周测1 动量 动量定理-【蓝海启航·启航金卷周周测】2026-2027学年高中物理选择性必修第一册（人教版2019）

周测1动量动量定理 (时闻：0分钟分佳，100分》 一，单选是{本恩共8小题，每题5分，其计0分) L利于质量不变的将体，下列说法中正确的是 A甲，乙两物体的货量之此是144，它们的诗量大小相等，它们的扇能之比是1：4 孔做句速四模运请的物体，其动量一定不变 C做匀速直线运动的物体，其动量可能登促 D,指体的索度发生变北时，动量一定变化 2,行装中的汽车知装发生图料庞撞，车内的安全气塑会被弹出并颜间充满气体，若硬棉后汽车的 速度在很短时间内减小为零，关于安全气魔在比过程中的作用，下列说达正确的是 A.增知了司机单位正积的受力大小 玉减少了磁黄前后司耗动量的度化量 C将司机的动能全军转换成汽军的诗衡 D,廷长了司气的受力时可并增大了司机的受力面积 3.一个量量为0,2kg的小球，以大小为，一0m/s的违度斜射到坚硬的粗餐 平面上，人射方向与竖直方向的夹角为3了，暖藏后被算看算出，弹出的方向天 与整直方向的夹角为53，落度大小变为可，=15m/、。关于该碰痒过程.下 列说法正瑞的是《n37=0,6,w37=0,8) 4 A小球在整直方向的动量变化量大小为1,4k闲·m/a 排 丝小球在显直方向的动量变化量大小为5g·m/“ C,小球总动量的变化量大小为1kH·m/: D,小感总动量的变北量大小为7g·m 4.水平力扩方向输定，大个随时闻变化的周檬如图甲所示，用力下 拉静止在水平桌面上的小物块，物块類量为3kg,在下从。开始 4 逐亲增大的过程中，物块的加速度随时间变化的图檬：嘴乙所 示，量大静摩整力大于洲动摩整力，以物块超动方为正方向，由 图像可知 A,物块与本半桌宜间的最大静摩整力大小为3N 弘在0一4时间内，水平力F的冲量为8N· C,在0一4s时间内，合外力的冲量为日N· D.在0一(：时间内，合外力第的功为24J 五.如闲为蜜尾地馏虾，它的“铁幸”可由静止状态下在0.1·内以楼近 72kmh的落度挥出，出幸冲击力度高运00N,若接幸”挥出过程中，不 考象其他力的作用，谢下列站京正确的是 A.“铁拿”的疑量约为00g 长“钱等”的加德度大小约为1600m/ C,“铁素”的功量的大小约增大了0，石kg·血/： D,“铁蒙“所曼合力的冲量大小约为后N· 6,如图甲。暖量为2g修物块静止在光滑水平值上，从：=0 时刻开的受到一水平外力F作用，F面时可：变化的图像妇 图乙所示。取一0时刻力下的方有为正方向，重力加速度 大小取g=10m/。。下列说达正确的是 A角4s时司内，物块做往返运动 B一4s时，将决的动量为2kg·m/s C,前4：时内，物块所受重力的冲量为日 D.1一2s到：=4s封到内.物块的速度变化量为2m/s ?.如图所示是某汽车公问设计的能垂直起飞的飞行汽车，该通过国定在率上 的两个单黎露的亮速转功对空气雀相向下的力，利用空气的反作用力桂汽车 上升，已知该汽车章车看量w,一了3船kg,单旋翼的直朝为S一12m,某次 试时，试黄员的规量m:=0k,试龙员让汽车起飞后悬停在空中，已知空 气的出度n一1.20kg/m,重力加渔度言=10m/s,期此时旋翼使其下方空 气获得的违度大小v约为 A.8 m/s 队17mw C.24 m.n D.33 ms A.如图是某人站在压力传感器上做下障，起跳动作对，压力随时间变化 ◆N 的图像：点对应开始下简时刻，6点对应下销至最低位置的时刻，图 中刚整直期分别为8，5：，重力加毫度：取10m/。