假期作业5 牛顿第一定律 牛顿第三定律-【快乐假期必刷题】2025年高一物理暑假作业必刷题（人教版）

　　假期作业５　牛顿第一定律　牛顿第三定律　　　　　　　　　 　　一辆货车在公路上行 驶时,司 机 发 现 前 面 有 异 常情况,紧急刹车,货车在 公路上又运行了较长一段 距离才停下来． (１)由于惯性,货车有保持匀速直线运动状态 的趋势,所以刹车后,货车没有立即停下 来,而是又向前运行了一段距离． (　　) (２)货车承载的货物越重,惯性越大． (　　) (３)刹车时,货车做减速运动是因为地面对货车 的摩擦力大于货车对地面的摩擦力． (　　) (４)地面对货车的支持力与货车对地面的压力 是—对平衡力． (　　) (５)车头拉货箱的 力 一 定 大 于 货 箱 拉 车 头 的力． (　　) ◆[知识点一]　牛顿第一定律 １．东汉王充在«论衡􀅰状留篇»中记述了球的 运动;“圆物投之于地,东西南北,无之不可; 策杖叩动,才微辄停”．关于运动和力的关 系．下列说法中正确的是 (　　) A．力是维持物体运动的原因 B．力是改变物体惯性大小的原因 C．力是改变物体位置的原因 D．力是改变物体运动状态的原因 ２．(２０２５􀅰年江苏省盐城市期末)如图所示,甲 车快速启动时车头撞上静止的乙车车尾,导 致两车司机受伤．根据牛顿运动定律,下列 情形最有可能出现的是 (　　) A．甲司机胸部受伤 B．乙司机胸部受伤 C．两位司机都是背部受伤 D．两位司机都是胸部受伤 ３．如图所示,在一辆表面 光滑的小车上 有 质 量 分别为 m１、m２ 的两个 小球(m１＞m２)随车一起运动．当车突然停 止时,如不考虑其他阻力,设小车足够长,则 两球 (　　) A．一定相碰 B．一定不相碰 C．不一定相碰 D．难以确定是否相碰,因为不知小车的运 动方向 ４．如图所示,乘客在公交车上 发现车厢顶部A 处有一小水 滴落下,并落在地板偏前方 的B 点处,由此判断公交车的运动情况可 能是 (　　) A．向前加速运动　　B．向前减速运动 C．向后匀速运动　　D．向后减速运动 ◆[知识点二]　牛顿第三定律 ５．(多选)(２０２５􀅰贵州高二学业考试)如图所 示,用衣架把衣服悬挂起来,静止时衣服受 到的重力为G,衣架对衣服向上的作用力为 F１,衣服对衣架向下作用力为F２．下列判断 正确的是 (　　) A．G与F１ 是一对平衡力 B．G与F１ 是一对相互作用力 C．F１ 与F２ 是一对相互作用力 D．F１ 与F２ 是一对平衡力 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 １１ ６．(多选)用水平力F将木块M 紧压在竖直的 墙壁上,若以 N 表示墙壁对木块的弹力,R 表示木块对墙壁的压力,下列关于F、N、R 判断中正确的是 (　　) A．N 和F 的合力为零 B．F和N 是一对平衡力 C．N 和R 是性质不同的力 D．F和N 是作用力和反作用力 ７．如图所示,在短道速滑接 力项目的交接过程中,甲 运动员从后面将乙运动员 使劲推出过程中 (　　) A．甲对乙有作用力,乙对甲没有作用力 B．甲、乙之间的作用时间一定相等 C．甲、乙之间的作用力是一对平衡力 D．甲、乙之间的作用力大小相等、方向相 反、合力为零 ８．如图所示,底座 A 上装有 长０．５m的直立杆,底座和 杆的总质量为０．２kg,杆上 套有０．０５kg的小环B,它 与杆间 的 摩 擦 力 恒 定,当 环 从 底 座 上 以 ４m/s的初速度飞起,刚好能到达杆顶,求环 在上升过程中,底座对水平面的压力是多 少? (g取１０m/s２) １．(多选)电动平衡车是时下 热门的一种代步工具．如图 所示,人站立在电动平衡车 上在水平地面上沿直线前 进,不计空气阻力,下列说法中正确的是 (　　) A．平衡车加速行驶时,车对人的作用力等 于人对车的作用力 B．平衡车加速行驶时,车对人的作用力方 向竖直向上 C．平衡车匀速行驶时,车对人的作用力大 小等于人对车的压力大小 D．平衡车匀速行驶时,平衡车受到的重力 和地面对平衡车的支持力是一对平衡力 ２．如图所示,质量M＝６０kg的 人通过光滑的定滑轮拉着 m＝２０kg的物体,当物体以 加速度a＝５m/s２ 上升时, 人 对 地 面 的 压 力 多 大? (g取１０m/s２) 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 ２１ 假期作业４ 情景辨析 (１)×　(２)×　(３)√　(４)√ 技能提升 １．D　２．A　３．D ４．BD　[对树枝上的松鼠进行受力分析, 如图所示．树枝对 松 鼠 的 支 持 力 大 小 为FN＝Gcos３０°＝ ３ ２G , 方向垂直 树 枝 向 上,故 A 错 误,B 正 确;根据平衡条件可知,树枝对松鼠的作用力与松鼠的重力 等 大 反 向,即 大 小 等 于 G,方 向 竖 直 向 上,故 C 错 误, D正确．] ５．BD ６．AD　[对结点O 受力分析,如图所示,由矢量三角形可知, 细绳AO 的拉力一直在变 小,细 绳 BO 的 拉 力 先 变 小 后 变 大．故选 A、D． ] ７．BD　[设轻绳AC的拉力为FTAC,其与竖直杆的夹角为α,轻 绳AB 的拉力为FTAB,直杆在A 点的支持力为F,由于直杆 处于平衡状态,则在结点 A 处三力平衡,有FTAC＝ FTAB sinα ,F ＝ FTAB tanα ,缩短AC的长度,使C 点右移,夹角α减小,FTAB还 是等于重物的重力,方向也不变,杆仍保持平衡,还是三力平 衡,满足上面的关系,则FTAC和F 均增大,根据牛顿第三定 律可知,两根绳子对直杆的压力增大,所以地面对杆的支持 力FN 增大,B、D正确．] ８．B　[设甲所拉细绳的左半边绳与竖直方向的夹角为θ,甲所 拉细绳的张力为FT１,乙所拉细绳的张力为FT２,重物的质量 为m,对甲、乙所拉细绳的结点作受力分析,有FT１＝ mg cosθ , FT２＝mgtanθ,当乙缓慢释放细绳时,θ在逐渐减小,故FT１、 FT２都在减小,故 A 错 误,B 正 确;由 以 上 分 析 可 知,FT１ 减 小,由于甲不动,故甲所拉细绳的右半边绳与竖直方向的夹 角不变,设为α,甲的重力为G,地面对甲的支持力为FN,对 甲受力分析易得FN＋FT１cosα＝G,Ff＝FT１sinα,在FT１减 小、α不变的情况下,可知FN 增大,Ff 减小,故 C、D错误．] 素养培优 １．解析:(１)以结点O 为研究对象,进行 受力分析如图,根据共点力的平衡条 件:FOA 与FOB 的 合 力 与 重 力 等 大 反 向,由 几 何 关 系 得:FOA ＝ m１g cosθ＝ ５ ４m１g ,FOB＝m１gtanθ＝ ３ ４m１g． (２)人在水平方向仅受绳OB 的拉力和地面的摩擦力Ff 作 用,根据平衡条件有Ff＝FOB＝ ３ ４m１g ,方向水平向左． (３)人在竖直方向上受重力 m２g和地面的支持力FN 作用, 因此有FN＝m２g,则Ff′＝μFN＝μm２g＝１８０N,要使人在水 平面上 不 滑 动,需 满 足 Fmax ＝ ３ ４ m１g≤Ff′ ,解 得 m１ ≤ ２４kg． 答案:(１)５４m１g　 ３ ４m１g　 (２)３４m１g　 水平向左 (３)２４kg ２．解析:(１)选取O 点为研究对象,进行受力分析并建立正交 轴正交分解,如图甲所示, 甲 根据平衡条件可得FTQcos５３°＝m１g, FTQsin５３°＝FTP, 解得FTQ＝５０N, FTP＝４０N, 乙 选取物块B作为研究对象,受力分析如图乙所示,B所受的 重力沿斜面向下的分力大小为 m２gsin３７°＝３０N＜５０N 所以物块B受到沿斜面向下的静摩擦力Ff, 由平衡条件可得FTQ＝m２gsin３７°＋Ff, 解得Ff＝２０N, 方向沿斜面向下; (２)对 A、B、C整体受力分析,由于三者均保持静止, 根据平衡条件,水平方向有Ff′＝FTP, 竖直方向有(m１＋m２＋m３)g＝FN, 解得Ff′＝４０N, FN＝１８０N, 根据牛顿第三定律可知,斜面体 C对地面的压力为１８０N, 方向竖直向下,斜面体 C对地面的摩擦力为４０N,方向水平 向左． 答案:(１)２０N　方向沿斜面向下　(２)１８０N,方向竖直向下 　４０N,方向水平向左 假期作业５ 情景辨析 (１)√　(２)√　(３)×　(４)×　(５)× 技能提升 １．D ２．A　[甲车快速启动时撞到乙车而停止运动,甲车司机由于 惯性,甲车司机相对于甲车向前运动,与甲车的方向盘相碰 造成甲车司机胸部受伤．乙车静止,乙车车尾由于受到撞击 而向前运动,乙车司机由于惯性保持静止,乙车司机相对于 乙车向后运动,与乙车的座椅相碰而造成乙车司机背部受 伤,故 A正确,BCD错误．] ３．B　４．B ５．AC　[衣服在G 与F１ 作用下处于静止状态,故G 与F１ 是 一对平衡力,A正确,B错误;F１ 与F２ 是一对相互作用力,C 正确,D错误．] ６．AB　７．B 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 ９６ ８．解析:设环的加速度为a,由v２＝２ax得a＝１６m/s２,对环由 牛顿第二定律,mg＋f＝ma,得f＝０．３N,对底座由平衡关 系得FN＝Mg－f＝１．７N 答案:１．７N 素养培优 １．AC　[平衡车加速行驶时,根据牛顿第三定律可知车对人的 作用力等于人对车的作用力．车对人在竖直方向的作用力等 于人的重力,车对人在水平方向的作用力提供人的加速度, 车对人的作用力方向斜向上,故 A 正确,B错误;平衡车匀 速行驶时,车对人的作用力大小等于人对车的压力大小,平 衡车与人的总重力和地面对平衡车的支持力是一对平衡力, C正确,D错误．] ２．解析:设绳子拉物体的力为F,对物体m 受 力分析如图甲,由牛顿第二定律可得:F－ mg＝ma． 绳的拉力F＝m(g＋a)＝２０×(１０＋５)N＝ ３００N． 对人受力分析如图乙,人静止,由受力平衡 得 Mg＝FN＋F,则地面对人的支持力FN ＝Mg－F＝(６０×１０－３００)N＝３００N． 由 牛 顿 第 三 定 律 得,人 对 地 面 的 压 力 为 ３００N． 答案:３００N 假期作业６ 情景辨析 (１)×　(２)×　(３)√　(４)×　(５)×　(６)× 技能提升 １．CD ２．AD　[根据牛顿第二定律可得F合 ＝ma,可知加速度的方向 与合外力的方向相同．根据平行四边形定则可知,A、D图中 F 与G 的合力方向可能与a 的方向相同,B、C图中F 与G 的合力方向不可能与a 的方向相同．] ３．D ４．C　[由图可知相等时间内铁质小圆盘的位移先增大 后 减 小,可知铁质小圆盘的速度先增大后减小,以向下为正方向, 即铁质小圆盘的加速度先正后负,根据牛顿第二定律G－f ＝Gg 􀅰a,可知f先小于G,后大于G．故选 C．] ５．C　６．BD ７． ８．解析:(１)(２)将a 沿水平和竖直两个方向分解,则有ax＝ acos３０°,ay＝asin３０°,对货物受力分析如图所示 根据牛顿第二定律,在水平方向Ff＝max,在竖直方向FN－ mg＝may,代入数据解得Ff＝２􀆰１６N,FN＝５１􀆰３N． 答案:(１)５１􀆰３N　(２)２􀆰１６N ９．解析:(１)毫米刻度尺的最小刻度为１mm,则遮光条的宽度 d＝３􀆰０mm＝３􀆰０×１０－３ m． (２)通过光电门１的速度为v１＝ d Δt１ ,通过光电门２的速度为 v２ ＝ d Δt２ ,小 车 运 动 的 加 速 度 为 a ＝ v２－v１t ＝ d t １ Δt２ － １Δt１( )． (３)作出aＧG 图像如图所示 由图像计算出图线的斜率为k＝ΔaΔG＝ ０．４０ ０．２４５kg －１≈１􀆰６３kg－１． (４)能．需要用测力计测量小车的重力．思路:①用测力计测 出小车重力,除以当地重力加速度g 得出小车的质量;②在 小车上叠放槽码以改变小车质量,再重新调整配重,这样就 改变了小车(含配重)的总质量 M,然后在槽码挂钩上挂适 量个数的槽码,测出加速度a;③重复步骤②(但要保持步骤 ②中所挂槽码个数不变),得到多组(a、M)数据,作出aＧ １M 图像进行判断． 答案:(１)３􀆰０　(２)dt １ Δt２ － １Δt１( ) 　(３)见解析图　１􀆰６３　 (４)能　理由见解析 素养培优 １．AD　[若 A原来是静止的,设此时静摩擦力等于滑动摩擦 力,则有mgsinα＝μmgcosα,即sinα＝μcosα,动摩擦因数μ 与物体 A的重力无关,则施加一个竖直向下的恒力F 等效 于增加了物体 A的重力,则物体 A 仍然静止,故 A 正确,B 错误;若物体 A原来加速下滑,有mgsinα－μmgcosα＝ma, 得a＝g(sinα－μcosα),施加力F 后,有(mg＋F)sinα－μ (mg＋F)cosα＝ma′,得a′＝(Fm ＋g )(sinα－μcosα),加速 度变大,故 C错误,D正确．] ２．解析:(１)由题意可知歼Ｇ２０所受合外力: F合 ＝F－F阻 ＝３×１０５ N－３×１０４×１０×０．１N＝２．７× １０５ N． 由牛顿第二定律F＝ma得: a＝F合m ＝ ２．７×１０５ ３×１０４ m/s２＝９m/s２． (２)５s后的速度: v＝v０＋at＝０＋５×９m/s＝４５m/s． 答案:(１)９m/s２　(２)４５m/s 假期作业７ 情景辨析 (１)×　(２)×　(３)√　(４)√　(５)× 技能提升 １．D　[电梯静止不动时,小球受力平衡,有mg＝kx,电梯运行 时,轻质弹性细绳的伸长量比电梯静止时小,说明弹力变小 了,由牛顿第二定律有mg－４５kx＝ma ,解得加速度大小为 a＝１５g＝２m /s２,方向竖直向下,所以电梯可能加速下降或 减速上升,该同学处于失重状态,A、C错误,D 正确;对该同 学和玩具组成的系统进行受力分析,由牛顿第二定律有m′g －FN＝m′a, 电梯地板对该同学的支持力大小为FN＝m′g－m′a＝５０１N －１００􀆰２N＝４００􀆰８N 由牛顿第 三 定 律 可 知,该 同 学 对 电 梯 地 板 的 压 力 大 小 为 ４００􀆰８N,B错误．] ２．AD　[竖直向上为加速度的正方向,题图甲中加速度从零开 始先为负值(加速度方向竖直向下,表示向下加速),中途变 为零(向下匀速),最后变为正值(向下减速),故题图甲可能 是小明拿着手机从７楼乘坐电梯到１楼过程的aＧt图像,故 A正确,B错误;题图乙中加速度从零开始先为负值后为正 值(先向下加速后向下减速),第二阶段加速度先为正值后为 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 ０７