2025年天津市中考数学试卷

2025年天津市中考数学试卷 一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的） 1．（3分）计算（﹣21）÷（﹣7）的结果等于（　　） A．﹣3 B．3 C． D． 2．（3分）如图是一个由6个相同的正方体组成的立体图形，它的主视图是（　　） A．B． C． D． 3．（3分）估计的值在（　　） A．1和2之间 B．2和3之间 C．3和4之间 D．4和5之间 4．（3分）在一些美术字中，有的汉字是轴对称图形．下面4个汉字中，可以看作是轴对称图形的是（　　） A． B． C． D． 5．（3分）据2025年5月7日《天津日报》报道，今年“五一”小长假，全市跨区域人员流动量达到31492000人次．将数据31492000用科学记数法表示应为（　　） A．0.31492×108 B．3.1492×107 C．31.492×106 D．314.92×105 6．（3分）的值等于（　　） A．0 B．1 C． D． 7．（3分）若点A（﹣3，y1），B（1，y2），C（3，y3）都在反比例函数的图象上，则y1，y2，y3的大小关系是（　　） A．y1＜y2＜y3 B．y3＜y2＜y1 C．y1＜y3＜y2 D．y2＜y3＜y1 8．（3分）《算学启蒙》是我国古代的数学著作，其中有一道题：“今有良马日行二百四十里，驽马日行一百五十里．驽马先行一十二日，问良马几何日追及之．”意思是：跑得快的马每天走240里，跑得慢的马每天走150里．慢马先走12天，快马几天可以追上慢马？设快马x天可以追上慢马，则可以列出的方程为（　　） A．240x＝150（x+12） B．240x＝150（x﹣12） C．150x＝240（x+12） D．150x＝240（x﹣12） 9．（3分）计算的结果等于（　　） A． B． C． D．1 10．（3分）如图，CD是△ABC的角平分线．按以下步骤作图：①以点A为圆心，适当长为半径画弧，与边AB相交于点E，与边AC相交于点F；②以点B为圆心，AE长为半径画弧，与边BC相交于点G；③以点G为圆心，EF长为半径画弧，与第②步中所画的弧相交于点H；④作射线BH，与CD相交于点M，与边AC相交于点N．则下列结论一定正确的是（　　） A．∠ABN＝∠A B．BN⊥AC C．CM＝AD D．BM＝BD 11．（3分）如图，在△ABC中，∠ACB＝90°，将△ABC绕点A顺时针旋转得到△AB′C′，点B，C的对应点分别为B′，C′，B′C′的延长线与边BC相交于点D，连接CC′．若AC＝4，CD＝3，则线段CC′的长为（　　） A． B． C．4 D． 12．（3分）四边形ABCD中，AD∥BC，∠B＝90°，AB＝8cm，AD＝10cm，BC＝16cm．动点M从点B出发，以2cm/s的速度沿边BA、边AD向终点D运动；动点N从点C同时出发，以1cm/s的速度沿边CB向终点B运动．规定其中一个动点到达终点时，另一个动点也随之停止运动．设运动的时间为t s．当t＝2s时，点M，N的位置如图所示．有下列结论： ①当t＝6s时，CN＝DM； ②当1≤t≤2时，△BMN的最大面积为26cm2； ③t有两个不同的值满足△BMN的面积为39cm2．其中，正确结论的个数是（　　） A．0 B．1 C．2 D．3 二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，共18分） 13．（3分）不透明袋子中装有13个球，其中有3个红球、4个黄球、6个绿球，这些球除颜色外无其他差别．从袋子中随机取出1个球，则它是绿球的概率为 　 　 ． 14．（3分）计算3x﹣x﹣5x的结果为 　 　 ． 