,下列说法正确 的是 A,人挑起后上开的量大高度为，8m B从人罪始下障至离塘，压力传感晋对人的平均支持力大小为55N C南过程，人给路处于恒童我态 D.8,-S 二、多建题（本愿其8小题，每题6分，其计塔分-全部这对的得分，部分这时的得3分，错选的得0分》 9。我国国产的超高原数控万能水胡期机（水引），以其神奇的切树性能引起轰动。水川就是对香通 的水压，使其从相小的喷嘴中以40一一1000/的违度射出形成的本藏。我打知道，任何材 料承登的压函都有一定的最大驱度，下表列出了几种材料质街承受的量大压强，登想有一水刀的 水流射出的连度大小为的m/,水流与材料接然后以原速率反第，水修密度=1×10g/田'，雨 此水刀能切制上迷材料中的 榨胶 花牌岩 工具解 转铁 4,7×10m5 5,器×10㎡5 A像数 玉花岗岩 C.工其解 D.铸铁 0.如图所示，质量为m=1kg的物块A静止点置在光滑的水平桌而上，观 中物块佳知个水半角右的外力上，整它在水平直上颜直线运功。已知外一 力下随时可《单位为)的变化关采为F=《8一2：)N,侧 A在4时，物块的递度为零 共物块科有运动的最大速度为16m/: C在0一88内.物块的平均迷度等干8m/3 D.物块向右运动的最大位移大于：世 倒周1动星动量定用 11,操场上两同管练习排感，在空中同·水平直线上A、B两点处分别把 1、2回同的两球（时击出.】敛平抛运动2敏斜抛运动.两球的运动之 轨凌在闻一显直平面内，如图，精迹交干P点，P是AB走没中垂线 上一点：球1的初速度为，：球2的初迪提为，不考虑排球的契 转，不计空气阻力，再博从抛出到P点的过程中 A.单位时问内，1球速度的变化等于2球迪度的变化 B构球在P点相遇 C2球在量高点的速度小于， 1慧动量的变化大下2球动量的变化 选择题答题栏 题号 4 0 答案 三，非选择题本驱共8小题，其计42分) 1210分)如嚼甲所示，榜电物块置于婚橡水平面上，所在空创存在水平方向的电场，在电场力作 用下，物块运动的速度v与时可：的关系如图乙所示，以物块运动方向为正方向，运诗过程中物 块的最大迪度为2m/,必收移为44m。已知物块质量为2k阳，物块与水平面间的对摩搬因数 为0,5.重力相速g=10m/.求： 甲 1)图乙中1是多少。 《2)0一1过程中电场力对物块的冲量大小， 州风测物理及择性必修第一青) 13,14分)如图所示，得一场量为Q?k:可为面点的小球从离水平趋面3.2m高的P点水平向 右击出-测得第一次落点A与严点的水平距离为，4m。小球落地后反弹，反弹后两塘的量大 商度为1.8m,帝一次落点A与第二次落点B之可的压离为2.4m,不计空气阻力，重力加逸 发发取10用。求： (1)小缘被击出时的建度大小： (2小球第一次与地面接触过程中所受合外力的冲量大小。 24m 14.18分某铜学在操场上正对看墙量注村足球训城，虹国所示，该民学从地面上A点将足球治器 斜向上方向弱出，足球初速度与水平方向的夹角为，然后自己以4一1m/。的加速度由静 止开斯沿垂直墙方向胞动，足球运动到最高点到与墙壁发生碰撞然后反第，弄次落风地面时 恰好到该同学的脚下，且此时该同学的遂度为2细/。重力加速度：=田m/:足球疑世为 w一北.4kg,室气阻力和足球与喷面的作用时间均军忽略，术： (1)该同学西出足球过程对足球戴的功： )是球与墙壁接过程中，请壁对足球的神量大小周测1动量动量定理 1.D解析：两物体的骑量大小相学，由E,=会，可知B E比=m::m=4:1,故A错误：微匀速圆周适动的物休， 速度大小不变，但是方向一直在变，而动量是夫童，所以动量 一定变化，故B错误：由动量公式p=m可知，做匀建直线 运动的物体速度不变，刚动量不变，校C错误：由动量公式 ♪=m)可知，物体的速度发生变化时，动量一定变化，数D 正确。