第4次月考滚动检测卷-【三清必刷】2025-2026学年高二物理必修第三册（人教版2019）

— 38 — 第四次月考滚动检测卷 (考查范围:第十一章、第十二章部分内容及第十三章全部) (时间:75分钟 满分:100分) 􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌 􀤌 􀤌 􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌 􀤌 􀤌 􀦌 􀦌 􀦌􀦌 【名师推好题】 第12题,本题以测量旧家电动势和内阻为背景,考查学生实验原理、操作及数 据处理的能力,本题综合性较强,考查全面,值得推荐. 第Ⅰ卷(选择题 共46分) 一、单项选择题(本题共7小题,每小题4分,共28分.每小题只有一个选项符合题目要求) 1.关于磁现象及应用,下列说法中正确的是 ( ) A.军舰接近磁性水雷时,就会引起水雷的爆炸,其依据是磁场对电流的作用原理 B.地球是一个大磁体,北半球地磁场方向相对地面是斜向上的 C.电场线一定是不闭合的,磁感线没有起点也没有终点,磁感线一定是闭合的 D.磁与电是紧密联系的,有磁必有电,有电必有磁 2.关于能量和能源,下列说法正确的是 ( ) A.化石能源是清洁能源,水能是可再生能源 B.在能源的利用过程中,由于能量在数量上并未减少,所以不需要节约能源 C.人类在不断地开发和利用新能源,所以能量可以被创造 D.能量耗散现象说明:在能量转化的过程中,虽然能的总量并不减少,但能量品质降低了 3.为测某电阻R 的阻值,分别接成如图所示的甲、乙两电路,在 甲电路中电压表和电流表的示数分别为12V、0.15A,乙电 路中两电表示数分别为10V和0.20A,为了减少测量误差 下列说法正确的是 ( ) A.应选用甲电路,其真实值小于80Ω B.应选用乙电路,其真实值大于50Ω C.应选用甲电路,其真实值大于80Ω D.应选用乙电路,其真实值小于50Ω 4.在如图1所示电路中,定值电阻R0 阻值为1Ω,滑动变 阻器R1 的调节范围为0~5Ω,事先测得电源的路端电 压与电流的关系图像如图2所示,当滑动变阻器的滑片 从左端滑到右端的过程中,下列说法正确的是 ( ) A.电源的电动势为3V,内阻为2Ω B.电源的最大效率为90% C.电阻R1 的最大功率为1.5W D.电阻R0 的最大功率为1W 5.如图,在水平向右的匀强磁场中,一根通电长直导线垂直于纸面放置,电流 的方向向里.a、b、c、d是以直导线为圆心的同一圆周上的四点,在这四点中 ( ) A.b、d两点的磁感应强度相同 B.a、c两点的磁感应强度相同 C.c点的磁感应强度最大 D.d点的磁感应强度最大 6.如图所示,闭合线圈abcd水平放置,其面积为S,匝数为n,线圈与磁感应强度为B 的匀强磁场的 夹角θ=45°.现将线圈以ab边为轴沿顺时针方向转动90°,则在此过程中线圈磁通量的改变量大 小为 ( ) A.0 B.2BS C.2nBS D.nBS 第6题图 第7题图 7.在如图所示电路中,电源内阻不可忽略.开关S闭合后,在滑动变阻器R2 的滑动端由a向b缓慢 滑动的过程中 ( ) A.电压表的示数增大,电流表的示数减小 B.电容器C所带电荷量减小. C.R1 的电功率增大 D.电源的输出功率一定增大 二、多项选择题(本题共3小题,每小题6分,共18分.每小题有多个选项符合题目要求,全部选对得 6分,选对但不全的得3分,选错的得0分) 8.探究电磁感应现象的实验装置如图所示,下列选项中能使灵敏电流表指针偏转的是 ( ) A.闭合开关的瞬间 B.闭合开关且电流稳定后 C.闭合开关后将线圈A 迅速向上拔出时 D.闭合开关后迅速移动滑动变阻器的滑片 第8题图 第9题图 9.如图所示为简单欧姆表原理示意图,其中电流表的满偏电流Ig=300μA,内阻Rg=100Ω,可变电 阻R 的最大阻值为10kΩ,电池的电动势E=1.5V,内阻r=0.5Ω,下列说法正确的是 ( ) A.