周测1 电荷 电荷守恒定律 库仑定律-【蓝海启航·启航金卷周周测】2026-2027学年高中物理必修第三册（教科版2019）

周测1电荷电荷守恒定律 库仑定律 (时间，40分钟分值，0分) 一，法择题：本慧共8小盟，共多分、在帮小题给出的四个选项中，1一5避只有一个选填正确 行一8程有备个选项正确，全部进对的得4分，选对但不全的得2分，有选循的得0分. 照1，关于电背量，下列说法正瑞的是 A某物体带正电，谢该物体内不可能有负电萄 县物体的带电背量可以是任意值 C南钩所带约电背量可能是3,6×10“C D,一个特体常1×0”C的正电传，这可能是它失去了1，×1"个电子的缘数 2.三个大小刚同的带电导体球x,y,c,带电量分别为+4C,0C和一10C,让F与y先接触， 然后让y与：接缺，量瓷y所带的电背量为 A.一4C 且.一3C C.-2C D.-1C 品用金属做收一个不雷电的测环，改在干掷的绝壕桌直上，个明网字用绝缘材料8一一 做的笔套与头发厚擦后，将笔套自上向下慢樱常近调环，当离的为0,5m时 则环被吸引到笔套上，如宵所示。对上迷理象的抖断与分析，下列说法不正确的是 A.摩擦徒笔套带电 民笔套察近溪环时，属开上，下感应出的电荷是井种的 C,树环酸酸引到笔套的过程中，调环所受静电力的合力大于周环的重力 山，笔套碰判国环后，笔套屑带的电模立刻被全常中和 数4期个同的金属小球分别带上电，分别国定在A、B两点：A.B间的矩高为，(：近大于小球直 径》：两球闻的阵仑力大小为F,将两球接触后分开，再分调网定在A,B两点指果两球可的库 仑力大小为，静电力常量为是，则再球核触陶，周定在A点的小味电简量大小为 F 层 n层 5,国所示，在直角三角影AC的度点A.B分料国定有点电传Q:Q:,观将一拔探电商号国足 于顶点C,测得g所受电场力与AH边重直.已每AH:AC±C=5:4:3,则 8- ad:-3 n89 反如周，A,B为相互接触的用德操支：支持的金属导体，起初它们不带电，在它1的下常贴有金 属苗片，C是带正电的小球，下列说法正确的是 A.起C移近驿体A时，A,:上的金刻前片辄张开 且肥C移近导体A,先把A,B分开，然后移去心，A,B上的金愿箭片仍张开 怎先把C移走，再把A,B分开，A,B上的金置简片仍张开 D.先把A,B分开，再把C移走，然后重新止A,B棱触·A上的会国精片张开，面B上的金高篇 片用合 工.加图所示，光带沧缘水平图上有三个蒂电小球，，（均可钱为点电 商)，三球鼎一条直线摆数，仅在它们之闻的带电力作用下处于静止状 态，图中k间座小于女可是，则以下判新正确的是 A,保的电德量可能比海的少 私：对自的静电力可能是库力 《二，￥对的静电力一定是以力 包年的电德量一定比：的少 兰如图所示，两根地缘加线的上福都系在水平天花板上)点，习一端分别 连春两不带电小球P,Q丙小球静止时处于月一水平高度，P球质量为 m,两相线与天花板同的夹粉分别为。一30“，3-45，重力闻速度为。下 列说法正确的是 A左侧小球Q的面量为，区刚 B左右同侧里线较力在水平方角分力目等 C身断右侧细线的丽间，P域的框逸度大小为2时 司附剪断左布两国组线瞬间，P、Q的面度大小之比为【： 选择通答显栏 思号 蓝案 二，半选择道：本道共4小题共28分 久(4分)如图所示，是半轻为r的圆的内接正五边思，在其顶应量，为，，d处各国定有电背量 为+Q的点电简，在，处团定有电传量为一Q的点电荷，则放置在图心)处的点电得一写新受 到的库仑力￡的方向为 ,大小为 -0 明测非电背电药守氧定停率仑定事 10,G分》知图甲新示是定性择究电黄间相互作用力与两电简的电德量，以及两电得之间的距高美 系的实羚装黄， 甲 (1》滨实参用别的可究方法是 (填子号，单这。 A用思实验法乱等效皆代法。.障小罐故天法D.控麟变量法 (2)如图乙所示，当小球B静止时，丙球球心伦好在间一水平面上，蟹线与经直方年的失角为， 若小球B的质量为爆，重力如座度为：，则库仑力下与类角8之间的关暴式F 《3)如图乙断示，接著该属学蜡大（或减少）小球A所带的电荷量，并在繁直方向上媛慢移动小 球A的仪置，保背A球在悬点P的正下方并与B在间一水平线上，感挂在严点的不可静 长的论缘组线下陶的小球B的带电量不变，比较小球B新受军仑力大个的变化，在再次 实验中，B处于受力平斋时，细线偏离聚直方向的角度分别为和0，两次芙验中A的 电背量分划为：和单：…期坐 1L,8分》如用，个球A用两服等长的地缘幅绳￥，。