故选D。 2,D解析：因安全气囊充气后，受力面积增大，故减小了司机 单位面积的受力大小，故A错误：有无安全气套可机初动量 和末动量均相网，所以动量的改变量也相网，故B错误：因有 安全气量的存在，司机和安全气囊触后会有一部分动能转 化为气体的内能，不能全部转化成汽车的动能，故C得误，因 为安全气囊充气后面积增大，司机的受力面积也增大，在司 机挤区气鴦作用过程中由于气黛的缓冲故增加了作用时间， 故D正确。故选D。 3.B解析：以整直向上为正方向，小球经直方向的 初连度为m=一U0537°■一16m/s 小球竖直方向的末述度为v,=出，c0s53=9m/s 则小球在竖直方向的动量发化量为△P, vt一mv4=5kg·m/s 方向竖直向上，A错误，B正确： 根据三商形定则，动量的变化如图所示，由几何关系可得 △p=√(mn)十(mv,)=5kg·m/s 即小球总动量的麦化量大小为5kg·m/s,C,D错误。故 选B。 4,D解析：根揚图乙可知，1=2s时刺物块刚开始运动，静摩 擦力最大，最大静摩擦力大小等于此时的拉力大小，结合国 甲可知，最大静摩擦力大小为6N,故A错误： 根据冲量的定义式有1=F: 可知，F1图像中围线与时河轴所圈几何图利的面积表示力 F的冲量，则在0~4s时间内，用面积法得求平力F的冲量 为2XN·6=24N·,故B错误： 2 根据加违度的定义式有口- 可知，t图像中图线与时间抽所图几何图形的面积表示违 度的变化量，则0~4s内物块违度的增量为△口 (1十3)×(4一2 -m/s=4 m/s 狠据动量定理，抖0一4s内合外力的冲量为1=△p= m△D■3×4N·s=12N·s,故C错误： 物块初速度为0，结合上述可知，45未的建度v■4m/s 根据动能定理得0~4号内合外力数的功为W=之m 0=2×3×4J一24J,故D正确。故选D 5.D解析：“铁拳"辉出过程，根据动量定理可得 v=72 km/h=20 m/s 代入数据解得m=0.3kg=300g,故A错溪： 铁奉的加造度大小为a=铝-沿m/g=200m, 故B错误： 很据动量定理可得△p=I=Ft=6kg·m/s=6N·s 故C错误，D正确。故选D。 6,B解析：F1图像中，图线与时阿轴所围几何图彩的面积表 示冲量，前4s时间内的冲量为2×2N·一(4一2)×1N· s=2N·s>0 可知，前4s时间内，物块始终沿正方向运动，没有做往返运 动，故A错误： 根据动量定理有I,=四 结合上述有1，=2N·s 解得1=2kg·m/s 周周测物理选择性必修第一册RJ 3 即1=4s时，物块的动量为2kg·m/s,故B正确： 前45时间内，物块所受重力的冲量为I。■mg■80N·5, 故C错误； t=28到1=4s时间内，合力的冲量为I:=△p=m△如 F1图像中，图像与时间轴所围几何图形的面积表示冲量， t=2s到t=4s时间内冲量为1：=一(4一2)X1N·s= -2N·s>0 解得物块的速度变化量为一1kg·m/s,故D错误。故选B 7,B解析：设飞行汽幸受到空气的作用力F,根据平衡条件得 F=(m1十m:)g 设在△时间内通过一个单翼的空气质童为△m,根撾动 量定理得F·△1=2△m.·v一0 很据密度公式得△m=p·S·△1 解得v≈17m/s,故选B. 8,D解析：根据图像可知，人在空中的时间为1，=0,6s 上并高度h=宁（侵）=0,5m,故A错课： t=3 m/s 人离地时的速度大小为四=g。 