精品解析：湖南省长沙市第一中学2024-2025学年高二下学期5月期中物理试题

长沙市第一中学2024-2025学年度高二第二学期期中考试 物理 一、单选题（本题共6小题，每小题4分，共24分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确) 1. 下列关于物理学史的说法中，正确的是（　　） A. 奥斯特提出了法拉第电磁感应定律 B. 法拉第得出了感应电流方向的规律 C. 麦克斯韦预言了电磁波的存在 D. 赫兹发现了电流磁效应 【答案】C 【解析】 【详解】A．法拉第首先发现了电磁感应现象，纽曼和韦伯定量得出了法拉第电磁感应定律，故A错误； B．楞次得出了感应电流方向的规律，故B错误； C．麦克斯韦预言了电磁波的存在，故C正确； D．奥斯特发现了电流的磁效应，故D错误； 故选C。 2. “判天地之美，析万物之理”，领略建立物理规律的思想方法往往比掌握知识本身更加重要。如图四幅课本插图中包含的物理思想方法相同的是（　　） A. 甲和乙 B. 乙和丁 C. 乙和丙 D. 甲和丁 【答案】D 【解析】 【详解】甲图中和丁图中包含的物理思想方法均是微元法；乙图中包含的物理思想方法是放大法，丙图用的是等效思想，则四幅课本插图中包含的物理思想方法相同的是甲图和丁图。 故选D。 3. 如图所示，蹄形磁铁水平放置（N极在上），质量为的导体棒用两根轻质细导线悬挂，通入恒定电流，稳定时细导线与竖直方向的夹角为。两磁极间的磁场可看成匀强磁场，导体棒始终在两磁极之间，重力加速度为，则（　　） A. 导体棒中的电流方向为 B. 单根导线上的拉力大小为 C. 若电流大小加倍，再次稳定后角也加倍 D. 若导体棒处磁场方向在竖直面内逆时针缓慢转过角，导线上拉力变小 【答案】D 【解析】 【详解】A．导体棒所受安培力水平向右，根据左手定则可知，导体棒中的电流方向为，A错误； B．由力的平衡可得，每根细导线上的拉力大小，B错误； C．导体棒所受安培力大小，若导体棒中的电流大小加倍，则平衡时的值加倍，C错误； D．作出导体棒的受力分析图，如图所示，其所受重力大小、方向均不变，安培力的大小不变，磁场方向沿逆时针方向转动，根据余弦定理可得，细导线上的拉力变小，D正确。 故选D。 4. 如图甲所示，足够长的木板静置于水平地面上，木板左端放置一可看成质点的物块。时对物块施加一水平向右的恒定拉力，在的作用下物块和木板发生相对滑动，时撤去，整个过程物块运动的图像如图乙所示。已知木板的质量，物块与木板间、木板与地面间均有摩擦，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度。下列说法正确的是（　　） A. 物块的质量为 B. 物块与木板间的动摩擦因数 C. 木板与地面间的动摩擦因数 D. 拉力 【答案】A 【解析】 【详解】BC．根据图像分析可知木板在之前向右做匀加速直线运动，作出木板和物块运动图像，如图所示 物块在内的加速度大小 物块和木板在内共速，加速度大小 解得， 故BC错误； AD．由图像可知时两者共速，物块在内的加速度大小 木板在内的加速度大小 内，对木板有 对物块有 解得， 故A正确，D错误。 故选A 5. 已知地球质量为M，月球质量为m，地月距离为L。以地心作为坐标原点，沿地月连线建立x轴，在x轴上有一个探测器。由于地球和月球对探测器的引力做功与路径无关，探测器具有与其位置相关的引力势能。仅考虑地球和月球对探测器的作用，可得探测器引力势能随位置变化关系如图所示。在处引力势能最大，k已知，下列选项正确的是（　　） A. 