周测3 弹性碰撞和非弹性碰撞 反冲现象 火箭-【蓝海启航·启航金卷周周测】2026-2027学年高中物理选择性必修第一册（人教版2019）

(2)木块做匀诚地运动，加违度1= -2m/s 小匀如速运动加建度大小a=石-=0,5m 由运动学公式了得先过程中水块的位移为，一”。 2a1 0.96m 小车的位移为：-号=0.16m 木块在小车上滑行的班离为△=51一s:=0,8m 故从木块滑上小车到它们处于相对静止的过程中，系统损 失的机核能Q=4mg·△x=0.2×0.4×10×0.8」= 0.64J。 (3)以木块为研究对象，由动量定理可得一f=U一U 文f=mg 联主得到1=”二=0.8s 一红g 14.(1)5m/s(2)10m/s(3)25kg·m/s 解析：(1)因为AB恰好不相撞，则最后具有相同的速度。在 小孩跳的过程中，把小孩，A幸，B车看威一个系统，演系统所 受合外力为零，动童守中恒，由动量守慢定律得(m十州)U。■ (川十加A十m影)冠 代入数据解得=5m/%. (2)依题意，设该小孩魏离A车和B车时对地的地度大小 分别为'，别对小孩，B车根据动量守领定律有阳 一'十提nv 解得'=10m/s。 (3)根据动量守恒定律，小孩跳离A车的过程有 (n十mA)='十mAA 解得小孩晚离A车时，A车的建度大小为A'=8.75m/s 根据动量定理，对A车的冲量大小等于A车动量的变化量 大小，即1=△p=mv。一m'=25kg·m/$。 周测3弹性碰撞和非弹性碰撞 反冲现象火箭 1,C解析：根据动量守恒定律的条件可知，甲，乙两木块和弹 簧所组成的系统动量守领，故A错误： 甲，乙的一部分动能转化为弹簧的弹性势能，甲，亡两木块和 弹簧所组成的系统动能不守恒，故B情误： 当甲，乙速度相等时，弹簧被压编到最短，根据动量守恒定律 有m四=2mw, 根据能量守领定律有E,=之m-立×2m, 联立解得E,=mv,故C正确： 从弹簧开始压缩到恢复原长，对乙受力分析可知，乙木块一 直微加速运动，故D错误。故选C 2,D解析：取向右为正，根据动量守祖m=一受十号 解得甲的速度为v,=4v 由他量守恒宠律，爆炸过程释技的化华能为E-宁×受十 ×受(4o-之m-子m,旅选D 1 1 了 3.A解析：规定水平向左为正方向，两车刷好不相撞，则两车 速度相等，系统动量守恒，由动量守恒定律得12U, 10mv.-(12m十10m)v4 解得4=了 对甲及从甲车上接救到的货包，由动量宁渔定律得n·器× 11,-l0me,-(a·0+10m)小e: 解得n=10,故选A。 ·3 4.D解析：工人与平板车组成的系统在水平方向动量宁恒， 则0=(M十m)4 解得v。=0,故A错误： 根据“人船模型”可得 m=MI: x,十x:=3m 解得r1=2.5m,x:=0.5m 故工人水平方向移动的距离为2,5m,平就车最终移动的距 离为0.5m,故B、C错误： 对工人做平抛运动过程，有 r=vt 解得v=5m/s 故D正确。故选D。 5.C解析：开始热气球处于平衡状态，可知所受合力为零 Fa=(M十m)g 投出物资后热气球所受合力为F。=Fa一Mg=mg 则根搭动量定理，刚热气球的动童变化率为mg,选项A 错误： 周物资科向下抛出，别落到地面的时间小于√尽 /2H ,则物黄 从投出到落地的过程，重力冲量大小小于加g√ 2H ,选项B 错误： 投出物资后气球沿。反方向反弹，测投出物资后（落地前）】 的任嘉时刻，将物资的运动看作是沿斜向下速度为"。的匀 速运动和自由落体运动的合运动：将气球的运动看作是沿 。反方向的匀速直线滋动和自由落体运动的合运动，P点 可认为是一个自由落体运动的质点，则任意时前物资，气球 与P点在竖直方向的运动完全相同，即此时物黄，气球与P 点三者拾终共线，选项C正确； 投出物资后由动量守恒可知mD。十u■0 落地前的任意时刻w。1十MW=0 即mx1=Mr: 即物资，气球与P森的距高之比为二=M I:m 透项D错误。故选C。 6,B解析：设航天菱的速度方向为正方向，第一次喷气后航天 员的速度为，则根据动量守领定排0=一1·1十 (拼一m1）· 坪0=-0.15kg×50m/s+(100-0.15)kg·v 解得v0.075m/s 通证15m所考的时网为1，=号=0=20： 15 再次喷气，设喻气后航天员的速度为，根据动量守领定律 （n一m）·v=一m·十(m一m1一）·划 肿(100一0.15)kg×0.075m/s=-0.15kg×50m/s+ （100-0.15-0.15)kg·3 解得v=0,15m/s 通这制余15m所舍的时网为4=子-5=10： 15 则航天员远回空间站的时间的为t1十1：=200s十1009= 300s,故选B. B每折业前，南号一品 原用二公-子 3 A避B建程中，有 PA十Pm=P1十P 2mA 标得品<号 21 难后，有m、m P丛≤P题 答案全解全析 1 若为林性强被，别两物体的发量之此为沿=子A.C错溪。 若为非弹性理控，财两物体的质量之比为污m习 5m1 B正确，D错误。放选B。 8,D解析：由题图乙可知11,1时时两物块达到共同速度 1m/s,总动能最小，根摇系统机械能守恒可知，此时弹簧弹 性势能最大，1时刻弹簧处于压缩状态，时刻弹簧处于仲 长状态，故A错误： 站合题图乙可知两物块的运动这程，开始时m1逐渐减 速，m:逐渐加逸，弹簧被压缩，1时刻二者速度相同，系统动 能最小，势能最大，弹簧被压缩至最短，然后弹簧逐新恢复原 长，川：继续加选，m1先减速为客，然后反向加违，：时刘，弹 资复蔗长状态，因为此时两物块速度相反，因此弹资的长 度将逐新增大，两物块均减速，。时刻，两物块速度相等，系 统动能最小，弹簧最长，因此从1到：，过程中弹簧由仲长状 态恢复原长，故B错误： 从1=0开始到t1时刻，由系统动量中拉可得加：队=(m,十 m:)1 将。=3m/5,1=1m/s代入得m1；m:=1:2,故C 错误： 在1：时刻，n,的魂度为u,‘=一1m/s,m:的速度为，'= 2m/s, 又：：m:=112 则动量大小之比为p,:P:=14 故D正确。故选D。 9.AB解析：若△pA=一3kg·m/s,△p=3kg·m/s,遵守 动量守恒定袢，难撞后A,B的动量分别为 P=p十△pA=9kg·m/s pm'=pe十△pB■16kg·m/s A的动量减小，B的动量增加，别碰后A的动能减小，B的动 能增加，总动能可能不增加，所以是可能的，故A正确： 若△p=一2kg·m/s,△p=2kg·m/s,连守动量守恒定 律，避撞后A,B的动量分别为 p=10kg·m/s,Pm'=15kg·m/s A的动量减小，B的动量增加，别碰后A的动能减小，B的动 能增加，总动能可能不增加，所以是可能的，故B正确： 若△p=一24kg·m/s、△P=24kg·m/s,碰后两球的动 量分别为 p4'=-12kg·m/,pa=37kg·m/s 恭搭关系式一品 可知，A球的质量和动量大小不变，动能不变，而B球的质量 不变，但动量增大，所以B球的动能增大，这样系统的机械能 比碰前增大了，故C错误： 若△pA=3kg·m/s,△pm=一3kg·m/,遵守动量守恤定 律，硅撞后A,B的动量分别为 pa'=15kg·m/s,pu'=l0kg·m/s 可知碰后A的动量增加，B的动量减小，由于遥撞过程中，A 受到向左的冲力，B受到向右的冲力，所以A,B仍语原方向 运动时，A的动量应减小，B的动量应增加，周此这组数搭是 不可隐的，故D错误。故速AB 10,ACD解析：碰检建程系统动量守恒，以A球的初违度方 向为正方向，由动量守恒定律得p,=P,'十Pn 解得P=10kg·m/s 2+ 根据碰控过栏总动能不增加，则有2m2m 解得m≥了mA 瑾后两球同向运动，A的速度不大于B的速度，则有 视A用 周周测物理选择性必修第一册RJ 。 3 解得m4加A 2 综上分析可知了≤m≤m,故造ACD. 11.BD解析：根据牛顿第二定律，对A 2mg-T=2ma 对B T一ng=ma 解得a=背 物体B向上与物体C向下过程中，旅据2gt+2=h 3h 解得=√2g 故A错误： 罐前的醉涧物体A与物体B建度的大小== at=6 3:方 莲前的醉间物体C建度的大小=g=√ 以向下为正方向，根据动量守恒mU一nu=2mv国 igh 解得vm二√6 由于此时物体B,C与物体A的速度相等，方向都为向下， 质量也相等，所以两个物体速度都为0，故B正确： 1 1 物体A下降和物体B上升的距离hA=hm=豆r=h A最终高地面的高度为，'=h一，=子，故C错误： 物体B与C碰撞前整体机城能守恒，以地面为零势能面，最 初整体的机械能E:=2gh十加Kh十mg·2h=5川gh 理接后整华的机核能E:=2mg·子十2mg·子力=mh 三个物体损失的机梳能为△E,=E一E=mgh 故D正确。故选BD 12.(1)水平BA(2)0.8500.840(3)最大 解析：(1)安装好气垫导轨后调整导轨水平，排除重力对实 验的干扰： 使用打点计时器时，先接通电源后释放纸带，所以先接通打 ,点计时器的电源，后放开滑块1： (2)放开滑块1后，清块1做匀追运动，展滑块2发生碰撞后 褪2一起做匀建运动，根掷纸带的数据，碰挫前滑块」的动 量为p,=m=0,5×器kg·m6=080烟·m 滑块2的动量为零，所以碰拉前的总动量为0.850kg·m/$: 理撞后滑块1,2速度相等，所以理撞后总动量为（加1十 m).,=(0.425+0275×21 kg·m/s=0.840kg·m/st (3)实脸中两物块发生完全非弹性碰撞，总动能颜失最大。 13.1)VBgL(2) 11 解析：(1)A滑上B后微匀减速运动，加建度大小：1=g B加速的加造度大小4，=m坚=状 权 设A的初速度大小为，A,B共造时捷度大小为1，根据 动量守恒有阴U,=2m 解得=立助 保福道专有 -=L 1 解得，=√2g工，，=豆√2 (2)设B、C碰撞后解间速度为：，根据动量守幢有 mv=2mv2 1 解得：==千V2g工 设A,B、C最后的共同速度大小为：，根据动量守恒 有U。3用U 解得=3，=3/2g工 设物块A与C相对静止时离C右端距焉为x,根据能量守 点mgd-)=n,+号×2m-之×3m 11 解得x=位 1a2(205g画16r 、16 解析：(1)A球远动至水平轨道，根据机镜能守恒有mgR 2mu,2 解得u。=/2gR A球与1号球发生弹性碰撞，因两球虞量相等，故交换速 度，即碰后1号球的建度为。=√/2gR,1号球与2号球发 生弹性堆撞，根据动量守恒和能量宁恒有2mw。=2mw,十 m号×2m,2=×2w+m 联立解祥碰拉后1号球的建度为=了√2家，4= R (2)①F作用在】号球上，使其速度大小由增大到。，由 动施龙理得FR=子×2m,号×2ae 解件P-乌g ②设F作用下1号球的总位移为x,对12024号球组成 的整华，南动能交是得：=（宁×2阳3m,2十号 2m'）-×2m 最终，1一2024号球的速度大小均为，度F作用的总时间 为1，对整体，由动量定理得F位=(2023：十2m01)一2mw 1号球与2024号球之间的距离为d=t一x 联立解得d=1618的R 8 阶段检测一动量守恒定律 1,A解析：若A,B与平板车上表面间的动摩擦因数相网，由 于A,B两物体的质量之比为mA:mn=3:2,由f=mg, 可知弹簧释数时，小车对A,B的滑动摩擦力大小之比为3： 2,所以A、B组成的系毓合外力不等于零，系统的动量不守 恒，故A不正确，符合题意：对于A,BC组成的系统，由于地 面完滑，系统的合外力为零，别系统动量守恒，故B正确，不 符合题意：若A,B所受的摩擦力大小相等，方向又相反，则 A、B组成的系筑合外力为零，A、B组成的系就动量守恒，故 C正确，不符合题意：对于A,B,C组成的系统，系统的合外 力为零，则系统动量守望，故D正确，不符合题意。故选A。 2.D解析：物块所受重力的冲量为I:=mgt≠0，故A错误： 物块匀速运动，由水平方向的平衡条件可得摩力大小「 Feos 物块所受摩擦力的冲量大小为I,=Fcos0·t≠0，故B错误： 物块所受拉力的冲量大小为I,=F?,故C错误 物块匀速运动，合力为零，物块所受合力的冲量为0，放D正 确。故选D 3,C解析：在极短时间△：内与大楼发生作用的空气的质量 △m=oHLv△t 根#动量定理有一F,△Y=0一△U 根据牛频第三定律有大楼对风的作用力F,与风对大楼的作 用力F:等大反向， 解得F,=1.3×10N,故选C 4.C解析：碰撞过程中，篮球与篮板组成的系统外力之和不为 零，动量不守领，故A错误： ·39 以篮球弹回的方向为正方向，由动量定理可得【=mk。 (-e。)=(1+k)mv 肿篮板对篮球的冲量大小为(1十k)m,碰撞过程中篮球的 动量改变量大小为（们十）m,故B错误，C正确： 若篮球气压不足，导致减小，在不变的情况下，减小， 要使蓝球中心经过篮框中心，即篮球弹回后水平位移不变， 时间·要增大，应使碰撞点更高，故D错误。故选C。 5,C解析：Ft图像中图线与坐标轴圈成的面积表示冲量，由围 像可知睡楼过程中F的冲量大小为1，=号×0,1X40N: s=220N·s 方向竖直向上，故A,B错误： 头艳落到气素上时的述度大小为■√/②gH■8m/s 与气食作用过程由动量定理（向上为正方向）有I:一Mgt■ Mu-(-Mu) 解得v=2m/8 瑾撞过程中头锤的动量变化量△P=和一（一M）= 200kg·m/s,故C正确： 理撞站泉后头锤上升的最大高度A==0.2m 故D错误。故选C。 6,C解析：子弹射入木块A的过租中，子弹与木块A组成的 系统动量守恒，别有km=(m十km)U 解得=十行 子弹动童的交化量△p=太m,一km,= kn 十了，选项A 错误： k:mvo 木块A的功能培加堂为△Eu=豆m一2十1，选项B 错误： 当弹簧第一次压缩到最短时，两太块共速，则有子弹，木块 A、B和弹黃组成的系统动量守恒，则有mv。■(2m十 km)v: 解得：十2 kmva 木块B的动量大小为P一十2，选项C正确： 弹蔓第一次压缩到最短的过程中，弹簧具有的最大弹性势能 为△E,=含(m+m),-名(2m十m)- kmv。 2(k+1)(k+2) 选项D错误。故选C。 7,D解析：A,B第一次碰撞前gEL=2m0 解得A,B第一次碰控前A球的造度为=√m /2qEL A,B第一次瑾拉时 e=nUA十m罗到 1 zmu2=之mva+之mu 解得A、B第一次碰楂后A、B的连度分别为 =0 2正L=0 两球系-次难被到系二次度检子·华=山 解得两球第一次理撞到第二次碰撞的时间间隔为，= 2m,A皓误： A,B第二次发生避撞前 2qEL -2v a上，=2m 答案全解全析周测3弹性碰撞和非弹性碰撞 反冲现象 火箭 (时闻：0分钟分佳，100分) 一，单选题本恩共8小丽，每题5分，其计0分) L如图所示，甲木块的盾镜为用，以速度v滑光滑术平地面向用运砖，正着 方有一静止的，质量也为w的乙本块，乙，上连有一轻质洋簧，甲木块与弹 蜜接轴后 入甲.乙两木块和洋簧断组成的系统动量看守国 瓜甲，乙两木块和弹簧所国成的暴统动雀守们 C当两木换连度翻等时，弹簧的弹作势能最大，且为心 几从弹簧并始乐焰到恢复妖长，乙木境先做加速运动，后鳖减遮运动 2.,个板量为用的小数年第自水平地面朝右上方财B,在量高点以 水平究右的速度飞行时，宽然爆饰为质量相等的甲，乙，丙三块弹 58 片，知图所示。得炼之后乙自静止自由下落，丙沿原路径同到原则 出点，若忽略空气阻力，则保炸过程释战的化学健为 C.w n 3.在光滑水平面上甲，乙两车相向面行，甲的速率为，乙的速幸也为，甲 车和本上人的总质量为10m,乙车箱车上人及货包的是爱量为2w,单个 钾 价包吸量为器，乙车上的人以相对电面为口=1，的恋率指货包地出始甲 甲 车上的人，为使两车不相罐，乙年上的人皮抛出货包的量小数量 A10个 压1目个 C,12个 D20个 4.如图所示，平板车停在光滑的农平面上，某工人《可视为置点》在平板军 上邻货，孩工人从同定在平板车上右端的？和左边缘本平闻左跳出，愉 好落在平板车左边缘上的P点（核工人落在P点间与半板车共璃） 已知平板车长度(@4m,货用长度为1m.高度为4=1.5m:工人的质 量为m,平板车连同货围伯质量为M=w,g数0m/,。则下列说达 正确的是 A.平板车最终的速度大小为0,5m/ 且.工人水平方向移时的矩离为4回 C,平版车最终化动的距高为2,5出 D.工人水平问左瑰出时的速度大小为5m/ 板 5.如闲所示，载有物宽的热气感静止于距水平地面H商的P处，现将质量为的 物黄以相对地面的渔度。斜向右下方投出：已知段出物贸后热气球的总质量为 M,所受浮力不变，重力相速度为g,不计阻力。以下判斯正确的是 A投出物贡后，热气球的动量度化零为 27 北物责从投出到落地的注程，重力冲量大小为w职√ C,投出物膏后（落塘载）的任意时测，物蜜，气球与P点三希龄终共视 业设出物贸后（落地衡>的任意时刻，物货，气球与P丸约距离之比为号 G,如图所示，北京时间224年3月2日，神舟十七号航天员场法装，唐胜态 江新林密切协同在电面科研人员的配合支持下，进行了约8小时的出图 桥功，完成飘定任等，为了保任出管航天马的安全：通食金朵用多重保障， 其中之一餐是出枪航天员要背上可产生罪力的复携式设备，装备中有一个 能咳出气体的高尿气源，程授一个连同装备共有1的kg的能天员，厦离空 间站后，在高空可站0m的位置与空列站处于州对静止的状蒸，航天员 为了运同空可站，先以朝对空间站0m/s的迪度陶后蘭出0.15kg的气体，距离空问站15m 时·再次以同样连度喷出同等置量的气体，雨前天员露同空同站的时可的为 A200s 且.300s C.100s D.800s 7.在光帝水平面上，A、形两个物体在司一直线上语同一方向品动，A的动景为18kg·m/s,孔的动 量为24螺·m。A从后面追上B:它门相五作用一段时闻后，B的动量增大为32kg·ms:方 和不变。下列说法正确的是 A若此过程为带性酸控，则两物体的候量之比为一行 若此过型为非弹性藏推，喇两物修的质量之此可能为一一了 《若比过容为弹性碳棉。时肉物体的数显之比为心- 少.若此注程为本弹性威源，财两物体的圆最之比可能为一一可 8.图甲所示。-一轻第筒的两隋分乳与质量为m:和m:的再物峡相速接，并且静止在老滑的本平 面上。现使丽，所间获得水平向右的速度m/ǒ，以此刻为计时零点，两物块的速度随时同变化 约规律如图乙斯示，从图檬信县可得 甲 在1，，时刻丙物块达到其同违废1田s且弹簧椰处于用壩状态 民从t,到，时创带簧出压缩状态逐渐族复原长 C周物扶的爱量之比为m,·m,一1·a D.在：时鲜两物块的动量大小之比为p:P:一1( 二，多这丽（本丽共8小题，每丽6分，共计1心分，金部这对的得6分，朝分这时的得3分，量进的得0分） 线如图乐示，动量分别为P-2g·m/,P一13k部·m/g的两个小球A书 在光滑的水平面上沿阿二一直线向有西砖，登过一段时阿后两球发生正酸，分州日、。 用△P,,表示两小球动量的座化量，阑下其这确中可图正瑞的是( A3pa=一8kg·m/,d,=3g"m/g 品3nA=-gkgm/s,△P=2g·m/e C△P=-24kg·世/d,=24g·m/nD△pa=3gm/np,=-1kg+m/ 山，如用甲所示，“充气碰睫球酵龙是…项很减压的登味运动项日， 为了研究其中的靠规律，简化为如图乙所示的镜显：直径相同 的A球和B球醒擦截后布在月一水平直线上运动，磁前A感的八 功量方=讯g·国/：日球静止：随后县球的动量变为P。 据甲 因乙 4以·m/。则两球质量Ms与解同的关系可能是(》 A程n=0,8mx m:=0,54 C.m= 周测3地件登南和非弹校暖短反冲理象火丽 1【,如图所示，不可韩长的轻质细线跨注轻质滑轮连接再个新量分料为2w,规的 物体A,弘.衡量为w的物体C中间有孔，奢在篷线上且可沿图线无摩整滑 功。初始时复三个物体均处于静止状志，此时A,日离胞面的高度均为A。物 体C在B上方A处。同时由静止韩较三个物体，一段时闻后，C与B发生健 撞并立即粘在一起。已细意力加逸度大小为义，整个过程中罪线未斯裂，物体 均可栈为盾点，不计阻力的影响。下列说法正确的是 A从样收三个物体到与B发生碰靠经历的时间为√发 队健拉结束后A的境度为零 CA最终离地面的高度为了A 几接箱过程巾，三个物体损失韵机核能为附x的 法择蓝答薹栏 原号 答案 三，非选择覆本置共3小盟，共计？分) 12.《10分)某同学耗用打点计时普和气坐导轨敏“探究完全非弹性镜箱中的不变量”的实验，气垫 导轨装置细饼甲所示，所用的气旅导物装置由量物，滑块、弹射架等组成。在空2导轨的两个 工作到上均匀分布指一定数量的小孔，向导我空腔内不断通人辰第空气，压缩空气合从小孔中 陵出，使滑埃檬定垃潭厚在导轨上，加图乙断示，这样就大大减小了因滑块和导轨之闻的摩擦 置引起的误差 6X cn 甲 《1)下直量实顶的主要步骤： 少安装好气垫导物，湖节气经导物的博节健组，使导轨 必向气量导轨通入压管空气： ③把打点时器树定在常靠气零导物左暗第射果的外鳄，将派带家过打点计时著和第时果 并闲定在滑块1的左端，调节打点计到需的高度，直至滑块指着纸带移动时，纸带始热在水 平方斜： ④使滑块1挤压导轨左饰弹射上的弹射装置： ®把滑块24所用滑块1,2加图何所示)戴在气整录轨的中可： 先 ,然后 (均法A释放滑块，我接通打在计时器的电意)，让湖块带动 蛋带一起运动： ⑦取下纸播，重复步篷①⑤喻，绿出较拜想的纸著如图丁所示， ⑧测得滑块1（包括撞针）的质量为425黑，带块包活像皮泥)的烦量为275： 请完鲁实险步紧①⑧的内容 (2已知打点什时器蜂隔0,02打一个点，计算可知，两滑块朝互作用款的动量之和为 k黑·ms,再帝块相互作用以后的动量之和为 kg·m/s。保留三位有效数字) (3)卡实验两滑找相矿作用过程，系烧丝动使飘 〔帕"最大”减“最小”)， 州倒离物理及择性必修第一青民) .6 13,14分)如图所示，疑量均为m,长均为上的两个相同的长木服B.C富静止在光滑水平雍上，面 量血为解的物块A以一定的制湾度从左偏滑上长术板B,在A网好群到B的右情时A、B共 速，面此时B与C恰好相是，B,C醒撞后粘在一起运动。A与山，C间的动摩擦因数均为Q.5: 不计入的大小，重力加速度为x,术。 (1)A树滑上B时的速度大小： (2)A与长木板相对静止时，A到C右增的面离 14(18分)如图所示.半径为R的一整直圆缓维道与足够长的水平轨道平器速接，水平轨道上有 22(个大小相同的球从左往右依次编号排属一推，相第两球间距均为R,1号球的题量为考子 2想，2一202号球怕质经均为得。若将质量为m的A球从成氨物道的量高点静止释放，所 有球均混为质点，破撞均为举柱带被，已知重力加逸度大小为片，不计一圆阳力， (1)求【号球与2号球第一次碰黄后1号球的德度大小4 (2)若1号球与2号球第一发碰颜后，文即给」号球他加水平向右的国定外力F1周中家商出， 下运小干1,2号球碳撞时的相五作用力)，佳】号球每次与？号球碳镜倒的凉度富和周球 第一次硬探演1号球的撞度相等，直到1一2©这4号球违度第一改富相等时超去外力，求： ①外力F的大小： ②最迷1号球与224号球之可的距离 A