人的重力为G=500N 质量n=50kg 自开始下珠至离地，用时1=1.2s 对人，根据动量定现有(Fx一G)1■U一0 解得F、=625N,数B错误1 加过程，压力传感器对人的支持力先大于重力后小于重力， 即先超重后失重，故C错误： 图中面职表示合力对人的冲量大小，S,对应的冲量向下，S 对应的冲量向上，@，b,点人的速度均为零，所以S,=S 故D正确。故选D。 9,AB汇解析：设喷嘴的横撬面积为S,在△时间内水流的质 量为m=S四△ 水流与材料接触后以原速率反弹，以水流接触材料前的速度 方向为正方向，由动量定理有一F△：=一m甲一n世 由牛顿第三定律可知水流金到材料的作用力与材料受到的 冲击力大小相等，脚F'=F F 财材料承受的压强为p=5=2pm-7.2X10P阳 所以此水刀鹿初割的材料有橡酸，花岗岩和工鼻钢。放 选ABC 10,BD解析：在1=4时，外力为零，物块的加速度为零，则 物块的违度向右达到最大，故A错误； =4s时物块的速度达到最大，根据动量定理有 I:=U。 +9×4N·s=16N·s I-F:-2 所以m=16m/s,故B正确： 0~4s内，物块向右做加速度减小的 /(m's) 加速运动，4一8s内物块向右做加速 度增大的减违运动，其速度随时间变6 化的因像如图所示 由因可知，0一85内，物块的位移大于 64m,所以平均速度大于8m/s,故C 错溪，D正确。故选团D。 11,AC解析：由于两球的加速度均为重力加速度，所以单位 时间内，1球速度的变化等于2球速度的变化，故A正确： 若两球在P点相遥，下落的高度相何，则运动的时间相阿， 对1球，有 x=111 y=2g1, 对2球，设2球初建度与水平方向的夹角为日，有 r=1os日·t妇 y=一"8in8·t+2g4 由光可知t1<t:,U:>v:cos9 所以1球先经过P点，两球不会在P点相道，2球在最高点 的速度小于，，故B错误，C正确： 根据动量定理可得mgt■△p 由于t<t 所以1球动量的变化小于2球动登的变化，故D错误。故 选AC. 12.(1)24￥(2)240N·s 解析：(1)由题意知，总位移为44m,又因为1图像中图线 与横轴围成的面积为位移，故工=2一？十型×2m=Mm 2 解得t2=24s。 (2)0-11过程中，对物块由动量定理得I。一1，=0 其中1=ft,=mg=240N·s 所以电场力对物块的冲量大小为1，=1，=240N·s。 13.13m/s(2厘N·s 解析：(1)设小球刚被击出时的递度大小为。，小球城击出 到第一次落地前醉间，根撼平抛运动的规律可得 工=动t h,=Z, 解得p。=3m/s。 (2)小球第一次落地前解间，在竖直方向的速度大小为 设小球第一次落地被反弹后运动到最高，点的时间为：，此 过程中小球在竖直方向的分远动是整直上抛远动，则h: 1 g4 小球第一次被反弹后瞬间沿竖直方向的速度大小为 卫=g 规定整直向上为正方向，则小琼在竖直方向的合外力的冲 童为1，=n,2一（一m,1》 设小球第一次被反弹后瞬间沿水平方向的速度大小为，· 则x=2,1红 规定水平向右为正方向，则小琼在水平方向的合外力的冲 量为I,=mv,一mU 小球第一次与地面碰撞过程中合外力的冲量大小为 1=/T,+I. 解得1=97 N·s。 14.(1)40J(2)7.2N·s 解析：(1)由匀变速直线远动规律可知足艰在空中运动的总 时间为t=28 足球在竖直方向的运动为竖直上抛运动，则足球上升过程 所用的时间为？，则是球竖直方向的初建度刘=g·豆 站合足球初速度的方向可知，是球的初捷度心一n行 U 这同学踢出是球过程对足球微的功等于足球动能的增加 量，可得接同学隔出足球过程时足球微的功W=号m, 40J. (2)由匀变速直线运动规排可知，是球在空中透动的过程 1 中，接同学的位移为r=2r=2m 是球上升过程水平方向的位移为工=物·2=10m 则足球下降过程水平方向的位移为x,=x1一r=8m 则足球与墙壁碰撞后，水平方向的速度大小 包，'号=8m/s 则足球与墙壁难撞过程中，墙壁对足球的冲量大小【 n(U,十u,')=7.2N·5. 