15．（3分）计算的结果为 　 　 ． 16．（3分）将直线y＝3x﹣1向上平移m个单位长度，若平移后的直线经过第三、第二、第一象限，则m的值可以是 　 　 （写出一个即可）． 17．（3分）如图，在矩形ABCD中，AB＝2，BC＝3，点E在边BC上，且EC＝2BE． （Ⅰ）线段AE的长为 　 　 ； （Ⅱ）F为CD的中点，M为AF的中点，N为EF上一点，若∠FMN＝75°，则线段MN的长为 　 　 ． 18．（3分）如图，在每个小正方形的边长为1的网格中，点P，A均在格点上． （Ⅰ）线段PA的长为 　 　 ； （Ⅱ）直线PA与△ABC的外接圆相切于点A，AB＝BC．点M在射线BC上，点N在线段BA的延长线上，满足CM＝2AN，且MN与射线BA垂直．请用无刻度的直尺，在如图所示的网格中，画出点M，N，并简要说明点M，N的位置是如何找到的（不要求证明） 　 　 ． 三、解答题（本大题共7小题，共66分．解答应写出文字说明、演算步骤或推理过程） 19．（8分）解不等式组，请结合题意填空，完成本题的解答． （Ⅰ）解不等式①，得 　 　 ； （Ⅱ）解不等式②，得 　 　 ； （Ⅲ）把不等式①和②的解集在数轴上表示出来； （Ⅳ）原不等式组的解集为 　 　 ． 20．（8分）为了解某校学生每月参加志愿服务的时间（单位：h），随机调查了该校a名学生，根据统计的结果，绘制出如下的统计图①和图②． 请根据相关信息，解答下列问题： （Ⅰ）填空：a的值为 　 　 ，图①中m的值为 　 　 ，统计的这组学生每月参加志愿服务的时间数据的众数和中位数分别为 　 　 和 　 　 ； （Ⅱ）求统计的这组学生每月参加志愿服务的时间数据的平均数； （Ⅲ）根据样本数据，若该校共有1000名学生，估计该校学生每月参加志愿服务的时间是4h的人数约为多少？ 21．（10分）已知AB与⊙O相切于点C，OA＝OB，∠AOB＝80°，OB与⊙O相交于点D，E为⊙O上一点． （Ⅰ）如图①，求∠CED的大小； （Ⅱ）如图②，当EC∥OA时，EC与OB相交于点F，延长BO与⊙O相交于点G，若⊙O的半径为3，求ED和EG的长． 22．（10分）综合与实践活动中，要用测角仪测量天津站附近世纪钟建筑AB的高度（如图①）．某学习小组设计了一个方案：如图②所示，点A，E，C依次在同一条水平直线上，CD⊥AC，EF⊥AC，且CD＝EF＝1.7m．在D处测得世纪钟建筑顶部B的仰角为22°，在F处测得世纪钟建筑顶部B的仰角为31°，CE＝32m．根据该学习小组测得的数据，计算世纪钟建筑AB的高度（结果取整数）． 参考数据：tan22°≈0.4，tan31°≈0.6． 23．（10分）已知小华的家、书店、公园依次在同一条直线上，书店离家0.6km，公园离家1.8km．小华从家出发，先匀速步行了6min到书店，在书店停留了12min，之后匀速步行了12min到公园，在公园停留25min后，再用15min匀速跑步返回家．下面图中x表示时间，y表示离家的距离．图象反映了这个过程中小华离家的距离与时间之间的对应关系． 请根据相关信息，回答下列问题： （Ⅰ）①填表： 小华离开家的时间/min 1 6 18 50 小华离家的距离/km 0.6 ②填空：小华从公园返回家的速度为 　 　 km/min； ③当0≤x≤30时，请直接写出小华离家的距离y关于时间x的函数解析式； （Ⅱ）若小华的妈妈与小华同时从家出发，小华的妈妈以0.05km/min的速度散步直接到公园．在从家到公园的过程中，对于同一个x的值，小华离家的距离为y1，小华的妈妈离家的距离为y2，当y1＜y2时，求x的取值范围（直接写出结果即可）． 24．