与接线柱A 相连的是红表笔 B.按正确使用方法测量电阻Rx 时,指针指在刻度盘的正中央,则Rx=10kΩ. C.若该欧姆表使用一段时间后,电池电动势变小,但此表仍能调零,测量Rx 的阻值时,则测量值 比真实值大 D.测量电阻时,如果指针偏转角度过大,应将选择开关拨至倍率较小的挡位,重新调零后测量 10.如图所示,直线OC 为电源A 的总功率随电流I 变化的图线,抛物线 ODC为该电源内部热功率随电流I 变化的图线.若该电源与电阻B 串 联后,电路中的电流为0.8A,则下列说法正确的是 ( ) A.电阻B 的阻值为10Ω B.电源A 的内阻为2Ω C.电源A 与电阻B 串联后,路端电压为6.4V D.电源A 与电阻B 串联后,电源A 内部热功率为1.6W — 37 — — 40 — 第Ⅱ卷(非选择题 共54分) 三、非选择题(本题共5小题,共54分) 11.(12分)某实验小组欲用伏安法测量一合金线的电阻率,其电阻Rx 约为 200Ω,可选用的实验器材如下: 直流电源(电动势4V,内阻不计); 电压表V(量程0~3V,内阻约5kΩ); 电流表A1(量程0~3mA,内阻r1=4Ω); 电流表A2(量程0~60mA,内阻r2=2Ω); 滑动变阻器R(最大阻值1kΩ); 定值电阻R0(阻值等于1Ω); 开关、导线若干. (1)用螺旋测微器测量合金线的直径,某次测量示数如图所示,读数为 cm; (2)为了测量结果更加准确,电流表应选择 (填“A1”或“A2”); (3)请在方框中画出测量电路图,并在图中标明选用器材的符号. 12.(12分)小明同学对家里的旧电器里的电学元件非常感兴趣,他将废旧的空调遥控器、收音机、手 机、数码相机拆开观察其内部结构,并从中拆下了电池、电阻、电容、电感线圈等器件.现从这些 材料中选取两个待测元件,一是电阻R0(约为1kΩ),二是从遥控器中取出的两节7号干电池组 成的电池组,在操作台上还准备了如下实验器材: A.电压表V(量程3V,电阻约为4.0kΩ); B.电流表A1(量程100mA,电阻约为5Ω); C.电流表A2(量程5mA,电阻约为1Ω); D.滑动变阻器R1(0~20Ω,额定电流1A); E.电阻箱R2(0~999.9Ω,最小分度值0.1Ω); F.开关S一只、导线若干. (1)为了测定电阻R0 的阻值,小明设计了如图所示四种测量方案,你认为合理的是 ( ) (2)在实际操作过程中,发现电流表A1、电压表V已损坏,请用余下的器材测量该电池组的电动 势E 和内阻r. ①请你在方框中画出实验电路图(标注所用器材符号) ②为了便于分析,一般采用线性图像处理数据,若不计电流表内阻,请写出与线性图像,1I-R 对 应的相关物理量间的函数关系式 ; ③因电表内阻不可忽略,采用以上电路,则该电池组的测量值和真实值的大小关系为E测 E真,r测 r真(选填“大于”、“小于”或“等于”). 13.(9分)如图所示,有一个垂直纸面向里的匀强磁场,磁感应强度B=6πT ,磁场有明 显的圆形边界,圆心为O,半径为10cm.在纸面内先后放上a、b两个圆形单匝线 圈,圆心均在O处,a线圈半径为10cm,b线圈半径为15cm,问: (1)在B 减为4πT 的过程中,a和b中磁通量分别改变多少; (2)磁感应强度B 大小不变,方向转过60°,a线圈中磁通量改变多少; (3)磁感应强度B 大小、方向均不变,线圈a绕某直径转过180°,a线圈中磁通量改变多少. 14.(10分)如图所示,R3=0.5Ω,S断开时,两表读数分别为0.8A和4.8V,S 闭合时,它们的读数分别变为1.4A和4.2V.两表均视为理想电表,求: (1)R1、R2 的阻值; (2)电源的电动势和内阻. 15.(11分)如图所示,电源的电动势E=4.2V、内阻r=1Ω,电阻R1=R2=5Ω, R3=6Ω,R4=4Ω,电容器的电容C=6μF,闭合开关后,求: (1)通过电源的电流; (2)电容器C上极板所带电性及电荷量. — 39 — —64 — 解得 E=20V r=20Ω; (2)当R1 的滑片滑到最右端时,R1 被短路,此时外电路电阻等于 R2,且对应于图线上的B 点,故由B 点的U、I值可求出R2 的阻 值为 R2= UB IB = 40.8Ω=5Ω ; (3)当R1 的滑片置于最左端时,R1 阻值最大.设此时外电路总电 阻为R,由图像中A 点坐标求出 R=UAIA =160.2Ω=80Ω 则R1=R-R2=80-5=75Ω; (4)当R1 的滑片从最左端滑到最右端时,外电路总电阻从大于电 源内阻r变至小于r,当外阻和内阻相等时,电源输出功率最大, 其值为Pm= E2 4r= 202 4×20W=5W. 答案 (1)20V 20Ω (2)5Ω (3)75Ω (4)5W 第十三章 电磁感应与电磁波初步 1.B [磁体周围的磁场看不见,摸不着,但是磁场客观存在的,故 A 错误;将小磁针放在磁体附近会出现偏转现象,说明受到了磁力的 作用,可以说明磁体的周围存在着磁场,故B正确;把磁体放在真 空中,磁场不会消失,故C错误;磁场它是客观存在的,故D错误; 故选B.] 2.C [只有当通过导线垂直放入磁场中,磁感应强度才为FIL ,若导 线与磁场不垂直,则磁感应强度大于F IL ,故A错误.B=FIL 是采用 比值法定义的,B 与F、IL等无关,不能说B 与F 成正比,与IL成 反比.故B错误.一小段通电导线在某处不受磁场力,该处不一定 无磁场,也可能是因为导线与磁场平行.故C正确.磁感应强度的 方向就是小磁针静止时N极所受磁场力的方向.故D错误.] 3.C [根据安培定则,直线电流左侧磁场方向应垂直纸面向外,右 侧磁场方向应垂直纸面向里,故A错误;根据安培定则,磁场方向 应为逆时针,故B错误;根据安培定则,从上往下看,磁场方向应为 逆时针,故C正确;根据安培定则,通电螺线管内部磁场方向应由 左指向右,故D错误.故选C.] 4.A [两根导线在某点产生的磁场,距离导线越近,磁场感应强度 越大,如图所示 根据右手螺旋定则,M 处导线在O 点 产生的磁场方向竖直向下,N 处导线 在O 点产生的磁场方向竖直向上,合 成后磁感应强度等于0,A正确;根据 磁场感应强度的合成,由图可知,ab两 点处的磁感应强度大小相等方向不相同,B错误;根据磁感应强度 的合成,由图可知,cd两点处的磁感应强度大小相等方向不相同, C错误;根据磁感应强度的合成,由图可知,ac两点处的磁感应强 度的方向不相同,D错误.故选A.] 5.A [根据磁通量的定义,当B 垂直于S 时,穿过线圈的磁通量为 Ф=BS,其中S为有磁感线穿过区域的面积,所以图中a、b两线圈 的磁通量相等,所以A正确;BCD错误.] 6.D [图甲中,M、N 两点磁感应强度大小相同,方向不同,故 A错 误;图乙中,线圈位于磁铁中间时,穿过线圈的磁通量最大,线圈穿 过磁铁从 M 运动到L 的过程中,穿过线圈的磁通量先增大后减 小,故B错误;图丙中,闭合线框绕垂直于磁场方向的轴转动的过 程中,线框中磁通量改变,线框中有感应电流产生,故C错误;线框 在与通电导线在同一平面内向右平移的过程中,穿过线框的磁通 量变化,线框中有感应电流产生,故D正确.故选D.] 7.A [开关闭合状态下,线圈中电流恒定,穿过线圈的磁通量不发 生变化,没有感应电流,电流表指针不会发生偏转,故 A正确.当 开关接通的瞬间、开关断开的瞬间或者移动变阻器滑片时,线圈中 磁通量发生变化,产生感应电流,指针发生偏转.故BCD错误.故 选A.] 8.AD [甲图中两根导体棒以一定的速度向相反方向运动,穿过闭 合回路的磁通量增大,可以产生感应电流,故 A符合题意;乙图中 导体框以一定的速度水平向右运动,导体框中的磁通量不变,不能 产生感应电流,故B不符合题意;根据通电直导线周围磁场的分布 规律以及对称性可知环形导线框中的磁通量始终为零,不能产生 感应电流,故C不符合题意;丁图中条形磁铁水平向右靠近环形导 体,环形导体中磁通量增大,可以产生感应电流,故D符合题意.