第3次月考滚动检测卷-【三清必刷】2025-2026学年高二物理必修第三册（人教版2019）

— 30 — 第三次月考滚动检测卷 (考查范围:第十一章全部内容和第十二章前两节) (时间:75分钟 满分:100分) 􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌 􀤌 􀤌 􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌􀤌 􀤌 􀤌 􀦌 􀦌 􀦌􀦌 【名师推好题】 第12题,本题以测量金属电阻率的实验为背景,考查学生实验原理、操作及数 据处理的能力,值得推荐. 第Ⅰ卷(选择题 共46分) 一、单项选择题(本题共7小题,每小题4分,共28分.每小题只有一个选项符合题目要求) 1.关于材料的电阻率,下列说法正确的是 ( ) A.电阻率是反映材料导电性能好坏的物理量,电阻率越大的导体对电流的阻碍作用越大 B.金属的电阻率随温度的升高而减小 C.银材料的电阻率比锰铜合金的电阻率小 D.金属丝拉长为原来的两倍,电阻率变为原来的2倍 2.A,B 两根完全相同的金属裸导线,如果把A 导线对折后绞合起来,把B 导线均匀拉长到原来的2 倍,然后给它们分别加上相同电压后,则在相同时间内通过A,B 导线的电荷量之比为 ( ) A.1∶4 B.1∶8 C.16∶1 D.1∶16 3.两电阻R1、R2 的电流I和电压U 的关系如图所示,以下正确的是 ( ) A.R1>R2 B.R1=R2 C.R1 和R2 并联后的总电阻的I-U 图线应在区域Ⅰ D.R1 和R2 串联后的总电阻的I-U 图线应在区域Ⅱ 4.两个定值电阻R1、R2 串联后接在输出电压U 恒为10V的直流电源 上,有人把一个电压表并联在R1 两端(如图),电压表的示数为6V,如果将电表改接在R2 两端, 则电压表的示数将 ( ) A.小于4V B.等于4V C.大于4V小于6V D.等于或大于6V 第4题图 第5题图 5.某同学用一个微安表头(量程1mA,内阻90Ω)电阻箱R1 和电阻箱R2 组装一个多用电表,有电 流10mA和电压3V两挡,改装电路如图所示,则R1、R2 应调到多大阻值 ( ) A.R1=100Ω,R2=300Ω B.R1=10Ω,R2=291Ω C.R1=100Ω,R2=291Ω D.R1=10Ω,R2=300Ω 6.在如图所示的电路中,4节干电池串联,小灯泡A、B的规格为“3.8V,0.3A”.合上开关S后,无 论怎样移动滑动片,A、B灯都不亮.用多用电表的直流电压挡检查故障,测得c、d间电压为0.e、f 间电压约为5.8V,则故障可能是 ( ) A.A灯丝断开 B.B灯丝断开 C.d、e线断开 D.B灯座接线柱未接好 第6题图 第7题图 7.如图所示的电器中,电源电压不变,当开关S闭合,甲、乙两表都为理想电压表时,两表的示数之 比U甲∶U乙=5∶4;当开关S断开,甲、乙两表都为理想电流表时,两表的示数之比I甲∶I乙 是 ( ) A.2∶5 B.5∶2 C.2∶3 D.1∶5 二、多项选择题(本题共3小题,每小题6分,共18分.每小题有多个选项符合题目要求,全部选对得 6分,选对但不全的得3分,选错的得0分) 8.如图所示的电路中,电压表、电流表均视为理想电表,电源电动势 E=16V,电源内阻忽略不计,电阻R=1Ω,小型直流电动机M 的 内阻r=0.2Ω.闭合开关S后,电动机转动,电压表示数UV= 11V,电动机以v=0.5m/s匀速竖直向上提升质量为m 的重物, 取g=10m/s2,则 ( ) A.电流表的示数为5A B.电动机的发热功率为5W C.电动机输出的机械功率为25W D.重物的质量为10kg 9.如图所示是伏安法测电阻的部分电路,开关先后接通a和b 时, 观察电压表和电流表示数的变化.下列说法正确的是 ( ) A.若电压表示数有显著变化,测量R 的值时,S 应接b,测量值 偏大 B.若电压表示数有显著变化,测量R 的值时,S 应接a,测量值 偏小 C.若电流表示数有显著变化,测量R 的值时,S应接b,测量值偏大 D.若电流表示数有显著变化,测量R 的值时,S应接a,测量值偏小 10.如图所示,平行金属板中带电质点P 原处于静止状态,不考虑电流表和电压表对电路的影响,当 滑动变阻器R4 的滑片向b端移动时,则 ( ) A.电压表读数减小 B.电流表读数减小 C.R3 上消耗的功率逐渐增大 D.质点P 将向下运动 — 29 — — 32 — 第Ⅱ卷(非选择题 共54分) 三、非选择题(本题共5小题,共54分) 11.(9分)一同学用多用电表欧姆挡“×100”挡测某一 电阻时,发现指针位置如图中虚线a所示. (1)为了正确测量该电阻的阻值,下列做法正确的是 (填正确答案标号). A.挡位换为“×1k”挡,并将红黑表笔短接,机械调 零后再测量 B.挡位换为“×10”挡,并将红黑表笔短接,欧姆调 零后再测量 C.测量时为了接触良好应用手捏住红黑表笔金属杆 D.实验完毕,应将选择开关置于“OFF”挡或交流电压最高挡 (2)重新正确测量后,刻度盘上的指针位置如图中实线b所示,则该欧姆表在此挡位时的内阻为 Ω. (3)关于多用电表的使用,下列操作正确的是 .(填正确答案标号) A.测电压时,应按图甲的连接方式测量 B.测电流时,应按图乙的连接方式测量 C.测电阻时,应按图丙的连接方式测量 D.测二极管的正向电阻时,应按图丁的连接方式测量 12.(8分)在测定金属丝的电阻率实验中,所用测量仪器均已校准.待测金属丝接入电路部分的长度 L约为50cm,其电阻Rx 约为5Ω. (1)用螺旋测微器测量金属丝的直径D,其中某一次测量结果如图所示,其读数为 mm. (2)为了使金属丝两端电压调节范围较大,并使测量结果尽量准确,实验小组设计了如图所示的 电路图,可供选择的器材如下: 电流表A1:(量程0~0.6A,内阻约0.2Ω); 电流表A2:(量程0~3A,内阻约0.1Ω); 电压表V1:(量程0~3V,内阻约3kΩ); 电压表V2:(量程0~15V,内阻约15kΩ); 滑动变阻器R1:(0~5Ω,允许最大电流2.0A); 滑动变阻器R2:(0~1kΩ,允许最大电流0.5A); 电源E:(约3V,内阻不计); 单刀单掷开关S一个,导线若干. ①电流表应选 ,电压表应选 ,滑动变阻器应选 ;(均填写器材的字母 代号) ②若某次测量中电压表示数为U,电流表示数为I,则所测金属丝的电阻率的表达式ρ= .(用 所测物理量的符号L、D、U、I表示) 13.(12分)如图所示,R1、R2、R3 的电阻之比是2∶3∶5,电流表内阻忽略不 计,电路两端的电压恒定,试求: (1)三个电阻中的电流之比; (2)两个电流表的读数之比. 14.(12分)如图所示,M 为一线圈电阻r=0.4Ω的电动机,R=24Ω,电源电动势 E=40V.当S断开时,电流表的示数I1=1.6A,当S闭合时,电流表的示数为 I2=4.0A,电表内阻不计.求: (1)电源内阻r0; (2)开关S闭合时电动机发热消耗的功率和转化为机械能的功率; (3)开关S闭合时电源输出功率和电源的效率. 15.(13分)如图所示电路中,R2 为未知定值电阻,R1 是滑动变阻器,当滑片P 从最左端滑至最右端的 过程中,测量电源的路端电压U 随电流I 的变化 图线如图,其中图线上A、B 两点是滑片P 在变阻 器的两个不同端点时分别得到的.求: (1)电源的电动势和内电阻; (2)定值电阻R2 的阻值; (3)滑动变阻器R1 的最大值; (4)上述过程中电源的最大输出功率. — 31 — —62 — R2= U2 I2 = 40.8Ω=5Ω ; (3)当外电阻等于电源内阻时电源的输出功率最大,则有 R外 =r=20Ω 而R外 =R并 +R2 R并 = R1R3 R1+R3 代入数据解得R3=17.65Ω 输出功率的最大值为 Pm= E2r 2 r=E 2 4r=5W. 答案 (1)20V 20Ω (2)5Ω (3)17.65Ω 5W 第三次月考滚动检测卷 1.C [电阻率反映材料的导电性能,导体对电流的阻碍作用除与电 阻率有关,也与导体的长度和横截面积有关,故 A错误;金属的电 阻率随温度升高而增大,半导体的电阻率随温度升高而减小,故B 错误;银材料的电阻率比锰铜合金的电阻率小,故C正确;电阻率 反映材料的导电性能,不会因导体形状改变而改变,故D错误.故 选C.] 2.C [根据R=ρ L S . 把A 导线对折后绞合起来,则有RA =ρ 1 2L 2S =R4 把B 导线均匀拉长到原来的2倍,则有RB=ρ 2L 1 2S =4R. 加上相同的电压后,有IA= U RA =4UR ,IB= U RB =U4R. 则有IA∶IB= 16∶1,根据q=It.可知在相同时间内通过它们的电荷量之比为 16∶1.故选C.] 3.C [在I-U 图线中斜率的倒数表示电阻,由图线可知R1<R2,AB 错误;R1 和R2 并联后的总电阻比任何一个分电阻都小,斜率更 大,则总电阻的I-U 图线应在区域Ⅰ,C正确.R1 和R2 串联后的 总电阻比任何一个分电阻都大,斜率更小,则总电阻的I-U 图线应 在区域Ⅲ,D错误;故选C.] 4.A [将电压表与电阻R1 并联时,电压表的读数为6V,则电阻R2 两端的电压为4V.将电压表与电阻R1 并联,则其并联的总电阻 小于R1, R并1 R2+R并1 ·U=6V, R2R2+R并1 ·U=4V;若将电压表与电 阻R2 并联,则其并联的总电阻小于R2,根据串联电阻的电压分配 可知, R并2 R并2+R1 U< R2R2+R1 U< R2R2+R并1 U=4V,所以电压表的读 数将小于4V,故A正确,BCD错误;故选A.] 5.B [微安表并联一个小电阻 改装成大量程的电流表,串联 一个大电阻改装成大量程的 电压表,改装图如图所示,当 接O、a接线柱时改装为电流 表,根 据 并 联 电 路 特 点 得 IgRg= (I - Ig )R1,代 入 数 据 解 得 R1 = IgRg I-Ig = 1×10-3×90 10×10-3-1×10-3 Ω=10Ω.当接O、b接线柱时改装为电压表, 根据串 联 电 路 特 点 得 IgRg+IR2 =U,解 得 R2 = U-IgRg I = 3-1×10-3×90 10×10-3 Ω=291Ω. 故B正确,ACD错误.故选B.] 6.B [灯泡不亮,说明电路断路或短路,电压表接e、f端时有示数且 接近电源电动势,说明有电流通过电压表,e、f 间以外其他部分电 路接通,电压表接c、d时无示数,说明e、f间灯泡断路.故选B.] 7.D [当开关S闭合,甲、乙两表为电压表时,两电阻串联,甲电压表 测电源的电压,乙电压表测R2 两端的电压,已知U甲 ∶U乙 =5∶4. 因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,R1、R2 两端的电压 之比 U1 U2 = U甲 -U乙 U乙 = 1 4. 因串联电路中各处的电流相等,所以,由 I=UR . 可得,两电阻的阻值之比R1 R2 = U1 I U2 I =14. 当开关S断开,甲、 乙两表为电流表时,两电阻并联,电流表甲测通过R2 支路的电流, 电流表乙测干路电流,因并联电路中各支路两端的电压相等,所 以,R1、R2 两支路的电流之比 I1 I2 = U R1 U R2 =41. 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以,两表示数之比 I甲 I乙 = I2 I1+I2 =15 ,故选D.] 8.ABD [由电路中的电压关系可得电阻R 的分压UR=U-UV= 16V-11V=5V 流过电阻R 的电流IR= UR R =5A. 即电流表的示数为5A,故A正确; 通过电动机的电流 IM=IR=5A 电动机的分压 UM=UV=11V 输入电动机的电功率 P电 =IMUM=55W 电动机的发热功率 P热 =IM2·r=5W 故B正确; 电动机输出的机械功率 P出 =P电 -P热 =50W 故C错误; 又因P出 =mgv 所以m=P出gv=10kg 故D正确.故选ABD.] 9.BC [电压表示数有明显变化,说明电流表内阻较大,分压较大, 应采用电流表外接法,即S接a,可减小误差,此时电流测量值偏 大,电阻测量值偏小,A错误B正确;电流表示数有明显变化,说明 电压表内阻较小,分流较大,应采用电流表内接法,即S接b,可减 小误差,此时,电压表示数偏大,电阻测量值偏大,C正确,D错误. 故选BC.] 10.AD [当滑动变阻器R4 的滑片向b端移动时,电阻减小,通过 “串反并同”,与其串联的元件:R1、R2、电流表;与其并联的元件: 电压表、R3、电容器,故电压表读数减小,电流表读数增大,R3 上 消耗的功率逐渐减小,电容器的电压减小,因为带电质点P 原处 于静止状态 mg=qE=qUd . 当电容器的电压减小时,mg>qUd ,质点P 将向 下运动.故选AD.] 11.解析 (1)指针位置如图中虚线a所示时,偏角过大,说明待测电 阻阻值较小,应该把倍率调小,故倍率应选“×10”挡.每次更换倍 率都要将红黑表笔短接,欧姆调零后再测量.测量时为了防止人 体与待测电阻并联不应用手触碰红黑表笔金属杆.实验完毕,应 将选择开关 置 于“OFF”挡 或 交 流 电 压 最 高 挡.故 AC错 误,BD 正确; (2)欧姆表读数为15×10Ω=150Ω; (3)A.测电压时,应将多用电表与待测电阻并联,且电流由红表 笔流入多用电表,故甲图错误,A错误;B.测电流时,应将多用电 表串联在电路中,图中所示为电流从黑表笔流入,是不正确接线, 故图乙的连接方式正确,B正确;C.测电阻时,应将电阻与外电路 断开,丙图错误,C错误;D.测二极管的正向电阻时,应让多用电 表黑表笔流出的电流流入二极管的正极,按图丁的连接方式测量 是正确的,D正确.故选BD. 答案 (1)BD (2)150 (3)BD 12.解析 (1)金属丝的直径为 D=0.5mm+10.0×0.01mm=0.600mm; (2)①根据所给电源以及Rx 的阻值可知Rx 两端的最大电压约 为3V,通过Rx 的最大电流约为0.6A,为了使电表指针能够有 适当的偏转幅度从而减小读数误差,电流表应选择A1,电压表应 选择V1.由电路图可知滑动变阻器采用分压式接法,为了便于控 制分压,应选择最大阻值较小的R1; ②根据欧姆定律有 Rx= U I 根据电阻定律有 Rx=ρ L S = 4ρL πD2 联立解得 ρ= πUD2 4IL 答案 (1)0.600 (2)①A1 V1 R1 ② πUD2 4IL 13.解析 (1)理想电流表用导线代替,电势相等的点用同一字母标 出,如图甲所示,可见R1、R2、R3 都连接在 A、B 两点间,三者并 联,等效电路如图乙所示 设A、B 两点间电压为U,则流过三个电阻的电流分别为 I1= U R1 =U2R ,I2= U R2 =U3R ,I3= U R3 =U5R 可得三个电阻中的电流之比为 I1∶I2∶I3= 1 2∶ 1 3∶ 1 5=15∶10∶6 ; (2)电流表A1 测量的是流过R2、R3 的电流,故电流表 A1 的读 数为 IA1=I2+I3= U R2 +UR3 电流表A2 测量的是流过R1、R2 的电流,故电流表A2 的读数为 IA2=I1+I2= U R1 +UR2 代入数据可得两电流表的示数之比为 IA1∶IA2=16∶25. 答案 (1)15∶10∶6 (2)16∶25 14.解析 (1)S断开时,根据闭合电路欧姆定律可得 I1= E R+r0 代入数据解得 r0= E I1 -R=1Ω; (2)S闭合时,路端电压为 U=E-I2r0=(40-4.0×1)V=36V 流过R 的电流大小为 IR=1.5A 流过电动机的电流大小为 I=I2-IR=(4.0-1.5)A=2.5A 电动机发热消耗的功率为 P热 =I2r=(2.52×0.4)W=2.5W 电动机转化为机械能的功率 P机 =UI-P热 =87.5W; (3)S闭合时电源输出功率为 P=UI2=144W 电源的效率为 η= UI EI×100%=90%. 答案 (1)1Ω (2)2.5W 87.5W (3)144W 90% 15.解析 (1)由闭合电路的欧姆定律得 E=U+IR 将图像中A、B 两点的电压和电流代入得 E=16+0.2r E=4+0.8r 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 — 61 — —64 — 解得 E=20V r=20Ω; (2)当R1 的滑片滑到最右端时,R1 被短路,此时外电路电阻等于 R2,且对应于图线上的B 点,故由B 点的U、I值可求出R2 的阻 值为 R2= UB IB = 40.8Ω=5Ω ; (3)当R1 的滑片置于最左端时,R1 阻值最大.设此时外电路总电 阻为R,由图像中A 点坐标求出 R=UAIA =160.2Ω=80Ω 则R1=R-R2=80-5=75Ω; (4)当R1 的滑片从最左端滑到最右端时,外电路总电阻从大于电 源内阻r变至小于r,当外阻和内阻相等时,电源输出功率最大, 其值为Pm= E2 4r= 202 4×20W=5W. 答案 (1)20V 20Ω (2)5Ω (3)75Ω (4)5W 第十三章 电磁感应与电磁波初步 1.B [磁体周围的磁场看不见,摸不着,但是磁场客观存在的,故 A 错误;将小磁针放在磁体附近会出现偏转现象,说明受到了磁力的 作用,可以说明磁体的周围存在着磁场,故B正确;把磁体放在真 空中,磁场不会消失,故C错误;磁场它是客观存在的,故D错误; 故选B.] 2.C [只有当通过导线垂直放入磁场中,磁感应强度才为FIL ,若导 线与磁场不垂直,则磁感应强度大于F IL ,故A错误.B=FIL 是采用 比值法定义的,B 与F、IL等无关,不能说B 与F 成正比,与IL成 反比.故B错误.一小段通电导线在某处不受磁场力,该处不一定 无磁场,也可能是因为导线与磁场平行.故C正确.磁感应强度的 方向就是小磁针静止时N极所受磁场力的方向.故D错误.] 3.C [根据安培定则,直线电流左侧磁场方向应垂直纸面向外,右 侧磁场方向应垂直纸面向里,故A错误;根据安培定则,磁场方向 应为逆时针,故B错误;根据安培定则,从上往下看,磁场方向应为 逆时针,故C正确;根据安培定则,通电螺线管内部磁场方向应由 左指向右,故D错误.故选C.] 4.A [两根导线在某点产生的磁场,距离导线越近,磁场感应强度 越大,如图所示 根据右手螺旋定则,M 处导线在O 点 产生的磁场方向竖直向下,N 处导线 在O 点产生的磁场方向竖直向上,合 成后磁感应强度等于0,A正确;根据 磁场感应强度的合成,由图可知,ab两 点处的磁感应强度大小相等方向不相同,B错误;根据磁感应强度 的合成,由图可知,cd两点处的磁感应强度大小相等方向不相同, C错误;根据磁感应强度的合成,由图可知,ac两点处的磁感应强 度的方向不相同,D错误.故选A.] 5.A [根据磁通量的定义,当B 垂直于S 时,穿过线圈的磁通量为 Ф=BS,其中S为有磁感线穿过区域的面积,所以图中a、b两线圈 的磁通量相等,所以A正确;BCD错误.] 6.D [图甲中,M、N 两点磁感应强度大小相同,方向不同,故 A错 误;图乙中,线圈位于磁铁中间时,穿过线圈的磁通量最大,线圈穿 过磁铁从 M 运动到L 的过程中,穿过线圈的磁通量先增大后减 小,故B错误;图丙中,闭合线框绕垂直于磁场方向的轴转动的过 程中,线框中磁通量改变,线框中有感应电流产生,故C错误;线框 在与通电导线在同一平面内向右平移的过程中,穿过线框的磁通 量变化,线框中有感应电流产生,故D正确.故选D.] 7.A [开关闭合状态下,线圈中电流恒定,穿过线圈的磁通量不发 生变化,没有感应电流,电流表指针不会发生偏转,故 A正确.当 开关接通的瞬间、开关断开的瞬间或者移动变阻器滑片时,线圈中 磁通量发生变化,产生感应电流,指针发生偏转.故BCD错误.故 选A.] 8.AD [甲图中两根导体棒以一定的速度向相反方向运动,穿过闭 合回路的磁通量增大,可以产生感应电流,故 A符合题意;乙图中 导体框以一定的速度水平向右运动,导体框中的磁通量不变,不能 产生感应电流,故B不符合题意;根据通电直导线周围磁场的分布 规律以及对称性可知环形导线框中的磁通量始终为零,不能产生 感应电流,故C不符合题意;丁图中条形磁铁水平向右靠近环形导 体,环形导体中磁通量增大,可以产生感应电流,故D符合题意.故 选AD.] 9.AC [根据麦克斯韦的电磁场理论可知,均匀变化的磁场一定产 生恒定的电场,故A正确;麦克斯韦首先预言了电磁波的存在,赫 兹通过电火花实验证实了电磁波的存在,故B错误;信息加到载波 上的技术叫调制,则有调幅与调频两种,故C正确;红外线测温仪, 是利用了红外线的热效应,故D错误.故选AC.] 10.BD [磁通量没有方向,是标量,正负表示磁感线穿过平面的方 向,故A错误;使框架绕OO'转过60°角,则在磁场方向的投影面 积为S 2 ,则磁通量为Φ1= 1 2BS ,故B正确;从初始位置绕OO'转 过90°角,线框与磁场平行,故磁通量为0,故C错误;从初始位置 绕OO'转过180°角,磁通量变化为ΔΦ=BS-(-BS)=2BS,故D 正确;故选BD.] 11.解析 (1)如图的实验装置,是用来研究电流的磁效应的; (2)开关断开,导线中无电流,小磁针在地磁场作用下,小磁针的 N极指向地理的北极附近; (3)闭合开关,导线中有向左的电流,由右手螺旋定则可知,小磁 针所在位置的磁场方向垂直纸面向外,所以小磁针的 N极向外, S极向里,从上往下看,小磁针将沿顺时针方向转动一定角度. 答案 (1)电流的磁效应 (2)北极 (3)顺时针 12.解析 (1)通过对电路分析可知:线圈B 是用来检测感应电流的, 故电流计要和B 构成闭合回路;滑线变阻器的作用是用来改变A 线圈电流大小,故要采取限流接法,综上所述,连线如图. (2)接好电路,合上开关瞬间,由于A 线圈电流的变化,导致穿过 B 线圈磁通量的变化,从而使线圈B 产生感应电流,电流表指针 偏转; (3)电路稳定后,虽然B 线圈有磁场,但磁通量没有变化,不能产 生感应电流,所以电流计不偏转; (4)根据(2)(3)可得:产生感应电流的条件:闭合回路磁通量发生 变化. 答案 (1) (2)偏转 (3)不偏转 偏转 (4)闭合回路磁通量发生变化 13.解析 (1)对A 线圈: Φ1=B1·πR2 Φ2=B2·πR2 磁通量变化量的大小 ΔΦA=|Φ2-Φ1|=(0.8-0.4)×3.14×(1×10-2)2 Wb=1.3× 10-4 Wb 对B 线圈:磁通量变化量的大小 ΔΦB=|Φ4-Φ3|=(0.8-0.4)×3.14×(1×10-2)2 Wb=1.3× 10-4 Wb; (2)对C线圈: ΦC=B·πr2 磁场方向转过30°时, Φ'C=B·πr2cos30° 磁通量变化量的大小 ΔΦC= Φ'C-ΦC =B·πr2(1-cos30°) =8.4×10-6 Wb. 答案 (1)1.3×10-4 Wb 1.3×10-4 Wb (2)8.4×10-6 Wb 14.解析 (1)磁通量Φ=B0L2; (2)回路的磁通量不变,则有 B0L2=BL(L+vt) 解之得 B= B0LL+vt. 答案 (1)B0L2 (2) B0L L+vt 15.解析 (1)设地面上垂直于阳光的1m2 面积上每秒钟接收的可 见光光子数为n,则有 P×45%×1s=n·hcλ 设想一个以太阳为球心、以日地间距离为半径的大球面包围着太 阳,大球面接收的光子数即等于太阳辐射的全部光子数,则所求 可见光光子数 N=n·4πR2 联立得 N=4.9×1044个; (2)地球背着太阳的半个球面没有接收太阳光,地球向阳的半个 球面面积也不都与太阳光垂直.接收太阳光辐射且与阳光垂直的 有效面积是以地球半径为半径的圆平面的面积,则地球接收太阳 光的总功率P地,则有 P地 =P·πr2=1.4×103×3.14×(6.4×106)2W=1.8×1017W. 答案 (1)4.9×1044个 (2)1.8×1017 W 第四次月考滚动检测卷 1.C [军舰接近磁性水雷时,就会引起水雷的爆炸,其依据是磁极 间的相互作用规律,故A错误;地球是一个大磁体,在北半球斜向 下方,在南半球斜向上方,故B错误;磁感线没有起点也没有终点, 是闭合的曲线,静电场中的电场线不是闭合曲线,起始于正电荷 (或无穷远处),止于无穷远处(或负电荷),故C正确;磁与电是紧 密联系的,但“磁生电”“电生磁”都有一定的条件,运动的电荷产生 磁场,但一 个 静 止 的 点 电 荷 的 周 围 就 没 有 磁 场,故 D 错 误.故 选C.] 2.D [化石能源在燃烧时放出二氧化硫、二氧化碳等气体,会形成 酸雨和温室效应,破坏生态环境,不是清洁能源,水能是可再生资 源,故A错误;能量耗散现象说明:在能量转化的过程中,虽然能 的总量并不减少,但能量品质降低了;例如,内燃机燃烧汽油把化 学能转化为机械能,最终机械能又会转化为内能,而最终的内能人 们很难再重新利用,所以我们说能量的品质下降了;所以在能源的 利用过程中,有一些能源是不可再生的,所以需要节约能源,故B 错误D正确.根据能量守恒定律,能量是不能够被创造的,故C错 误.故选D.] 3.A [由题意可知,甲图中,电流表是准确的,乙图中电压表测量是 准确的,两图中电流表示数变化量大小为ΔI=0.2A-0.15A= 0.05A.电压表示数变化量大小为ΔU=12V-10V=2V.由于 ΔI I = 0.05 0.15= 1 3> ΔU U = 1 6 ,所以两种接法中电流表示数变化较大, 电压表示数变化较小,说明电压表的分流效果较大,故应采用电流 表内接法误差较小,即甲图误差较小,测得数据Rx= U I = 12 0.15Ω =80Ω.因测量值是电流表与Rx 串联的阻值,所以待测电阻真实 值应比80Ω略小一些.故选A.] 4.C [由闭合电路欧姆定律得E=U+Ir,所以U=E-Ir.所以由 U-I图像可得E=3V,r=ΔUΔI= 3 6Ω=0.5Ω ,故A错误;因为电源 效率为η= U E ×100%= R R+r×100% ,所以当滑动变阻器的滑片 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 — 63 —