探测器受到的作用力随位置坐标x的增大，先逐渐增大后逐渐减小 B. 探测器受到的作用力随位置坐标x的增大，一直减小 C. 地球与月球的质量之比 D. 地球与月球的质量之比 【答案】C 【解析】 【详解】AB．设地球质量为M，月球的质量为m， 探测器的质量为，引力的合力做功与引力势能的关系 可知图线的斜率绝对值为 由图可知，图像切线斜率绝对值先减小后增大，则地球和月球对探测器作用力随探测器位置x的增大，先逐渐减小后逐渐增大，故AB错误； CD．在处图线的切线斜率为0 ，则探测器在该处受地球和月球的引力的合力为零，即 解得地球与月球的质量之比 故C正确，D错误。 故选C。 6. 如图所示，匀强磁场的方向垂直纸面向里，一带电微粒从磁场边界d点垂直于磁场方向射入，沿曲线dpa打到屏MN上的a点。若该微粒经过p点时，与一个静止的不带电微粒碰撞并结合为一个新微粒，最终打到屏MN上。微粒所受重力均可忽略，下列说法正确的是（　　） A. 微粒带负电 B. 碰撞后，新微粒运动轨迹不变 C. 碰撞后，新微粒运动周期不变 D. 碰撞后，新微粒在磁场中受洛伦兹力变大 【答案】B 【解析】 【详解】A．根据粒子的偏转方向，由左手定则可判断粒子带正电，故A错误； B．带电粒子和不带电粒子相碰，遵守动量守恒，故总动量不变，总电量也保持不变，则 解得 由 解得 动量p、电荷量q都不变，可知粒子碰撞前后的轨迹半径r不变，故轨迹不变，故B正确； C．由周期公式可知，因碰撞后粒子质量增大，故粒子运动的周期增大，故C错误； D．由洛伦兹力公式可知，由于碰撞后粒子速度减小，所以碰撞后，新微粒在磁场中受洛伦兹力减小，故D错误。 故选B。 二、多选题（本大题共4小题，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 7. 如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想交流电表，原线圈接如图乙所示的正弦交流电，图中R′为热敏电阻（温度升高时其电阻减小），R为定值电阻。下列说法正确的是（　　） A. 原线圈两端电压的瞬时值表达式为 B. 变压器原线圈的输入功率和副线圈的输出功率之比为1∶4 C. R′处温度升高时，电流表的示数变大，电压表V2的示数变大 D. 电压表V2的示数为9V 【答案】AD 【解析】 【详解】A．由图像可看出交变电压为正弦图像，交变电压的最大值 周期 则角速度为 原线圈两端电压的瞬时值表达式为 故A正确； B．根据由能量守恒可知输入功率和输出功率相等，故B错误； C．R′处温度升高时，R′的电阻减小，因原线圈的电压不变，变压器的原副线圈的匝数比不变，故副线圈两端的电压不变，即电压表V2的示数不变，则副线圈回路中的电流增大，故电流表的示数变大，故C错误； D．原线圈两端的电压为 根据 解得 则电压表V2的示数为9V，故D正确。 故选AD。 8. 如图所示为质谱仪原理示意图，带电粒子从小孔O“飘入”加速电场（初速度忽略不计），经加速后以速度从小孔进入速度选择器并恰好沿直线通过，粒子从小孔S进入磁分析器后做匀速圆周运动打在照相底片上。已知速度选择器中匀强电场的电场强度为E，磁分析器中匀强磁场的磁感应强度为（方向未知），在底片上留下的痕迹点到狭缝S的距离为l，忽略带电粒子的重力及相互间作用力。下列说法正确的是（　　） A. 速度选择器中磁场方向垂直纸面向里 B. 速度选择器中匀强磁场的磁感应强度为 C. 带电粒子的比荷 D. 加速电场的极板间电势差 【答案】ACD 【解析】 【详解】A．在速度选择器中，洛伦兹力与电场力平衡，若粒子带正电，则受到向左的电场力，洛伦兹力向右，根据左手定则可知，速度选择器中的磁场方向垂直纸面向里，若粒子带负电，则受到向右的电场力，洛伦兹力向右，根据左手定则可知速度选择器中的磁场方向垂直纸面向里，A正确； B．粒子在速度选择器中洛伦兹力与电场力平衡，则有 解得 B错误； C．粒子在磁分析器中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，则有 由题可知 解得 C正确； D．在加速电场中，根据动能定理则有 结合上述结论 联立解得 D正确。 故选ACD。 9. 关于分子动理论，下列说法正确的是（　　） A. 图甲中，两条曲线如果完整，下方的面积不相等 B. 图甲中，从状态②变化到状态①不是所有分子的运动速率都会变大 C. 由图乙可知，分子间距离增大时，分子间作用力可能先减小后增大再减小 D. 由图乙可知，分子间距离大于r0时，增大分子间距离，分子间作用力先做负功再做正功 【答案】BC 【解析】 【详解】A．两条曲线如果完整，两条曲线下的面积相等均为1，A错误； B．状态①中速率大的分子占据的比例较大，说明①对应的平均速率较大，但单个分子的运动是无规则的，不是所有分子速率都变大，B正确； C．分子间距离增大时，当时，分子之间的距离增大时，分子力减小，当时，分子之间的距离增大时，分子力先增大后减小，C正确； D．分子间距离大于r0时，分子力表现为引力，增大分子间距离，分子间作用力总是做负功，D错误。 故选BC。 10. 如图所示，正方形单匝铝质线圈abcd和efgh分别在外力作用下以相同速度v向右匀速进入同一匀强磁场中．已知两线圈导线的横截面积相同，所用材料也相同，两线圈的边长之比为1：2，则（ ） A. 两线圈的右边刚进入磁场时，产生的感应电流之比为1：2 B. 两线圈的右边刚进入磁场时，所加的外力大小之比为1：2 C. 两线圈在进入磁场的整个过程中，通过导体横截面的电荷量之比为1：2 D. 两线圈在进入磁场的整个过程中，产生的焦耳热之比为1：4 【答案】BCD 【解析】 【详解】A．设线圈abcd的边长为L，线圈efgh的边长为2L.线圈abcd进入磁场过程中，产生的感应电动势  E=BLv 感应电流 又电阻 联立得 故两电流之比1:1，A错误； B．线圈匀速通过，则有 故外力之比等于边长之比，为1:2，B正确； C．电荷量 则电荷量 故电荷量之比等于边长之比，为1:2，C正确； D．线圈进入磁场过程中产生的焦耳热 故产生的焦耳热之比为边长的平方比，为1:4，D正确； 故选BCD． 三、实验题（本题共有2个小题，第11小题6分，第12小题10分，共16分） 11. 用如图甲所示的装置做“验证动量守恒定律”的实验。 （1）本实验要求轨道末端切线水平，入射小球和被碰小球半径相同，在同一组实验中，入射小球________（选填“必须”或“不必须”）从同一位置由静止释放。 （2）未放被碰小球，多次从同一位置由静止释放入射小球，小球在纸上留下很多个痕迹，如图乙所示，为了确定平均落点，最合理的是_________（选填正确选项） A. a圆圆心 B. b圆圆心 C. c圆圆心的 （3）入射小球A、被碰小球B两球的质量分别为，小球落地点的位置距O点的距离如图丙所示。利用图丙实验中测得的数据计算碰撞前的总动量p与碰撞后的总动量的比值为________（结果保留两位有效数字） 【答案】（1）必须 （2）C （3）0.98 【解析】 【小问1详解】 同一组实验中，入射小球必须从同一位置由静止释放，以保证到达底端做平抛运动时的初速度相同。 