（10分）在平面直角坐标系中，O为原点，等边△ABC的顶点A（0，2），B（0，﹣1），点C在第一象限，等边△EOF的顶点，顶点F在第二象限． （Ⅰ）填空：如图①，点F的坐标为 　 　 ，点C的坐标为 　 　 ； （Ⅱ）将等边△EOF沿水平方向向右平移，得到等边△E′O′F′，点E，O，F的对应点分别为E′，O′，F′．设OO′＝t． ①如图②，若边E′F′与边AB相交于点G，当△E′O′F′与△ABC重叠部分为四边形OO′F′G时，试用含有t的式子表示线段GA的长，并直接写出t的取值范围； ②设平移后重叠部分的面积为S，当时，求S的取值范围（直接写出结果即可）． 25．（10分）已知抛物线y＝ax2+bx+c（a，b，c为常数，a＜0，b＞0）． （Ⅰ）当a＝﹣1，b＝2，c＝3时，求该抛物线顶点P的坐标； （Ⅱ）点A（﹣1，0）和点B为抛物线与x轴的两个交点，点C为抛物线与y轴的交点． ①当a＝﹣2时，若点D在抛物线上，∠CAD＝90°，AC＝AD，求点D的坐标； ②若点B（m，0），∠CAB＝2∠ABC，以AC为边的▱ACEF的顶点F在抛物线的对称轴l上，当CE+CF取得最小值为时，求顶点E的坐标． 2025年天津市中考数学试卷 参考答案与试题解析 一．选择题（共12小题） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 B D C B B． A D A A D D 题号 12 答案 C 一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的） 1．【解析】解：（﹣21）÷（﹣7）＝21÷7＝3， 故选：B． 2．【解析】解：该立体图形的主视图为： ． 故选：D． 3．【解析】解：∵， ∴， ∴， 故选：C． 4．【解析】解：选项A、C、D的汉字均不能找到这样的一条直线，使图形沿该直线对折后直线两旁的部分能够完全重合，所以不是轴对称图形； 选项B的汉字能找到这样的一条直线，使图形沿该直线对折后直线两旁的部分能够完全重合，所以是轴对称图形． 故选：B． 5．【解析】解：31492000＝3.1492×107． 故选：B． 6．【解析】解：原式＝1 ＝1﹣1 ＝0， 故选：A． 7．【解析】解：∵反比例函数的k＝﹣9＜0， ∴反比例函数图象分布在第二四象限，在每个象限内y随x的增大而增大， ∵点A（﹣3，y1）在第二象限， ∴y1＞0， 又∵1＜3， ∴y2＜y3＜0， ∴y2＜y3＜y1． 故选：D． 8．【解析】解：依题意，得：240x＝150（x+12）． 故选：A． 9．【解析】解：原式 ， 故选：A． 10．【解析】解：由作图过程可知，∠CBN＝∠BAC． ∵CD是△ABC的角平分线， ∴∠ACD＝∠BCD． ∵∠CAD+∠ACD+∠ADC＝180°，∠CBM+∠BCM+∠BMC＝180°， ∴∠ADC＝∠BMC， ∴∠BDM＝∠BMD， ∴BM＝BD， 故D选项一定正确． 故选：D． 11．【解析】解：连接AD，交CC'于点O， 由旋转得：AC＝AC＝4，∠AC'B'＝∠ACB＝90°， ∴∠AC'D＝90°． 在Rt△AC'D和Rt△ACD中， ， ∴Rt△ACD≌Rt△AC'D（HL）， ∴C'D＝CD＝3， ∴AD垂直平分CC'， ∴CC'＝2OC，AD⊥CC'． ∵∠ACB＝90°，AC＝4，CD＝3， ∴． ∵， ∴OC， ∴． 故选：D． 12．