故 选AD.] 9.AC [根据麦克斯韦的电磁场理论可知,均匀变化的磁场一定产 生恒定的电场,故A正确;麦克斯韦首先预言了电磁波的存在,赫 兹通过电火花实验证实了电磁波的存在,故B错误;信息加到载波 上的技术叫调制,则有调幅与调频两种,故C正确;红外线测温仪, 是利用了红外线的热效应,故D错误.故选AC.] 10.BD [磁通量没有方向,是标量,正负表示磁感线穿过平面的方 向,故A错误;使框架绕OO'转过60°角,则在磁场方向的投影面 积为S 2 ,则磁通量为Φ1= 1 2BS ,故B正确;从初始位置绕OO'转 过90°角,线框与磁场平行,故磁通量为0,故C错误;从初始位置 绕OO'转过180°角,磁通量变化为ΔΦ=BS-(-BS)=2BS,故D 正确;故选BD.] 11.解析 (1)如图的实验装置,是用来研究电流的磁效应的; (2)开关断开,导线中无电流,小磁针在地磁场作用下,小磁针的 N极指向地理的北极附近; (3)闭合开关,导线中有向左的电流,由右手螺旋定则可知,小磁 针所在位置的磁场方向垂直纸面向外,所以小磁针的 N极向外, S极向里,从上往下看,小磁针将沿顺时针方向转动一定角度. 答案 (1)电流的磁效应 (2)北极 (3)顺时针 12.解析 (1)通过对电路分析可知:线圈B 是用来检测感应电流的, 故电流计要和B 构成闭合回路;滑线变阻器的作用是用来改变A 线圈电流大小,故要采取限流接法,综上所述,连线如图. (2)接好电路,合上开关瞬间,由于A 线圈电流的变化,导致穿过 B 线圈磁通量的变化,从而使线圈B 产生感应电流,电流表指针 偏转; (3)电路稳定后,虽然B 线圈有磁场,但磁通量没有变化,不能产 生感应电流,所以电流计不偏转; (4)根据(2)(3)可得:产生感应电流的条件:闭合回路磁通量发生 变化. 答案 (1) (2)偏转 (3)不偏转 偏转 (4)闭合回路磁通量发生变化 13.解析 (1)对A 线圈: Φ1=B1·πR2 Φ2=B2·πR2 磁通量变化量的大小 ΔΦA=|Φ2-Φ1|=(0.8-0.4)×3.14×(1×10-2)2 Wb=1.3× 10-4 Wb 对B 线圈:磁通量变化量的大小 ΔΦB=|Φ4-Φ3|=(0.8-0.4)×3.14×(1×10-2)2 Wb=1.3× 10-4 Wb; (2)对C线圈: ΦC=B·πr2 磁场方向转过30°时, Φ'C=B·πr2cos30° 磁通量变化量的大小 ΔΦC= Φ'C-ΦC =B·πr2(1-cos30°) =8.4×10-6 Wb. 答案 (1)1.3×10-4 Wb 1.3×10-4 Wb (2)8.4×10-6 Wb 14.解析 (1)磁通量Φ=B0L2; (2)回路的磁通量不变,则有 B0L2=BL(L+vt) 解之得 B= B0LL+vt. 答案 (1)B0L2 (2) B0L L+vt 15.解析 (1)设地面上垂直于阳光的1m2 面积上每秒钟接收的可 见光光子数为n,则有 P×45%×1s=n·hcλ 设想一个以太阳为球心、以日地间距离为半径的大球面包围着太 阳,大球面接收的光子数即等于太阳辐射的全部光子数,则所求 可见光光子数 N=n·4πR2 联立得 N=4.9×1044个; (2)地球背着太阳的半个球面没有接收太阳光,地球向阳的半个 球面面积也不都与太阳光垂直.接收太阳光辐射且与阳光垂直的 有效面积是以地球半径为半径的圆平面的面积,则地球接收太阳 光的总功率P地,则有 P地 =P·πr2=1.4×103×3.14×(6.4×106)2W=1.8×1017W. 答案 (1)4.9×1044个 (2)1.8×1017 W 第四次月考滚动检测卷 1.C [军舰接近磁性水雷时,就会引起水雷的爆炸,其依据是磁极 间的相互作用规律,故A错误;地球是一个大磁体,在北半球斜向 下方,在南半球斜向上方,故B错误;磁感线没有起点也没有终点, 是闭合的曲线,静电场中的电场线不是闭合曲线,起始于正电荷 (或无穷远处),止于无穷远处(或负电荷),故C正确;磁与电是紧 密联系的,但“磁生电”“电生磁”都有一定的条件,运动的电荷产生 磁场,但一 个 静 止 的 点 电 荷 的 周 围 就 没 有 磁 场,故 D 错 误.