【小问2详解】 小球多次落点在纸上形成一簇分布，需要选取能尽量“囊括”所有落点并且半径尽可能小的圆的圆心来确定小球的平均落点，可知图中标号c的圆心最合理。 故选C。 【小问3详解】 碰前小球 A 的水平速度为 碰后小球 A、B 的水平速度分别为， 则碰前总动量 碰后总动量 将数据代入，计算得 12. 某兴趣小组测量金属丝的电阻率。可供选择的实验器材有： 阻值约10Ω的金属丝 螺旋测微器 毫米刻度尺 电池组（电动势3V，内阻约为1Ω） 电流表（量程为0~0.6A，内阻约为0.1Ω） 电流表（量程为0~3A，内阻约为0.02Ω） 电压表V（量程为0~3V，内阻约为3kΩ） 滑动变阻器R（最大阻值5Ω，额定电流1A） 开关 导线若干。 （1）用螺旋测微器测量金属丝的直径的d，某次测量结果如图甲所示，其读数为______mm。 （2）该兴趣小组用伏安法进一步精确测量该金属丝的电阻值。为使电表调节范围尽量大，并使测量结果尽量准确，电流表应选______（填“”或“”）。图乙已完成部分实物连线，完成剩余连线还需要连接______和______（用接线柱处相应的字母表示）。闭合开关，测出多组电压U和电流I的数据。根据数据作出U-I图像如图丙所示，图线的斜率为k，测得该金属丝的长度为L，该合金丝的电阻率______（用d、L、k表示）。 【答案】（1）0.530 （2） ①. ②. cm ③. jh ④. 【解析】 【小问1详解】 螺旋测微器的精确度为0.01mm，读数为 【小问2详解】 [1]电源电动势为3V，电流约为A [2][3]使测量结果尽量准确，电流表应选，待测电阻较小，电流表采用外接的方式，为使电表调节范围尽量大，滑动变阻器采用分压式接法，还需要连接cm和jh； [4]根据欧姆定律可知 根据电阻定律可知 解得 四、计算题（本大题共3小题，13题10分，14题14分，15题16分，共40分） 13. 香槟是一种含有气泡的特殊葡萄酒，常用于节日庆典或宴请中。香槟由于其特殊的发酵工艺，对其日常存放有一定的要求。如图所示是一瓶总量为750mL的香槟酒，因未饮用完仍有500mL剩余，用瓶塞将其密封保存于7℃恒温柜中。经过一段时间，香槟中的气泡缓慢溢出，香槟酒的总量减少5%，释放出的气体总量相当于一个大气压条件下的0.5L。已知大气压强为，若瓶塞内外压强差超过时，瓶塞会被冲开。求： （1）香槟释放气体后，酒瓶内部气体压强的大小； （2）有人将此瓶香槟酒从恒温柜中拿出，不小心放在了正在炒菜灶台旁边。此处的温度超过了57℃，请判断瓶塞是否有被冲开的风险。 【答案】（1）2.73p0 （2）有 【解析】 【小问1详解】 香槟释放气体后，温度不变，对气体分析，初态，， 释放气体后 根据 解得 【小问2详解】 气体发生等容变化 解得 瓶塞是有被冲开的风险。 14. 如图所示，在y>0的区域内有沿y轴正方向的匀强电场，在y<0的区域内有垂直于坐标平面向里的匀强磁场。一质量为m、电荷量为e的电子从y轴上A点以沿x轴正方向的初速度v0开始运动。当电子第一次穿越x轴时，恰好到达C点；当电子第二次穿越x轴时，恰好到达坐标原点；当电子第三次穿越x轴时，恰好到达D点。C、D两点均未在图中标出。已知A、C两点到坐标原点的距离分别为d、2d，不计电子的重力，求： （1）电场强度E的大小； （2）磁感应强度B的大小； （3）电子从A运动到D经历的时间t。 