【解析】解：根据题意得：点M在AB上的运动时间为点M在AD上的运动时间为，点N在CB上的运动时间为16s， ①当t＝6s时，点M在AD上， 此时AM＝2×6﹣8＝4cm，CN＝6cm， ∴DM＝AD﹣AM＝6cm， ∴CN＝DM，故①正确； ②当1≤t≤2时，点M在AB上， 此时BM＝2t cm，CN＝t cm， ∴BN＝（16﹣t）cm， ∴2t（16﹣t）＝﹣t2+16t＝﹣（t﹣8）2+64， ∵﹣1＜0， ∴当t＜8时，S△BMN随t的增大而增大， ∴当t＝2时，S△BMN取得最大值，最大值为﹣（2﹣8）2+64＝28， 即当1≤t≤2时，△BMN的最大面积为28cm2，故②错误； ③当点M在AB上时， ∵△BMN的面积为39cm2， ∴， 解得：t1＝3，t2＝13（舍去）， ∴当t＝3时，△BMN的面积为39cm2； 当点M在AD上时， ∵AD∥BC，∠B＝90°， ∴∠A＝180°﹣∠B＝90°，即AB⊥AD， 此时． 解得：， ∴当时，△BMN的面积为39cm2； ∴t有两个不同的值满足△BMN的面积为39cm2，故③正确． 故选：C． 二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，共18分） 13．【解析】解：从袋子中随机取出1个球共有13种等可能结果，其中它是绿球的有6种结果， 所以从袋子中随机取出1个球，是绿球的概率为， 故答案为：． 14．【解析】解：3x﹣x﹣5x＝（3﹣1﹣5）x＝﹣3x． 故答案为：﹣3x． 15．【解析】解： ＝61﹣1 ＝60， 故答案为：60． 16．【解析】解：由题知， 将直线y＝3x﹣1向上平移m个单位长度后，所得直线的函数解析式为y＝3x﹣1+m， 则平移后的直线与y轴的交点坐标为（0，m﹣1）． 又因为平移后的直线经过第三、第二、第一象限， 所以m﹣1＞0， 解得m＞1， 所以m的值可以是2． 故答案为：2（答案不唯一）． 17．【解析】解：（Ⅰ）∵EC＝2BE，BC＝3， ∴BE＝1，EC＝2， ∴AE， 故答案为：； （Ⅱ）如图，过点M作MH⊥EF于H， ∵四边形ABCD是矩形， ∴∠B＝∠C＝∠D＝90°，AB＝CD＝2， ∵F为CD的中点， ∴CF＝DF＝1， ∴BE＝CF＝1，AB＝EC＝2， ∴△ABE≌△ECF（SAS）， ∴AE＝EF，∠BAE＝∠CEF， ∴∠BAE+∠AEB＝90°＝∠CEF+∠AEB， ∴∠AEF＝90°， ∴∠EAF＝∠AFE＝45°，AFEF， ∵M为AF的中点， ∴MF， ∵MH⊥EF， ∴∠MFH＝45°＝∠FMH，MH＝HF， ∵∠FMN＝75°， ∴∠NMH＝30°， ∴MN， 故答案为：． 18．【解析】解：（1）由勾股定理得， 故答案为：； （2）如图所示，点M，N即为所求， 作法：直线PA与射线BC的交点为M；取圆与网格线的交点D和E，连接DE；取格点F，连接AF，与DE相交于点O；连接BO并延长，与AC相交于点G，与直线PA相交于点H；连接CH并延长，与网格线相交于点I，连接AI，与网格线相交于点I；连接GJ，与线段BA的延长线相交于点N，则点M，N即为所求． 理由：∵∠DAE＝90°， ∴DE为圆的直径， ∵AF为正方形的对角线， ∴∠DAF＝∠EAF＝45°， ∴AF垂直平分线段DE， ∴点O为圆的圆心， ∴OA＝OC， 又∵AB＝BC，OB＝OB， ∴△AOB≌△COB（SSS）， ∴∠ABO＝∠CBO， ∴BG 平分∠ABC， ∴点G为线段AC的中点， 由网格可知点J为线段AI的中点， ∴GJ为△ACI的中位线， ∴GJ∥CI， ∴点N为线段AQ的中点， ∴AQ＝2AN， ∵AB＝BC，BH＝BH，∠ABH＝∠CBH， ∴△ABH≌△CBH（SAS）， ∴AH＝CH，∠BAH＝∠BCH， ∴∠QAH＝∠MCH， 又∵∠AHQ＝∠CHM， ∴△AHQ≌△CHM（ASA）， ∴AQ＝CM，即CM＝2AN， 延长BH交QM于点T， ∵AB＝BC，AQ＝CM， ∴BQ＝BM， ∵∠QBH＝∠MBH， ∴BT⊥QM， ∵AM为圆的切线， ∴∠OAH＝90°， ∴∠OAB+∠QAM＝90°， ∵OA＝OB， ∴∠OBA＝∠OAB， 即∠QAM+∠OBA＝90°， ∵∠OBA+∠AQM＝90°， ∴∠QAM＝∠AQM， ∴△AMQ为等腰三角形， ∴MN⊥AQ， ∴点M，N即为所求． 