3 周测2动量守恒定律及实验 1,D解析：在弹簧释放的过程中，因mA:m1=1:2,由摩擦 力公式F,=F、=mg,可知A,B两物体所受的摩擦力大 小不相等，故A,B两物体组成的系统合外力不为零，A,B两 物体组成的系统动量不守恒，故A错误：A物体对小车向左 的滑动摩擦力小于B对小车向右的滑动摩擦力，在A,B两 物体相对小车停止运动之前，小车所受的合外力向右，小车 将向右运动，周存在摩擦力俽负功，最终整个系统将静止，则 系统的机减能减为零，不守恒，故B、C错误；A,B,C组成的 系统所受合外力为零，系皖的动量守恒，故D正确。故选D 2.C解析：动量守慢定律和机战能守慎定律所研究的对象都 是相互作用的物体缸成的系就，故A错误：动量守恒和机械 能守恒的条件不同：系统动量是否守恒，决定于系统所受合 外力是否为零：而机械能是否守恒，则决定于是否有重力和 弹簧弹力以外的力（不管是内力还是外力）做功，是否只有动 能与势能相互转化，无其他形式能（如热能）转化，系统动量 守恒时，机减能不一定守恒，故B错误：一个物体在做匀违圆 周运动的过程中，速度大小不变，方向不断改变，期动能保特 不变，动童时测改交，故C正确：根器F·△t=△p,物体的动 量对时间的变化单恒定，即合外力恒定：根据W。=△E:,则 P-Ws-AE. 动能对时间的变化率恒定，即合外力功单恒 定。合外力的功率恒定，合外力不一定领定，所以物休的动 量对时间的变化桑恒定，那么在读过程中物体的动能对时间 的变化单不一定也恒定，故D错误。故选C。 3,B解析：A车与B车正群后粘在一起，是典型的善弹性避 拉，动量守恒，机械能有损失，A错误： 从两车粘在一起到小球摆到最高点的过程中，A,B、C组成 的系统坚直方向合外力不为零，动量不守恒，但水平方向合 外力为零，水平方向动量守恒，D错谋： A车与B车延挫过程，A,B组成的系统动量守，可得 川U,=2m v1为硅后AB整体的速度，小球探到最高点时，小球相对AB 静止，县有共同的速度，设为：，从两车粘在一起到小球摆 到最高点的过程，水平方向动量守恒，可得2m1十m。= (2m十2c）: 据机械能守恒可得 号·2m,2+me=之(2m+mc,+meh 联立解得，小球能上升的最大高度为h=0,01m B正确，C错误。故这B。 4,A解析：设向后为正方向，由动量守恒有0=m助 (M一m1)U 由动萱定理有一F1=一(M一m)世：一0 解得F=360N,故速A. 5,D解析：滑块B下滑过程中，斜西会向左运动，滑块B的加 速度弄不沿着斜面向下，滑块B在垂直于斜面的方向上加速 度有分量，因此，F、不再等于geos a,别滑块B下济过程 中F、对B的冲量大小不等于mgtc0sa,故A错溪： 若整个系统处于平街状态，别地面对斜面A弹力的冲量大 小为(M十州)，但滑块B在竖直方向上所受合外力不为 零，其有竖直向下的加造度的分量，因此地面对料面A弹力 的冲量小于(M十m)g,故B错误： 由于该系统经直方向合外力不为零，因此该系统动量不守 恒，但道系鲶水平方向合外力为零，因此该系统只在水平方 向动量守恒，故C错误： 取向右为正方向，根据该系统水平方向动量守恒，别在任意 时刻，水平方向惑有m四一Mu'■0 取极短时间△t,则有w△：=Mu'△1 很据时间上的等时性，在时间1内位移进行累积可得川曰 Mu't 即ms=Ms 解得一况 故D正确。故选D。 答案全解全析