中考冲刺（实验探究30道）- 2025年中考物理复习热点题型专练

中考冲刺（实验探究30道）- 2025年中考物理复习热点题型专练 一、实验探究题 1．我们已经知道导体的电阻是导体本身的一种性质，它的大小与导体的长度、横截面积和材料有关，进一步研究表明，在温度不变时，导体的电阻跟导体的长度成正比，跟导体的横截面积成反比，这个规律叫做电阻定律，用公式表示为，其中R、L、s分别表示导体的电阻、导体的长度和横截面积。而p是反映材料导电性能的物理量，我们把它叫做材料的电阻率。材料电阻率的大小与什么有关?小红提出如下猜想： 猜想1：电阻率与材料的长度有关； 猜想2：电阻率与材料的横截面积有关； 猜想3：电阻率与材料的种类有关。 于是小红找来不同规格的导线进行测量，实验数据见下表： 实验序号 材料 长度L/m 横截面积：S/mm2 电阻R/Ω 电阻率p 1 铜 1.0 0.1 0.17 0.017 2 铜 2.0 0.1 0.34 0.017 3 铜 1.0 0.05 50.34 0.017 4 铁 1.0 0.1 1.0 0.1 5 镍铬合金 1.0 0.1 1.0 1.1 （1）你认为下面哪一个是电阻率的单位：____。 A．Ω·m B．Ω/m C．Ω/m2 （2）分析比较实验序号1、2的数据，可初步确定猜想1是　 　(选填“正确”或“错误")的。 （3）分析比较实验序号　 　的数据，可以初步确定猜想2是错误的。 （4）分析比较实验序号1、4、5的数据，由此可得到的初步结论是电阻率的大小与　 　有关。 （5）根据表中的数据，如果要制作一个滑动变阻器，应选用材料　 　作为电阻线圈，这是因为相同规格的这种材料做成的电阻较　 　，可以调节的阻值范围较大。 （6）根据表中的数据求出一段长10m， 横截面积2mm2的铁导线的电阻是　 　Ω。 2．小刚用图甲所示的电路，探究“电流与电阻的关系”，电源电压恒为3V，在实验提供的器材中，定值电阻10Ω、20Ω、30Ω、50Ω各一个，电压表（测量范围为0~3V），电流表（测量范围为0~0.6A）。 （1）请根据图甲所示的电路图用笔画线代替导线将图乙所示的实物连接成完整电路（要求：滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中的电流变小）　 　； （2）每一次实验过程中，小刚在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应观察　 　（选填“电流表”或“电压表”），直到其达到预设的示数； （3）小刚根据记录的实验数据，绘制成了图丙所示的图象，根据图象和数据可得出结论：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成　 　； （4）为使以上电阻单独接入电路都能完成实验，则小刚所选择的滑动变阻器的最大电阻应不小于　 　Ω。 3．小明用相同的酒精灯分别给水和煤油加热(图中所示)，以探究水和煤油的吸热能力。 （1）本实验除了图甲用到的测量工具外，还需要的测量T.具是停表和　 　。 （2）加热10min，水吸收的热量　 　(选填“大于”“小于”或“等于”)煤油吸收的热量。 （3）根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图像(如图乙所示)；由图像可知，煤油的比热容是J　 　/kg.C水=4.2×103J/(kg.℃)]。 （4）由图乙可知，如果要使水和煤油的升高相同的温度，就要给_ 加热更长的时间，此时水吸收的热量　 　(选填“大于”“小于”或“等于”)煤油吸收的热量。 4．小红猜想动能的大小可能与物体质量和运动速度有关，于是设计了如图甲、乙所示的实验，探究动能的大小与哪些因素有关。 ⑴让质量相同的两个小球沿同一光滑斜面分别从A处和B处开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，纸盒在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所示。 ⑵让不同质量的两个小球沿同一光滑斜面分别从B处开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，纸盒在水平面上移动一段距离后静止，如图乙所示。上述甲、乙两组实验中： ①乙图中让不同质量的两个小球从同一高度滚下的目的是两球到达水平面时，具有相同的　 　。 ②选用图甲探究的是动能与　 　的关系，理由是：两球　 　相等；得出的结论是：　 　。 ③选用图乙探究的是动能与　 　的关系，得出的结论是： 　 　。 ④物理研究方法有许多，如等效替代法、类比法、对比法、控制变量法；本实验中运用了两种研究方法，一是　 　法；二是转换法，就是用纸盒移动的距离长短来表示小球动能的大小。 5．为了比较水和煤油吸热能力，小宇和小欣利用图所示的实验装置进行实验。他们用完全相同的酒精灯给质量相等的水和煤油加热，每隔2min， 用温度计记录一次水和煤油的温度。记录的实验数据如下表所示。 加热时间/min 0 2 4 6 8 10 煤油的温度/℃ 20 24 28 32 36 40 水的温度/℃ 20 22 24 26 28 30 （1）实验中用　 　来表示水和煤油吸热的多少。 （2）小宇分析数据可知：质量相等的水和煤油吸收相同的热量附，水比煤油　 　，说明水比煤油吸热能力强。 （3）小欣分析数据可知：质量相等的水和煤油升高相同的温度，水比煤油　 　，说明水比煤油吸热能力强。 （4）实验结束后，老师向他们提出一个问题：如果水和煤油的质量m不同、加热时间T 不同、升高的温度△r也不同，怎样比较才能得出水比煤油吸热能力强的结论?请你帮助他们写出比较的方法：　 　。 6．利用铁架台、杠杆、质量相等的钩码等器材，探究杠杆的平衡条件。 （1）调节螺母，将没挂钩码的杠杆调节至水平位置平衡，如图甲所示，其目的是方便测量　 　。 （2）为探究杠杆的平衡条件，小明设计了以下两种收集实验数据的方案，其中合理的是　 　。 实验次数 方案一 方案二 1 3 　 3 　 3 　 5 　 2 2 　 2 　 4 　 3 　 3 1 　 1 　 2 　 5 　 （3）如图乙所示，在A处悬挂3个钩码，每个钩码重0.5N。如果在B处施加一个拉为使杠杆在水平位置再次平衡，当拉力最小时，方向为　 　，大小为　 　N。 （4）课后，小明制作了一个简易杠杆，调节杠杆在水平位置平衡，然后在它两边恰当位置分别放上不同数量的同种硬币，使其在水平位置再次平衡，如图丙所示，则力臂：　 　，若从两边同时各取走一枚硬币，则杠杆的　 　端将下沉。 7． 如图所示，是某物理实验小组探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关的实验。 （1）在甲、乙、丙实验中，用弹簧测力计水平匀速直线拉动物体，依据　 　原理可知，滑动摩擦力的大小　 　弹簧测力计示数； （2）通过甲、乙两图中的实验数据，可以得出结论：接触面粗糙程度一定时，压力越　 　，滑动摩擦力越大； （3）通过　 　两图的实验数据可得出，滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系。 （4）甲实验中，若把水平拉力增加到3N，则物体A受到的滑动摩擦力是　 　N； （5）该实验中，我们用到了控制变量法。下列哪个实验还用到了此实验方法____； A．测量物质的密度 B．测量平均速度 C．探究固体熔化时温度的变化规律 D．探究影响蒸发快慢的因素 （6）丁实验中是将木块切掉一半后并叠放，通过与甲实验的对比说明滑动摩擦力大小与受力面积大小　 　（选填“有关”或“无关”）。 8．实验小组的同学在探究“影响液体内部压强大小的因素”，他们进行了如图所示的实验。 （1）本实验通过比较压强计U形管两侧液面的____来反映液体内部压强的大小。这种物理研究方法是____(填选项)； A．转换法 B．控制变量法 （2）比较甲、乙、丙三次实验，可得出结论：同种液体同一深度，液体向各个方向的压强大小　 　(选填“相等”或“不相等”； （3）比较图丁、戊两次实验，可得出结论：液体的压强与液体的　 　有关； （4）比较图　 　两次实验，可知道拦河大坝做成上窄下宽形状的原因； 9．小明在“测滑轮组机械效率”的实验中，用如图甲所示的滑轮组进行了三次实验，实验数据如下表： 实验 次数 物重 物体上升的高度 测力计的示数 测力计移动的距离 （1）数据表中有一个数据的记录是错误的，错误的数据是　 　； （2）改正了错误的数据后，小明通过计算后发现：滑轮组的机械效率与　 　无关。 （3）小红在小明实验的基础上多使用一个滑轮也做了实验，如图乙所示。这两位同学使用各自的滑轮组提升相同的重物时，若忽略绳重及摩擦，它们的机械效率　 　选填“相同”或“不相同”。 10．如图所示是“探究浮力大小跟排开的液体重力的关系”的实验过程。 （1）为了方便操作和减小误差，最合理的实验步骤顺序是　 　用字母表示； （2）由以上步骤可初步得出结论：浸在水中的物体所受浮力的大小等于　 　； （3）另一实验小组在步骤的操作中，只将石块的一部分浸入水中，其它步骤操作都正确，则　 　选填“能”或“不能”得到与中同样的结论。 11．在“探究杠杆平衡条件的实验”中： （1）如图甲所示，实验前，杠杆左端下沉，则应将左端的平衡螺母向 　 　调节（选填“左”或“右”），直到杠杆在水平位置平衡，目的是 　 　； （2）如图丙所示，若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在B点向下拉杠杆，使杠杆仍在水平位置，当测力计从a位置转到b位置时，其示数大小将 　 　；（选填“不变”“变大”或“变小”） （3）保持A点钩码数量和力臂不变，杠杆在水平位置平衡时，测出多组动力臂L1和动力F1的数据，绘制了L1−F1的关系图象，如图丁所示．请根据图象推算，当L1为0.6m时，F1为 　 　N。 12．在热学实验中： （1）小明用相同的酒精灯分别给水和煤油加热（如下图甲）以探究水和煤油的吸热性能： ①在两个相同的烧杯中应加入初温和　 　相同的水和煤油，实验中用相同的酒精灯加热的目的是：使水和煤油在相同时间内　 　；水和煤油吸热的多少是通过　 　来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”）； ②水和煤油温度随时间变化如下图乙所示，根据图乙可判断出a物质是　 　； （2）如下图丙所示，为比较酒精和碎纸片的热值，小明用两个相同规格的烧杯装相等质量的水，取质量　 　的酒精和碎纸片，分别放入两个燃烧皿中。分别给烧杯加热直到酒精和碎纸片完全燃烧。通过比较　 　（选填“加热时间”或“升高的温度”）来确定酒精和碎纸片热值的大小；酒精在燃烧过程中，其热值　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）； 13．小丽同学用焦距为15cm的凸透镜做“探究凸透镜成像的规律”实验： （1）实验前需调节烛焰、透镜、光屏三者的中心在同一高度上，比较规范的操作是 ____（填选项前的字母） A．将三者分散排列，然后用目测的方法调节 B．将三者靠拢，然后用目测的方法调节 C．将三者分散排列，用刻度尺分别测量高度进行调节 （2）实验过程中，当蜡烛与凸透镜的距离如图甲所示时，在光屏上可得到一个清晰的倒立、　 　的实像，生活中利用这个规律制成的光学仪器是 　 　。 （3）实验过程中，小丽发现当蜡烛成实像时，物距减小，像距与像都 　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。 （4）实验过程中，随着蜡烛的燃烧，可观察到光屏上的像向 　 　（选填“上”或“下”）移动。 （5）通过实验观察可知，在图乙中左边的蜡烛通过凸透镜不可能形成的像是 　 　。（填符号） （6）当固定透镜位置如图甲，蜡烛由图示位置逐渐向右移动到标尺“25cm”处，通过移动光屏，光屏上始终出现清晰的像，在此次移动过程中，蜡烛和光屏之间的距离变化是 A．始终增大 B．始终变小 C．先变小后变大 D．先变大后变小 E．保持不变。 14．在探究“光的反射规律”实验时，小明把一块平面镜放在水平桌面上，再把硬纸板a、b竖直立在平面镜上，具体操作如下： （1）如图甲所示，纸板上的虚线ON垂直于平面镜，让一束光贴着纸板沿AO入射到O点，使∠AON＝30°，经平面镜反射沿OB射出，∠BON＝　 　度。改变光束AO入射的角度，使AO远离ON，则∠BON将 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 （2）如图乙所示，将图甲中右侧的纸板b沿着ON逆时针转动一定角度，在纸板b上 　 　（选填“能”或“不能”）观察到反射光线。 （3）如图丙所示，将纸板ab向后倾斜一定角度，让光束贴着纸板沿AO入射到O点，在纸板b上 　 　（选填“能”或“不能”）看到反射光线，反射光线与入射光线 　 　（选填“在”或“不在”）同一平面内。 （4）在甲图中，入射光线沿BO射到平面镜，发现反射光线沿OA射出，这说明反射时 　 　。 15．小亮做了下面两个实验，请回答下列问题： （一）探究“浮力大小跟哪些因素有关”和“阿基米德原理” （1）如图甲所示，金属块在b图中受到的浮力为 　 　N。比较a、d两图与a、c两图中弹簧测力计的示数差可以得出：物体排开液体体积相同时，　 　越大，物体受到的浮力越大。 （2）小亮通过a、e两图的操作分别测出了金属块和空桶的重力，为了验证阿基米德原理，接下来他在b、c、d三个图中 　 　（填“必须读出b”、“必须读出c”、“必须读出d”或“任意读出一个”）图中的弹簧测力计示数，并测出对应的小桶和液体的总重即可。通过实验可以得出阿基米德原理的正确公式为 　 　。 （3）他取来桶A和另一个较大的桶B，先用弹簧测力计测出空桶A的重力为GA； （4）再用弹簧测力计测出空桶B的重力为GB； （5）如图乙所示，将桶A口朝上向下压入装满水的溢水杯中，使桶A的桶口刚好与溢水杯中水面相平（此过程中没有水进入A桶），用桶B收集溢出的水，并用弹簧测力计测出桶B及桶内水的总重为G1； （6）将桶A从水中取出，将桶B内的水倒入桶A直至倒满（水未溢出），并用弹簧测力计测出此时桶B及桶内水的总重为G2； （7）桶A（桶壳）体积可以通过步骤（4）和步骤 　 　[填“（2）”或“（3）”]得出； （8）桶A（桶壳）密度表达式为ρ＝　 　（水的密度用ρ水表示）。 16．小明在探究“动能大小与质量的关系”时将实验装置设计成如图所示。 （1）如图甲、乙所示，木板固定在水平面上，分别将两小球由静止开始释放，与放置在水平木板上的两个相同木块分别发生碰撞，观察木块被撞击的距离。图中错误的操作是 　 　。 （2）小明改正了错误操作后，由静止释放两小球，发现图乙中的木块被撞击得较远，结论是 　 　。 （3）将木块分别放在木板和纸板上，如图甲、丙所示，将质量均为m的小球拉至同一高度由静止释放撞击木块，木块在木板和纸板上运动的距离分别为s1、s2，测得s1＞s2，若木块在木板、纸板表面克服摩擦力做的功分别为W1、W2，则W1　 　（选填“＞”、“＜”或“＝”）W2。（不计空气阻力） 17．如图是探究杠杆平衡条件的实验情景。请你解答： （1）实验前，为了使图甲中静止的杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向　 　旋一些； （2）调节平衡后，在杠杆B点处挂6个钩码，如图乙所示，则在A点处应挂　 　个同样的钩码，杠杆仍然在水平位置平衡； （3）实验中进行多次实验的目的是__________（选填“A”或“B”）； A．取平均值减少误差 B．使实验结论具有普遍性 18．在“探究二力平衡条件”的活动中，小明和小华不断改进并先后设计了四个实验方案，如图所示： （1）从丙方案改进为丁方案是为了减小　 　对实验的影响； （2）采用丁方案进行实验。当卡片平衡时，小明将卡片在竖直平面内转过一个角度，松手后卡片不能保持平衡，这说明一对平衡力必须要　 　； （3）采用丁方案进行实验，为了探究作用在不同物体上的两个力能否平衡，应该采取的操作是：　 　，观察小卡片是否仍然静止。 19．在“探究浮力大小与排开液体重力的关系”的活动中。某兴趣小组将传统的实验（如图甲所示） 进行了改进（如图乙、丙所示）。当物块没入装满水的溢水杯中时，水会流入空桶。 （1）当物块没入装满水的溢水杯中时，根据图乙、丙中数据可知，实验中物块受到的浮力是 　 　N； （2）如果实验前溢水杯未装满水，在图丙中物块仍没没在水中，与装满水时相比，实验测得的浮力将　 　，实验测得转到桶内水的重力会　 　（均选填“变大”、“变小”或“不变”）。 20．如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团干燥的硝化棉，用力将活塞迅速下压，会观察到硝化棉燃烧起来。 （1）实验中，根据硝化棉燃烧现象，可知玻璃筒内空气分子的热运动　 　（选填“减慢”或“加快”）。 （2）这是通过　 　的方式　 　（选填“增加”或“减少”）玻璃筒内空气的内能，空气温度升高，达到硝化棉的燃点使它燃烧起来。 （3）当活塞向下压一段距离后，手上会感到用的力越来越大，这表明分子间存在　 　力（选填“引”或“斥”），这种力随着分子间距离的减小而　 　。 21．某同学在做光学实验时，先将一凸透镜A固定在光具座上50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜A两侧，如图所示，左右移动光屏，直至光屏上呈现蜡烛清晰的像。 （1）点燃蜡烛，调整蜡烛、凸透镜和光屏的高度，使烛焰的中心、凸透镜的光心和光屏的中心大致在　 　目的是　 　； （2）若凸透镜A的焦距为10cm，此时在光屏上呈现蜡烛清晰的像，利用这个成像特点制成了　 　（选填“照相机”、“放大镜”或“幻灯机”）； （3）当透镜A位置不变，蜡烛向右移动一小段距离后，若再次在光屏上得到清晰的像，则应将光屏向　 　移动（选填“左”或“右”）； （4）如图所示，若在蜡烛和透镜A保持不动的情况下，将光屏移动至更靠近凸透镜A的a点，光屏上原来清晰的像变模糊了，现将一透镜B置于蜡烛和透镜A之间的某处（图中未画出），光屏上又呈现蜡烛清晰的像，则透镜B为　 　（选填“凸透镜”或“凹透镜”）。 22．在探究液体压强与哪些因素有关的实验中，在U形管接头处加装了一个“三通接头”，如图甲所示。 （1）U形管与探头连接时，阀门K应处于　 　（选填“打开”或“关闭”）状态，以确保U形管内的水面相平；组装完成后，轻压探头的橡皮膜到一定程度，U形管内液面有明显的高度差并保持稳定，说明装置　 　（选填“漏气”或“不漏气”）； （2）比较乙、丙两图，可得出液体压强和　 　有关；比较图丙与丁两图，还可初步得出液体在同一深度处向各个方向的压强　 　（选填“相等”或“不相等”）； （3）若需通过图丁和戊对比得出液体压强与液体密度的关系，应将图戊中的探头向　 　（选填“上”或“下”）移动适当的距离；移动探头后，观察到U形管液面高度差为，此时探头受到盐水的压强为，若取出探头放回水中，当U形管液面高度差再次为时，测出探头在水中的深度为20cm，则为　 　Pa； （4）小婷发现探头所处深度较浅时，U形管两液面的高度差不明显，可将U形管中的水换成密度更　 　（选填“大”或“小”）的液体以方便读数。 23．小明和同学进行“探究串联电路电压规律”的实验。所用器材有：电压恒为3V的电源，一个开关，两只灯泡（L1和L2），两只相同电压表和（量程均为0-3V和0-15V），导线若干。 （1）他们按图甲所示的电路图连接电路，用一只电压表分别测AB、BC、AC间的电压。每次拆接电压表时，开关应处于　 　状态； （2）为测量L1两端电压，请在图乙中用笔画线代替导线将实物图连接完整； （3）具有创新精神的小明决定改进实验。他按照图丙所示电路图连接好电路，闭合开关，发现电压表和的指针偏转角度相同，则可能的原因是电压表　 　（选填“”或“”）的量程选大了，此时电压表和的示数分别为　 　V和　 　V； （4）解决问题后，小明同学测出了AB间和AC间的电压，为了测量BC间的电压，断开开关，接下来可以___________； A．保持B接线不动，将电压表连线由A改接到C B．保持C接线不动，将电压表连线由A改接到B （5）分析AB、BC、AC间的电压关系，得出结论：在串联电路两端的总电压　 　各部分电路两端的电压之和。 24．小红同学利用光具座、凸透镜、蜡烛和光屏等实验器材探究凸透镜成像的规律。 （1）她先将凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，通过如图甲所示的实验得到该凸透镜的焦距为　 　cm 为使像成在光屏中央，应将烛焰、凸透镜和光屏三者中心调到　 　。 （2）她将蜡烛移至光具座上10 cm 刻度线处，如图乙所示，然后移动光屏得到一个清晰、倒立、　 　的实像。 （3）她又将蜡烛移至光具座上：25cm刻度线处，为在光屏上再次得到清晰的像，应将光屏向　 　(选填“靠近"或“远离”)透镜的方向移动；应用这一成像特点可制成的光学仪器是　 　。此时小红把自己的近视眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，像变模糊了，若要在光屏上再次得到清晰的像，则应将光屏向　 　 (选填“靠近”或“远离”)透镜的方向移动。 （4）随着蜡烛燃烧，烛焰的像会偏移，为了使像重新回到光屏的中心，接下来的操作是　 　。 （5）小红将蜡烛移至光具座上40cm刻度线处，发现无论如何移动光屏都不能在光屏上得到像、为了观察此时的成像特点，接下来的操作是　 　，小红将蜡烛维续靠近透镜，看到的像将　 　(选填“变大”“变小”或“不变”)。 25．寒假期间，学校布置了假期社会实践作业、小聪在家和妈妈学烹饪时注意到，盐（主要成分是NaCl）和糖（主要成分是蔗糖）外观非常像（如图甲），除了尝味道几乎分辨不出来。于是他找来小明和小林，想利用自己所学的物理知识，科学的分辨出两种物质。经过查阅资料，他们得到以下数据（如表格）： 物质 密度/ 熔点/℃ 比热容/ 盐（NaCl） 2.17 801 糖（蔗糖） 1.66 185 （1）小聪找来A、B两个相同的勺子，分别装满一平勺两种样品。用天平测得A勺总质量为16.2g，B勺总质量如图乙所示，读数为　 　g，由此可知　 　（选填“A”或“B”）勺中样品为盐。 （2）小明和小林从学校借来实验器材，组装了如图丙所示装置，通过水浴法加热两种样品，水浴法的优点是　 　。某时刻，试管D中温度计示数如图，此时温度为　 　℃。实验中每隔一段时间记录一次C、D试管中物质的温度，并做出温度随时间变化的规律图象，如图丁所示。 （3）根据图丁可知，吸收相等热量，升温较多的是　 　（选填“C”或“D”），进而判断出试管D中样品为　 　（选填“糖”或“盐”）。 （4）小林发现该实验无法根据熔点辨别两种物质，原因是　 　。 26．某实验小组探究“物重与物体质量的关系”，得到如下表数据： 次数 1 2 3 4 质量m/kg 0.1 0.2 0.3 0.4 重力G/N 1.0 2.0 3.0 4.0 （1）在测物重时，小明和小红的操作分别如图中甲和乙所示，两人中　 　的操作是正确的。 （2）分析表格中数据，其中能正确描述物体所受的重力G与质量m关系的图像是 （3）本实验需要多次测量，其目的是　 　。 （4）经过精确测量，发现物体所受重力的大小跟它的质量比值g，在不同的地理位置存在着微小差异，下表列出了一些城市和地区的g值大小。根据表中提供的信息分析，各国的贸易往来中的发货单上所标的“货物重量”，应该是指货物的　 　。 地点 赤道 北京 纽约 莫斯科 北极 g值N/kg 9.780 9.801 9.803 9.816 9.832 27．在“使用天平测量质量”的实验中，小奇选取的天平配备的砝码规格为100g、50g、20g、10g、5g。 （1）将天平放置于水平台面上，刻度盘指针如图1所示，则应将平衡螺母往 　 　调节。 （2）正确调节后，测量空烧杯的质量。估计空烧杯的质量约30g，则依次往右托盘放入20g和10g砝码后，指针偏向右侧，则应取下10g砝码，加上 　 　g砝码，同时调节游码，直到天平平衡。最后，测得空烧杯质量为28.0g。 （3）如图2所示，为测得烧杯和液体的总质量，则杯中液体的质量为 　 　g。 （4）以下操作中，天平的两次平衡，指针均在刻度盘的中央刻线处，则对天平测量物体质量的结果没有影响的是 A．放置天平的台面不水平 B．砝码集中在托盘的一侧 C．两个托盘的质量有差异 D．称量中水平台面被推动 28．在“探究浮力的大小跟哪些因素有关” 的实验中，小华提出如下猜想： 猜想 1：浮力的大小可能与液体的密度有关 猜想 2：浮力的大小可能与物体浸没的深度有关 猜想 3：浮力的大小可能与排开液体的体积有关 （1）为了验证猜想，小华在实验室里做了如图 1 所示的实验。 ①要验证猜想 2 ．应比较序号为 　 　 的三次实验； ②比较序号为 A、D 、E 的三次实验，分析可知：排开液体的体积相同时，液体的密度越大， 物体所受的浮力越 　 　。 ③根据图 1 可以得出 P 物体密度为　 　 g/cm3，E 图中盐水密度为　 　 g/cm3。 （2）小明接着又探究了“浸在液体中的物体所受浮力跟它排开液体所受重力的关系”，过程如图2 所示，其中 a 、b 、c、d 中弹簧测力计的示数依次是F1 、F2 、F3、F4 。 ①探究操作的最合理顺序是 　 　（只填字母）。若图中F1 、F2 、F3、F4 四个力之间满足　 　·（写关系式）成立，就可得出结论F浮 = G排 ； ②不会影响图 2 实验探究结论能否正确得出的操作是 　 　（只填序号）。 A.c 中，物体浸入水中前，水面未到达烧杯口 B.c 中物体没有全部浸入在水中 C.c 中物体触碰到了烧杯底 29．某小组的同学在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测 力计、刻度尺、细线和质量 100g 的钩码若干个。 （1）实验前，杠杆静止时如图甲所示，应将左端平衡螺母向 　 　（选填“左”或“右”）端调节， 直到杠杆在水平位置平衡； （2）实验时，需要使杠杆在水平位置平衡，是为了 　 　； （3）挂在 C点的弹簧测力计由位置 1 逐渐转至位置 2 的过程中，1、2 两位置关于竖直线对称， 杠杆在水平位置始终保持平衡，如图丙，弹簧测力计示数将 　 　（选填“先变大后变小” 、“先 变小后变大”或“不变”）；弹簧测力计沿 　 　 的方向的拉力最小。 （4）【拓展】 ①在进行如图丁所示操作时，同学们发现杠杆不再平衡，这说明 　 　 可以影响杠杆平衡； ②在丁图中画出右侧绳对杠杆的拉力 F的示意图及该力的力臂 l 　 　。 30．为了探究“并联电路中干路电流与各支路电流的关系”，小红同学在图甲所示的电路中A、B、C三处各加一块电流表，连接的电路如图乙所示。 （1）这个电路中有一根导线接错了，请在这根导线上打“×”，然后画出正确的连接位置。 （2）改正错误后，该同学进行了实验，测出A、B、C三处的电流分别为0.38A、0.32A、0.7A。换上另外两个 　 　（选填“规格相同”、“规格不同”）的小灯泡，再次测量A、B、C三处的电流。 （3）图甲中测量A、C两处的电流时电流表指针都如图丙所示，此时小灯泡L1、L2的阻值之比是 　 　。 答案解析部分 1．【答案】（1）A （2）错误 （3）1、3 （4）材料 （5）镍铬合金；大 （6）0.5 【解析】【解答】（1）电阻的计算公式为 ，单位也可以计算计算，所以电阻率的单位 Ω·m ，A正确，BC错误； 综上选A； （2） 实验序号1、2 只有电阻长度不同，其余因素相同，最终电阻率相同，所以可以确定 猜想1是 错误的； 综上 第1空、 错误； （3） 验证电阻率与材料的横截面积有关 ，需要满足横截面积不同，其余因素相同，所以选择1、3； 综上 第1空、 1、3； （4） 比较实验序号1、4、5 可知，电阻的材料不同，其余因素相同，电阻率不同，所以电阻率和材料有关； 综上 第1空、材料； （5） 选用材料 镍铬合金为滑动变阻器材料，该材料电阻率大； 综上 第1空、 镍铬合金； 第2空、 大； （6）根据=； 综上 第1空、 0.5. 【分析】1、电阻的影响因素： 当导体的材料和横截面积相同时，电阻的长度越长，导体的电阻越大 ；当导体的材料和长度相同时，电阻的横截面积越小，导体的电阻越大，欧姆定律的含义R=U/I只用于计算用电器两端电压以及通过用电器电流计算电阻的公式，并不具有物理含义进行选项判识。 2、物理学方法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如本题中电阻的大小难以直接测量，所以需要通过电流表进行测量；控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如电阻的影响因素有：材料、电阻丝的长度、横截面积。在探究某个单一变量对物理量的影响时，需要控制其余变量相同，如探究 导体的电阻可能与导体的横截面积的关系时，需要控制材料、电阻丝的长度相同。 2．【答案】（1） （2）电压表 （3）反比 （4）25 【解析】【解答】（1）根据题意可知，当滑片P向右移动时，电路中的电流变小，说明滑动变阻器接入电路的阻值变大，那么使用的是滑片左边的部分，即左下方接线柱必须接入电路中，如下图所示： （2）探究电流与电阻的关系时，应控制定值电阻两端的电压不变，因此，在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应观察电压表，直到其达到预设的示数。 （3）根据丙图可知，电流与电阻变化的图像是一条双曲线，由此得出结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。 （4）由图丙可知，定值电阻两端电压控制为； 定值电阻最大阻值为R=50Ω，此时通过定值电阻的电流最小，为0.04A， 滑动变阻器两端电压为； 滑动变阻器接入电路的最大阻值为。 【分析】（1）根据电流变化确定变阻器接入的阻值变化，进而确定变阻器接线柱的选择情况，据此补充实物图； （2）根据控制变量法的要求分析实验探究的过程即可； （3）根据丙图中图像的形状分析通过导体的电流与两端电压的关系； （4）根据丙图计算出电压表保持不变的示数，并确定最小电流和对应定值电阻的阻值，然后根据串联电路的的电压规律，结合欧姆定律计算变阻器的最大阻值即可。​​​​​ （1）滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中的电流变小，说明滑动变阻器接入电路的阻值变大，即左下方接线柱必须接入电路中，把滑动变阻器串联接入电路，实物电路图如图所示： （2）探究电流与电阻的关系时，应控制定值电阻两端的电压不变，改变电阻的大小，观察电压表的示数如何变化，因此，在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应观察电压表，直到其达到预设的示数。 （3）通过分析图乙中的图像知道，电压一定时，电流与电阻的乘积是是一个定值，由此得出结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。 （4）由图丙可知，定值电阻两端电压控制为 定值电阻最大阻值为R=50Ω，此时通过定值电阻的电流最小，为0.04A，滑动变阻器两端电压为 滑动变阻器接入电路的最大阻值为 3．【答案】（1）温度计 （2）等于 （3）2.1×103 （4）大于 【解析】【解答】（1）探究不同物体的吸热能力，需要做出时间温度曲线，所以使用温度计测量物体的温度变化量； 综上 第1空、 温度计； （2） 使用相同的加热装置，所以加热10min，水吸收的热量 等于没有的吸热量； 综上 第1空、 等于； （3）升高相同的温度，煤油的加热时间为水加热时间的一半，所以煤油的吸热量为水吸热量的一半，根据热量的计算公式Q=cmΔt可知，煤油的比热容为水的一半，为2.1×103J/(kg.℃）。 综上 第1空、2.1×103 （4） 要使水和煤油的升高相同的温度，就要给 水加热更长时间，水吸收的热量大于煤油的热量； 综上 第1空、 大于。 【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。 4．【答案】速度；速度；质量；质量相同时，速度越大，动能越大；质量；速度相同时，质量越大，动能越大；控制变量 【解析】【解答】（2）①为了探究物体质量对其动能的影响，需控制速度不变，方式为将不同质量的两个小球从同一高度滚下，使两球到达水平面时的速度相同； ②甲图中，让两个小球分别从不同高度处向下运动，是为了使两球到达水平面时的速度不同，即探究探究动能与速度的关系，该实验中需控制两球质量相同；实验现象中，初始位置越高的小球（即在水平面时的速度越大），推动纸盒的距离越远，说明其动能越大，即得结论：质量相同时，速度越大，动能越大； ③乙图中，让不同质量的两小球分别从同一高度处向下运动，是为了使两球到达水平面时的速度相同，即探究探究动能与质量的关系，该实验中需控制两球速度相同；实验现象中，质量越大的小球，推动纸盒的距离越远，说明其动能越大，即得结论：速度相同时，质量越大，动能越大； ④本实验中，探究动能与质量的关系，需控制速度不变，探究动能与速度的关系，需控制质量不变，运用到了控制变量法。 【分析】（2）将不同质量的两个小球从同一高度滚下，其目的是使两球到达水平面时的速度相同；甲图中，两球初始位置的不同，导致了纸盒移动距离的不同；乙图中，两球质量的不同，导致了纸盒移动距离的不同；探究一个物理量受多个因素影响，必然会用到控制变量法。 5．【答案】（1）加热时间 （2）升温慢 （3）加热时间长 （4），求出物体升高1℃所需要时间，比值大的吸热能力强。 【解析】【解答】（1） 实验中用 加热时间来表示 水和煤油吸热的多少。 综上 第1空 、加热时间。 （2） 小宇分析数据可知：质量相等的水和煤油吸收相同的热量，水比煤油升温慢 综上 第1空、 升温慢； （3） 小欣分析数据可知：质量相等的水和煤油升高相同的温度，水比煤油 加热时间长 综上 第1空、 加热时间长； （4）根据比热容的计算公式进行比较：，求出物体升高1℃所需要时间，比值大的吸热能力强。 综上 第1空、，求出物体升高1℃所需要时间，比值大的吸热能力强。 【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。 6．【答案】（1）力臂 （2）方案二 （3）竖直向下；2 （4）2：1；右 【解析】【解答】（1） 调节螺母，将没挂钩码的杠杆调节至水平位置平衡，如图甲所示，其目的是方便测量 力臂的长度； 综上 第1空、 力臂； （2）方案二更加合理，表格中动力的大小和阻力的大小不相同，能避免出现偶然误差，确保试验的精确性； 综上 第1空、 方案二； （3） 如图乙所示，在A处悬挂3个钩码，每个钩码重0.5N。如果在B处施加一个拉为使杠杆在水平位置再次平衡，当拉力最小时，方向为 竖直向下；根据F1L1=F2L2可知，力的大小为1.5N×4L=F×3L，解得F=2N. 综上 第1空、竖直向下； 第2空、2； （4）据题可知，左侧的硬币数：右侧硬币数为1：2，所以重力之比为1：2，根据F1L1=F2L2可知，力臂之比为2：1； 若从两边同时各取走一枚硬币， 则F1L1＜F2L2，所以右侧下沉。 综上 第1空、 2：1； 第2空、右。 【分析】1、 探究杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，首先对杠杆进行调平：调平原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，当指针偏左表明左侧较重，所以需要增加右侧力和力臂；调平的原因为：减小杠杆自重对杠杆平衡试验的影响，为了使试验结果更具有信服性，需要使得动力的大小和阻力的大小不相同。 2、杠杆的动态平衡：本质为F1L1=F2L2，题目中天平已经平衡，从两边同时各取走一枚硬币便会导致F1L1＜F2L2，所以右侧下沉。 7．【答案】（1）二力平衡；等于 （2）大 （3）甲、丙 （4）1.6 （5）D （6）无关 【解析】【解答】(1)用弹簧测力计水平拉动物体，使其做匀速直线运动，此时木块在水平方向上受到拉力和滑动摩擦力的作用，这两个力是一对平衡力，根据二力平衡条件可知，滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计示数(即拉力大小) 。(2) 甲、 乙两图接触面的粗糙程度相同，但是压力大小不同，滑动摩擦力的大小不同，可以得出结论：当接触面粗糙程度一定时， 压力越大，滑动摩擦力越大。(3) 要得出滑动摩擦力的大小跟接触面的粗糙程度有关，应该控制压力大小相同，改变接触面的粗糙程度，因此符合条件的是甲、丙两图。(4) 甲实验中物体做匀速直线运动时，摩擦力f=F= 1.6N 。若把水平拉力增加到3N，由于压力大小和接触面的粗糙程度不变，则物体所受摩擦力不变，仍为1.6N。(5) A. 测量物质的密度是利用的是多次测量求平均值，没有采用控制变量法，故A不符合题意； B.测量物体沿斜面下滑的平均速度，只需测量路程和时间，根据v =河求出平均速度，不需要控制变量法，故B不符合题意； C.探究固体熔化时温度的变化规律，加热一定质量的固体，记录时间和温度寻找规律即可，没有采用控制变量法，故C不符合题意； D.探究影响液体蒸发快慢的因素，只改变其中一个因素，需控制其它因素不变，实验探究时应采用控制变量法，故D不符合题意。 故选D。 (6) 丁实验中是将木块切掉一半后并叠放， 然后匀速拉动时，弹簧测力计示数为1.6N，甲与丁对比，压力大小接触面的粗糙程度均相同，受力面积不同，拉力相同，滑动摩擦力相同，可得结论：滑动摩擦力大小与受力面积无关。 故答案为： (1)二力平衡；等于； (2) 大 ； (3) 甲、丙 ；(4) 1.6 ；(5) D ；(6) 无关 。 【分析】本题考查了利用控制变量法和转换法探究摩擦力大小与什么因素有关的实验，这个实验是力学中比较重要的一个实验，需要好好掌握。在本实验中，物体做匀速直线运动时，物体受平衡力作用，由平衡条件可以知道拉力与滑动摩擦力相等；滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，运用控制变量法可对实验现象进行分析，并得出结论。 8．【答案】（1）A （2）相等 （3）密度 （4）乙、丁 【解析】【解答】 （1本实验通过比较压强计U形管两侧液面的高度差来反映液体内部压强的大小。 用压强计是通过U形管的两侧液面高度差来反映橡皮膜所受液体压强的大小，这是物理方法中典型的转换法，故A符合题意，B不符合题意。 故选A。 （2）比较甲、乙、丙三次实验，改变了探头方向，但是U形管两侧液面高度差相同，所以可得出结论：同种液体同一深度，液体向各个方向的压强大小都相等。 （3）比较丁、戊两次实验，可以看出是两种不同的液体，探头在液体中的深度相同，所以可得出结论：液体的压强与液体的密度有关。 （4）比较乙、丁两次实验，可以看出是同种液体，探头在液体中的深度越深，U形管两侧液面高度差越大，所以可得出结论：同种液体的压强随深度的增加而增大。这就是拦河大坝做成上窄下宽形状的原因。 【分析】 （1）实验中的U形管压强计两侧液面的高度差越大，则说明液体压强越大：U形管两侧液面的高度差反映液体压强的大小，这里用到的物理研究方法是转换法。 （2）根据U形管两侧液面的高度差比较各个方向液体压强大小； （3）根据图片分析丁和 戊 实验中哪个因素不同即可； （4）根据控制变量法的要求选择对照实验。 9．【答案】（1）17 （2）物体上升高度 （3）相同 【解析】【解答】（1）据图可知，缠绕在动滑轮的绳子数为3，所以绳子的移动距离为重物移动距离的3倍，试验2中测力计移动距离为15. 综上 第1空、 17； （2）根据效率公式η=可知，机械效率和物体上升高度无关； 综上 第1空、物体上升高度。 （3）根据效率公式η=可知，增加动滑轮，效率不变。 综上 第1空、 相同。 【分析】1、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力。 2、拉力的计算， ，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍。 3、功的相关计算：W=Fs，距离为拉力的方向。3、总结：考虑滑轮重力的情况，定滑轮的机械效率要大于动滑轮，重物重力越大，机械效率越大。 10．【答案】（1）BADC （2）物体排开液体受到的重力 （3）能 【解析】【解答】探究浮力大小跟排开的液体重力的关系时， (1)、实验时，应先测量空桶的重力和金属块的重力，再将金属块浸没测量拉力，最后测量溢出水的重力，最合理的实验步骤顺序是：BADC； (2)、根据实验步骤，A测力计上升为3.8N，物体受到的浮力F浮=3.8N-2.4N=1.4N，排开液体的重力G排=2.6N-1.2N=1.4N，可得出：浸在水中的物体所受浮力的大小等于物体排开液体受到的重力； (3)、实验中，若只将石块的一部分浸入水中，则浸没的体积小，物体受到的浮力小，排开液体的重力小，能得到相同结论。 【分析】（1）测量浮力和排开液体重力的关系时，需要测量空桶重力、物体重力，再测量浮力和排开液体的重力； （2）通过实验，物体受到的浮力等于排开液体受到的重力； （3）实验中，物体若不完全浸没，可以探究浮力和排开液体的重力的关系。 11．【答案】（1）右；便于测量力臂 （2）变大 （3）0.5N 【解析】【解答】 解：（1）调节杠杆在水平位置平衡时，杠杆右端偏高，应将左端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响； （2）保持B点不变，测力计从a位置转动b位置时，此时F的力臂变小，阻力、阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件，动力变大，弹簧测力计的示数变大； （3）由于此题中的阻力和阻力臂不变，利用图象中任意一组数据都能得出，F2l2=F1l1=0.1m×3N=0.3N•m； 故若当l1为0.6m时，。 故答案为：（1）右；便于测量力臂；（2）变大；（3）0.5。 【分析】 （1）调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，这样方便测量力臂； （2）根据钩码个数与每个钩码的重力求出测力计拉力；当拉力F向右倾斜时，保持B点不动，F的力臂变小，阻力、阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件，动力变大； （3）由于此题中的阻力和阻力臂不变，由图中提供数据，根据杠杆的平衡条件分析即可求得。 12．【答案】（1）质量；吸收的热量相同；加热时间；水 （2）相同；升高的温度；不变 【解析】【解答】（1） 在两个相同的烧杯中应加入初温和 质量相同的不同液体， 实验中用相同的酒精灯加热的目的是：使水和煤油在相同时间内吸收的热量相同， 水和煤油吸热的多少是通过 加热时间确定的。根据热量的计算Q=cmΔt可知，加热相同时间，b升温快，所以b的比热容较小，为煤油，a为水。 综上 第1空、质量； 第2空、 吸收的热量相同； 第3空、加热时间； 第4空、 水。 （2） 如下图丙所示，为比较酒精和碎纸片的热值，小明用两个相同规格的烧杯装相等质量的水，取质量 相同的酒精的和碎纸片， 分别给烧杯加热直到酒精和碎纸片完全燃烧。通过比较升高的温度 来确定酒精和碎纸片热值的大小；酒精在燃烧过程中，其热值 不变。 综上 第1空、相同； 第2空、 升高的温度 ； 第3空、不变。 【分析】1、探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。 2、比较不同物质的热值，原理为Q=mq，在控制材料不同的前提下，保证质量相同，以温度计的示数表示是释放热量的多少，由于能量损耗，所以测量的热值偏小。 13．【答案】（1）B （2）缩小；照相机 （3）变大 （4）上 （5）B （6）C 【解析】【解答】探究凸透镜成像的规律时， （1）实验时，调节烛焰、透镜、光屏三者的中心在同一高度，将三者靠拢，便于调节，故B正确； （2）图中u=50cm>2f时，光屏上可得到一个倒立、缩小的实像，可以制成照相机； （3）实验时，当蜡烛成实像时，物距减小，像距变大，像变大。 （4）实验过程中，蜡烛燃烧变短，过光心的光线传播方向不变，像会向光屏的上方移动。 （5）根据凸透镜成像规律，物体在凸透镜的二倍焦距外，成倒立、缩小的实像，在一倍焦距和二倍焦距间，成倒立、放大的实像，物体在焦点内，成正立、放大的虚像；不能成正立、缩小的实像，故B符合题意。 （6）凸透镜成实像时，物像之间的距离在u=v=2f时，物像距离是4f，距离最小； 当物体在凸透镜的二倍焦距外和二倍焦距内时，物像总距离大于4f，由图示位置向25cm移动时，蜡烛和光屏之间的距离先变小再变大。故C正确。 故答案为：（1）B；（2）缩小；照相机；（3）变大；（4）上；（5）B；（6）C。 【分析】（1）实验时，调节烛焰、透镜、光屏三者的中心在同一高度； （2）当物距大于二倍焦距时，成倒立缩小的实像，实际应用是照相机； （3）凸透镜成实像时，物距变小，像距变大，像变大； （4）凸透镜成实像时，物体向下移动，像向上移动； （5）根据凸透镜成像规律，判断成像特点，不能成正立、缩小的像； （6）物体在二倍焦距时，物像总距离最小。 14．【答案】（1）30；变大 （2）不能 （3）不能；在 （4）光路是可逆的 【解析】【解答】（1）图像中，入射角是∠AON=30°，反射角是∠BON，在反射时，反射角等于入射角，则反射角∠BON=30°；当AO远离ON，入射∠AON变大，反射角等于入射角，∠BON也变大； （2）根据图乙，将纸板b以ON为轴，逆时针转动一个角度，纸板不在同一平面内，反射光线和入射光线仍然在同一平面内，则纸板b上不能看到反射光； （3）在图丙中，将纸板ab倾斜一个角度，让光束沿AO入射到O点，法线与镜面始终垂直，反射光线在和法线相同的平面内，纸板上不能看到反射光线，则反射光线、入射光线、法线仍在同一平面内； （4）若光线沿着BO入射，反射光线沿着OA反射，和之前路径相同，方向相反，可知：反射时光路是可逆的。 故答案为：（1）30；变大；（2）不能；（3）不能；在；（4）光路是可逆的。 【分析】（1）入射光线和法线的夹角是入射角，反射时，反射角等于入射角； （2）承接光线的纸板不在同一平面内，不能同时看到入射光线和反射光线； （3）反射光线、入射光线和法线在同一平面内； （4）在反射时，光路是可逆的。 15．【答案】（1）1.4；液体密度 （2）任意读出一个；F浮＝G排（二）测量桶A（桶壳）的密度 （3）无 （4）无 （5）无 （6）无 （7）（2） （8） 【解析】【解答】（1）根据重力和测力计的拉力，b图中金属块受到的浮力：F浮1=G-F1=5N-3.6N=1.4N； 根据a、d两图，物体浸没在盐水中受到的浮力为5N-2.8N=2.2N，由a、c两图，物体浸没在水中受到的浮力为5N-3N=2N，3N>2N，物体浸没在盐水中受到的浮力大于物体浸没在水中受到的浮力，由此可得：物体排开液体的体积相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力越大； （2）无论物体部分浸入液体中，还是物体全部浸入液体中，阿基米德原理都是成立的。测出了金属块和空桶的重力时，在b、c、d三个图中任意读出一个图中的弹簧测力计示数，并测出对应的小桶和液体的总重，然后计算出浮力和物体所排开液体的重力，即可验证阿基米德原理：F浮=G排； （二）（7）分别测量桶A的体积等于桶B内剩余水的体积，而要求桶B内剩余水的体积，需要通过步骤（4）和步骤（2）得出； 桶A的体积为：； 桶A（桶壳）的质量为：； （8）桶A（桶壳）的密度为：。 故答案为：（一）（1）1.4；液体密度；（2）任意读出一个；F浮＝G排；（二）（7）（2）；（8）。 【分析】（1）根据物体的重力和测力计的拉力差， 计算浮力；排开液体的体积相同时，液体密度越大，浮力越大； （2）探究阿基米德原理时，物体没有完全浸没在液体，也能探究物体受到的浮力和排开液体重力的关系； （7）探究阿基米德原理时，需要测量物体的重力，排开液体的重力； （8）根据浮力，利用，计算体积；根据，可以计算物体的密度大小。 16．【答案】（1）两次实验中未保持木块初始位置相同且小球初始高度不同 （2）在速度相同的情况下，质量越大，动能越大 （3）＝ 【解析】【解答】探究动能大小与质量的关系时， （1）小球撞击木块，通过比较木块在木板上滑行的距离来比较动能大小，距离越远，动能越大，图中错误的是两次实验中，未保持木块初始位置相同，且小球初始高度不同； （2）乙图木块滑出的远些，则小球的动能大，可以得出结论：在速度相同的情况下，质量越大，动能越大； （3）让同一小球由同一高度由静止释放，根据决定重力势能大小的因素可知，最初小车的重力势能相同，撞击前的动能也相同，在不同的材料表面上运动时，最终停下来后，动能全部转为内能，克服摩擦力做了多少功就有多少动能转化为内能，所以，在两个表面克服摩擦力做功相同，即W1＝W2。 故答案为：（1）两次实验中未保持木块初始位置相同且小球初始高度不同；（2）在速度相同的情况下，质量越大，动能越大；（3）＝。 【分析】（1）运动的小球推动木块移动距离越长，动能越大； （2）速度相同时，质量越大，动能越大； （3）物体的质量和高度相同时，重力势能相同，转化为动能时，动能相同。 17．【答案】（1）右 （2）4 （3）B 【解析】【解答】(1)为了消除杠杆自重影响且便于读取力臂，需要杠杆处于水平位置，现在是左低右高，接下来应将平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡； (2)如图乙所示，设杠杆的一个小格为工，一个钩码重为G，根据杠杆平衡条件得到，所以，所以在A处挂4个钩码； (3)一次实验得到的结论具有偶然性，要使得实验结论具有普遍性，需进行多次实验，故B符合题意；故选：B。 【分析】(1)调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动； (2)设杠杆的一个小格为工，一个钩码重为G，根据杠杆平衡求出钩码的个数； (3)实验中多次测量的目的：一是求平均值减小误差，二是得到普遍规律，避免偶然性，关键是看对实验数据如何处理。 （1）由图甲可知，杠杆往左端倾斜，则应将杠杆右端的平衡螺母向右调节。 （2）假设一个钩码重为G，杠杆一小格代表L，根据杠杆平衡条件有 6G×2L=nG×3L 解得n=4，即在A点处应挂4个钩码。 （3）实验中，多次改变支点两侧钩码的位置和个数进行多次实验，是为了得到多组数据，从而总结出杠杆平衡的一般规律，使实验结论具有普遍性，故A不符合题意，B符合题意。 故选B。 18．【答案】（1）重力 （2）作用在同一直线上 （3）将卡片剪成两半，使两个拉力分别作用在两个不同的物体上 【解析】【解答】（1）在丙方案中，小车被悬挂起来后拉线明显下垂，而丁图中使用卡片时拉线几乎没有变化，其实是小车的重力太大所致，因此从丙方案改进为丁方案是为了减小重力对实验的影响； （2）采用丁方案进行实验时，当卡片平衡时，小明将卡片在竖直平面内转过一个角度。此时，卡片两侧的拉力不在同一直线上，松手后卡片不能保持平衡。这说明一对平衡力必须要作用在同一直线上。 （3）在丁方案的基础上，将卡片剪成两半，使两个拉力分别作用在两个不同的物体上。观察小卡片是否仍然静止。如果卡片不能保持静止，那么说明作用在不同物体上的两个力不能平衡；如果卡片仍然静止，说明它们可以平衡。 【分析】（1）主要小车的重力对平衡条件探究的影响； （2）根据二力必须在同一直线上分析； （3）想办法将一个物体变成两个物体即可。 （1）在丙方案中，卡片与桌面之间存在摩擦力，会干扰对二力平衡条件的准确判断。在丁方案中，通过悬挂卡片的方式，使卡片在水平方向上只受到两个拉力的作用，从而消除了摩擦力对实验的影响。 （2）采用丁方案进行实验时，当卡片平衡时，小明将卡片在竖直平面内转过一个角度。此时，卡片两侧的拉力不在同一直线上，松手后卡片不能保持平衡。这说明一对平衡力必须要作用在同一直线上。 （3）在丁方案的基础上，将卡片剪成两半，使两个拉力分别作用在两个不同的物体上。观察小卡片是否仍然静止。如果卡片不能保持静止，那么说明作用在不同物体上的两个力不能平衡；如果卡片仍然静止，说明它们可以平衡。 19．【答案】（1）0.5 （2）不变；变小 【解析】【解答】（1）根据乙图可知，物块的重力为2N，根据丙图可知，物块浸没水中测力计的示数为1.5N，则实验中物块受到的浮力为F浮＝G－F＝2N－1.5N＝0.5N； （2）图甲中实验开始前，若溢水杯没有装满水，则溢出的水会偏少，使得G排变小。但是浸没时它排开水的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，它受到的浮力不变。 【分析】（1）根据乙图和丙图，利用F浮＝G－F计算它受到的浮力； （2）根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析物体受到浮力的变化，根据没装满水分析排开水的重力变化。 （1）由乙、丙两图，根据称重法可知，实验中物块受到的浮力为 F浮＝G－F＝2N－1.5N＝0.5N （2）[1][2]图甲中实验开始前，若溢水杯没有装满水，则溢出的水会偏少，使得G排变小，但不影响浮力的测量，即浮力不变。 20．【答案】（1）加快 （2）做功；增加 （3）斥；增大 【解析】【解答】（1）实验中，硝化棉燃烧，玻璃筒内温度升高，温度越高分子热运动越剧烈，则玻璃筒内空气分子的热运动加快。 （2）实验中，活塞压缩桶内气体体积，使筒内气体内能增大，是做功的方式增加玻璃筒内空气的内能，空气温度升高，使硝化棉燃烧起来。 （3）向下压活塞时，手感到用的力变大，是分子间距离变小，分子间存在斥力，斥力随着分子间距离的减小而增大。 【分析】（1）温度越高，分子运动越剧烈； （2）压缩体积，通过做功改变内能； （3）物体不能被无限压缩，分子间存在斥力。 （1）实验中，根据硝化棉燃烧，说明玻璃筒内温度升高，温度达到硝化棉的燃点，温度越高分子热运动越剧烈，则玻璃筒内空气分子的热运动加快。 （2）[1][2]实验中通过活塞对桶内气体做功，使筒内气体内能增大，这是通过做功的方式增加玻璃筒内空气的内能，空气温度升高，达到硝化棉的燃点使它燃烧起来。 （3）[1][2]当活塞向下压一段距离后，手上会感到用的力越来越大，这表明分子间存在斥力，且斥力越来越大，说明斥力随着分子间距离的减小而增大。 21．【答案】（1）同一高度；使像成在光屏中心 （2）照相机 （3）右 （4）凸透镜 【解析】【解答】（1）为使像成在光屏中心，应将烛焰的中心、凸透镜的光心和光屏的中心调到大致在同一高度。 （2）由图可知，凸透镜A的焦距为10cm，此时的物距大于二倍焦距，光屏上呈现的是倒立、缩小的实像，应用于照相机； （3）保持凸透镜的位置不变，将蜡烛向右调节一段距离后，物距变小，则像距变大、像变大，要想在光屏上成清晰的像，应将光屏向右调节； （4）若在蜡烛和透镜保持不动的情况下，将光屏移动至更靠近凸透镜A的a点，光屏上原来清晰的像变模糊了，现将一透镜B置于蜡烛和透镜A之间的某处，光屏上又呈现蜡烛清晰的像，这说明透镜B对光线具有会聚作用，则透镜B为凸透镜。 【分析】（1）将烛焰的中心、凸透镜的光心和光屏的中心调到大致在同一高度，可以使像成在光屏中心； （2）u＞2f，凸透镜成倒立、缩小的实像； （3）凸透镜成实像时，物距变小，像距减大，像变大； （4）凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用；凸透镜可以矫正远视眼，凹透镜可以矫正近视眼。 （1）[1][2]为使像成在光屏中心，应将烛焰的中心、凸透镜的光心和光屏的中心调到大致在同一高度。 （2）如图，此时在光屏上呈现蜡烛清晰的像，像距小于物距，成倒立、缩小的实像，利用这个成像特点制成了照相机。 （3）根据凸透镜成像规律，物与像移动方向相同，当透镜A位置不变，蜡烛向右移动一小段距离后，像也向右移动，若再次在光屏上得到清晰的像，则应将光屏向右移动。 （4）若在蜡烛和透镜A保持不动的情况下，将光屏移动至更靠近凸透镜A的a点，若要使光屏上的像清晰，即像要向左移动，即光线更会聚，因此透镜B为凸透镜。 22．【答案】（1）打开；不漏气 （2）深度；相等 （3）上；2×103 （4）小 【解析】【解答】（1）为了保持内外气压平衡，可形管与探头连接时，阀门飞应处于打开状态，以确保U形管内的水面相平；按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化明显并保持稳定，说明实验装置密封良好不漏云 (2)比较图乙与丙两图，液体的密度相同，深读不同，可以初步得出结论：可得出液体压强和液体深度有关，在同种液体中，液体内部压强随深度的增加而增大； 比较图丙与丁两图可知，探头在水中的深度相同：方向不同，U形管内液柱的高度差相同，因此可初步得出液体在同一深度向各个方向的压强相等。 (3)由控制变量法可知，若需通过图丁和戊对比得出液体压强与液体密度的关系，需控制深度相同，应将图戊中的探头向上移动适当的距离；探头在盐水中和水中时，观察到可形管水面高度差均为Ah，说明探头在盐水中受到的压强与在水中受到的压强相同，所以； (4)由可知，压强相同时，密度越小的液体，深度越大，所以可将U形管中的水换成密度更小的液体以方便读数。【分析】(1)为了保持内外气压平衡，连接时应将阀门区打开；按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化明显，说明实验装置密封良好； (2)根据控制变量法和转换法回答； (3)探究液体压强与液体密度的关系时，应使探头在液体中的深度相同；U形管水面高度差相同，说明探头受到的压强相同； (4)根据来分析压强和液体密度或深度的关系里，进而做出判断。 （1）[1] U形管与探头连接时，需要保持U形管两侧的压强相同，因此需要把阀门K打开。 [2]轻压探头的橡皮膜时，U形管内液面有明显的高度差并保持稳定，说明装置的气密性较好，装置不漏气。 （2）[1]乙、丙两图中探头都在水中，液体密度相同，深度不同，U形管液面高度差不同，可得出液体压强与深度有关。 [2]丙、丁两图中，探头都在水中，液体密度相同，深度相同，探头朝向不同，U形管液面高度差相同，故可初步得出液体在同一深度处向各个方向压强相等。 （3）[1]若要通过图丁和戊对比得出液体压强与液体密度的关系，需要控制探头所处的深度相同，因此图戊中的探头需要向上移动适当的距离。 [2]当U形管液面的高度差相同时，则探头受到的压强大小相等，所以探头受到盐水的压强为 （4）U形管两液面的高度差不明显，根据可知，可将U形管中的水换成密度更小的液体进行实验。 23．【答案】（1）断开 （2） （3）V2；0.6；3 （4）B （5）等于 【解析】【解答】（1）在连接电路时，开关必须断开，避免发生触电事故； （2）由于电压表电阻较大，分析电路时，将电压表看成短路状态，只能与被测用电器并联，电压表应与L1并联，如图所示： （3）由图丙可知V1测量L1电压，V2测量电源电压，电源电压大于分电压，因为发现指针偏转角度相同，可能是因为电压表V2选择了大量程导致偏转较小；因为电源电压为3V，故V2示数应该为3V，V1的示数应与V2示数相差5倍，故V1示数为0.6V。 （4）A．保持B接线不动，电压表V1连线由A改到C将导致电压表正负接线柱接反，故A不符合题意； B．保持C接线不动，将电压表V2连线由A改接到B，此时电压表V2与L2并联，故B符合题意。 故选B。 （5）在串联电路两端的总电压与各部分电路两端的电压之和相等。 【分析】本题是探究串联电路中电流的规律实验，考查了实验注意事项、电路的改接、电表的使用、电表读数、实验数据分析，为得出普遍结论，应使用不同规格的实验器材进行多次实验，考查较综合难度一般。 （1）每次拆接电路元件时，开关都应处于断开状态。 （2）电压表应与L1并联，如图所示： （3）[1][2][3]由图丙可知V1测量L1电压，V2测量电源电压，因为发现指针偏转角度相同，可能是因为电压表V2选择了大量程导致偏转较小；因为电源电压为3V，故V2示数应该为3V，V1的示数应与V2示数相差5倍，故V1示数为0.6V。 （4）A．保持B接线不动，电压表V1连线由A改到C将导致电压表正负接线柱接反，故A不符合题意； B．保持C接线不动，将电压表V2连线由A改接到B，此时电压表V2与L2并联，故B符合题意。 故选B。 （5）在串联电路两端的总电压与各部分电路两端的电压之和相等。 24．【答案】（1）15.0；同一高度 （2）缩小 （3）远离；投影仪；远离 （4）可以将凸透镜下移或将蜡烛上移或将光屏上移 （5）从光屏一侧透过凸透镜进行观察；变小 【解析】【解答】(1)焦距是从焦点到凸透镜光心的距离，由图知，该凸透镜的焦距f=65.0cm-50.0cm=15.0cm； 为使像成在光屏中央，应将烛焰、凸透镜和光屏三者中心调到同一高度； (2)她将蜡烛移至光具座上10cm刻度线处，如图乙所示，此时物距u=50cm-10cm=40cm>2f，成倒立、缩小的实像； (3)她又将蜡烛移至光具座上25cm刻度线处，物距变小，像距变大，所以应将光屏向远离透镜的方向移动；此时物距为50cm-25cm=25cm，2f>u>f，成倒立、放大的实像，应用这一成像特点可制成的光学仪器是投影仪；小明把自己的近视眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，凹透镜对光线有发散作用，延迟会聚，若要在光屏上再次成清晰的像，则需要将光屏向远离透镜的方向移动。 (4)随着蜡烛燃烧，烛焰的像会偏移，为了使像重新回到光屏的中心，根据过光心的光线传播方向不变可知，接下来的操作是：可以将凸透镜下移或将蜡烛上移或将光屏上移； (5)小红将蜡烛移至光具座上40cm刻度线处，此时物距u=50cm-40cm=10cm<f，成正立、放大的虚像，像与物同侧，为了观察此时的成像特点，接下来的操作是：从光屏一侧透过凸透镜进行观察；小红将蜡烛继续靠近透镜，根据凸透镜成虚像时，物近像近像变小可知，看到的像将变小； 故答案为：(1)15.0；同一高度；(2)缩小；(3)远离；投影仪；远离；(4)可以将凸透镜下移或将蜡烛上移或将光屏上移；(5)从光屏一侧透过凸透镜进行观察；变小。 【分析】(1)平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜和光屏三者中心在同一高度； (2)根据u>2f，成倒立、缩小的实像； (3)根据2f>u>f，v>2f，成倒立、放大的实像，应用于投影仪；近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用； (4)根据过光心的光线传播方向不变分析回答； (5)根据u<f，成正立、放大的虚像，像与物同侧；根据凸透镜成虚像时，物近像近像变小分析回答。 25．【答案】13.2；A；受热均匀；56℃；C；盐；水的沸点低，无法达到样品的熔点 【解析】【解答】（1）根据图乙，托盘天平的分度值为0.2g，B勺总质量读数为： 根据表中数据，糖的密度小于盐的密度，A、B两个相同的勺子，均装满一平勺不同样品，体积相等，用天平测得A勺总质量为16.2g，根据，由于A的密度大，体积相同时，则可知A勺中样品为盐。 （2）通过水浴法加热两种样品，受热均匀，便于观察现象。根据图丙，温度计的分度值是1℃，温度计的示数为56℃。 （3）根据图丁，加热相同的时间，即吸收相同的热量，C升高的温度较多；分析表中数据可知，盐的比热容大于糖的比热容，糖的质量小于盐的质量，升高相同的温度，根据Q=cmΔt可得，盐加热的时间较长，试管D中样品为盐。 （4）水浴加热的最高温度是沸水的温度，达不到样品的熔点，故无法根据熔点辨别两种物质。 【分析】（1）根据天平上砝码和游码的位置，测量质量；在体积相同时，密度越大，质量越大； （2）水浴法加热，物体受热均匀；根据温度计液柱位置，测量温度； （3）质量和吸收热量相同时，温度差越小，比热容越大； （4）温度没有到达晶体的熔点，不能熔化。 26．【答案】（1）乙 （2）C （3）为了避免实验的偶然性，通过探究得出重力和质量的普遍关系，使结论更具普遍性 （4）质量 【解析】【解答】探究重力与物体质量的关系时， （1）测量重力时，弹簧测力计必须沿竖直方向，甲图手拿弹簧测力计的后面，没有在竖直方向上，乙图弹簧测力计在竖直方向上，乙正确； （2）根据表格中数，重力和质量的比值固定，则物体的重力与质量成正比；重力与质量的图像是正比例图像，故选C； （3）实验中需要多次测量，探究重力和质量关系的普遍性，避免偶然性； （4）在表中：不同纬度位置，g值不同，反应相同质量的物体，重力可能不同；重力会随位置发生变化，而质量是物体的属性，和位置无关，货物运输中，发货单上所标示的“货物重量”，应该是货物的质量。 故答案为：（1）乙；（2）C；（3）为了避免实验的偶然性，通过探究得出重力和质量的普遍关系，使结论更具普遍性；（4）质量。 【分析】（1）重力方向竖直向下，测量重力时，使物体在竖直方向上； （2）重力和物体的质量成正比，是正比例图像； （3）探究重力和质量关系时，多次实验，探究普遍性； （4）地球上不同纬度，重力有变化，质量是物体的属性，和位置无关。 27．【答案】（1）右 （2）5 （3）34 （4）B；C 【解析】【解答】（1）如图甲所示，调节横梁平衡时，指针左偏说明左边重，右边轻，则平衡螺母应向右调节； （2）称量过程中，用镊子加取砝码，从大到小，最后还要调节游码。所以应取下10g砝码，加上5g砝码，同时调节游码； （3）使用天平称量物体时，物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度，如图2所示，标尺的分度值为0.2g。则烧杯和液体的总质量为：50g+10g+2g＝62g，则杯中液体的质量为：62g﹣28g＝34g； （4）A.放置天平的操作台面不水平，分度盘也是歪的，会影响天平的调节，无法确认是否调平衡，也不能确定结果偏大或偏小，故A错误； B.砝码不管是在左侧还是右侧都是可以的，如果砝码放在左侧中，则物体的质量等于砝码的质量减去游码对应的刻度，集中一侧对实验无影响，故B正确； C.两个托盘质量有差异，第一次调节平衡螺母就将天平水平平衡，对天平测量物体质量没有影响，故C正确； D.水平台被推动，会导致液体洒出，使测量不准确，故D错误。 故选BC。 【分析】 （1）在调节横梁两端或右端的平衡螺母使天平水平平衡时，若指针左偏，将平衡螺母向右调节，若指针右偏，将平衡螺母向左调节； （2）在加减砝码时，一般要按照“由大到小”的顺序试加到最小的砝码后，如果发现仍不平衡，再去调节游码使其平衡； （3）物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度值，据此读出烧杯和液体的总质量，然后减去空烧杯的质量即可； （4）根据天平的测量原理分析判断。 28．【答案】（1）ACD；大；2.4；1.2 （2）bacd；F1−F3=F4−F2；B 【解析】【解答】（1）验证 浮力的大小可能与物体浸没的深度有关 ，要保证浸没深度不同，其余因素相同，所以选择ACD； A、D 、E 的三次实验 液体密度不同，其余因素相同，所以分析可知 排开液体的体积相同时，液体的密度越大， 物体所受的浮力越 大；物体的重力为4.8N，浸没在水中的浮力为2N，根据F浮=ρ液gv排，可知v排=2N÷103kg/m3÷10N/kg=2×10-4m3，根据质量公式m=ρv计算物体的密度为2.4×103kg/m3，在盐水中的浮力为2.4N，根据F浮=ρ液gv排，盐水的密度ρ液=2.4N/÷10N/kg÷（2×10-4m3）=1.2 g/cm3 综上 第1空、ACD； 第2空、大； 第3空、2.4； 第4空、1.2； （2）首先测量空烧杯的重力，避免烧杯占有水分对试验的干扰，其次测量物体的重力，所以正确顺序为bacd，如果排开水的重力为F4-F2，所受浮力为F1-F3，如果F1−F3=F4−F2则可验证结论F浮 = G排 ，如果溢水杯中水没有到达杯口，杯子水的质量偏小，对实验结果有影响，B .c 中物体没有全部浸入在水中 不影响浮力的大小；C. c 中物体触碰到了烧杯底 ，会受到杯底的支持力减小浮力，所以有影响，B正确，AC错误 综上选B。 【分析】1、称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力， 2、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大。 29．【答案】（1）右 （2）便于测量力臂，并能消除杠杆自身重力的影响 （3）先变小后变大；竖直向下 （4）力的方向； 【解析】【解答】（1） 实验前，杠杆静止时，杠杆左偏，所以应该向右调节平衡螺母 综上 第1空、 右； （2） 实验时，需要使杠杆在水平位置平衡，是为了 避免杠杆自重的干扰，方便直接测量力臂； 综上 第1空、 便于测量力臂，并能消除杠杆自身重力的影响 ； （3）弹簧测力计在1切换至2时，力臂先减小后增加，所以力先减小后增加；弹簧测力计在竖直方向的拉力最小。 综上 第1空、 先变小后变大； 第2空、竖直向下； （4） 在进行如图丁所示操作时，同学们发现杠杆不再平衡 力的方向可以影响杠杆平衡；力臂垂直力作用线，据此作图 【分析】1、天平的调平：调平原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，当指针偏左表明左侧较重，所以需要增加右侧力和力臂； 2、力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。 3、 探究杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，其次不断改变钩码重力以及钩码的位置，记录多组试验数据，分析动力、动力臂、阻力、阻力臂的大小关系；最后，使用弹簧测力计对杠杆的平衡进行动态分析，改变拉力的方向，实质为改变动力臂的大小，动力臂变小，则动力变大。 30．【答案】（1） （2）规格不同 （3）4：1 【解析】【解答】（1）乙图中，左边的两电流表串联，且电流从左下电流表负接线柱流入了，电流表应从左下电流表正接线柱流入，且与灯L2串联，从而使电流表分别测干路电流和两支路电流，如下所示： （2）为了得到并联电路电流的普遍规律，接下来应换不同规格的小灯泡再做多次实验； （3）C处的电流为干路电流，A处的电流为支路电流，是灯泡L1的电流；两表的指针偏转角度相同，由于干路中的电流大于支路的电流，所以C处电流表用的是大量程，A处电流表用的是小量程，大量程是小量程的5倍，则C处的电流为A处电流的5倍；根据并联电路的电流关系可知，即通过小灯泡L1、L2的电流之比为1：4，灯泡两端的电压相同，根据R＝可知，小灯泡L1、L2的电阻之比为4：1。 故答案为：（1）如上所示； （2）规格不同；（3）4：1。 【分析】（1）在并联电路中，用电器在不同支路上，电流表和所测量的位置串联； （2）探究并联电路电流规律时，选用不同规格的灯泡，进行多次实验； （3）并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，干路电流大于支路电流，电流表指针位置相同，量程不同，可以测量电流大小 学科网（北京）股份有限公司 $$