【答案】（1）；（2）；（3） 【解析】 【详解】（1）电子的运动轨迹如图所示 电子在电场中做类平抛运动，设电子从A运动到C的时间为t1，有 2d=v0t1 d=a a= 解得 E= （2）设电子进入磁场时速度为v，v与x轴的夹角为θ，则 tan θ==1 解得 θ=45° 故 v=v0 电子进入磁场后做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，有 evB=m 由几何关系可知 r=d 解得 B= （3）由对称性可知，电子在电场中运动的时间为 3t1= 电子在磁场中运动的时间 t2=T= 故电子从A运动到D的时间 t=3t1+t2= 15. 如图所示，两根一样的“L”形金属导轨平行放置，其间距d=0.75m，导轨竖直部分粗糙，水平部分光滑且足够长。整个装置处于方向竖直向上、大小B=1T的匀强磁场中。有两根导体棒ab和cd，它们的质量都为m=0.1kg，阻值都为R=1Ω，ab棒与竖直导轨间的动摩擦因数=0.5。ab棒在竖直导轨平面左侧并垂直导轨固定，cd棒垂直导轨放置在水平导轨上。现用一大小F=3N的水平恒力由静止开始向右拉动cd棒，同时释放ab棒。t=1s末，ab棒速度恰好为0。ab棒始终与竖直导轨接触良好，其余电阻不计，求：. （1）当cd棒的速度为v0=1m/s时，cd棒两端电压Ucd和流过ab棒的电流I的大小； （2）t=1s末cd棒的速度v； （3）在0～1s内，两根棒上产生的总焦耳热Q。 【答案】（1），；（2）10m/s；（3） 【解析】 【详解】（1）当cd棒的速度为v0=1m/s时，产生的感应电动势为 cd棒两端电压为 流过ab棒的电流大小为 （2）对ab棒0～1s过程中运用动量定理 解得 对cd棒在0～1s过程中运用动量定理 联合解得 （3）cd棒在0～1s过程中受到安培力的冲量 解得 对cd棒在0～1s过程中运用动能定理 由于安培力对ab棒不做功，故可得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 长沙市第一中学2024-2025学年度高二第二学期期中考试 物理 一、单选题（本题共6小题，每小题4分，共24分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确) 1. 下列关于物理学史的说法中，正确的是（　　） A. 奥斯特提出了法拉第电磁感应定律 B. 法拉第得出了感应电流方向的规律 C. 麦克斯韦预言了电磁波的存在 D. 赫兹发现了电流磁效应 2. “判天地之美，析万物之理”，领略建立物理规律的思想方法往往比掌握知识本身更加重要。如图四幅课本插图中包含的物理思想方法相同的是（　　） A. 甲和乙 B. 乙和丁 C. 乙和丙 D. 甲和丁 3. 如图所示，蹄形磁铁水平放置（N极在上），质量为的导体棒用两根轻质细导线悬挂，通入恒定电流，稳定时细导线与竖直方向的夹角为。两磁极间的磁场可看成匀强磁场，导体棒始终在两磁极之间，重力加速度为，则（　　） A. 导体棒中的电流方向为 B. 单根导线上的拉力大小为 C. 若电流大小加倍，再次稳定后角也加倍 D. 若导体棒处磁场方向在竖直面内逆时针缓慢转过角，导线上拉力变小 4. 如图甲所示，足够长的木板静置于水平地面上，木板左端放置一可看成质点的物块。时对物块施加一水平向右的恒定拉力，在的作用下物块和木板发生相对滑动，时撤去，整个过程物块运动的图像如图乙所示。已知木板的质量，物块与木板间、木板与地面间均有摩擦，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度。下列说法正确的是（　　） A. 物块的质量为 B. 物块与木板间的动摩擦因数 C. 木板与地面间的动摩擦因数 D. 拉力 5. 已知地球质量为M，月球质量为m，地月距离为L。以地心作为坐标原点，沿地月连线建立x轴，在x轴上有一个探测器。由于地球和月球对探测器的引力做功与路径无关，探测器具有与其位置相关的引力势能。仅考虑地球和月球对探测器的作用，可得探测器引力势能随位置变化关系如图所示。在处引力势能最大，k已知，下列选项正确的是（　　） A. 探测器受到的作用力随位置坐标x的增大，先逐渐增大后逐渐减小 B. 探测器受到的作用力随位置坐标x的增大，一直减小 C. 地球与月球的质量之比 D. 地球与月球的质量之比 6. 如图所示，匀强磁场的方向垂直纸面向里，一带电微粒从磁场边界d点垂直于磁场方向射入，沿曲线dpa打到屏MN上的a点。若该微粒经过p点时，与一个静止的不带电微粒碰撞并结合为一个新微粒，最终打到屏MN上。微粒所受重力均可忽略，下列说法正确的是（　　） A. 微粒带负电 B. 碰撞后，新微粒运动轨迹不变 C. 碰撞后，新微粒运动周期不变 D. 碰撞后，新微粒在磁场中受洛伦兹力变大 二、多选题（本大题共4小题，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 7. 如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想交流电表，原线圈接如图乙所示的正弦交流电，图中R′为热敏电阻（温度升高时其电阻减小），R为定值电阻。下列说法正确的是（　　） A. 原线圈两端电压的瞬时值表达式为 B. 变压器原线圈的输入功率和副线圈的输出功率之比为1∶4 C. R′处温度升高时，电流表的示数变大，电压表V2的示数变大 D. 电压表V2的示数为9V 8. 如图所示为质谱仪原理示意图，带电粒子从小孔O“飘入”加速电场（初速度忽略不计），经加速后以速度从小孔进入速度选择器并恰好沿直线通过，粒子从小孔S进入磁分析器后做匀速圆周运动打在照相底片上。已知速度选择器中匀强电场的电场强度为E，磁分析器中匀强磁场的磁感应强度为（方向未知），在底片上留下的痕迹点到狭缝S的距离为l，忽略带电粒子的重力及相互间作用力。下列说法正确的是（　　） A. 速度选择器中磁场方向垂直纸面向里 B. 速度选择器中匀强磁场磁感应强度为 C. 带电粒子的比荷 D. 加速电场的极板间电势差 9. 关于分子动理论，下列说法正确的是（　　） A. 图甲中，两条曲线如果完整，下方的面积不相等 B. 图甲中，从状态②变化到状态①不是所有分子的运动速率都会变大 C. 由图乙可知，分子间距离增大时，分子间作用力可能先减小后增大再减小 D. 由图乙可知，分子间距离大于r0时，增大分子间距离，分子间作用力先做负功再做正功 10. 如图所示，正方形单匝铝质线圈abcd和efgh分别在外力作用下以相同速度v向右匀速进入同一匀强磁场中．已知两线圈导线的横截面积相同，所用材料也相同，两线圈的边长之比为1：2，则（ ） A. 两线圈的右边刚进入磁场时，产生的感应电流之比为1：2 B. 两线圈的右边刚进入磁场时，所加的外力大小之比为1：2 C. 两线圈在进入磁场的整个过程中，通过导体横截面的电荷量之比为1：2 D. 两线圈在进入磁场的整个过程中，产生的焦耳热之比为1：4 三、实验题（本题共有2个小题，第11小题6分，第12小题10分，共16分） 11. 用如图甲所示装置做“验证动量守恒定律”的实验。 （1）本实验要求轨道末端切线水平，入射小球和被碰小球半径相同，在同一组实验中，入射小球________（选填“必须”或“不必须”）从同一位置由静止释放。 （2）未放被碰小球，多次从同一位置由静止释放入射小球，小球在纸上留下很多个痕迹，如图乙所示，为了确定平均落点，最合理的是_________（选填正确选项） A. a圆圆心 B. b圆圆心 C. c圆圆心的 （3）入射小球A、被碰小球B两球的质量分别为，小球落地点的位置距O点的距离如图丙所示。利用图丙实验中测得的数据计算碰撞前的总动量p与碰撞后的总动量的比值为________（结果保留两位有效数字） 12. 某兴趣小组测量金属丝的电阻率。可供选择的实验器材有： 阻值约10Ω的金属丝 螺旋测微器 毫米刻度尺 电池组（电动势3V，内阻约1Ω） 电流表（量程为0~0.6A，内阻约为0.1Ω） 电流表（量程为0~3A，内阻约为0.02Ω） 电压表V（量程为0~3V，内阻约为3kΩ） 滑动变阻器R（最大阻值5Ω，额定电流1A） 开关 导线若干。 （1）用螺旋测微器测量金属丝的直径的d，某次测量结果如图甲所示，其读数为______mm。 （2）该兴趣小组用伏安法进一步精确测量该金属丝电阻值。为使电表调节范围尽量大，并使测量结果尽量准确，电流表应选______（填“”或“”）。图乙已完成部分实物连线，完成剩余连线还需要连接______和______（用接线柱处相应的字母表示）。闭合开关，测出多组电压U和电流I的数据。根据数据作出U-I图像如图丙所示，图线的斜率为k，测得该金属丝的长度为L，该合金丝的电阻率______（用d、L、k表示）。 四、计算题（本大题共3小题，13题10分，14题14分，15题16分，共40分） 13. 香槟是一种含有气泡的特殊葡萄酒，常用于节日庆典或宴请中。香槟由于其特殊的发酵工艺，对其日常存放有一定的要求。如图所示是一瓶总量为750mL的香槟酒，因未饮用完仍有500mL剩余，用瓶塞将其密封保存于7℃恒温柜中。经过一段时间，香槟中的气泡缓慢溢出，香槟酒的总量减少5%，释放出的气体总量相当于一个大气压条件下的0.5L。已知大气压强为，若瓶塞内外压强差超过时，瓶塞会被冲开。求： （1）香槟释放气体后，酒瓶内部气体压强的大小； （2）有人将此瓶香槟酒从恒温柜中拿出，不小心放在了正在炒菜的灶台旁边。此处的温度超过了57℃，请判断瓶塞是否有被冲开的风险。 14. 如图所示，在y>0区域内有沿y轴正方向的匀强电场，在y<0的区域内有垂直于坐标平面向里的匀强磁场。一质量为m、电荷量为e的电子从y轴上A点以沿x轴正方向的初速度v0开始运动。当电子第一次穿越x轴时，恰好到达C点；当电子第二次穿越x轴时，恰好到达坐标原点；当电子第三次穿越x轴时，恰好到达D点。C、D两点均未在图中标出。已知A、C两点到坐标原点的距离分别为d、2d，不计电子的重力，求： （1）电场强度E的大小； （2）磁感应强度B的大小； （3）电子从A运动到D经历的时间t。 15. 如图所示，两根一样的“L”形金属导轨平行放置，其间距d=0.75m，导轨竖直部分粗糙，水平部分光滑且足够长。整个装置处于方向竖直向上、大小B=1T的匀强磁场中。有两根导体棒ab和cd，它们的质量都为m=0.1kg，阻值都为R=1Ω，ab棒与竖直导轨间的动摩擦因数=0.5。ab棒在竖直导轨平面左侧并垂直导轨固定，cd棒垂直导轨放置在水平导轨上。现用一大小F=3N的水平恒力由静止开始向右拉动cd棒，同时释放ab棒。t=1s末，ab棒速度恰好为0。ab棒始终与竖直导轨接触良好，其余电阻不计，求：. （1）当cd棒的速度为v0=1m/s时，cd棒两端电压Ucd和流过ab棒的电流I的大小； （2）t=1s末cd棒的速度v； （3）在0～1s内，两根棒上产生的总焦耳热Q。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $