课时提分集训(26)(Word练习)-【金榜题名】2026年高考生物一轮总复习

课时提分集训 一、选择题：每小题给出的四个选项中只有一个符合题目要求。 1．(2024·浙江高考)某昆虫的性别决定方式为XY 型，张翅(A)对正常翅(a)是显性，位于常染色体；红眼(B)对白眼(b)是显性，位于 X 染色体。从白眼正常翅群体中筛选到一只雌性的白眼张翅突变体，假设个体生殖力及存活率相同，将此突变体与红眼正常翅杂交，子一代群体中有张翅和正常翅且比例相等，若子一代随机交配获得子二代，子二代中出现红眼正常翅的概率为(　　 ) A．9/32　　　　　　　B．9/16 C．2/9 D．1/9 【答案】　A 【解析】　白眼正常翅群体中筛选到一只雌性的白眼张翅突变体，假设个体生殖力及存活率相同，将此突变体与红眼正常翅杂交，子一代群体中有张翅和正常翅且比例相等，推知雌性的白眼张翅突变体基因型为AaXbXb，红眼正常翅基因型为aaXBY，子一代群体基因型及比例为aaXBXb∶AaXBXb∶aaXbY∶AaXbY＝1∶1∶1∶1，子一代随机交配获得子二代，子二代中出现红眼正常翅，即aaXBY和aaXBXb的概率：aa与Aa随机交配获得aa的概率为：3/4×3/4＝9/16，XBXb与XbY随机交配得到XBY和XBXb的概率为：1×1/2＝1/2，因此子二代中出现红眼正常翅，即aaXBY和aaXBXb的概率9/16×1/2＝9/32，A正确，B、C、D错误。故选A。 2．(2025·山东模拟)某植物的性别有雄株、雌株和雌雄同株，由两对等位基因决定。一对纯合雄株和雌株亲本杂交，F1均为雌雄同株，F1自交得到F2，F2中雌雄同株∶雄株∶雌株的数量分别为99株、28株和31株。已知配子及各性状植株均无致死情况。下列叙述错误的是(　　 ) A．两对基因分别位于两对同源染色体上 B．F2中有1/4的个体的基因型与F1相同 C．若F2严格自交，自交后代中雌雄同株占7/25 D．若F2的雄株与雌株杂交，后代中雌雄同株占5/9 【答案】　C 【解析】　A、由题意可知，F2中雌雄同株∶雄株∶雌株的数量分别为99株、28株和31株，即雌雄同株∶雄株∶雌株＝10∶3∶3，是9∶3∶3∶1的变式，说明两对基因分别位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律，A正确； B、设相关基因为A/a、B/b，F1均为雌雄同株，说明F1的基因型为AaBb，F2中有1/4的个体的基因型与F1相同，B正确； C、若F2严格自交，即雌株和雄株都不能自交，F2中雌雄同株个体的基因型为4/10AaBb、1/10AABB、2/10AaBB、2/10AABb、1/10aabb，自交后代中雌雄同株占4/10×10/16＋1/10＋2/10×3/4＋2/10×3/4＋1/10＝3/4，C错误； D、若F2的雄株(1/3AAbb、2/3Aabb)与雌株 (1/3aaBB、2/3aaBb)杂交，后代中雌雄同株占2/3×2/3＋1/3×1/3＝5/9，D正确。 故选C。 3．某植物的花色受独立遗传的两对等位基因(A/a和B/b)控制。当基因A存在时开蓝花，但若还同时存在基因B则开紫花，且当基因a和B存在于同一配子中时会导致该配子不育。亲本紫花植株与蓝花植株杂交，F1中出现蓝花、紫花及白花植株。下列叙述错误的是(　　 ) A.亲本紫花植株的基因型为AaBb，其可产生3种可育配子 B．F1植株共有5种基因型，其中白花植株的基因型为aabb C．若让F1紫花植株随机授粉，则所得后代中白花植株占1/25 D．若让F1紫花植株测交，则所得后代中蓝花∶紫花＝1∶1 【答案】　C 【解析】　A、根据题意可知，A_bb为蓝花，A_B_为紫花，则aa__为白花，亲本紫花植株与蓝花植株杂交，F1中出现蓝花(A_bb)、紫花(A_B_)及白花(aa__)植株，则亲本紫花植株基因型为AaBb，蓝花植株基因型为Aabb，AaBb产生的配子为AB、Ab、ab、aB，由于当基因a和B存在于同一配子中时会导致该配子不育，故只有3种可育配子，A正确； B、AaBb产生的可育配子为AB、Ab、ab，Aabb产生的配子为Ab、ab，形成子代的基因型为AABb、AAbb、Aabb、AaBb、aabb，共5种基因型，其中白花植株的基因型为aabb，B正确； C、子一代紫花植株基因型和比例为AABb∶AaBb＝1∶1，产生的配子为AB∶Ab∶ab∶aB＝(1/2×1/2＋1/2×1/4)∶(1/2×1/2＋1/2×1/4)∶(1/2×1/4)∶(1/2×1/4)＝3∶3∶1∶1，由于当基因a和B存在于同一配子中时会导致该配子不育，故可育的配子为AB∶Ab∶ab＝3∶3∶1，所得后代中白花植株占1/7×1/7＝1/49，C错误； D、子一代紫花植株基因型和比例为AABb∶AaBb＝1∶1，产生的可育配子为AB∶Ab∶ab＝3∶3∶1，若让子一代紫花测交，后代AaBb∶Aabb∶aabb＝3∶3∶1，表现为蓝花∶紫花∶白花＝3∶3∶1，即蓝花∶紫花＝1∶1，D正确。 故选C。 4．(2025·北京一模)香豌豆的花色有紫花和白花两种表型，显性基因C和P同时存在时开紫花。两个纯合白花品种杂交，F1开紫花，F1自交，F2的性状分离比为紫花∶白花＝9∶7。下列分析不正确的是(　　 ) A．两个白花亲本的基因型为ccPP和CCpp B．F2中白花的基因型有5种 C．F2紫花中纯合子的比例为1/9 D．F1测交结果后代紫花与白花的比例为1∶1 【答案】　D 【解析】　A、题意分析，两个纯合白花品种杂交，F1开紫花，F1自交，F2的性状分离比为紫花∶白花＝9∶7，为9∶3∶3∶1的变式，可知F1基因型为CcPp，紫花基因型为C_P_，白花基因型为C_pp、ccP_、ccpp，两对基因的遗传遵循自由组合定律，亲本白花的基因型分别为CCpp与ccPP，A正确； B、F2中白花的基因型有5种，即CCpp、Ccpp、ccPP、ccPp、ccpp，紫花的基因型有4种，即CCPP、CCPp、CcPP、CcPp，B正确； C、F1(CcPp)自交所得F2中紫花植株(C_P_)占9/16，紫花纯合子(CCPP)占总数的1/16，所以F2紫花中纯合子的比例为1/9，C正确； D、已知F1的基因型是CcPp，其测交后代的基因型为CcPp(紫花)∶Ccpp(白花)∶ccPp(白花)∶ccpp(白花)，则紫花∶白花＝1∶3，D错误。 故选D。 5．某动物毛的黑色(A)对白色(a)为显性，长尾(D)对短尾(d)为显性，控制两对性状的基因位于两对非同源染色体上。基因型为AaDd的某雌性个体与某雄性个体交配，其子代的表型及比例为黑色长尾∶黑色短尾∶白色长尾∶白色短尾＝9∶3∶3∶1。则该雄性个体的基因型为(　　 ) A．AaDd B．Aadd C．aaDd D．aadd 【答案】　A 【解析】　运用分离定律的思维求解自由组合定律，子代黑色∶白色＝3∶1，亲本雌性个体为Aa，所以雄性个体也是Aa；子代长尾∶短尾＝3∶1，亲本雄性个体为Dd，所以雄性个体也是Dd。综上所述，雄性个体基因型为AaDd，A正确，BCD错误。 故选A。 6．(2025·合肥质检)现有三个基因型不同的纯合燕麦品种甲(白颖)、乙(黄颖)和丙(黑颖)。甲分别与乙、丙杂交产生F1，F1自交得F2，结果如表。下列叙述错误的是(　　 ) 组别 杂交组合 F1 F2 1 甲×乙 黄颖 3黄颖∶1白颖 2 甲×丙 黑颖 12 黑颖∶3 黄颖∶1 白颖 A.燕麦颖色至少受两对等位基因控制 B．若乙和丙杂交，F2中黑颖占3/4 C．让组合1和组合2中 F1杂交，子代基因型有9种 D．让组合2中F1测交，子代表型及比例为2黑颖∶1黄颖∶1白颖 【答案】　C 【解析】　A、由组合2表型比12 黑颖∶ 3 黄颖∶ 1 白颖可知，为9∶3∶3∶1的变式，说明燕麦颖色至少两对等位基因控制，A正确； B、甲(白颖)和丙(黑颖)杂交，F1表现为黑颖，若相关基因用A/a、B/b表示，则亲本的基因型为甲的基因型aabb，丙的基因型为AABB，乙为黄颖，其基因型为AAbb或aaBB，则若丙AABB和乙AAbb杂交，F1的基因型为AABb，F2中黑颖和黄颖的比例为3∶1，则黑颖占3/4，B正确； C、组合1的F1的基因型为Aabb，组合2的F1基因型为AaBb，则让组合1和组合2中 F1杂交，子代基因型有3×2＝6种，C错误； D、组合2的F1基因型为AaBb，其测交产生的子代的基因型和表型为AaBb(黑颖)∶aaBb(黑颖)∶Aabb(黄颖)∶aabb(白颖)，即子代表型比为2∶1∶1，D正确。 故选C。 7．科学家用白颖和黑颖两种燕麦杂交，F1全为黑颖。F1自交产生F2，F2共560株，其中黑颖416株，灰颖106株，白颖36株。下列叙述错误的是(　　 ) A．燕麦颖壳颜色的遗传遵循基因的自由组合定律 B．F1个体进行测交，后代的表型及比例为黑颖∶灰颖∶白颖＝2∶1∶1 C．F2的灰颖共有2种基因型 D．从F2中任选两株灰颖植株进行相互交配，后代为白颖的概率为1/16 【答案】　D 【解析】　A、F2中黑颖∶灰颖∶白颖的比例约为12∶3∶1，为9∶3∶3∶1的变形，故燕麦颖壳颜色的遗传遵循基因的自由组合定律，A正确； B、设控制燕麦颖壳颜色的相关基因用A/a、B/b表示，根据题意，黑颖为A_B_、灰颖为aaB_或A_bb、白颖为aabb，则F1个体(AaBb)进行测交，后代的表型及比例为黑颖∶灰颖∶白颖＝2∶1∶1，B正确； C、F2的灰颖共有2种基因型，分别为aaBB和aaBb或AAbb和Aabb，C正确； D、F2的灰颖植株共有aaBb、aaBB(或AAbb、Aabb)两种基因型，考虑一种情况作答(两种情况结果相同)，aaBb∶aaBB＝2∶1，从F2中任选两株灰颖植株(aaBb×aaBb、aaBB×aaBB、aaBb×aaBB)相互交配，后代为白颖(aabb)的概率为2/3×2/3×1/4＝1/9，D错误。 故选D。 8．(2025·江西模拟)烟草花冠的长度由4对独立遗传的等位基因共同决定，当每对基因都为显性纯合时花冠最长，当每对基因都为隐性时花冠最短，每个显性基因对花冠长度的贡献相同，最长和最短花冠类型都属于“极端类型”。用花冠最长和花冠最短两个亲本杂交，再用F1自交。不考虑其他变异，理论上推算，下列相关叙述错误的是(　　 ) A．F1的花冠都为中等长度，若有差异可能是由环境变化引起的 B．F2中花冠中等长度的植株占比最高，且基因型种类多于F1 C.F2植株中，拥有极端类型花冠的个体约占1/128 D．对F1进行测交，测交后代不同花冠长度个体各占1/16 【答案】　D 【解析】　A、设亲本中花冠最长的基因型为AABBCCDD(含有8个显性基因)，花冠最短的基因型为aabbccdd(含有0个显性基因)，二者杂交所得F1的基因型为AaBbCcDd，含有4个显性基因，由于每个显性基因对花冠长度的贡献相同，故F1的长度属于中等长度。依题意，不考虑其他变异，因此，若有差异则可能是由环境变化引起的，A正确； B、让F1自交，中等花冠长度的植株的基因型为AaBbCcDd，在F2中占比为(1/2)4＝1/16，在F2中占比最高，F1只有一种基因型，故F2基因型种类多于F1，B正确； C、F2中的极端类型的基因型为AABBCCDD和aabbccdd，二者所占比例为(1/4)4＋(1/4)4＝1/128，C正确； D、F1(基因型为AaBbCcDd)可以产生16种配子，对F1进行测交的后代有16种基因型，但并非每种基因型对应的花冠长度都不同(如aaBbCcDd和AabbCcDd都含有三个显性基因，花冠长度相同)，故测交后代每种花冠长度个体并非都占1/16(只有花冠最长和花冠最短的各占1/16，其他长度类型都不是1/16)，D错误。 故选D。 9．某双子叶植物种子胚的颜色受两对等位基因A/a、B/b控制，表型有橙色、黄色、红色。取甲(橙色)与乙(黄色)植株杂交，F1均为红色，F1自交，F2中红色∶橙色∶黄色的比例为9∶4∶3。用A、a、B、b四种基因的特异性引物对甲、乙细胞的DNA进行PCR扩增，并用A基因特异性引物对F2中红色丙、用B基因特异性引物对F2中红色丁的DNA进行PCR扩增作为标准参照，PCR产物电泳结果如图所示。下列叙述正确的是(　　 ) A．甲的基因型为AABB，乙的基因型为aabb B．条带1－4对应的基因分别是a、B、b、A C．丙和丁的基因型可能是AABB、AABb、AAbb D．F2的橙色个体随机传粉，子代会出现性状分离 【答案】　B 【解析】　AB、F2中红色∶橙色∶黄色的比例为9∶4∶3，属于9∶3∶3∶1的变式，可以推断F1的基因型为AaBb，亲代甲、乙的基因型存在两种情况，第一种情况：甲AAbb、乙aaBB；第二种情况：甲aaBB、乙AAbb。若亲代橙色甲的基因型为AAbb，则亲代黄色乙的基因型为aaBB，又因为红色丙只用A基因的特异引物进行扩增，所以丙对应的条带4为A，所以由此推测条带3为b，同理，根据丁只用B基因的特异引物进行的扩增，所以条带2为B，则条带1为a，因为乙的基因型为aaBB，由此推测条带1、2、3、4对应的基因分别是a、B、b、A；若亲代橙色甲的基因型为aaBB，则与题意不符，由此可知，可知甲的基因型为AAbb、乙的基因型为aaBB，A错误，B正确； C、丙为F2中红色的个体，且带有A基因，因此其基因型可能是AABB、AABb、AaBb、AaBB，不可能是AAbb，丁为F2中红色的个体，且带有B基因，因此其基因型可能是AABB、AABb、AaBb、AaBB，不可能是aaBB，C错误； D、橙色个体的基因型为1AAbb∶2Aabb∶1aabb，该群体随机传粉，后代基因型为__bb，表型全部是橙色，不会出现性状分离，D错误。 故选B。 10．(2025·德州期末)家兔的毛色受 B、b 和 H、h 两对等位基因控制，灰兔和白兔杂交，F1均为灰兔，F2中灰兔∶黑兔∶白兔＝12∶3∶1，下列有关推断错误的是(　　 ) A．亲代白兔的基因型为bbhh B．F2中黑兔的基因型有两种 C．基因 B、b 和 H、h 位于两对同源染色体上 D．F2中的黑兔与白兔杂交，后代性状分离比为 3∶1 【答案】　D 【解析】　AC、灰兔和白兔杂交，F1均为灰兔，F2中灰兔∶黑兔∶白兔＝12∶3∶1，为9∶3∶3∶1的变式，说明兔子毛色的遗传受两对等位基因控制，遵循基因自由组合定律，据此可知F1灰兔的基因型为BbHh，则亲代的基因型为BBHH和bbhh，即亲代白兔的基因型为bbhh，AC正确； B、F2中黑兔的基因型有两种，为BBhh和Bbhh(或bbHh和bbHH)，B正确； D、F2中的黑兔的基因型为1/3BBhh和2/3Bbhh(或2/3bbHh和1/3bbHH)，黑兔产生的配子Bh∶bh＝2∶1(或bH∶bh＝2∶1)，黑兔与白兔(bbhh)杂交，后代性状分离比为 2∶1，D错误。 故选D。 二、选择题：每小题给出的四个选项中有一个或多个符合题目要求。 11．科研人员用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验，结果如图所示：据图判断，下列叙述正确的是(　　 ) A．若大鼠毛色由两对基因控制，则这两对基因位于两对染色体上 B．若大鼠毛色由两对基因控制，则F1与黄色亲本杂交，后代有四种表型 C．若大鼠毛色由两对基因控制，则F1和F2中灰色大鼠均为杂合体 D．若大鼠毛色由两对基因控制，则F2黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中出现米色大鼠的概率为1/4 【答案】　A 【解析】　A、两对等位基因控制的性状，F1自交，F2出现9∶3∶3∶1的分离比，说明两对基因独立遗传，位于两对染色体上，A正确； B、用(用A和a、B和b表示基因)则F1为AaBb，黄色亲本为AAbb(或aaBB)，两者杂交后代为AABb、AAbb、AaBb、Aabb(或AaBB、AaBb、aaBB、aaBb)有四种基因型，两种表型，B错误； C、F1为AaBb，相互交配产生的F2灰色大鼠中AaBb∶AABb∶AaBB∶AABB＝4∶2∶2∶1，其中有1/9为纯合子，C错误； D、F2黑色大鼠1/3AAbb、2/3Aabb(或1/3aaBB、2/3aaBb)与米色大鼠aabb杂交，其后代中出现米色大鼠aabb的概率为2/3×1/2＝1/3，D错误。 故选A。 12．孟德尔通过测交实验对自由组合现象解释加以验证，下列说法正确的是(　　 ) A．测交实验为F1(YyRr)与隐性纯合子(yyrr)杂交 B．F1的配子有Yy、Rr、YR、yr，yyrr的配子为yr C．雄雌配子随机结合 D．测交后代性状及比例为黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝3∶1∶3∶1 【答案】　AC 【解析】　A、测交是一种特殊形式的杂交，是杂交子一代个体(F1)再与双隐性亲本的交配，即让YyRr与隐性纯合子yyrr杂交，A正确； B、杂种一代(YyRr)在减数分离时，成对的遗传因子要分离，不同对的遗传因子自由组合，所以产生的配子为YR、Yr、yR、yr四种，但不会产生Yy、Rr这样的配子，B错误； C、根据孟德尔的假说，受精时，雌雄配子的结合是随机的，C正确； D、由于杂种一代(YyRr)产生的配子是YR、Yr、yR、yr四种，比例为1∶1∶1∶1，而yyrr产生的配子为yr，所以测交后代的性状表现及比例为黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝1∶1∶1∶1，D错误。 故选AC。 13．某种植物叶片规则齿形和不规则齿形是一对相对性状，受两对等位基因B/b和D/d控制。将规则齿形叶与不规则齿形叶植株杂交，F1均为规则齿形叶，F1自交后，F2表型及比例为规则齿形叶∶不规则齿形叶＝15∶1。现有甲、乙、丙植株(基因型分别为BbDD、bbDD、bbdd)，不考虑基因突变和染色体变异，对下列杂交实验相关结果的推测，正确的是(　　 ) A．甲、丙杂交，得到的F1自交，F2规则齿形叶∶不规则齿形叶＝8∶1 B．乙、丙杂交，得到的F1自交，F2规则齿形叶∶不规则齿形叶＝2∶1 C．甲、丙杂交，得到的F1与丙杂交，F2规则齿形叶∶不规则齿形叶＝5∶3 D．乙、丙杂交，得到的F1与丙杂交，F2规则齿形叶∶不规则齿形叶＝1∶1 【答案】　CD 【解析】　A、将规则齿形叶与不规则齿形叶植株杂交，F1均为规则齿形叶，F1自交后，F2表型及比例为规则齿形叶(B_D_、B_dd、bbD_)：不规则齿形叶(bbdd)＝15∶1，两对基因独立遗传，甲(BbDD)和丙(bbdd)杂交，得到的F1(1/2BbDd、1/2bbDd)分别自交，F2规则齿形叶∶不规则齿形叶＝(1/2×15/16＋1/2×3/4)∶(1/2×1/16＋1/2×1/4)＝27∶5，A错误； B、乙(bbDD)和丙(bbdd)杂交，得到的F1(bbDd)自交，F2规则齿形叶∶不规则齿形叶＝3∶1，B错误； C、甲(BbDD)和丙(bbdd)杂交，得到的F1(1/2BbDd、1/2bbDd)与丙(bbdd)杂交，F2规则齿形叶∶不规则齿形叶＝(1/2×3/4＋1/2×1/2)∶(1/2×1/4＋1/2×1/2)＝5∶3，C正确； D、乙(bbDD)和丙(bbdd)杂交，得到的F1(bbDd)与丙(bbdd)杂交，F2规则齿形叶∶不规则齿形叶＝1∶1，D正确。 故选CD。 三、非选择题 14．(2025·四川凉山三模)小鼠的皮毛颜色由常染色体上的三对基因控制，基因A控制合成灰色物质，a控制合成黄色物质。基因B能将灰色物质转变为黑色物质，b将灰色物质转变为褐色物质。基因D不影响上述2对基因的功能，但基因d纯合的个体为白色。选取三只不同颜色的纯合小鼠(甲－褐色、乙－白色、丙－黄色)进行杂交，结果如下： 亲本组合 F1表型 F2表型及比例 实验一 甲×乙 黑色 黑色∶褐色∶白色＝9∶3∶4 实验二 乙×丙 黑色 黑色∶黄色∶白色＝9∶3∶4 请回答下列问题(不考虑突变)： (1)小鼠乙的基因型是_____________。 (2)实验一的F2代中，白色鼠共有______种基因型，褐色鼠中杂合体占的比例为______。 (3)让实验二的所有F2黑色小鼠与只含隐性基因的小鼠测交，白色小鼠在全体子代中的比例为______。 (4)张三同学认为仅根据实验一、二的结果不能判断三对基因的遗传遵循自由组合定律，还需增加一组实验，则增加的实验亲本组合是____________，只有F2表型及比例为___________________________，才能说明三对基因遵循自由组合定律。 【答案】　(1)AABBdd (2)3　2/3 (3)1/3 (4)甲×丙　黑色∶褐色∶黄色＝9∶3∶4 【解析】　(1)实验一甲×乙杂交，F1都表现为黑色，则乙的应含有B基因，为__BBdd，F1自交得到F2，F2表型及其比例为黑色∶褐色∶白色＝9∶3∶4，为9∶3∶3∶1的变式，说明F1为双杂合。根据题干分析可知，甲的基因型为AAbbDD，乙应该为AABBdd，F1为AABbDd。 (2)实验一中F1为AABbDd，F1自交得到F2为黑色：9/16AAB_D_，褐色：3/16AAbbD_，白色：3/16AAB_dd和1/16AAbbdd。则实验一的F2代中，白色鼠的基因型有AABBdd、AABbdd、AAbbdd，共三种基因型。褐色鼠AAbbD_中杂合体AAbbDd占的比例为2/3。 (3)乙的基因型为AABBdd，丙的基因型为aa__DD，实验二乙×丙杂交，F1都表现为黑色，F1自交得到F2，F2表型及其比例为黑色∶黄色∶白色＝9∶3∶4，为9∶3∶3∶1的变式，说明F1为双杂合，则丙的基因型为aaBBDD，F1的基因型为AaBBDd，F1自交得到F2为黑色：9/16A_BBD_，黄色：3/16aaBBD_，白色：3/16A_BBdd和1/16aaBBdd。让实验二的所有F2黑色小鼠与只含隐性基因(aabbdd)的小鼠测交，根据题干信息可知，基因d纯合的个体为白色，若要得到白色小鼠，F2黑色小鼠的基因型只能为A_BBDd，所占比例为2/3，即子代中白色小鼠所占的比例为2/3Dd×dd→1/3dd，所以白色小鼠在全体子代中的比例为1/3。 (4)为了说明三对基因遵循自由组合定律，增加甲(AAbbDD)×丙(aaBBDD)的亲本组合，F1的基因型为AaBbDD，F1自交得到F2为黑色：9/16A_B_DD，褐色：3/16A_bbDD，白色：3/16aaB_DD和1/16aabbDD，即黑色∶褐色∶黄色＝9∶3∶4。 15．某两性花植物的高茎和矮茎为一对相对性状，纯种高茎植株与纯种矮茎植株杂交，无论正交还是反交，F1全部为高茎，F1自交，得到的F2植株中，高茎为270株，矮茎为211株。回答下列问题： (1)该植物株高性状中，__________为显性性状。若该植物株高性状由两对等位基因控制，则两对等位基因的遗传_________(填“遵循”或“不遵循”)基因自由组合定律，理由是______________________________。F2矮茎植株中杂合子所占比例为_________。若该植物株高性状由一对等位基因控制，则F2出现上述性状分离比的原因可能是含_________(填“显性”或“隐性”)基因的雄配子部分死亡，该种雄配子的成活比例为_________。 (2)该植物果实颜色的粉红色和红色是一对相对性状，受两对以上且独立遗传的基因控制。现有甲、乙、丙三种基因型不同的纯种结粉红色果实的植株，育种工作者对它们做了以下两组杂交实验： 实验一：甲与乙杂交子代(F1)全为红色，F1自交得F2，F2中红色与粉红色之比为812∶630 实验二：乙与丙杂交子代(F1)全为红色，F1自交得F2，F2中红色与粉红色之比为540∶421 相应基因依次用A/a，B/b，C/c，D/d……表示，不考虑变异。 ①该植物果实颜色至少受__________对等位基因控制，且当至少有__________个不同的显性基因存在时表现为红色。 ②若甲的基因型为AAbbcc，乙的基因型为aaBBcc，则丙的基因型为_________。在实验一中，让F2中的结粉红色果的植株自交，其中能够发生性状分离的植株所占比例为________________。 【答案】　(1)高茎　遵循　F2植株中高茎∶矮茎＝9∶7，是9∶3∶3∶1的变式　4/7　显性　1/7 (2)3　2　aabbCC　0 【解析】　(1)根据题意，纯种高茎植株与纯种矮茎植株杂交，无论正交还是反交，F1 全部为高茎，说明高茎为显性性状，矮茎为隐性性状。若该植物株高性状由两对等位基因控制，由于F2 植株中高茎∶矮茎＝270∶211≈9∶7，这是9∶3∶3∶1的变式，说明这两对等位基因的遗传遵循基因自由组合定律。设该植物株高性状的两对等位基因由(A/a、B/b)控制，则F2矮茎植株的基因型为1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb、1aabb，故F2矮茎植株中杂合子所占比例为4/7。若该植物株高性状由一对等位基因控制，设高茎和矮茎分别由基因A、a控制，且F1的雌雄个体的基因型均为Aa，其自交产生的F2植株中，高茎(AA＋Aa)∶矮茎(aa)＝9∶7可知，含A基因的雄配子部分死亡，雌配子为1/2A、1/2a，由于aa＝7/16＝1/2×7/8，故a基因的雄配子比例为7/8，则成活的A基因的雄配子比例为1/8，即含A基因的雄配子的致死率为 6/7，含A基因的雄配子的成活比例为1/7。 (2)①由题干信息可知，控制植物果实颜色的多对基因独立遗传。用甲、乙、丙三种基因型不同的纯种结粉红色果实的植株来做杂交实验，实验一中F2表型及比例为红色∶粉红色＝812∶630≈9∶7，为9∶3∶3∶1的变式，可知植物果实颜色至少受两对等位基因控制，且双显性植株的果实为红色；实验二中F2的表型及比例为果实红色∶果实粉红色＝540∶421≈9∶7，为9∶3∶3∶1的变式，可知植物果实颜色至少受两对等位基因控制，且双显性植株的果实为红色。若植物果实颜色受2对等位基因控制，则甲与丙的基因型相同，由于甲、乙、丙的基因型不同，推测植物果实颜色至少受3对等位基因控制，且当至少有2个不同的显性基因存在时植物果实才表现为红色。 ②结合①的分析可知，若甲的基因型为AAbbcc，乙的基因型为aaBBcc，则丙的基因型为aabbCC。在实验一中，F1的基因型为AaBbcc，F2中结粉红色果实的植株的基因型为aaB_cc、A_bbcc、aabbcc，让F2中结粉红色果实的植株自交，其产生的子代的果实颜色都为粉红色，故让中结粉红色果实的植株自交，其中能够发生性状分离的植株所占的比例为0。 学科网（北京）股份有限公司 $$