故 选C.] 2.D [化石能源在燃烧时放出二氧化硫、二氧化碳等气体,会形成 酸雨和温室效应,破坏生态环境,不是清洁能源,水能是可再生资 源,故A错误;能量耗散现象说明:在能量转化的过程中,虽然能 的总量并不减少,但能量品质降低了;例如,内燃机燃烧汽油把化 学能转化为机械能,最终机械能又会转化为内能,而最终的内能人 们很难再重新利用,所以我们说能量的品质下降了;所以在能源的 利用过程中,有一些能源是不可再生的,所以需要节约能源,故B 错误D正确.根据能量守恒定律,能量是不能够被创造的,故C错 误.故选D.] 3.A [由题意可知,甲图中,电流表是准确的,乙图中电压表测量是 准确的,两图中电流表示数变化量大小为ΔI=0.2A-0.15A= 0.05A.电压表示数变化量大小为ΔU=12V-10V=2V.由于 ΔI I = 0.05 0.15= 1 3> ΔU U = 1 6 ,所以两种接法中电流表示数变化较大, 电压表示数变化较小,说明电压表的分流效果较大,故应采用电流 表内接法误差较小,即甲图误差较小,测得数据Rx= U I = 12 0.15Ω =80Ω.因测量值是电流表与Rx 串联的阻值,所以待测电阻真实 值应比80Ω略小一些.故选A.] 4.C [由闭合电路欧姆定律得E=U+Ir,所以U=E-Ir.所以由 U-I图像可得E=3V,r=ΔUΔI= 3 6Ω=0.5Ω ,故A错误;因为电源 效率为η= U E ×100%= R R+r×100% ,所以当滑动变阻器的滑片 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 — 63 — —66 — 在左端时,效率最大,为η= 6 6+0.5×100%≈92% ,故B错误;利 用等效内阻法,可知当滑动变阻器阻值为R1=R0+r=1.5Ω时, 有最大功率为P=E 2 4r'= E2 4(r+R0) =1.5W,故C正确;因为电阻 R0 的功率为P0=I2R0,所以当电路电流最大时,功率最大,即滑 动变阻器滑片处于右端时,此时电路电流为I= ER0+r =2A,解得 P0=4W.故D错误.故选C.] 5.D [根据安培定则,直导线在abcd 各点的磁场方向如图;各点的 磁感应强度都等于直导线在该点的磁场与匀强磁场B 在该点磁 场的矢量和,由磁场叠加可知,b、d 两 点的磁 感 应 强 度 不 相 同,选 项 A 错 误;B.a、c两 点 的 磁 感 应 强 度 大 小 相 同,但是方 向 不 同,选 项B错 误;CD. 直导线 在d 点 的 磁 场 与 匀 强 磁 场B 方向相同,由磁场叠加可知,d点的磁感应强度最大,选项C错误, D正确.故选D.] 6.B [由题意可知,线圈旋转过程中,磁通量先减小至零后再反向增 大,所以初、末状态时线圈的磁通量方向相反,根据磁通量的定义 可知初、末状态时线圈磁通量大小均为Φ=BSsin45°= 22BS. 所 以将线圈以ab边为轴沿顺时针方向转动90°的过程中线圈磁通量 的改变量大小为ΔΦ=2Φ= 2BS.故选B.] 7.A [滑动变阻器的滑动端由a向b缓慢滑动的过程中,R2 阻值变 大,电路总电阻变大,根据闭合电路欧姆定律知,总电流减小,电流 表示数 减 小,电 压 表 测 量 的 是 滑 动 变 阻 器 两 端 的 电 压U=E- I(R1+r),总电流减小,电压表示数增大,故 A正确;容器两端电 压即电压表两端电压Q=CU,电压增大,电容器所带电荷量增多, 故B错误;流过电阻R1 的电流减小,由公式P=I2R1 可知,消耗 的功率变小,故C错误;当外电阻等于内阻时,电源的输出功率最 大,题干中没有明确外电阻与内阻的关系,故滑动变阻器R2 的滑 动端由a向b缓慢滑动的过程中,电源的输出功率不一定增大,故 D错误.故选A.] 8.ACD [由产生感应电流的条件可知,闭合开关且电流稳定后,线 圈B 中磁场不变化,则不会产生感应电流,灵敏电流表指针不偏 转,而闭合开关的瞬间或者闭合开关后将线圈A 迅速向上拔出时 或者闭合开关后迅速移动滑动变阻器的滑片,线圈B 中磁场会发 生变化,则会产生感应电流,灵敏电流表指针偏转.故选ACD.] 9.ACD [根据电流从红表笔进,黑表笔出可知图中与接线柱 A 相 连的是红表笔,故 A正确;根据题意可知,欧姆表的内阻r内 =EIg = 1.5 300×10-6 Ω=5kΩ.按正确使用方法测量电阻Rx 时,指针指 在刻度盘的正中央,即电 流 为Ig 2 ,故 有Ig 2= E r内 +Rx ,解 得 Rx = 5kΩ.故B错误;电池电动势变小,但此表仍能调零,由于电流表的 满偏电流不变,由公式Ig= E r内 . 可知欧姆表内阻应调小,由于待测 电阻 是 通 过 电 流 表 示 数 体 现 出 来 的,由I= Er内 +Rx = Igr内 r内 +Rx = Ig 1+ Rx r内 . 可知,当欧姆表内阻调小,I变小,指针跟原来位置相比偏左,电阻 阻值偏大,故C正确;测量电阻时,如果指针偏转角度过大,说明电 流太大,待测电阻阻值小,因指针偏转在中部较准确,则应将选择 开关 拨 至 倍 率 较 小 的 挡 位,重 新 调 零 后 测 量,故 D 正 确.故 选ACD.] 10.BC [电源的总功率P=EI.当I=4A时,P=32W.则电源的电 动势E=8V.由题图看出,当I=4A时,外电路短路,电源内部 热功率等于电源的总功率,则有P=I2r,代入解得r=2Ω.该电 源与电阻B 串联后,电路中的电流为0.8A,根据闭合电路的欧 姆定律得E=I(R+r),则R=8Ω,路端电压U=IR=6.4V.此 时电源内部热功率P=I2r=1.28W.故选项BC正确,选项 AD 错误.故选BC.] 11.解析 (1)螺旋测微器读数是固定刻度读数(0.5mm的整数倍) 加可动刻度读数(0.5mm以下的小数),图中读数为 d=6.5mm+21.0×0.01mm=0.6710cm; (2)直流电源电动势为4V,电压表V量程为0~3V,通过待测合 金线的最大电流约为15mA,所以两个电流表都不合适,需要把 电流表A1 并联定值电阻R0 改装成大量程电流表; (3)滑动变阻器R 的最大阻值为1kΩ,所以滑动变阻器R 只能用 限流接法,由于电流表 A1 内阻已知,所以电流表 A1 采用内接 法,电路图如图所示. 答案 (1)0.6710 (2)A1 (3)见解析图 12.解析 (1)待测电阻R0(约为1kΩ),则最大电流为 Imax≈ 3 1000A=3mA 故电流表选A2(5mA),而阻值满足 R02=106>RV·RA2=4×103×1 即待测电阻为大电阻,选用电流表内接法可以减小系统误差; 滑动变阻器R1(0~20Ω,额定电流1A)较小,采用分压式接法操 作方便,多读数据,故电路图选D; (2)①电流表A1、电压表 V已损坏,余 下的电流表和电阻箱可以串联选择安 阻法测量电源的电动势E 和内阻r,实 验电路图如图所示 ②由全电路的欧姆定律有 E=Ir+IR 变形可得 1 I= 1 ER+ r E ③电流表分压,干路电流测量值准确,路端电压测量值偏小,则相 当于电流表内阻和电源串联构成等效电源,有 E测 =E,r测 =RA+r>r 即E测 等于E真,r测 大于r真 . 答案 (1)D (2)①见解析图 ②1I = 1 ER+ r E ③ 等于 大于 13.解析 (1)a线圈面积正好与圆形磁场区域重合 Φ1=Bπr2 Φ2=B'πr2 ΔΦ1=Φ2-Φ1=(B'-B)πr2=-2×10-2 Wb 即磁通量减少了2×10-2 Wb; b线圈面积大于圆形磁场面积,即线圈的一部分面积在磁场区域 外,有磁感线穿过的面积与a线圈面积相同,故磁通量的变化量 与a线圈相同; (2)磁场转过60°,a线圈在垂直磁场方向的投影面积为 S=πr2cos60° 则Φ3=Bπr2cos60° ΔΦ'=Φ3-Φ1=Bπr2(cos60°-1)=-3×10-2 Wb 即磁通量减少了3×10-2 Wb; (3)初始时磁感线从a线圈上平面穿入,线圈转过180°后,磁感线 从该面穿出,故 ΔΦ″=-BS-BS=-2BS=-0.12Wb 即磁通量减少了0.12Wb. 答案 (1)2×10-2 Wb 即2×10-2 Wb,2×10-2 Wb (2)3×10-2 Wb (3)0.12Wb 14.解析 (1)当S断开时 R1= U1 I1 =6Ω 当S闭合时 R并 = U2 I2 =3Ω 根据并联电阻的特点得 R并 = R1R2 R1+R2 解得 R2=6Ω; (2)当S断开时,由欧姆定律得 E=I1(R3+r)+U1 当S闭合时 E=I2(R3+r)+U2 解得E=5.6V r=0.5Ω. 答案 (1)R1=6Ω R2=6Ω (2)E=5.6V r=0.5Ω 15.解析 (1)闭合电路的外电阻为 R外 = (R1+R2)(R3+R4) R1+R2+R3+R4 =5Ω 根据闭合电路欧姆定律可得通过电源的电流为 I= ER外 +r= 4.2 5+1A=0.7A ; (2)两条支路的电阻相等,所以电流也相等,为总电流的一半,设 电源负极电势为零 R2 两端的电压 U2= 1 2IR2=1.75V 电容器上极板电势为1.75V. R4 两端的电压 U4= 1 2IR4=1.4V 电容器下极板电势为1.4V. 则可知上极板电势高,电容器上、下两极板间的电势差 U=1.75V-1.4V=0.35V 所以电容器上极板带正电,且 Q=CU=2.1×10-6C. 答案 (1)0.7A (2)带正电 2.1×10-6C 期末考试测控卷 1.C [云层带负电,根据感应起电原理可知,接闪杆尖端带正电,故 A错误;带电粒子q由M 点到N 点的运动轨迹,合力指向曲线的 凹侧,所以粒子带负电,故B错误;因为尖端带正电,粒子带负电, M 点到N 点,电场力做正功,电势能减小,q在M 点的电势能大于 在N 点的电势能,故C正确;q越靠近接闪杆尖端,等势面越密集, 场强越大,其加速度越大,故D错误.故选C.] 2.B [在射线OM 上,O 点电场强度为零,无穷远处的电场强度也为 零,故在射线OM 上存在一个电场强度最大的点.所以q从A 点由 静止释放,由A 点向O 点运动的过程中,加速度和电场力的大小 可能先 增 大 再 减 小,也 可 能 一 直 减 小,故 AC错 误;电 场 强 度 在 MN 上是关于O 点对称,等大反向分布的,q从A 点由静止释放后 由于只受到电场力的作用,故电荷在 MN 上不能保持平衡,结合 电场力做功可知,q将从A 点加速到O 点,然后从O 点减速到A' 点(A 点与A'点关于O 点对称),再从A'点加速到O 点,最后再从 O 点减速回到A 点,一直重复的来回运动.即以O 点为对称中心 做往复运动,故B正确;类平抛运动要求运动物体受到的合力恒 定,但该电场不是匀强电场,则q不可能做类平抛运动,故D错误. 故选B.] 3.A [由图可知,初始状态下,电容器下极板带正电,上极板带负 电,根据闭合回路欧姆定律E=I(R0+R1)可知,当R1 增大,则电 路中电流减小,根据U=IR 可知,R0 两端电压减小,则电容器两 端电压减小,电容器放电,通过灵敏电流计的电流由上向下,故 A 正确;由图根据闭合回路欧姆定律E=I(R0+R1)可知,增大R2, 电路电流不变,则电容器两端电压不变,则电容器两极板间电场不 变,小液滴受到的电场力不变,仍然保持静止,故B错误;根据闭合 回路欧姆定律E=I(R0+R1)可知,R0、R1 电阻不变,电路电流不 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 — 65 —