第1章 第1讲 运动的描述(课件PPT)-【金榜题名】2026年高考物理一轮总复习

第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 第1讲　运动的描述 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 目录 contents Part 01 知识储备 核心考点 Part 02 提分集训 Part 03 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 知 识 储 备 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 大小 形状 理想化 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 不同 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 运动轨迹 初位置 末位置 等于 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 位移 位置 标 时间 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 速度变化量 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 √ × × × √ × × 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 核 心 考 点 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 提分 集训（一） 点击进入word 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 谢谢观看 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 高考总复习 物理 返回目录 考向 定位 1.了解质点的含义和参考系的作用，知道将物体看成质点的条件；2.理解位移、速度、加速度的概念及关系；3.体会物理问题中的比值定义法和极限思想． 1. 2. 3. 4. eq \f(Δx,Δt) 5. eq \f(Δv,Δt) [思考判断] (1)质点是一种理想化模型，实际并不存在．( ) (2)参考系必须选择静止不动的物体．( ) (3)做直线运动的物体，其位移大小一定等于路程．( ) (4)瞬时速度的大小叫速率，平均速度的大小叫平均速率．( ) (5)物体的速度为零，加速度可能很大．( ) (6)甲的加速度a甲＝2 m/s2，乙的加速度a乙＝－3 m/s2，a甲>a乙．( ) (7)物体的加速度增大，速度一定增大．( ) 考点一　质点、参考系和位移 对三个概念的进一步理解 (1)质点不同于几何“点”，它无大小但有质量，实际物体能否看成质点是由研究的问题决定的，而不是依据物体自身大小和形状来判断． (2)研究任何物体的运动都要明确参考系，无特殊说明时，通常以地面作为参考系． (3)位移用来描述物体位置的变化，是由初位置指向末位置的有向线段，线段的长短表示位移的大小，箭头的指向表示位移的方向． [对点训练] 1．(2025·承德月考)诗句“两岸青山相对出，孤帆一片日边来”描述了物体相对运动的情况，关于物体的运动与静止及质点的概念，下列说法正确的是(　　 ) A.孤帆穿梭于青山中时，可以将青山视为质点 B.研究船全程的运动时间时不可以将船视为质点 C.诗句“两岸青山相对出”中认为青山运动是因为选择以孤帆为参考系 D.诗句“孤帆一片日边来”中认为孤帆运动是因为选择以孤帆上的人为参考系 解析：选C　A．物体的大小和形状对研究的问题没有影响或影响可以忽略时，物体可看作质点．孤帆穿梭于青山中时，青山的大小和形状不能忽略．A错误； B.研究船全程的运动时间时，船的大小和形状对研究的问题影响可以忽略，可以将船视为质点．B错误； C.诗句“两岸青山相对出”中以船或船上的人为参考系，青山是运动的．C正确； D.诗句“孤帆一片日边来”可以看出以地面或者青山为参考系，船是运动的，以船上人为参考系，船是静止的．D错误； 故选C. 2．(2025·西安期中)西安北到佛坪的G1831次高铁，15点06分到达汉中，停车2分钟．则(　　 ) A.“15点06分”是指时刻，“停车2分钟”是指时间间隔 B.“15点06分”是指时间间隔，“停车2分钟”是指时刻 C.“15点06分”与“停车2分钟”均指时刻 D.“15点06分”与“停车2分钟”均指时间间隔 解析：选A　根据时间间隔和时刻的概念可知，“15点06分”是指时刻，“停车2分钟”是指时间间隔． 故选A. 3．(2022·辽宁高考)如图所示，桥式起重机主要由可移动“桥架”“小车”和固定“轨道”三部分组成．在某次作业中桥架沿轨道单向移动了8 m，小车在桥架上单向移动了6 m．该次作业中小车相对地面的位移大小为(　　 ) A.6 m　　　　　　　　B．8 m C.10 m D．14 m 解析：选C　根据题意可知，该次作业中小车相对地面的位移大小为x＝ eq \r(82＋62) m＝10 m，故C正确．故选C. 考点二　平均速度和瞬时速度 平均速度和瞬时速度的区别与联系 区别 平均速度是过程量，表示物体在某段时间或某段位移内的平均运动快慢 瞬时速度是状态量，表示物体在某一时刻或某一位置的运动快慢 联系 瞬时速度是运动时间Δt→0时的平均速度．公式v＝ eq \f(Δx,Δt)中，当Δt→0时，v近似为瞬时速度 eq \a\vs4\al(角度1　平均速度和瞬时速度的理解) eq \a\vs4\al(角度1　平均速度和瞬时速度的理解) [例1]　(2025·河南驻马店月考)小明每天上午6：30从家出发骑电动自行车上学，大概需要15 min到达．根据电动车新国标，电动自行车设计时速不超过25 km/h，上路行驶最大速度不得超过15 km/h，否则会自动发出警报响声，这些标准的设定，旨在保障乘坐者的安全．则下列说法正确的是(　　 ) A．题目中的6：30和15 min均指时间 B．题目中的25 km/h，指的是平均速度 C．电车速度仪表盘上的示数18 km/h，指的是瞬时速度 D．当研究小明上学路途所需时间时，可以把小明看成质点 【解析】　A．题目中的6：30指的是时刻，15 min指的是一段时间，A错误； B．题目中的25 km/h，指的是瞬时速度，B错误； C．电车速度仪表盘上的示数18 km/h，指的是瞬时速率，C错误； D．当研究小明上学路途所需时间时，小明的大小和形状可以忽略，可以把小明看成质点，D正确． 故选D. 【答案】　D eq \a\vs4\al([方法指导]) (1)判断是否为瞬时速度，关键是看该速度是否对应“位置”或“时刻”． (2)求平均速度要找准对应的“位移”和发生这段位移所需的“时间”．　　 eq \a\vs4\al(角度2　平均速度和瞬时速度的计算) [例2]　(2025·莆田二模)2023年5月28日上午10时32分，国产大飞机C919迎来商业首飞，标志着中国具备了自主研制大型客机的能力．某次该大飞机在机场直跑道由静止开始加速，用时30 s经过2100 m起飞，又经过20 s达到离地高度400 m处．下列说法正确的是(　　 ) A．10时32分和30 s都是指时刻 B．大飞机在直跑道上的平均速度为70 m/s C．大飞机离地起飞时的瞬时速度为70 m/s D．大飞机开始运动50 s内的位移是2500 m 【解析】　A．10时32分指的是时刻，30 s指的是时间，故A错误； B．大飞机在直跑道上的平均速度 v＝ eq \f(x,t)＝ eq \f(2100,30)m/s＝70 m/s 故B正确； C．根据题意无法求出大飞机离地起飞时的瞬时速度，故C错误； D．大飞机开始运动50 s内的运行轨迹不是单方向的直线运动，故位移 x′≠2100 m＋400 m＝2500 m 故D错误．故选B. 【答案】　B 　 eq \a\vs4\al([方法指导]) 用极限法求瞬时速度 由平均速度 eq \x\to(v)＝ eq \f(Δx,Δt)可知，当Δt→0时，平均速度就可以认为是某一时刻或某一位置的瞬时速度．测出物体在微小时间Δt内发生的微小位移Δx，就可求出瞬时速度，这样瞬时速度的测量便可转化为微小时间Δt和微小位移Δx的测量．　 [对点训练] 4．(2023·福建高考)“祝融号”火星车沿如图所示路线行驶，在此过程中揭秘了火星乌托邦平原浅表分层结构，该研究成果被列为“2022年度中国科学十大进展”之首．“祝融号”从着陆点O处出发，经过61天到达M处，行驶路程为585米；又经过23天，到达N处，行驶路程为304米．已知O、M间和M、N间的直线距离分别约为463米和234米，则火星车(　　 ) A．从O处行驶到N处的路程为697米 B．从O处行驶到N处的位移大小为889米 C．从O处行驶到M处的平均速率约为20米/天 D．从M处行驶到N处的平均速度大小约为10米/天 解析：选D　A．由题意可知从O到N处的路程为 SON＝SOM＋SMN＝585 m＋304 m＝889 m 故A错误； B．位移的大小为两点之间的直线距离，O、M、N三点大致在一条直线上，则从O到N处的位移大小为 xON＝xOM＋xMN＝463 m＋234 m＝697 m 故B错误； C．平均速率为路程与时间的比值，故从O行驶到M处的平均速率为 eq \o(v,\s\up6(－))OM＝ eq \f(SOM,tOM)＝ eq \f(585,61)米/天≈9.60米/天 故C错误； D．平均速度大小为位移与时间的比值，则从M行驶到N处的平均速度为 eq \o(v,\s\up6(－))MN＝ eq \f(xMN,tMN)＝ eq \f(234,23)米/天≈10米/天 故D正确． 考点三　加速度 1．速度、速度变化量和加速度的对比 比较项目 速度 速度变化量 加速度 物理 意义 描述物体运动快慢和方向的物理量 描述物体速度改变的物理量，是过程量 描述物体速度变化快慢的物理量 定义式 v＝ eq \f(Δx,Δt) Δv＝v－v0 a＝ eq \f(Δv,Δt) ＝ eq \f(v－v0,Δt) 比较项目 速度 速度变化量 加速度 决定 因素 在任一时刻的速度v的大小由v0、a、Δt决定 由Δv＝aΔt知，Δv由a与Δt决定 由a＝ eq \f(F,m)知，a由F、m决定 方向 与位移方向相同 与加速度的方向相同 由F的方向决定，而与v0、v的方向无关，与Δv同向 2.对加速度大小和方向的进一步理解 eq \a\vs4\al(角度1　加速度的理解) [例3]　(2025·山东聊城月考)在一档展现我国人民生活水平飞速发展的电视节目中，导演用富有感染力的视角拍摄了高铁列车、新能源汽车、C919大飞机等国产先进交通工具的逐步普及．关于以上交通工具的说法中正确的是(　　 ) A．C919大飞机在高空沿直线匀速飞行时速度很大，加速度也很大 B．高铁列车启动过程中，速度变化量很大，加速度也很大 C．新能源汽车在平直道路上行驶时，位移的方向向前，加速度的方向可能向后 D．新能源汽车在平直道路上行驶时，速度的方向向前，加速度的方向不可能向后 【解析】　A．C919大飞机在高空沿直线匀速飞行时速度很大，但加速度为0，故A错误； B．加速度与速度变化量没有直接关系，高铁列车启动过程中，速度变化量很大，但加速度不一定很大，故B错误； C．新能源汽车在平直道路上行驶时，位移的方向向前，如果汽车向前做减速运动，则加速度的方向向后，故C正确； D．新能源汽车在平直道路上行驶时，速度的方向向前，如果汽车向前做减速运动，则加速度的方向向后，故D错误． 故选C. 【答案】　C eq \a\vs4\al([误区警示]) 注意六个“不一定” (1)速度大，加速度不一定大；加速度大，速度也不一定大．加速度和速度的大小没有必然联系． (2)速度变化量大，加速度不一定大；加速度大，速度变化量也不一定大． (3)加速度为零，速度不一定为零；速度为零，加速度也不一定为零．　　 eq \a\vs4\al(角度2　加速度的计算) [例4]　(2025·广西桂林月考)根据下列四幅图片中所描述的物体运动过程信息，可以判断出物体加速度最大的是(　　 ) A．甲图中我国“歼20”战斗机在空中以600 m/s的速度匀速飞行 B．乙图中我国“永久”牌自行车从静止开始下坡经过4秒速度变为12 m/s C．丙图中我国096“唐”级核潜艇沿直线进入军港，速度在2分钟内从36 km/h减速到0 D．丁图中动车行驶进入桂林站，速度在10秒钟内从72 km/h减速到0 【解析】　战斗机在空中以600 m/s的速度匀速飞行，可知战斗机的加速度为0；自行车从静止开始下坡经过4秒速度变为12 m/s，可知自行车的加速度为 a自＝ eq \f(12,4)m/s2＝3 m/s2 核潜艇沿直线进入军港，速度在2分钟内从36 km/h减速到0，可知核潜艇的加速度大小为 a艇＝ eq \f(\f(36,3.6),2×60) m/s2＝ eq \f(1,12) m/s2 动车行驶进入桂林站，速度在10秒钟内从72 km/h减速到0，可知动车的加速度大小为 a动＝ eq \f(\f(72,3.6),10) m/s2＝2 m/s2 可知自行车的加速度最大． 故选B. 【答案】　B [对点训练] 5．(多选)(2025·吉林延边一模)如图所示，火箭发射时，速度能在10 s内由0增加到100 m/s；如图乙所示，汽车以108 km/h的速度行驶，急刹车时能在2.5 s内停下来，下列说法中正确的是(　　 ) A．10 s内火箭的速度改变量为10 m/s B．2.5 s内汽车的速度改变量为－30 m/s C．火箭的速度变化比汽车的速度变化慢 D．火箭的加速度比汽车的加速度小 解析：选BCD　A．火箭发射时，速度能在10 s内由0增加到100 m/s，可知10 s内火箭的速度改变量为100 m/s，故A错误； B．108 km/h＝30 m/s，汽车以108 km/h的速度行驶，急刹车时能在2.5 s内停下来，可知2.5 s内汽车的速度改变量为－30 m/s，故B正确； CD.火箭的加速度为 a1＝ eq \f(Δv1,Δt1)＝ eq \f(100－0,10) m/s2＝10 m/s2 汽车的加速度为 a2＝ eq \f(Δv2,Δt2)＝ eq \f(0－30,2.5) m/s2＝－12 m/s2 可知，汽车的加速度大小为12 m/s2，可知火箭的加速度比汽车的加速度小，火箭的速度变化比汽车慢，故CD正确． 故选BCD. $$