三、解答题（本大题共7小题，共66分．解答应写出文字说明、演算步骤或推理过程） 19．【解析】解：， （Ⅰ）解不等式①，得x≤1； （Ⅱ）解不等式②，得x≥﹣2； （Ⅲ）把不等式①和②的解集在数轴上表示出来， ； （Ⅳ）原不等式组的解集为﹣2≤x≤1． 20．【解析】解：（I）由题意可知，a＝6÷15%＝40， ∴m%100%＝25%，即m＝25， 统计的这组学生每月参加志愿服务的时间数据的众数是4h，中位数是3（h）， 故答案为：40，25，4h，3h； （II）观察条形统计图， ∵（h）， ∴这组数据的平均数是3.2h． （III）∵在所抽取的样本中，每月参加志愿服务的时间是4h的学生占35%， ∴根据样本数据，估计该校1000名学生中，每月参加志愿服务的时间是4h的学生约占35%，有1000×35%＝350（人）， ∴估计该校学生每月参加志愿服务的时间是4h的人数约为350人． 21．【解析】解：（I）如图①，连接OC， ∵AB与⊙O相切于点C， ∴OC⊥AB， ∵OA＝OB，∠AOB＝80°， ∴∠COB＝∠COA∠AOB＝40°， ∴∠CED∠COB＝20°， ∴∠CED的度数为20°． （Ⅱ）如图②，连接OC， ∵DG是⊙O的直径，⊙O的半径为3， ∴∠DEG＝90°，DG＝6， ∵EC∥OA， ∴∠EFG＝∠AOB＝80°， 由（I）得∠CED＝20°， ∴∠EDG＝∠EFG﹣∠CED＝60°， ∴∠G＝90°﹣∠EDG＝30°， ∴EDDG＝3， ∴EG3， ∴ED的长是3，EG的长是3． 22．【解析】解：如图，延长DF与AB相交于点G， 根据题意可得四边形GAEF和四边形FECD是矩形，∠GDB＝22°，∠GFB＝31°，∠DGB＝90°， ∴AG＝EF＝CD＝1.7m，DF＝CE＝32m， 在Rt△FGB中，， ∴， 在Rt△DGB中，， ∴． ∵GF+DF＝GD， ∴． ∴． ∴AB＝AG+GB≈1.7+38.4≈40（m）， 答：世纪钟建筑AB的高度约为40m． 23．【解析】解：（Ⅰ）①小华在最初的6min内的速度为0.6÷6＝0.1（km/min）， 当x＝1时，y＝0.1×1＝0.1， 当x＝18时，y＝0.6， 当x＝50时，1.8． ②小华从公园返回家的速度为1.8÷15＝0.12（km/min）． 故答案为：0.12． ③当0≤x≤6时，y＝0.1x， 当6＜x≤18，y＝0.6， 当18＜x≤30时，小华的速度为（1.8﹣0.6）÷12＝0.1（km/min），则y＝0.6+0.1（x﹣18）＝0.1x﹣1.2， ∴当0≤x≤30时，写出小华离家的距离y关于时间x的函数解析式y． （Ⅱ）妈妈从家到公园所用时间为1.8÷0.05＝36（min），则小华的妈妈离家的距离为y2与x之间的函数图象如图所示： y2与x之间的函数关系式为y2＝0.05x（0≤x≤36）， 当6≤x≤18时，当y1＝y2时，得0.05x＝0.6， 解得x＝12， 当18＜x≤30时，当y1＝y2时，得0.1x﹣1.2＝0.05x， 解得x＝24， 由图象可知，当y1＜y2时，x的取值范围为12＜x＜24． 24．【解析】解：（Ⅰ）作 FG⊥OE于点G，作CH⊥AB于点H， ∵△OEF，△ABC均为等边三角形， ∴，OF＝OE，，AC＝AB， ∵A（0，2），B（0，﹣1），， ∴，AC＝AB＝2+1＝3，OA＝2， ∴，， ∴，OH＝OA﹣AH，CH， ∴F（），， 故答案为：（），； （Ⅱ）①∵平移， ∴∠F'E'O'＝∠OEF＝60°，， ∵OO'＝t， ∴， ∴， ∴， 当点F'落在y轴上时，此时，点O为O'E'的中点，则：， 当点E'与点O重合时，， ∴当△E'O'F′与△ABC重叠部分为四边形OO'F′G时，； ②当时，则重叠的部分为四边形OO'F′G， 如图，作F'M⊥x轴， 由（1）和（2）①可知：，，OE't， ∴S， ∴当t时，S的值最小，为， ∴， 设BC交x轴于点N，则：， ∴当时，此时点E'于O重合，O'与N点重合，重叠的部分恰为△O'E'F'， ∴， 当，S随着t的增大而减小， ∴当时，S有最小值，此时点C'O'⊥x轴，如图： 此时重叠部分为五边形，， ∵∠CNO'＝∠BNO＝90°﹣∠ABC＝30°，∠E'O'F'＝60°， ∴∠NQO'＝90°， ∴，QN， ∴， ∵∠ACB＝60°，∠CQP＝∠NO'Q＝90°， ∴∠F''PG＝∠CPQ＝30°， ∴∠F''GP＝180°﹣30°﹣60°＝90°， 由平移可得：，F'F''∥NO'， ∴∠F'F''G＝∠O'E'F''＝60° ∴∠F''F'G＝30°＝∠F''PG， ∴F''P＝F'F'' 同法可得：， S； 综上：． 25．【解析】解：（I）∵a＝﹣1，b＝2，c＝3， ∴该抛物线的解析式为y＝﹣x2+2x+3， ∵y＝﹣x2+2x+3＝﹣（x﹣1）2+4， ∴该抛物线顶点P的坐标为（1，4）； （II）①∵点A（﹣1，0）在抛物线y＝ax2+bx+c上， ∴0＝a﹣b+c，即c＝b﹣a， 又∵a＝﹣2，点C（0，c）， ∴OC＝c＝b+2，AO＝1， ∴抛物线解析式为y＝﹣2x2+bx+b+2， 如图，点D在第四象限，过点D作DH⊥x轴于点H， ∴∠AHD＝90°， ∴∠HAD+∠ADH＝90°， ∵∠CAD＝90°， ∴∠CAO+∠HAD＝90°， ∴∠ADH＝∠CAO， 又∵AD＝AC，∠AHD＝∠AOC＝90°， ∴△ADH≌△CAO（AAS）， ∴DH＝AO＝1，AH＝OC＝b+2， ∵OH＝AH﹣AO， ∴OH＝b+2﹣1＝b+1， ∴点D的坐标为（b+1，﹣1）， ∵点D在抛物线y＝﹣2x2+bx+b+2上， ∴﹣1＝﹣2（b+1）2+b（b+1）+b+2， 整理得，b2+2b﹣1＝0， 解得， ∵b＞0， ∴不合，舍去， ∴， ∴点D的坐标为； ②∵c＝b﹣a，a＜0，b＞0， ∴c＞0，m＞1， 在x轴上点A的左侧取点G，使GA＝AC，连接GC． ∴∠ACG＝∠CGA，得∠CAB＝2∠CGA． ∵∠CAB＝2∠ABC， ∴∠ABC＝∠CGA． ∴CG＝CB，则GO＝OB． 在Rt△AOC中，根据勾股定理，AC2＝AO2+OC2， ∴， ∴， ∴． 又∵点B（m，0），得OB＝m． ∴，即c2＝m2﹣2m， 根据题意，点A和点B关于直线l对称，点F在直线l上，得AF＝BF． 又∵▱ACEF中，AF＝CE．得CE＝BF． ∴CE+CF＝BF+CF≥BC． ∴当点F在线段BC上时，CE+CF取得最小值，即， 在Rt△OBC中，OB2+OC2＝BC2， ∴m2+c2＝24． 将c2＝m2﹣2m代入，得m2+（m2﹣2m）＝24． 解得m1＝4，m2＝﹣3（舍）， ∴， ∴点B（4，0），， ∴直线BC的解析式为． 设点F的横坐标为x0，则4﹣x0＝x0﹣（﹣1）， 得， ∴点F的坐标为． ∵线段CE可以看作是由线段AF经过平移得到的， ∴点E可以看作是点F向右平移一个单位，向上平移个单位得到的， ∴点E的坐标为． 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $$