精品解析：2025年浙江省蓝青学校九年级下学期科学强基选拔考试试题

浙江省蓝青学校2024年4月初三校内加试考（强基选拔）卷Ⅱ 科学 本卷可能用到的相对原子质量：H-1 N-14 O-16 Na-23 S-32 K-39 Fe-56 Ba-137 一、单项选择题（共14小题，1-3题2分，4-14题4分，共50分） 1. 青岛五十八中的主教学楼中教室是边长约为5.4米的正六边形，已知空气密度是，这间教室中空气的质量相当于以下哪组物体的质量（　　） A. 三只鸡 B. 三个成人 C. 三张纸 D. 三本书 2. 蓝牙耳机传输的有效距离是10米。甲同学在（-4，0）位置以4m/s的速度沿x轴正方向跑步，同时乙同学在（0，-3）位置以3m/s的速度沿y轴正方向跑步，此过程中甲、乙同学间能保持蓝牙耳机有效传输的时间是（　　） A. 2s B. 2.5s C. 3s D. 3.5s 3. 某同学为了探究微粒性质，按图示进行实验，并借助传感设备测得U形管a、b中氨气浓度随时间变化的曲线（氨气极易溶于水）。下列关于该实验的说法中正确的是（　　） A. 曲线X对应的U形管为b B. 0~1min氨气浓度为零是因为微粒静止不动 C. 该实验不能证明微粒运动速率与温度有关 D. 湿棉花的作用是吸收氨气，减少氨气对空气的污染 4. 我国制碱工业先驱侯德榜发明了“侯氏制碱法”，其部分工艺如图1： I： II： 查阅资料：通常情况下，1L水能溶解约1LCO2或 某兴趣小组设计了如图2装置在实验室模拟该制碱过程，下列说法正确的有（　　） ①“侯氏制碱法”里的碱是酸、碱、盐的碱 ②反应原理Ⅰ是应用了物质溶解度的差异 ③图2中，B中导气管的作用是平衡气压，C装置用于制取CO2 ④根据NH3和CO2溶解度的不同，为生成更多的NaHCO3，应该先通入CO2再通入NH3 ⑤操作a的名称是过滤，用到的仪器有烧杯、漏斗、滤纸 ⑥反应原理Ⅱ的实验可以单独选择在A装置中进行 ⑦医疗上NaHCO3可用于治疗胃酸过多 ⑧反应过程中的副产物NH4Cl由于其水溶液显酸性，所以它属于酸 A. 4个 B. 5个 C. 6个 D. 7个 5. 已知同温同压下，气体体积比等于气体的分子数目之比．常温下，向盛有一定量氧气的密闭容器中通入氢气，用电火花点燃，使其充分反应，恢复至相同温度．测得容器中剩余气体的体积与通入氢气的体积关系如图所示．下列说法错误的是（ ） A. b点表示氢气与氧气恰好反应 B. 氧气的起始体积为 C. ab间，容器中剩余气体为氧气 D. c点对应纵坐标为 6. 如图甲所示，电源电压U恒为6V，R0为定值电阻。闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P从A端滑至B端的过程中，图乙是电压表的示数U随电流表示数I的变化关系，图丙是滑动变阻器的功率P随其两端电压U的变化关系，图丁是效率（即滑动变阻器消耗的功率与电路消耗的总功率之比）随滑动变阻器电阻R的变化关系，则下列判断正确的是（ ） A. 定值电阻R0的阻值为5Ω B. 滑动变阻器最大阻值6Ω C. 乙图阴影部分面积为2.88W D. 丙图b点的坐标为（2V，4.5W） 7. 初生婴儿6个月以内不会患天花。下列说法正确的是（　　） A. 从母体获得了抗原，产生非特异性免疫 B. 从母体获得了抗体，产生非特异性免疫 C. 从母体获得了抗原，产生特异性免疫 D. 从母体获得了抗体，产生特异性免疫 8. 一定质量的水体积为a，全部结成冰后体积变为b；一定质量的冰体积为c，全部化成水后体积变为d， 则（　　） A. b比a大，d比c B. b比a小，d比c大 C. b比a大， d比c小 D. b比a小，d比c大 9. 如图所示的电路，R1，R2为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关，发现每个电表都有一定的示数当向右移动变阻器的滑片时，则下列说法不正确的是（　　） A. 电流表A1、A2和电压表V的示数都增大 B. 电流表A1的变化量△I1大于电流表A2的变化量△I2 C. 当R1大于R2时，电阻R1两端电压变化量△U1大于电阻R2两端的电压变化量△U2 D. 当R1小于R2时，电阻R1消耗功率变化量△P1大于电阻消耗功率变化量△P2 10. 下列关于人体内分泌系统结构和功能的叙述，错误的是（　　） A. 甲状腺激素能促进骨骼成熟 B. 下丘脑神经分泌细胞具有甲状腺激素和促甲状腺激素的受体 C. 生长激素可使靶细胞对糖的利用减少，增加糖元生成 D. 卵巢分泌的雌激素可以激发和维持女性的第二性征 11. 下列关于生产量和生物量的叙述，正确的是（　　） A. 次级生产量是指生态系统中消费者用于生长繁殖的能量 B. 恒温动物次级生产量与同化量的比值一般低于变温动物 C. 群落演替达到顶极群落状态时，净初级生产量将长期保持零 D. 群落演替过程中第一个营养级以及整个群落生物量都在逐渐减少 12. 如图，半圆球P和竖直挡板固定在水平面上，挡板与P相切，光滑小球Q静止在P和挡板之间。已知Q的质量为m，P、Q的半径之比为4∶1，重力加速度大小为g。