周测8 带电粒子在电场中的运动-【蓝海启航·启航金卷周周测】2026-2027学年高中物理必修第三册（教科版2019）

周测8带电粒子在电场中的运动 〔时间，40分钟分值，0分) 一、选择盟：本整共8小量，共32分。在每小题给出的四个进项中，3一5只有一个进项正裤 6一8题有多个选项正魂，全部进对的得4分，远对但不全的得2分，有选结的得心分。 照山.下列纹子从初注度为军的软态经注电怀用为U的电畅加连后连成破大的是 A.氟核H) 品.质子(IH C.氮原子核(He)D.藏桂(H) 2.如图所示，空闻有一句函电场，电场方向与纸面平行，一电传慧为一g的粒子（重力不 计)：在恒力F的作用下沿虚昆由M匀速运动到N,已每力F和MN间夹角为B,M,N 间师离为d,划下列结论中正确的是 A匀属电场的电场强度大小为下血心 我匀强电场的电场程度大小为F:《 。匀莲电场的电场墨度大小为 D.若要使带电较子由向好做匀速直线运幼，期F必颗反 3.如图所示，平置直角坐标系￥韩右侧空阿存在方向平行于y箱的强电场，一带电 较子不计重力》以初速度”，沿结正方向从坐标复点O射入电场，路动过程督 过点P(d:2)。则粮子到达'点时渔度大小为 A.van 且.6划 C.22 D. 4.一带负电粒子仅在电场力的作用下，从氨点)由帝止开始沿1结正方向运 4 的 动，其运动速度节随位置了的变化关系知周所尽，国中轴线是顶点为（的抛 物线，粒子的质量和电背量大小分烤为世有早，则下列说法正确的是( A.电场为非匀强电场，且补如方向电场强度变小 K0,两点之何的电导差U,一0 C我子从0点运动到，点的过程中电婷能减少了三m时 ,粒子沿y轴做加迪度不断减小的都渔岳动 5,图所示的直线如速器由沿轴线分布的金属国简又将谭移管)A,B、C,D,E组成，相邻金属国 算分别接在电尊的两满。质子以初通度从心点沿抽钱进入加渔器，质干在金属算内做匀 速运动且时间均为丁，在金属则算之闻的绕峰鼓电场速，加速时电压U大小相同，爱子电顾 为？，发量为m,不计质子经过我缝的时利，则下列说达不正陶的是 A.N所接电源的级鞋皮周期鞋变化 私金属魔算的长度痕与面子进人圆简时的速度成正比 C心，金属期前A的长度与象属图筒B的长度之比为1t2 20 五.团子从周简B射出时的速度大小为、 反电子桌醒接同中的电子怆如图所示：长为阴最，电势为KA为阳极，电势为 空A,在电场作用下电量为一？的电子从K运动司A则 A.A,K间电势差为罗一% B电节动增加e华，一F) 仁，电子电梦使增加零，一：》 D.电子克重电场力敏功为（华） 7,电子通境是通过静电场来使电子数棠惠的装置。电子 透镜再极间的电场线分春如图中督莆头的实线，观有 一电子仅在电场力作用下从M运动到N,运动轨连如 图围线所不，则下列说怯正确的是 A,电子在制点的加速虔最大 且P点的电势高于M点的电势 《二，从剂点到N点电子的动能先增大后减小 D从M点罚N点电千的电势衡一直观个 点，如用甲，一带电粒子沿平行板电容答中线制N园 速度多平行于极板人（记为=0时刻1，可转在 两极板上加一按闲乙变化的电压。已每枚子比简 为素，带电粒予只受静电力的作用且不与极板发生 能值，经过一段时何，粒子以平行极板方向的电度 射出。期下列说法正确的是 A,粒子射出时间可使为/三4 且.粒千射出的速度大小为2型 版板长度请是=1.w(m(n=1,2,3,) n能板何最小E高为，受知 进杯随客题栏 号 2 4 8 著案 二，幸选择赠：本题共4小题.共28分 9.【4分)如目所示，地操约光滑水平桌在高为一1,5m.长为，一2m,桌面上方有-个水平向左 的蒸电场，一个所量为两=2×10g、带电荷量为g一十5×10”C的小物体日桌酯的左端 A点以初这度大小”一5m向右滑行，商开桌子边谬B后，落在水平地面上C点。C点与B 点的水平距离r=1m.不什空气力，g取10m/,,不杆桌南厚度， (I)场第太小E N/C (2)著小物体带电桥量减半，为使小物体离开桌子边缘B后运动的水平距离加偏，甲x'一之：，测 小物体在A点的精德度大小应为 / 周测得像电校子在电场中的岳动 10,G分》如图为示波管的原理图 转电 1》如果在荧光屏上P点位置出现亮斑，喇示皱密中的 A.极板X应悟正电 B.顺顿X应带正电 C,楼板Y应神正电 九楼板Y成替正电 《2)甲.乙两图所示的电压均为周期鞋变化的交变电压，同期均为T ①若￥Y'侧慢酸上加如图甲研示的电压，商XX烤极版不加电压。清在内图中出变光屏 上显示的图形 ②若XX两极板上塘指阴乙所乐的电压，前YY两极板不面比压。精在丁图中善出爱凳屏 上显示的图形 ③若XX两极板上框虹图乙所示馆电压，面YY种慢板上粗如图甲所压的电压。请在度图 中画出荧光牌上显示的图形 内 .8分》如图断示，阴极A受稿后向右到空间发射电子，电子衡量为标，电荷量为，电子的切室 事有从Ⅱ到的各种可能值，且各个方向都有，与A段相原上的地方有灾光屏B,电竿击中卖 光时桂会发先，若在A和B之司的密间里加一个水平向左，与荧亮解能垂直的匀菌电场， 电场强度为E,且电子全郭打在炎光屏上，求， 1》整子打到B的最长时闻： (2)B上受电子蛋击后的发光而积， 周风测指理必榨第三霜JK ·16- 1名，(10分)如周所示。一个电子由静止开始经加速电场知速后，又清编转电场极极同的中心轴线从 )点强直射人偏转电场，并从另一侧射出打到卖老解上的P点，)点为荧光属的中心，已知 电子级量游=马，0×104k以，电商量=1,6×10C,知迷电场电压U,啊2500V,转电场 电压U一20V,极板的长度1，-.0cm.版间距真/=2.0cm-极板的末端民茨光的距离 上：=3,0，电子所受重力不计，求：《先学母运算，推导出学每表达式，最后代人数值) (1)电子射人偏转电场时韵初速度 (2)电子从偏转电场射出时约侧移量y: (3)电子打在菱光是上的P点到点的距离6，8.D解析：带电量为，的液滴静止不动，所受的电场力与重 (2)电客器所带电荷量为0,32×10C时，电容器两极板 力平衡，则知电场力向上，而场强句下，所以液滴带的是负 Q0.32×10 电，故A错误：增大电客器两极板间距离，根器电客的决定 间的电压为-亡一点.0x10V=4.0X10V 式C=,e5 (3)孩电容器极板问的电场强度是 4πkd d0.o01X10N/C=4.0×10N/C E U4.0×10- 可知电容C减小，U不变，由C=司 分折可知Q减小，电容器放电，则R中有从口流向b的电 12.0)8mg (2)2:1 3g 流，故B正确，C错误：断开S,极板上电量不瓷诚小两极板 距离，根据电容的决定式C=S 解折：（由题高对小晾连行安力分析可得B=m发n晋 4πkd 电客的定义式C一 Q 解得E-3mg 3q 以及由参式E-号 (2)银据公式E-号.C-号 可得Q=ECd 分折可知F=hQ ES 当悬线和整直方向的夹角增加到于时 与d无美，即E保持不变，所以液滴静止仍然不动，故D 正确。 E:-3mg g 9.(1)控制变量法(2)变小变大 解析：(1)本实验所月的科学探究方法是控制变量法 所以布号营日 (2)若仅得电客器左侧极板适当右移，两极板间距离域小，根 第二次充电增加的电荷量为Q.一Q=2Q 幅C-岛 周光两次充电分别增加的电行量之比为Q:一Q_是 电容C变大，银福电容的定义式C=吕 周测8带电粒子在电场中的运动 且Q不变可知U变小，即静电计指针的偏角将变小： 若仅将电容器左侧极板适当上移，两极板正对面积S减小， 1,B解析设粒子的电量为q,质量为m,别询动能定理得 基指C=品 电家C麦小，根据电客的定义式C-吕 2qU 解得=入√ 且Q不变可知，U变大，即静电计指针的偏角将变大 在题中四个粒子中质子的比荷最大，追度也最大。故选B。 10.(1)正(2)电荷量不变(3)8.3×10(4)减小 2,C解析：粒予做匀诡运动，受力平衡，则电场强度大小 解析：(1)当开关S接“1”后，电源给电客器充电，根据充电 F E= 电流方向可如，电容器上极板带正电·下极板带负屯。 9 (2)当开关S接“2”，电客器进行放电，-1图像与横轴围成 故A,B错误，C正确：粒子微匀遮直线运动的条件是粒子受 的面积表示的物理量是电荷业： 力平衡，即由N运动到M,带电粒子受到的电场力不变，则 只增大电阻R的阻值，只是使得放电过程变慢，而放电的 F也保持不变，故D错误。 电荷量不变，剥1曲线与横轴国成的面积将不变。 3,D解析：带电粒子在电场中败类平批运动，希x軸正方向 8)根据也家的定义式可释C一吕-25X10 做匀逸直线运动，可得d=vt 3 F=8,3X 在y轴方向做初速为零的匀加速直线运动，粒子到达P店 10-4F. 器y轴正方向的分选度大小为，则有巨-巴 ④静电计指针偏角变大，则电区变大，长据C=吕 解得，=22 可知，电客变小，得出的结论是：在其他条件不变的情况下， 平行板电容器的电容C随两极族间的距离d的增大而 则该粒子到达P点时建度大小为■√十=3 减小。 故选D。 11.(1)8.0×107F(2)4.0×103V 4,C解析：由题意可知，题图中曲线是抛物线，将点(x11) (3)4.0×103N/C 代入x=k 解析：(1)该电容器的电容是C= ES 4πkd 则询线的表达式可写为x=马 9×0.01 4x3.14×9.0x10X0.001X107F*8.0×10F 粒子只在电场力作月下运动，由动能定理得Fx=?mv ·51· 答案全解全析 8,CD解析：短子射入电容器后，在平行于极板方向做匀速直 线运动，垂克极族方向途动的，1闲像如图所示。国为粒 F=Eg 子平行极城射出，可知鞋子垂真极板方向的分捷度为0，所 所以鞋子在运动过程中，受到的电场力不变，说明电场为匀 以射出时刻可能为1.5s,3s,4.5s、…,满足=1,5ns(n 强电场，电场强度大小为E-/ 1,2,3.…） 即慧子沿x轴数加速度不变的加递运动，故A,D错误：（或 者由国像可知了=如得=后直提就为匀加墟直线选动) 粒子从O点运动到王！点，由动能定理得W=gU, qEr;=mvi 2 粒子射出的速度大小必定为，A,B错误： 电场力微正功，电势能减少，为一△5，=w:-" 极板长度L=u·1.5n(m)(n=1,2,3,…),C正确： 2 周为粒子不跟极板碰掩，别应满足 则0、x1两点之间的电势差为Um,=20 d、1 2≥2，×1,5￥ 故B错误，C正确。故迭C。 0,=a×1s 5,C解析：因用贞线加连器加速质子，其运动方向不变，由题 4-0 图可知，A的右边壕为正极时，则在下一个加速时，B,C、D md E的右边撩均为正极，所以MN所接电源极性应周期性变 3 化，故A正确，不特合题意： 联立解得d>√合U 质子在金离圆简内做匀境运动，且时均为丁，由L=T知如 D正确，故速CD 金属圆简的长度应与质子进入圆筒时的速度？成正比，故B 9.(1)3.2×103(2)4W② 正确，不特合题意： 解析：(1)小物体离开来子边缘B后微平抛速动，其竖直方 对于带电粒子在圆简A分析可得L.1=vT 对于质子以初速度从)点沿轴线进入加违器，质子经1 向微自由落体运动，根据6=2 文加逢，由动能龙理可得U=子m一子m 解得一八g 2×1.25 10 s=0.5s 解得v台一m 小物体离开桌子边缘B时的造度大小为=二=m/4一 + 2 m/s 所以上n=vnT=T√m 小物体在匀强电场中从A运动到B,电场力做负功，根播动 金属国简A的长度与金属国简B的长度之比为 能定现有-B=名mi一子md 代入数据解得E=3.2×10N/C 企属圆简A的长度与金属國前B的长度之比不一定是1： 当==2时，有-号=停)-m 2,故C错误，特合题意：D正确，不特合题意。故选C。 6.AB解析：山题意可知K极的电势为9：，A极的电势为 代入数据解得=4v2m/s。 PA,附A.K网电势差为UK=华A一9x,故A正确：K为阴 OY 极，电势较低，A是阳顿，电势较高，电子从K运动到A的过 程中，电场力微正功，为：W=Uk=e(9A一P),根据动能 10.(1)BD(2)①X0 定理得：△E=W=e(g一9g),即电子动能增加r(学A P),故B正确，D错误：电子动能增加(9A一9x),报据能量 守恒定律可得：电子电势能减少：(A一PK),放C错误。 7.BD解析：电场线的疏密程度反映电场的强弱，由图可知M ②X X 点的电场线比P,点的稀疏，电场强度比P,点的小，电场力比 P点的小，加速度比P点的小，故A错溪：沿电场线的方向 OY' 电势降蓝，则P点的电势高于M点的电势，故B正响：电场 解析：(1)电予受力方向与电场方向相反，因电子向X侧偏 方向沿电场线的切线方向，可知电场力一直做正功，电子的 转，则电场方向为X'到X,则X带正电，故B正确，A错溪 动能一直增加，电势能一直减小，故C错误，D正确。故 因电子向Y侧偏转，则电场方向为Y到Y,则Y带正电， 透BD。 故D正确，C错误： 周周测物理必修第三册JK ·52· (2)①若YY'两极板上加知图甲所示的电压，而XX两极板 1 不加电压，制电子只在Y轴方向发生偏转，在X轴方向不 电子在竖直方向上微匀加瑰运动y一2 OY 根搭牛频第二定排有=m仙】 发生偏转，则在交光屏上的图像为X UL 解将y一4dU。 =3.6×101mg (3)电子离开偏转电场时逸度的反向延长线过偏转电场的 ②若XX两极越上加如图乙所示的电压，而YY'两极板不 2 加电压，则电予只在X抽方向发生偏转，在Y轴方向不发 OY 生偏转，则在荧光屏上的图像为X℃ 解得有=L十2L:=7.2×10+m L 阶段检测一静电场 ③若XX'两极板上加如图乙所示的电压，而YY'两极板上 1,D解析：根据导体表面尖锐积度总大的地方电荷分布越密 加如图甲所示的电压，Y方向为偏转电压，X方向为扫端电 集，可加金属柱A尖共处电荷密集，电场孩，它与板M之问 压，因为周期相问，所以屏慕上出现一个完成的正孩波形， 的空气容易发生电离，从而发生尖端放电现象，D正确。 OY 2.D解析：设球1.2之间的距离为r,剥球12之间库仑力为 如图所示Xo F=k r 球3与球2接触后，它们带的电荷量的代数和弄平分，即均 oy 2ml 11.(D Ee (2)2mlvx 为受，监后球3与球1接触，它们带的电背量的代数和秀平 Ee 解析：阴极A受热后发射电予，这些电子沿 分，脚均为”十2四，将球3移至运处后，球1,2之间库仑力 4 各个方向射向右迹匀强电场区城，且初速 为F”=kn(十2)g 率从0到各种可能值都有，取两个极端 8r 情况如围所示。 由于F‘=F,解得程=6 沿极板竖直向上且逸率为的电于，受列 故选D。 向右的电场力作用狱类平抛运动打到荧光屏上的P点 3,C解析：氧设用该除颜仪进行首次除颜时理论上需要的充 1,E 电电压为U,则电客器的电量为g=CU （1)水平方向上=立·m 电容器可释藏的能童为E一之4U 2m1 解得=√ 联立解得，用孩除颤仪选行首次除瓠时理论上需要的充电电 (2)竖直方向上y=过 压应为U=5kV,故A错误： 用孩徐颤仪在首次除颤过程中放出的电量为？=CU=20 2m1 解得y-vNE肥 104X5000C=0.1C,故B错溪t 沿极板竖直向下且建平为"的电子，受到向右的电场力作 根娜《=Ⅱ可得，通过人体的平均电流的为1=？= 用做类平批运动打到荧光屏上的Q点，问理可得 0.1 l y'=VN√E 5X10A-20A,故C正确： 人体左前胸和右后肋间距大约是5cm,所以除颤仪两个电 故在发光屏B上的发光西积S=ym=m 极置于人体左前胸和右后肋，则所加的平均电场强度约为 Ee 12.(1)3.0×10m/s(2)3.6×10-1m(3)7.2×10-m E= d25X10-V/m-2X10'V/m U5000 解析：(1)电予在加速电场中，报据动能定里有U。 故D错误。故选C。 2mv 4.C解析：连装AE,如图所示 +0 R2e0. 解得一√m 代入数据得。≈3.0×10m/s (2)设电子在偏转电场中运动的时间为【，电子射出偏修电 场时在竖直方向上的御移量为y 电子在水平方向微约速克线运动L,=。 ·53· 答案全解全析