簧的劲度系数.缓 冲装置如图所示，固定在斜面上的透明有机玻璃管与水平面夹角为 刻度尺 30°，弹簧固定在有机玻璃管底端.实验过程如下：先沿管轴线方向固定 一毫米刻度尺，再将单个质量为200g的钢球（直径略小于玻璃管内径） 有机玻璃管 逐个从管口滑进，每滑进一个钢球，待弹簧静止，记录管内钢球的个数 309 和弹簧上端对应的刻度尺示数L。,数据如表所示.实验过程中弹簧始终 7777777777777 处于弹性限度内.采用逐差法计算弹簧压缩量，进而计算其劲度系数。 1 2 3 4 5 6 L./cm8.0410.0312.0514.0716.1118.09 (1)利用△L,=L+3一L,(i=1,2,3)计算弹簧的压缩量：△L=6.03cm,△L2=6.08cm, △L3= cm,压缩量的平均值△Z=△L,十△L,十△L 3 cm: (2)上述△工是管中增加 个钢球时产生的弹簧平均压缩量； (3)忽略摩擦，重力加速度g取9.80m/s2,该弹簧的劲度系数为 N/m(结果保留3位有 效数字) [考点5]验证牛顿第二定律及测定动摩擦因数 1.(2025·陕晋青宁卷，10)（多选）如图，与水平面成53°夹角且固定于O、M两点 Elktett Q⊙ 的硬直杆上套着一质量为1kg的滑块，弹性轻绳一端固定于O点，另一端跨过固 定在Q处的光滑定滑块与位于直杆上P点的滑块拴接，弹性轻绳原长为OQ,PQ 为1.6m且垂直于OM.现将滑块无初速度释放，假设最大静摩擦力与滑动摩擦 力相等.滑块与杆之间的动摩擦因数为0.16，弹性轻绳上弹力F的大小与其伸长 量x满足F=kx.k=10N/m,g取10m/s2,sin53°=0.8.则滑块 ( ) 530 128 A.与杆之间的滑动摩擦力大小始终为1.6N B.下滑与上滑过程中所受滑动摩擦力的冲量相同 C.从释放到静止的位移大小为0.64m D.从释放到静止克服滑动摩擦力做功为2.56J 2.(2025·山东卷，13)某小组采用如图甲所示的装置验证牛顿第二定 律，部分实验步骤如下： 数字毫秒计 迹光片 光电门2 小车 光电门 长直轨道 托盘及砝码 图甲 (1)将两光电门安装在长直轨道上，选择宽度为d的遮光片固定在小车上，调整轨道倾角，用跨 过定滑轮的细线将小车与托盘及砝码相连，选用d= cm(填“5.00”或“1.00”)的遮光 片，可以较准确地测量遮光片运动到光电门时小车的瞬时速度. (2)将小车自轨道右端由静止释放，从数字毫秒计分别读取遮光片经过光电门1、光电门2时的 速度y1=0.40m/s、v2=0.81m/s,以及从遮光片开始遮住光电门1到开始遮住光电门2的时 间t=1.00s,计算小车的加速度a m/s2(结果保留2位有效数字). (3)将托盘及砝码的重力视为小车受到的合力F,改变砝码质量，重复上述步骤，根据数据拟合 出α一F图像，如图乙所示.若要得到一条过原点的直线，实验中应 (填“增大”或“减 小”)轨道的倾角. a(ms) 0.50 040 030 0.20 0.10 0 0.10 0.20 0.30FN 图乙 (4)图乙中直线斜率的单位为 (填“kg”或“kg1”). 3.(2025·云南卷，11)某实验小组做了测量木质滑块与橡胶皮之间动摩擦因数：的实验，所用器 材如下：钉有橡胶皮的长木板、质量为250g的木质滑块（含挂钩）、细线、定滑轮、弹簧测力计、 慢速电机以及砝码若干，实验装置如图甲所示. 弹簧测力计 ,弹簧润力计 矿码 木质带块 砝码 定滑轮 速电机 定带轮 慢速电机 打有橡较皮的长木板 钉有橡胶皮的长木板 图甲 图乙 实验步骤如下； ①将长木板放置在水平台面上，滑块平放在橡胶面上； ②调节定滑轮高度，使细线与长木板平行（此时定滑轮高度与挂钩高度一致）； 129 ③用电机缓慢拉动长木板，当长木板相对滑块匀速运动时，记录弹簧测力计的示数F: ④在滑块上分别放置50g、100g和150g的砝码，重复步骤③； ⑤处理实验数据（重力加速度g取9.80m/s2). 实验数据如表所示： 滑块和砝码的总质量M/g 弹簧测力计示数F/N动摩擦因数以 250 1.12 0.457 300 1.35 350 1.57 0.458 400 1.79 0.457 完成下列填空： (1)表格中a处的数据为 (保留3位有效数字)： (2)其他条件不变时，在实验误差允许的范围内，滑动摩擦力的大小与接触面上压力的大小 ,4与接触面上压力的大小 (以上两空填“成正比”“成反比”或“无关”)： (3)若在实验过程中未进行步骤②，实验装置如图乙所示，挂钩高于定滑轮，则4的测量结果将 (填“偏大”“偏小”或“不变”) 4.(2025·安徽卷，11)某实验小组通过实验探究加速度与力、质量的关系， (1)利用图甲装置进行实验，要平衡小车受到的阻力.平衡阻力的方法是：调整轨道的倾斜度， 使小车 (选填正确答案标号)， 小车打点计时器 纸带 榜码 轨道 图甲 a.能在轨道上保持静止 b.受牵引时，能拖动纸带沿轨道做匀速运动 ℃，不受牵引时，能拖动纸带沿轨道做匀速运动 (2)利用图乙装置进行实验，箱体的水平底板上安装有力传感器和加速度传感器，将物体置于 力传感器上，箱体沿竖直方向运动.利用传感器测得物体受到的支持力F、和物体的加速度α， 并将数据实时传送到计算机. ①图丙是根据某次实验采集的数据生成的F、和α随时间t变化的散点图，以竖直向上为正方 向.t=4s时，物体处于 (选填“超重”或“失重”)状态；以F、为横轴、a为纵轴，根据实 验数据拟合得到的a-F、图像为图丁中的图线a. ②若将物体质量增大一倍，重新进行实验，其α-F、图像为图丁中的图线 .（选填“b” “c”或“d”) 20 10 箱体 -105 0 2 s 10 物体 · (5 加速度传感器 力传感器 -10 0 站 图乙 图丙 图丁 130 5.(2025·陕晋青宁卷，11)图(a)为探究加速度与力、质量关系的部分实验装置 小车00-y 木板 精码 实验桌 槽码盘 图(a) (1)实验中应将木板 (填“保持水平”或“一端垫高”). (2)为探究加速度a与质量m的关系，某小组依据实验数据绘制的a-m图像如图(b)所示，很 难直观看出图线是否为双曲线.如果采用作图法判断α与m是否成反比关系，以下选项可以直 观判断的有 (多选，填正确答案标号) m/kg a/(m·s2) 4a/m·s 0.80 0.25 0.618 0.70 0.60 0.33 0.482 0.50 0.40 0.40 0.403 0.30 0.50 0.317 0.20 0.10 1.00 0.152 00.200.400.600.801.001.201.40m/kg 图(b) A.a-1图像 B.a一m2图像 m C.am一m图像 D.a2-m图像 (3)为探究加速度与力的关系，在改变作用力时，甲同学将放置在实验桌上的槽码依次放在槽 码盘上；乙同学将事先放置在小车上的槽码依次移到槽码盘上，在其他实验操作相同的情况 下， (填“甲”或“乙”)同学的方法可以更好地减小误差， 6.(2022·山东卷，13)在天宫课堂中，我国航天员演示了利用牛顿第二定律测量物体质量的实 验，受此启发，某同学利用气垫导轨、力传感器、无线加速度传感器、轻弹簧和待测物体等器材 设计了测量物体质量的实验，如图甲所示.主要步骤如下： ①将力传感器固定在气垫导轨左端支架上，加速度传感器固定在滑块上； ②接通气源.放上滑块.调平气垫导轨； 加速度传感器 滑块 气垫导轨 连气源 图甲 ③将弹簧左端连接力传感器，右端连接滑块.弹簧处于原长时滑块左端位于O点.A点到O点 的距离为5.00cm,拉动滑块使其左端处于A点，由静止释放并开始计时； ④计算机采集获取数据，得到滑块所受弹力F,加速度α随时间t变化的图像，部分图像如图乙所示. ams 3.50 3.0 250 0叶ot02s 200 ↑ams 5.08 100 0.50 0叶002 图乙 图再 131 回答以下问题（结果均保留两位有效数字）： (1)弹簧的劲度系数为 N/m. (2)该同学从图乙中提取某些时刻F与a的数据，画出a一F图像如图丙中I所示，由此可得 滑块与加速度传感器的总质量为 kg. (3)该同学在滑块上增加待测物体，重复上述实验步骤，在图丙中画出新的α一F图像Ⅱ，则待 测物体的质量为 kg. 7.(2021·全国甲卷，22)为测量小铜块与瓷砖表面间的动摩擦因数，一同 1 学将贴有标尺的瓷砖的一端放在水平桌面上，形成一倾角为α的斜面 (已知sina=0.34,cosa=0.94),小铜块可在斜面上加速下滑，如图所 示.该同学用手机拍摄小铜块的下滑过程，然后解析视频记录的图像，获得5个连续相等时间 间隔（每个时间间隔△T=0.20s)内小铜块沿斜面下滑的距离s,(i=1,2,3,4,5),如下表所示. S1 S2 Ss 5.87cm 7.58cm 9.31cm11.02cm12.74cm 由表中数据可得，小铜块沿斜面下滑的加速度大小为 m/s2,小铜块与瓷砖表面间的动 摩擦因数为 (结果均保留2位有效数字，重力加速度大小取9.80m/s2) 8.(2021·湖南卷，11)某实验小组利用图(a)所示装置探究加速度与物体所受合外力的关系.主 要实验步骤如下： 度世图 图a) 图) (1)用游标卡尺测量垫块厚度h,示数如图(b)所示，h= cm; (2)接通气泵，将滑块轻放在气垫导轨上，调节导轨至水平； (3)在右支点下放一垫块，改变气垫导轨的倾斜角度； (4)在气垫导轨合适位置释放滑块，记录垫块个数n和滑块对应的加速度a; (5)在右支点下增加垫块个数（垫块完全相同），重复步骤(4)，记录数据如下表： n 1 2 3 4 5 6 (a/m·s2) 0.0870.180 0.260 0.4250.519 根据表中数据在图(c)上描点，绘制图线， a/m:习 0.6 0.5 0.4 0.3 02 3 6 7 图(c) 如果表中缺少的第4组数据是正确的，其应该是 m/s2(保留三位有效数字). 132 [考点6]研究平抛物体的运动 1.(2024·河北卷，11)(1)某同学通过双缝干涉实验测量单色光的波长，实验装置如图1所示，其 中测量头包括毛玻璃、游标尺、分划板、手轮、目镜等. 光源凸透镜滤光片单缝双缝 遮光筒测量头 图1 该同学调整好实验装置后，分别用红色、绿色滤光片，对干涉条纹进行测量，并记录第一条和第 整 六条亮纹中心位置对应的游标尺读数，如表所示： 单色光类别 x1/mm x./mm 单色光1 10.60 18.64 紧 单色光2 8.44 18.08 根据表中数据，判断单色光1为 (填“红光”或“绿光”) (2)图2为探究平抛运动特点的装置，其斜槽位置固定且末端水平，固定坐标纸 复写纸坐标纸 的背板处于竖直面内，钢球在斜槽中从某一高度滚下，从末端飞出，落在倾斜的 挡板上挤压复写纸，在坐标纸上留下印迹.某同学利用此装置通过多次释放钢 球，得到了如图3所示的印迹，坐标纸的y轴对应竖直方向，坐标原点对应平抛 起点. ①每次由静止释放钢球时，钢球在斜槽上的高度 (填“相同”或“不同”) 布 ②在坐标纸中描绘出钢球做平抛运动的轨迹. 图2 0 2 46810121416m 数 御 20 yfem 图3 ③根据轨迹，求得钢球做平抛运动的初速度大小为 m/s(当地重力加速度g为 9.8m/s2,保留2位有效数字). 2.(2023·浙江卷，16(I))(1)在“探究平抛运动的特点”实验中 ①用图1装置进行探究，下列说法正确的是 A.只能探究平抛运动水平分运动的特点 B.需改变小锤击打的力度，多次重复实验 C.能同时探究平抛运动水平、竖直分运动的特点 133 ②用图2装置进行实验，下列说法正确的是 A.斜槽轨道M必须光滑且其末端水平 B.上下调节挡板N时必须每次等间距移动 C.小钢球从斜槽M上同一位置静止滚下 ③用图3装置进行实验，竖直挡板上附有复写纸和白纸，可以记下钢球撞击挡板时的点迹.实 验时竖直挡板初始位置紧靠斜槽末端，钢球从斜槽上P点静止滚下，撞击挡板留下点迹0，将 挡板依次水平向右移动x,重复实验，挡板上留下点迹1、2、3、4.以点迹0为坐标原点，竖直向 下建立坐标轴y,各点迹坐标值分别为y1y2y、y.测得钢球直径为d,则钢球平抛初速度 为 Ae+号 B(+号 y:-y cx-号2 n-头品 (2)如图4所示，其同学把A、B两根不同的弹簧串接竖直悬挂，探究A、B弹簧弹力与伸长量的 关系.在B弹簧下端依次挂上质量为m的钩码，静止时指针所指刻度xA、xa的数据如表. 钩码个数 0 1 2 44 B CA/cm 7.75 8.53 9.30 TB/cm 16.45 18.52 20.60 图4 钩码个数为1时，弹簧A的伸长量△xA= cm,弹簧B的伸长量△xB= cm,两 根弹簧弹性势能的增加量△E。 mg(△xA十△xB)(选填“=”“<”或“>”)】 3.(2021·全国乙卷，22)某同学利用图(a)所示装置研究平 抛运动的规律，实验时该同学使用频闪仪和照相机对做平 纸板 61m 8.6 抛运动的小球进行拍摄，频闪仪每隔0.05s发出一次闪 110c 光，某次拍摄后得到的照片如图(b)所示（图中未包括小球 134cm 刚离开轨道的影像).图中的背景是放在竖直平面内的带 图(a) 图6) 有方格的纸板，纸板与小球轨迹所在平面平行，其上每个 方格的边长为5cm.该同学在实验中测得的小球影像的高度差已经在图(b)中标出. 完成下列填空：（结果均保留2位有效数字） (1)小球运动到图(b)中位置A时，其速度的水平分量大小为 m/s,竖直分量大小为m/s: (2)根据图(b)中数据可得，当地重力加速度的大小为 m/s2. [考点7]探究动能定理 (2021·河北卷，12)某同学利用图1中的实验装置探究机械能变化量与力做功的关系.所用器 材有：一端带滑轮的长木板、轻细绳、50g的钩码若干、光电门2个，数字计时器、带遮光条的滑 块（质量为200g,其上可放钩码）、刻度尺.当地重力加速度为9.80m/s2.实验操作步骤如下： △E 意光条光电门1 光电门2 图1 图2 134