则Q对P的压力大小为（　　） A. B. C. D. 13. 利用如图所示的装置探究酵母菌的呼吸方式。下列叙述错误的是（　　） A. 实验开始前，向混合液表面滴加石蜡的目的是防止O2进入混合液 B. 澄清石灰水变浑浊说明酵母菌厌氧呼吸的产物为CO2 C. 若向广口瓶中通入空气，瓶内葡萄糖的消耗速率将加快 D. 实验时选用的水浴温度为30°C左右，是因为该温度处于酵母菌酒精发酵的适宜温度范围内 14. 电动机与小电阻串联接入电路，电动机正常工作时，小电阻的电阻为R1，两端电压为U1，流过的电流为I1；电动机的内电阻为R2，两端电压为U2，流过的电流为I2，则（　　） A. B. C. D. 二、简答题（共6题，15题每空1分，其余百优每空2分，共32分） 15. A+、B-、C、D、E、F分别表示含有18个电子的6种微粒（离子或分子）。请回答： （1）A元素是___________，B元素是___________（用元素符号表示）。 （2）C是由两种元素组成的双原子分子，其分子式是___________。 （3）D是氧化能力最强的双原子分子，其分子式是___________。 （4）E是由两种元素组成的三原子分子，其分子式是___________。 （5）F分子中含有8个原子，其分子式是___________。 16. 蛇纹石矿可以看做由MgO、Fe2O3、Al2O3、SiO2组成。 由蛇纹石制取碱式碳酸镁的实验步骤如图1所示： 查阅资料： A．几种物质沉淀和溶解时的pH如坐标图像所示； B．难溶性碱加热会生成两种氧化物，各元素化合价都不变。 （1）溶解前一般将先蛇纹石研磨，目的是___________，实验室中使用的研磨仪器是___________。 （2）在环节Ⅰ中产生的红褐色沉淀的化学反应方程式是___________。 （3）进行环节Ⅰ时，需控制溶液pH=6~7（有关沉淀与溶液pH关系见如图2），此时没有产生沉淀的离子是___________（写离子符号），Ca（OH）2不能过量，若Ca（OH）2过量，可能导致_______（填化学式，下同）溶解和产生_________沉淀。 17. 如图是某家族中有无白化病性状调查示意图，若用A、a分别表示控制人肤色的显性基因和隐性基因。请根据图中提供的信息回答下列问题：温州百优教育 （1）父母肤色正常，孩子肤色白化，这种现象称为___________。 （2）分析图一可知，___________婚配组合及结果能判断出白化病是隐性性状，从理论上推算3号携带致病基因的可能性是___________。（用百分数表示） （3）据推断，7号的基因组成是图二中的___________，5号和6号再生一胎，是白化男孩的几率是_________（用百分数表示） （4）由图二可知，在体细胞中，基因是成对存在的，并且位于成对的___________上。 18. 如图所示，粗细相同密度均匀的细棒做成“L”形，其中AC与CB垂直，AC长为L，CB长，整根细棒的重力是G，并放在固定的圆筒内，圆筒内侧面和底面均光滑，圆筒横截面的直径为L。平衡时细棒正好处于经过圆筒直径的竖直平面内。此时细棒对圆筒底面的压力大小为___________；细棒B端对圆筒侧面的压力为___________。 19. 如图所示，若将两个开关都闭合时，A1和A2的指针偏转角度相同，且电流表有两个量程分别为0~ 0.6A、0~3A，此时通过L1、L3的电流之比为1∶8，当将控制L1的开关断开，发现A2的示数减少了0.32A，那么两开关都闭合时流过L2的电流为___________。 20. 生态学家对某弃耕农田多年后形成的灌木丛进行调查，下表是此生态系统三个营养级生物的能量分析表。请回答下列问题[单位：] 营养级 同化量 未利用量 分解者分解量 呼吸量 一 248×1011 2.0×1011 1.7×1010 2.8×1010 二 3.0×109 4.6×108 6.4×108 1.5×109 三 ？ 8.0×107 4.0×107 2.3×108 （1）农田演替为灌木丛之前一般先经历___________阶段，该演替类型为___________。 （2）第三营养级生物的同化量为___________，第二营养级生物用于生长发育和繁殖的能量包括流入下一营养级的能量、___________。 （3）该生态系统存在捕食食物链和___________食物链，后者以___________为起点。 （4）生态系统的成分除了生物成分外，还有无机物、有机物能源、___________。 三、计算题（本大题共2题，每小题3分，共18分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位。） 21. 为测定一种混合氧化物（也称为多元氧化物，例如，也可写成的形式）的组成，称取12.52g样品，将其全部溶于过量稀硝酸后，配成100mL溶液。取其一半，加入过量溶液，生成白色沉淀，经过滤、洗涤、烘干后得4.66g固体。在余下的50mL溶液中加入过量NaOH溶液，只生成一种红褐色沉淀，将沉淀过滤、洗涤、灼烧后得3.20g固体。 （1）计算样品中氧元素的质量分数（保留1位小数）。 （2）确定该混合氧化物的化学式。 22. 如图甲所示，一个底面积为的薄壁柱形容器放在电子秤上，容器中放着一个高度为0.1m的均匀实心柱体A，向容器中缓慢注水，停止注水后，容器中水的深度为0.1m，电子秤的示数与容器中水的深度关系如图乙所示，求： （1）容器中水的深度为0.06m时，水对容器底部的压强； （2）A对容器底部压力恰好为零时，容器对电子秤的压强； （3）停止注水后，A所受的浮力； （4）停止注水后，将A竖直提高0.01m，A静止时水对容器底的压强。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$ 浙江省蓝青学校2024年4月初三校内加试考（强基选拔）卷Ⅱ 科学 本卷可能用到的相对原子质量：H-1 N-14 O-16 Na-23 S-32 K-39 Fe-56 Ba-137 一、单项选择题（共14小题，1-3题2分，4-14题4分，共50分） 1. 青岛五十八中的主教学楼中教室是边长约为5.4米的正六边形，已知空气密度是，这间教室中空气的质量相当于以下哪组物体的质量（　　） A. 三只鸡 B. 三个成人 C. 三张纸 D. 三本书 【答案】B 【解析】 【详解】有题意知教室是边长约为5.4米的正六边形，其面积约为 教室内高度一般约为3m，则由可得，这间教室内的空气质量约为 三只鸡的质量约为6kg；一个成年人的质量在75kg左右，三个成人的质量约为225kg；三张纸的在几克左右；三本书的质量在0.5kg左右，所以三个成年人的质量与这间教室空气质量最接近，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 2. 蓝牙耳机传输的有效距离是10米。甲同学在（-4，0）位置以4m/s的速度沿x轴正方向跑步，同时乙同学在（0，-3）位置以3m/s的速度沿y轴正方向跑步，此过程中甲、乙同学间能保持蓝牙耳机有效传输的时间是（　　） A. 2s B. 2.5s C. 3s D. 3.5s 【答案】C 【解析】 【详解】设坐标轴间隔为1m，甲乙同学到达坐标原点的时间分别为 可见甲乙两同学同时到达坐标原点，接下来当甲乙运动时间为t时，甲乙直线距离为10m，那么根据三角形的边长特点可得 解得t=2s 甲乙同学保持蓝牙耳机有效传输的时间是t’=1s+2s=3s 故选C。 3. 某同学为了探究微粒性质，按图示进行实验，并借助传感设备测得U形管a、b中氨气浓度随时间变化的曲线（氨气极易溶于水）。下列关于该实验的说法中正确的是（　　） A. 曲线X对应的U形管为b B. 0~1min氨气浓度为零是因为微粒静止不动 C. 该实验不能证明微粒运动速率与温度有关 D. 湿棉花的作用是吸收氨气，减少氨气对空气的污染 【答案】D 【解析】 【详解】A、温度越高，分子运动越剧烈，a端有电热丝加热，温度高分子运动快，氨气浓度测出值大，因此曲线X对应的U型管为a，错误； B、分子在不断运动，0-1min氨气浓度为零，可能是因为此时氨分子还未运动到传感器位置，错误； C、通过a、b对比可知，温度高时，分子运动速率更快，因此实验证明了微粒运动速率与温度有关，错误； D、NH3排放到空气中会污染空气，可利用氨气易溶于水的性质，用水吸收，因此湿棉花的作用是吸收NH3，减少NH3对空气的污染，正确。 故选D。 4. 我国制碱工业先驱侯德榜发明了“侯氏制碱法”，其部分工艺如图1： I： II： 查阅资料：通常情况下，1L水能溶解约1LCO2或 某兴趣小组设计了如图2装置在实验室模拟该制碱过程，下列说法正确的有（　　） ①“侯氏制碱法”里碱是酸、碱、盐的碱 ②反应原理Ⅰ是应用了物质溶解度的差异 ③图2中，B中导气管的作用是平衡气压，C装置用于制取CO2 ④根据NH3和CO2溶解度的不同，为生成更多的NaHCO3，应该先通入CO2再通入NH3 ⑤操作a的名称是过滤，用到的仪器有烧杯、漏斗、滤纸 ⑥反应原理Ⅱ的实验可以单独选择在A装置中进行 ⑦医疗上NaHCO3可用于治疗胃酸过多 ⑧反应过程中的副产物NH4Cl由于其水溶液显酸性，所以它属于酸 A. 4个 B. 5个 C. 6个 D. 7个 【答案】A 【解析】 【详解】①“侯氏制碱法”里的“碱”是指纯碱，纯碱是碳酸钠的俗称，碳酸钠属于盐，此说法错误； ②反应原理Ⅰ是应用了物质溶解度的差异，相同温度下，NaHCO3的溶解度比NH4Cl的溶解度小，NaHCO3先结晶析出，此说法正确； ③图2中，B中导气管的作用是平衡气压，使其内外气压相等，C装置用于制取CO2，此说法正确； ④根据NH3和CO2溶解度的不同，为生成更多的NaHCO3，应该先通入NH3再通入CO2，此说法错误； ⑤操作a的名称是过滤，用到的仪器有烧杯、漏斗、铁架台、玻璃棒等，此说法错误； ⑥A装置是固固加热型发生装置，反应原理Ⅱ的实验可以单独选择在A装置中进行，此说法正确； ⑦胃酸中含有盐酸，医疗上NaHCO3可用于治疗胃酸过多，此说法正确； ⑧反应过程中的副产物NH4Cl由铵根离子和酸根离子构成，它属于盐，此说法错误。 故选A。 5. 已知同温同压下，气体体积比等于气体的分子数目之比．常温下，向盛有一定量氧气的密闭容器中通入氢气，用电火花点燃，使其充分反应，恢复至相同温度．测得容器中剩余气体的体积与通入氢气的体积关系如图所示．下列说法错误的是（ ） A. b点表示氢气与氧气恰好反应 B. 氧气的起始体积为 C. ab间，容器中剩余气体为氧气 D. c点对应纵坐标为 【答案】D 【解析】 【详解】A. b点时容器中剩余气体的体积为零，说明此时氢气与氧气恰好完全反应，此选项正确； B. 两种气体恰好完全反应时消耗的氢气的体积为4ml，由氢气与氧气反应的化学方程式可知，参加反应的氢气与氧气的分子个数比为2：1，已知同温同压下，气体体积比等于气体的分子数目之比，所以恰好完全反应时氢气与氧气的体积比也是2：1，故氧气的其实体积为2ml，此选项正确； C. 由a点到b点，随着不断通入氢气，容器内剩余气体的体积逐渐减少，说明氧气在不断被消耗，b点时恰好反应完，所以ab间，容器中剩余气体为氧气，此选项正确； D. c点时通入的氢气的总体积为xml，b点恰好完全反应时消耗的氢气的体积为4ml，b点到c点氢气的体积不断增多，所以剩余的体积为（x-4），此选项错误。 故选D。 6. 如图甲所示，电源电压U恒为6V，R0为定值电阻。闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P从A端滑至B端的过程中，图乙是电压表的示数U随电流表示数I的变化关系，图丙是滑动变阻器的功率P随其两端电压U的变化关系，图丁是效率（即滑动变阻器消耗的功率与电路消耗的总功率之比）随滑动变阻器电阻R的变化关系，则下列判断正确的是（ ） A. 定值电阻R0的阻值为5Ω B. 滑动变阻器最大阻值6Ω C. 乙图阴影部分面积为2.88W D. 丙图b点的坐标为（2V，4.5W） 【答案】C 【解析】 【详解】A．分析电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测整个电路电流，电压表与滑动变阻器并联，测滑动变阻器两端电压。由图乙可知，当电压为零时，滑动变阻器阻值为零，此时电路为只有定值电阻的简单电路，此时电流 I=3A 电源电源6V，可知定值电阻阻值 故A错误； B．因串联电路中各处电流都相等，且串联电路中总电阻等于各部分电阻之和，由 P=UI=I2R 得滑动变阻器消耗的功率与电路消耗的功率之比 当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，效率最大，由图丁可得，最大效率80%，则 解得 R滑大=8Ω 故B错误； C．由图乙可知，a点为电流最小时，此时滑动变阻器接入阻值最大，此时电路电流为 此时电压表示数 则图乙上经过a点的阴影部分面积 故C正确； D．当滑动变阻器接入电路中的电阻为R时，电路中电流 此时滑动变阻器消耗的电功率 当 R=R0=2Ω 变阻器消耗的电功率最大，由图丙可知，变阻器消耗的最大功率为4.5W。此时电路中的电流 电压表的示数 则图丙上b点的坐标为（3V，4.5W），故D错误。 故选C。 7. 初生婴儿6个月以内不会患天花。下列说法正确的是（　　） A. 从母体获得了抗原，产生非特异性免疫 B. 从母体获得了抗体，产生非特异性免疫 C. 从母体获得了抗原，产生特异性免疫 D. 从母体获得了抗体，产生特异性免疫 【答案】D 【解析】 【分析】非特异性免疫又称先天性免疫，是人人生来就有的，不针对某一特定的病原体，而是对多种病原体都有防御作用。 特异性免疫又称后天性免疫，是出生后才产生的，只针对某一特定的病原体或异物起作用。通过注射疫苗获得的免疫力属于特异性免疫。 【详解】A．抗原是引起免疫反应的物质，而不是免疫保护本身。此外，从母体获得的免疫保护是特异性的，而不是非特异性的，A错误。 B．从母体获得的抗体产生的免疫是特异性的，B错误。 C．抗原不是免疫保护物质，而是引起免疫反应的物质，C错误。 D．婴儿从母体获得的抗体可以针对特定的病原体（如天花病毒）提供保护，这种保护是特异性的，D正确。 故选D。 8. 一定质量的水体积为a，全部结成冰后体积变为b；一定质量的冰体积为c，全部化成水后体积变为d， 则（　　） A. b比a大，d比c B. b比a小，d比c大 C. b比a大， d比c小 D. b比a小，d比c大 【答案】C 【解析】 【详解】水的密度 ρ水=1.0×103kg/m3，冰的密度ρ冰=0.9×103kg/m3。一定质量的水体积为a，全部结成冰后体积变为b，因为质量不变，冰的密度比水的密度小，所以b比a大， 体积为c的冰化成水后，质量不变，因此有，即 则 故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 9. 如图所示的电路，R1，R2为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关，发现每个电表都有一定的示数当向右移动变阻器的滑片时，则下列说法不正确的是（　　） A. 电流表A1、A2和电压表V的示数都增大 B. 电流表A1的变化量△I1大于电流表A2的变化量△I2 C. 当R1大于R2时，电阻R1两端电压变化量△U1大于电阻R2两端的电压变化量△U2 D. 当R1小于R2时，电阻R1消耗功率变化量△P1大于电阻消耗功率变化量△P2 【答案】C 【解析】 【详解】A．据图可知，电路是两电阻并联，再与变阻器串联，电压表测两定值电阻电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流，当向右移动变阻器的滑片时，变阻器接入电路中的阻值变小，电路中的总电阻变小，根据可知，干路电流会变大，即电流表A1的示数变大；由串联分压原理可知，变阻器两端电压变小，两定值电阻两端电压变大，即电压表的示数变大，由可知，R1支路的电流变大，故A正确，不符合题意； B．电压表的示数变大，则R2支路的电流也会变大，根据并联电路中电流规律可知，电流表A1的变化量△I1大于电流表A2的变化量△I2，故B正确，不符合题意； C． 由于R1，R2并联，根据并联电压规律可知，两定值电阻两端电压始终相等，则两电阻电压变化量相等，故C错误，符合题意； D．当R1小于R2时，由于两电阻电压的变化量相同，根据可知，电阻R1消耗功率变化量△P1大于电阻消耗功率变化量△P2，故D正确，不符合题意。 故选C。 10. 下列关于人体内分泌系统结构和功能的叙述，错误的是（　　） A. 甲状腺激素能促进骨骼的成熟 B. 下丘脑神经分泌细胞具有甲状腺激素和促甲状腺激素的受体 C. 生长激素可使靶细胞对糖的利用减少，增加糖元生成 D. 卵巢分泌的雌激素可以激发和维持女性的第二性征 【答案】B 【解析】 【分析】内分泌系统是人体重要的功能调节系统，在体液调节中起主要作用，它与神经系统紧密联系，相互配合，共同调节体内各种生理功能。内分泌系统由内分泌腺和内分泌细胞组成。内分泌腺或内分泌细胞分泌的具有高效生物活性的化学物质，叫激素。激素的作用广泛而复杂，调节机体物质代谢．维持内环境的稳定，促进机体生长发言，增强机体的适应能力。人体主要的内分泌腺有垂体、甲状腺、甲状旁腺、肾上腺、胰岛和性腺。甲状腺激素具有促进新陈代谢，提高神经系统兴奋性的作用，促进幼小动物神经系统的发育；幼年时甲状腺激素不足，患呆小症；甲状腺激素的靶细胞是全身组织细胞。 【详解】A．甲状腺激素则对机体的生长发育，对于骨骼成熟也有一定的促进作用，A正确。 B．下丘脑神经分泌细胞具有甲状腺激素的受体，没有促甲状腺激素的受体，B错误。 C．生长激素可使靶细胞对糖的利用减少，增加糖原生成，C正确。 D．卵巢是女性的生殖腺，分泌的雌激素可以激发和维持女性的第二性征，D正确。 故选B。 11. 下列关于生产量和生物量的叙述，正确的是（　　） A. 次级生产量是指生态系统中消费者用于生长繁殖的能量 B. 恒温动物次级生产量与同化量的比值一般低于变温动物 C. 群落演替达到顶极群落状态时，净初级生产量将长期保持零 D. 群落演替过程中第一个营养级以及整个群落的生物量都在逐渐减少 【答案】B 【解析】 【分析】初级生产量指生产者通过光合作用固定的能量。次级生产量是指在单位时间内由于动物和微生物的生长和繁殖而增加的生物量或所贮存的能量。次级生产量=同化量－呼吸量。 【详解】A．次级生产量是除生产者外的其它有机体的生产，即消费者和分解者利用初级生产量进行同化作用，表现为动物和其它异养生物生长、繁殖和营养物质的贮存，A错误。 B．恒温动物呼吸消耗散失用于维持体温恒定的能量更多，故其次级生产量与同化量的比值一般低于变温动物，B正确。 C．群落演替达到顶极群落状态时，要维持消费者的生存，净初级生产量要大于零，C错误。 D．生物量指的是现存生物的有机物总量。在群落演替的过程中，随着物种数目不断增多以及营养级数目的增加，第一个营养级以及整个群落的生物量通常是逐渐增加的，并非逐渐减少，D错误。 故选B。 12. 如图，半圆球P和竖直挡板固定在水平面上，挡板与P相切，光滑小球Q静止在P和挡板之间。已知Q的质量为m，P、Q的半径之比为4∶1，重力加速度大小为g。则Q对P的压力大小为（　　） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】对Q受力分析，如下图所示： 小球受重力G、半圆柱体对小球的支持力N2和挡板对小球的支持力N1，连接半圆柱体的圆心O1和小球的圆心O2，则O1O2=4R+R=5R 过O2做竖直线与地面交于P点，则 ，则。由数学知识可得 根据力的作用是相互的可得，Q对P的压力和P对Q的支持力大小相等，其大小为。 故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 13. 利用如图所示的装置探究酵母菌的呼吸方式。下列叙述错误的是（　　） A. 实验开始前，向混合液表面滴加石蜡的目的是防止O2进入混合液 B. 澄清石灰水变浑浊说明酵母菌厌氧呼吸的产物为CO2 C. 若向广口瓶中通入空气，瓶内葡萄糖的消耗速率将加快 D. 实验时选用的水浴温度为30°C左右，是因为该温度处于酵母菌酒精发酵的适宜温度范围内 【答案】B 【解析】 【详解】A、实验开始前，向混合液表面滴加石蜡的目的是防止O2进入混合液，创造无氧环境探究酵母菌无氧呼吸，选项正确； B、澄清石灰水变浑浊说明装置内含有二氧化碳，不能说明酵母菌厌氧呼吸的产物为CO2，选项错误； C、向广口瓶中通入空气，有利于酵母菌的繁殖，导致瓶内葡萄糖的消耗速率将加快，选项正确； D、实验时选用的水浴温度为30°C左右，是因为该温度处于酵母菌酒精发酵的适宜温度范围内，选项正确； 故选B 14. 电动机与小电阻串联接入电路，电动机正常工作时，小电阻的电阻为R1，两端电压为U1，流过的电流为I1；电动机的内电阻为R2，两端电压为U2，流过的电流为I2，则（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】A．小电珠与电动机串联，由串联电路中电流规律可知，I1=I2，故A不符合题意； BCD．由欧姆定律可得，对小电珠两端电压 电动机正常工作时，由于线圈切割磁感线产生感应电流，则电动机抵消部分电压，则 故有 故D符合题意，BC不符合题意。 故选D。 二、简答题（共6题，15题每空1分，其余百优每空2分，共32分） 15. A+、B-、C、D、E、F分别表示含有18个电子的6种微粒（离子或分子）。请回答： （1）A元素是___________，B元素是___________（用元素符号表示）。 （2）C是由两种元素组成的双原子分子，其分子式是___________。 （3）D是氧化能力最强的双原子分子，其分子式是___________。 （4）E是由两种元素组成的三原子分子，其分子式是___________。 （5）F分子中含有8个原子，其分子式是___________。 【答案】（1） ①. K ②. Cl （2）HCl （3）F2 （4）H2S （5）C2H6 【解析】 小问1详解】 A的带有一个单位正电荷的阳离子含有18个电子，说明原子中的电子数是19，故是钾元素，B的带有一个单位负电荷的阴离子含有18个电子，说明B元素是氯元素，故符号为：K、Cl； 【小问2详解】 C是由两种元素组成的双原子分子，共含有18个电子，则是由氢元素和氯元素组成的氯化氢，故符号为：HCl； 【小问3详解】 D是氧化能力最强的双原子分子，含有18个电子，故是氟气的分子，故符号为：F2； 【小问4详解】 E是由两种元素组成的三原子分子，是硫化氢分子，故符号为：H2S； 【小问5详解】 F分子中含有8个原子，共有18个电子，故是乙烷分子，故符号为：C2H6。 16. 蛇纹石矿可以看做由MgO、Fe2O3、Al2O3、SiO2组成。 由蛇纹石制取碱式碳酸镁的实验步骤如图1所示： 查阅资料： A．几种物质沉淀和溶解时的pH如坐标图像所示； B．难溶性碱加热会生成两种氧化物，各元素化合价都不变。 （1）溶解前一般将先蛇纹石研磨，目的是___________，实验室中使用的研磨仪器是___________。 （2）在环节Ⅰ中产生的红褐色沉淀的化学反应方程式是___________。 （3）进行环节Ⅰ时，需控制溶液pH=6~7（有关沉淀与溶液pH的关系见如图2），此时没有产生沉淀的离子是___________（写离子符号），Ca（OH）2不能过量，若Ca（OH）2过量，可能导致_______（填化学式，下同）溶解和产生_________沉淀。 【答案】（1） ①. 增大反应物的接触面积，使反应更充分 ②. 研钵 （2）2FeCl3+3Ca(OH)2=2Fe(OH)3↓+3CaCl2 （3） ①. Mg2+         ②. Al(OH)3  ③. Mg(OH)2  【解析】 【小问1详解】 解前一般将先蛇纹石研磨，能够增大反应物的接触面积，使反应更充分；实验室中使用的研磨仪器是研钵； 【小问2详解】 在环节I中产生的红褐色沉淀的反应是氯化铁与氢氧化钙反应生成氢氧化铜沉淀和氯化钙，故反应的化学方程式写为：2FeCl3+3Ca(OH)2=2Fe(OH)3↓+3CaCl2； 【小问3详解】 由图可知，pH=8时，镁离子才开始沉淀，所以pH=6~7时没有产生沉淀的离子是镁离子，其离子符号为Mg2+；由图可知，若Ca(OH)2过量，溶液的pH>7，氢氧化铝沉淀的质量逐渐减少，即氢氧化铝[Al(OH)3 ]逐渐溶解，pH<7时，氢氧化镁沉淀的质量为零，当溶液的pH>8后，生成氢氧化镁的质量逐渐增加，所以若Ca(OH)2过量，可能导致生成氢氧化镁[Mg(OH)2 ]沉淀。 17. 如图是某家族中有无白化病性状的调查示意图，若用A、a分别表示控制人肤色的显性基因和隐性基因。请根据图中提供的信息回答下列问题：温州百优教育 （1）父母肤色正常，孩子肤色白化，这种现象称为___________。 （2）分析图一可知，___________婚配组合及结果能判断出白化病是隐性性状，从理论上推算3号携带致病基因的可能性是___________。（用百分数表示） （3）据推断，7号的基因组成是图二中的___________，5号和6号再生一胎，是白化男孩的几率是_________（用百分数表示） （4）由图二可知，在体细胞中，基因是成对存在的，并且位于成对的___________上。 【答案】（1）变异 （2） ①. 3、4 ②. 100% （3） ①. ② ②. 25% （4）染色体 【解析】 【分析】生物的性状由基因控制，基因有显性和隐性之分；显性基因是控制显性性状发育的基因，隐性基因，是控制隐性性状的基因；当细胞内控制某种性状的一对基因都是显性或一个是显性、一个是隐性时，生物体表现出显性基因控制的性状；当控制某种性状的基因都是隐性时，隐性基因控制的性状才会表现出来。 【小问1详解】 遗传是指亲子间的相似性，生物的亲代与子代之间以及子代的个体之间在性状上的差异叫变异；父母肤色正常，而所生的孩子是白化病，体现了亲子代之间性状的差异，因此，这种现象在遗传学上称为变异。 【小问2详解】 从图中看出第二代6号患病，若用A、a分别表示控制人肤色的显性基因和隐性基因，因此3号和4号所生第二代6号是患病的，而第二代6号从第一代3号和4号遗传来的基因是a,因此第一代3号的基因组成是Aa,从理论上推算3号携带致病基因的可能性是100%。 【小问3详解】 在亲代的生殖细胞形成过程中，经过减数分裂，染色体、基因彼此分离。据推断，7号的基因组成来自亲代5和6各提供一个基因，而6号的基因一定是aa,7号正常，因此7号的基因因此是Aa,是图二中的②．从遗传图看出，若5和6生一个肤色正常的孩子，6号的基因组成是aa,所以第二代6号个体遗传给7号的基因一定是a,由此推测5号个体的基因组成为Aa.遗传图解如图1： 从图1看出，他们再生育一个患白化病孩子的几率为50%。 人的性别遗传过程如图2： 可见生男生女的几率是均等的，所以5号和6号再生一胎，是白化男孩的几率是50%×50%=25%。 【小问4详解】 由图二可知，在生物的体细胞中，染色体是成对存在的，基因也是成对存在的，分别位于成对的染色体上。 18. 如图所示，粗细相同密度均匀的细棒做成“L”形，其中AC与CB垂直，AC长为L，CB长，整根细棒的重力是G，并放在固定的圆筒内，圆筒内侧面和底面均光滑，圆筒横截面的直径为L。平衡时细棒正好处于经过圆筒直径的竖直平面内。此时细棒对圆筒底面的压力大小为___________；细棒B端对圆筒侧面的压力为___________。 【答案】 ①. G ②. 【解析】 【详解】[1]分析下图知道 “L”形细棒处于静止状态，根据物体受力平衡条件知道，物体在水平方向和竖直方向上和合力为零，则 故 细棒在竖直面内只受到重力和圆筒底面的支持力，圆筒底面对细棒的支持力等于重力，由力的作用相互性可知，细棒对圆筒底面的压力大小为G。 [2]以C点为杠杆ACB的支点，则根据杠杆平衡条件知道 所以有 又因为N1=N2 所以， 即……① 因圆筒横截面的直径为L，由几何关系知道 即 又因为 解得， 代入①式得 由力的作用相互性可知，细棒B端对圆筒侧面的压力为。 19. 如图所示，若将两个开关都闭合时，A1和A2的指针偏转角度相同，且电流表有两个量程分别为0~ 0.6A、0~3A，此时通过L1、L3的电流之比为1∶8，当将控制L1的开关断开，发现A2的示数减少了0.32A，那么两开关都闭合时流过L2的电流为___________。 【答案】0.24 【解析】 【详解】由图知道，将两个开关都闭合时，灯L1、L2、L3并联，电流表A1测量L2和L3的总电流，电流表A2测量L2和L1的总电流。将控制L1的开关断开，因为并联，干路电流等于各支路电流之和，并且控制L1的开关断开时，A2的示数减少了0.32A，则通过L1的电流为0.32A。又因为两个开关都闭合时，通过L1、L3的电流之比为1∶8，所以流过L3的电流为 两个开关都闭合时，两个电流表指针偏转角度相同，且电流表有两个量程分别为0~0.6A，0~3A，所以A1选择的是大量程，A2选择的是小量程。又因为电压表指针指示同一位置，大小量程相差5倍，即 解得 20. 生态学家对某弃耕农田多年后形成的灌木丛进行调查，下表是此生态系统三个营养级生物的能量分析表。请回答下列问题[单位：] 营养级 同化量 未利用量 分解者分解量 呼吸量 一 2.48×1011 2.0×1011 1.7×1010 2.8×1010 二 3.0×109 4.6×108 6.4×108 1.5×109 三 ？ 8.0×107 4.0×107 2.3×108 （1）农田演替为灌木丛之前一般先经历___________阶段，该演替类型为___________。 （2）第三营养级生物的同化量为___________，第二营养级生物用于生长发育和繁殖的能量包括流入下一营养级的能量、___________。 （3）该生态系统存在捕食食物链和___________食物链，后者以___________为起点。 （4）生态系统的成分除了生物成分外，还有无机物、有机物能源、___________。 【答案】（1） ①. 草本植物 ②. 次生演替 （2） ①. 4.0×108J/hm2•a ②. 未利用量、流向分解者的能量 （3） ①. 腐食 ②. 死亡生物或现成有机物 （4）气候 【解析】 【分析】1、群落演替如果是在从未有任何生物定居过的裸岩、沙丘和湖底开始，这种演替就是原生演替，它所经历的时间比较长。如果由于火灾、洪水和人为破坏把原有群落毁灭，在被毁灭群落基质上所进行的演替就是次生演替。一般说来，次生演替的基质和环境条件比较好，因为原有群落毁灭后总会留下大量有机质和有生存力的孢子和种子等，次生演替经历的时间比较短。 2、初生演替的过程为裸岩阶段→地衣阶段→苔藓阶段→草本植物阶段→灌木阶段→森林阶段。 【小问1详解】 由分析可知，农田演替为灌木丛之前一般先经历草本植物阶段，因为该地区具备有机质和有生存力的孢子和种子等，所以演替类型为次生演替。 【小问2详解】 同化量=呼吸量+用于自身生长、发育、繁殖的能量=呼吸量+未利用量+分解者分解量+流入下一营养级的量。因此第三营养级生物的同化量=3.0×109-4.6×108-6.4×108-1.5×109=4.0×108 J/hm2•a；第二营养级生物用于生长、发育和繁殖的能量包括流入下一营养级的能量、未利用量、分解者分解量（流向分解者的能量） 【小问3详解】 该生态系统既有生产者、消费者，又有分解者，所以该生态系统既存在以活的动植物为起点的捕食食物链，又存在以死亡生物或现成有机物为起点的腐食食物链。 【小问4详解】 生态系统通常都是由无机物、有机物、气候、能源、生产者、消费者和分解者七大成分组成的。 三、计算题（本大题共2题，每小题3分，共18分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位。） 21. 为测定一种混合氧化物（也称为多元氧化物，例如，也可写成的形式）的组成，称取12.52g样品，将其全部溶于过量稀硝酸后，配成100mL溶液。取其一半，加入过量溶液，生成白色沉淀，经过滤、洗涤、烘干后得4.66g固体。在余下的50mL溶液中加入过量NaOH溶液，只生成一种红褐色沉淀，将沉淀过滤、洗涤、灼烧后得3.20g固体。 （1）计算样品中氧元素的质量分数（保留1位小数）。 （2）确定该混合氧化物的化学式。 【答案】（1）解：称取12.52g样品，将其全部溶于过量稀硝酸后，配成100mL溶液。取其一半，加入过量硫酸钾溶液，生成白色沉淀，经过滤、洗涤、烘干后得4.66g固体，该固体为硫酸钡，其中钡元素的质量=4.66g××100%=2.74g，在余下的50mL溶液中加入过量NaOH溶液，只生成一种红褐色沉淀，将沉淀过滤、洗涤、灼烧后得3.20g固体，该固体为氧化铁，其中铁元素的质量=3.20g××100%=2.24g，样品中氧元素的质量=12.52g−2.74g×2−2.24g×2=2.56g，则样品中氧元素的质量分数=×100%=20.4% 答：样品中氧元素的质量分数为20.4%。 （2）解：样品中钡元素的质量=2.74g×2=5.48g，铁元素的质量=2.24g×2=4.48g，氧元素的质量为2.56g，样品中钡、铁、氧元素的原子数目比=：：=1：2：4，则该混合氧化物的化学式为BaFe2O4或BaO·Fe2O3 答：该混合氧化物的化学式为BaFe2O4或BaO·Fe2O3。 【解析】 【小问1详解】 见答案。 【小问2详解】 见答案。 22. 如图甲所示，一个底面积为的薄壁柱形容器放在电子秤上，容器中放着一个高度为0.1m的均匀实心柱体A，向容器中缓慢注水，停止注水后，容器中水的深度为0.1m，电子秤的示数与容器中水的深度关系如图乙所示，求： （1）容器中水深度为0.06m时，水对容器底部的压强； （2）A对容器底部压力恰好为零时，容器对电子秤的压强； （3）停止注水后，A所受的浮力； （4）停止注水后，将A竖直提高0.01m，A静止时水对容器底的压强。 【答案】（1）600Pa （2）625Pa （3）18N （4）700Pa 【解析】 【小问1详解】 容器中水的深度为0.06m时，水对容器底部的压强是 【小问2详解】 由图乙知道，当水的深度为h1=0.06m时，A对容器底部压力恰好为零，此时容器对电子秤的压力F=G总=mg=2.5kg×10N/kg=25N 容器对电子秤的压强 【小问3详解】 当A对容器底部压力恰好为零时，有F浮=GA，此时A浸入水的高度为0.06m，A刚好处于漂浮状态；由图乙知，此时容器中注入的水的质量m1=2.5kg-1.9kg=0.6kg 设柱体A的底面各为SA，则m1=ρ水(0.04-SA)h1 即 当注水的深度为0.1m时，由于A仍然处于漂浮状态，则柱体A所受浮力不变，即A浸入水中的高度仍然为0.06m，此时A排开水的体积V排=0.06SA=0.06m×0.03m2=1.8×10-3m3 由阿基米德原理知道，A所受的浮力 【小问4详解】 停止注水后，将A竖直提高0.01m后，设水下降的高度为Δh，由SA(0.01m+Δh)=S容Δh 即0.03m2×(0.01m+Δh)=0.04m2×Δh 解得Δh =0.03m，此时容器内水的深度h′=0.1m﹣0.03m=0.07m A静止时水对容器底的压强p3=ρ水gh′=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.07m=700Pa 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$