阶段检测2 机械振动-【蓝海启航·启航金卷周周测】2026-2027学年高中物理选择性必修第一册（人教版2019）

阶段检测二 机械振动 〔时闻：礼分钟分佳，100分) 一，单选是本恩共7小驱，每驱4分，共计2然分) 1.如图所示，汽车的车身与轮阶问装有弹氮和成提器，某车名身一增簧系境 的霸有领*为1,5H2,当汽车匀速通过学校门口水平路面上闻距为2m 的若干减速带时，下到说法正误的是 人.汽车行较的建提越大，颜蟹得植历酒 弘汽车行驶的度越小，颜输得越防害 C.当汽车以0.75田/a的泡度行驶时，颜熊视最园害 D.当汽车以3/%的速度行跳时，颜能得最方者 2如图所示，小明在家金试用挂镇作为露领，测定当趋的重力相连发。下列说达中正确的 是 A.将摆锤园功到最赛点时作为什时总过 弘医锤促动到最（点时其排迪度为零 心，里线可以选长度约为1m的不可种长的辉线 8 口，复镜摆角越大，实验误秦移小 3,如闲所示为某水平敬置的弹簧振子拨简情运动的图像，下列说达正瑞 的是 A.0,6时和0.8时量子的遮度方向不相同 孔0.2时当0,4时的复力相间 二0，一，9·时间内，系统的弹性势能一直减小 .0.7一09s时间内，振子的加连度在增加 敏 区A,B两物体均在水平童上数简骑写动，加图，实领为物体A的是动图 线，球线为物体B的累动图线。则 八.物体A珍的振动均为无尼船动，间不其有相国的素动周周 我每经历一个规期.物体A的路程比物体B的路程多30©m C0.时，物体A比物体B其有更大的动管 n物体B的深动方冠为上一一n子m 5.将一个力电传感器接到计草航上，可以两量快速发化的力，用这 种方法测得的某单据探动过程巾悬线上拉力大小随时可变化韵 2 电线如图新示，由此图线毅铁的信息敏出下列判新，①=D,2s时 制恨球正经过量纸点：©=.1s时摆球正处于镜高点：②摆球机 动过程中机械衡时面墙大时而或小：④擦爆银动的周期的是丁一 0,后，上连列斯中正稀的是 A①3 L④④ 板 C.①④ D.图 G.某负漂重力为G,如图所示，0.f,N为鱼谓上的三个点，M,N关于0对。当鱼德静止利水 位给好位于)点，用于将鱼漂往下压至剂点后数下。畏设水面静止，给潭在材，N间线视面 图不变，不考虑水流阻力。下并说法正确的是 A角漂恰好能同丹军点O过水面 长角漂上小过程中还有一一个位置加速度与例效千时相同 C若点M到达水面时浮力为。：，侧整个上升过程中浮力最小为二C D,鱼语上升至点N过水直后将开始反向往下运动 7,如阁，背度氧数为艺N/m,整直故置的单簧上连接有疑量为2k 的A物块，静吐时A在y=0处，此制将一质量为【kg的物火 B无初速度的放置于A上，使A与目开的述动，忽略空气阻力，第 簧足够长且始能表邀出第性限度。已知弹蜜弹性势能表达式为谦m E,一一r',x为弹夏形壹量，下列说法正商的是 AA向下运动到y一5m后保持静止 民存在某一时刻A与B会分南 CA量大能福动到y=的m处 山，当A运动到y=百m处到，A的动能选到最大值 二、多进量（本慧共3小题.每赠分，共计18分，全部菇对的得6分，部分选时的得3分，罐进的得0分） 8一握子沿了轴做简请运动.平德仪置在单标原点，一0时拒子的位移为x,一0,15m-一18时 位移为r:=一0,15m,期 A银子在T,与：两处的加述度可相相等 民堰子在：与x:内处的成度可能不司 C.吞振解为.30m,探千的周期可德为1,25 D若探解为0如m,授子的州明可雀为车9 9。如图，一轻质弹皆左情与墙国定，右情与铁块直接，线块在完 摩皮风 滑水平面上韵B,C再点问量简语运磷，)点为平霸位置，观 有一橡度视从O点正上方某处整直下高，恰好以逸序，击中 速率血为的快块，并与之粘连，檬皮泥与铁块衡最相同且 0i0000i000 均可视为质点。弹簧振子简谱振南的探动周刺T=2、园 g (儿中。为弹簧的出度系数，w为探千的质量)，则 A橡皮配与线块粘连川，橡皮泥和快块组成的系便动量得国 收橡皮泥与铁块精连的过壁中，檬皮泥和铁换州酸的系统机候能制失了， 二像皮泥击中供块后，系筑的探幅变大 山，橡皮泥由中铁块后，系统的周周变大 0.图甲是用力传感容对单园最小角发层动过显行测量的装置图，图乙是与力传感器连接的计 算帆屏幕所服示的F形撑，其中F的最大值F.一1.2N,已年赛球质量w一100，重力知 违度取身.8m/8,取.8，有计摆线疑量及空气团力。下列说法正确的是 A.单摆国长为0.G4m 且单摆周月为0.8s (,F的最小值F-=0,96N D,若仅将党单便从山牌移到山质，单园的周物将会变大 透择题答哑栏 随号 5 6 10 前段检测二机械据动 三，非选择整《本题共5小题，共计54分) 11,《后分)在电偶，趋质仅等仅善工作工程中，要进行振分记录，周甲所示的是一个常用的记录方 达，在弹簧最子修小球上安装·支记录用笔P,在下面版一条白纸檬，当小球沿水平方向振动 时，水平拉动年带《氧带运动方向与景子鼎动方向垂直)，笔就在纸静上新出一条指战， 20m △△ on (1)若匀这拉动概带的这度为1.0m/,期在纸带上：通出的由线扣圈乙所示。眼据倒乙中的数 探，可求得是子累动的煤期T一 :(保留再位有数数字) 《)若拉动低花量匀加境运动，且餐子的周期与照来相闻，则在纸带上腾色的由线如图内历8 根探图内中的数据，可求得纸语都案度的大小一 m/。(保留两位有登数字》 12.(9分》在太室，物体完全失重，用天平无法测盘质量。如图，某同学设计了一个动力学方法侧显 倒体爱量的实摩方紧，主要实磨仅器包括，气整导物，滑块.轻弹簧，标滑层到，老电计时程和背 测物体，丰要步罩下 左变点块气支点 《1山调平气垫导航，将弹簧左端连按气垫导镇左弹，右滑连状帝块： (2》将誉块拉至离平衡位置20©m处由静止释货，滑块第1次经过平衡位置处开命计时，第2 次经过平霸位置时停止计时，由此测寻弹离探子的探动周周T: 《3)将质量为m的砝码国定在滑块上，重复步程()： 《梳款增知砖码质量w,测出对应的周期了，实玲数屠如下表所示，在图中经刺T关系 密资： 6.06L过，3到 ,1009.77 40 08 0,101.901,09t 0.25%1151.391 ◆269g410150m0730g ()出了规图像可知，弹簧标子振动周期的平方与砝钙质量的关系是 (填线性的 或“非线性的“)： 《)取下砝码后，将特测物体国定在滑块上，洲量周周并得到T=00,侧持测物体质量是 k保爵三位有效数字)： 《7》若费个断量较小的滑块重蟹上迷实验，所得丁m图线与原闭线相比将沿城轴 《填"正方向”“负方可“或“不”)移动。 13,但分)如函所示，候角发为0的足够长的究帝斜面周定在水平面上：斜南框端有一挡版，缓量 为m的水块甲紧常挡板截置，轻质塑餐一滑与本块甲相连，另一端与颈量为的木块乙相连。 第簧物度系数为金。开始时两本块均静止，用沿料自向下的力缓幔维物体乙，到某一位置后量 去孩力：此行木块乙在斜直上策间腊诺动，雪乙第一次运动到最高点时木线甲给要离开指最。 已知重力相这度为？，求： 州倒离物理及择性必修第一青民) 16 1)术块乙做镜清适功的最幅： 巴)徽左力时木块甲对挡板的压力大小。 7 14(14分随着祖国航天事业的造物发展，在素来的某天，中国航天员血将登上川球。如倒假授穷 航天员在月球上做了一次单医实爱，将质量为用的国球从平御位置D点左侧的A点由静止释 救已知摆长列上·很强偏肉餐直方到的最大夹角一一言，开球半径为地球辛径的？月球 暖量为地球暖量的方，地球表面处的重力迷理为系，滚✉ )月球表面处的重力知速度的大小： (2)摆球从静止释收到第一次经过平青控置的时闻内，积感重力冲量的大小： 3)探球从静量年收到第二次经过平衡位置的时间内所走的路程， 0 月味上的年国 15.16分》如周所示，物度系数一100N/m的轻增簧一端网定于水平面上，另一病连接物块A, 物块B餐于A上（不粘连），A,日质量均为1g,开始时物块A和B处于静止代态，物块B的正 上方青高处周定一水平的可在疑直方向上下移动的挡版。观对物块B虑加方向蜂终向上，大 小为F=0N的恒力，捷A,B开始运动，已知A.日均可视为质点，业与肯版，A之间的碰情均 为第性硬掉，且碰接时间极短，弹簧弹性势能￡，=宁(：为弹簧的形变址.业为弹簧的劲度 系数，吸量为：的质点货黄精运动调霸T一受华为物体提牌商运动时的比例系数：即带 瓷的到度系数》，重力即速度大小g=10m/多， (1)求刚开的时物块入和B处于静止默态时弹簧的乐缩量「1： (2》求八，B第一次分离时，弹瓷的变量？设A,日的速度大小 ()求.B第文分两后，若二若夜有发生睫撞，物块A上升到最大高度时的 闻违度大小： (4)若A,书第一次分真后，经过一段时同后二者给好能够在第一次分离位置 相醒。求A箱足的条件，转动周期，不一定等于国有周期45，故B错误：图盘转动周 期在4s附近时，驱动力周期等于振动系能的固有周期，小球 产生共圾现象，振幅显著增大，故C正确，D错误。故选AC。 10,BD解析：题图甲是研究弹簧振予的运动实验图，弹蒸 子在弹簧弹力作用下做菊瑞运动，简谐运动是变加连运动， 故A项错误：弹簧银子在弹簧弹力作用下数加逃度方向永 远指向平衡位置O点的变速直线运功，故B项正确：题图 乙是研究单摆的回复力实验图，单摆的回复力是摆球重力 沿国弧切线方向的分力，故C项错误：图乙中)点为单摆 的平衡位星，在该位置单摆的回复力最小为零，且该，点处速 度最大，故D项正确。故选BD。 11,BD解析：单摆的周期与单摆的虞量和張幅无关，根搭单 摆的振动图像无法判断摆球质量的比值关系，故A错误： 根据单摆的周期公式有T=2红√只 解得L=8T四 4π 根羯围像可加T一8乏 可知1￥1Lz=14 故B正确： =1,58时，甲正在靠近平衡往置，而乙正在远离平衡位 置，可知，1=1,5s时，两探球的速度方向相反，故C错误： t=1,5s时，两摆球相对于平衡位置的位移均为正值，别加 速度方向沿负方向，即加速度方向相同，故D正确。故 选BD。 12.(1)1.66(2)55 a2 解析：(1)狼据游标卡尺读数規对 d=16mm十6×0.1mm=16.6mm=1.66cm. (2)根播题意可知，当计数为60时，小铁埠完成。个网 期，所用的时间为1，则等效单据的周期为T=60白一药 t21 2 (3)根据题意摆长为1一R-豆 d 由单摆周期公式T=2红√尽 得T=4台 联立解得T严=红.号十区R 2 斜为-么。一 =一 拟藏距为红R=b 解得R=a。 13.(1)1.25Hz(2)0.16m(3)1.6m/s 解析：1)由图乙可知T-0.8s,则f-丁-1，.25Hz, 2由T2V·得1- 4云 =0.16m (3)完成50次会振动所用的时间为100，则周期 T==2s 长器公水T=√F得g-兴-L6a/以 14.(1)0.8元51,6m(2)1kg(3)0.14m 解析：(1)单摆一个周期内摆球的动能和重力势能有两次达 到最大值，因北由图可知该单摆的振动周期为T=0.8π 由单摆调期公式T2红√尽 代入数据可得L=1.6m。 周周测物理选择性必修第一册RJ 4 (2)设单摆在最高点时摆线与整直方向的夹角为日，在最高 点时摆线的拉力最小，最小为F■ng cos日 在最低点摆线拉力最大，此时违度也为最大，设为。，则 Fmg L mv。 由题感可得F一 mg十L8 mgc05083 由图可知mgL(1-c0s0)=Zmv.=0.064J 联立解得m=1kg (3)由(2)中分析可得cos8■0.996 即9=6”=需nd 由几何知识可得单摆微面谐运动的扳幅为 4=2Lm72L:号=2X1.6X0.14m 阶段检测二机械振动 1,D解析：根帮v=xf=2×1.5m/s=3m/s,可得当汽车以 3m/s的速度行驶时，垃减速带的频率与汽车的因有频单相 同，发生共派，汽车颜毓得最厉害。故选D。 2.C解析：应从摆锤到达平衡位置开始计时，这样误 0 差小一些，A错误：摆锤摆动到最低点时，由图周运 动知，最气点需要合外力提供向心力，所以摆锤摆 动到最低点时其加速度不为零，B错误：摆锤直径与 摆线长度相比可以忽略不计，所以摆线可以选长度 约为1m的不可仲长的细线，C正确：当摆角日很小P 0 时，sing≈9-O'P * 单摆的回复力为F=一坚 则可知，摆角越大，误益越大，D错误：故选C。 3.D解析：0.6s时和0.85时振子的违度相同，方向均指向 位移负方向，故A错误： 0.2”时与0.4s时的回复力大小相同但方句不同，故B 错误： 0,5一0.9s摄子先靠近后运离平衡位置，系统的弹性婷能先 威小后增加，故C错误： 0,70.9s时间内，振子适离平衡位置，加速度增加，故D正 确。故这D。 4,D解析：根掷图像可知，物体A,B的振动，振幅均未衰减， 因北物体A,B的振动均为无阻尼振动，而通过图像可知两 物体的振动周期相同，为TA=T■=1,6s 故A错误： 一个周期内，A,B两物体的路程分别为 =4A=40 cm=4A=20 cm 路程差为△s=sA一m=20Cm 故B错误； 0.4s时，物体A,B均处于振幅最大位置处，速度均为0，国 此两者动能相阿，都为0，故C错误： 振动方程x=Asin(t十g台)cm 2π5 对B物依而言，式中A=5cmm=于=了ad/s,9=开 可得=5n(停+)em=-5n号(cm 故D正确。故选D. 5,C解析：由图像可知，t=0,2s时刻摆线的拉力最大，此时 摆球正经过最低点，则①正确： =1,1、时摆线的拉力最小，此时摆球正处于最高点，则② 正确； 由图像知悬线上最大拉力在逐潜减小，说明摆球摆动过程中 有祖力做功，机械能逐渐减小，则③错误： 由图像可知，摆球摆动的周期釣是T=1,28,则①错误。故遗C, 6,D解析：鱼涤的上下运动是简谐运动，鱼漂在M点时建度 为零，根据对称性可知鱼添在V点时速度也为零，鱼漂恰好 能回升至点V过水面，竟漂上升至点V过水面后清开始反 向往下运动，故A错误，D正确：鱼漂上升过程中h不断减 少，受到的浮力减小，故没有一个位置加速度与刚效手时相 问，故B错误：若点M到达水面时浮力为气G,即光时合力 大小为F-名6-G-G 因为鱼漂的上下运动是简谐运动，所以鱼漂在N,点的合力 大小跟在M点合力大小相等。所以在N点受到的浮力大 小为F,=G-F=G-子G=3G 而N点是鱼漂在整个上并过程中受到浮力最小的位置，故 C错误。故选D 7.D解析：静止时A在y=0m处，令此时弹簧压馆量为 x。,则有mAg=kx。 解得r,=10cm 放上B后，令对平衡位置的位移大小为x,A,B在平衡位置 的压缩受为1，期有 Fw=(mA十mg》g一k(x1一x),(mA十m影)g=kx1 解得F▣=z 回复力大小与相对平衡位置的位移大小成正比，方向相反， 可知，效上B后，B与A一起开始向下做简瑞运动，根据对称 性可知，A,B先向下微加逸度减小的加速运动，后向下微加 建度增大的减速运动，减速至0后，又向上赋加速度减小的 加建运动，后向上做加建度增大的减速运动，诚速至0后回 到出发点，之后，重复先前的运动过程，根据上述可以解得 r=15 cm 根据南谐运动的对称性写知，振幅为A=x1一x。=5cm 可知，A,B向下运动到两倍的银幅位置，啊y=10m到达 最低，点，但不能够保持静止，故A错误： 结合上述可知，B与A一起保持相对静止做菊谐运动，两者 不会发生分离，故B错误： 站合上述可知，A最大能运动到y=10cm处，故C错误： 结台上述可知，当A运动到y一5Cm处时，。好处于平衡位 夏，光时速度最大，A的动能达到最大值，故D正确。故 选D。 8BC解析：由于振子在工1与：两处相对平衡位置对称，所 以振子在不1与工：两处的加速度大小相等，方向相反：根据 对称性可知，振子在上1与：两处的迷度大小相等，方向可 能相同，也可能相反，故A错误，B正确： 若振幅为0.30m,则t=0时有 x1=0.3sin(停×0+g）=0.15m 可得e=号 可知从平街位置到工1=0.15m位置的最短时间为立T,根 据对称性和周期性可知，从x1=0.15m位置到x:= 一0.15m位置所用时间满足 =1s=(a++)ra=0.1,2… 或d=1s=(n+)T(n=0.1,2…) x△y=1s-(a+之+专）ra=012 1 6 可得T=6n十行s(n=0,12) 或T=2n十有sm=0.12… 6 或T=6m+5s(m=0.1.2… 当#=0时，可得T=6s或T=2$成T=1.2s 当州=1时，可得T-号成T-号成T-行： 6 故C正确，D错误。故选BC 9.BD解析：橡皮泥与铁块粘连过程中，竖直方向上系统所受 合外力不为零，即橡皮泥和铁块在竖直方向上动量不守恒， 水平方向上动量中恤，故A错误： 41 橡皮泥与铁块格连的过程中，水平方向动量守恒，可得 mU。=2mD 檬皮泥和铁块组成的系统机城能損失了 3 联主，解得△E=年m 故B正确： 橡皮泥击中铁块前，在光滑水平面做简谐运动时，设其振幅 为A,由系统机城能守恤定律得号m,=之A 橡皮泥击中铁块后，二者一起在光滑水平面微简墙运动时， 设其振幅为A',由系统机梳能守恒定律得 号×2m=74 联立解得A=√片>A'=√2E 即橡皮泥击中铁块后，系统的振幅变小，故C错误： 橡皮泥击中铁块后，根据弹簧孤子的周期公式 理 T=2N 可知弹资振子的质量增加，弹簧动度系数未变，所以整个弹 簧振子的周期变大，故D正确。故选BD 10.ACD 解析：旅装幸摆两郑公式T=红√臣可得学搭摆长 为L-gT 4分=0,64m 故A正确： 单摆在最低，点时速度最大，所需向心力最大·力传感易示数 最大，且摆球在相邻两次通过最低点的时间间隔为半个周 期，别由图乙可知单摆周期为T=2×(0.9一0.1)s=1.6s 故B错误： 摆琼在最低点时，根搭牛顿第二定律有F,一mg=m工 设单摆的摆角为日，摆球从最箴，点运动至最高，点的过程中， 根据机城能守极定排有2mD-mgL1一c0s9》 48 解得c0s日= 摆球在最高，点时，有F-g cos■0.96N 故C正确： 若仪将此单摆从山脚移到山顶，重力加造度变小，则单摆的 周期等会变大，故D正确。故速ACD。 11.(1)0.20(2)1.0 解析：(1)由题图乙可知，当纸带匀谁前进20ctm时，弹簧振 子拾好完成一次金热动，则周期T=二=0,20言。 (2)由题图丙可加纸带在图中第一个周期内的住移为 21m:在第二个月期内的位移为25cm,加走度a=学 1.0m/s 12,(4)见解析图(5)线性的(6)0,120(7)负方向 解析：(4》根据表格中的数据描，点连线，有 ATis 0 0.6 0.44 020050.10015020025030MMg 答案全解全析 (5)图线是一条领斜的克线，说明弹簧振子振动周期的平方 与陆码质量为线性关系。 (6)在图线上我到T=0.880的点，对应横坐标为 0.120kg M (7)巴知弹簧振子的周期表达式为T=2红√ M是小球质量，k是弹簧的动度系数，M变小，别T变小， 相较原来放相问黄量砝码而言，周期变小，图线下移，即沿 纵抽负方向移动。 13.(1)m5 (2)2mg 解析：(1)设块乙原朵静止时，弹簧的压缩量为△x1,对乙 根据平衡条件有ng sin a=△x1 运动到最高，点时，弹簧的仲长量为△x1,时甲根揭平衡条件 有ngsin a=k△r: 简路运动振幅A=△x1十△r 则A=坚 (2)设揪去力时弹黄的形变量为△r1,则△r,=A十△r1 挡板对甲的支持力F、=mgna十点△r 解得F、=2mg 根据牛颜第三定律，甲对档板的压力大小F、'=F、=2g。 1.号22号 16 解析：()由万有引力等于重方GR-m8 GM 解得g一R M G 则= R .Mn 很据题意知 M生≥81 M 16 联立解得g川一88： (2)从静止锋放到第一次经过平街位置所用时间1= T 由T=2g 联主解得1-8√g 摆球在流时河内重力冲量的大小为 1=m-2 (3)摆球从静止释放到第二次经过平衡位置的过程为A· O·A'O,AO段孤长为 2-希 ·2L- 45 所走过的路程为=3=行 15.(1)0.2m(2)0.1m 2 m/s (3)5/m/s! 4h-a.1+）nm=1.23y 解析：(1)设开始时弹簧的压编量为x1,根据平衡条件有 2mg=k 解得x1=0,2m (2)设A,B第一次分离时，弹簧的形变量为工：，此时A,B 之河弹力为零，加速度，速度（大小设为心）均相同，文周为 恒力F与B的重力大小相等，方向相反，所以此时B的加 速度均为0，则A的加速度也为0，划有kx:=mg 周周测物理选择性必修第一册RJ 解得x:=0.】m 对从开始到A,B第一次分离的建柱，根据功能美系有 F-2mgx,-)+2,-z,=号·2m 解得知=2 m/s. (3)A,B第一次分离后，若二者没有发生延撞，则A量简谐 运动，由于分离时A的加速度为0，所以A刚好位于平衡位 置，设A的频幅A,对A从平衡位置上升到最大高度的过 程，根据机域能守恒定律有 am+红-mgA+z,-A 1 解得A=20m 设A上升到是大高度时的加速度大小为a,根据牛顿第二 定律有 mg-k(:-A)=ma 解得a=5√2m/8 (4)A,B第一次分离后，由于B受力平衡，所以向上低匀速 直线运动，且由于与挡板发生的是弹吐碰撞，所以碰撞后速 度大小不变·仍为U。A从平衡位置开始向上败简谐运动， 月有为T=√F-晋： 根据简谐运动的对称性可知，A秀次经过第一次分离位置 时速度大小仍为口，为使A,B在此处能够发生碰撞，此时A 一定向上递动，所以若A,B第一次分离后，经过一段时间 后二者恰好能够在第一次分离位置相难，应满足 2[h-(x1-x:)] =nT(n=1,2,3…) 解得h=0.1+"）m(n=1,2,3…方 周测7波的形成波的描述 1,A解析：“藻花菱树”“荷花初醒"时有振动，出现了水波彩 成的泼薄，故A正痛：诗句中“孩舟”相当于介质质点，介质 质点只在平衡位置上下振动，不会随波在水西上前行，振动 速度时刻改变，波传褐速度在网种介质认为不变，故B,C错 误：在水面上传将时，水波属于桥波，故D错误，故速A。 2,A解析：由于海嘴波传湯造度v=/gh 同一海啸波在深海区和浅海区传潘时，由于深度不问，可知 波速不同，波的频率由波源决定，则频率相网，即周期相同， 极携=宁 结合上述波速不同，别波长也不同。综合上述可知，同一海 嘴波在深游区和浅游区传拾时，周期与填率相问，波建与波 长不同。故话A。 3,A解析：由图可知，该波的发长为1=12m 故C错误： 该波的网期沟T==2。=6。】 故D错误： 回复力始终指响平街位置，所以回复力方向沿y轴玉方向， 故加速度方向浴y釉正方向，故B错误： 0~1.5s内即T,由于质点P向y轴负方向振动，速度越 来越小，故运动的路程小于0,1m,故A正确。故这A。 4,C解析：简谐褫波沿x抽正向传播，根据波形平移法可知， 1=0时刻，质，点P正沿y轴正方向运动，故A错溪： 由波形图可知波的波长为5m,故D错误： 由于振动周期T满足0.6“<T<1,2s,结合题图可知，在 △：=1s内波传播的距离为△r=A十1m=5m十1m=6m 则波的传将连度大小为知=二=6m/: △t