期末常考易错检测卷（一）-2024-2025学年物理八年级下册人教版（2024）

期末常考易错检测卷（一）-2024-2025学年物理八年级下册人教版（2024） 一、单项选择（本大题共8小题，每题3分，共24分） 1．物理课上，同学们对物理老师的有关数据进行估测，不合理的是（　　） A．身高约是178cm B．质量约是80kg C．受到的重力约800N D．百米成绩9.83s 2．如图甲所示，某同学将一弹簧测力计沿水平方向放置进行了校零。然后用其测量一物体的重力大小时，弹簧测力计的示数是1.8N（图乙），将物体挂在拉环上，当物体静止时，弹簧测力计的示数是2.4N（图丙），则该物体受到的重力大小（     ） A．可能等于1.8N B．一定小于1.8N C．一定介于1.8N－2.4N之间 D．一定大于2.4N 3．如图所示，小明在家务劳动中，发现其他条件相同时，右手握在拖把的A处比B处拖地的效果更好。这说明力的作用效果与（　　） A．力的大小有关 B．力的方向有关 C．力的作用点有关 D．拖布的形状有关 4．2024年11月30日，“全国县域足球冠军赛”在昆明举行。下列关于踢足球中涉及到的力学知识，说法不正确的是（　　） A．脚踢足球时，脚是施力物体 B．脚踢足球时，力只改变了足球的形状 C．在草地上滚动的足球最后停下来，是因为摩擦力的作用 D．踢足球的力越大，球飞得越远，说明力的作用效果与力的大小有关 5．如图甲、乙所示，用两个动滑轮分别将物体A、B匀速竖直提升相同高度，已知GA=2GB，两个动滑轮的机械效率相等（忽略绳重和摩擦）。下列说法正确的是（　　） A．两个动滑轮重力的大小关系是G动甲＜G动乙 B．拉力做功的比值W甲︰W乙=2︰1 C．若用这两个动滑轮提升相同物体，甲更省力 D．若用这两个动滑轮提升相同物体，甲的机械效率更高 6．10月17日，“全民健身运动三秦”2024年陕西省社区运动会（宝鸡陈仓赛区）开幕式在陈仓苑健身公园东广场举行。在定点投篮的项目中，篮球离开运动员的手上升的过程中，下列有关篮球的说法正确的是（　　） A．动能不变，重力势能增大 B．动能减小，重力势能增大 C．动能增大，重力势能增大 D．动能减小，重力势能不变 7．《物原》记载：“史佚始作辘轳。”如图，人们借助辘轳从井中汲水时，转动摇把，使绳子在轴筒上不断叠绕，从而将水桶从井中提出。下列说法正确的是（　　） A．该装置相当于简单机械中的斜面 B．该装置既可以省力，又可以省功 C．打水时克服水重和桶重做的功是有用功 D．使用更轻的桶可以提高该装置的机械效率 8．如图，塔式起重机上的滑轮组用的力将重为的重物匀速吊起，动滑轮的重力为，下列说法正确的是（　　） A．提升重物做的有用功为 B．滑轮组的额外功为 C．滑轮组的额外功为 D．滑轮组的机械效率为 二、填空（本大题共8小题，每题3分，共24分） 9．如图，工人用3m长的斜面，把120kg的重物提高1m，实际用力为500N，斜面的机械效率为 ，重物受到的摩擦力为 N，（g取10N/kg），若斜面高度、粗糙程度、物体重力都不变，要使拉力更小些，则必须使斜面的长度 （选填“变大”、“变小”或“保持不变”）。 10．如图所示，重200N的物体A在水平拉力F的作用下以的速度在水平面上匀速向左运动10s，弹簧测力计的示数为30N，物体A受到的摩擦力为f，则克服摩擦力f做的功为 J。（忽略绳重、滑轮重和摩擦） 11．2024年5月31日，谷神星一号（遥十二）·安徽池州江南集中区号运载火箭在酒泉卫星发射中心搭载5颗卫星成功发射。如图所示，一起加速升空的过程中，以火箭为参照物，卫星是静止的，卫星的机械能 （选填“增大”“减小”或“不变”）。 12．合理选用工具可以提升工作效率。如图甲，在用扳手拧螺母时，手握的位置越远离螺丝，越容易拧松，这说明力的作用效果与力的 有关；图乙是利用重垂线来判断画框是否挂正的情景，这是利用了重力的方向是 的。 13．如题图所示，小明用滑轮组将重为400N的货物在20s内匀速提升了2m，小明对绳子的拉力为250N，不计绳重及滑轮上的摩擦。则动滑轮的重力为 N，滑轮组做的有用功为 J，滑轮组的机械效率为 。 14．如图将新鲜度不同的甲、乙两鸡蛋放入水中，静止时甲沉底，若甲、乙体积相等，甲受到的浮力比乙受到的浮力 ；若在水中加入盐（搅拌均匀且液体未溢出），则乙浸入液体的体积变 。（两个空均选填“大”或“小”） 15．如图，重为5N的容器，底面积100cm2，内装有4000mL的酒精，深度为30cm，则容器底受到的酒精压强为 Pa，容器对桌面的压力为 N，容器对桌面的压强为 Pa（酒精＝0.8×103kg/m3，g＝10N/kg）。 16．某工人站在水平地面上，用竖直向下的力拉动绳子自由端，使物体匀速上升，如图甲所示。已知物体重为900N，竖直向下的拉力，物体上升的高度随时间变化的规律如图乙所示。则绳子自由端移动的速度为 m/s，拉力F做功的功率为 W。 三、作图题（共6分） 17．如图所示，在杆秤的秤盘中放上物体，提起提纽，调节质量为100g的秤砣至B点后杆秤在水平位置平衡，测得AO=10cm，AB=60cm，请在图中画出： （1）动力F1的力臂L1； （2）物体与秤盘总重力G的示意图，并标出G的大小。（注：不需要计算过程，绳重不计，g=10N/kg） 18．如图所示，一个质量为100g的小球悬浮于水中，请在图中作出此时小球的受力示意图。 19．图-甲是飞机在高空水平匀速飞行时，空气与飞机机翼相对运动的示意图。请在图-乙中画出机翼在竖直方向上的受力情况（为重心）。 四、实验题（本大题共4小题，第20题6分，第21题8分，第22题8分，第23题10分，共23分） 20．如图所示是“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验。实验中小明用到了一个弹簧测力计、一块木块、一个砝码、一块长木板和一条毛巾。 (1)如图甲所示，小明把木块平放在长木板上，用弹簧测力计沿水平方向 拉动木块。 (2)小明把砝码放在木块上，再把木块平放在长木板上进行实验，如图乙可所示，发现所用拉力F2>F1。分析甲、乙两次实验数据可以得出，滑动摩擦力与 有关。下列各种现象中，利用该实验结论的是 。 A．汽车在结冰的路面上行驶，在车轮上缠绕铁链。 B．移动很重的石块时，在地上铺设滚木。 C．用力压住橡皮，擦去写错的字。 (3)完成甲、乙两次实验后，在进行图丙所示的实验时，由于所用的弹簧测力计量程较小，小明发现测力计示数达到最大时仍没拉动木块，为了用现有的器材顺利完成实验，可采取的措施是： ，测出滑动摩擦力，再和甲实验进行比较。 21．如图所示，物理兴趣小组用金属块研究浮力的实验。 （1）金属块浸没在水中时，受到的浮力是 N。 （2）比较 （填字母代号）三图可得出结论:金属块受到的浮力大小与其排开液体的体积有关。 （3）比较 （填字母代号）三图可得出结论:金属块受到的浮力大小与其浸没在液体中的深度无关。 （4）金属块的密度为 kg/m3。 （5）在实验中，排除测量误差因素的影响，兴趣小组发现金属块排开水的重力明显小于所受的浮力，请指出实验操作中可能造成这种结果的原因： 。 （6）纠正了错误,继续实验，兴趣小组得出结论：物体所受浮力的大小等于它排开液体所受的重力。 （7）小明认为金属块在水中会下沉，如果使用漂浮的蜡块做实验则不会得出以上结论。小明的观点是 （选填“正确”或“错误”）的。 22．图甲乙丙是小李利用刻度均匀的均质杠杆进行探究“杠杆的平衡条件”的实验；（每个钩码重0.5N） (1)实验前呈现图甲所示情况，该杠杆处于 （平衡状态/非平衡状态）。要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节； (2)如图乙所示，在B点处施加一个竖直向下的拉力F=3N时，杠杆仍然在水平位置平衡，当拉力F向右倾斜时，仍要保持杠杆在水平位置平衡，拉力F的大小将 （变大/变小/不变）； (3)如果小李又进行了如图丙所示的探究，发现用弹簧测力计在C点竖直向上拉，使杠杆仍然处于水平位置平衡时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符；其原因是： ； (4)小李利用身边的物品来探究杠杆的平衡条件（图丁所示），铅笔水平平衡后，不小心将前端的铅笔芯弄断了，她立刻将铅笔稳住，并将铅笔芯放到右端细线下固定，则松手后铅笔______（填字母序号）； A．左端下沉 B．右端下沉 C．仍然水平平衡 (5)学习了功的知识后，小李回看表格中记录的数据，她想能否将：“F1L1/（N·m）”中的单位“N·m”换成“J”，根据功的定义，你觉得可以换吗？ （可以/不可以） 23．小明用同一压强计探究液体内部压强的特点． (1)压强计是通过U形管两侧液面 来反映液体内部压强大小的；如图（a）所示，小明用手指按压几下橡皮膜，若U形管中的液体能灵活升降，则说明装置 （选填“漏气”或“不漏气”），调节好的压强计在使用前，U形管两侧的液面应该 ； (2)比较图（b）和图（c）可知：液体内部的压强与 有关； (3)比较图（d）和图（e），小华认为：液体内部某处到容器底的距离越大，其压强越小，为研究此问题，小明再次实验，保持橡皮膜盒的位置不变，往图（e）的容器内加水，当水面到容器底的距离满足条件 时，与图（d）比较，可说明小华的观点是错误的； (4)小明用装有固定隔板的装置继续探究，他向隔板左侧倒水，再向隔板右侧倒入另一种液体，当加到一定程度时，橡皮膜变平，如图（f）所示，此时容器底部受到液体压强关系是 （选填“>”“=”或“<”）。 五、计算题（本大题共2小题，第24题6分，第25题8分，共14分） 24．如图（a）所示，正方体甲放在水平地面上，对地面的压强为3920帕。足够高的薄壁柱形容器放在水平地面上，如图（b）所示，该容器的底面是一个正方形。 (1)若正方体甲的底面积为，求正方体对水平地面的压力。 (2)若容器乙中水的深度为0.1米，求水对容器底部的压强。 (3)将正方体甲浸没在容器乙的水中，水对容器底部的压强增加量为245帕，容器对水平地面的压强增加量为980帕。求： ①正方体甲的密度； ②容器乙的底面积。 25．如图所示是小林同学组装的提升重物的装置，动滑轮重20N，不计绳重和摩擦。在拉力F的作用下，将重为480N的重物经过10s匀速提升了4m。求： (1)拉力F的大小； (2)拉力F做功的功率； (3)此过程动滑轮的机械效率。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《期末常考易错检测卷（一）-2024-2025学年物理八年级下册人教版（2024）》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 D B C B B B D C 1．D 【详解】A．成年人的身高在1.7m左右，即170cm左右，物理老师身高约是178cm，符合实际，故A不符合题意； B．中学生的质量约50kg，物理老师的质量约80kg，符合实际，故B不符合题意； C．中学生的体重约500N左右，物理老师的体重约800N，即受到的重力约800N，符合实际，故C不符合题意； D．短跑运动员的百米成绩约9秒95，物理老师的百米成绩约13s，百米成绩9.83s不符合实际，故D符合题意。 故选D。 2．B 【详解】弹簧测力计使用时要沿力的方向进行调零，由于该测力计是在水平方向进行的调零，在测量物体重力时，测力计示数为1.8N，由图乙可知，弹簧测力计的示数不仅包含物体的重力，也包含弹簧的自重，所以物体的重力必小于1.8N。将物体挂在拉环上时，由图丙可知，此时弹簧测力计的示数为物体的重力、弹簧的自重和外壳的自重之和。故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 3．C 【详解】图示中，右手握在拖把的A处或B处用力，则力的作用点不同，拖地的效果不同，说明力的作用效果与力的作用点有关，故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 4．B 【详解】A．力是物体与物体之间的相互作用，因此脚踢足球时，脚是施力物体，足球是受力物体，故A正确，不符合题意； B．力的作用效果是可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态，脚踢足球时，足球受力发生形变，说明力可以改变物体的形状；足球受力由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态，故B错误，符合题意； C．力可以改变物体的运动状态，因此在草地上滚动的足球最后停下来，是因为摩擦力的作用，故C正确，不符合题意； D．力的作用效果跟力的三要素有关，用力越大，足球运动得越远，说明力的作用效果与力的大小有关，故D正确，不符合题意。 故选B。 5．B 【详解】A．由可知，两个动滑轮的机械效率分别为， 已知GA=2GB，两个动滑轮的机械效率相等，则，即 则G动甲=2G动乙，即G动甲＞G动乙，故A错误； B．拉力做的功为总功，由可得， 已知GA=2GB，有用功为W有=Gh，则W有甲=2W有乙 两个动滑轮的机械效率相等，则拉力做功关系为W甲︰W乙=2︰1，故B正确； C．若用这两个动滑轮提升相同物体，动滑轮由两段绳子承担物重，则， 故F甲＞F乙，所以乙更省力，故C错误； D．若用这两个动滑轮提升相同物体，甲的机械效率为 乙的机械效率为 因为G动甲＞G动乙，所以η甲＜η乙，所以乙的效率更高，故D错误。 故选B。 6．B 【详解】篮球被投出后的上升过程中，篮球的质量不变，由于受到竖直向下的重力作用，速度逐渐减小，同时距离地面的高度不断增大，所以该过程中，动能不断减小，重力势能变大。故B正确，ACD错误。 故选B。 7．D 【详解】A．该装置是轮轴，属于杠杆，会省力，斜面不是杠杆，故该装置不能相当于简单机械中的斜面，故A错误； B．该装置可以省力，但是要多做额外功，不可以省功，故B错误； C．打水时的目的是打水，克服水重做的功是有用功，克服桶重做的功是额外功，故C错误； D．使用更轻的桶可以减少额外功，当有用功相同时，总功减小，由得，装置的机械效率变大，则使用更轻的桶可以提高该装置的机械效率，故D正确。 故选D。 8．C 【详解】A．提升重物做的有用功为 故A错误； BC．图中连接动滑轮绳子的股数是3股，则绳末端拉力移动的距离为 拉力做的总功为 滑轮组的额外功为 故B错误，C正确； D．滑轮组的机械效率为 故D错误。 故选C。 9． 80％ 100 变大 【详解】[1]工人克服重物重力做的有用功为 工人所做的总功为 斜面的机械效率为 [2]工人做的额外功为 根据可得重物受到的摩擦力为 [3]若斜面高度、粗糙程度、物体重力都不变，由功的原理可得，要使拉力更小些，应使斜面的长度变大。 10．300 【详解】不计绳重和滑轮重，由图知道，动滑轮上的绳子段数n=2，绳子自由端移动的速度 弹簧测力计的示数为30N，即拉力F=30N 则拉力F所做的功 水平使用滑轮组，克服物体A受到的摩擦力f所做的功为有用功，即 11．增大 【详解】谷神星一号搭载的5颗卫星加速上升的过程中，卫星的质量不变，速度增大，动能增大，高度不断增大，重力势能增大，故它的机械能增大。 12． 作用点 竖直向下 【详解】[1]力的三要素有：力的大小、方向、作用点，它们都影响力的作用效果。在用扳手拧螺母时，手握的位置越远离螺丝，越容易拧松，这说明力的作用效果与力的作用点有关。 [2]重力的方向总是竖直向下的，利用这一特性可以制作重垂线来判断画框是否挂正。 13． 100 800 80% 【详解】[1]由图可知，动滑轮上绳子的股数n=2，货物的重力为400N，小明对绳子的拉力为250N，则动滑轮的重力为 [2]滑轮组做的有用功为W有=Gh=400N×2m=800J [3]拉力F做功为W总=Fs=Fnh=250N×2×2m=1000J 则滑轮组的机械效率为 14． 大 小 【详解】[1]甲、乙体积相等，乙排开液体的体积较小，根据可知，乙受到的浮力比甲小。 [2]由于乙漂浮，则乙的密度小于水的密度，加入盐水后，液体密度变大，乙的密度仍然小于液体密度，仍然漂浮，则乙受到的浮力仍然等于重力，故乙受到的浮力不变，但排开液体的体积变小，即会上浮一些。 15． 2400 37 3700 【详解】[1]容器底受到的酒精压强p=ρgh=0.8×103kg/m3×10N/kg×0.3m=2400Pa [2]酒精质量m=ρV=0.8×103kg/m3×4000×10-6m3=3.2kg 酒精重力G=mg=3.2kg×10N/kg=32N 容器对桌面的压力F=5N+32N=37N [3]容器对桌面的压强 16． 0.4 200 【详解】[1]物体上升的速度 由图甲知，承担物重的绳子的股数是 绳子自由端移动的速度 [2]拉力的功率 17． 【详解】由支点O向F1的作用线作垂线，垂线段的长度就为F1的力臂L1；，，根据杠杆平衡条件得，，即，解得，G=5N，物体受到的重力的方向是竖直向下的，过物体的重心做竖直向下的力，标上G=5N，如图： 18． 【详解】小球的重力是 小球在水中悬浮，则受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力，且大小相等，两个力的作用点都画在几何中心上，如下图所示： 19． 【详解】飞机在高空水平匀速飞行时，一定受平衡力，在竖直方向上受重力G和升力F，这两个力是一对平衡力，如图。 20．(1)匀速 (2) 压力大小 C (3)取下砝码 【详解】（1）在实验中，为了测量木块的摩擦力，小明用弹簧测力计在水平方向上匀速直线拉动木块，此时拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等。 （2）[1]甲、乙接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，测力计的示数不同，可得滑动摩擦力与压力大小有关。 [2]A．汽车在结冰的路面上行驶，在车轮上缠绕铁链是通过改变接触面的粗糙程度来改变摩擦的，故A不符合题意； B．移动很重的石块时，在地上铺设滚木是通过变滑动为滚动的方法来减小摩擦，故B不符合题意； C．用力压住橡皮，擦去写错的字是通过增大压力增大摩擦的，故C符合题意。 故选C。 （3）丙是为了探究摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，需使压力大小相同，接触面的粗糙程度不同，由于摩擦力较大，测力计量程不够，可使丙的压力与甲相同进行探究，所以可以将丙试验中木块上的砝码取下，测出滑动摩擦力，再和甲实验进行比较。 21． 1 ABC ACD 2.7×103 溢水杯未装满 错误 【详解】（1）[1]由图A、C（或D），金属块浸没在水中时受到的浮力F浮=G-F示=2.7N-1.7N=1N （2）[2]研究金属块受到的浮力大小与其排开液体的体积有关，要控制排开液体的密度相同，改变排开液体的体积，图ABC符合题意。 （3）[3]由图A、C、D知液体的密度相同、排开液体的体积相同，深度不同，弹簧测力计的示数相同，浮力相同，故可以得出浮力与深度没有关系。 （4）[4]金属块浸没在水中时受到的浮力F浮=1N，根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排得金属块的体积 根据G=mg知金属块的质量为 金属块的密度 （5）[5]溢水杯中的水没有盛满，则小桶中排出水的重力小于物体排开液体的重力；若在实验中，排除测量误差因素的影响，兴趣小组发现金属块排开水的重力明显小于所受的浮力，实验操作中可能造成这种结果的原因：溢水杯中的水没有盛满。 （7）[6]阿基米德原理适用于所有浸在液体中的物体，不管物体是下沉还是漂浮，物体所受浮力的大小都等于它排开液体所受的重力，所以小明的观点是错误的。 22．(1) 平衡状态 右 (2)变大 (3)杠杆自重的影响 (4)A (5)不可以 【详解】（1）[1][2]如图甲所示，杠杆在此位置静止，所以此时杠杆处于平衡状态；要使它在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向右调节。 （2）如改变弹簧测力计拉力的方向，向右倾斜时，阻力和阻力臂不变，动力臂减小，动力要增大，所以弹簧测力计示数变大，才能使杠杆仍然水平平衡。 （3）如图丙所示，用弹簧测力计在C点竖直向上拉，使杠杆仍然处于水平位置平衡时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符的原因是由于杠杆的重心在杆的中点，重心在支点的左侧，杠杆自身重力对实验产生了影响。 （4）铅笔水平平衡后，将铅笔稳住，并将断裂的铅笔芯放到右端细线上方固定，如图所示，铅笔芯所放置的力臂小于原位置的力臂，根据杠杆平衡条件可知，其不会保持平衡，而是左端会下沉，故BC不符合题意，A符合题意。 故选A。 （5）功等于力与物体在力的方向上通过距离的乘积，功的单位是焦耳（J），杠杆平衡条件中力与力臂垂直，所以力与力臂的乘积FL/N·m，不是功，所以不能把表格中F1L1/（N·m）的单位“N·m”换成“J”。 23．(1) 高度差 不漏气 相平 (2)液体的密度 (3) (4)< 【详解】（1）[1] [3]压强计是通过U形管两侧液面高度差来反映液体内部压强大小的，使用了转换法。 [2]如图（a）所示，小明用手指按压几下橡皮膜，若U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气，若压强计有漏气的地方，软管中的气体和大气相通，等于大气压强，橡皮膜受到压强时，U形管两侧液体的高度几乎不变。 [3]当压强计的金属盒在空气中时，由于U形管左右两管上方的气压相同，都等于大气压，根据连通器原理可知U形管两边的液面保持相平。 （2）比较图（b）和图（c）：液体的深度相同，而液体的密度不同，U形管高度差不同，压强不等，说明液体内部的压强与液体密度有关。 （3）图（d）中金属盒到液面的高度为h=17cm-10cm=7cm 比较图（d）和图（e），小华认为液体内部某处到容器底的距离越大，其压强越小。为研究此问题，在实验中，保持金属盒的位置不变，往图（e）容器内加水，当深度不小于图（d）的深度7cm，即当水面到容器底的距离 时，对比图（d），可说明小华的观点是错误的。 （4）橡皮膜变平，说明受到左右两侧的压强相等，根据有 因 所以 橡皮膜中心到容器底的深度相同，则由可知 容器底受到的压强等于橡皮膜上下两部分的压强之和，因橡皮膜以上部分两侧压强相同，则此时容器底部受到液体压强关系是。 24．(1)78.4N (2)980Pa (3)①4×103kg/m3，②0.04m2 【详解】（1）根据得，正方体对水平地面的压力为 （2）水对容器底部的压强 （3）将正方体甲浸没在容器乙的水中，水对容器底部的压强增加值﹣﹣﹣﹣① 容器对地面的压强增加值﹣﹣﹣﹣② 由①：②可得 则 解得 由得，甲的高度为 甲浸没在容器乙的水中，水的深度升高 容器乙的底面积 25．(1)250N (2)200W (3)96% 【详解】（1）由图可知，滑轮组的动滑轮绳子股数为2，不计绳重和摩擦，拉力F的大小为 （2）拉力做的总功W总=Fs=F×2h=250N×2×4m=2000J 拉力F做功的功率 （3）有用功W有=Gh=480N×4m=1920J 该动滑轮的机械效率为 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $$