2025年北京市中考物理六月模拟练习卷

2025年北京市中考物理六月模拟练习卷 一、单选题（每题2分，共24分） 1．如图所示的光现象中，属于光的直线传播的是（    ） A．筷子弯折 B．水中倒影 C．手影游戏 D．棱镜色散 2．如图所示的工具中，使用时属于省力杠杆的是（  ） A． 瓶盖起子B． 托盘天平 C． 筷子D． 食品夹 3．小福用金属管自制小乐器，如图所示。敲击不同长度金属管，能发出“do（1）”“re（2）”“mi（3）”“fa（4）”“sol（5）”“la（6）”“si（7）”。小华演奏歌曲《两只老虎》中的“跑”时，应敲击的金属管是（　　） A．a B．c C．e D．g 4．根据你的经验，下列描述最符合实际的是（    ） A．一根铅笔的质量约为 B．人教版物理课本宽度约为 C．人的正常体温约为 D．中学生百米赛跑的成绩约为 5．小红用一根导线和一枚铁钉制作了如图所示的电磁铁。她给线圈通电后，钉尖处可以吸引曲别针。关于此实验，下列说法正确的是（　　） A．给线圈通电后，钉尖一端为电磁铁的N极 B．改变线圈中的电流方向，则钉尖处不能吸引曲别针 C．若减少线圈的匝数，则钉尖处吸引曲别针的数量一定减少 D．若线圈匝数不变，增大电流，钉尖处吸引曲别针的数量会增加 6．下列关于热现象的描述中说法正确的是（　　） A．春天公园内花香扑鼻，是由于分子在不停地做无规则运动 B．用高压锅煮食物熟得快，是因为高压锅内气压高沸点低 C．把蔬菜装入保鲜袋并放入冰箱，是为了加快水分的蒸发 D．汽油机的做功冲程中，燃气对外做功，将机械能转化为内能 7．如图是八达岭长城无人机帮助运送物资的情景，下列说法正确的是（　　） A．无人机上升过程中，货物的重力势能减小 B．无人机水平匀速飞行时，货物的机械能保持不变 C．无人机到达送货地点上空悬停期间，始终对货物做功 D．无人机下降过程中，货物的动能一定增大 8．小蕊利用可绕O点转动的轻质杠杆提升重物，将重物悬挂在固定点B处，如图所示。她在A点施加一个始终垂直于杠杆的力，在将杠杆末端从A位置缓慢转动到A'位置的过程中，力F的大小变化是（　　） A．变大 B．变小 C．先变大，后变小 D．先变小，后变大 9．在跳台滑雪运动的示意图中，虚线表示运动员从助滑开始，直到下落至着陆坡的运动轨迹。在运动过程中，下列说法正确的是（　　） A．以跳台为参照物，运动员是静止的 B．从A位置到B位置，运动员的机械能不变 C．在最高点C位置时，运动员受到的合力为0 D．从C位置到D位置，运动员的动能增大 10．如图甲、乙所示，将同一瓶水先正立、后倒立放在水平桌面上。图甲中，水对瓶底的压强为p甲、水对瓶底的压力为F甲；图乙中，水对瓶盖的压强为p乙、水对瓶盖的压力为F乙。下列判断正确的是（　　） A．p甲<p乙；F甲>F乙 B．p甲<p乙；F甲=F乙 C．p甲=p乙；F甲=F乙 D．p甲<p乙；F甲<F乙 11．图甲所示是某电热水器内部简化电路，由控制电路和加热电路组成。控制电路中电源两端电压恒为12V，R0为定值电阻，Rt为热敏电阻，其阻值随水温的变化关系如图乙所示。电流鉴别器相当于电流表，且控制开关S2。加热电路中电源两端电压恒为220V，加热电阻R的阻值为48.4Ω。当热水器中的水温降低到40℃，电流鉴别器中的电流为30mA时，开关S2闭合，加热电路开始加热；当水温达到另一温度值，电流鉴别器中的电流为40mA时，开关S2断开。下列说法正确的是（　　） A．水温越高，控制电路中的电流越小 B．开关S2闭合，加热电路的电功率为100W C．水温达到80℃时，加热电路停止加热 D．若更换阻值更小的定值电阻，热水器中的水温变化范围变大 12．游乐场上的翻滚过山车是一种惊险有趣的游戏，图为过山车轨道的简化示意图。过山车从高处的A点沿倾斜轨道加速滑下至B点，然后沿圆环轨道减速上升至圆环顶部C点，再沿圆环轨道加速运动至D点，最后沿水平轨道减速运动直到停止。则下列说法中正确的是（　　） A．从A点到B点的过程中，过山车的重力势能增大，动能增大 B．从B点到C点的过程中，过山车的重力势能增大，动能减小 C．从C点到D点的过程中，过山车的动能转化为重力势能 D．从D点开始做减速运动，是因为过山车具有惯性 二、多选题（每题2分，共6分） 13．如图所示，滑轮组悬挂在水平支架上，某工人站在水平地面上，竖直向下拉动绳子自由端，使物体A以的速度匀速上升，提升过程中滑轮组的机械效率为。已知物体A重，该工人重，两个滑轮质量相等，不计滑轮组的绳重和摩擦，关于该过程下列说法正确的是（　　） A．绳子自由端受到竖直向下的拉力为 B．绳子自由端拉力的功率为 C．该工人对地面的压力为 D．支架受到滑轮组的拉力为 14．图所示为某款电热水壶的简化电路图，额定电压为220V，S为感温开关，1、2是开关连接的触点，R1和R2为加热电阻，且阻值保持不变。已知该电热水壶加热挡的额定功率为1100W，保温挡正常工作时的电流为0.5A。下列说法正确的是（　　） A．电阻R2的阻值为440Ω B．加热挡正常工作时的电流为5A C．加热挡和保温挡正常工作时功率之比为10∶1 D．保温挡正常工作1min，产生的热量为6.6×10³J 15．如图所示，关于下列几个热学实验的说法正确的是（　　） A．图甲，即使二氧化氮的密度大于空气的密度，抽掉玻璃板，也能发生扩散现象 B．图乙，两个压紧的铅块能吊起一个重物，说明分子之间存在引力 C．图丙，木塞被冲出，说明利用内能可以做功，此过程与热机的做功冲程相似 D．图丁，在相同条件下加热水和食用油，发现食用油温度升高较多，说明食用油吸收热量多 三、填空题 16．（3分） (1)如图所示，木块A的长度为 cm。 (2)如图所示小磁针静止时指向南北，当平行于它的导线通电时发现小磁针发生偏转，当导线不通电时小磁针有恢复原状，这个实验说明 。 四、实验题 17．（4分） (1)如图甲所示，温度计的示数为 ℃； (2)图乙所示，一束光贴着垂直于平面镜的纸板，从A点射到平面镜上的O点，ON是法线，入射角∠AON=45°。已知纸板上∠NOB=30°，∠NOC=45°，∠NOD=60°。则入射光线AO的反射光线将沿着图中 方向射出。 18．（4分）如图1所示，将焦距为f的凸透镜固定在光具座上50cm刻线处，光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜两侧。用此装置进行实验，得到图2中像距v随物距u变化的图像。 (1)根据上述信息可知，f= cm； (2)将蜡烛置于15cm刻线处、凸透镜置于50cm刻线处、光屏置于70cm刻线处，若在凸透镜和蜡烛之间再放置一个合适的 （选填“凹”或“凸”）透镜，则可在光屏上观察到烛焰清晰的像； (3)保持图1中凸透镜位置不变，取走蜡烛，将“F”粘贴在光屏上，如图3所示，并将光屏置于55cm刻线处，从左侧通过凸透镜观察，会看到图4中的 。 19．（4分）小明探究感应电流的方向与线圈底边AB切割磁感线运动的方向是否有关。他用绝缘细线将矩形线圈悬挂，线圈底边AB水平置于蹄形磁体的磁场中，用导线将线圈、开关和灵敏电流计连接成如图所示的电路。 (1)灵敏电流计在实验中的作用是： 。 (2)实验步骤：①闭合开关S后，使线圈底边AB向左做切割磁感线运动，灵敏电流计指针向右偏转；②保持磁场方向不变，使线圈底边AB向右做切割磁感线运动，灵敏电流计指针向左偏转。依据实验现象可以得出的结论是： 。 20．（3分）小石用两节干电池，滑动变阻器，开关，导线，电压表和电流表，测量电阻丝的电阻值，他连接了如图甲所示电路。 (1)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P调至 端（选填“A”或“B”）。 (2)正确连接电路后，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为2.4V时，电流表的示数如图乙所示，此时电流表的示数为 A，则电阻丝的阻值为 Ω。 21．（2分）如图所示是某同学“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验： （1）如图甲、乙，先用弹簧测力计吊着石块，弹簧测力计的示数为 1.6N，然后让石块完全浸没在水中，弹簧测力计的示数变为1N．则石块受到水的浮力为 N； （2）如图丙，用弹簧测力计缓慢将石块拉出水面，随着石块露出水面的体积越来越大，观察到弹簧测力计的示数也越来越大．该同学探究的问题是：浮力的大小与 是否有关； 22．（5分）小明同学在探究影响浮力大小的因素时，做了如图所示的实验。请你根据小明的实验探究回答下列问题。 (1)在C与E两图中，保持了排开液体的体积不变，研究浮力与 的关系；根据A与E两图所标的实验数据，利用公式 F浮＝G﹣F 可求物体浸没在盐水中所受的浮力为 N。 (2)小明对A、B、C、D四个步骤进行了观察研究，发现浮力的大小有时与深度有关，有时与深度又无关。对此正确的解释是浮力的大小随着排开水的体积的增大而 ，当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度 。 (3)在小明实验的基础上，根据有关实验数据，可以计算出盐水的密度为 kg/m3。 五、简答题 23．（3分）如图所示，是小阳设计的烟雾报警电路。电源两端电压保持不变，电阻是光敏电阻，其阻值随烟雾浓度的增大而增大是滑动变阻器。当电压表示数大于某一值时，就会触发报警。经过测试发现该烟雾报警装置过于灵敏，请分析说明如何调节滑动变阻器降低烟雾报警装置的灵敏度。 六、科普阅读题 24．（4分）请阅读《空气中“隐形水”的测量师——湿度计》并回答题。 空气中“隐形水”的测量师——湿度计 空气湿度的测量在日常生活、工农业生产和气象预报等领域都具有重要意义。 空气湿度指空气的干湿程度，取决于空气中水蒸气的含量，常用的描述方法有两种。一种是绝对湿度，用空气中水蒸气的压强来表示。另一种是相对湿度，用空气中水蒸气的压强与同一温度时水的饱和汽压之比表示，即相对湿度。相对湿度常用百分数表示。气象预报中的空气湿度就是指相对湿度。 什么是饱和汽压呢？我们知道，水在任何温度时都会蒸发。从微观角度看，由于分子不停地做无规则运动，蒸发时水分子离开水面跑到周围空间，同时水面上方的水分子也会回到水中。当相等时间内回到水中的分子数等于离开水面的分子数时，水与水蒸气之间达到了一种动态平衡。此时水蒸气的压强叫作饱和汽压。温度升高时，水的饱和汽压增大。 相对湿度常用湿度计来测量。我国是世界上最早发明并使用湿度计的国家。 图甲是我国古代一种天平式湿度计，将一根均匀木杆的中点悬挂起来，两端分别挂上吸湿性差异很大的两种物质，如炭和土。古人发现“燥故炭轻，湿故炭重”，通过观察天平的倾斜方向和程度，可以判断空气湿度的变化，这种方法体现了古人的智慧。 图乙是一种干湿球湿度计，它由两支完全相同的温度计组成。一支作为干球温度计，玻璃泡暴露在空气中，测量空气温度；另一支作为湿球温度计，其玻璃泡外包裹着纱布，纱布的一端浸在水中。通过两支温度计的温差，可以知道空气湿度。目前应用最广泛的是电子湿度计，使空气湿度的测量更加便捷。 (1)在图甲所示的天平式湿度计的左盘放入炭，右盘放入土，使其水平平衡。当发现左盘上升，右盘下降，可以判断周围环境的空气湿度 （选填“增大”或“减小”）。 (2)正常使用时，图乙所示的干、湿球温度计出现温差的原因是 。 (3)已知气温在30℃时，空气的相对湿度为50％。若绝对湿度保持不变，当气温升至38℃时，通过分析说明，空气的相对湿度如何变化。 七、计算题 25．（4分）小华家电水壶的内部电路如图甲所示，其中R1、R2为电热丝，S是电源开关，S0是温控开关（水温达到100℃，自动由加热状态切换为保温状态）。该电水壶的部分重要参数如图乙所示。已知电源电压为220V。求： (1)当开关S和S0均闭合时，R1电功率； (2)R2的电阻； (3)在加热状态下，该电水壶工作10min产生的热量。 26．（4分）如图所示，横杆AB可绕固定点O在竖直平面内转动， OA∶OB＝3∶2，装有适量水、底面积为400cm2的圆柱形容器放在水平面上。在杆A端用细绳悬挂物体甲，B端用细绳悬挂一形状不规则的物体乙，此时杆AB在水平位置平衡；将物体乙浸没在圆柱形容器的水中时，液面变化了10 cm。此时将物体甲从A点移动到C点，OC∶OB＝1∶2，杆AB在水平位置平衡。已知：不计杆重与绳重，水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求： (1)物体甲受到的重力； (2)物体乙的密度 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 1．C【详解】A．水中筷子弯折，水中的筷子反射的光斜射入空气中，发生折射形成的，属于光的折射现象，故A不符合题意； B．水中倒影属于平面镜成像，属于光的反射，故B不符合题意； C．影子的形成是因为光沿直线传播，故C符合题意； D．棱镜色散，本质上属于光的折射，故D不符合题意。故选C。 2．A【详解】A． 瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A符合题意； B． 托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，它是等臂杠杆，既不省力也不费力，故B不符合题意； C．筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故C不符合题意； D． 食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D不符合题意。故选A。 3．B【详解】敲击不同长度金属管时，是金属管在振动，金属管越短，其振动越快，音调就越高，所以“do（1）”“re（2）”“mi（3）”“fa（4）”“sol（5）”“la（6）”“si（7）”对应的管分别是a、b、c、d、e、f、g；小华演奏歌曲《两只老虎》中的“跑”时，对应的音是“mi（3）”，应敲击的金属管是c，故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。 4．B【详解】A．一支铅笔质量约为15g左右。故A不符合题意； B．物理教材宽度约为18cm。故B符合题意； C．人正常体温为37℃左右。故C不符合题意； D．世界百米赛跑纪录9s多。故D不符合题意。故选B。 5．D【详解】A．根据右手螺旋定则，给线圈通电后，钉尖一端为电磁铁的S极，故A错误； B．改变线圈中的电流方向，会改变电磁铁磁场的方向，不会使电磁铁失去磁性，故钉尖处仍能吸引曲别针，故B错误； C．电磁铁磁性的强弱与线圈匝数以及电流大小有关，所以减少线圈的匝数，钉尖处吸引曲别针的数量不一定减少，故C错误； D．电磁铁磁性的强弱与线圈匝数以及通过的电流大小有关，所以若线圈匝数不变，增大电流，电磁铁磁性会增大，钉尖处吸引曲别针的数量会增加，故D正确。故选D。 6．A【详解】A．春天公园内花香扑鼻，属于扩散现象，是由于分子在不停地做无规则运动，故A正确； B．用高压锅煮食物熟得快，是因为高压锅内气压高沸点高，故B错误； C．温度越低，上方空气流动速度越慢，减小液体表面积，液体蒸发越慢。所以把新鲜的蔬菜装入保鲜袋并放入冰箱，是为了减慢蔬菜中水分的蒸发，故C错误； D．汽油机在做功冲程里，高温、高压的燃气膨胀推动活塞做功，将燃气的内能转化为机械能，故D错误。 故选A。 7．B【详解】A．无人机装载的货物的质量不变，高度增加，因此货物的重力势能会增大，故A错误； B．无人机装载货物的质量不变，水平匀速飞行时动能不变，因为高度不变，所以重力势能也不变。机械能是动能和重力势能的总和，因此货物的机械能保持不变，故B正确； C．无人机到达送货地点上空悬停期间，有力的作用，但在力的方向上没有移动距离，此时不做功，故C错误； D．无人机装载货物的质量不变，下降时，如果货物是匀速下降，则动能保持不变；如果货物是减速下降，则动能减小；如果货物是加速下降，则动能会增大。但题目中并未明确说明下降的速度情况，因此不能断定货物动能的变化情况，故D错误。故选B。 8．C【详解】如图，在将杠杆末端从A位置缓慢转动到A'位置的过程中，因为F始终垂直于杠杆，所以动力臂不变，阻力等于物体的重力，也保持不变，在此过程中，阻力臂先增大后减小，根据杠杆平衡条件知，动力F先增大后减小。故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。 9．D【详解】A．根据运动与静止的相对性，在运动过程中，以跳台为参照物，运动员的位置一直在变化，所以运动员是运动的，故A错误； B．从A位置到B位置，运动员的重力势能转化为动能，考虑到摩擦与空气阻力，运动员的机械能不守恒，会减小，故B错误； C．当运动到最高点C位置时，在竖直方向上与水平方向上运动员均受非平衡力作用，所以所受合力不为0，故C错误； D．从C位置到D位置，属于空中下落过程，在此过程中，运动员的重力势能转化为动能，重力势能减小，动能增大，故D正确。故选D。 10．A【详解】由图可知，倒放时瓶中水的深度较大，根据p=ρgh可知，倒放时水对瓶盖的压强较大，即p甲<p乙；正放时，瓶子中的水柱是粗细相同的，瓶子底部受到的压力等于瓶中水的重力；倒放时，瓶子中的水柱上面粗，下面细，一部分水的重力作用在瓶子的侧壁上，瓶盖受到的压力小于瓶中水的重力；瓶中水的重力是一定的，所以正放时水对瓶底的压力大于倒放时水对瓶盖的压力，即F甲>F乙。故选A。 11．C【详解】A．根据图像知，温度升高时电阻减小，控制电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电流变大，故A错误；B．开关S2闭合，加热电路的电功率故B错误； C．当热水器中的水温降低到40℃，电流鉴别器中的电流为30mA时，开关S2闭合，开始加热，由图乙可知，此时Rt的阻值Rt=150Ω，电源电压U=IR=I(Rt+R0)=0.03A×(150Ω+R0)=12V 解得R0=250Ω；当水温达到另一温度值，电流鉴别器中的电流为40mA时，开关S2断开，此时总电阻 Rt的阻值Rt1=R总-R0=300Ω-250Ω=50Ω，对应的温度为80℃，故C正确； D．开关S2闭合和断开时，电流是一定的，根据可知，电路中的总电阻一定，更换阻值更小的定值电阻，则Rt的阻值更大，但根据图像电阻更大时，温度变化不明显，故不能增大水温变化范围，故D错误。故选C。 12．B【详解】A．从A点到B点的过程中，过山车的质量不变，高度下降，速度增大，重力势能减小，动能增大，故A错误； B．从B点到C点的过程中，过山车的质量不变，高度上升，速度减小，过山车的重力势能增大，动能减小，故B正确； C．从C点到D点的过程中，过山车的质量不变，高度下降，速度增大，重力势能减小，动能增大，过山车的重力势能转化为动能，故C错误； D．从D点开始做减速运动，是因为过山车受到阻力作用，故D错误。故选B。 13．ACD【详解】A．由图可知滑轮组的动滑轮绕绳子的段数n=2，根据 得到拉力的大小为 故A正确； B．绳子自由端的移动速度为v=nv物=2×0.2m/s=0.4m/s 拉力的功率为 故B错误； C．工人对水平地面的压力为F′=G人-F=600N-200N=400N 故C正确； D．不计滑轮组的绳重和摩擦，动滑轮的重力为G动=nF-G=2×200N-360N=40N 两个滑轮的质量相等，故定滑轮的重力为G定=G动=40N 以定滑轮为研究对象，定滑轮受到三段绳子向下的拉力和定滑轮的重力、支架对定滑轮向上的拉力作用，处于平衡状态，根据力的平衡条件可得：支架对定滑轮向上的拉力为F拉=3F+G定=3×200N+40N=640N 根据力的相互性可得支架受到滑轮组的拉力为640N，故D正确。 故选ACD。 14．BCD 【详解】A．由图甲可知，当开关S与触点1连接时，电路中只接R1，电路中电阻较小，电源电压不变，根据可知总功率较大，为加热挡，当开关S与触点2连接时，电路中R1和R2串联，电路中电阻较大，电源电压不变，根据可知总功率较小，为保温挡。加热挡的额定功率为1100W，则 保温挡正常工作时的电流为0.5A，总电阻 电阻R2的阻值为 故A错误； B．加热挡正常工作时的电流为 故B正确； C．保温挡正常工作时的电流为0.5A，保温挡功率 加热挡和保温挡正常工作时功率之比为1100W∶110W=10∶1，故C正确； D．保温挡正常工作1min，产生的热量为故D正确。故选BCD。 15．ABC【详解】A．图中是扩散实验，密度小的空气和密度大的二氧化氮过一段时间，形成比较均匀的气体，这是扩散现象，扩散现象说明分子不停地进行无规则运动，故A正确； B．分子间存在引力和斥力；两个压紧的铅块能吊起一个重物，说明铅块的分子间存在引力，故B正确； C．当加热试管到一定程度时，水蒸气将塞子推出，对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，而热机的做功冲程也是内能转化为机械能，两者相似，故C正确； D．在相同条件下加热水和食用油，发现食用油温度升高较多，但两者质量未知,所以无法比较两者吸收的热量多少，故D错误。故选ABC。 16．(1)3.70(2)通电导体周围存在磁场 【详解】（1）刻度尺的分度值为0.1cm，木块左端与刻度尺零刻度线对齐，所以刻度尺的读数为3.70cm。 （2）图中导线中有电流通过时，小磁针会发生偏转，而小磁针的转动是磁场作用的结果，这一现象说明了通电导体周围存在磁场。 17．(1)34(2)OC 【详解】（1）由图甲知，温度计的分度值为1摄氏度，玻璃管内液柱在0刻度线之上，为零上，示数为34摄氏度。 （2）在光的反射中，反射角等于入射角，而入射角为45度，则反射角也为45度，所以∠NOC为反射角，OC为反射光线，入射光线AO的反射光线将沿图中OC方向射出。 18．(1)10(2)凹(3)A 【详解】（1）根据凸透镜成像规律，当时，成倒立、等大的实像。由图2可知，解得。 （2）将蜡烛置于15cm刻线处、凸透镜置于50cm刻线处、光屏置于70cm刻线处，此时物距为 根据凸透镜成像规律，则像距应满足，而光屏到凸透镜的距离为 所以应在凸透镜和蜡烛之间再放置一个合适的凹透镜，利用其对光线的发散作用延迟成像，增大像距。 （3）保持图1中凸透镜位置不变，取走蜡烛，将“F”粘贴在光屏上，如图3所示，并将光屏置于55cm刻线处，此时物距 从左侧通过凸透镜观察，可以看到正立、放大的虚像，是放大镜原理，所以会看到图4中的A。 19．(1)见解析(2)见解析 【详解】（1）灵敏电流计在实验中的作用是测量因电磁感应产生的电流大小以及判断电流的方向。其精度高，能准确测量出电磁感应实验中产生的微小电流，且反应速度快，可及时反映出电流的瞬间变化，通过观察指针的偏转角度和方向，能让我们直观地了解到电流的大小和方向变化，以便于理解和分析实验结果。 （2）闭合开关S后，使线圈底边AB向左做切割磁感线运动，灵敏电流计指针向右偏转；保持磁场方向不变，使线圈底边AB向右做切割磁感线运动，灵敏电流计指针向左偏转，感应电流的方向发生改变，可以得到在磁场方向不变的情况下，感应电流的方向与线圈底边AB切割磁感线运动的方向有关，切割磁感线运动方向相反时，感应电流的方向也相反。 20．(1)B(2) 0.4 6 【详解】（1）闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片调至阻值最大处。由图甲可知，滑片P调至B端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大。 （2）[1]正确连接电路后，闭合开关S，调节滑动变阻器接入电路中的电阻值，当电压表示数为2.4V时，电流表的示数如图乙，电流表选用小量程，分度值为0.02A，此时电路中电流的测量值为0.4A； [2]由欧姆定律可得，则电阻丝的电阻测量值为 21． 0.6 排开水的体积 【详解】（1）由题意和称重法可知，石块受到的浮力：F浮=G-F=1.6N-1N=0.6N； （2）石块受到的浮力F浮=G-F，石块的重力G不变，拉出水面过程中测力计示数F越来越大，则石块受到的浮力越来越小，而拉出水面过程中浸入水中的体积减小，说明浮力的大小与石块排开水体积有关； 22．(1) 液体的密度 2.4(2) 增大 无关(3)1.2×103 【详解】（1）[1]C与E两图，排开液体的体积不变，液体的密度不同，所以是研究浮力与液体密度的关系。 [2][3]用弹簧测力计吊着物体浸在液体中时，物体受到重力、浮力和拉力，三力平衡，所以有F浮+F=G，所以，物体受到的浮力为F浮＝G﹣F，根据A与E两图所标的实验数据，由称重法测浮力可得物体浸没在盐水中所受浮力 （2）[1][2]物体没有浸没时，当它排开水的体积增大时，在水中深度也在增大，浮力的大小随着排开水的体积的增大而增大，当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度无关。 （3）由图A、C可知，根据称重法知金属块浸没在水中时受到的浮力大小是 因金属块完全浸没在水中，物体排开水的体积与物体的体积相等，根据可得金属块的体积 盐水的密度为 23．见解析 【详解】由图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压。根据串联电路的分压原理，在串联电路中，电阻越大，分得的电压越大 。已知R1​阻值随烟雾浓度的增大而增大，当烟雾浓度增大时，R1​阻值增大，R1​两端电压（即电压表示数）增大，当电压表示数大于U0时触发报警。 要降低烟雾报警装置的灵敏度，就是要使烟雾浓度较大时才触发报警，也就是在烟雾浓度较大时，电压表示数才达到U0​。 根据串联电路电压特点U=U1+U2​和欧姆定律，在电源电压U不变时，增大R2的阻值，电路中的总电阻R=R1​+R2增大，电路中的电流I减小。 根据U1=IR1，R1阻值增大时，由于I减小，能使R1两端电压（电压表示数）增大得更慢，这样就需要烟雾浓度更大，R1阻值更大时，电压表示数才会达到U0，从而降低了烟雾报警装置的灵敏度。所以应将滑动变阻器R2​的滑片向右移动，增大R2​接入电路的阻值。 24．(1)减小 (2)湿球温度计因其玻璃泡外纱布中的水蒸发吸热，使其显示的温度低于干球温度计的温度 (3)根据相对湿度，若绝对湿度保持不变，即空气中水蒸气的压强保持不变，气温升高时，水的饱和汽压增大，所以空气的相对湿度降低。 【详解】（1）左盘放入炭，右盘放入土，根据古人发现“燥故炭轻，湿故炭重”，当发现左盘上升，即炭轻，可以判断周围环境的空气湿度减小。 （2）湿球温度计因其玻璃泡外纱布中的水蒸发吸热，使其显示的温度低于干球温度计的温度。 （3）根据，若绝对湿度保持不变，即空气中水蒸气的压强保持不变，气温升高时，水的饱和汽压增大，所以空气的相对湿度降低。 25．(1)836W；(2)1100Ω；(3)528000J 【详解】（1）当开关S和S0均闭合时，电路为两电阻并联，此时电路中的总电阻最小，由可知，电功率最大为加热挡；只闭合开关S时，电路为R2单独串联，此时电路中的电阻最大，由可知，电功率最小为保温挡；则开关S和S0均闭合时，R1电功率为 （2）保温挡时，R2单独工作，已知保温挡的功率是44W，则R2的电阻为 （3）在加热状态下，该电水壶工作10min产生的热量为 26．(1)G甲=40N(2) 【详解】（1）杆AB在水平位置平衡时，此时杠杆受到力，，对应的力臂分别是OA、OB根据杠杆平衡条件知 即① 容器的底面积是400cm2，放入物体后液面上升了10cm，那么此时 乙受到的浮力 浸入水中后， 对应的力臂分别是OC和OB根据杠杆平衡条件知 则② 联立①②，解得 （2）乙的质量 因为乙浸没， 则 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $$