【题型分类特训】多选题核心考点练习卷（二）-2025年中考物理复习

【题型分类特训】多选题核心考点练习卷（二）-2025年中考物理复习 一、多项选择题 1．用弹簧测力计两次水平控同一木块，使它在同一水平木板上做匀速直线运动，图乙是它运动的路程随时间变化的图像，下列说法正确的是 A．图甲中木块受到的拉力为3.2N B．木块第一次和第二次速度之比为2：1 C．木块两次受到滑动摩擦力之比为1：1 D．相同时间内拉力两次对木块做功之比为1：1 2． 如图所示电路，电源电压恒定不变，定值电阻R1与R2阻值相同。让滑动变阻器R3的滑片位于中点，只闭合开关S2时，电压表V的示数为2V；开关S2、S3闭合，S1断开时，电流表A1的示数为0.2A。将R3的滑片移到b端，三个开关都闭合时，电流表A2的示数为0.4A，电路消耗的总功率为P1；开关S1、S2闭合，S3断开时， 电路消耗的总功率为P2。下列结果正确的是（　　） A．电源电压为9V B．R3的最大阻值是60Ω C．P1=3W D．P2=0.3W 3． 小成在实验室组装如图所示的滑轮组进行实验探究，实验过程如下：先测得定滑轮的重力为0.2N，动滑轮的重力为0.25N，再使用组装好的滑轮组在10s内将质量为100g的钩码竖直匀速提升20cm，此过程中弹簧测力计的示数为0.5N。g取10N/kg，下列说法正确的是（　　） A．弹簧测力计对细绳拉力的功率为0.03W B．滑轮组的机械效率为80% C．克服绳重和摩擦做的额外功为0.05J D．若增大提升钩码的质量，滑轮组的机械效率不变 4．为了落实双减政策，丰富学生的学习课程，促进学生身心健康的发展，我校开设了烘焙校本课程，小滨同学在烘焙校本课学会了制作蛋糕。关于制作蛋糕的过程中涉及的物理知识，下列判断正确的是（　　） A．小滨通过搅拌把鸡蛋黄、牛奶和面粉混合均匀，这是扩散现象 B．烘烤蛋糕时是通过热传递的方式增加蛋糕的内能 C．烘烤蛋糕时，小滨闻到了蛋糕的香味，这是因为分子在做无规则运动 D．烘烤蛋糕时，蛋糕温度越高，含有的热量越多 5．如图甲，立夏时节，有的地方会给孩子称体重，冀求孩子健康成长，俗称“立夏秤人”。如图乙，小孩和篮子的总质量为10kg，调整秤砣的位置，使杆秤处于水平平衡状态（忽略绳重和杆重），此时，。下列说法正确的是（　　） A．若秤砣上粘了东西，所称质量偏大 B．该秤砣的质量为2kg C．要使该杆秤的量程变大，可以将秤的悬挂点O左移 D．如果小孩和篮子的总质量为12kg，秤砣移至B点左侧才能使杆秤保持水平平衡 6．下图中甲、乙分别是小明家里5月初和6月初电能表的示数，则下列说法中正确的是 A．电能表是计量电功率的仪表 B．该家庭在这一个月的时间内总共用电 2000kW•h C．该电能表的额定电压是 220V D．该电能表转盘每转过 600 转，电路消耗电能 0.5kW•h 7．如图所示，甲、乙装置中的透明容器内密封有等量的空气、所连接的U形管内的液柱以显示空气温度的变化。小华将两套装置分别接到电压相同的电源上，来探究“电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关”。下列说法正确的是（　　） A．甲图实验装置是控制电压、通电时间一定时，探究电热与电流的关系 B．乙图实验装置是控制电流、通电时间一定时，探究电热与电阻的关系 C．甲图中闭合开关后，B管中液面上升的较快 D．乙图中闭合开关后，B管中液面上升的较快 8．车辆出入自动控制闸的电路如图所示，栏杆AB可绕O点转动。当车牌被识别系统识别后，开关S闭合。下列说法错误的是（　　） A．闭合开关后，铁柱向下运动，栏杆被抬起 B．闭合开关后，电磁铁的上端为S极 C．若将滑片P向下移动，闭合开关后，灯泡变亮，栏杆更易抬起 D．B端挂的铁柱可以用上端是N极、下端是S极的条形磁体代替 9．在试管内装适量的水，用瓶塞塞住瓶口，用酒精灯加热一段时间后，瓶塞被推出，同时瓶口出现“白气”，如图甲所示。下列说法错误的是（　　） A．用酒精灯加热是通过做功的方式改变瓶内气体的内能 B．酒精灯燃烧越充分，酒精的热值越大 C．瓶塞被推出时，瓶内空气温度降低，内能减少 D．瓶塞被推出的过程与图乙汽油机所示冲程的能量转化相同 10．小阳学习了望远镜的原理之后，自己动手制作了一个望远镜，结构如图甲所示，其中物镜的焦距为20cm，目镜的焦距为5cm。经过调试，他看到了远处物体最大最清晰的像（成像原理的光路图如图乙所示）。下列说法正确的是（　　） A．物镜所成的像落在目镜的一倍焦距以外 B．眼睛看到的是远处物体的倒立的实像 C．此时物镜和目镜之间的距离约为25cm D．物镜的作用相当于照相机，使远处的物体成像在距离眼睛很近的位置 11．教育部、国家卫生健康委员会非常关注儿童青少年用眼健康。图所示是近视眼和远视眼成像光路示意图，下列判断正确的是（　　） A．甲是近视眼的成像光路示意图，用凹透镜进行矫正 B．乙是近视眼的成像光路示意图，用凹透镜进行矫正 C．甲是远视眼的成像光路示意图，用凸透镜进行矫正 D．乙是远视眼的成像光路示意图，用凸透镜进行矫正 12．下表为几种晶体物质在标准大气压下的熔点和沸点，根据表中数据判断，在标准大气压下，下列说法中正确的是（　　） 　 固态氮 固态氧 固态酒精 固态水银 熔点/℃ －210 －218 －117 －39 　 液态氮 液态氧 液态酒精 液态水银 沸点/℃ －196 －183 78 357 A．在时氧是液态 B．可以用酒精温度计测量沸水的温度 C．固态水银熔化过程中会不断吸热，温度不断上升 D．将的氮和氧放在同温度的环境中，持续升高环境温度，氮气会先分离出来 13．一束白光斜射到三棱镜的一个侧面上，通过三棱镜后照射到屏上，屏上呈现由7种色光组成的光带，图为此现象的光路示意图。对于此现象，下列说法中正确的是（　　） A．此现象是由于各种色光在棱镜中的反射角不同 B．此现象表明白光是由多种色光混合而成的 C．此现象是由于光的折射形成的 D．雨后彩虹和此现象原理相同 14．如图甲所示，电源电压保持不变。电流表A的量程为0~0.6A，电压表、的量程均为0~3V，滑动变阻器的规格为“50Ω；2A”，小灯泡的额定电压为2.5V。滑动变阻器的滑片P在某点时，小灯泡正常发光，此时电压表的示数为1.5V。在保证电路各元件安全的最大范围内调节滑片P，其中一只电压表与电流表示数的变化图像如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．电源电压为4V B．电压表的示数变化范围为1.5~3V C．滑动变阻器的取值范围是3~50Ω D．小灯泡的功率范围为0.1~1.25W 15．如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1＝10Ω；开关S1闭合，S2、S3断开时，电压表的示数为U1，R2消耗的功率为P2；当开关S1、S2、S3都闭合时，电压表的示数为U1'，R2消耗的功率为P2'，且电流表A1的示数为0.9A；已知U1∶U1'＝1∶6，P2∶P2'＝1∶9，下列结论正确的是（　　） A．R3＝20Ω B．电源电压为6V C．开关S1闭合，S2、S3断开时，电路消耗的总功率为0.8W D．当开关S1、S2、S3都闭合时，P2'＝1.8W 16．如图所示，瓶中装有一定量的水，竖直放置时如图（a）所示，水对瓶底的压强为pa，若将它竖直倒置如图（b）所示，水对瓶盖的压强为pb。为比较pa与pb的大小关系，小明的分析过程是：瓶中水的质量不变，水对瓶底的压力和水对瓶盖的压力相等，瓶底面积Sa大于瓶盖面积Sb，由压强公式可知pa小于pb。下列关于pa与pb大小关系及小明分析过程，判断正确的是（　　） A．pa小于pb，小明分析过程正确 B．pa大于pb，小明分析中“用公式计算液体压强”是错误的 C．pa小于pb，小明分析中“用公式计算液体压强”是错误的 D．pa小于pb，小明分析中“水对瓶底和水对瓶盖的压力相等”是错误的 17．如图所示，是中国古代的一种水利驱动的春捣式加工粮食的机械～水碓。将水车放置在水流当中，水流带动水车转动，水车带动连通轴及其上的拨杆一起转动，拨杆旋转去拨动木槌的一端，使木槌高高抬起，让木槌上下敲击，以此捣碎加工器皿中的粮食。下列有关说法正确的是（　　） A．拨杆将木槌抬起时，木槌相当于费力杠杆 B．木槌落下时，将动能转化为重力势能 C．粮食被捣碎，说明力可以改变物体运动状态 D．在水车与连通轴间加润滑油可以减小摩擦 18．某实验小组利用酒精灯对500g冰均匀加热，他们每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态。如图是他们根据记录的数据绘制的温度一时间图像，已知c水=4.2×103J/（kg·℃），由图像可知（　　） A．水升温比冰慢，说明水的比热容比冰大 B．在CD段，水吸收的热量是4.2×104J C．冰在熔化前内能增加4.2×104J D．冰在熔化过程中吸收的热量是 1.68×105J 19．如图所示电路，灯泡L1为“12V，12W”、灯泡L2为“12V，6W”，滑动变阻器的最大阻值为48Ω，电压表的量程为“”。只闭合开关S1，滑动变阻器的滑片从最右端向左移动，当电压表示数为6V时，灯泡L1正常发光。只闭合开关S2，保证所有元件安全的情况下（忽略温度对灯丝电阻的影响），下列有关该电路说法正确的是（　　） A．电源电压为18V B．只闭合S1，灯泡L1正常发光时，滑动变阻器连入电路的阻值为8Ω C．只闭合S2，电压表示数的最大值为15V D．只闭合S2，电路总功率的变化范围为 20．小七和妈妈骑自行车同时从家出发，一起去买东西，途中妈妈所骑的自行车坏了，妈妈决定把自行车推回家维修，小七则继续前行，12min后小七发现妈妈的钥匙在自己身上，便马上也原路返回，两人恰好同时到家。如图是小七和妈妈在整个运动过程中离家的路程s与运动时间t的图像。下列结论正确的是（　　） A．m的值是1500，n的值是6 B．小七开始返回时与妈妈相距3500m C．从家出发20min时，两人相距3125m D．小七的返程速度是妈妈返程速度的4倍 21．如图所示，电源电压恒为6V，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~3V，定值电阻的阻值为10Ω，滑动变阻器的规格为“20Ω 0.5A”。闭合开关S，在确保电路安全的前提下，移动滑动变阻器的滑片P，下列说法中正确的是（　　） A．滑片向右移动，电流表示数变小，电压表示数变小 B．电流表示数的变化范围为0.2~0.5A C．滑动变阻器接入电路的最小阻值为10Ω D．电路消耗的最大总功率为1.8W 22．如图甲是体育课上坐位体前屈测量仪，图乙是同学们设计的模拟电路，闭合开关，当推动绝缘柄使滑动变阻器的滑块向左移动，可以利用示数增大的电表反映测量成绩。在此测试过程中下列分析正确的是（　　） A．此电路设计中，用电流表示数反映测量成绩 B．绝缘柄向左推的距离越大，滑动变阻器接入电路的阻值越小，电流表示数越大 C．绝缘柄向左推的距离越大，电压表示数变小，电流表示数变小 D．该电表改装成的测量仪刻度分布不均匀 23．在探究物质质量和体积关系时，小益同学测出实验桌上甲、乙、丙三个物体的质量和体积，根据数值在图上描出甲、乙、丙三个点，则下列判断正确的是（　　） A．甲密度为4g/cm3 B．乙的密度等于甲的密度 C．丙比甲的密度大 D．甲、乙一定是由同种物质组成的 24．一辆汽车在平直的公路上行驶了120km的路程，前半段路程的平均速度为60km/h，后半段路程的平均速度为40km/h，则汽车行驶这120km的路程（　　） A．所用时间为2.4h B．所用时间为2.5h C．平均速度为48km/h D．平均速度为50km/h 25．下图是小明用频闪照相机（每隔0.2s闪拍一次）拍摄到的同一小球从A点沿直线运动到F点的频闪照片。小明对照片进行了分析：他从A点起始，用刻度尺依次测量小球运动到各点时到A点的距离s，并记录在图下方的表格中。 位置 A点 B点 C点 D点 E点 F点 s/cm 0 4.4 7.8 10.2 11.6 12.0 小明得出的以下四个结论中，正确的是（　　） A．小球从A点到F点是做匀速直线运动 B．小球从B点运动到E点，通过的路程是7.2cm C．小球从A点运动到F点的平均速度是10cm/s D．小球在E、F两点间运动的平均速度最小 26．甲、乙两车从同一地点沿同一方向运动，两车通过的路程和所用时间的关系如图所示。关于甲、乙两车的运动情况，下列判断正确的是（　　） A．乙车的速度始终大于甲车 B．经过，甲、乙两车相距10m C．经过，甲、乙两车相距 D．，乙车做匀速直线运动 27．仅将灯L1、L2连接在电压为U0且保持不变的电源上，此时两灯均发光；已知测得通过灯L1的电流为I0，L2电阻为R0，灯L1和L2电阻不随温度变化，则下列判断正确的是（　　） A．L1的电阻可能为 B．L1和L2的电阻之比可能为 C．L1和L2两端的电压之比可能为 D．通过L1和L2中的电流之比可能为 28．如图所示甲、乙微型小车的运动记录，两小车均由左向右运动。现利用频闪照相记录两小车的位置，频闪相机每隔0.02s拍一次照，用字母A、B、C、D、E标记小车的位置。下列说法正确的是（　　） A．甲做减速运动，乙做匀速运动 B．从C位置运动至D位置时，甲、乙的平均速度相等 C．乙运动至D位置时速度为1m/s D．乙从A位置运动至E位置所用时间为0.1s 29．下表提供了几种物质的比热容，请你依据表格中的信息判断，下列说法中正确的是 几种物质的比热容 水 冰 酒精 砂石 煤油 铝 水银 铜 A．液体比热容都比固体的比热容大 B．物质发生物态变化后，其比热容不发生变化 C．质量相等的水和酒精，吸收相同的热量后，酒精升高的温度比较大 D．质量为的水温度升高，需要吸收的热量 30．水具有比热容比较大的特点，如图所示，下列现象中与此特点有关的是（　　） A．海边的昼夜温差较小 B．空调房间里放盆水可以增加湿度 C．冬天暖气设备用热水供暖 D．用水冷却汽车发动机 31．弹簧置于光滑管内，下端固定在水平地面上，上端与管口平齐。如图所示，将一直径略小于管的小球放在弹簧上端，先后两次向下按压弹簧到不同位置后释放小球，小球沿竖直方向运动，第一次小球到达的最高点为a，第二次小球到达的最高点为b，c为小球运动路径上的一点，小球所受空气阻力忽略不计，则先后两次（　　） A．第一次释放小球时弹簧的弹性势能大 B．小球由c到b过程，弹性势能转化为重力势能 C．小球上升过程，经过c点时的重力势能相等 D．小球上升过程，经过c点时的机械能相等 32．学校走廊的消防应急灯由蓄电池、两个LED灯及一个自动控制开关组成。照明电路正常工作时应急灯不发光，可由照明电路为蓄电池充电；照明电路停电时，应急灯发光。下列说法正确的是（　　） A．两个LED灯最佳的连接方式是并联 B．两个LED灯最佳的连接方式是串联 C．对蓄电池充电，电能转化为化学能 D．应急灯发光时，蓄电池是消耗电能的装置 33．如图所示，电源电压不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从最右端向中点移动的过程中，下列判断正确的是（　　） A．电流表A的示数增大 B．电压表V的示数减小 C．电压表V的示数与电流表示数的比值不变 D．电压表V的示数与电流表A示数的乘积增大 34．甲、乙、丙三人各驾驶一架直升飞机，从他们自己乘坐的飞机里往外看，甲看见丙的飞机匀速上升，乙看见甲的飞机匀速下降，丙看见楼房和乙的飞机都匀速上升，则这三架飞机相对地面的运动情况可能是（　　） A．甲、乙匀速上升，丙匀速下降 B．甲、乙、丙都匀速下降 C．甲、乙、丙都匀速上升 D．甲、丙匀速下降，乙静止 35．如图是一种测定油箱内油量的装置。其中R是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片跟滑杆连接，滑杆可以绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子。下列说法正确的是（　　） A．油量表可用电流表改装 B．油面升高，油量表示数变小 C．通过R0和R的电流之比始终不变 D．油面升高，R接入电路中的电阻变小 36． 某单缸四冲程汽油机的气缸活塞面积为，一个冲程活塞在气缸中移动的距离是，满负荷工作时做功冲程燃气的平均气压为，飞轮转速为，当汽油机满负荷工作时（不计摩擦），消耗汽油，（，．）则下列计算正确的是（　　） A．做功冲程中燃气对活塞的平均压力 B．一个做功冲程中，燃气对活塞做的功 C．汽油机的功率为 D．汽油机的效率为 37．某同学用刻度尺测量物体的宽度，共测量了5次，其结果分别为11.46cm、11.47cm、11.30cm、11.48cm、11.49cm，则以下说法正确的是（　　） A．11.30cm是错误数据 B．所用刻度尺分度值为1mm C．最终结果应记为11.475cm D．采用多次测量求平均值的方法可以避免误差 38．2022年8月14日，山东省第二十五届运动会跳水决赛在日照市游泳中心跳水馆完美收官，为助推我市体育事业的发展注入了强大动力。如图所示，某次跳水比赛中，运动员站立在跳台上的A点，然后保持直立姿势从跳台上竖直向上弹跳后腾空，至最高点B处后自由下落，至C点落入水中。关于上述运动过程运动员腾空后的机械能，下列分析正确的是（不计空气阻力）（　　） A．运动员在C点时，动能最大、重力势能最小 B．运动员从A点运动到C点的过程中，机械能守恒 C．运动员从A点运动到B点的过程中，动能逐渐增大 D．运动员从B点运动到C点的过程中，重力势能逐渐增大 39．将摩擦后带正电的餐盘放在桌面上，将几个不带电的泡沫小球放在餐盘上使小球带电，会看到小球上下跳动，如图所示。下列分析正确的是（　　） A．餐盘带正电是因为得到了电子 B．小球与餐盘接触瞬间，电流方向是从餐盘到小球 C．小球由于与餐盘带有同种电荷，相互排斥而向上运动 D．摩擦后的餐盘发热是通过热传递的方式改变了内能 40．如图甲所示的装置， A是重 15N的空吊篮，绳子B和C能承受的最大拉力分别为100N和50N.质量为50kg的小张同学将A提升到高处，施加的拉力F随时间变化关系如图乙所示，A上升的速度v随时间变化关系如图丙所示.忽略绳重及摩擦，常数g取 10N/kg. 下列结论正确的是 A．动滑轮的重力为 9N B．第2s内拉力F 的功率为 40W C．此装置最多能匀速运载 80N的货物 D．此装置提升重物的最大机械效率为85% 答案解析部分 1．【答案】B,C 【解析】【解答】 解：A、从图甲知，弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计的示数为3.4N，即图甲中木块受到的拉力为3.4N，故A错误； B、从图乙可知，木块两次都做匀速直线运动，第一次8s运动路程为40m，第二次8s运动路程为20m，由可知时间一定，速度与路程成正比，即v1：v2=s1：s2=40m：20m=2：1，故B正确； C、两次接触面的粗糙程度相同、压力相同，摩擦力相同，即木块两次受到滑动摩擦力之比为1：1，故C正确； D、从图乙可知，木块两次都做匀速直线运动，木块受到的拉力和摩擦力相等，因为摩擦力相同，故拉力也相同， 由B可知相同时间内的路程之比为s1：s2=2：1，根据W=Fs可得W1：W2=2：1，故D错误。 故选：BC。 【分析】(1)根据弹簧测力计的分度值读出弹簧测力计的示数； (2)根据图象分析得出速度之比； (3)影响摩擦力的因素：压力和接触面的粗糙程度； (4)根据W=Fs进行分析。 2．【答案】B,C 【解析】【解答】AB．开关S2、S3闭合，S1断开时，滑动变阻器R3的滑片位于中点，R1与R2被短路，电路中只有，电流表A1的示数为0.2A，则电源电压① 三个开关都闭合时，R1、R2与R3并联，电流表A2测通过R1、R2两条支路的总电流，电流表A2的示数为0.4A，由于定值电阻R1与R2阻值相同，由并联分流可知，通过R1、R2的电流均为0.2A，则电源电压② 由①②可知 只闭合开关S2时，R1、R2与串联，电压表测量R2两端电压，电压表V的示数为2V，由串联分压特点可知 则电源电压 ③ 由①③得 故A错误，B正确； C．将R3的滑片移到b端，三个开关都闭合时，R1、R2与R3并联，电路消耗的总功率 故C正确； D．开关S1、S2闭合，S3断开时，R2断路，R3短路，电路中只有R1，电路消耗的总功率 故D错误。 故答案为：BC。 【分析】开关S2、S3闭合，S1断开时，R1与R2被短路，三个开关都闭合时，R1、R2与R3并联，只闭合开关S2时，R1、R2与串联。开关S1、S2闭合，S3断开时，R2断路，R3短路。 3．【答案】A,C 【解析】【解答】A．由图可知，n=3，绳子自由端移动的距离 s=nh=3×20cm=60cm=0.6m 拉力所做的功为 W总=Fs=0.5N×0.6m=0.3J 拉力的功率为 故A正确； B．钩码的重力为 G=mg=100×10-3kg×10N/kg=1N 滑轮组的机械效率为 故B错误； C．所做有用功为 W有=Gh=1N×0.2m=0.2J 克服动滑轮所做额外功为 W额1=G动h=0.25N×0.2m=0.05J 因此克服绳重和摩擦做的额外功为 W额2=W总-W有-W额1=0.3J-0.2J-0.05J=0.05J 故C正确； D．若增大提升钩码的质量，则有用功增大，额外功不变，因此滑轮组的机械效率将变大，故D错误。 故答案为：AC。 【分析】功率等于总功除以时间，总功减去克服动滑轮所做额外功，减去有用功等于克服绳重和摩擦做的额外功。 4．【答案】B,C 【解析】【解答】A．搅拌鸡蛋黄、牛奶和面粉是外力作用使它们混合在一起，故A错误； B．烘烤蛋糕时蛋糕通过热传递吸收热量，内能增加，故B正确； C．小滨闻到了蛋糕的香味，说明构成物质的分子不停地做无规则运动，故C正确； D．热量是过程量，不能描述为含有或具有，故D错误。 故选BC。 【分析】1、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快； 2、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。 5．【答案】B,C 【解析】【解答】A．根据杠杆平衡原理可知，秤砣粘了东西，动力变大，对应的动力臂就变短，所以显示的示数就要偏小，故A错误； B．作用在杠杆A点的力等于孩子及秤钩和所坐篮子的总重力，即，根据杠杆平衡 条件F1L1=F2L2可得该秤砣的重力。结合重力公式计算可知秤砣的质量，故B正确； C．由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得，在阻力与阻力臂一定的情况下，动力臂越小，动力越大，所以要使该杆秤的量程变大，可以将称的悬挂点O左移，故C正确； D．小孩和篮子的总质量为12kg，作用在杠杆A点的力变大，动力臂不变，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析作用在杠杆B点的力不变，阻力臂会变大，秤砣移至B点右侧才能使杆秤保持水平平衡，故D错误。 故选BC。 【分析】杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂。 重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。 6．【答案】C,D 【解析】【解答】A、电能表是测量电功的仪表，故A错误； B、由图可知，5月初电能表的示数W1=1042.8kW•h，6月初电能表的示数W2=1242.8kW•h，则该家庭在这段时间内总共用电W=W2-W1=1242.8kW•h-1042.8kW•h=200kW•h，故B错误； C、220V是指电能表的正常工作电压，即额定电压，故C正确； D、1200r/（kW•h）表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转1200转，则该电能表转盘每转过600转，电路消耗电能W'=kW•h=0.5kW•h，故D正确； 故答案为：CD。 【分析】电能表是测量用电器消耗电能多少的仪表；读出5月初和6月初电能表的示数，两者的差值即为该家庭在这段时间内消耗的电能，电能表最后一位是小数；1200r/（kW•h）表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转1200转，据此求出该电能表转盘每转过600转电路消耗的电能。 7．【答案】B,D 【解析】【解答】A．甲图实验装置变量为通过电阻的电流，其余因素相同探究电热与电流的关系，故A错误； B．乙图，变量为电阻，其余因素相同， 探究电热与电阻的关系 ，故B正确； C．甲图中闭合开关后，左侧电阻中的电流比较大，故A管中液面上升的较快，故C错误； D．乙图中闭合开关后，右侧电阻的电阻比较大，产生的热量较多，故B管中液面上升的较快，故D正确。 故选BD。 【分析】1、探究电流的热效应：原理为焦耳定律Q=I2Rt，所以产热量和电阻成正比，和电流的平方成正比，实验中通过液面高度差的变化作为观察指标转化为电流的产热量。 2、转换法：在物理实验中，某些物理量（内能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如本题中热能的大小难以直接测量，所以需要通过 液面高度差的变化进行测量；控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如电流的热效应的影响因素有：电阻和电流。在探究某个单一变量对物理量的影响时，需要控制其余变量相同，如探究 导体的发热量可能与导体的电阻的关系时，需要电流相同，故选择串联电路。 8．【答案】C,D 【解析】【解答】A．根据图片可知，电磁铁产生磁场，吸引铁柱向下运动，栏杆被抬起，故A正确不符合题意； B.线圈上电流方向向左。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向左，此时大拇指指向下端，则下端为N极，上端为S极，故B正确不合题意； C．滑动变阻器的滑片向下移动，变阻器连入电路的电阻变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路的电流变小，灯泡变暗，电磁铁的磁性减弱，栏杆更不容易抬起，故C错误符合题意； D．根据异名磁极相互吸引可知，电磁铁的上端为S极，则B端挂的铁柱用上端是S极、下端是N极的条形磁体代替，故D错误符合题意。 故选CD。 【分析】A.根据电磁铁产生磁场分析； B.根据安培定则判断电磁铁的磁极方向； C.电磁铁产生的磁力越大，则栏杆越容易抬起； D.根据磁极之间的相互作用判断。 9．【答案】A,B,D 【解析】【解答】A．用酒精灯加热时，试管内物质吸收酒精灯放出的热量，是通过热传递的方式改试管内气体的内能，故A错误符合题意； B．酒精的热值与是否充分燃烧无关，故B错误符合题意； C．瓶塞被推出时，瓶内气体对瓶塞做功，将内能转化为机械能，瓶内气体温度降低，内能减少，故C正确不符合题意； D．瓶图乙中，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，是汽油机的压缩冲程，将机械能转化为内能，所以瓶塞被推出的过程与图乙汽油机所示冲程的能量转化不相同，故D错误符合题意。 故选ABD。 【分析】A.做功和热传递都能改变物体的内能，前者的本质为能量的转化，后者的本质为能量的转移； B.热值是燃料的一种性质，只与燃料的种类有关； C.根据能量转化的知识判断； D.热机的压缩冲程，将机械能转化为内能；做功冲程，将内能转化为机械能。 10．【答案】C,D 【解析】【解答】AB．望远镜成像时，图乙中，物体在物镜的二倍焦距外，光线经过物镜，成倒立缩小的实像，像在目镜的焦点内，成正立放大的虚像，最终，人看到的是远处物体倒立的虚像，故AB错误； C．物镜的焦距为20cm，目镜的焦距为5cm，远处景物在物镜二倍焦距外，像在一倍焦距和二倍焦距之间，且接近一倍焦距，像又要在目镜的一倍焦距以内，则物镜和目镜的距离大于20cm，故C正确； D．望远镜的物距较大，在物镜的二倍焦距外，相当于照相机，使远处的物体成像在距离眼睛近的位置，故D正确。 故选 CD。 【分析】望远镜的物镜成像和照相机相同；目镜和放大镜成像相同，根据凸透镜成像规律，判断物镜和目镜的距离大小。 11．【答案】B,C 【解析】【解答】AC．图甲中，近处光线经晶状体折射，成像在视网膜后，晶状太薄，折光能力太弱，是远视眼成像情况，凸透镜对光有会聚作用，能矫正远视眼，故A错误，C正确； BD．图乙中，远处光线经晶状体后，会聚在视网膜前，是晶状体太厚，折光能力太强，是近视眼，凹透镜对光有发散作用，可矫正近视眼，故B正确，D错误。 故选BC。 【分析】近视眼的成像在视网膜前，利用凹透镜矫正；远视眼成像在视网膜后，利用凸透镜矫正。 12．【答案】A,D 【解析】【解答】A．氧的熔点是-218℃，沸点是-183℃，在-200℃时，低于氧的沸点，是液体，故A正确； B．水沸点是100℃，高于酒精的沸点，用酒精温度计测量沸水的温度时，酒精先沸腾，不能测量水的温度，故B错误； C．水银是金属，属于晶体，固态水银熔化时，不断吸热，温度不变，故C错误； D．氮的沸点是-196℃，氧的沸点是-183℃，在升温时，氮先沸腾，变成气体分离出来，剩下的是液态的氧，故D正确。 故选AD。 【分析】温度高于物体的熔点，物体处于液态；温度到达沸点，吸热能够沸腾，温度保持不变；晶体熔化时，温度保持不变。 13．【答案】B,C,D 【解析】【解答】AC．图中，是色散现象，是各种色光发生折射时，折射角不同形成的，故A错误，C正确； BD．白光斜射到三棱镜上，被分解为多种色光，表明白光是由多种色光混合而成的，雨后彩虹和此现象原理相同，故BD正确。 故选BCD。 【分析】白光经过三棱镜发生折射，由于不同色光折射角不同，白光被分解为多种色光，是光的色散现象。 14．【答案】A,D 【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。 A．由题意可知，滑动变阻器的滑片P在某点时，小灯泡正常发光，此时电压表V2的示数UP=1.5V，灯泡两端的电压UL=UL额=2.5V， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，电源的电压U=UL+UP=2.5V+1.5V=4V，故A正确； B．由串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻变大时，其分得的电压变大，即电压表V2的示数变大， 此时电路中的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，由串联电路的电压特点可知，灯泡L两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，由图乙可知，当电压表的示数增大时，电流表的示数减小，则图像为滑动变阻器的I-U图像； 由图乙知当变阻器两端电压最大即UP大=3V时，灯泡两端电压最小即UL小=U-UP大=4V-3V=1V， 为保证灯泡长期工作，灯泡两端电压最大为其额定电压， 所以电压表V1的示数变化范围为1V～2.5V，故B错误； C.由图乙知变阻器电阻最大时，其两端电压UP大=3V时，电路中的电流I小=0.1A， 则滑动变阻器接入电路中的最大阻值：； 当变阻器接入电路的阻值最小时，其两端电压UP小=1.5V，电路中的电流I大=0.5A， 则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：； 所以滑动变阻器的取值范围是3Ω～30Ω，故C错误； D.当电路中的电流I小=0.1A，灯泡两端的电压U'L=U-UP大=4V-3V=1V， 灯泡的最小功率PL小=U'L×I小=1V×0.1A=0.1W， 当电路中的电流I大=0.5A，灯泡两端的电压UL=2.5V， 灯泡的最大功率PL大=UL×I大=2.5V×0.5A=1.25W， 所以小灯泡的功率范围为0.1W～1.25W，故D正确。 故选：AD。 【分析】 由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。 （1）滑动变阻器的滑片P在某点时，小灯泡正常发光，此时电压表V2的示数已知，灯泡两端的电压UL=UL额，利用串联电路中的电压规律得到电源电压； （2）由串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻变大时，其分得的电压变大，即电压表V2的示数变大，此时电路中的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，由串联电路中电压的规律知，灯泡两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，由图乙可知，当电压表的示数增大时，电流表的示数减小，则图像为滑动变阻器的I-U图像；变阻器两端最大电压已知，利用串联电路电压的规律得到灯泡两端的最小电压，为保证灯泡长期工作，灯泡两端电压最大为其额定电压，故可得到电压表V1的示数变化范围； （3）由图乙中变阻器两端最大和最小电压及对应的电流，利用欧姆定律得到滑动变阻器的取值范围； （4）当电路中的电流分别为最大和最小时，利用串联电路电压规律得到灯泡两端电压的取值范围，利用P=UI得到小灯泡的功率范围。 15．【答案】B,D 【解析】【解答】解：B．当开关S1闭合，S2、S3断开时，三只定值电阻串联，电压表测量R1两端的电压；因串联电路中各处的电流相等，则此时电路中的电流为； 则电阻R2消耗的功率 当开关S1、S2、S3都闭合时，三只电阻并联，电流表A1测量通过R1、R2的总电流，电流表A2测量整个电路的电流，此时电压表测R1两端的电压，也是测电源电压，即U1'＝U； 此时通过R1的电流为； 由并联电路的电流特点可知，通过R2的电流为； 此时电阻R2消耗的功率； 已知P2∶P2'＝1∶9，即 已知 联立②③解得U1＝1V，U1'＝6V； 即电源电压U为6V，故B正确； A．当开关S1闭合，S2、S3断开时，电路中的电流为； 由题意和欧姆定律可得； 化简可得 将U1＝1V代入①式有P2＝（0.1A）2R2； 当三只电阻并联时，R2消耗的功率为； 因为P2∶P2'＝1∶9； 所以，可得； 解得R2＝20Ω；则R3＝50Ω﹣R2＝50Ω﹣20Ω＝30Ω，故A错误； C．当开关S1闭合，S2、S3断开时，三只电阻串联，电路消耗的总功率为P＝UI＝6V×0.1A＝0.6W，故C错误； D．开关S1、S2、S3都闭合时，三只电阻并联，R2消耗的功率为，故D正确。 故选：BD。 【分析】 （1）当开关S1闭合，S2、S3断开时，三只定值电阻串联，电压表测量R1两端的电压；当开关S1、S2、S3都闭合时，三只电阻并联，电流表A1测量通过R1、R2的总电流，电流表A2测量整个电路的总电流，此时电压表测R1两端的电压，也是测电源电压； 根据串联电路和并联电路的特点及已知的电压、电功率比例关系，利用公式P=I2R分别列出关于R2功率的方程，解方程组得到电源电压和串联电路中R1两端的电压；开关S1、S2、S3都闭合时，三只电阻并联，知道电源电压和R2的阻值，利用并联电路的电压特点和公式求出R2消耗的功率； （2）已知R1的阻值，根据串联电路用电器两端电压与其阻值成正比，可以得到R2、R3阻值之和；已知前后两次R2消耗的功率之比，可以得到R2的阻值，进一步得到R3的阻值； （3）根据欧姆定律求出串联电路中的电流，知道电源电压和电路中的电流，利用P=UI求出电路消耗的总功率。 16．【答案】C,D 【解析】【解答】（1）根据图像可知，水的深度不同，a图中水深小于b图中的水深，根据ρ液体gh可知，pa小于pb。 （2）(容器中的形状不规则，虽然瓶子中水的重力不变，但水对底部的压力不同，瓶底面积Sa大于瓶盖面积Sb，不能用公式计算液体产生的压强，故CD正确，AB错误。 故选CD。 【分析】不规则形状的容器中，利用液体压强公式p=ρ液体gh判断液体压强的大小；容器底受到的压力大小和液体重力的关系，与容器形状有关。​​​​​​​ 17．【答案】A,D 【解析】【解答】A．根据图像，拨杆将木槌抬起时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A正确； B．木槌落下时，质量不变，高度减小，重力势能减小，速度增大，动能增大，重力势能转化为动能，故B错误； C．粮食被捣碎，是力可以改变物体的形状，故C错误； D．在水车与连通轴间加润滑油，使接触面分离，可以减小摩擦，故D正确。 故选AD。 【分析】使用杠杆时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；质量一定时，速度变大，动能变大，高度变小，重力势能变小；力可以改变物体的形状；接触面分离，可以减小摩擦力。 18．【答案】A,B,D 【解析】【解答】解：A．AB段是冰，CD段是水，加热相同的时间，吸收相同的热量，水升温比冰慢，说明水的比热容比冰大，故A正确； B．在CD段，水在10min内温度升高20℃，吸收的热量为：，故B正确；C．用相同的酒精灯加热，则单位时间内吸热相同，AB段时间为5min， 则AB段冰吸收的热量为：； 所以冰在熔化前内能增加2.1×104J，故C错误； D．BC段为冰的熔化过程，持续时间为t=45min-5min=40min， 则冰在熔化过程中吸收的热量为：，故D正确。 故选：ABD。 【分析】（1）在质量和热源都相同时，比热容越大，温度的变化越慢； （2）（4）根据吸热公式Q=cmΔt求出吸收的热量； （3）用相同的酒精灯加热，则单位时间内吸收的热量相同。 19．【答案】A,D 【解析】【解答】AB．只闭合开关S1，灯泡L1与滑动变阻器串联，电压表并联在变阻器两端，测量变阻器两端的电压；当电压表示数为6V时，L1正常发光，即灯泡的电压为额定电压，U1＝12V，则电源电压 ，根据P=UI计算电路的电流，，根据欧姆定律计算滑动变阻器连入电路的阻值，故A正确，B错误； C．只闭合开关S2，灯泡L2与滑动变阻器串联，电压表测量变阻器两端的电压；根据P=UI计算灯泡L2的阻值，由串联分压可知，当滑动变阻器接入电路的阻值最大48Ω时，电源电压为18V，所以电压表最大示数为12V；故C错误； D．只闭合开关S2，灯泡L2与滑动变阻器串联，变阻器阻值最大时，电路最小电流，电路的总功率最小，电灯泡正常发光电路电流最大，根据P=UI计算可知 ，同理计算电路的总功率，故D正确。 故选AD。 【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和； 2、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比。 3、电功率的计算：公式为。 20．【答案】A,C 【解析】【解答】本题考查速度公式的应用和生活现象与物理知识的联系，本题充分体现了物理与生活的紧密联系，关键能从图象中得出有用的信息，具有一定的难度。 A． s-t图象描述路程随时间的变化规律：图像上一点切线的斜率表示该时刻所对应速度，图像是直线表示物体做匀速直线运动，图像是曲线则表示物体做变速运动。由图像可知小七是第18 min后沿原路返回的，则根据题意可知，她妈妈沿原路返回的时刻为18min-12min=6min，即n的值是6；由可得两人同行时的速度 则6min通过的路程 即m的值是1500，故A正确； B．根据图像可知，妈妈返回到家的时间 t3=30min-6min=24min 则妈妈返回的速度 由图像可知，小红开始返回时妈妈相距 故B错误； C．由图像可知，小七返回的速度为 从家出发20min时，由图可知，两人再有10min会在家相遇，因此从家出发20min时，两人相距等于小七离家的距离与妈妈离家的距离差，即 故C正确； D．综上可知，小七的返程速度与妈妈返程速度之比 故D错误。 故选AC。 【分析】途中妈妈突然有事提前返回，5min后小红发现妈妈的钥匙在自己身上，由此结合图象可知m值的大小；先根据图象和速度公式妈妈返回时的速度，离家的距离差即为两人间的距离；根据图象可知，从家出发20min时，由图可知，两人再有10min会在家相遇，因此从家出发20min时，两人相距等于小七离家的距离与妈妈离家的距离。 21．【答案】A,C,D 【解析】【解答】A、由图可知该电路为R1和R2的串联电路，电流表测电路中的电流，电压表测R1两端的电压；滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据串联分压特点可知滑动变阻器两端的电压变大，电源电压不变，根据串联分压特点可知电压表的示数变小，总电阻变大，根据欧姆定律可知电流表示数变小，故A正确； B、已知电流表量程0～0.6A，R2允许通过的最大电流为5A；电压表的量程为0～3V，即R1两端的电压最大为：U1大=3V，由欧姆定律可知通过R1的最大电流为 由上述分析可知，为确保电路安全，因此电路中的最大电流为：I大=I1大=0.3A，当滑动变阻器接入电路的阻值最大为R2=20Ω时，电路的总电阻最大为：R大=R2+R1=20Ω+10Ω=30Ω，由欧姆定律可知电路中电流最小为：，由上述分析可知电流表示数的变化范围为0.2A～0.3A，故B错误； C、由可知当电路中的电流最大时，电路总电阻最小，即滑动变阻器接入电路的阻值最小；已知最大电流I大=0.3A，由欧姆定律可知总电阻最小为： C．当电路中电流最大的时候，电路中总电阻最小，即滑动变阻器接入电路的阻值最小，最小总电阻为 根据串联电路的电阻特点可得，动变阻器接入电路的最小阻值为 故C正确； D．总电流最大为0.3A，电路消耗的最大总功率为： 故D正确。 故选ACD。 【分析】（1）由图可知该电路为R1和R2的串联电路，电流表测电路中的电流，电压表测R1两端的电压；滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据串联分压特点可知滑动变阻器两端的电压变化情况，电源电压不变，根据串联分压特点可知电压表的示数变化，总电阻变大，根据欧姆定律可知电流表示数变化； （2）由题可知电流表的量程、滑动变阻器允许通过的最大电流；已知电压表的量程，即R1两端的最大电压，由欧姆定律可知此时通过R1的电流最大，利用欧姆定律求出通过R1的最大电流；为确保电路安全，电路中的电表不能超出量程，电流不能超出用电器允许通过的最大值；据此可得出电路中的最大电流；再利用P=UI求出电路消耗的最大功率；当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，电路的总电阻最大，利用欧姆定律可求出电路中的最小电流，由上述分析已知电路中的最大电流，便可知道电流表的示数变化范围； （3）由可知电路中的电流最大时，电路总电阻最小，即滑动变阻器接入电路的阻值最小，已知最大电流，利用欧姆定律先求出最小总电阻，进而可求出滑动变阻器接入电路的最小阻值，进而得出滑动变阻器接入电路的阻值范围。 22．【答案】A,B,D 【解析】【解答】根据电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联接入电路中，电流表测量电路中的电流，电压表测R1两端的电压。 ABC．向左推动绝缘柄的距离越大，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，总电阻变小，根可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器分担的电压变小，电压表示数变小；由题意知，测量仪利用示数增大的电表反映测量成绩，即是利用电流表示数反映测量成绩，故AB正确，C错误； D．推动距离均匀变化时，R接入电路中的电阻均匀变小，由电路中电流表的示数可知，显示仪的示数变化不均匀，故D正确。 故选：ABD。 【分析】(1)由图可知，该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；根据推动的距离判定滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化； ​​​​​​​(2)根据串联电路的分压规律分析滑动变阻器两端电压的变化；推动距离均匀变化时，R接入电路中的电阻均匀变小，根据欧姆定律得出电路中电流表的示数与R的关系，然后判断显示仪的示数变化是否均匀。 23．【答案】B,C 【解析】【解答】A．由图像可知，甲的体积为8cm3时，质量为2g，由密度公式可得甲的密度为： 故A错误； BD．因为同种物质质量和体积成正比，比值为密度，图像为一条斜直线，斜率表示物体的密度大小；由图像可知，乙的质量和体积图线与甲的图线斜率相同，可知乙的密度等于甲的密度，甲乙可能是同种物质，也可能时密度相同的不同种物质，故B正确，D错误； C．如下图可知，当甲和丙体积均为V'时，丙的质量大于甲的质量，根据可知，丙比甲的密度大，故C正确。 故选BC。 【分析】（1）根据图像可知当甲的体积为8cm3时，质量为2g，据此利用密度公式可求甲的密度； （2）根据图像可知乙的质量和体积图线与甲的图线重合，据此可得乙的密度值； （3）比较相同体积的甲、丙的质量大小，利用密度公式可得甲和丙的密度关系； （4）密度相同的物质不一定是同一种物质。 24．【答案】B,C 【解析】【解答】解： （1）由v=得前半段路程用的时间： t1==1h； 后半段路程用的时间： t2==1.5h； 总时间： t=t1+t2=1h+1.5h=2.5h，故A错误，B正确； （2）平均速度： v==48km/h，故C正确，D错误 。 故选BC 。 【分析】利用t=求前、后半段路程用的时间，得出总时间，再利用速度公式求平均速度 。 25．【答案】B,D 【解析】【解答】A．频闪照相机每隔0.2s闪拍一次，若小球从A点到F点是做匀速直线运动，则AB、BC、CD、DE、EF之间的距离应该相等，根据表格中的数据可知，距离不相等，所以A到F不是匀速直线运动，故A错误； B．根据表格可知，小球从B点到E点通过的路程为10.2cm和4.4cm之差，通过的路程是：10.2cm-4.45cm=7.2cm，故B正确； C．根据速度公式可知，小球从A点运动到F点的平均速度， 故C错误； D．根据速度公式可知，当时间相同时，速度和路程成正比，因为E、F两点间的路程最小，所以两点间的平均速度最小，故D正确。 故选BD。 【分析】 A.做直线运动的物体，在相同的时间内，通过的路程的相等的运动是匀速直线运动，相同的时间内，通过的路程不相等的运动是变速直线运动； B.由表格数据可知小球从B点运动到E点通过的路程； C.知道小球从A点运动到F点的路程和所用的时间，利用速度公式可计算出小球从A点运动到F点的平均速度； D.物体在相同的时间内，运动的路程越小，速度越小。 26．【答案】B,C 【解析】【解答】A．乙车在5s后静止的，甲车做匀速直线运动，速度大于乙，故A错误； B．据图可知，经过15s，甲乙分别是30m，40m，甲、乙两车相距40m-30m=10m，故B正确； C．由图可知，乙车在18s，路程为40m，甲做匀速直线运动，0~5s，甲车的路程是10m，甲车的速度 ，经过18s，甲车的路程s甲1=v甲t1=2m/s×18s=36m，甲、乙两车相距40m-36m=4m，故C正确； D.5~25s，乙车处于静止状态，故D错误。 故选BC。 【分析】根据速度的公式计算分析，速度公式为v=s/t，根据题目中所给的信息，如已知速度时间求解路程，或者已知路程和时间求解速度，匀速运动的特点，在st曲线上为一条倾斜向上的直线，在vt曲线为一条水平直线。 27．【答案】A,B,D 【解析】【解答】灯泡L1与灯泡L2可能串联也可能并联，设灯泡L1的电阻为。 若灯泡L1与灯泡L2串联时，根据串联电路电压规律可以列等式 则灯泡L1的电阻的阻值为 L1和L2的电阻之比 L1和L2两端的电压之比可能为 由于串联，通过L1和L2中的电流之比为。 若两灯泡并联，灯泡L1的电阻的阻值为 L1和L2的电阻之比可能为 由于并联，两灯泡的电压之比为。 通过L1和L2中的电流之比可能为 故综上所述，ABD符合题意；C不符合题意。 故答案为：ABD。 【分析】根据欧姆定律R=分析；注意题中没有说明两灯的连接方式，分串联和并联根据欧姆定律和串联、并联电路的规律讨论。 28．【答案】B,C 【解析】【解答】A．甲车相同时间下经过的间距越来越大，做的是加速运动，乙车相同时间内通过间距一直不变，做匀速直线运动，故A错误； B．由图可知，甲乙C位置运动至D位置时，路程相同，经过时间相同，根据速度公式可知，甲、乙的平均速度相等，故B正确； C．根据可得，乙由A位置运动至D位置的路程为0.06m，时间为0.06s，根据速度公式可计算乙的平均速度为，C正确； D．由图可知，乙从A位置运动至E位置所用时间为 故D错误。 故选BC。 【分析】根据速度的公式计算分析，速度公式为v=s/t，根据题目中所给的信息，如已知速度时间求解路程，或者已知路程和时间求解速度，题目中甲车相同时间下经过的间距越来越大，做的是加速运动，乙车相同时间内通过间距一直不变，做匀速直线运动，据此判识选项。 29．【答案】C,D 【解析】【解答】A．比热容是物体的特性，液体比热容不一定比固体的大，如水银的比热容较小，故A错误； B．物质发生物态变化后，比热容会发生变化，如水和冰的比热容不同，故B错误； C．根据 水和酒精的质量相和吸收热量相同，酒精的比热容比水的小，酒精升高的温度比较大，故C正确； D．根据水的质量和温度差，计算热量为 故D正确。 故选CD. 【分析】比热容的物体的特性，不同物质一般不同，比热容和物体的状态有关；根据Q=cmΔt，计算热量。 30．【答案】A,C,D 【解析】【解答】A．水的比热容较大，水和沙石质量和吸收的热量相同，水的温度差小；即吸收热量或放出热量后，温度差小，使得海边昼夜温差小，故A符合题意； B．空调房间放盆水，是利用水的蒸发，增加水蒸气，增加湿度，使空气湿润，故B不符合题意； CD．水的比热容较大，质量和温度差相同时，水吸收或放出的热量多，便于暖暖或降温，故CD符合题意。 故选ACD。 【分析】水的比热容较大，根据Q=cmΔt，吸收热量或放出热量后，温度差小。 31．【答案】A,C 【解析】【解答】 解：A.按压弹簧到不同位置后释放小球，小球沿竖直方向运动，直到运动到最高点的过程中，空气阻力忽略不计，弹簧的弹性势能转化成小球的动能，再转化成小球的重力势能，第一次小球到达的最高点为a，第二次小球到达的最高点为b，由图可知，a高于b，则第一次小球到达最高点时的重力势能较大，由机械能守恒可知，第一次释放小球时弹簧的弹性势能大，故A正确； B.小球由c到b过程，质量不变，速度减小，动能减小，高度增大，重力势能增大，动能转化为重力势能，故B错误； C.小球上升过程，经过c点时，高度相等，质量相等，小球的重力势能相等，故C正确； D.第一次释放小球时弹簧的弹性势能大，由机械能守恒可知，第一次释放小球后，上升经过c点时的机械能较大，故D错误。 故选：AC。 【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。 （2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。 （3）不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。 32．【答案】A,C 【解析】【解答】AB．为实际工作方便，两个LED灯发光互不影响，两个LED灯并联，故A正确，B错误； C．对蓄电池充电，蓄电池消耗电能，相当于用电器，将电能转化为化学能，故C正确； D．应急灯发光时，蓄电池是电源，是提供电能的装置，故D错误。 故选AC。 【分析】各用电器互不影响，是并联电路；电路中消耗电能，是用电器；电源在电路中提供电能。 33．【答案】A,C,D 【解析】【解答】据题可知，开关闭合，两电阻并联，A位于干路，测量干路电流，A1和R1串联，测量R1所在支路电流，电压表测量电源电压， 滑动变阻器的滑片P从最右端向中点移动 ，电阻变小，所以该支路电流变大，根据并联电路电流规律可知，干路电流变大，所以A变大，电源电压不变，所以电压表示数不变，所以二者乘积变大，由于 电压表V的示数与电流表示数 为定值电阻的大小，所以其比值不变。综上ACD正确，B错误。 综上选ACD。【分析】1、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路； 2、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流，电阻规律 。 3、电路动态分析：变阻器是通过改变接入电路的电阻长度进而改变电路的电流和电压， 将滑动变阻器的滑片P从最右端向中点移动的过程中 ，电阻变小，结合欧姆定律计算电流的变化。 34．【答案】B,D 【解析】【解答】丙看到楼房匀速上升，所以丙在匀速下降，乙的运动状态较为复杂，可能静止，可能匀速上升，可能匀速下降，下降速度小于丙，甲看到丙匀速上升，所以甲在匀速下降，所以甲丙匀速下降，乙可能静止，上升或者下降，BD正确，AC错误。 综上选BD。 【分析】物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止。 35．【答案】A,C,D 【解析】【解答】A．油量表串联在电路中，所以油量表为电流表改装，A正确； BD、 油面升高，变阻器电阻变小，根据欧姆定律可知，电流表示数增加，所以油量表示数增加，B错误，D正确； C、串联电路电流相同，所以电流之比为1，C正确； 综上选ACD。 【分析】电路动态分析：变阻器是通过改变接入电路的电阻长度进而改变电路的电流和电压，题目中 油面升高，变阻器电阻变小，根据欧姆定律可知，电路的电流增加。 36．【答案】A,B 【解析】【解答】A．做功冲程中燃气对活塞的平均压力F=pS=9×105pa×30×10-4m2=2700N，故A正确； B．一个做功冲程中，燃气对活塞做的功W=Fs=2700N×50×10-3m=135J，故B正确； C． 1min飞轮转1800转，活塞对外做了900次功， 活塞在1min里对外做的功W=135J×900=1.215×105J 汽油机的功率 故C错误； D.1min里燃烧汽油的质量 1min里燃烧汽油放出的热量 Q=mq=0.012kg×4.6×107J/kg=5.52×105J 汽油机的效率 故D错误。 故答案为：AB。 【分析】根据压强公式以及总功公式分别计算压强以及做功，飞轮转2磁，活塞对外做功一次。 37．【答案】A,B 【解析】【解答】AB.11.30cm和其余数据相差过大，为错误数据，应该排除，测量数据均为百分位，所以这把尺子的分度值是0.1cm，故AB正确； CD．误差不可避免，只能减小，平均值的数位应该与测量值相同，故此次测量的平均值应和刻度尺分度值对应，11.48cm。故CD错误。 故选AB。 【分析】误差作为真实值和测量值之间的差值，不可能完全消除，只能减小， 减小误差的方法有采用精密的测量工具、改进测量方法、多次测量求平均值等。 38．【答案】A,B 【解析】【解答】AB．C点位高度最小，所以重力势能转化为动能最大，所以重力势能最小，动能最大，A正确； B、 不计空气阻力 ，所以运动过程中，机械能守恒，B正确； C、运动员从A点运动到B点的过程中，高度变大，所以动能转化为重力势能，C错误； D、B到C，高度变小，重力势能转化为动能，D错误。 综上选AB。 【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。 39．【答案】B,C 【解析】【解答】A．带正电是失去了电子，故A错误； B．电流方向与电子定向移动方向相反，从餐盘到小球，故B正确； C．小球与餐盘带有同种电荷相互排斥而向上运动，故C正确； D．摩擦发热是通过做功的方式改变了内能，故D错误。 故选BC。 【分析】(1)摩擦带电的实质是电子的得失，失电子的带正电，得电子的带负电； (2)接触带电时是电子在转移；物理学中规定，正电荷定向移动方向为电流方向； (3)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引； (4)改变内能的两种方式：做功和热传递。 40．【答案】B,C,D 【解析】【解答】A、由图丙可知，在1~2s内A匀速上升，由图乙可知拉力F=10N，由图甲知，n=2，忽略绳重及摩擦，拉力F=（GA+G动），则动滑轮重力：G动=2F-GA=2X10N-15N=5N，故A错误： B、由图丙可知，第 2s内A上升的速度vA=2m/s，拉力绳端移动速度v=2vA=2×2m/s=4m/s， 第2.内拉力P的功率，故B正确； C、忽略绳重及摩擦，C处绳子拉力F=(FB+G动)=（FB+5N)，则当C处最大拉力为50N时，B处拉力95N；当绳子B能承受的最大拉力为100N时，C处绳子拉力F=(FB+G动)=（100N+5N）=52.5N；所以要以C处最大拉力，B处的拉力：FB二GA+G货物=95N， 此装置最多能匀速运载货物的重力：G货物=FB-GA=95N-15N=80N，故C正确； D、此装置提升重物，动滑轮的质量不变，机械效率随提升重物的增大而增大，此装置提升重物的最大 机械效率最大： ，故D正确。 故选：BCD。 【分析】A、由图丙可知，在1~2s内A匀速上升，由图乙可知拉力F=10N，由图甲知，n=2，忽略绳重及摩擦，拉力F=（GA+G动），据此求动滑轮重力； B、由图丙可知A第2s内上升的速度大小，拉力端移动速度等于A上升速度的2倍，利用推得P=Fv求第2s内拉力F的功率； C、忽略绳重及摩擦，C处绳子拉力F=(FB+G动)=（FB+5N)，此判断要以C处最大拉力为准，并求出B处绳子的拉力，此装置最多能匀速运载货物的重力等于B处拉力减去A的重力； D、此装置提升重物，动滑轮的质量不变，机械效率随提升重物的增大而增大，此装置提升重物的最大机械效率最大： 学科网（北京）股份有限公司 $$