周测7 电容器 电容-【蓝海启航·启航金卷周周测】2026-2027学年高中物理必修第三册（教科版2019）

12.(1)9.0×10N(2)9.0×103N/C 解析：(1)根措库仑定律，A,B两点间的库仑力大小为： F-LO 代入数据得： F=9×10'×3×10'X3×10 -N=9.0×103N 3 2)由E=k9知AB处电荷十Q在P点产生场强，大 都是：E Q 2cos∠P.AB 方句背离A或B,故P处外场强为： E+-2E,sin∠PAB-3tQ」 L 方向过P背离O,由Er=E十E。=0, 得E6=-E#=一3 Q =-g.0×102N/C 负号表示方向由P指向O 周测7电容器 电容 1,C解析：电客器可以储存电荷，电容是描述电容器容纳电荷 本领的物理量，其大小与电压和电童量无关，故A错误： 电容器的额定电压为2,7V,说明工作电压不超过2,7V,可 以小于2.7V,加在这个电客器两编的电压低于2.7V时它 能工作，故B错误： U 这个电客器充电时，板问的电压增大，拒离不变，根据E 可知，两极板间的电扬强度增大，故C正确： 若这个电客器两瑞的电压交化1V,根器C一品 解得△Q=3000C 则它所带的电荷量变化3000C,故D错误。故选C, 2.B解析：电客器的电容与电将量和电势差无关，A、D酷误， B正确： 银据也家的定又式有C-号 则Q=C 电荷量与电势差成正比，C错误。故选B, 3B解折：由C-号 可得U=只-0045 15 10V=3000V 由Q=1t 可得1-=9-05 50 s=0.9 ms 故选B. 4,A解析：在因示的连接方式中，两极板间的电压保持不变： M板向下平移，则板板间距d减小，根据C=公」 可知也容器的电客增大：根据Q=CU 可知电容器带电量增大，剥电容器充电，电流方向是从b到： 的，故A不可能 周周测物理必修第三册JK ·50 M板向上平移，则极板间距d增大，根据C= Axkd 可知电容器的电容减小：根据Q=C订 可知电容器带电量减小，刚电客器放电，电流方向是从到b 的，故B可能： 也介质向左移，则分电常数e减小，极据C=心 可知电客器的电客减小：根据Q■CU 可知电容器带电量减小，则电容器放电，电流方向是从到b 的，故C可能： M板向左移，财板板正对面积S减小，根据C= ES 可知电容器的电客减小：报据Q=CU 可知电客需带电量减小，别电客器救电，电流方向是从到b 的，故D可能。故连A。 C解析：由电容的定义式C=是 可知Q=CU 故A错误：两极板间匀强电场的电场强度大小E一 U 故B错误：M,P两点间的电势差为 Uvr El.sin 0= ULsin 0 d 故C正确：将带电量为十g的电荷从M移到P,电场力做功 Wwr -qUvr-9L.sin 0 d 根据功能关系可知，电荷的电势能诚小量的大小为 AE,-9UL.sin 0 d 故D错误。 5,AC解析：在形成电流尚线1的过程中，开关S与1端相 连，电客器在充电，所带电量增大，电客不变，由电客的定义 可，极板间电压增大，故A正瑞：在形 线2的过程中，开关S与端2相连，电客兽在放电，在放电的 过程中，电客暑的电荷量减小，但电客反晚电容器本身的特 性，与电压和电量无关，保持不变，故B错误：I1图线与时间 轴圈成的面积表示电荷量，因为电容器充电和放电的电量相 等，所以白线1与横轴所围面积等于曲线2与横轴所围雨 积，故C正确：S挂1端，只要时间足够长，电客器充电完毕， 电路中没有电流，电客器极顿闹的电压等于电源的电动势， 故D错误，故选AC, 7.BD解析：平行板电容器充电后与电源断开，电客器的电量 不变。将正极板移到图中虚线所示的位置·板间距离减小， 由C=品C号和E-号以释到：E= ES ,分析得 到板间场强不吏，电客C增大，而电量Q不变，由公式C 号分析得知板网电压U减小，由于负粒板的电势比正极板 低，则负极板电梦g升高，故A,C错误，B正确：根据U Ed,E不变，P,点到正极板的距离减小，则正极板与P点的 电势差减小，正极板电势为零，P点的电势比正极板低，则P 点的电势升高，正电荷在P点的电势能E。增大，故D正扇， 8.D解析：带电量为，的液滴静止不动，所受的电场力与重 (2)电容器所带电荷量为0.32X10C时，电客器两极板 力平衡，则知电场力向上，而场强句下，所以液滴带的是负 Q0.32×10+ 电，故A错误：增大电客器两极板间距离，根器电客的决定 间的电压为-亡点.0x10V=4.0X10V 式C=,eS (3)波电容器极板问的电场强度是 4πkd d0.001x10N/C=4.0×10N/C E U4.0×10- 可知电容C减小.U不变，由C=司 分折可知Q减小，电容器放电，则R中有从口流向b的电 12.0)8mg (2)2:1 3 流，故B正确，C错误：断开S,极板上电量不瓷诚小两极板 距离，根据电容的决定式C=S 解折：（由题意对小琼造行安力分析可得B=mgn晋 4πkd 电客的定义式C= Q 解得E-3mg 3q 以及由参式E-号 (②)银据公式E-号.C-号 可挥Q=ECd 分折可知F=hQ ES 当悬线和整直方向的夹角增加到于时 与d无类，即E保持不变，所以液滴静止仿然不动，故D 正确。 E:-3mg g 9.(1)控制变量法(2)变小变大 解析：(1)本实验所月的科学探究方法是控制变量法 片以有品-营-号 (2)若仅得电客器左侧极板适当右移，两极板间距离域小，根 第二次充电增加的电荷量为Q.一Q=2Q 最C-岛 周光两次充电分别增加的电符量之比为Q:一Q_召 电容C变大，银福电容的定义式C=吕 周测8带电粒子在电场中的运动 且Q不变可知，U变小，即静电计指针的偏角将变小： 若仅将电容器左侧极板适当上移，两极板正对面积S减小， 1,B解析：设粒子的电量为q,质量为m,别肉动能定理符 基指C=品 = 电容C麦小，根据电客的定义式C-吕 2qU 解将=入√ 且Q不变可知，U变大，即静电计指针的偏角将变大 在题中四个粒子中质子的比荷最大，追度也最大。故选B。 10.(1)正(2)电荷量不变(3)8.3×10(4)减小 2,C解析：粒予做匀珑运动，受力平衡，则电场强度大小 解析：(1)当开关S接“1”后，电源给电客器充电，根据充电 F E= 电流方向可如，电客器上极板带正电·下极板带负电。 9 (2)当开关S接“2”，电客器选行放电，-1图像与横轴围成 故A,B错误，C正确：粒子微匀遮直线运动的条件是粒子受 的面积表示的物理量是电荷业： 力平衡，即由N运动到M,带电粒子受到的电场力不变，则 只增大电阻R的阻值，只是使得放电过程变慢，而放电的 F也保持不变，故D错误。 电荷量不变，剥1曲线与横轴国成的面积将不变。 3,D解析：带电粒子在电场中败类平批运动，希x軸正方向 (3)根据电客的定义式可得C-号-2.5X10 做匀逸直线运动，可得d=vt 3 F=8.3X 在y轴方向做初速为零的匀加建直线运动，粒子到达P点 10￥F. 沿y轴正方向的分地度大小为，·则有2d=)巴与] ④)静电计指针偏角变大，则电区变大，长据C=吕 解得，=22 可知，电客变小，得出的结论是：在其他条件不变的情况下， 平行板电容器的电容C随两极族间的距离d的增大而 则该粒子到达P点时建度大小为v■√十=3 减小。 故选D。 11.(1)8.0×107F(24.0×103V 4,C解析：由题意可知，题图中曲线是抛物线，将点(x11) (3)4.0×103N/C 代入x=k 解析：(1)该电容器的电容是C= ES 4πkd 则询线的表达式可写为工=马 9×0.01 4X3.14×9.0X10×0.001X10F8.0×10下 粒子只在电场力作月下运动，由动能定理得F订一？mv ·51 答案全解全析周测7电容器 电容 〔时间，40分钟分值，0分) 一、法择盟：本整共8小量，共3？分。在每小题给出的因个进项中，)一5只有一个进顶正裤： 6一8题有多个这项正确，全部这对的得4分，慧对归不全的得：分，有选情的得0分 盟L感级电有普是指介干传笼电容者程充电电德之同的一购新程储能装 毁。与传统电容答相比，它具有充电时可短，销存电能多，效电功中 大，使用寿合长等特点。如图为一款都级电容程，其标有“名7V 回级电言 T 30上”。关干它的说法中正角的是 A电容替可以销存电荷，且电背量棒多电容练大 弘加在这个电容器两端的电压低于2,7V时它微不健工作 C这个电存特充电时，两极板闻的电场强度蜡大 山.若这个电若渴丙端的电E变化1V,则它所带的电背量变化3C 袋3.对于一个覆定电家普，推连其电存C,电量Q电压之何相皮关系的图像度是图中的 3除铜仅《A刀是通过一个无电的电容器对心舰要者皮黄上的再个电经板放电，让一富分电荷面 过心整，制餐患者的心新恢复正管跳动。在一次除颜器的治疗中，除版器的电容器电容为15 安 F,通过人体的电荷量为0.0GC,放电的平均电面大的为动A,试估算电容容龙电所达到的最 大电据以及电容器毫成较电所用的大致时何分料为 A.3.0kV.9m B.8.o kV.0.9 m C.300V,9m D300V,L,9m× 节4.某列学用如图所示餐器，探究平行板电存普的电存影响因累，图中M。 V是平行製电容渴的侧个股服，探究过程中，发现电流表中有：其6的 电流，不可能夏因是 A.Af板向下平移 BN板向上平移 C.电介质闻左移 DM板再左移 ,如图所示，一电客为C的平村极电容器，内饭板A,打间距离为d,概间电 医为，B版电势高于A假，周板闻有M,N.P三点，M,N连线平行干 极板，N,P连找乘直于极假，N,P两点间距离为.：∠MN=9,以下T 说法正端的是 入电容器带电背量为号 我期楼板间句强电场的电场强度大小为m心 CM,P两点间的电势差为mD D若将卷电而颜为+？的电荷从M移别P,液电面的电势能增加T红加心 反肥一个电容器，电流传感器，电阻，电海，单刀双痒开关按周甲所示连接，先使开关9与1翻 连，电图向电容幕无电，然后把开关8露有2端，电容器放电，与电藏传感蓉相连接的计算机期 记泰这一过程中电流随时司变化的，由线如阁乙所示，下列关于这一过显的分析，正确的是 A,在形成电瓷由线1的过程中，电容器两极版问电压逐素增大 B在形成电藏由线2的过程中，电家霉的电算瑾新减小 二，由线1与横触所国面积等于角线2与横所围面图 D.8核1增，只要时可足够长，电存特两极板闻的电压就能大于电源两偏电困 ,+平行餐电容图光电后与电厚斯开，正侵服接趋，在两极服之国由一正电司（电量卫 复小)周定在P点，如图质示，以E表希两极颤间电场程度，学表示负极板电势， E,表示正点电货在P点的电势能，将正最板移斜图中®线所示的位置，则() 入E变大，学释低 我E不变，9开高 C,E变大，E,变小 nEr变大g升高 点如丽所示是一个由电德，电阻及，开关S与平行板电容帮组成的中联电路，开 美$闭合。一带电液滴是深在两餐利”点不动，下列说陆正确的是( A曾电液滴可能带正电 且增大再慢版是离的过程中，电容器的电容C减小 C.增大两版板距离的过程中，电阴R中有从列：的电流 ,若唐开S.减小两极板距离，带电流浦仍静止不动 透择愿菁题栏 租号 2 蓄案 二，事透择题，本愿共4小愿，共2分 ,(4分)图所家的实验装置可用来探究影响早行板电容圈电容的因素，其中电存整左侧极板和 静电计外壳均核地，电容器右侧极版与静电计金隔球相连，给电容器光电后与电源断开。 (们)初步分解影响因素可图布特横板傅距大小，两极板正对自阳大小，电介质的介地含数大小 等，所以本实验所用的科学探究方法是 《填·等效替代法"“微小故大法”成“控 制变量法T)。 (2)若仅将电容器左侧假版适当右移，则静电什指针的线角将 (第“变大“变小”成“不 变”)：若仅将电容器左酬极假适当上移，国静电计福针的偏角指 4填”变大一变小 或·不变) 娟测；电容忍电看 10,4G分某同学用图甲所示的电路所究电容器的充，战电过程。周丙所示实验装管是用来探宽影 响平行板电存帮的国素，其中电存蒂左侧臣板A程静电计外壳接塘，电容器右极板B与静电 什金属球相连。使电容器带电后与电源断开。 甲 1》图甲，当开关S接“1”达到息定后，电容静上极板带 (填“正”或“负”)电。 (2》图甲，开关8接”2”偷，等电瓷传腿答非展在左侧电路中，接着将开关8接“2”，与电流传竖 薛连接的计算机提绘出电路中的电茂I随时间？变化的1图像如围乙所公，道过分桥可 知，图中图像与横抽用成的面积表示的物理量是 不改变电路其他参数，只州大 电阻及的和植，雨此过程的，由线与核结国成的固因将 填“减小一不变”或增大). 3》已知电源电压为3V,通过数格子的方法洲得！1曲线与横轴国成的面积为25m.A·, 电容特的电靠C= F(结果保国再位有效数字)。 (》保持两极板所带的电背量Q不变，极假0的正对黄积S不变，让带有绝徐手柄的A板向左 移动增大两极板间的距离，发观静电计新针偏角变火，得出的结论是：在其镇条作不变的 情况下，平行板电容器的电容C随两敲板同的距离的增大面 (拍”增大”观小 或“不变”》， 1L,《8分》有一平行板电客器，两铝境侵板的正对面积是0,01m,侵板傅充满相对介电常数为9 的氧化绍膜，氧化组康厚度为0.的1mm.已如静电力输量k一B.0×10N·m/C.请曰答下 列创遥《保箱背位有效数字门： 《1该电容器的电存量多大7 《2)需复加多大的电压，才能楚域电容基所槽电司量为Q,32×10·C学 (3》在《2)中情况下，该电容器板板间的电场强度是多大 周测有用必榨第三帮JK 12(10分)年图。一不带电平行版电容容的两个极质版经直校置，在两段板间有一质量为m,电背量 为？的布电小球，小球用一绝峰蟹线是挂于)点，现的电容普罐慢充电，使两极版所普电背量 分料为十Q和一Q:此时最线与数直方向的臭角为。，承力加速度为：。 (1)求比时电场的场强： ()推线箱极板堰慢花地，直到是线程爱有方向的夹角增相到二·求场二改左电与第一次充电 分别使电容容正极板增如的电背量之比，