【题型分类特训】综合题核心考点练习卷（三）-2025年中考物理复习

【题型分类特训】综合题核心考点练习卷（三）-2025年中考物理复习 一、综合题 1．如图甲所示是一个家庭用的食品自动加热台的简化电路图，闭合图甲中的开关S，加热台开始正常工作，温度控制开关S0自动转接，使电路处于加热状态：当台内食品温度升高到60C时，S0自动转接到保温状态。已知定值电阻R1=40Ω，保温功率为242W.[c水=4.2X103J/（kg*℃）]请回答 下列问题： （1）当开关S闭合，S0转接到　 　（选填“1”或“2”）时，加热台处于加热状态； （2）加热挡的电功率是多少？定值电阻R1的阻值是多少？ （3）已知家中电能表如图乙所示，某次工作时，只打开自动加热台，电能表表盘转了243转，不计热量损失，不计热量损失，则自动加热台消耗的电能可以使2kg的水升高多少℃？（保留一位小数） 2．强大的国防是维护和平的坚强后盾，如图是我国第五代战斗机“歼-20”，具备了很强的隐形性能、机动性能等。该飞机最大起飞质量为37t，最大飞行高度达20km， 最大航行速度达2880km/h， 最大载油量为10t， 飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系见表：(已知飞机发动机的效率是30%，航空燃油的热值为 5x107J/kg， 飞机巡航时近似认为做匀速直线运动) 速度v 100 200 300 400 500 1000 阻力fIN 0.3x104 1.2x104 2.7×104 4.8×104 7.5x104 30x104 （1）“歼-20”飞机表面能　 　 (选填"反射"或"吸收”)对方雷达发射的电磁波，从而实现电磁隐身。“歼-20”飞机着陆后，仍需滑行一段距离才停下，主要因为飞机具有　 　. （2）飞机加速升空时，燃料燃烧释放的　 　能转化为飞机的机械能：携带的燃油燃烧了一半后，燃油热值将　 　(选填"变小”、“变大”或“不变”)。 （3）当质量为10t的航空燃油完全燃烧时，放出的热量为　 　J。 （4）若在飞机油箱中加满燃油，并且以 500m/s 的速度巡航时，飞机的最大航程为　 　km. 3．由于饭菜太烫，来不及冷却，小明就想找一种让物体快速冷却的方法。他发现妈妈是把饭菜放在空气中冷却的，而厨房中适合用来冷却的是水。水和空气哪个的导热性能好呢?为此他进行了如下探究：用两个相同的瓶装入热牛奶，分别放在温度与室温相同的水和空气中，为了减少其他因素的影响，他把两个瓶都用木块垫起来如题21图所示，每隔一定的时间记一次甲、乙的温度，得到如题表数据： 时间/min 0 2 4 6 8 10 12 14 16 18 甲的示数/℃ 70 60 53 47 42 39 37 35 34 33 乙的示数/℃ 70 65 61 58 55 52 50 48 46 45 （1）两个瓶中的牛奶应初温　 　(选填“相同"或“不相同”)和　 　相同： （2）实验发现　 　(选填"水”或“空气”)的冷却效果更好，为了减少其他因素的影响，小明把两个瓶都用木块垫起来是因为木块　 　差。 （3）分析甲的数据，发现牛奶冷却快慢前后不一致，温度变化越来越　 　，由此可知热传递的快慢与　 　有关。 4．测量未知电阻R阻值的实验中，用到的实验器材有：两节新干电池、电压表、电流表、开关、滑动变阻器、导线若干。 （1）某小组的同学连接的电路如图甲所示，闭合开关后，电流表　 　(选填“有”或"没有")示数； （2）甲图电路中存在导线连接错误，请在接错的导线上画“x"，并用笔画线代替导线画出正确的接法，只能更改一根导线：　 　。 （3）正确连接电路后，闭合开关，当电压表示数为1.2V时，电流表示数如图乙所示，则被测电阻的阻值大小为　 　Ω：通过调节滑动变阻器，测得多组Rx的电压值和电流值，最后算出阻值Rx的平均值，这样做的目的是　 　。 （4）把图甲中的未知电阻换成小灯泡，测量小灯泡的电阻，根据两次实验的数据绘制出电阻与小灯泡的I-U关系图像，如图丙， 其中小灯泡的I-U关系图线是　 　(选填"a或b")，你的判断理由是　 　 。 （5）完成上述实验后，实验小组的同学借助阻值已知的定值电阻R0和另一个电压表，设计了如图丁所示的电路来测量未知电阻的阻值。 ①电路图中虚线框内的元件组合相当于一个电流表； ②闭合开关，调节滑片的位置，读出此时电压表Ⅴ和V0的示数分别为Ux和U0： ③未知电阻Rx=　 　 (用测量量和已知量符号表示)。 5．小明和妈妈一起煮饺子的时候，发现厨房中有很多物态变化现象，请回答以下问题。 （1）小明用沾湿了水的手拿起从冷冻室里取出的冰冻饺子准备往锅里放，却发现手指和饺子“黏一起”了，这是由于手上的水发生　 　（填物态变化名称）导致的： （2）在煮饺子过程中，煮锅中会冒出大量“白气”，这些“白气”是　 　（选填“气态”、“液态”或“固态”）：小明还发现紧闭的玻璃窗户上会起水雾，水雾应该出现在窗户的　 　（选填“外侧”或“内侧”）： （3）小明准备煎饺子，往正在加热的带有水分的炒锅里加油，发现油会飞溅起来。这是因为水的　 　（选填“沸点”或“凝固点”）比油低很多，水在热油里会迅速　 　（填物态变化名称），体积急剧膨胀，在短时间内激起周围的油。 6．学习了温度计的相关知识后，小明收集到如下的信息：自行车胎气打得太足，在阳光下容易爆裂；铁轨之间要留缝隙，否则天热易变形；加热装满冷水的水壶，水会从壶中溢出；乒乓球瘪进去一块，把它浸入开水里烫一下会重新鼓起来。 （1）以上信息说明：许多物体，在温度　 　(填“升高”或“降低”)时体积增大，这种现象叫物体的热膨胀。 （2）小明查阅资料发现：不同物质的热膨胀程度不同，这可以用体膨胀系数β来表示，β在数值上等于物体温度改变1℃时，其体积的变化和它在某一特定温度时体积之比。下表是一定条件下，某些物质的熔点和体膨胀系数。由表中数据可以看出：金属的熔点越　 　(填“高”或“低”)，体膨胀系数就越大；一般来讲，液体的体膨胀系数远比固体的体膨系数　 　(填“大”或“小”)。 物质 体膨胀系数/β/℃-¹ 熔点/℃ 物质 体膨胀系数/β/℃-¹ 熔点/℃ 铝 7.2×10-5 660 酒精 75×10-5 一 钢 3.6×10-5 1 300~1 400 甘油 49×10-5 —— 铜 4.2×10-5 1 083 水银 18×10-5 —— （3）小明联想到水泥路面上被切割出一条条缝隙，结合查阅资料时得到的信息，明白了这些缝隙可以防止水泥路面在　 　(填“夏天”或“冬天”)由于体积变大而损坏。 （4）现代建筑大多数采用钢筋混凝土的结构，你认为能把钢筋和混凝土结合使用的原因之一是它们的体膨胀系数　 　(填“大致相同”或“有较大差异”)。 （5）要制作精确的温度计，要选择体膨胀系数较　 　(填“大”或“小”)的液体。 7．2023年5月20日，中国首座深远海浮式风电平台海油观澜号(如图甲)并人文昌油田群电网，正式为海上油气田输送电力。海油观澜号是我国首个水深超100 m、离岸距离超100 km的“双百”深远海浮式风电项目。海油观澜号由浮式基础和风机组成，整体高度超200m，总质量达1.1×104 t，通过九根锚链固定在海洋某处，单台机组每年可输出绿色电力2.2×107kW·h。 （1）海油观澜号的风机叶片采用了翼型技术，如图乙所示。当海风从左向右水平吹向水平扇叶A时，由于流体在流速大的地方压强　 　，水平扇叶A将　 　(选填“顺时针”或“逆时针”)转动。 （2）海油观澜号到达作业区域后，为降低浮式基础的重心，项目组会往浮式基础内灌水。这一个过程中，浮式基础受到的浮力　 　(选填“变大”“变小”或“不变”)。 （3）风平浪静叶片不动时，海油观澜号受到的浮力为　 　N，排开海水的体积为　 　m2。(海水密度取 1.0×103 kg/m3，g 取 10 N/kg，不考虑锚链对平台的作用) （4）海上油气田原来用天然气发电，如果天然气的发电效率为22%，则海油观澜号单台机组每年输送过来的电力至少可以为油气田节约　 　m3天然气。(天然气的热值取3.0×107J/m) 8．在物理实践活动中，兴趣小组的同学们合作制作了直接测量液体密度的“密度天平”，其制作过程和原理如下：如图甲所示，调节螺母使杠杆在水平位置平衡；如图乙所示，在左侧离支点 10 cm的位置A处用细线固定一个质量为 110 g、容积为 50 mL的容器，右侧用细线悬挂一质量为50g的钩码(细线的质量忽略不计，g取10 N/kg)。 （1）如图甲所示，应向　 　 (选填“左”或“右”)调节螺母，使杠杆在水平位置平衡·其目的是便于测量　 　. （2）如图乙所示，移动钩码使杠杆重新在水平位置平衡，此时钩码所在的位置即为“密度天平”的零刻度，零刻度距离支点O　 　cm. （3）再往容器中加满待测液体，移动钩码，使杠杆在水平位置平衡，测出钩码在右侧距离支点O 31 cm 处，则该液体的密度为　 　g/cm3. （4）为了增大此“密度天平”的测量范围，请你写出一个有效的方法：　 　(合理即可)。 （5）用此“密度天平”还可以测量固体的密度，先在容器中加满水，再将待测固体轻轻放入水中，溢出部分水，固体静止后，调节钩码的位置，使杠杆水平平衡，测出钩码离支点O的距离为44 cm；用量筒测出溢出水的体积如图丙所示，则固体的密度为　 　g/cm3（已知ρ水=1.0g/cm3) 9．2024年5月24日深圳举办第八届世界无人机大会，如图甲是一种自动拍摄火情的无人机。该无人机有4个旋翼，采用4个电动机分别带动旋翼转动，对下方空气施力从而获得升力起飞。该无人机具有一键起降和返航、空中悬停、高清拍摄、GPS定位等功能。在无风环境中，该无人机的升阻比为15~20，升阻比是空气对无人机的升力与阻力之比。升阻比越高，说明无人机的空气动力性能越好。 （1）无人机上载有高清摄像机，无人机的摄像头相当于　 　透镜，远处的物体通过摄像机拍摄时成　 　（选填序号）。 A．倒立放大的实像 B．倒立缩小的实像 C．正立缩小的实像 D．正立放大的虚像 （2）无人机沿水平方向飞行时，重力对无人机　 　（选填“有”或“没有”）做功：无人机向上匀速飞行时，其机械能　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 （3）无人机竖直向上飞行时，其所受阻力与飞行速度平方的关系如图乙。若无人机在1min内竖直向上匀速飞行180m，此时升阻比最大，则无人机受到的升力为　 　N。 （4）类似机械效率，无人机的转力效率。无人机在竖直向上飞行中，升阻比为15，转力效率为60%，其4个旋翼转动每秒打过的空气总体积为20，则此时无人机飞行时受到的阻力为　 　N（，）。 10．广东生产的无人驾驶电动垂直起降航空器首飞成功，彰显了我国科技在城市空中交通领域的领先地位。航空器可用于高空摄影、旅游观光等，如图所示，请完成问题。 （1）航空器通过旋转旋翼对空气施加向下的力，从而获得升力，这说明了力的作用是　 　的。航空器升空过程中，重力势能　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）。航空器靠　 　（选填“超声波”或“电磁波”）与控制中心联系； （2）航空器的摄像头相当于　 　透镜，远处的物体通过摄像头成倒立缩小的　 　（选填“实”或“虚”）像。在摄像头远离物体的过程中，像的大小将变　 　。 11．如图甲为某大型商场的洗手间安装的自动感应干手器，其工作原理简化图如图乙所示： 干手器参数 额定电压 220V 电动机额定功率 50W 加热电阻丝功率 950W 每次干手时间 18S （1）当有人使用干手器时，光敏电阻R的阻值会变　 　，感应开关闭合，工作电路的电动机开始工作。 （2）根据图和你自己的使用情况，下面分析正确的是（　　） A．自动感应干手器可以长时间的随便使用 B．该自动感应干手器正常工作时只能吹热风 C．自动感应干手器的外壳材质是导体材料 D．自动感应干手器一定使用的是两孔插头 （3）若某校科创小组的同学调查统计了该商场半天内顾客累计使用该干手器约1000次，平均每次使用时间为18s，干手器参数如上表所示，则该干手器半天消耗的电能约为　 　kW·h。 （4）该款干手器吹出热风温度参数为，若想提高热风的温度，你的方法是　 　。（写出合理的建议即可） 12．“芒种”前后是麦子成熟收割的时间，需要及时把麦子归仓。现在很多地方都用联合收割机收割麦子，某收割机的参数如表所示。（g取10 N/kg） 割幅/m 2.2/2.5 履带接地总面积/m2 3.6 喂入量/（kg·s-¹） 3/4/4.5 功率/kW 60 发动机效率 40% 油箱容积/L 72 满油时整机质量/kg 2 880 （1）满油时收割机对水平地面的压强是　 　Pa； （2）如图甲所示，收割机功率保持60kW不变，收割过程中减慢行驶速度，是为了　 　牵引力。收割一块地的麦子，耗时0.5h，该收割机做功　 　J，在此过程中消耗　 　kg柴油；（柴油的热值为，计算结果保留一位小数） （3）“喂入量”是指收割机在单位时间内收获的作物量，它受很多因素的影响。某次收割时作业速度与喂入量之间的关系如图乙所示。当作业速度为4km/h时，喂入量是　 　kg/s，出现这一结果，除了受收割机的作业速度影响外，你认为作物的　 　也会对喂入量产生影响。 13．图甲是小明家的供电箱，箱内装有各个房间的空气开关，其中厨房空气开关的额定电流是15A，厨房中已有电饭锅（额定功率为850W）、电水壶（额定功率为1200W）、照明灯（额定功率为40W）各一个且同时在正常工作。图乙是小明家空气炸锅的简化电路原理图，它有两个加热挡，其部分技术参数如表所示。 额定电压 220V 电动机功率 10W 加热功率 低温挡 550W 高温挡 1210W （1）该空气炸锅正常工作时，通过电动机的电流是多少? （2）低温挡时，电阻R1的电功率是多大? （3）通过计算说明能否再使用该空气炸锅的高温挡在厨房进行烹饪。 14．周一升旗时，小明发现升旗手操作国旗上升，国歌结束时国旗还没有升到顶端，就想设计一个电动升旗装置，使国旗能在规定时间内匀速上升至顶端。 【初步设计】如图甲所示，用电动机带动国旗上升，调节滑动变阻器的滑片可以改变电动机的转速，定时器在计时结束时自动断开电路。 （1）图乙中，能说明电动机工作原理的是　 　。 （2）国歌的奏唱时长是 46s，若国旗上升高度为11.5m，则国旗上升的速度应为　 　m/s。 （3）【改进设计】为实现国旗的电动上升和下降，小明使用两个单刀双掷开关改进电路，如图丙所示。开关接不同触点时，国旗的升降情况如下表所示。 开关状态 开关S1接 开关S2接 国旗的升降情况 ① a c 　 ② a d 上升 ③ b c 　 ④ b d 　 为使国旗下降，开关应处于状态　 　(填序号)，判断的依据是　 　。 （4）【优化设计】若电动升旗装置可通过光控实现日出升旗、日落降旗的自动化控制，则升旗装置会更加智能化和便捷，于是小明再次对电路进行优化，如图丁所示。 已知控制电路中，电源电压U控是6V，保护电阻R0是2kΩ，光敏电阻R1的阻值随光照强度E的变化关系如图戊所示，电磁铁线圈电阻忽略不计。当太阳升起光照强度达到 1000lx时，电磁铁将衔铁吸下，工作电路的电动机工作，带动国旗上升。 若要让国旗在光照强度E达到700lx时上升，可以采用的方法是　 　。(写出一种即可，需有数据支撑) （5）图丁电路的不足之一是　 　。 15．从龙骨水车到世界之最发电机组 “龙骨水车”早在12世纪前被我们人民广泛用于灌溉农田等，如图甲所示，水车灌溉时，用人力或风力等转动摇杆，使大轮轴转动，带动槽内刮板刮水上行，倾灌于地势较高的田中。 我国在可再生能源发电已达到世界先进水平，其中风力发电、海底潮汐能发电等技术已达到世界之最。风力发电机组主要由叶片、齿轮箱、发电机等组成，其简化结构如图乙所示，叶片在风的作用下旋转，经过齿轮箱增速后，发电机转子高速旋转发电。 （1）水灌到水田，“哗啦”声与“涟漪”同时出现，这说明声音是由物体振动产生，为了省力，水车的摇杆长度应　 　大轮轴半径（选填“>”、“<”或“=”）；如果每个刮水板能将4L水刮到3m高的田中，则每个刮水板至少对水做功　 　J； （2）结合上述材料，下列说法正确的是__________； A．风能发电的能量转化不受方向性限制 B．风能是一种不可再生的能源 C．龙骨水车提水与吸管吸饮料原理一样 D．风力发电机的原理是电磁感应 （3）当风正面垂直吹向静止叶片时，从正面看，叶片会顺时针转动，则叶片P的形状应是如图　 　（选填“A”、“B”或“C”）所示，理由是　 　； 风力发电机 正常发电风速范围 2.0~12m/s 最大输出功率 400kW （4）已知风力发电机正常发电时输出功率P与风速v的三次方成正比，某风力发电机参数如上表所示。当风速为6m/s时，发电机的输出功率为　 　kW。该风力发电机组齿轮箱中转动加速器的加速比为1∶20（即叶片转速与发电机转子转速之比），当风速为12m/s时，发电机转子1.5min转600圈。当该风速时发电机输出电能2kW·h，叶片需要转动　 　圈，工作1h输出的电能相当于　 　kg的煤完全燃烧放出的热量（q煤=3×107J/kg）。‍ 16．小伟家的高压锅如图甲所示，它具有省时、节能、保留营养等优点，让食物快速变熟的秘密就在于它的“魔法锅盖”。普通锅煮食物时，水蒸气会从锅盖缝隙溜走。但高压锅的“魔法锅盖”让水蒸气无处可逃，直到锅内气压上升到一定值，蒸汽顶起限压阀，不断向外排出，使锅内气压保持在限定值范围内。限压阀简化结构示意图如图乙所示，已知限压阀质量为84g， 排气孔横截面积为7mm2，外界大气压强为1标准大气压(取1×105Pa)， g 取10N/kg。正常使用高压锅时： （1）用高压锅炖菜时将芋头放入水中，由于芋头的浮力比重力小，它将　 　(选填“漂浮”“悬浮”或“下沉”)。要增大锅内的最大气压，可以更换重量　 　 (选填“更小”或“更大”)的适配限压阀。 （2）锅内气体的压强最大可达多少? （3）设锅内压强每增加3.75×103Pa，水的沸点就相应地升高1℃，则正常使用时锅内的最高温度可达多少? 17．如图甲是通过压感系统自动调整磁力大小的磁悬浮盆栽装置（额定电压为12V），放置于水平桌面上，盆栽底部有一个磁铁，悬浮原理简化如图乙。 （1）闭合开关后，盆栽悬浮于空中，请在“●”上画出盆栽的受力示意图　 　。 （2）请在图乙中AB段的电路上，填上合理的电路元件符号，并用箭头标出螺线管导线中的电流方向　 　。 （3）若给盆栽加水，压感系统需将滑动变阻器滑片P向　 　（选填“左”“右”）移动，盆栽才能继续保持悬浮。 （4）该装置正常工作的电流为100mA，则1小时消耗的电能为多少　 　？（写出必要的计算过程） 18．小明同学需要初步检查一批100mL的小瓶消毒酒精密度是否合格。于是他自制一个微型密度计来测量这些消毒酒精的密度。（密度计测量液体密度时漂浮在液体中，如图丙所示） （1）首先，小明估算密度计的质量。对于100mL的小瓶消毒酒精来说，用微型密度计测量时排开1mL的酒精比较合适，这样不会导致酒精溢出。若酒精的密度为，质量为m的密度计正常测量时，排开1mL的酒精，则排开的酒精质量为　 　g，且　 　（选填“>”“<”或“=”）； （2）小明用制作棉签的实心塑料杆作为标度杆，塑料杆中部套一个密度较小的泡沫塑料球作为浮子，下端绕有铜丝作为配重，初步做成一个微型密度计，如图甲所示。 ①若这个密度计放入酒精中会触碰瓶底，如图乙所示。为了使密度计漂浮，以下对密度计的调整，合理的有哪些？　 　（填写字母）。 A．去掉泡沫塑料球 B．适当减少铜丝的质量 C．适当上移浮子在标度杆上的位置 D．适当上移铜丝在标度杆上的位置 E．换一个同种材料、体积大一些的浮子 F．把塑料杆换成外形相同、密度更大的铜杆 ②调整后，密度计漂浮在密度为的酒精中，液面位于标度杆的A位置，如图丙所示；密度计漂浮在密度为的酒精中，液面位于标度杆的B位置（图中未标出）。已知，则B位置在A位置的　 　（选填“上方”“下方”），判断依据是　 　。 ③消毒酒精的密度在和之间是合格的。若A、B之间的距离过小，不利于检测，则应换用直径更　 　（选填“大”“小”）的实心塑料杆。 19．如图甲所示为一个自动温度报警器的装置，开关闭合后，当温度达到设定条件时，电铃将发出警报声。 （1）请你用笔划线完成甲图电路图的连接，以实现题目所要求的功能； （2）图甲中电磁铁的A端为　 　极； （3）如图乙所示，将蹄形磁体悬挂起来且处于静止状态，则N极一端指向地理的　 　极（选填“南”“北”）； （4）丙图中a、b位置的磁感线已画出，将通电导线（“⊗”表示电流方向垂直于纸面向里）放置于a位置，此时通电导线在磁场中受力方向向下，若将该通电导线放置于b位置，则此时通电导线在磁场中受力方向　 　（选填“向上”“向下”）。 20．在城市的大街小巷，我们随处可见监控摄像头，它们为保障公共安全发挥着重要作用。许多监控摄像头配备了焦距固定的凸透镜，使图像成在凸透镜后面一倍焦距与两位焦距之间的感光元件上。如表为某一品牌3种不同型号（用①、②、③表示）摄像头的有关信息。如图为摄像头监控范围示意图。 型号 镜头焦距 监控角度 监控距离 ① 2.8mm 5m ② 4mm 10m ③ 6mm 15m （1）摄像头在使用过程中，物体在感光元件上成　 　（选填“倒立”或“正立”）、　 　（选填“放大”或“缩小”）的实像。 （2）若有苍蝇停留在镜头前6mm处，则能使苍蝇在感光元件上形成清晰的像的摄像头是　 　（选填型号）。 （3）图2是三个型号摄像头所拍摄的画面，其中由摄像头①所拍摄的是（　　） A． B． C． （4）某些监控摄像头还带有自动对焦功能，当物体靠近摄像头时，镜头会自动　 　（选填“向前”或“向后”）移动，以保证像始终落在监控内的感光元件上，所成的像会　 　（选填“变大”“不变”或“变小”）。 21．如图甲是我国某攻击核潜艇浮出海面时的情境。 （1）核潜艇从海面下沉，直至全部浸没在水中的过程中，它应该　 　（选填“向水舱中充水”或“从水舱中向外排水”），它受到的浮力　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。 （2）不考虑潜艇体积的变化，当水面下的潜艇继续向下潜时，受到的浮力　 　，受到水的压强　 　。（两空均选填“变大”“变小”或“不变”） （3）核潜艇所受的海水阻力f与航速平方v2的关系如图乙所示，核潜艇所受的海水阻力和航速平方成　 　比，当核潜艇发动机以的推进功率水平匀速潜行时，核潜艇的航速　 　m/s。（推进功率是指核潜艇发动机输出的机械功率） 22．据统计，每燃烧1kg燃油约排放3.3kg二氧化碳。为实现碳达峰、碳中和的目标，氢能作为一种绿色低碳的清洁能源在我国交通领域的应用场景不断扩大，使用氢燃料电池的交通工具不断丰富，其应用流程如下。 （1）储氢瓶在高压下储存氢气时，瓶内气体的温度会升高，该过程中氢气的内能 　 　 （选填“增大”“减小”或“不变”）；汽车冷却系统中，水箱内的液态水通过 　 　 （填写物态变化名称）吸收热量，有效降低发动机温度； （2）氢燃料电池将化学能直接转化为 　 　 能供电动机使用，电动机的工作原理是 　 　 ； （3）以氢燃料电池卡车为例，若卡车在水平路面上匀速行驶72km用时1h，功率为172kW； ①求以当前速度卡车行驶72km消耗的能量为 　 　 kJ； ②与燃油卡车相比，氢燃料电池卡车行驶72km可减排二氧化碳的质量为 　 　 。（燃油机的效率取36%，燃油的热值q取4.3×107J/kg） 23．目前，新能源智能汽车进入许多家庭，随着科技发展，计算芯片、人工智能、大数据、云计算、信息通信等多个高新技术产业，具备产业深度融合，已成为汽车产业发展战略方向。 如图甲所示是一款新能源智能汽车，车顶覆盖薄膜式太阳能电板，车窗采用“智能玻璃”，除了可实现调节温度和透明度（透过玻璃的光照度与入射光照度之比），还具有单向透光功能，可以从车内看到车外景象，而车外看不见车内景象；车身配有多个雷达，充分提高了行车的安全性。 （1）如图乙所示，汽车挡风玻璃是倾斜的，是使车内物体通过挡风玻璃所成的像位于 　 　 （选填“上方”、“下方”或“正前方”），不妨碍司机视线。司机通过两侧后视镜看到的“车外的景物”是景物的 　 　 （选填“虚”或“实”）像。 （2）改变按压汽车喇叭开关的力度，可改变喇叭发出声音的 　 　 （选填“音调”、“音色”或“响度”）。 （3）如图丙所示，汽车前灯的反光装置相当于 　 　 （选填“平面镜”、“凹面镜”或“凸面镜”），它对光线有 　 　 （选填“会聚”或“发散”）作用。 （4）炎炎夏日，汽车停在露天停车场，若把装满水的矿泉水瓶留在车内，太阳光透过矿泉水瓶后可能将汽车内的易燃物引燃。这是由于 　 　 。 24．简单机械在我国古代被广泛应用于生活和生产，如杠杆、滑轮、轮轴(g=10N/kg)。 （1）我国古代劳动人民提升重物或移动重物常用到滑轮组，如图甲、乙是用两个相同的滑轮，组成不同的滑轮组，分别将同一物体提升相同的高度，绳子自由端移动的 距离分别为S甲、S乙， 则S甲：S乙=　 　；丙图是利用滑轮组水平匀速拉动物体A，请在图中画出最省力的绳子绕法　 　。 （2）如图丁所示是我国古人使用绞车和滑轮吊起石材时的情境，其简化结构图如图戊所示，绞盘横杆长度L与滚轴直径d之比为4：1，已知每块大理石的重力为280N， 吊框的重力为100N，不计绳重和机械间的所有摩擦。 ①绞车可以看做　 　 (选填"轮轴"或"滑轮")： ②一位工匠的最大推力为400N， 在某次工作中，该工匠匀速推动绞车提升大理石板 10m； 在绳子最大拉力足够的情况下该工匠最多一次能够借助绞车吊起　 　块大理板。 （3）桔槔(杠杆)是中国古代一项伟大的发明。如图己是古人利用桔槔从井里汲水的示意图，在它的前端A处用一根轻质细杆系一个水桶，在后端B处绑一块配重的石块，O为支点且OA=30B。汲水时，先缓慢向下拉杆；装水后，缓慢向上提杆。桶重20N， 桔槔的自重及摩擦不计。若汲水时，己向下拉杆的力为F，装满水后，水和桶总重为200N， 向上提桶的力仍为F， 则F=　 　N；配重石块质量为　 　kg。 25．小明出差驾车沿包茂高速南宁方向前行。 （1）在匀速行驶过程中，看到图甲所示的交通标志牌，此时车速如图乙所示：若以小明为参照物，此交通标志是　 　 (选填“运动”或“静止”)的： （2）乙图所示的速度大小为　 　m/s；按图乙的车速，到达南宁所需时间为　 　S；在遵守交通法规的前提下，从此处至少需　 　h到达南宁。 （3）若小汽车在高速路上行驶时，前半段时间的平均速度为110km/h，后半段时间的平均速度为90km/h， 全程的平均速度为　 　km/h；若小汽车在前半段路程的平均速度为 110km/h，后半段路程的平均速度为 90km/h，全程的平均速度为　 　km/h。 答案解析部分 1．【答案】（1）1 （2）解：加热档单独工作，则加热档的电功率： 保温档时，、串联，总电阻为 则定值电阻的阻值： （3）解：根据电能表转盘转数规格，计算消耗的电能 不计热量损失，则水吸收的热量为 水升高的温度为： 【解析】【解答】（1）根据图甲，加热台处于加热状态时，电功率较大，此时电路中电阻较小，则S0在“1”处时，电路中只接入R1，此时为加热状态； 【分析】（1）电源电压一定时，接入电路中电阻越小，电功率越大， 档位高； （2）根据电压和电阻，利用，计算电功率，电阻串联时，电阻较大，电功率较小，根据，计算用电器的电阻，结合串联电路电阻规律，计算部分电阻； （3）根据电能表转盘转数，利用，计算用电器消耗的电能，利用，计算水的温度差。 2．【答案】（1）吸收；惯性 （2）内；不变 （3）5×1011 （4）2000 【解析】【解答】（1）“歼-20”飞机表面能吸收对方雷达发射的电磁波，从而实现电磁隐身。 “歼-20”飞机着陆后，仍需滑行一段距离才停下，主要因为飞机具有惯性。 （2）飞机加速升空时，燃料燃烧释放的内能转化为飞机的机械能。 燃料的热值只与燃料的种类有关，所以携带的燃油燃烧了一半后，燃油热值将不变。 （3）10t的航空燃油完全燃烧放出的热量为： Q放=mq=1 x 104kg x 5x107J/kg = 5x1011J （4）飞机发动机的效率是30% ，则飞机发动机做的有用功为： W有=Q放 x 30%=5x1011J x 30% =1.5x1011J 由表中数据可知，当巡航速度为500m/s时，所受的阻力为 7.5x104N 飞机做匀速直线运动，所受的牵引力等于阻力， 即F=f=7.5x104N 飞机的最大航程为： 【分析】（1）飞机表面能吸收对方雷达发射的电磁波，从而实现电磁隐身； 惯性：一切物体都有保持原来运动状态不变的性质。 （2）飞机加速升空时，将燃料燃烧释放的内能转化为机械能； 燃料的热值只与燃料的种类有关。 （3）已知燃料的质量和热值，根据Q放=mq求出燃料完全燃烧放出的热量。 （4）根据发动机的效率和燃料燃烧放出的热量，求出飞机发动机所做的有用功；由表格数据中飞机的巡航速度可知飞机所受的阻力，由于飞机做匀速直线运动，根据二力平衡求出飞机的牵引力，根据求出飞机的最大航程。 3．【答案】（1）相同；质量 （2）水；导热性 （3）慢；牛奶与环境的温度差 【解析】【解答】（1）探究水和空气的导热性能时，应控制两个 瓶中的牛奶应初温相同和质量相同。 （2）由表格数据可知，在相同的时间内，甲温度计的温度变化较块，说明水的冷却效果更好； 为了减少其他因素的影响，小明把两个瓶都用木块垫起来是因为木块导热性差。 （3）分析甲的数据，发现牛奶冷却快慢前后不一致，温度变化越来越慢， 由此可知热传递的快慢与牛奶与环境的温度差有关。 【分析】（1）根据控制变量法可知，水和空气物质种类不同，则应控制其他因素都相同； （2）在相同的时间内，温度变化快的，冷却效果更好； 木块的导热性差； （3）热传递的快慢与牛奶与环境的温度差有关。 4．【答案】（1）没有 （2） （3）5；求平均值减小误差 （4）a；小灯泡的阻值受温度的影响，随温度的升高而增大，不是一个定值 （5） 【解析】【解答】（1）由图甲可知，电压表与电流表串联后与待测电阻并联，由于电压表的内阻很大，使电流表所在支路电流几乎为0，故闭合开关后，电流表没有示数。 （2）测量未知电阻R阻值的实验时，待测电阻Rx与滑动变阻器串联，电压表测待测电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，如图所示： （3）闭合开关，当电压表示数为1.2V时，电流表示数如图乙所示，电流表使用的小量程，分度值为0.02A，示数为0.24A，则被测电阻的阻值大小为： 通过调节滑动变阻器，测得多组Rx的电压值和电流值，最后算出阻值Rx的平均值，这样做的目的是求平均值减小误差。 （4）小灯泡的I-U关系图线是a，因为小灯泡的阻值受温度的影响，随温度的升高而增大，不是一个定值。 （5）闭合开关，待测电阻Rx、定值电阻R0、滑动变阻器串联，电压表V测待测电阻Rx两端的电压为UX，电压表V0测定值电阻R0两端的电压U0，则通过待测电阻Rx两端的电流为： 未知电阻阻值为： 【分析】（1）电压表与电流表串联后与待测电阻并联，由于电压表的内阻很大，使电流表所在支路电流几乎为0。 （2）测量未知电阻R阻值的实验时，待测电阻Rx与滑动变阻器串联，电压表测待测电阻两端的电压，电流表测电路中的电流。 （3）认清电流的量程和分度值，读出通过待测电阻电流，根据求出被测电阻的阻值。 多次测量求平均值可以减小实验误差。 （4）小灯泡的阻值受温度的影响，随温度的升高而增大，不是一个定值； （5）由图可知，待测电阻Rx、定值电阻R0、滑动变阻器串联，已知R0两端的电压和阻值，根据欧姆定律求出通过R0的电流，根据串联电路电流的规律，可知通过待测电阻的电流；已知待测电阻两端的电压和通过待测电阻的电流，根据求出待测电阻的阻值。 5．【答案】（1）凝固 （2）液态；内侧 （3）沸点；汽化 【解析】【解答】(1)手指和冰冻的饺子“黏一起”了，这是由于手上的水由液态变成了固态，发生凝固导致的； (2)在煮饺子过程中，煮锅中会冒出大量“白气”，这些“白气”是屋内热的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故这些“白气”是液态；小明还发现紧闭的玻璃窗户上会起水雾，水雾应该出现在窗户的内侧（是的）； (3)小明准备煎饺子，往正在加热的带有水分的炒锅里加油，发现油会飞溅起来。这是因为水的沸点比油低很多，水在热油里会迅速汽化，体积急剧膨胀，在短时间内激起周围的油。 故答案为：(1)凝固；(2)液态；内侧；(3)沸点；汽化。 【分析】物质从固态到液态的过程叫做熔化，熔化要吸热； 物质从液态变成固态的过程叫做凝固，凝固要放热； 物质从液态变为气态叫做汽化，汽化要吸热； 物质从气态变为液态叫做液化，液化要放热； 物质从固态直接变成气态叫升华，升华要吸热； 物质从气态直接变成固态叫凝华，凝华要放热。 6．【答案】（1）升高 （2）低；大 （3）夏天 （4）大致相同 （5）大 【解析】【解答】(1)由以上信息可知：许多物体，在温度升高时体积增大，这种现象叫物体的热膨胀； (2)由表格可以看出，金属的熔点越低，体膨胀系数就越大；比较表格数据可以看出，一般来讲，液体的体膨系数远比固体的体膨系数大； (3)小明联想到水泥路面上被切割出一条条缝隙，结合探究热胀冷缩得到的信息，物质受热时，微粒间间隔变大，物质冷却时，微粒间间隔变小；明白了缝隙是防止水泥路面在夏天由于体积变大而损坏； (4)现代建筑大多数采用钢筋混凝土的结构的主要原因之一就是因为钢筋和混凝土的体膨系数大致相同，可减小热胀冷缩带来的影响，坚固耐用； (5)温度计的原理是液体的热胀冷缩，故制作精确温度计，要选择体膨系数较大的液体。 【分析】(1)根据题目中的信息可以得到：温度升高时，体积会增大； (2)分析表中数据熔点和体膨胀系数的变化规律，就会得出金属的熔点变化和体膨系数及液体的体膨系数与固体的体膨系数的关系； (3)物质的热胀冷缩是微粒间存在间隔的体现，一般地说，物质受热时，微粒间间隔变大，物质冷却时，分子间间隔变小； (4)钢筋和混凝土的体膨系数大致相同； (5)温度计的原理是液体的热胀冷缩。 7．【答案】（1）小；顺时针 （2）变大 （3）1.1×108；1.1X104 （4）1.2X107 【解析】【解答】（1）由图乙，当海风从左向右水平吹向水平扇叶A时，由于流体在流速大的地方压强小，会产生向下的压力差，使水平扇叶A将顺时针转动。 （2）浮式基础处于漂浮状态，所受的浮力等于重力，往浮式基础内灌水，重力变大，所以浮式基础受到的浮力变大。 （3）海油观澜号漂浮在水面，总质量为 1.1×104 t = 1.1×107 kg，根据浮沉条件可知，海油观澜号受到的浮力为： F浮=G=mg=1.1×107 kg x 10 N/kg =1.1×108 N 排开海水的体积为： （4）海油观澜号单台机组每年输送过来的电力为： W= 2.2×107kW·h = 2.2×107 x 3.6 x 106J = 7.92 x 1013J 天然气燃烧放出的热量为： 需要天然气的体积为： 【分析】（1）在气体或液体中，流速越大的位置，压强越小； （2）浮式基础处于静止状态，根据浮沉条件进行分析； （3）海油观澜号处于漂浮状态，已知海油观澜号的总质量，根据F浮=G=mg求出海油观澜号受到的浮力，根据求出排开海水的体积； （4）根据海油观澜号单台机组每年输送过来的电力和天然气的发电效率，利用求出天然气燃烧放出的热量，根据求出天然气的体积。 8．【答案】（1）右；力臂 （2）22 （3）0.9 （4）增大钩码的质量 （5）3 【解析】【解答】（1）由图甲可知，杠杆向左偏，应向右调节螺母，使杠杆在水平位置平衡·其目的是便于测量力臂。 （2）根据杠杆平衡条件m容g.OA=m码g.L 即110g x 10cm = 50g x L 可得：L=22cm，所以零刻度距离支点O 22cm。 （3）根据杠杆平衡条件m总g.OA=m码g.L' 即m总 x 10cm = 50g x 31cm 可得：m总 = 155g 待测液体的质量为： m液=m总-m容=155g-110g=45g 液体的密度为： （4）当右侧力臂不变时，增大钩码的质量，右侧力和力臂的乘积变大，根据杠杆平衡条件可知，左侧力臂不变时，左侧的力也会变大，即可增大“密度天平”的测量范围，故有效方法是：增大钩码的质量。 （5）容器中加满水时，总质量为： m1=m容+ρ水.V容=110g + 1.0g/cm3 x 50cm3 = 160g 将待测固体轻轻放入水中后，容器、固体和容器中水的质量为m2，根据杠杆平衡条件m2g.OA=m码g.L1 即m2 x 10cm = 50g x 44cm 解得：m2 = 220g 由图丙可知，溢出水的体积为30cm3，即固体的体积V=30cm3 乙出水的质量为： m3=ρ水V= 1.0g/cm3 x30cm3 = 30g 固体的质量为： m=m2+m3-m1=220g+30g-160g= 90g 固态的密度为： 【分析】（1）实验前按“左偏右调，右偏左调”的方法调节杠杆在水平位置平衡。 实验时调节杠杆水平平衡，目的是便于测量力臂。 （2）根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2，带入容器中未加入液体时的相关数据，即可求出钩码所在的位置，即“密度天平”的零刻度线。 （3）根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2，带入容器中加满待测液体时的相关数据，即可容器和待测液体的总质量，进而可以求出待测液体的质量，容器的体积等于待测液体的体积，根据密度公式即可求出待测液体的密度。 （4）根据杠杆平衡条件可知，左侧力臂和右侧力臂不变时，增大钩码的质量，左侧力也会增大，即可增大“密度天平”的测量范围。 （5）先根据容器中装满水时，容器的总质量m1，再根据杠杆平衡条件件F1L1=F2L2，带入将待测固体轻轻放入水中后的相关数据，即可求出容器、固体和容器中水的总质量，由量筒可知，水的体积，即固体的体积V，根据m=ρV求出溢出水的质量m3，利用m=m2+m3-m1求出固体的质量m，根据密度公式即可求出固体的密度。 9．【答案】（1）凸；B （2）没有；变大 （3）117 （4）10.4 【解析】【解答】（1）无人机的摄像头其实就是一架照相机，相当于凸透镜。远处的物体通过摄像机拍摄时，物距大于二倍焦距，此时成倒立缩小的实像。 故选B。 （2）①无人机沿水平方向飞行时，重力方向竖直向下，它没有在重力方向上通过距离，所以重力不做功。 ②无人机向上匀速飞行时，速度不变，则动能不变。高度增加，则重力势能增大。根据“机械能=动能+重力势能”可知，机械能变大。 （3）根据题意可知，无人机飞行速度； 速度数值的平方是9， 由图乙可知，此时阻力f=5.85N。 升阻比最大为20，所以升力F=20×5.85N=117N。 （4）4个旋翼转动每秒打过的空气重力为； 则升力为F=260N×60％=156N； 由升阻比为15可得，阻力。 【分析】（1）根据凸透镜成像的特点和应用分析； （2）①做功的要素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离； ②动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，而机械能=动能+重力势能。 （3）根据计算无人机的速度，并计算速度的平方，根据乙图确定此时的阻力f，最后根据升阻比计算升力。 （4）根据计算4个旋翼秒打过的空气重力，然后乘以转力效率得到升力，最后根据升阻比计算此时受到的阻力。 （1）[1]无人机的摄像头相当于凸透镜，能够会聚光线成像。 [2]远处的物体通过摄像机拍摄时，物距大于二倍焦距，根据凸透镜成像的规律，此时成倒立缩小的实像，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 （2）[1]无人机沿水平方向飞行时，重力方向竖直向下，移动的距离为水平方向，二者垂直，所以重力不做功。 [2]无人机向上匀速飞行时，高度增加，重力势能增大，动能不变，所以机械能变大。 （3）无人机飞行速度 速度数值的平方是9，由图乙可知，此时阻力f=5.85N。升阻比最大为20，所以升力F=20×5.85N=117N （4）由题意知，4个旋翼转动每秒打过的空气重力为 又知道转力效率为60％，则升力为F=260N×60％=156N 由升阻比为15可得，阻力 10．【答案】相互；增大；电磁波；凸；实；小 【解析】【解答】（1）航空器的旋翼对空气施加向下的力，空气对航空器产生向上的反作用力，从而获得向上的升力，则力的作用是相互的。航空器升空时，质量不变，高度增加，重力势能增大。 电磁波的传播不需要介质，航空器靠电磁波与控制中心联系。 （2）摄像头和照相机的镜头一样，相当于凸透镜，摄像头成像时，物距大于二倍焦距，远处的物体通过摄像头成倒立、缩小的实像。 根据凸透镜成实像的规律，物远像近像变小，摄像头远离物体时，像将变小。 【分析】（1）物体间力的作用是相互的，重力势能和物体的质量、高度有关；航天器利用电磁波传递信息； （2）摄像头的镜头是凸透镜，物体在二倍焦距外，成倒立缩小的实像；物距变大时，像距变小像变小。 11．【答案】（1）小 （2）B （3）5 （4）在加热电阻丝两端并联一根加热电阻丝或换阻值更小的电阻丝 【解析】【解答】解：（1）当有人使用干手器时，感应开关闭合，说明控制电路中电流增大。根据欧姆定律可知，在电源电压不变时，电流增大意味着总电阻减小。因为控制电路中只有光敏电阻R，所以光敏电阻R的阻值会变小。 （2）A．自动感应干手器有一定的使用寿命和工作规范，不能长时间随便使用，否则可能损坏设备，故A错误。 B．从图中可知，工作电路中有加热电阻丝和电动机，正常工作时，电动机工作吹风，加热电阻丝发热，所以能吹热风，故B正确。 C．自动感应干手器的外壳材质一般是绝缘体，防止触电事故发生，故C错误。 D．为防止外壳漏电触电，自动感应干手器一般使用三孔插头，故D错误。 故选B。 （3）干手器的总功率 总工作时间 该干手器半天消耗的电能 （4）工作电路的电压一定时，要提高热风的温度，由可知，应减小电路中的电阻，因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，并联电路中总电路小于任何一个分电阻，所以，可以在加热电阻丝两端并联一根加热电阻丝或换阻值更小的电阻丝。 故答案为：（1）小；（2）B；（3）5；（4）在加热电阻丝两端并联一根加热电阻丝或换阻值更小的电阻丝。 【分析】 （1）人手挡住光线时，光敏电阻的阻值减小，控制电路的电流变大，电热丝和电动机工作，吹出热风。 （2）根据安全用电的原则和电路组成逐个分析。 （3）根据W=Pt进行计算。 （4）根据进行分析。 （1）当有人使用干手器时，感应开关闭合，说明控制电路中电流增大。根据欧姆定律可知，在电源电压不变时，电流增大意味着总电阻减小。因为控制电路中只有光敏电阻R，所以光敏电阻R的阻值会变小。 （2）A．自动感应干手器有一定的使用寿命和工作规范，不能长时间随便使用，否则可能损坏设备，故A错误。 B．从图中可知，工作电路中有加热电阻丝和电动机，正常工作时，电动机工作吹风，加热电阻丝发热，所以能吹热风，故B正确。 C．自动感应干手器的外壳材质一般是绝缘体，防止触电事故发生，故C错误。 D．为防止外壳漏电触电，自动感应干手器一般使用三孔插头，故D错误。 故选B。 （3）干手器的总功率 总工作时间 该干手器半天消耗的电能 （4）工作电路的电压一定时，要提高热风的温度，由可知，应减小电路中的电阻，因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，并联电路中总电路小于任何一个分电阻，所以，可以在加热电阻丝两端并联一根加热电阻丝或换阻值更小的电阻丝。 12．【答案】（1）解：满油时收割机对水平地面的压力为 则满油时收割机对水平地面的压强。 （2）增大；收割机做功；柴油完全燃烧放出的热量为，则柴油质量为 （3）2.4；籽粒含水率 【解析】【解答】（1）满油时收割机对水平地面的压力等于重力，即，根据压强公式计算满油时收割机对水平地面的压强。 （2）根据功率公式计算可知收割机功率保持60kW不变，收割过程中减慢行驶速度，可以增大牵引力。根据做功公式计算收割机做功 结合热机功率计算柴油完全燃烧放出的热量为，根据热值公式计算柴油质量为。 （3）由图乙可知，当作业速度为4km/h时，喂入量是2.4kg/s。在喂入量不超过3.6kg/s内，作业速度和喂入量成正比关系，作物的品种、籽粒含水率等会对喂入量产生影响。 【分析】1、压强的计算公式：F=Ps，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积； 2、功率的计算：公式为P=Fv，W=Pt； 3、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。公式为Q=mq。 4、效率的计算：公式为。 （1）满油时收割机对水平地面的压力为 则满油时收割机对水平地面的压强 （2）[1]根据，收割机功率保持60kW不变，收割过程中减慢行驶速度，是为了增大牵引力。 [2]收割机做功 [3]柴油完全燃烧放出的热量为 则柴油质量为 （3）[1]由图乙可知，当作业速度为4km/h时，喂入量是2.4kg/s。 [2]由图乙可知，在喂入量不超过3.6kg/s内，作业速度随喂入量变化而变化，且成正比关系，当作业速度一定时，作物的品种、籽粒含水率等会对喂入量产生影响。 13．【答案】（1）解：由表格中的数据可知，空气炸锅正常工作时，电动机的功率为10W，则通过电动机的电流。 （2）解：分析图乙可知，当开关S断开时，R1与R2串联，电路中电阻较大；当开关S闭合时，R2被短路，电路中只有R1，电路中电阻较小；由可知，当开关S闭合时，电路中只有R1，电路中电阻较小，电功率较大，为高温挡，则，低温挡时，电路中的电流，则低温挡时，电阻R1的电功率。 （3）解：厨房中已有电饭锅（额定功率为850W）、电水壶（额定功率为1200W）、照明灯（额定功率为40W）各一个且同时在正常工作，空气炸锅的高温挡为1210W，则所有用电器同时工作时，干路中电流 由于厨房空气开关的额定电流是15A，所以再使用该空气炸锅的高温挡在厨房进行烹饪会造成厨房空气开关跳闸，故不能再使用该空气炸锅的高温挡在厨房进行烹饪。 【解析】【分析】（1）空气炸锅正常工作时，电动机的功率为10W，电压为220V，根据P=UI计算通过电动机的电流； （2），当开关S断开时，R1与R2串联，电路中电阻较大，由可知此时为低温挡；当开关S闭合时，电路中只有R1，电路中电阻较小，由可知，此时为高温挡，则；根据P=UI计算低温挡时电路中的电流；根据计算低温挡时，电阻R1的电功率； （3）电饭锅的额定功率为850W、电水壶的额定功率为1200W、照明灯的额定功率为40W，空气炸锅的高温挡为1210W，则所有用电器同时工作时，根据P=UI计算干路中电流，判断干路电流和允许通过电流的大小。 （1）由表格中的数据可知，空气炸锅正常工作时，电动机的功率为10W，则通过电动机的电流 （2）分析图乙可知，当开关S断开时，R1与R2串联，电路中电阻较大；当开关S闭合时，R2被短路，电路中只有R1，电路中电阻较小；由可知，当开关S闭合时，电路中只有R1，电路中电阻较小，电功率较大，为高温挡，则 低温挡时，电路中的电流 则低温挡时，电阻R1的电功率 （3）厨房中已有电饭锅（额定功率为850W）、电水壶（额定功率为1200W）、照明灯（额定功率为40W）各一个且同时在正常工作，空气炸锅的高温挡为1210W，则所有用电器同时工作时，干路中电流 由于厨房空气开关的额定电流是15A，所以再使用该空气炸锅的高温挡在厨房进行烹饪会造成厨房空气开关跳闸，故不能再使用该空气炸锅的高温挡在厨房进行烹饪。 14．【答案】（1）B （2）0.25 （3）③；通电导体在磁场中受力的方向与电流方向有关 （4）保护电阻R0换成阻值 1.5kΩ的 （5）阴雨天时无法按时自动升旗 【解析】【解答】（1）电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。图乙的A图中，导线切割磁感线，电路产生感应电流，是电磁感应现象，是发电机的工作原理：B图中，闭合开关，导体中有电流，受到磁场力的作用而运动，是电动机工作原理，合理的图像是B。 （2）根据国旗的上升高度和时间，计算国旗上升的速度：； （3）根据图像和表中信息，当开关S1接b、开关S2接c时，电流方向与国旗上升时相反，通电导体在磁场中的受力方向与电流方向有关，电流方向相反，电动机反转，国旗下降。开关状态③合理，①②④不合理。 （4）图戊中，光照强度为1000lx时，电阻R0=2kΩ，根据串联电路电阻特点，可得U控为6V时，控制电路中的电流：， 图戊中，当光照强度E=700lx时，R=2.5kΩ，若要使电流仍为1.5mA，则R0应变为。可将保护电阻R更换为1.5kΩ的电阻。 （5）图丁电路中，控制电路中电源电压固定，当光敏电阻损坏时，难以通过简单调整其他元件来改变电路的工作状态，导致整个装置无法正常工作；电磁铁长期工作可能会发热、磁性减弱，影响装置的可靠性，又或者该装置只考虑了光照强度因素，没有考虑天气、季节变化对升旗时间的影响等。 【分析】（1）电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。 （2）根据，计国旗上升的速度； （3）根据通电导体在磁场中的受力方向与电流方向有关； （4）根据控制电压，不同光照时的电阻，利用，计算电流，当电流保持不变时，计算总电阻，判断需要更换的保护电阻R； （5）图丁电路的不足有：控制电路中电源电压固定，当光敏电阻损坏时，难以通过简单调整其他元件来改变电路的工作状态，可能导致整个装置无法正常工作；或者电磁铁长期工作可能会出现发热、磁性减弱等问题，影响装置的可靠性；又或者只考虑了光照强度因素，没有考虑天气、季节变化对升旗时间的影响等。 15．【答案】（1）>；120 （2）D （3）A；见解析 （4）50；6；48 【解析】【解答】（1）①水车的摇杆相当于动力臂，大轮轴半径相当于阻力臂。由杠杆平衡条件可知，为了省力，应使动力臂大于阻力臂，即水车的摇杆长度应>大轮轴半径。 ②根据题意可知，4L水的体积为 4L的重力为； 每个刮水板至少对水做功为 （2）A．所有的能量的转化都具有方向性，故A错误； B．风能可以在短时间内的对补充，是一种可再生能源，故B错误； C．龙骨水车提水主要是利用了轮轴等机械原理，而吸管吸饮料利用的是大气压强原理，故C错误； D．风力发电机的原理是电磁感应，故D正确。 故选D。 （3）从正面看，叶片会顺时针转动，则叶片上方的压强大于下方的压强，由流体压强与流速关系可知，叶片上方一面流速较小，叶片下方流速较大，所以叶片上方应该是平的，下方是向下凸起的，因此叶片P的形状应是如图A。 （4）①风力发电机正常发电时输出功率P与风速v的三次方成正比，故有， 则； 当风速为6m/s时，发电机的输出功率为； ②当风速为12m/s时，发电机的输出功率为400kW，1.5min发电量为； 叶片转速与发电机转子转速之比为1∶20，发动机转子转600圈，叶片对应转了30圈，当该风速时发动机输出电能为，叶片需要转动n圈，则； 解得：； 即当该风速时发电机输出电能2kW·h，叶片需要转动6圈。 ③1h发电量为； 完全燃烧煤的质量为。 【分析】 （1）动力臂越长越省力；根据功的公式W=Fs进行计算。 （2）风能发电的能量转化受方向性限制，风能是一种可再生的能源，龙骨水车提水是克服重力做功，发电机是利用电磁感应现象来工作的； （3）在流体中，流速越大的位置，压强越小。 （4）已知风力发电机正常发电时输出功率P与风速v的三次方成正比，根据表格中的数据进行计算；根据功率公式、热值公式进行计算。 （1）[1]由杠杆平衡条件可知，为了省力，应使动力臂大于阻力臂，即水车的摇杆长度应>大轮轴半径。 [2]4L水的体积为 4L的质量为 4L的重力为 每个刮水板至少对水做功为 （2）A．能量的转化都具有方向性，故A错误； B．风能可以在自然界源源不断的获得，是一种可再生能源，故B错误； C．龙骨水车提水主要是利用了轮轴等机械原理，通过人力或风力等转动摇杆，使大轮轴转动，带动槽内刮板刮水上行，而吸管吸饮料利用的是大气压强原理，当我们吸饮料时，口腔内气压降低，外界大气压将饮料压入吸管进而进入口腔，所以二者的原理是不一样的，故C错误； D．在风力发电的过程中，风轮在风力的作用下旋转，将风的动能转变为风轮轴的机械能，然后带动发电机旋转发电，故风力发电机的原理是电磁感应，故D正确。 故选D。 （3）[1][2]当风正面垂直吹向静止叶片时，从正面看，叶片会顺时针转动，则叶片上方的压强大于下方的压强，由流体压强与流速关系可知，叶片上方一面流速较小，叶片下方流速较大，所以叶片上方应该是平的，下方是向下凸起的，因此叶片P的形状应是如图A。 （4）[1]当风速为12m/s时，发电机的输出功率达到最大，为400kW，已知风力发电机正常发电时输出功率P与风速v的三次方成正比，故有，则 当风速为6m/s时，发电机的输出功率为 [2]当风速为12m/s时，发电机的输出功率为400kW，1.5min发电量为 叶片转速与发电机转子转速之比为1∶20，发动机转子转600圈，叶片对应转了30圈，当该风速时发动机输出电能为，叶片需要转动n圈，则 解得 即当该风速时发电机输出电能2kW·h，叶片需要转动6圈。 [3]1h发电量为 完全燃烧煤的质量为 16．【答案】（1）下沉；更大 （2）解： 限压阀受到大气压力和水蒸气压力的合力与重力相等：， 则锅内最大压强：； 答：锅内气体的压强最大可达 （3）解：锅内增加的压强：， 水沸点增高的温度：， 所以，锅内温度最高可达： 答：最高温度可达。 【解析】【解答】（1）当芋头的浮力小于重力时，芋头将下沉，高压锅内气压越大，对限压阀产生的压力越大，两个力时平衡的，当限压阀重量变大时，高压锅内的气压会变大； 【分析】（1）当浮力小于重力时，物体下沉，限压阀质量越大，高压锅内气压就会越大； （2）对限压阀进行受力分析，当高压锅内的气压对限压阀产生的压力等于限压阀的重力时，高压锅内的压强最大； （3）先求出锅内增加的压强，进而求出增加的温度，最后加上100 ℃ 即可。 17．【答案】（1） （2） （3）左 （4）额定电压12V、工作电流100mA=0.1A，根据电功公式W=UIt计算通电1小时(即3600s)所消耗的电能 【解析】【解答】（1）盆栽悬浮于空中，根据二力平衡可知，重力等于磁力，重力竖直向下，磁力竖直向上，如图所示： （2）盆栽的下端为N极，磁力向上，根据同种磁极相互排斥可知，底座上端为N极，根据安培定则可知，AB段应该是电源，且下端为电源正极。如图所示 （3）加水后盆栽重力增大，为增大磁力，需要减小电路电阻，使线圈电流变大，故滑动变阻器的滑片 P 应向“左”移动。 （4）额定电压12V、工作电流100mA=0.1A，根据电功公式W=UIt计算通电1小时(即3600s)所消耗的电能。 【分析】1、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。 2、二力平衡的条件为：大小相等、方向相反、作用在通过一个物体上、作用在同一条直线上，物体处于匀速直线运动或者静止状态时，受力平衡。 3、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关 4、磁极相互作用：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引。 （1）盆栽悬浮于空中，受到大小相等的重力和磁力左右，重力竖直向上，则此力竖直向上，从盆栽重心向下画重力 (G)，从盆栽重心向上画电磁力 (F)。如图所示 （2）由图乙可知，盆栽的下端为N极，由第1小问已知盆栽受到的磁力向上，可知，底座的上端和盆栽下端相互排斥，底座上端为N极，根据安培定则可知，电流从螺线管下端外侧流入，上端内侧流出，AB段应该是电源，且下端为电源正极。如图所示 （3）加水后盆栽重力增大，为增大磁力，需要使线圈电流变大，则需要减小电路电阻，故滑动变阻器的滑片 P 应向“左”移动。 （4）额定电压12V、工作电流100mA=0.1A，通电1小时(即3600s)所消耗的电能 18．【答案】（1）0.87；= （2）BE；下方；同一个密度计在酒精上漂浮，所以浮力都等于重力，第二种酒精密度大，由阿基米德原理可知密度计在第二种酒精中排开的酒精的体积小；小 【解析】【解答】（1）根据密度公式计算排开的酒精的质量，根据漂浮体平衡条件可知F浮=G排=G计，即m酒精g=m计g（2）若密度计放入酒精中会触碰瓶底，则密度计本身重力大于液体产生的浮力，为了使密度计漂浮，可以适当减少铜丝的质量，也可以换一个同种材料、体积大一些的浮子，故选BE。同一个密度计在酒精上漂浮，所以浮力都等于重力，第二种酒精密度大，由阿基米德原理可知密度计在第二种酒精中排开的酒精的体积小，所以B位置在A位置下方。 （2）若A、B之间的距离过小，应使密度计浸入液体的体积多一些，使得检测的更准确，因此应该换用直径更小的实心塑料杆。 【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大 2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力； 3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度 4、密度的性质：密度是物质的基本属性，不随质量和体积的变化而变化；和材料本身以及材料状态有关。密度公式m=ρv。 （1）[1]若这个密度计放入酒精中会触碰瓶底，原因是密度计本身重力太大，或密度计所受的浮力太小，为了使密度计漂浮，可以减小密度计的重力，也可以增大密度计所受的浮力，所以可以适当减少铜丝的质量，也可以换一个同种材料、体积大一些的浮子，故选BE。 [2][3]同一个密度计，无论是在第一种酒精中漂浮，还是在第二种酒精中漂浮，浮力都等于重力，两次浮力相等，第二种酒精密度大，由阿基米德原理可知密度计在第二种酒精中排开的酒精的体积小，所以B位置在A位置下方。 （2）若A、B之间的距离过小，不利于检测，应使密度计浸入液体的体积多一些，因此可减小吸管的横截面积，所以应该换用直径更小的实心塑料杆。 19．【答案】（1） （2）S （3）北 （4）向下 【解析】【解答】（1）当温度达到设定值时，水银为导体与金属丝接通，电磁铁产生磁性吸引衔铁，从而使工作电路中的电铃发声。所以应将电源、控制温度计、电磁铁电铃串联组成控制电路，如图所示： （2）根据安培定则分析A端为S极。 （3）地磁的南极在地理的北极附近，地磁的北极在地理的南极附近。根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引的原理，将蹄形磁体悬挂起来且处于静止状态时，蹄形磁体的N极一端会指向地理的北极。 （4）通电电线由a位置移到b位置，电流方向、磁场方向没有改变，所以受力方向不变，即向下。 【分析】通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关 磁极相互作用：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引 地磁场和地理的磁极相反， 地磁场的N极在地理南极附近，S极在地理北极附近。 （1）自动温度报警器利用水银的导电特性，当温度达到设定值时，水银与上端金属丝接通，使控制电路接通，电磁铁产生磁性吸引衔铁，从而使工作电路中的电铃发声。所以应将电源、控制温度计、电磁铁电铃串联组成控制电路，如图所示： （2）用右手握住电磁铁线圈，让四指指向电流的方向（从电源正极流向负极），则大拇指所指的方向就是电磁铁的N极。观察图甲中线圈的绕向和电流方向，电流从电源正极流出后，在电磁铁线圈上是从上往下绕（具体需根据实际图判断），那么右手四指绕线圈向下，大拇指指向电磁铁的下端，所以A端为S极。 （3）地球是一个巨大的磁体，地磁的南极在地理的北极附近，地磁的北极在地理的南极附近。将蹄形磁体悬挂起来且处于静止状态时，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引的原理，蹄形磁体的N极一端会指向地理的北极。 （4）通电电线由a位置移到b位置，磁场方向和电流方向都没有改变，所以受力方向不变，即向下。 20．【答案】（1）倒立；缩小 （2）① （3）A （4）向前；变大 【解析】【解答】（1） 摄像头在使用过程中，物体在感光元件上成倒立、缩小的实像。 （2）根据凸透镜成像原理，，成倒立、缩小的实像，若有苍蝇停留在镜头前6mm处，那么6mm>2f，解得：f<3mm，因此能使苍蝇在感光元件上形成清晰的像的摄像头是①。 （3）凸透镜成实像时，若物距不变，焦距越小，所成的像越小。由图2可知，A的像最小，因此是由摄像头①所拍摄的。 （4）根据题意可知，当物体靠近摄像头，此时物距减小，根据“物近像远大”的规律可知，此时像距会变大，即镜头会自动向前移动。 【分析】（1）根据凸透镜成像特点和应用的知识解答； （2）当u>2f时，成倒立缩小的实像； （3）凸透镜成实像时，若物距不变，焦距越小，所成的像越小。 （4）根据凸透镜成实像时“物近像远大”的规律分析。 （1）[1][2]摄像头工作原理与照相机相同，物体在感光元件上成倒立、缩小的实像。 （2）若有苍蝇停留在镜头前6mm处，此时苍蝇到镜头的距离大于摄像头①焦距的两倍，根据凸透镜成像原理，，成倒立、缩小的实像，因此能使苍蝇在感光元件上形成清晰的像的摄像头是①。 （3）凸透镜成实像时，物距不变，焦距越小，所成的像越小；由图2可知，A的像最小，因此是由摄像头①所拍摄的。 （4）[1][2]当物体靠近摄像头，此时物距减小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，镜头会自动向前移动，在感光元件上所成的像会变大。 21．【答案】（1）向水舱中充水；变大 （2）不变；变大 （3）正；8 【解析】【解答】（1）根据题意可知，当需要下潜时，‌需要增大自身的重力，即向水舱中充水。核潜艇从海面下沉，直至全部浸没在水中的过程中，排开的水的体积变大，由阿基米德原理可知，它受到的浮力变大。 （2）当水面下的潜艇继续向下潜时，它排开的水的体积不变，由阿基米德原理可知，它受到的浮力不变； 当水面下的潜艇继续向下潜时，所处的深度逐渐增大，由可知，受到水的压强变大。 （3）根据乙图可，该核潜艇航行时受到的海水阻力f与航速平方v2的关系图像为过原点的倾斜直线， 则核潜艇所受的海水阻力和航速平方成正比； 由图可知，核潜艇所受的海水阻力和航速平方的关系为 当核潜艇发动机以的推进功率水平匀速潜行时， 此时核潜艇的航速为，即。 【分析】 （1）潜水艇是通过改变自身的重力来实现下潜、悬浮和上浮的；根据F浮=ρ水gV排可知受到的浮力大小变化情况； （2）根据F浮=ρ水gV排可知受到的浮力大小变化情况；根据p=ρ液hg可知受到水的压强大小变化情况； （3）由图乙可知，核潜艇所受的海水阻力f与航速平方v2的关系图像为过原点的倾斜直线，则阻力和航速平方成正比；潜水艇做匀速直线运动，处于平衡状态，其受到的推力和阻力是一对平衡力，根据P=fv结合核潜艇所受的海水的阻力与航速的关系图可求出当核潜艇发动机以1.28×104kW的推进功率水平匀速潜行时核潜艇的航速。 （1）[1][2]潜水艇通过改变自身的重力来实现上浮和下沉，当需要下潜时，‌向水舱中充水，‌使潜艇的重力大于其排开的水的重力（即浮力），‌潜艇便开始下潜；‌核潜艇从海面下沉，直至全部浸没在水中的过程中，排开的水的体积变大，由可知，它受到的浮力变大。 （2）[1][2]不考虑潜艇体积的变化，当水面下的潜艇继续向下潜时，排开的水的体积不变，由可知，它受到的浮力不变；当水面下的潜艇继续向下潜时，所处的深度逐渐增大，由可知，受到水的压强变大。 （3）[1][2]由图乙可知，该核潜艇航行时受到的海水阻力f与航速平方v2的关系图像为过原点的倾斜直线，则核潜艇所受的海水阻力和航速平方成正比；由图可知，核潜艇所受的海水阻力和航速平方的关系为 当核潜艇发动机以的推进功率水平匀速潜行时，则，由可知，核潜艇的航速为，即 22．【答案】（1）增大；汽化 （2）电；通电线圈在磁场中受力转动 （3）619200；132kg 【解析】【解答】（1）储氢瓶在高压下储存氢气时，外界对气体做功，机械能转化为内能，氢气内能增大。 水箱内的液态水，变为气体，是汽化现象，吸收热量，从而有效降低发动机温度。 （2）氢燃料电池发生化学反应，将化学能直接转化为电能，供用电器使用。 电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动，将电能转化为机械能。 （3）根据功率和时间，计算卡车消耗的能量为： 计算燃油完全燃烧放出的热量： 燃烧燃油的质量：； 每燃烧1kg燃油约排放3.3kg二氧化碳，则减排二氧化碳的质量： 【分析】（1）压缩气体体积，对气体做功，机械能转化为内能；液态变为气态，是汽化现象； （2）燃料燃烧，将化学能转化为内能；电动机根据磁场对电流的作用而工作； （3）根据W=Pt，计算卡车消耗的能量，利用，计算燃料放出的热量，根据，计算消耗燃料的质量。 （1）[1]储氢瓶在高压下储存氢气时，外界对气体做功，气体内能增大，所以瓶内氢气内能增大。 [2]汽车冷却系统中，水箱内的液态水通过汽化（蒸发是汽化的一种形式）吸收热量，因为液体汽化时要从周围环境吸收热量，从而有效降低发动机温度。 （2）[1]氢燃料电池发生化学反应，将化学能直接转化为电能，供用电器使用。 [2]电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动，将电能转化为机械能。 （3）[1]卡车行驶72km消耗的能量为 [2]燃油完全燃烧放出的热量 燃烧燃油的质量 已知每燃烧1kg燃油约排放3.3kg二氧化碳，则减排二氧化碳的质量为 23．【答案】（1）上方；虚 （2）响度 （3）凹面镜；会聚 （4）装满水的矿泉水瓶相当于凸透镜，对光线有会聚作用，可能引燃易燃物 【解析】【解答】（1）平面镜成像时，像与物体关于平面镜对称，图中，汽车挡风玻璃是倾斜的，使车内物体在挡风玻璃中的成像位于上方，不妨碍司机视线。 汽车后视镜是凸面镜，司机通过两侧后视镜看到的车外的景物，是凸面镜成的虚像。 （2）改变按压汽车喇叭开关的力度，喇叭振动的幅度改变，喇叭发出声音的响度改变。 （3）图丙中，汽车前灯的反光装置相当于凹面镜，对光线有会聚作用，能使发散的光线变得会聚。 （4）装满水的矿泉水瓶相当于凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用，太阳光透过矿泉水瓶后会聚于一点，使此点温度过高，可能将汽车内的易燃物引燃。 【分析】（1）平面镜成像时，像和物体关于平面镜对称；汽车的后视镜是凸面镜，成虚像； （2）发声体振幅越大，声音的响度越大； （3）反光面凹陷，是凹面镜，对光有会聚作用； （4）有水的水瓶中间厚，边缘薄，相当于凸透镜，对光有会聚作用。 （1）[1]平面镜成的像与物体关于平面镜对称，汽车挡风玻璃是倾斜的，目的是使车内物体通过挡风玻璃所成的像位于上方，不妨碍司机视线。 [2]司机通过两侧后视镜看到的“车外的景物”是景物在镜中成的像，是凸面镜成的虚像。 （2）改变按压汽车喇叭开关的力度，喇叭振动的幅度改变，可改变喇叭发出声音的响度。 （3）[1][2]如图丙所示，汽车前灯的反光装置相当于凹面镜，它对光线有会聚作用，能使发散的光线变得会聚。 （4）炎炎夏日，汽车停在露天停车场，若把装满水的矿泉水瓶留在车内，装满水的矿泉水瓶相当于凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用，太阳光透过矿泉水瓶后会聚于一点，使此点温度过高，可能将汽车内的易燃物引燃。 24．【答案】（1）2：3； （2）轮轴；5 （3）90；330 【解析】【解答】(1)第1空，对于滑轮组，绳子自由端移动的距离s = nh（n是承担重物的绳子段数，h是物体上升的高度）。观察甲图，可知承担重物的绳子段数n甲=2；乙图中承担重物的绳子段数n乙=3。因为将同一物体提升相同的高度h，所以s甲= n甲 h = 2h，s乙=n乙h=3h，则s甲：s乙=2h：3h = 2：3。 第2空，对于丙图水平匀速拉动物体A，要画出最省力的绳子绕法。滑轮组最省力的绕法是绳子段数最多的绕法，对于一个动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组，最多有3段绳子承担拉力，绕线方法是：绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后绕过定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示： (2) ①绞车由一个大轮和一个轴组成，轮和轴固定在一起，在轮上用力，带动轴转动，所以绞车可以看做轮轴。 ②根据轮轴的实质是可以连续转动的杠杆，其平衡条件为F1R = F2r（F1是作用在轮上的力，R是轮半径，F2是作用在轴上的力，r是轴半径）。已知绞盘横杆长度L与滚轴直径d之比为4：1，即L = 4d，设吊起n块大理石板，由轮轴平衡条件可得，已知F = 400N，G = 280N，G框=100N，代入可得400N4d=(n280N+100N) d，解得，，因为n为大理石板的块数，应为整数，所以n = 5； （3） 汲水时，向下拉杆的力为F，由杠杆平衡条件可得： G石OD=(F+G桶)OC； 装满水后，水和桶总重为200N， 向上提桶的力仍为F ，由杠杆平衡条件可得： G石OD=(200N-F)OC；即： (F+G桶)OC=(200N-F)OC，代入数据可得：(F+20N)OC=(200N-F)OC，解得：F=90N； 第2空，由图及数学关系可知，OA：OB=OC：OD=3：1，代入 G石OD=(200N-F)OC，可得G石 =330N。 故答案为：（1）2：3；见解析图；（2）轮轴；5；（3）90；330。 【分析】（1）对于滑轮组，绳子自由端移动的距离s = nh；两个滑轮组成的滑轮组，承担物重绳子股数最多为滑轮个数加1，即丙图最省力的绕法为3股绳子，依据奇动偶定绕出滑轮组的绕法； （2）轮轴是一种简单机械 ，由轮和轴组成，它们绕共同的轴线转动。从原理上看，轮轴实质是可以连续旋转的杠杆。轮半径R相当于动力臂，轴半径r相当于阻力臂；依据杠杆平衡条件分析解答； （3）根据杠杆平衡条件分析解答。 25．【答案】（1）运动 （2）25；2400；0.6 （3）100；99 【解析】【解答】（1）“100”是指汽车在公路上最快时速不能超过100km/h； 在此过程中， 若以小明为参照物，小亮与标志牌之间发生了位置变化，所以交通标志是运动的。 （2）第1空，第2空，由图乙可知，此时汽车的速度为：v'=90km/h， 此地距南宁的距离为：s=60km，汽车行驶的时间为：； 第3空，由图知， 在遵守交通法规的前提下， v最快=100km/h，由，可知到达南宁最短时间为：； （3）第1空，由题意可知，前后两段时间相等，设前半段时间为t，前半段通过的路程为：s前=v前t，后半段路程为：s后=v后t，故全程平均速度为： 第2空，由题意可知，前后两段路程相等，设前半段路程为s，前半段通过的时间为：，后半段时间为：， 故全程平均速度为：。 故答案为：（1）运动； （2）25；2400；0.6 （3）100；99。 【分析】 （1） 在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。 （2）“100”为限速标志，是指汽车在公路上最快时速不能超过100km/h；“距南宁60km”是指到南宁的距离是60k m；知道最快速度、到飞机场的距离，利用 求最少需要的时间。 （3）平均速度等于总路程与通过这段总路程所用的时间之比，据此解答 学科网（北京）股份有限公司 $$