是挂在水平买花板上，两绳之可的炎角为了， A的质量为1k线.电背最为2.D×0C。A的正下方Q3m处用定有一带等量同种电霄的小 球。A.山均可浅为点电膏，静电力常量一9×0N·世/，重力加速度g一0m×。求， 1御绳ù的拉力大小： (2)穷断挥混ù厨问，运绳b的拉力大小 周测有理必榨第三霜JK 1(10分)如图所不，用长为1.的绝操捐线得质量为m的带电小慧A悬挂在)点，在悬点O的正 下方国定一个带电小减B,A,B在同一水平线上，小球A静止时细线与影直方向的夹角 3了，两个小球带电量同，均可视为点电背，静电力常量为，重力知递度为g,n3于一0，G, %7”=0.5。求， (1)解线上拉力大小： (2)小暖A的电背量， (3)者小球A的带电量减半，使小球A绕B在水平面内做匀速圆国运场，附线与爱直方衡的失 角明为8一3T,小球A做网周岳尚的角迷度大布，周测1电荷电荷守恒定律库仑定律 1.D解析：某物体带正电，但孩物休内仍可脆有负电荷，只是 正电荷比负电荷多，故A错误：物体的带电荷量不可以是任 意值，只能是元电荷的整数倍，故B错误：山于 3.6×10-mC ,6×10"C=2,25,物体的带电荷量只能是元电荷的整数 倍，所以油演所带的电荷量不可能是3.6×10PC,故C错 溪：根据1.6×10C 搭.6X10元1.0X10,-个物依带1.6X10C 的正电荷，这可能是它失去了1,0×10"个电子的缘故，故D 正确。故选D 2,A解析：相同大小的三个帝电导体球，根据电荷守恒定律 得，r与y先接触后两球分尉带电为十4C+0=十2C,再 2 让y与：接触，两球最后分刚带电为10C+2C 2 一4C。故选A. 3,D解析：笔套与头发摩擦后，摩擦使笔套带电，故A正确， 不符合题意：带电的笔套靠近國环，圆环上下感应出异种电 种，面环上都电荷与笔套电荷相反，由于圈环整体电荷守饭， 则下部为与上部相反的电荷，故B正确，不特合题意：当距离 约为0.5cm时圆环被吸引到笔套上，则同环所交静电力的 合力大于阅环的重力，使其产生向上的加速度，故C正确，不 符合题意：摩擦使笔套带电，但圆环不带电，笔套难到圆环 后，电荷发生转移，使笔套和圆环带上同种电荷，故D错误， 符合题意。 4,A解析：将两球接触后分开，再分别周定在A、B两点，结 果两球间的库仑力大小为0，可知两球带等量并种电荷，则 有F-k r Fr 解得Q=√，故选A 5.B解析：根据电荷1受到的电场 力方向，可以判断出点电荷Q:、 Q:对日的电场力分别为F,和 Q F,,如图 银据库仑定律，有 F,69g AC F:-A99 BC 根据几何关系AB:AC:BC=5:4:3 可知∠A=37 an3= F 联，可得-京北选B 6,AB解析：感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异 种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一烤会带并种电荷。把 带正电荷的物体C移近导体A后，金属导体处在正电荷的 电场中，由于静电感应现象，导体B的右端要惑应出正电 周周测物理必修第三册JK ·42 荷，在导体A的左棉会感应出负电荷，所以导体两鸿的脸电 箱都张开，且左端带负电，右端带正电，把A和B分开，A带 负电，B带正电，金属新还是张开，故A.B正确：先把C移 走，A,B电荷陵复原状，A,B两端都不带电，若再把A,B分 开+A,B上的金属帝片不会张开，故C错误：先把A,B分 开，再把C移走，然后重新让A,B接触，A与B上的电荷重 新中和，A上的全属蓝片闭合，B上的金属然片也闭合，故D 错误。 ,CD解析：三个点电荷在静电力作用下处于平衡我态，则根 据“两大夹一小”，可知a的电量比b大，心的电量比b大，故 A错误：三个点电椅在静电力作用下处于平衡欢态，则根据 “两同夹一并”，可知口对b的静电力一定是引力，故B错误， C正确：对b受力分折知k94=k 由图可得r<r。 所以g.<q 故D正确。 8KC解析：对Q分析可知F,=2 对P分桥了知下，一品 解得左侧小球Q的质量为m。=3m,递项A错误： 对球受力分析可如，左右两侧细线拉力在水平方向分力相 等，邮等于两球之间的库仑力大小，选项B正确： 剪断右制铜线的醉间，P球的合力为Fr6-g一2m然 s1n容 则P加逸度大小为a”=2g,选项C正确： 可时剪断左右两侧朝线瞬间，Q球的合力为F。-8 后阴g 则Q加速度大小为0-6mg-区买 3m 则P,Q的加速度大小之比为2于√2，速项D错误。故 达BC, 8.从e指向06Q 解析：设想在处放一电荷量为十Q的点电荷，根携对称性 可知，五个电荷量为十Q的点电稀对圆心O处的电荷量为 一？的，点电荷的库仑力的合力为零，则所求的库仑力可以等 效为在“处另放一个电背重为一4Q的点电背与电荷量为 一《的底电荷之问的库仑力。根据这一思路，由库仑定律得 F=Q,由“同种电荷相斥”知，库仑力的方向从·指向0 r 10.(1)D (2)mgtan 0 (3)3 9 解析：(1)在研完电荷之间作用力大小与两小总的电荷量 《和以及距离L的美系时，采用控制变量的方法进行， 根据小球的摆角变化可以看出小琼所父作用力随电量成距 离变化情况。故选D。 (2)根据小球B受力平衡，由几何关系可得F一mgtn0. (3)对小球B受力分新，根据库仑定律结合平衡条件 向由电场本身决定，与检脸电荷的存在与否无关，因此若在 RqAqu b点放置负电荷，b点的电场强度方向不变，仍是从指向h, 有ngtan0 (Lsin 0) 故D错误。故选C。 解得24-四L1an0sing 3,B解析：对于图a+由于是匀强电场，设电场强度为E,则两 kqa 个十g的电荷受到的电场力为2E4方向沿电场线向上，一 可得两次实验中A的电量之北为么=n45im45 个一2。的电荷受到的电场力为2Eg方响沿电场线向下，则 tan 60'sin'60 图a整个系航受合力为0，同理分析，由于两个十g的电荷所 =2v3 9 在的场强更弱，且在竖起方向分力变小，则图b整个系统受 agNe语N 合力不为0。故进B, 10 4.B解析：由对称性可知在垂直于竖直线的方向（水平方向》 上的电场强度相互抵请，只有沿坚直线方向的电场强度，所 解析：1)小琼A,B之词的库仑力F=k9 以A点电场强度方向向上。将带电圆环等分成V个电荷 对小球A受力分析，根据平衡条件有 元，每个电荷元的电荷量为q,有Q一Ng 2Tcos 30+F=mg 知困，由点电荷电场强度公式知￡一？一g 你帮7-9飞 (2R)2R A点总的电场强度 (2)剪斯细绳醉间，A的加速度方向与细绳b垂直，根据 2Rc0s45”-②kQ Es-NEcos45°-9XN 牛领第二定律mgc0s30=Fc0s30°+T 4R 联立解得T=33 故选B, N 10 12.g(20 、3L3mg 解析：)根搭力的年荷，钢线的挂力F,一g。三 (2)根据力的平衡tan0= F 极搭库仑定排F,=k ++++ r 5.A解析：质子中各电背在O处产生的场蛋如图所示 根据儿何关系r=Lsn9=子 31.3mg 解得g=1N大 、 (3)小球A微圆周运动时，细线拉力大小仍为F=子刚g 质子 根据牛频第二定律F,in0-太广之=w·r 解得=√8L” 设圈半径r,质子中心0点的电场张度大小E=质宁0s0+ 2e e 周测2静电场电场强度和电场线 民3、6心十，F←《 1,A解析：电场中各，点的场强取决于电场本身，与所放试探 电符及其电量、受力大小无关，A正确：同一电荷所受的电场 同理，中子中心O,点的电场强度大小E。=k F60s60°+ 力越大，被，点的电场强度一定越大，B错误：以，点电荷为琼 心，为半径的球面上各点的场强大小部相同，方向不同，C 2e 3 3 错误：电场是客观存在的，电场线是为了研究问题的方便而 是—0s60°十是F一k”】 r 设想的，实际上不存在，D错误 所以顶子和中子中心()，点的电场强度大小之比为1：1。故 2.C解析：装点电场强度决定于电场本身，而与检验电荷无 选A。 关，故人错误：电场线的疏密表示电场强度的大小，由此可 6.ABD解析：根惩对称性可知，B,C两处的电场线疏密程度 知点的电场强度比b点的小，故B错误，图2中F-g阁践 相同，则B,C两处的电场强度大小相等，由甲图可看出B,C 的针率表示电场孩度的大小，图2中P圈线与位于力点的试 两处的电场的方向相同，故A正确：由甲盟可以看出E、()、F 探电荷相对应，故C正确：电场中某点的电场孩度大小和方 三点中，O点处的电场线最密，所以O点处的场强最强，故B ·43· 答案全解全析