河北省保定市部分高中2024-2025学年高一下学期6月期末物理试题

null2024~2025学年度高一年级6月质量检测·物理 参考答案、提示及评分细则 1.B动能是标量，做匀速圆周运动的物体，速度方向时刻在变化，但线速度的大小不变，故动能不变，A错误； 做匀变速曲线运动的物体，速度在时刻变化，所以动量一定在改变，故B正确：做曲线运动的条件是合外力的 方向与初速度的方向不在一条直线上，与合外力是否为变力无关，C错误：若合初速度的方向与合加速度的 方向不在同一直线上，则合运动是曲线运动，D错误， 2.A由图可知，A、B两点属于同轴模型，转动过程中具有相同的角速度，由公式9=可知，任意相等的时间 内A、B两点转过的角度相等，A正确：由公式v=r可知线速度与半径成正比，即A、B两点的线速度之比为 4:1,由公式s=t可知任意相等时间内通过的弧长之比一定为4：1，B错误：由于角速度相等，由公式a= 0r可知，A,B两点的向心加速度之比为4：1.C错误；由于A,B两点的角速度相等，由公式T=2红可知A、 B两点的转动周期相等，D错误. 3.A设地球质量为M,质量为m的卫星绕地球做半径为r,线速度大小为v的匀速圆周运动，由引力提供向心 力G=m号，解得一√，卫星丙运行半径r最小，线速度v最大，A正确：地球半径为R,卫星距地面 高度为h,卫星绕地球运行半径，一R+h,卫星运行速度=√，近地卫星h=0,r=R时速度最大 √二7.9km/s,故卫星运行速度一定小于7,9km/sB错误：由开普勒第三定律子=k可知，卫星甲、乙 周期与地球自转周期相同，则卫星绕地球运行半径？相同，运行速度大小相等，但卫星质量可能不同，由动能 瓦=一m子可知，卫星甲与卫星乙的动能可能不同，C错误：乙是倾斜地球同步轨道卫星，地面上的观察者看 到卫星乙在运动，看到卫星甲是静止不动的，D错误。 4.D依题意，两次平抛运动的初速度不同，下落高度相同，由巴，2=2gh,解得，=√2gh,根据=√w2十U, =√，2+2g可知两次平抛运动，落地时瞬时速度不相同，故D正确：根据g=A可得速度的变化率相同， △ 故B错误；由P=mg贮，可知两次平抛运动重力的平均功率相同，故C错误：根据P=mg,可知两次平抛运 动，落地时重力的瞬时功率相同，故A错误 5.C某人准备游泳过河去正对岸，则合速度方向垂直正对岸，以cos0=v,可知0=60°，故选C. 6.C由电动机功率P=F,可知，当玩具车以额定功率启动后，速度增大，牵引力减小，由牛顿定律F一f一 m,可知加速度减小，玩具车做加速度减小的加速运动，A错误：玩具车匀速运动时，速度最大为=P f 4m/s,B错误；当玩具车速度为1m/s时，由F=号-40N,小孩和玩具车的总质量为20kg,由牛顿第二定 律F一f=ma,解得加速度a=1.5m/s2,C正确：由动能定理E一0=Wr一W,玩具车所受牵引力做的功等 于克服摩擦力做的功与获得动能之和，D错误 【高一年级6月质量检测·物理参考答案第1页（共4页）】 25-T-849A 7.D在小球运动过程中，小球和滑块组成的系统在水平方向上动量守恒，系统竖直方向动量不守恒，A错误： 小球在圆弧轨道上升到最高时小球与滑块速度相同，系统在水平方向上动量守恒，规定功的方向为正方向， 有=4u,得v=中，B错误：小球离开圆弧轨道时，根据动量守恒定律，则有m=u十3，根据机械 能守恒定律.则有宁ma2=之m2十号×3m2,联立以上两式可得=一受=受.C错误：根据机械能 守恒定律得宁m2=专×m十me6,解得=D正确 8.BD物块随圆盘转动的过程中，物块受重力、支持力、摩擦力，其中由摩擦力提供向心力，故A错误：当物块 恰好要发生相对滑动时，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，有mg=m,解得一√华，故B正确：若圆盘 转动的角速度迅速增大，物块也将做加速运动，合力方向与速度夹角为锐角，物块所受合力不会指向圆盘中 心，故C错误：从静止到恰好要发生相对滑动，有mg=四，圆盘对物块的摩擦力做功大小为W= 2n2, 联立解得W=,故D正确。 2 ,AC由开普勒第三定律子=k可知，变轨后“嫦蛾六号“绕地球的椭圆长轴逐渐变大，周期逐渐变大，A正 确：由开普勒第二定律，探测器在同一椭圆轨道运行时与地球连线相等时间内扫过的面积相等，B错误：探侧 器每次运动到绕地轨道近地点时都需要加速，使需要的向心力大于地球引力，探测器做离心运动远离地球， 椭圆长轴逐渐变大，C正确：反之探测器运动到绕月轨道近月点时都需要减速，椭圆长轴逐渐变小，D错误. 10.CD由A、B两点弹簧对滑块的弹力大小相等可知，A点弹簧处于压缩状态，B点弹簧处于伸长状态，B点 P所受合力竖直向下，则P在越来越靠近B点过程中必有所受合力方向竖直向下的阶段，该阶段P的速度 减小，故A错误；滑块P在A、B两点时，弹簧对滑块的弹力大小相等，即弹簧的形变量相等，弹簧的弹性势 能相等，到B点时，Q的速度为零.则系统由机被能守恒可得5mgL一Lcac37)=mg×号L十之m,解得 gL,因为A,B两点弹簧弹性势能相等，即弹簧对P做功为零，所以细绳对P做的功等于P增加 4 的机械能，则W=mg×号L+2m=mg,故B错误，故C正确：由A项分析知，从A点到B点过程中， 弹簧对P,Q整体先做正功，后做负功，所以P与Q的机械能先增大后减小，故D正确. 11.(1)A(1分)(2)左(1分)0.0661(2分)0.0686(1分)(3)D(1分) 解析：(1)应该先接通电源，然后释放纸带，故A操作不当. (2)因纸带上从左到右点间距逐渐增加，那么纸带的左端与重物相连；打下F点时的速度为=票 T 9.50490X10m/s=1.15m/s,从打下0点到F点的过程中，重物动能增加量为△E= 2×0.02 2m42= 号×0.1X1.152J≈0.061小，重物重力势能的减少量为△E,=mgh:=0.1X9.8×7X10J=0.0686J. (3)重物的质量过大，重物和纸带受到的阻力相对较小，所以有利于减小误差，选项A错误：重物的体积过 【高一年级6月质量检测·物理参考答案第2页（共4页）】 25-T-849A 小，有利于减小阻力，所以有利于诚小误差，选项B错误：电源的电压偏低，电磁铁产生的吸力就会减小，吸 力不够，打出的点也就不清晰了，与误差的产生没有关系，选项C错误：重物及纸带在下落时受到阻力，从能 量转化的角度，重力势能诚少除了转化给了动能还有一部分转化给摩擦产生的内能，所以重物增加的动能 略小于减少的重力势能，选项D正确. 12.(1)CD(2)AB(3)mx=m十2.1十=x(每空2分，选择题每正确选出一项得1分，选错不 得分) 解析：1)由x=,H=?g可知，小钢球A、B做平抛运动时间相同，故只需测出水平位移x就能得出碰 撞前后速度的关系，C正确：小球A、B的质量需测量，D正确， (2)因要保证A球不反弹，故m>2:同时小球A初始释放位置要相同，才能保证到斜槽末端的速度相同： 斜槽无须光滑，A、B正确」 (3)若碰撞前后动量守恒则有m功=m十防，即m一m十m:,若还满足弹性碰撞则有2m 之m2+合2，即m2=m2十3，化简得十= 13.解：(1)地球表面物体受地球引力可以分解为重力和物体随地球自转的向心力， 忽略地球自转对表面的重力加速度大小的影响时，地球表面物体受重力等于地球引力(1分) 设地球的质量为M,物体的质量为加 由mg-G恤(2分) R 解得地球的质量M=迟 G (2分) (2)同步卫星绕地球运行周期和角速度与地球自转相同，同步卫星角速度为仙(1分) 设同步卫星的质量为m,距地面高度为h, 由次十=m2R+)(2分) GMmo 解得同步卫星距地面高度h一√ R-R(2分) 14.解：(1)设子弹穿过木块后的瞬间子弹的速度大小为，木块的速度大小为必，子弹穿过木块过程中，对于 子弹与木块组成的系统，由动量守恒定律得 m=n十M(2分) 解得=2m/s(2分) (2)子弹穿过木块过程中，对木块，由动量定理得F△1=M一0(2分) 解得F=1000N(2分) (3)子弹射穿木块后，木块上升到最高点过程中，由机械能守恒定律得 2M2=Meh(2分) 解得h=0.2m(2分) 【高一年级6月质量检测·物理参考答案第3页（共4页）】 25-T-849A 15.解：(1)从A到C的过程小物块做平抛运动，在C点小物块速度与水平方向的夹角为53 由几何关系可知小物块在C点的竖直速度v,=tan53°=8m/s(1分) 由竖直方向做自由落体u=g(1分) 解得小物块平抛运动时间t=0.8s(1分) 由水平方向做匀速运动x=1=4.8m(1分) 2)由儿何关系可知小物块到C点速度c一53=10m/s1分) 小物块沿光滑圆弧由C点到D点由动能定理 2m2-1 mgR(1-c0s53°)= 一2m42(2分) 在D点由牛顿第二定律有F一mg= R (1分) 联立解得Fx=236N(1分) (3)对小物块1mg=a1 解得小物块加速度a1=3m/s2(1分) 对木板mg-(M十n)g=Ma2(1分) 解得木板加速度a2=3m/s2(1分) 设经过t时间二者具有相同速度v,则有v=如一a1=azt 解得t=√3s,v=3√3m/s(1分) 小物块位移为=边=135m1分) 木板的位移为=号1=45m1分) 故小物块相对长木板向左滑行x相对=一=9m(1分) 因长木板下表面与地面间的动摩擦因数=0.1小于长木板上表面与小物块间的动摩擦因数出=0.3，小 物块相对长木板静止后一起向左滑行至速度减为0 小物块与长木板间因摩擦而产生的热量Q=出mg.x相#=54」(1分) 对小物块与长木板用能量守恒，长木板与地面因摩擦而产生的热量Q Q=2mw2-Q=54J1分) 另解Q:小物块相对长木板静止一起向左滑行直到速度减为0，加速度为α 由整体法(m十M)g=(m十M)as 解得加速度为as=1m/s2 小物块与长木板一起向左滑行位移xa,由0一子=2（一）x 解得xc3=13.5m 长木板与地面因摩擦而产生的热量Q=(m十M0g(x2十x)=3×(4.5十13.5)J=54J 【高一年级6月质量检测·物理参考答案第4页（共4页）】 25-T-849A