精品解析：2025年江苏省盐城市东台市中考一模物理试题

2025年中考模拟考试 综合I试题 注意事项： 1.本试卷中所有试题必须作答在答题卡上规定的位置，否则不给分。 2.答题前，务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水签字笔填写在试卷及答题卡上。 物理部分（100分） 一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的四个选项中只有一个选项正确） 1. 我国珠峰地区建有全球海拔最高的5G基站。手机和5G基站之间信息传输依靠（ ） A. 电磁波 B. 超声波 C. 次声波 D. 可听声 【答案】A 【解析】 【详解】手机和基站之间的信息传输，包括我们日常使用的无线通信，如手机信号、无线网络等，都是依靠电磁波来实现的。因此，手机和5G基站之间的信息传输也是依靠电磁波。 故选A。 2. “五一”期间，小华一家开车去东台条子泥的途中，小华觉得自己是静止的，她选取的参照物是（　　） A. 小车的车厢 B. 沿途的建筑物 C. 路旁的小树 D. 迎面驶来的小车 【答案】A 【解析】 【详解】A．小华相对于小车的车厢，位置不发生变化，小华是静止的，故A符合题意； B．小华相对于沿途的建筑物，位置不断变化，小华是运动的，故B不符合题意； C．小华相对于路旁的小树，位置不断变化，小华是运动的，故C不符合题意； D．小华相对于对面驶来的小车，位置不断变化，小华是运动的，故D不符合题意。 故选A。 3. 如图所示，加油站工作人员提油枪加油前，必须用手触摸圆形“铁饼”，这是为了（　　） A. 使身体失去磁性 B. 使身体消除静电 C. 使身体具有磁性 D. 使身体带上静电 【答案】B 【解析】 【详解】圆形“铁饼”是加油站里常见的“静电释放器”（与大地相连），工人提油枪加油前，必须用手触摸静电释放器清除身体上的静电，防止因静电引起火灾。 故选B。 4. “禾下乘凉梦”是袁隆平先生的中国梦。禾的影子的形成是由于（ ） A. 光的直线传播 B. 光的反射 C. 光的色散 D. 光的折射 【答案】A 【解析】 【详解】禾的影子的形成是由于光在均匀空气中沿直线传播过程中被挡住，在禾后形成的暗影区，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 5. 在操场上要呼唤远处的同学，常将双手合成喇叭状围在嘴边，其目的是（　　） A. 提高发出声音的频率 B. 改善接受声音的音色 C. 减少声音能量的分散 D. 提高听到声音的音调 【答案】C 【解析】 【详解】声音的强弱叫响度，双手合成喇叭状围在嘴边可以减少声音能量的分散，使声音集中向一个方向传播，增加传入对方耳朵的声音的响度。发出声音的频率和音调不会改变，音色不会改变。故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 6. 用温度计测量液体的温度，下面四幅图中，操作正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】用温度计测量液体的温度时，玻璃泡要全部浸入被测液体中，不能碰到容器底和容器壁，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 7. 下列图中物态变化与“千里冰封，万里雪飘”中“雪”的形成相同的是（　　） A. 冰冻的衣服变干 B. 深秋大雾弥漫 C. 冬天窗玻璃上的冰花 D. 铁水浇铸成零件 【答案】C 【解析】 【详解】“雪” 是空气中的水蒸气遇冷直接变成固态小冰晶形成的，这种物态变化是凝华。 A．冰冻的衣服变干，冰直接变成水蒸气，是升华现象，故A不符合题意； B．深秋大雾弥漫，雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，是液化现象，故B不符合题意； C．冬天窗玻璃上的冰花，是室内温度较高的水蒸气遇到温度很低的玻璃直接凝华形成的固态小冰晶，故C符合题意； D．铁水浇铸成零件，铁水由液态变成固态，是凝固现象，故D不符合题意。 故选C。 8. 如图是一种常见的手环“计步器”，其主要构件是在一段塑料管中有一小块磁铁，管外绕着线圈。人运动时，磁铁在管中往复运动，利用线圈输出电流实现计步功能。下列设备与该“计步器”原理相同的是（　　） A. 电风扇 B. 电水壶 C. 电熨斗 D. 发电机 【答案】D 【解析】 【详解】由题知，人运动时，磁铁在管中往复运动，利用线圈输出电流，将机械能转化为电能，利用了电池感应原理； A．电风扇中电动机的工作原理是通电导线在磁场中受力的作用，故A不符合题意； B．电热水壶的工作原理是电流的热效应，故B不符合题意； C．电熨斗的原理是电流的热效应，故C不符合题意； D．发电机的工作原理是电池感应原理，故D符合题意。 故选D。 9. 用球拍击打羽毛球，球离开球拍后在空中的飞行轨迹如图所示，则下列说法正确的是（　　） A. 羽毛球与球拍接触时受到的弹力是因为球拍发生了形变 B. 羽毛球离拍后，由于受到惯性作用而继续运动 C. 羽毛球离拍后，只受重力作用，运动状态不改变 D. 从 到 的过程中，羽毛球的动能先增大后减小 【答案】A 【解析】 【详解】A．根据弹力的产生原理，弹力是由于施力物体发生形变对受力物体产生的力。当羽毛球与球拍接触时，球拍是施力物体，球拍发生形变从而对羽毛球产生弹力，故A正确； B．惯性是物体本身的一种属性，不是力，不能说 “受到惯性作用”，羽毛球离拍后，由于具有惯性而继续运动，故B错误； C．羽毛球离拍后，会受到重力作用，同时还会受到空气阻力作用。因为羽毛球受到非平衡力的作用，所以其运动状态会改变，故C错误； D．从A到B的过程中，羽毛球的高度增加，速度减小，动能转化为重力势能，动能减小；从B到D的过程中，羽毛球的高度降低，速度增大，重力势能转化为动能，动能增大。所以从A 到D的过程中，羽毛球的动能先减小后增大，故D错误。 故选A。 10. 用图示装置做“探究二力平衡的条件”实验，正方形轻卡片的中心始终在两滑轮中心连线的中垂线上。验证“两个力在同一条直线上”猜想操作正确的是（　　） A. 将卡片竖直向上移动一小段后松手 B. 将卡片竖直向下移动一小段后松手 C. 绕卡片中心在竖直平面内将 转到 、 转到 后松手 D. 绕卡片中心将 向纸外、 向纸内转动至卡片水平后松手 【答案】C 【解析】 【详解】AB．要想验证二力平衡的条件之一 “两个力在同一条直线上”，需要让其它条件满足的前提下（如作用在同一物体上；两个力方向相反；大小相等），让两个力不在同一条直线上。然后观察物体是否还处于平衡状态。将卡片竖直向上或竖直向下移动一小段距离后松手，卡片受到的两个拉力方向会变为斜向下或者斜向上，这样两个拉力的方向不是相反，不符合控制变量法的要求，故AB错误； C．绕卡片中心在竖直平面内将M转到Q、P转到N后松手，此时两个拉力方向平行且不在同一直线上，二力平衡的其它三个条件（方向相反、大小相等、作用在同一物体上）都满足，符合控制变量法的要求，能够验证此猜想，故C正确； D．绕卡片中心将M向纸外、P向纸内转动至卡片水平后松手，此时两个拉力方向仍然在同一直线上，无法验证此猜想，故D错误。 故选C。 11. 如图所示是一种天然气浓度检测的电路图，电源电压保持不变，电阻、中一个是定值电阻，另一个是气敏电阻。气敏电阻的阻值随天然气浓度增大而减小。闭合开关后，当气敏电阻所在处的天然气浓度升高，电压表示数增大，超过设定值时就会触发报警器报警。下列说法中正确的是（　　） A. 是气敏电阻 B. 天然气浓度增加时，通过定值电阻的电流减小 C. 要降低报警灵敏度，可以减小电源电压 D. 要提高报警灵敏度，可以换用阻值更小的定值电阻 【答案】C 【解析】 【详解】A．根据电路图可知，电阻R1和R2串联接入电路中，电压表测量电阻R1两端的电压，气敏电阻的阻值随燃气浓度的增加而减小。当燃气浓度的增加时，气敏电阻的阻值减小，根据串联电路的分压规律气敏电阻分到的电压变小，定值电阻两端的电压变大，由于电压表超过量程时就会触发报警器报警，所以R2是气敏电阻，故A错误； B．随着天然气浓度增加，R2的阻值减小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律 可知，电路中的电流变大，故B错误； C．降低报警灵敏度，即天然气浓度更高（气敏电阻阻值更小）时才报警。由根据 ，减小电源电压U，在R2阻值减小到相同值时， U1 的值会变小，需要R2减小得更多（即天然气浓度更高）才能使 U1 达到报警设定值，所以可以降低报警灵敏度，故C正确； D．换用阻值更小的定值电阻R1，根据 ，在气敏电阻R2阻值减小相同程度时，R1越小， U1 变化越不明显，需要R2减小得更多（即天然气浓度更高）才能使 U1 达到报警设定值，这是降低了报警灵敏度，而不是提高，故D错误。 故选C。 二、填空题（本题共8小题，每空1分，共24分） 12. “五一”期间，黄海森林公园鸟语花香。人们听到的鸟鸣是鸟儿声带振动挤压空气后产生疏密相间的___________传入人耳，闻到扑鼻的花香是香气的___________现象，看到绿色的树林是因为树叶反射了太阳光中的___________。 【答案】 ①. 声波 ②. 扩散 ③. 绿光 【解析】 【详解】[1]声音是由物体的振动产生的，鸟儿通过声带振动挤压空气形成疏密相间的声波，声波通过空气传播到人耳，使人听到鸟鸣。 [2]闻到花香是由于花香分子在空气中不断运动，扩散到人的鼻腔中，与嗅觉细胞接触后产生嗅觉，这是扩散现象。 [3]树叶呈现绿色是因为它们选择性反射了太阳光中的绿光，而吸收了其他颜色的光，这是由树叶的色素结构决定的。 13. 工地上用电钻钻孔时，钻头温度升高是因为___________使钻头的动能转化为内能。为防止钻头温度过高，需不断地往钻头上注水，是应用水的___________较大能带走较多的热量，这是利用___________的方式改变钻头的内能。 【答案】 ①. 摩擦力做功 ②. 比热容 ③. 热传递 【解析】 【详解】[1]电钻钻孔时，钻头与工件之间发生剧烈摩擦，摩擦力对钻头做功，使钻头的动能转化为内能，导致钻头温度升高。这是通过做功的方式改变内能。 [2]水的比热容较大，这意味着相同质量的水和其他物质升高相同温度时，水能吸收更多热量。注水后，水能带走钻头的大量热量，防止钻头温度过高。 [3]注水后，热量从高温的钻头传递给低温的水，使钻头内能减少。这是通过热传递的方式改变内能。 14. 小林在家里拿爷爷的“放大镜”做实验。通过镜片看到书上的字分别如图甲和乙所示。此镜片对光有___________作用。两图中像能成在光屏上的是图___________，镜片离字较远的是图___________。 【答案】 ①. 会聚 ②. 乙 ③. 乙 【解析】 【详解】[1]放大镜通常是凸透镜，此镜片对光具有会聚作用。 [2][3]如图甲，当物体在凸透镜焦点以内时，成放大、正立的虚像，不能成在光屏上；如图乙，物体在二倍焦距以外，成倒立、缩小的实像，像在一倍焦距和二倍焦距之间，实像能成在光屏上，两图中像能成在光屏上的是图乙；镜片离字较远是图乙。 15. 汽车紧急刹车后减速滑行，汽车的___________能转化为刹车和刹车片、轮胎与地面的内能，该过程中刹车与刹车片增加的总内能___________于汽车减少的动能。散失到空气中的内能无法自动转化为机械能再用来驱动汽车，这是因为能量的转移和转化具有___________性。 【答案】 ①. 动能 ②. 小于 ③. 方向 【解析】 【详解】[1]汽车紧急刹车时，由于摩擦，汽车的机械能（主要是动能 ）转化为刹车、刹车片、轮胎与地面的内能。 [2]根据能量守恒定律，能量不会凭空消失或产生，只会从一种形式转化为另一种形式，汽车较少的动能一部分转化为刹车系统的内能，还有一部分内能散失在空气中，因此刹车系统增加的总内能小于汽车减少的动能。 [3]内能散失到空气中后，无法再收集起来利用，这是因为能量的转化和转移具有方向性（即不可逆性）。 16. 如图所示的实验中，闭合开关，观察到铝棒向左运动，这说明磁场对___________有力的作用，利用这一原理可以制成___________机；断开开关，对调电源正、负两极，重新接入电路，再次闭合开关，观察到铝棒向右运动，该步骤是验证___________的猜想。 【答案】 ①. 通电直导线 ②. 电动机 ③. 通电导体在磁场中的受力方向与电流方向有关 【解析】 【详解】[1][2]通电导体在磁场中受到力的作用，铝棒在磁场中，闭合开关，铝棒中有电流，铝棒由静止向左运动，说明磁场对通电导体有力的作用。电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用这一原理制成的。 [3]对调电源正、负两极，改变了导体中电流的方向，再次闭合开关，铝棒将向右运动；该步骤是验证通电导体在磁场中的受力方向与电流方向有关的猜想。 17. 如图是某物质熔化过程中温度随时间变化的图像。根据图像可知，该物质的熔点是___________，在BC段处于___________状态，在A状态的内能比B状态的___________。 【答案】 ①. 80℃ ②. 固液共存 ③. 小 【解析】 【详解】[1]由图像得，该物质熔化过程中，温度保持80℃不变，说明该物质有固定熔点，是晶体，熔点为80℃。 [2]BC段为熔化过程，物质在熔化过程中温度不变，物质处于固液共存状态。 [3]该物质熔化前持续吸收热量，内能增大，温度升高，所以A状态的内能比B状态的小。 18. 如图所示，一块重为，体积为的合金块，用细绳拉着刚好浸没在水中，合金块受到的浮力为___________N（g取）。现将合金块从图中位置缓慢拉至刚好离开水面，此过程中烧杯对桌面的压力变化情况是___________；剪断细线，合金块在水中沿直线向下运动的过程中，不计水的阻力，其速度变化情况是___________。 【答案】 ①. 20 ②. 逐渐变小 ③. 逐渐增大 【解析】 【详解】[1]合金块浸没在水中时，则V排=V金=2×10-3m3， 则此时受到的浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10-3m3=20N [2]由图可知，烧杯对桌面的压力大小等于烧杯的重力、水的重力及合金块所受浮力之和。将合金块从图中位置缓慢拉至刚好离开水面时，烧杯和水所受重力不变，合金块排开水的体积逐渐变小，所受浮力逐渐减小，则此过程中烧杯对桌面的压力逐渐变小。 [3]剪断细线后，合金块在水中沿直线向下运动，不计水的阻力。此时合金块受到重力G=30N，方向向下。 浮力F浮=20N，方向向上。合金块所受合力F合=G−F浮=30N−20N=10N 方向向下。由运动和力的关系可知，合金块在水中将加速向下运动，速度逐渐增大。 19. “配速”定义为运动时间与路程的比值。小明在体能训练时配速随时间的变化如图所示。小明在A点的速度比B点的___________，内运动的路程为___________m，前1000m内的平均配速是___________s/m。 【答案】 ①. 快 ②. 810 ③. 0.237 【解析】 【详解】[1]根据题意知道，配速是指通过单位路程所需要的时间，由图像知道，小明在A点的配速是0.20s/m，即1m的路程用时0.20s， B点的配速是0.25s/m，即1m的路程用时0.25s。由此可知，小明在A点的速度大于B点的速度，即小明在A点的速度比B点的快。 [2]由图像知道，前90s的配速是0.2s/m，速度 前90s运动的路程 内的配速是0.25s/m，速度是 通过的路程为 内运动的路程为 [3]通过1000m所用的时间 故1000m内的平均配速是 三、解答题（本题共7小题，共52分。解答25、26题时应有解题过程） 20. 按照题目要求作图： （1）在甲图中画出 的力臂 ； （2）在乙图中完成三脚插座接入电路的连线； （3）在丙图碗中加满水后恰好看到硬币右边缘，画出恰好看到右边缘的光路。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 力臂是支点到力的作用线的距离，向右延长力F，过支点O做力F的作用线的垂线段即为F的力臂，如下图所示： 【小问2详解】 三线插头接入电路时，左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，电路如下图所示： 【小问3详解】 虚线与水面交点处为折射点，连接折射点和眼睛之间的光线为折射光线，硬币右边缘反射的光线从水面进入空气时，折射角大于入射角，折射光线进入眼睛，眼睛看到了硬币有边缘的像，像的位置比实际位置高，如下图所示： 21. 小明用图示装置做“探究光的反射定律”实验。 （1）平面镜水平放置，让一束光斜射到平面镜上，调整白色卡纸的位置使入射光和反射光同时呈现在卡纸上，此现象说明___________。 （2）小明在卡纸上画出___________，用量角器测量___________。 （3）改变___________的方向，重复上述步骤，多测几次数据，记录在表中。小明多次实验的目的是___________。 （4）如果没有量角器，为了探究反射角和入射角的大小关系，在不借助其他测量工具的情况下，你的操作是___________。 【答案】（1）在反射现象中，反射光线、入射光线和法线在同一平面内 （2） ①. 法线 ②. 入射角和反射角 （3） ①. 入射光线 ②. 避免实验的偶然性 （4）可以将纸张沿着法线折叠，使纸张的两侧完全重合（即法线成为折痕）。观察折叠后，入射光线的标记是否与反射光线的标记重叠：如果两者完全重叠，则说明反射角等于入射角。如果两者不重叠，则说明反射角与入射角不相等。 【解析】 【小问1详解】 调整白色卡纸的位置使入射光和反射光同时呈现在卡纸上，此现象说明在反射现象中，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。因为只有当三者在同一平面时，才能通过调整卡纸让入射光和反射光都在卡纸上呈现。 【小问2详解】 [1][2]小明在卡纸上画出法线，用量角器测量入射角和反射角。在探究光的反射定律实验中，通过画出法线，再用量角器测量入射角（入射光线与法线的夹角）和反射角（反射光线与法线的夹角），来探究两角的关系。 【小问3详解】 [1][2]改变入射光线的方向，重复上述步骤，多测几次数据。小明多次实验的目的是避免实验的偶然性，得到普遍规律。因为只进行一次或少数几次实验，得到的结果可能只是特殊情况，通过多次改变入射光线方向进行实验，可以使结论更具有普遍性和可靠性。 【小问4详解】 如果没有量角器，为了探究反射角和入射角的大小关系，在不借助其他测量工具的情况下，可以将纸张沿着法线折叠，使纸张的两侧完全重合（即法线成为折痕）。观察折叠后，入射光线的标记是否与反射光线的标记重叠：如果两者完全重叠，则说明反射角等于入射角。如果两者不重叠，则说明反射角与入射角不相等。 22. 小明用天平和量筒测量牛奶的密度。 （1）将托盘天平置于水平桌面上，游码归零后指针如图甲所示，应向___________调节平衡螺母使天平水平平衡； （2）将空烧杯放入天平左盘，测出它的质量为m0=28.6g。将适量的牛奶倒入烧杯，用天平测出烧杯和牛奶的总质量如图乙所示，其质量m1=___________g； （3）将烧杯中的牛奶全部倒入量筒，如图丙所示，牛奶的体积V=___________mL，则牛奶的密度为ρ=___________g/cm3。牛奶的密度测量值总是大于真实值，原因是___________； （4）为减小误差，在（3）的基础上，需要补充的操作是___________（写出操作步骤和所测量的物理量及其符号），牛奶密度的表达式为___________（用所测物理量符号表示）。 【答案】（1）左 （2）77 （3） ①. 44 ②. 1.1 ③. 由于将牛奶倒入量筒中时，有牛奶残留在烧杯内，导致所测牛奶的体积偏小，由可知，所测牛奶的密度大于真实值。 （4） ①. 用天平测量烧杯和残余牛奶的质量m2 ②. 【解析】 【小问1详解】 如图甲，指针偏右，说明右侧质量偏大，故应将平衡螺母向左调节。 【小问2详解】 由图乙可知，标尺的分度值为0.2g，根据游码的位置可知，游码读数为2g，所以其质量m1=50g+20g+5g+2g=77g 【小问3详解】 [1]由图丙可知，量筒的分度值为2mL，由液面位置可知，牛奶的体积为V=44mL=44cm3 [2]牛奶的质量为m=m1-m0=77g-28.6g=48.4g 密度为 [3]略。 【小问4详解】 [1][2]为减少牛奶残余导致的误差，用天平测量烧杯和残余牛奶的质量m2，则倒入量筒中的牛奶的质量为m=m1-m2 所以牛奶的密度为。 23. 在“测量小灯泡的电功率”实验中，小明同学设计了如图甲所示电路，小灯泡额定电压为，电源电压为，滑动变阻器的规格为“”。 （1）用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整。 （2）导线正确连接后，应将滑动变阻器的滑片移动到___________。 （3）闭合开关，观察到电流表示数为，电压表为，小灯泡不亮，接下来的操作是___________。 （4）小明连续进行了5次测量，并把测量的数据和观察到的现象填写在设计的表格中，其中第4次测量时电流表的示数如图乙所示，此时电流为___________A，小灯泡的额定功率为___________W。 实验序号 1 2 3 4 5 电压U/V 0.5 1.0 2.0 2.5 3.0 电流I/A 0.20 0.23 0.27 0.42 灯泡亮度 不发光 暗 较暗 正常发光 很亮 （5）小明所设计的表格中缺少的一项是___________。 （6）分析实验数据发现，第___________次实验数据有误，判断依据是___________。 【答案】（1） （2）最左端 （3）向右移动滑动变阻器的滑片，直到灯泡发光 （4） ①. 0.36 ②. 0.9 （5）灯泡的电功率P/W （6） ①. 3 ②. 第1组数据，灯泡对应的电阻第2组数据，灯泡对应的电阻第3组数据，灯泡对应的电阻第4组数据，灯泡对应的电阻第5组数据，灯泡对应的电阻通过灯泡的电流越大，灯泡的实际功率约大，灯丝的温度越高；灯丝的电阻随温度升高而增大，第三组数据得出的电阻大于第四、第五组数得出的电阻，则第3次实验数据有误。 【解析】 【小问1详解】 测量小灯泡的电功率的实验中，灯泡和滑动变阻器、电流表串联，电压表并联在灯泡两端，由表格中的实验数据可知，通过灯泡的最大电流为0.42A，电流表接的量程，电路如图所示： 【小问2详解】 导线正确连接后，闭合开关前，为了保护电路，应将滑动变阻器滑到阻值最大处，即滑片移动到最左端。 【小问3详解】 闭合开关，观察到电流表示数为，电压表为，小灯泡不亮，说明通过小灯泡的电流较小，接下来的操作是向右移动滑动变阻器的滑片，直到灯泡发光。 【小问4详解】 [1][2]如图乙所示，电流表选择小量程，分度值为0.02A，此时电流为0.36A，灯泡的额定功率为 【小问5详解】 实验是为了测量小灯泡的电功率，表格中缺少的项目是灯泡的电功率P/W。 【小问6详解】 略。 24. 如图所示，工人用力将重为1000N的物体在10s内匀速提升2m，拉力F的功率为250W。求： （1）滑轮对物体做的有用功； （2）动滑轮的机械效率； （3）拉力F的大小 【答案】（1）2000J （2）80% （3）625N 【解析】 【小问1详解】 重为1000N的物体提升2m，做的有用功是 【小问2详解】 拉力F的功率为250W，提升10s做的总功是 动滑轮的机械效率是 【小问3详解】 有两根绳子与动滑轮连接，故拉力移动的距离是4m，拉力F的大小是 25. 如图为小明设计的西瓜大棚自动加热模拟电路，包括控制电路和工作电路两部分，通过电磁继电器实现加热状态和保温状态的挡位变换，以维持棚内温度不变。、为电热丝，为滑动变阻器， 为热敏电阻（置于棚内），其电阻随温度升高而减小。已知工作电路连接家庭电路，加热功率为，保温功率为44W，的阻值为。求： （1）工作电路保温状态时的电流； （2）工作电路加热状态工作10min消耗的电能； （3）的电阻，并补全工作电路。（只需设计一种方案） 【答案】（1）0.2A （2） （3）1045Ω， 【解析】 【小问1详解】 已知工作电路连接家庭电路，保温功率为44W，工作电路保温状态时的电流 【小问2详解】 工作电路加热状态工作10min消耗的电能 【小问3详解】 加热时，若R0​单独工作，加热功率为 符合题意，即加热时只有R0​接入电路；保温时R0​与R1​串联。 保温时总电阻 则  补全工作电路：工作电路中，加热时继电器触点使R0​单独接入火线与零线之间；保温时，R0​与R1​串联接入，即继电器另一触点连接R1​，使两者串联，如图所示： 26. 阅读短文，回答问题。 鲲鹏展翅 蛟龙入海 鲲龙AG600M是我国自主研制的大型水陆两栖灭火飞机，广泛应用于森林灭火、水上救援、资源探查等领域。 如图所示，“鲲龙”AG600M的上方是飞机造型，下方则像船舶底部，机身下部设计成“V”形，便于在海面上滑行起降。“鲲龙”AG600M机身两侧配备4个汲水箱，总载水量可达12吨，可实现水面滑行汲水和空中投水等功能。 鲲龙AG600M的升力由机翼上下表面空气的压力差提供，这一原理与常规飞机一致。鲲龙AG600M动力来源于四台国产涡桨-6（WJ-6）发动机，空气进入发动机后被压缩至7.5倍大气压，压缩的空气与燃油在发动机的燃烧室混合燃烧，产生高温高压燃气推动涡轮旋转，旋转的涡轮驱动螺旋桨以1000-1500转/分钟的转速旋转，形成强大的推力，使鲲龙AG600M获得前进的动力。 （1）鲲龙AG600M在水面上匀速滑行汲水时受到的浮力随汲水量增加而___________； （2）鲲龙AG600M在空中飞行时，流过机翼上方空气的___________； A. 流速比下方慢，压强比下方小 B. 流速比下方慢，压强比下方大 C. 流速比下方快，压强比下方小 D. 流速比下方快，压强比下方大 （3）文中“空气进入发动机后被压缩至7.5倍大气压”所描述的过程相当于汽油机的___________冲程； （4）鲲龙AG600M螺旋桨高速旋转时，将空气高速推向机身的___________； A. 前方，空气对其产生向前的推力 B. 后方，空气对其产生向前的推力 C. 上方，空气对其产生向上的升力 D. 下方，空气对其产生向上的升力 （5）请写出制造鲲龙AG600M螺旋桨的材料应具备的物理属性：___________。（写出任两点即可） 【答案】（1）变大 （2）C （3）压缩 （4）B （5）密度小，高强度，耐腐蚀等 【解析】 【小问1详解】 鲲龙AG600M在水面上匀速滑行汲水时处于漂浮状态，浮力等于重力，而汲水过程中，自身重力变大，所以所受浮力增大。 【小问2详解】 鲲龙AG600M的升力产生原理与常规飞机一致，都是由于飞行时流过机翼上方的空气流速大，压强小，存在向上的压强差，从而产生向上的压力差，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 【小问3详解】 文中“空气进入发动机后被压缩至7.5倍大气压”是对空气做功，将机械能转化为内能，这与汽油机的压缩冲程相似。 【小问4详解】 鲲龙AG600M螺旋桨高速旋转时，对空气产生向后的作用力，将空气高速推向机身的后方，由于力的作用是相互的，所以同时空气对螺旋桨产生一个向前的推力，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 【小问5详解】 螺旋桨应采用密度较小的材料，以减小自重；由于需要螺旋桨不容易变形，所以其材料应具有高强度；海水具有较强的腐蚀性，所以还应具有耐腐蚀性等。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025年中考模拟考试 综合I试题 注意事项： 1.本试卷中所有试题必须作答在答题卡上规定的位置，否则不给分。 2.答题前，务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水签字笔填写在试卷及答题卡上。 物理部分（100分） 一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的四个选项中只有一个选项正确） 1. 我国珠峰地区建有全球海拔最高的5G基站。手机和5G基站之间信息传输依靠（ ） A. 电磁波 B. 超声波 C. 次声波 D. 可听声 2. “五一”期间，小华一家开车去东台条子泥的途中，小华觉得自己是静止的，她选取的参照物是（　　） A. 小车的车厢 B. 沿途的建筑物 C. 路旁的小树 D. 迎面驶来的小车 3. 如图所示，加油站工作人员提油枪加油前，必须用手触摸圆形“铁饼”，这是为了（　　） A. 使身体失去磁性 B. 使身体消除静电 C. 使身体具有磁性 D. 使身体带上静电 4. “禾下乘凉梦”是袁隆平先生的中国梦。禾的影子的形成是由于（ ） A. 光的直线传播 B. 光的反射 C. 光的色散 D. 光的折射 5. 在操场上要呼唤远处的同学，常将双手合成喇叭状围在嘴边，其目的是（　　） A. 提高发出声音的频率 B. 改善接受声音的音色 C. 减少声音能量的分散 D. 提高听到声音的音调 6. 用温度计测量液体的温度，下面四幅图中，操作正确的是（　　） A. B. C. D. 7. 下列图中物态变化与“千里冰封，万里雪飘”中“雪”的形成相同的是（　　） A. 冰冻的衣服变干 B. 深秋大雾弥漫 C. 冬天窗玻璃上的冰花 D. 铁水浇铸成零件 8. 如图是一种常见的手环“计步器”，其主要构件是在一段塑料管中有一小块磁铁，管外绕着线圈。人运动时，磁铁在管中往复运动，利用线圈输出电流实现计步功能。下列设备与该“计步器”原理相同的是（　　） A. 电风扇 B. 电水壶 C. 电熨斗 D. 发电机 9. 用球拍击打羽毛球，球离开球拍后在空中的飞行轨迹如图所示，则下列说法正确的是（　　） A. 羽毛球与球拍接触时受到的弹力是因为球拍发生了形变 B. 羽毛球离拍后，由于受到惯性作用而继续运动 C. 羽毛球离拍后，只受重力作用，运动状态不改变 D. 从 到 的过程中，羽毛球的动能先增大后减小 10. 用图示装置做“探究二力平衡的条件”实验，正方形轻卡片的中心始终在两滑轮中心连线的中垂线上。验证“两个力在同一条直线上”猜想操作正确的是（　　） A. 将卡片竖直向上移动一小段后松手 B. 将卡片竖直向下移动一小段后松手 C. 绕卡片中心在竖直平面内将 转到 、 转到 后松手 D. 绕卡片中心将 向纸外、 向纸内转动至卡片水平后松手 11. 如图所示是一种天然气浓度检测的电路图，电源电压保持不变，电阻、中一个是定值电阻，另一个是气敏电阻。气敏电阻的阻值随天然气浓度增大而减小。闭合开关后，当气敏电阻所在处的天然气浓度升高，电压表示数增大，超过设定值时就会触发报警器报警。下列说法中正确的是（　　） A. 是气敏电阻 B. 天然气浓度增加时，通过定值电阻的电流减小 C. 要降低报警灵敏度，可以减小电源电压 D. 要提高报警灵敏度，可以换用阻值更小的定值电阻 二、填空题（本题共8小题，每空1分，共24分） 12. “五一”期间，黄海森林公园鸟语花香。人们听到的鸟鸣是鸟儿声带振动挤压空气后产生疏密相间的___________传入人耳，闻到扑鼻的花香是香气的___________现象，看到绿色的树林是因为树叶反射了太阳光中的___________。 13. 工地上用电钻钻孔时，钻头温度升高是因为___________使钻头的动能转化为内能。为防止钻头温度过高，需不断地往钻头上注水，是应用水的___________较大能带走较多的热量，这是利用___________的方式改变钻头的内能。 14. 小林在家里拿爷爷的“放大镜”做实验。通过镜片看到书上的字分别如图甲和乙所示。此镜片对光有___________作用。两图中像能成在光屏上的是图___________，镜片离字较远的是图___________。 15. 汽车紧急刹车后减速滑行，汽车的___________能转化为刹车和刹车片、轮胎与地面的内能，该过程中刹车与刹车片增加的总内能___________于汽车减少的动能。散失到空气中的内能无法自动转化为机械能再用来驱动汽车，这是因为能量的转移和转化具有___________性。 16. 如图所示的实验中，闭合开关，观察到铝棒向左运动，这说明磁场对___________有力的作用，利用这一原理可以制成___________机；断开开关，对调电源正、负两极，重新接入电路，再次闭合开关，观察到铝棒向右运动，该步骤是验证___________的猜想。 17. 如图是某物质熔化过程中温度随时间变化的图像。根据图像可知，该物质的熔点是___________，在BC段处于___________状态，在A状态的内能比B状态的___________。 18. 如图所示，一块重为，体积为的合金块，用细绳拉着刚好浸没在水中，合金块受到的浮力为___________N（g取）。现将合金块从图中位置缓慢拉至刚好离开水面，此过程中烧杯对桌面的压力变化情况是___________；剪断细线，合金块在水中沿直线向下运动的过程中，不计水的阻力，其速度变化情况是___________。 19. “配速”定义为运动时间与路程的比值。小明在体能训练时配速随时间的变化如图所示。小明在A点的速度比B点的___________，内运动的路程为___________m，前1000m内的平均配速是___________s/m。 三、解答题（本题共7小题，共52分。解答25、26题时应有解题过程） 20. 按照题目要求作图： （1）在甲图中画出 的力臂 ； （2）在乙图中完成三脚插座接入电路的连线； （3）在丙图碗中加满水后恰好看到硬币右边缘，画出恰好看到右边缘的光路。 21. 小明用图示装置做“探究光的反射定律”实验。 （1）平面镜水平放置，让一束光斜射到平面镜上，调整白色卡纸的位置使入射光和反射光同时呈现在卡纸上，此现象说明___________。 （2）小明在卡纸上画出___________，用量角器测量___________。 （3）改变___________的方向，重复上述步骤，多测几次数据，记录在表中。小明多次实验的目的是___________。 （4）如果没有量角器，为了探究反射角和入射角的大小关系，在不借助其他测量工具的情况下，你的操作是___________。 22. 小明用天平和量筒测量牛奶的密度。 （1）将托盘天平置于水平桌面上，游码归零后指针如图甲所示，应向___________调节平衡螺母使天平水平平衡； （2）将空烧杯放入天平左盘，测出它的质量为m0=28.6g。将适量的牛奶倒入烧杯，用天平测出烧杯和牛奶的总质量如图乙所示，其质量m1=___________g； （3）将烧杯中的牛奶全部倒入量筒，如图丙所示，牛奶的体积V=___________mL，则牛奶的密度为ρ=___________g/cm3。牛奶的密度测量值总是大于真实值，原因是___________； （4）为减小误差，在（3）的基础上，需要补充的操作是___________（写出操作步骤和所测量的物理量及其符号），牛奶密度的表达式为___________（用所测物理量符号表示）。 23. 在“测量小灯泡的电功率”实验中，小明同学设计了如图甲所示电路，小灯泡额定电压为，电源电压为，滑动变阻器的规格为“”。 （1）用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整。 （2）导线正确连接后，应将滑动变阻器的滑片移动到___________。 （3）闭合开关，观察到电流表示数为，电压表为，小灯泡不亮，接下来的操作是___________。 （4）小明连续进行了5次测量，并把测量的数据和观察到的现象填写在设计的表格中，其中第4次测量时电流表的示数如图乙所示，此时电流为___________A，小灯泡的额定功率为___________W。 实验序号 1 2 3 4 5 电压U/V 0.5 1.0 2.0 2.5 3.0 电流I/A 0.20 0.23 0.27 0.42 灯泡亮度 不发光 暗 较暗 正常发光 很亮 （5）小明所设计的表格中缺少的一项是___________。 （6）分析实验数据发现，第___________次实验数据有误，判断依据是___________。 24. 如图所示，工人用力将重为1000N的物体在10s内匀速提升2m，拉力F的功率为250W。求： （1）滑轮对物体做的有用功； （2）动滑轮的机械效率； （3）拉力F的大小 25. 如图为小明设计的西瓜大棚自动加热模拟电路，包括控制电路和工作电路两部分，通过电磁继电器实现加热状态和保温状态的挡位变换，以维持棚内温度不变。、为电热丝，为滑动变阻器， 为热敏电阻（置于棚内），其电阻随温度升高而减小。已知工作电路连接家庭电路，加热功率为，保温功率为44W，的阻值为。求： （1）工作电路保温状态时的电流； （2）工作电路加热状态工作10min消耗的电能； （3）的电阻，并补全工作电路。（只需设计一种方案） 26. 阅读短文，回答问题。 鲲鹏展翅 蛟龙入海 鲲龙AG600M是我国自主研制的大型水陆两栖灭火飞机，广泛应用于森林灭火、水上救援、资源探查等领域。 如图所示，“鲲龙”AG600M的上方是飞机造型，下方则像船舶底部，机身下部设计成“V”形，便于在海面上滑行起降。“鲲龙”AG600M机身两侧配备4个汲水箱，总载水量可达12吨，可实现水面滑行汲水和空中投水等功能。 鲲龙AG600M的升力由机翼上下表面空气的压力差提供，这一原理与常规飞机一致。鲲龙AG600M动力来源于四台国产涡桨-6（WJ-6）发动机，空气进入发动机后被压缩至7.5倍大气压，压缩的空气与燃油在发动机的燃烧室混合燃烧，产生高温高压燃气推动涡轮旋转，旋转的涡轮驱动螺旋桨以1000-1500转/分钟的转速旋转，形成强大的推力，使鲲龙AG600M获得前进的动力。 （1）鲲龙AG600M在水面上匀速滑行汲水时受到的浮力随汲水量增加而___________； （2）鲲龙AG600M在空中飞行时，流过机翼上方空气的___________； A. 流速比下方慢，压强比下方小 B. 流速比下方慢，压强比下方大 C. 流速比下方快，压强比下方小 D. 流速比下方快，压强比下方大 （3）文中“空气进入发动机后被压缩至7.5倍大气压”所描述的过程相当于汽油机的___________冲程； （4）鲲龙AG600M螺旋桨高速旋转时，将空气高速推向机身的___________； A. 前方，空气对其产生向前的推力 B. 后方，空气对其产生向前的推力 C. 上方，空气对其产生向上的升力 D. 下方，空气对其产生向上的升力 （5）请写出制造鲲龙AG600M螺旋桨的材料应具备的物理属性：___________。（写出任两点即可） 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $